2026届陕西省高三下学期高考适应性测试（二）物理试题（含解析）

2026 年高考适应性检测（二）
物理
注意事项：
1 ．答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上，并将自己的姓名、准考证号、座位号填写在本试卷上。
2 ．回答选择题时，选出每小题答案后，用 2B 铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑；如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。涂写在本试卷上无效。
3 ．作答非选择题时，将答案书写在答题卡上，书写在本试卷上无效。
4 ．考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。
一、单项选择题：本题共 7 小题，每小题 4 分，共 28 分。在每小题给出的四个选项中，只有一项符合题目要求。
1．“烛龙一号”是我国首款自主研制的4 C 核电池，它以超长寿命、极端环境适应性和高安全性引发全球关注。已知该核电池内的核反应方程是 4 C →4 N + X ， 4 C 半衰期是 5730 年。下列说法正确的是( )
A ．该反应是 α 衰变
B ．该反应是 β 衰变
C ．环境温度升高时， 4 C 半衰期小于 5730 年
D ．在极地科考环境下， 4 C 半衰期大于 5730 年
2 ．感应自动门在人走近时自动打开，离开时自动关闭，已知该感应门完全打开过程中移动的距离为 d，感应门打开过程中的 v-t 图像如图所示，最大速度为vm ，加速与减速时的加速
度大小均为 a，则该感应门完全打开需要的时间为( )
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A ． B ． C ． D ．
3．我国计划于 2030 年前后发射“天问三号”探测器，实施火星采样返回任务。若完成采样后，探测器返回时其运动轨迹如图所示，先在轨道Ⅰ上绕火星做圆周运动，在 P 点变轨后，进入椭圆轨道Ⅱ运动，P、Q 点分别为近火点和远火点。则下列说法正确的是( )
A ．探测器在轨道Ⅱ上从 P 点运动到 Q 点过程中，受到火星的引力增大
B ．探测器在轨道Ⅱ上从 P 点运动到 Q 点过程中，运行速度减小
C ．不论是在轨道Ⅰ还是在轨道Ⅱ上运行，探测器的加速度大小相同
D ．不论是在轨道Ⅰ还是在轨道Ⅱ上运行，探测器的运行周期相同
4 ．特高压输电可以大幅提升输电效率，显著降低远距离输送的能耗。我国特高压输电技术水平与应用规模均居全球领先。现假设从 A 处采用 550kV 的超高压向 B 处输电，输电线上损耗的电功率为ΔP，到达 B 处时电压下降了ΔU，在保持 A 处输送的电功率和输电线电阻都不变的条件下，改用 1100kV 特高压输电，输电线上损耗的电功率变为ΔP′，到达 B 处时电压下降了ΔU′，不考虑其他因素的影响，则( )
5 ．如图，PO 为光滑绝缘竖直墙壁，OQ 为光滑绝缘水平地面，地面上方有一水平向左的匀强电场 E，带正电荷的 A 、B 两小球（均视为质点）均紧靠接触面而处于静止状态。若在小球 A 上加竖直向下的推力 F，小球 A 沿墙壁 PO 向着 O 点移动一小段距离后，适当移动 B球，小球 A 与 B 重新处于静止状态，假设两小球所带电荷量保持不变，则有推力 F 的新平衡状态与原平衡状态比较( )
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A ．A 球对竖直墙壁的作用力增大 B ．两球之间的距离不变
C ．A 球与 B 球间的静电力增大 D ．地面对 B 球的弹力不变
6 ．已知一个点电荷与无限大金属板间的电场与等量异种点电荷连线中垂线一侧的电场分布相同。如图所示，无限大接地金属板MN的垂线Od 上a 、b 、c 三点恰将Od 均分为四段，
每段长度均为L 。在 O 点固定一电荷量为Q 的正点电荷，虚线分别为过a 、b 、c 三点的等 势线，实线为某试探电荷仅在电场力作用下运动的轨迹，轨迹与等势线分别交于e 、f 、c 、 g 、h 点。当该试探电荷运动到c 点时，其电势能Epc = -4eV 、动能Ek = 8eV 。已知单个点 电荷Q 周围某点的电势 ，r 为该点到点电荷Q 的距离。下列说法正确的是( )
A ．该试探电荷分别从e 到f 和从f 到c 的运动过程中，电场力做的功相等
B ．该试探电荷带正电
C ．该试探电荷运动到f 点时的动能为14eV
D ．b 点的场强大小为
7 ．一轻弹簧的一端固定在倾角为θ 的固定光滑斜面的底部，另一端和质量为 m 的小物块 a 相连，如图所示。质量为 m 的小物块 b 紧靠 a 静止在斜面上，此时弹簧的压缩量为x0 （a、 b 和小物块均可视为质点）。从t = 0 时开始，对 b 施加沿斜面向上的外力，使 b 做匀加速直 线运动。经过一段时间后，物块 a 、b 分离，再经过同样长的时间，b 距其出发点的距离恰
好也为x0 。弹簧始终在弹性限度内，重力加速度大小为 g。则以下说法正确的是( )
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A ．两物块 a 、b 分离时，弹簧处于原长
B ．物块 b 加速度的大小为g sinθ
C ．弹簧的劲度系数k
D ．两物块 a 、b 分离时，弹簧弹力大小为
二、多项选择题：本题共 3 小题，每小题 6 分，共 18 分。在每小题给出的四个选项中，有多项符合题目要求，全部选对的得 6 分，选对但不全的得 3 分，有选错的得 0 分。
8 ．图甲为一列沿 x 轴传播的简谐横波某时刻的波动图像。Q 点平衡位置坐标为x =15m ，以此时刻为计时起点，质点 Q 振动图像如图乙所示。P 点是平衡位置在x =0 处的质点，此时它的位移为-5cm 。下列说法正确的是( )
A ．该波沿 x 轴正方向传播 B ．该波的波长为 36m
C ．该波沿 x 轴负方向传播 D．P 在 2s 末的位移为 5cm
9 ．如图所示，一定质量的理想气体，经历 a→b→c→a 的循环过程，其中 a→b 是等容过程， b→c 是等温过程，c→a 是等压过程。下列有关气体的描述正确的是( )
A ．a 、b 、c 三个状态中，在 a 状态气体分子平均动能最小
B ．气体从状态 a 到状态 b 的过程中，气体温度升高，吸收热量，内能增加
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C ．气体从状态 b 到状态 c 的过程中，气体体积增大，吸收热量，内能增加
D ．气体从状态 c 到状态 a 的过程中，容器内气体分子的数密度增大，容器内壁单位面积上受到的压力增大
10 ．如图所示，在一水平面上固定有足够长且电阻不计的两个金属导轨，它们间的距离为 L。现将两阻值均为 R、质量均为 m 的导体棒 ab 、cd 静置于导轨上，两导体棒与导轨始终垂直且保持良好接触，两导体棒与导轨接触面间的动摩擦因数均为μ , 整个装置处在竖直向下的匀强磁场中，磁感强度大小为 B。现对导体棒 ab 施加垂直于 ab 棒的水平恒力作用，ab棒由静止开始加速运动，经时间 t 速度达最大速度 v，此时导体棒 cd 受到的摩擦力恰达到最大静摩擦力。已知重力加速度为 g，设最大静摩擦力等于滑动摩擦力。则下列说法正确的是 ( )
A ．外力 F 的大小为2μmg
B ．ab 棒的最大速度 v 为
C ．t 时间内 ab 棒上产生的焦耳热为 mv2
D ．t 时间内 ab 棒上产生的焦耳热为 mv2
三、非选择题：本大题共 5 小题，共 54 分。
11．某实验小组采用图甲所示装置验证动量守恒定律，实验完成后，该小组将叠放着白纸和复写纸的水平木板改为竖直放置，如图乙所示，再次实验，B 、B 两点在同一水平线上，
A 、B 两小球半径相同，质量分别为mA 和mB 。
(1)组装实验装置时，斜槽末端_______（选填“需要”或“不需要”）保持水平。轨道右侧端点
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在水平木板上的垂直投影为 O。
(2)正确选择器材后采用图甲所示装置进行实验，实验时先将小球 A 从轨道上挡板处由静止释放，重复多次实验，测出落地点的平均位置 P 和 O 的距离 OP。将 B 球置于轨道右侧端点处。再将小球 A 从挡板处由静止释放，重复多次，分别测出 A 、B 两球落点的平均位置
M、N与O 点的距离分别为OM和ON。如果测得的数据在实验误差范围内满足关系式_______，则验证了两球在碰撞中满足动量守恒定律。
(3)正确选择器材后采用图乙所示装置实验，若测得的数据在实验误差范围内，则下列说法正确的是_______。
A ．若mA mA mB ，则表明此碰撞动量守恒
B ．若mA mA mB ，则表明此碰撞动量守恒
C ．若 ，则表明此碰撞动量守恒
D ．若 ，则表明此碰撞动量守恒
12 ．多用电表是实验室中常用的测量仪器，图甲为某种型号多用电表电路图。
(1)通过一个单刀多掷开关 S，接线柱 B 可以分别与触点 1 、2 、3 、4 、5 接通，从而实现使用多用电表测量不同物理量的功能。图甲中的 E 是电池，R6 是欧姆调零电阻， A 、B 分别与黑、红表笔相接。 R1 、R2 、R3 、R4 、R5 都是定值电阻，表头 G 的满偏电流为 20mA、内阻为Rg 。已知R1 + R2 = 4Rg 。关于此多用电表，下列说法正确的是_______
A ．当 S 接触点 1 或 2 时，多用电表处于测量电流的挡位，且接 1 时的量程比接 2 时小
B ．当 S 接触点 1 或 2 时，多用电表处于测量电流的挡位，且接 1 时的量程比接 2 时大
C ．当 S 接触点 3 时，多用电表处于测量电阻的挡位，挡位倍率越大，滑动变阻器接入阻值越大
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D ．当 S 接触点 4 、5 时，多用电表处于测量电压的挡位，且接 4 比接 5 时量程大
(2)该学习小组将 S 接触点 3 时，并将红黑表笔短接，调节R6 进行欧姆调零后测量未知电阻。得到通过表头 G 的电流与被测电阻的关系如图乙所示，由此可知多用电表中电池的电动势 E = _______V（计算结果保留三位有效数字）。
(3)某实验小组做“测电源的电动势和内阻”的实验。器材有： 待测电源（电动势约为 8V），定值电阻R0 = 8.0Ω ,多用表一只，电阻箱一只，连接实物如图丁所示，测得并记录多组数据
1 1
后，得到如图丙所示的对应的 - 图，则电动势E = _______V、内阻r = ______ Ω （结果
U R
保留三位有效数字）。
13 ．如图所示为半圆形玻璃砖的截面图。已知半圆形玻璃砖的半径为 R，圆心为 O，P 为玻璃砖平面界面上一点，玻璃砖折射率为 ，光在空气中的传播速度为 c。
(1)若光线从 P 点垂直玻璃砖平面界面入射，恰好在圆形界面发生全反射，求 OP 之间的距离；
(2)光线从 P 点垂直射入玻璃砖经多次全反射后离开玻璃砖，求光线在玻璃砖中经历的时间。
14 ．如图所示，固定在水平面上的竖直光滑半圆形轨道 MN 与水平地面相切，M 为轨道最低点；半圆形轨道右侧有一面竖直的墙，一质量为 m 的小物块（视为质点）静止在半圆轨道最低点 M 处。某时刻小物块 m 获得水平向左的速度后，物块沿半圆轨道运动并且恰好能通过最高点 N，离开轨道后打在竖直墙面上的 P 点。已知半圆轨道的半径R = 0.9m ，最低点
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M 与墙面之间的水平距离 L 为 1.2m，重力加速度 g 取10m / s2 ，不计空气阻力。求：
(1)小物块恰好通过最高点 N 时速度的大小vN ；
(2)小物块打在墙上 P 时速度与墙面所成的夹角θ ；（求出θ 的任意一个三角函数即可）
(3)假设小物块在最低点获得的水平速度可以变化。若小物块在最低点获得一速度后运动到最高点 N 时对轨道的压力为 4mg，求小物块在最低点获得的速度为多大。
15．磁控管是微波炉的核心部件，工作原理是通过电子在电场和磁场中的运动，将电能转化为微波能量的装置，利用产生的微波加热食物。其内部部分区域的电场和磁场的分布如图所
示。xOy 平面内存在竖直向上的匀强电场和垂直坐标平面向外的匀强磁场，磁感应强度为 B。质量为 m、电荷量为 e 的电子从 O 点沿 x 轴正方向水平入射。入射速度为v0 时，电子沿x 轴做直线运动；入射速度小于v0 时，电子的运动轨迹如图中的虚线所示，且在最高点与在最低点所受的合力大小相等。不计重力及电子间相互作用。
(1)求电场强度的大小E；
(2)若电子入射速度为 ，求运动到速度为 时位置的纵坐标y1 ；
(3)若电子入射速度在0 < v < v0 范围内均匀分布，求能到达纵坐标y位置的电子数 N与总电子数N0 的百分比。
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1 ．B
AB ．根据核反应质量数守恒，可知 X 的质量数为a = 14 -14 = 0
根据核反应电荷数守恒，可知 X 的电荷数为b = 6 - 7 = -1
可知 X 为电子，该反应是 β 衰变，故 A 错误，B 正确；
CD ．半衰期是由原子核内部自身的因素决定的，与原子所处的化学状态和外部条件（如温度、压强等） 无关，所以不管环境温度如何变化，也不管是在极地科考环境下， 4 C 的半衰期均不变，故 CD 错误。
故选 B。
2 ．D
感应门打开经历先加速后匀速再减速的过程，加速和减速的时间相同，为 t1 = 加速和减速的位移相等，均为x t1
则匀速的时间为t
故感应门完全打开需要的时间为t = 2t1 + t 故选 D。
3 ．B
ABC ．探测器受到火星引力F = G ma可知a = G
在轨道Ⅰ和轨道Ⅱ上运行，探测器的加速度大小只有在 P 点时相同，从 P 向 Q 运动过程中，r增大，引力减小，加速度减小，万有引力做负功，动能减小，速度减小，故 B 正确，AC 错误；
D ．由开普勒第三定律知，轨道Ⅰ半长轴小于轨道Ⅱ半长轴，则轨道Ⅰ周期小于轨道Ⅱ的周期，故 D 错误。
故选 B。
4 ．A
AB ．设输送功率为P ，输电线总电阻为 R ，输电电流满足I 输电线上损耗的功率 ΔP = I2R
可知 P 与输电电压 U 的平方成反比，输电电压从 550kV 变为 1100kV，即 U = 2U
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因此ΔP = ΔP . ()2 = ΔP ，故 A 正确，B 错误；
CD ．输电线上的电压损失ΔU = IR =
可知 U 与输电电压 U 成反比，当U = 2U 时，有 U ，故 CD 错误。
故选 A。
5 ．C
AD ．设小球 A 的质量为mA ，电量为qA ，小球 B 的质量为mB ，电量为qB ，则以A 、B 两小球整体为研究对象进行受力分析可知，整体在水平方向受到向左的电场力大小为F电 = E (qA + qB )
则根据共点力平衡的规律可得，竖直墙壁对小球 A 向右的弹力大小为N = F电 = E (qA + qB )所以根据牛顿第三定律可知，A 球对竖直墙壁的作用力保持不变；同理可知整体在竖直方向上施加力 F 之前，地面对小球 B 的支持力为NB = (mA + mB )g
施加力 F 之后，地面对小球 B 的支持力为NB' = (mA + mB )g + F > NB
即与原平衡状态相比，有推力 F 的新平衡状态下，地面对小球 B 的弹力变大，故 AD 错误； BC ．对小球 A 进行受力分析，则施加力 F 之前受力分析图如图 1 所示：
根据共点力的平衡规律可得，此时小球 B 对小球 A 的库仑力为F库 = 施加力 F 之后，小球 A 的受力如图 2 所示：
同理可得，此时小球 B 对小球 A 的库仑力变为F库' = > F库
即与原平衡状态相比，有推力 F 的新平衡状态下，小球 A 与小球 B 间的静电力变大；再根
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据库仑定律F库 = 可知，两球之间的距离一定减小，故 B 错误，C 正确。
故选 C。
6 ．C
A ．根据等量异种点电荷电场分布特点，可知 ef 平均场强大于fc 平均场强，根据U = Ed
可知 ef 间电势差大于fc 间电势差，根据电场力做功W = qU
可知该试探电荷分别从 e 到f和从f 到 c 的运动过程中，电场力做的功不相等，故 A 错误；
B ．根据等量异种点电荷电场分布特点，电场线方向指向 MN，做曲线运动的物体合力指向轨迹凹侧，可知 c 点的电场力向右，故粒子带负电，故 B 错误；
C ．设电荷带电量为-q ，根据题意有Epc = -4eV = ( è - ,)÷ (-q )
在f 点有Epf
联立解得Epf = -10eV
根据能量守恒有Epc + Ekc = Epf + Ekf
代入数据解得Ekf = 14eV ，故 C 正确；
D ．根据电场叠加可知 b 点场强E ，故 D 错误。故选 C。
7 ．D
C ．对物块 a 、b 整体分析，由平衡条件得kxg sinθ得弹簧的劲度系数k ，故 C 错误；
AB ．由匀变速运动的规律，可知初速度为 0，两段相等时间内的位移分别是 x0 和 x0 ，两物块 a 、b 分离处就在从开始位置向上 x0 处，则弹簧的压缩量为 x0 ，此时 a 、b 之间没有
相互作用力，单独对物体 a 分析，由牛顿第二定律得kx0 - mg sinθ = ma解得a g sinθ ,故 AB 错误；
D ．由胡克定律得F弹 = k . 3 x0 = 8mg sin θ . 3x0 = 6mg sin θ ,故 D 正确。
4 5x0 4 5
故选 D。
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8 ．BCD
AC ．由图乙可知 Q 在 0 时刻的振动方向沿y 轴正方向，根据上下坡法，可知机械波沿 x 轴负方向传播，故 A 错误，C 正确；
B．P 质点位移为y = -5cm ，由图甲可知 可知波长 λ = 36m ，故 B 正确；
D ．由题知，P 在t = 0s 时刻的位移为-5cm ，由乙图可知周期T = 4s ，因2s ，质点 P 作简谐振动经过 ，所以位移等大反向，P 在 2s 末的位移为 5cm，故 D 正确。
故选 BCD。
9 ．AB
A ．b → c 等温过程，即Tb = Tc
c → a 是等压过程，气体的体积减小，可知气体的温度降低，即 >Ta
则有Ta < Tb = Tc
故在 a 状态，气体平均动能最小，故 A 正确；
B ．a → b 是等容过程，故W = 0
压强增大，气体温度升高，则 ΔU > 0根据ΔU = Q +W
所以Q > 0
吸收热量，内能增加，故 B 正确；
C ．b → c 等温过程，则 ΔU = 0
气体体积增大，故W < 0根据ΔU = Q +W
故Q < 0
气体体积增大，放出热量，内能不变，故 C 错误；
D ．c → a 为等压过程，压强不变，由于体积减小，容器内气体分子的数密度增大，容器内壁单位面积上受到的压力不变，故 D 错误。
故选 AB。
10 ．AC
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A ．导体棒 ab 、cd 串联，电流大小相同，二者所受安培力大小相等，cd 棒恰好静止，则有FA = μmg
ab 棒最终匀速，则有F - FA - μmg = 0
联立解得F = 2μmg ，故 A 正确；
B ．当 ab 棒以最大速度 v 稳定运动时，回路中的感应电动势为E = BLv
通过 ab 棒的电流为I
ab 棒所受安培力大小为FA = BIL解得v ，故 B 错误；
CD ．ab 棒运动至速度 v 时，由动量定理得Ft - μmgt - IA = mv - 0
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可得IA = μmgt - mv
又IA = Σ FAΔt
解得x ab 棒运动时，由动能定理得可得WA = μmgx mv2
根据能量守恒得回路中焦耳热Q = WA
则 ab 棒上产生焦耳热：Qa Q
联立解得Qa mv2 ，故 C 正确，D 错误。
故选 AC。
11 ．(1)需要
(2) mA . OP = mA . OM + mB . ON (3)D
（1）本实验需要小球从斜槽末端离开后做平抛运动，所以斜槽末端需要保持水平。
（2）采用图甲装置实验时，碰撞前后，两小球具有相同的下落高度 h ，碰撞前，小球 A 做平抛运动，则有h gt2 ，OP = vAt
解得vA = OP
两小球碰撞后，都做平抛运动，则有hgt2 ，OM = vt ，ON = vBt
联立可得v OM vB = ON
若碰撞过程两球动量守恒，是有mAvA = mA v + mBvB联立可得mA . OP = mA . OM + mB . ON
（3）采用图乙装置实验时，碰撞前后，两小球具有相同的水平位移x 。设 A 与 B 碰撞前瞬间的速度为v1 ，碰后瞬间二者的速度分别为v 1 和v 2 ，根据平抛运动规律x =v0t ，y gt 2解得v
则两小球碰撞前后的水平速度为v 根据mA . v1 = mA . v '1 + mB . v '2
可得 则表明此碰撞动量守恒。
故选 D。
12 ．(1)BC (2)3.75
(3) 8.33 1.00
（1）AB ．当 S 接触点接 1 时，并联的电阻小，分流大，故接 1 时的量程更大；接2 并联的电阻大，分流小，故接 2 时的量程更小，故 A 错误，B 正确；
C ．当 S 接点 3 时，电表内部有电源，故多用表为欧姆表，倍率越大时，同样的待测电阻时表头指针偏转越小，欧姆表的内阻越大，接入的滑动变阻器阻值越大，故 C 正确；
D ．当开关 S 接 4 或 5 时，多用表为电压挡，但接 4 时分压电阻为一个电阻，即左边的电阻R4 ；接 5 时两个电阻串联后的总电阻为分压电阻，所以接 5 时分压电阻的阻值要大，故接 5时量程更大，故 D 错误。
故选 BC。
（2）将“B”端与“3”相接，结合图乙，并结合闭合电路欧姆定律有Ig Ig
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联立解得E = 3.75V
（3）根据丙图和闭合电路欧姆定律可知：E = U 整理可得
结合图像的截距和斜率可知b = = 0.12V-1 ，k V解得E ≈ 8.33V ，r = 1.00Ω
R
(2)
（1）设 OP= x ，光线恰好在圆形表面发生全反射，则有sin C = 根据几何关系sin C
联立解得x R
（2）做出光路图所示
根据几何关系，可得光在玻璃砖中走过的路程s = 2R
设光在玻璃砖中的速度为 v，则 n = 则光在玻璃砖中经历的时间t =
联立解得t
14 ．(1)3m/s
(2)37°
(3)9.0m/s
（1）小物块 m 恰能运动到最高点，有mg = m
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解得vN m / s
（2）小物块离开 N 点后做平抛运动，由平抛运动规律，有L = vNt又vy = gt
且tan θ =
y
联立解得tan θ =
即 θ = 37°
（3）设小物块 m 在 M 点初速度v0 ，到 N 点时速度为v1 ，从 M 到 N 点过程中，由动能定理得-mg2R mv mv02
小物块在 N 点由牛顿第二定律有mg + 4mg = m
联立解得v0 = 9.0m / s
15 ．(1)E = v0B
(3)90%
（1）由题知，入射速度为v0 时，电子沿 x 轴做直线运动，则有Ee = ev0B
解得E = v0B
（2）由于洛伦兹力不做功，电子入射速度为 ，当电子运动到 v0 时，此过程中根据动能定理有eEy = m ( è v0 ,)÷2 - m è( v0 ),÷2
解得y
故电子坐标纵坐标为y1 = -y
（3）若电子以速度 v 入射时，设电子能到达的最低点位置的纵坐标为y，速度设为vm ，则根据动能定理有eE mvm mv2
由于电子在最高点与在最低点所受的合力大小相等，则在最低点有F合 = evmB - eE
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在最高点有F合 = eE - evB
联立解得vm v = 2v0 - v ，
要让电子到达纵坐标y位置，即 y ≥ y2 ，联立解得v v0
故在0 < v < v0 的范围，能到达纵坐标y位置的电子数 N 占总电子数N0 的 90%。
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