2026届贵州遵义市仁怀市高三下学期联考（一模）物理学科试题（含解析）

仁怀市 2026 届高三联考物理学科试题
同学你好！答题前请认真阅读以下内容：
1 ．全卷共 6 页，共三个大题，满分 100 分，考试时间为 75 分钟，考试形式为闭卷。
2 ．答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号等信息填写在答题卡上。
3 ．选择题选出答案后，用 2B 铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑，如果需要改动，用橡皮擦干净后，再选涂其它答案标号。非选择题部分用 0.5 毫米的黑色签字笔直接答在答题卡上，答在试卷上无效。考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。
一、单项选择题：本题共 7 小题，每小题 4 分，共 28 分。在每小题给出的四个选项中，只有一项符合题目要求。
1 ．列车由静止开始沿直线运动的v - t 图像如图所示，则列车的( )
A ．位移不断减小 B ．速度不断减小 C ．位移增加得越来越慢 D ．速度增加得越来越慢
2 ．10 月 6 日，杭州第 19 届亚运会艺术体操个人全能资格赛暨个人团体决赛在黄龙体育中 心体育馆举行。中国队以总分 313.400 获团体铜牌。下图为中国队选手赵樾进行带操比赛。某段过程中彩带的运动可简化为沿 x 轴方向传播的简谐横波，t = 1.0s 时的波形图如图甲所 示，质点 Q 的振动图像如图乙所示。下列判断正确的是( )
A ．简谐波沿 x 轴负方向传播
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B ．该波的波长为 7m
C ．该波的波速为4m / s
D ．质点 Q 的振动方程为y = 10sin(πt)cm
3 ．如图所示为一种车载磁吸手机支架，手机放上去会被牢牢吸住处于静止状态，磁吸力 F方向垂直于手机支架斜面。若手机质量为 m，支架斜面与水平面的夹角为a ，重力加速度为g（sin 37o = 0.6 ，cos 37o = 0.8 ）。下列说法正确的是( )
A ．倾角为a = 37o 时，手机受到的支持力大小大于 0.8mg
B ．倾角为a = 37o 时，支架对手机的作用力大小等于 0.8mg
C ．仅将磁吸力 F 增大，手机受到的摩擦力也增大
D ．仅将从a = 37o 缓慢增大到90o ，手机受到的摩擦力一直不变
4．如图所示，光滑绝缘水平轨道上带正电的甲球，以某一水平上的射向静止在轨道上带
1
正电的乙球，当它们相距最近时，甲球的速度变为原来的 ．已知两球始终未接触，则3
甲、乙两球的质量之比为
A ． 1 ： 1 B ． 1 ：2 C ． 1 ：3 D ． 1 ：4
5 ．如图所示，在竖直向上的匀强电场中，A 球位于 B 球的正上方，质量相等的两个小球以相同初速度水平抛出，它们最后落在水平面上同一点，其中只有一个小球带电，不计空气阻力，下列判断不正确的是( )
A．如果 A 球带电，则 A 球一定带负电 B．如果 A 球带电，则 A 球的电势能一定增加
C ．如果 B 球带电，则 B 球一定带正电 D．如果 B 球带电，则 B 球的电势能一定增加
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6 ．某人造月球卫星近月点高度为0.5R （R为月球半径），远月点高度为1.5R ，已知在月球表面附近的重力加速度为g月 ，忽略月球的自转，则( )
A ．卫星远月点速度大于近月点速度
B ．从近月点运动到远月点，卫星机械能增加
4
C ．该卫星的最小加速度为 25 g月
D ．该卫星的运动周期为
7 ．如图所示，水平传送带以速度v1 = 2m / s 向右匀速传送。可视为质点的小物块 P 、Q 的质量均为 1kg ，由跨过定滑轮且不可伸长的轻绳相连，t = 0 时刻 P 在传送带左端具有向右的速度v2 = 5m / s ，P 与定滑轮间的绳水平，不计定滑轮质量和摩擦。小物块 P 与传送带间的动摩擦因数μ = 0.2 ，传送带两端距离 L= 5m ，绳足够长，g = 10m / s2 。关于小物块 P 的描述正确的是( )
A ．小物块 P 刚滑上传送带时的加速度大小为2m / s2
B ．小物块 P 将从传送带的右端滑下传送带
C ．小物块 P 离开传送带时的速度大小为33m / s
D ．小物块 P 在传送带上运动的时间为 s
二、多项选择题：本题共 3 小题，每小题 5 分，共 15 分。在每小题给出的四个选项中，有两个或两个以上选项符合题目要求。全部选对的得 5 分，选对但不全的得 3 分，有错选得得 0 分。
8 ．2024 年 5 月 19 日，我国最大的海上光伏项目——中核田湾 200 万千瓦滩涂光伏示范项目在江苏连云港正式开工建设。光伏发电的主要原理是光电效应， 即在光的照射下物体表面能发射出电子的现象。实验发现， 用波长为λ 的蓝光照射金属锌恰好能发生光电效应，而红光照射时不能使锌发生光电效应，下列说法中正确的是( )
A ．红光的频率小于金属锌的截止频率
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B ．红光光子能量大于蓝光光子能量
C ．若红光照射金属锌的时间足够长，也能发生光电效应
D ．若用紫光照射该金属锌，一定能发生光电效应
9 ．如图所示，底面为圆形的塑料瓶内装有一定量的水和气体 A，在瓶内放入开口向下的玻璃瓶，玻璃瓶内封闭有一定质量的气体 B，拧紧瓶盖，用力 F 挤压塑料瓶，使玻璃瓶恰好悬浮在水中，假设环境温度不变，塑料瓶导热性能良好，气体 A、B 均视为理想气体，下列说法正确的是( )
A ．气体 A 与气体 B 的压强相同
B ．气体 A 的压强小于气体 B 的压强
C ．增大挤压力 F，玻璃瓶将下沉
D ．增大挤压力 F，玻璃瓶将上浮
10．如图甲，固定在光滑绝缘水平面上的单匝正方形导体框 abcd，置于虚线 AB 左侧始终竖直向下的磁场B1 中，bc 边与虚线 AB 重合，虚线 AB 右侧为B2 = 0.2T 的匀强磁场。导体框的质量m = 1kg ，电阻R = 0.5Ω 、边长L = 1m ，磁感应强度B1 随时间 t 的变化图像如图乙所示。
在t = 1s 时，导体框解除固定，给导体框一个向右的初速度v0 = 0.1m / s ，下列说法正确的是( )
A ．t = 0.5s 时流过 ad 边的电流方向由 a 到 d
B ．t = 0.5s 时流过 ad 边的电流大小为 0.2A
C ．当线框速度减为0.02m / s 时，ad 边和 bc 边受到的安培力方向相同
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4
D ．当线框速度减为0.02m / s 时 ad 边移动的距离为 m
9
三、非选择题：本题共 5 题，共 57 分。
11．某同学用如图甲所示装置做探究弹力和弹簧伸长关系的实验。他先测出不挂砝码时弹簧下端指针所指的标尺刻度，然后在弹簧下端挂上砝码，并逐个增加砝码，测出指针所指的标尺刻度，所得数据如下表：（重力加速度 g 取9.8m / s2 ）
砝码质量 m /102 g 0 1.00 2.00 3.00 4.00 5.00 6.00 7.00 8.00
标尺刻度x / cm 15.00 18.94 22.80 26.78 30.66 34.60 38.56 45.00 54.50
(1)下列操作中，能减小实验误差的有 。
A ．刻度尺应竖直夹稳
B ．使用的钩码越多越好
C ．悬挂钩码后，应在钩码静止后再读数
(2)根据所测数据，在图乙中作出弹簧指针所指的标尺刻度 x 与砝码质量 m 的关系曲线
。
(3)根据曲线可以算出，弹性限度范围内，弹簧的劲度系数为 N / m 。
12 ．有一长度为 L 电阻率为 r 的圆柱形金属管（阻值约几欧姆），管内部中空，其横截面如图甲所示。现需要测量中空部分的横截面积 S，某实验小组设计了如下实验。所用实验器材为：
①电流表 A（量程为 0.3A，内阻为 3Ω );
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②电压表 V（量程为 3.0V，内阻约为3kΩ );
③滑动变阻器 R（最大阻值为 10Ω );
④电源 E（电动势为 3V，内阻可忽略）；
待测金属管Rx 、开关 S、导线若干。部分实验步骤如下：
(1)先用螺旋测微器测量金属管的直径 d，如图乙所示其读数为 mm。
(2)闭合开关 S 之前应把滑动变阻器滑片滑到最 端（选填“左”或“右”）；按图丙连接电路，电压表右端应连接 点（选填“M”或“N”）。
(3)该实验小组同学测得多组电压数据 U 和电流数据 I，描绘出 U - I 图像如图丁所示利用此 电路图测得Rx = （保留 3 位有效数字）；则金属管的中空截面积 S = 。（用 L、
r 、d、Rx 表示）
13 ．如图所示，一架无人机在一个清澈的湖面上以 90°视角竖直向下俯拍，无人机在湖面上方h = 1.6m 的高度水平飞行，湖底可以认为是一个水平面，湖水深度为H = 2m ，湖水的折射率为n = 2 ， 3 = 1.732 ， π = 3.14 。求：
(1)光线在水面发生全反射的临界角；
(2)无人机拍摄的一张照片中湖底的面积。（结果保留三位有效数字）
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14 ．图，在水平固定平台的左侧固定有力传感器，质量M = 12kg 、长度L = 2m 的 L 形平板紧靠平台右侧且上表面与平台等高，L 形平板右侧为竖直弹性挡板（即物体与挡板的碰撞可视为弹性碰撞），质量m = 3kg 且可视为质点的物块被外力固定在平台上。现将弹性装置放在物块与传感器中间的空隙处，随即解除物块的束缚，物块离开弹性装置前，传感器的示数如图乙，物块离开弹性装置后滑入 L 形平板，一段时间后物块与 L 形平板经过一次碰撞后在平板的正中间与平板达到相对静止。不计物块与平台间、 L 形平板与地面间的摩擦，重力加速度 g 取10m / s2 。求：
(1)求弹性装置对物块弹力的冲量 I；
(2)物块与弹性装置分离时的速度；
(3)L 形平板上表面与物块间的动摩擦因数（结果保留2 位有效位数）。
15．直角坐标系 xOy 第一象限内有沿y 轴负方向的匀强电场，第四象限内有垂直纸面向内的匀强磁场 B，质量 m 、带电量 + q 的粒子从y 轴的 P 点以速度v0 垂直y 轴入射第一象限，进入磁场时速度方向与 x 轴正方向的夹角θ = 60° ,已知 P 点到坐标原点 O 的距离为 L，不计粒子重力。
(1)匀强电场的电场强度的大小E；
(2)粒子从 P 点出发经多长时间粒子第二次经过 x 轴；
(3)粒子第 5 次经过 x 轴时的位置与 O 点的距离 s。
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1 ．D
A ．v - t 图线与时间轴所围图形的面积表示位移，由图可知，图形的面积在不断增大，因此位移是不断增大的，故 A 错误；
B ．由图像可知，任意时刻的速度值v 都随时间t 的增加而增加，即列车的速度不断增大，故 B 错误；
C ．根据 Δx = v . Δt 可知，位移增加的快慢程度由速度v 的大小决定。因为速度v 在不断增大，所以位移增加得越来越快，故 C 错误；
D ．速度增加的快慢程度由加速度a 的大小决定。 v - t 图线的斜率表示加速度， 由图可知，图像上各点切线的斜率在不断减小，说明加速度a 在不断减小。因此，速度增加得越来越慢，故 D 正确。
故选 D。
2 ．C
A ．由乙图可知，当t = 1.0s 时，质点 Q 向上运动，根据波传播的“上波下、下波上”的特点，即沿波传播方向，上坡时质点向下振动，下坡时质点向上振动，结合图甲的波形图，波沿 x 轴正方向传播，故 A 错误；
BC ．由甲图可知，波的半波长为 4m，所以波的波长 λ = 8m ，由乙图可知，周期为T = 2s ，所以波的速度v m / s ，故 B 错误，C 正确；
D ．t = 0 时，Q 点向下振动，故质点 Q 的振动方程为y = 10 sin(πt + π)cm ，故 D 错误。故选 C。
3 ．A
A ．倾角为a = 37° 时，手机受到的支持力等于磁铁的吸引力与重力垂直支架斜面向下分力的合力，即大于mg cos 37° = 0.8mg ，故 A 正确；
B ．支架对手机的作用力与重力是一对平衡力，即支架对手机的作用力大小为mg ，故 B 错误；
CD．手机受到的摩擦力大小等于重力沿斜面向下的分力，即Ff = mg sina，仅将磁铁吸引力F 增大，摩擦力大小不变；仅将从a = 37° 缓慢增大到90° ,手机受到的摩擦力一直增大，
故 CD 错误。
故选 A。
4 ．B
答案第 1 页，共 8 页
两球组成的系统动量守恒，当两球相距最近时具有共同速度 v，由动量守恒：
mAv0= v0 ，解得 mA:mB =1:2，故选 B.
5 ．B
两个小球以相同初速度水平抛出， 它们最后落在水平面上同一点，水平方向做匀速直线运动，则有
x = v0t
可知两球下落时间相同；两小球下落高度不同，根据公式
可知 A 球的加速度大于 B 球加速度，故若 A 球带电，必定带负电，受到向下的电场力作用，电场力做正功，电势能减小；若 B 球带电，必定带正电，受到向上的电场力作用，电场力做负功，电势能增加。
本题选择错误的，故选 B。
6 ．C
A ．卫星在椭圆轨道上运行时，根据开普勒第二定律，近月点速度最大，远月点速度最小，故远月点速度小于近月点速度，故 A 错误；
B ．卫星仅受月球引力作用，机械能守恒，故从近月点到远月点机械能不变，故 B 错误；
C ．卫星经过远月点时所受万有引力最小，则加速度最小，故该卫星的最小加速度为
在月球表面有mg月 = G
联立解得a g月，故 C 正确；
D ．假设贴近月球表面的圆轨道上有一卫星，设该卫星的周期为T0 ，则有 mg月 = m R解得T
卫星椭圆轨道的半长轴为2R ，根据开普勒第三定律有
答案第 2 页，共 8 页
解得椭圆轨道周期T ，故 D 错误。
故选 C。
7 ．D
A ．小物块 P 刚滑上传送带时，相对传送带向右运动，对小物块 P 分析，P 水平方向受向右的摩擦力和绳子拉力，根据牛顿第二定律有T + μmg = ma1
对小物块 Q 分析，根据牛顿第二定律有mg - T = ma1
联立解得a1 = 6 m/ s2 ，故 A 错误；
BCD ．小物块 P 与传送带共速前，根据运动学公式得小物体 P 的位移大小
即小物块 P 速度减小到 v1 时未从传送带右端滑出。所用的时间t s = 0.5 s小物块 Q 的重力GQ = mg = 10N
小物块 P 所受的最大静摩擦力fm = μmg = 2N
在小物块 P 的速度和传送带速度相等后，因为小物块 Q 的重力大于小物块 P 所受的最大静摩擦力，所以摩擦力会突变向右，对小物块 P 、Q 整体，根据牛顿第二定律有
mg - μmg = 2ma2
解得a2 = 4 m/ s2
方向水平向左，则小物块 P 从 v1 减小到 0 的位移大小为x m = 0.5 m则有x1 + xm 所以小物块 P 不会从传送带右端滑出。小物块 P 从 v1 减小到 0 的时间ts之后，小物块 P 以 a2 向左加速运动，有x1 + x a2t
解得t s
运动到传送带最左端的速度v3 = a2tm/ s m/ s
答案第 3 页，共 8 页
综上所述，小物块 P 在传送带上运动的时间为t = t1 + t2 + t s ，故 BC 错误，D 正确。
故选 D。
8 ．AD
A ．因为红光不能使锌发生光电效应，所以红光的频率小于金属锌的截止频率，A正确；
B ．蓝光频率高于红光，根据E = hn 可知，蓝光光子能量更大，B 错误；
C ．光电效应的发生只与入射光频率有关，与照射时间无关，红光频率低于截止频率，因此无论照射多久都不能发生光电效应，C 错误；
D ．紫光频率高于蓝光，而题中所述蓝光频率为锌的截止频率，所以紫光频率大于锌的截止频率，一定能发生光电效应，D 正确。
故选 AD。
9 ．BC
AB ．气体 A 与气体 B 的压强关系满足pB = pA + Pgh所以气体 A 的压强小于气体 B 的压强，故 A 错误，B 正确；
CD ．增大挤压力 F，气体 A 的体积减小，A 气体压强增大，所以气体 B 的压强也增大，由玻意耳定律可知气体 B 的体积减小，所以玻璃瓶受到的浮力减小，因此玻璃瓶将下沉，故 D错误，C 正确。
故选 BC。
10 ．BCD
A ．由图乙可知在0 ~ 1s 时间内导体框所在区域磁场随时间均匀减小，根据楞次定律可知，导体框将形成顺时针方向的电流，即流过 ad 边的电流方向由d 到 a，故 A 错误；
B ．根据法拉第电磁感应定律可知，t = 0.5s 时导体框的感应电动势大小为
流过 ad 边的电流大小满足IA ,故 B 正确；
C ．当线框速度减为0.02m / s 时，线框的bc 边处于AB 右侧的磁场中，根据右手定则可知，产生的感应电流方向由 b 到 c；线框的ad 边处于AB 左侧的磁场中，根据右手定则可知，产生的感应电流方向由 d 到 a。因此线框的电流流向为顺时针方向，由左手定则，ad 边与bc边受到的安培力均向左，故 C 正确；
答案第 4 页，共 8 页
D ．由上述分析可知，ad 边与bc 边切割产生的感应电动势为叠加关系，感应电动势的大小为E = B1Lv + B2Lv = 0.3v(V )
线框的电流大小为I
当线框速度减为0.02m / s 时，设线框移动距离为x ，由动量定理
- Σ B1ILΔt - Σ B2ILΔt = - Σ B1 (0.6v ).LΔt - Σ B2 (0.6v ).LΔt = -0.6B1Lx + -0.6B2Lx = mΔv
其中 Δv = -0.08m / s
解得x m ，故 D 正确。
故选 BCD。
11 ．(1)AC
(2)见解析
(3)245~255
（1）A ．刻度尺倾斜会导致读数偏大或偏小，竖直夹稳能保证测量的准确性，减小误差，A 正确；
B ．钩码过多会使弹簧超出弹性限度，导致胡克定律不再适用，反而增大误差，B 错误；
C ．钩码摆动时读数会引入额外误差，静止后读数更稳定准确，C 正确。
故选 AC。
（2）把表格中的数据描在坐标纸上，画一条直线来拟合各点，不在直线上的点要均匀分布在直线两侧，明显偏离的点舍去，得到图像如下图所示
（3）根据胡克定律F = kx
结合图像k N/m ≈ 250N/m 12 ．(1)10.400
答案第 5 页，共 8 页
(2) 左 N
(3) 5.93
（1）根据螺旋测微器的读数规律可知，该读数为10mm + 0.01 40.0mm = 10.400mm
（2）[ 1]滑动变阻器采用分压式接法，为了确保电路安全，闭合开关 S 之前，需要使输出电压为零，即闭合开关 S 之前应把滑动变阻器滑片滑到最左端；
[2] 由于电流表内阻已知，实验可以进行精确测量，则按图丙连接电路，电压表右端应连接 N点。
（3）[ 1]根据欧姆定律有Rx RA则有U = (Rx + RA)I
根据图像有Rx + RA 解得Rx ≈ 5.93Ω
[2]根据电阻定律有Rx = r 其中SS
解得S
13 ．(1) 45°
(2) 23.8m2
（1）根据全反射临界角公式有sin C 解得C = 45°
（2）由图知 a = 45° ,由折射定律有 n 由几何知识R = h tana + H tan β
面积S = πR2
解得S = 23.8m2
14 ．(1)15N . s
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(2)5m/s，方向水平向右
(3)0.33
（1）F - t 图像与时间轴所围几何图形的面积表示冲量，根据图乙可知，弹性装置对物块弹力的冲量I N . s = 15N . s
（2）物块从解除束缚到与弹性装置分离过程，根据动量定理有I = mv0结合上述解得v0 = 5m/s
方向水平向右。
（3）对物块与 L 形平板进行分析，根据动量守恒定律有mv0 = (m + M ) v1根据能量守恒定律有 mv
解得
（1）设粒子进入磁场时速度为 v，则可知粒子的水平速度为 vcosθ=v0代入数据解得 v=2v0
由动能定理有qEL mv mv 联立代入数据解得E
（2）粒子在电场中做类平抛运动的时间为 t1 ，以向下为正方向，根据动量定理 qEt1=mvsinθ代入数据解得t
粒子在磁场中做圆周运动的周期T
在磁场中做圆周运动的时间 t2 ，由于粒子做逆时针运动，由几何关系可知，圆心角为 120° ,则所需时间为t
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粒子第二次经过 x 轴的时间t = t1 + t
（3）粒子在电场中做类平抛运动的水平位移 x1=v0t1代入数据得x
粒子在磁场中做圆周运动的半径 R，根据牛顿第二定律有 qvB = m 解得R
粒子在磁场中做圆周运动的水平位移x2 = 2Rsin
由于粒子运动具有周期性，故粒子第 5 次经过 x 轴时的位置与 O 点的距离
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