北京高考物理二轮复习专项练习-选择题中档题刷透训练（含解析）

北京高考物理二轮复习专项练习-选择题中档题刷透训练
目录
一、万有引力与宇宙航行 1
二、电磁感应 3
三、机械振动与机械波 4
四、交变电流 6
五、牛顿运动定律 7
六、机械能及其守恒定律 8
七、磁场 10
八、动量及其守恒定律 12
九、光的衍射 12
十、热力学定律 13
十一、原子结构 13
十二、静电场 13
十三、恒定电流 14
一、万有引力与宇宙航行
1．如图所示，在光滑绝缘水平面上的点处固定一带电荷量为的小球甲，另一电荷量为的带电小球乙仅在库仑力的作用下绕球甲做椭圆运动，A、B两点为该椭圆长轴的两端点，C、D为短轴两端点，两小球均可视为点电荷。下列说法正确的是（　　）
A．球乙运动中A点速度值最小，加速度值最小
B．球乙从C点经A点到D点的时间等于从D点经B点到C点的时间
C．沿曲线，电势一定一直减小
D．球乙从B点运动到A点过程中，其电场力的功率一直减小
2．已知质量分布均匀的球壳对其内部物体的引力为零。假设距离某星球球心处的重力加速度g与h的关系图像如图所示，已知引力常量为，取球心处重力势能为零。则下列说法不正确的是（　　）
A．可依据图像求出该星球质量
B．可求出距球心处质量为物体的重力势能
C．该星球的第二宇宙速度为
D．在距球心轨道上运行的卫星速度大小为
3．太阳系各行星几乎在同一平面内沿同一方向绕太阳做圆周运动。当地球恰好运行到某地外行星和太阳之间，且三者几乎排成一条直线的现象，称为“行星冲日”。已知地球及各地外行星绕太阳运动的轨道半径如下表所示。根据表中信息，可以判断（　　）
地球 火星 木星 土星 天王星 海王星
轨道半径R/AU 1.0 1.5 5.2 9.5 19 30
A．火星相邻两次冲日的时间间隔大于两年
B．某些地外行星一年中可能会出现两次冲日现象
C．天王星相邻两次冲日的时间间隔约为土星的一半
D．地外行星中，海王星相邻两次冲日的时间间隔最长
4．第一宇宙速度又叫作环绕速度，第二宇宙速度又叫作逃逸速度。理论分析表明，逃逸速度是环绕速度的倍，即，其中为中心天体的质量，为其半径。这个关系对于其他天体也是正确的。由此可知，中心天体越大，越小，其逃逸速度也就越大。宇宙中存在这种天体，以的速度传播的光都不能逃逸。即使它确实在发光，光也不能进入太空，我们也根本看不到它，这种天体称为黑洞。科学家发现银河系中心天体是一颗质量为的黑洞，它附近有一颗恒星S2环绕，其运动轨道是一个非常扁的椭圆（如图）。若S2在近星点与黑洞中心的距离为，线速度大小为，在远星点与黑洞中心的距离为，线速度大小为。S2的椭圆轨道面积为，运动周期为，引力常量为。不计其他天体的影响，以下说法错误的是（　　）
A．在近星点和远星点的速度满足
B．S2在近星点的线速度大小也可以表示为
C．S2在点和点的加速度大小之比为
D．中心天体黑洞的半径至多为
二、电磁感应
5．北京某中学的教室有一朝南的合金窗，教室所处地磁场的磁感应强度水平分量大小为，方向垂直于窗户平面且指向室内。窗的窗扇竖直边长为，水平边长为，一学生在教室内将封闭的窗扇向外推开的过程用时为。对该过程判断正确的是（　　）
A．通过窗扇的磁通量大小在不断增大
B．窗扇的平均感应电动势大小为
C．从学生视角，窗扇产生顺时针方向的电流
D．推窗过程中电能转化成机械能
6．2025年，中国环流三号（HL-3）实现更高参数的稳态运行，等离子体温度突破1.5亿摄氏度，并成功延长高约束模式（H-mode）的持续时间，向未来聚变电站工程化迈出关键一步。可控核聚变的磁约束像一个无形的管道，将高温等离子体束缚在其中，通过电磁感应产生的涡旋电场给等离子体加速，使其达到核聚变的点火温度。可以做一些简化后的模拟计算：半径为的环形光滑管道处于垂直纸面向里、随时间均匀增大的匀强磁场中，磁感应强度的变化规律为，其中为常数且，如图乙所示。时刻，一个质量为、电荷量为的微粒，从静止开始被涡旋电场加速，时刻与一个静止的中性粒子相撞，并结合在一起，电荷量不变。在计算过程中均不考虑重力。以下正确的是（　　）
A．管道内产生的涡旋电场强度增大
B．带正电微粒被涡旋电场加速后在磁场中的旋转方向是顺时针
C．碰前瞬间带电微粒的速度
D．碰后瞬间管道对结合体的作用力方向沿圆环半径向内
7．如图所示，闭合线圈上方有一竖直放置的条形磁铁。“+”为灵敏电流计G的正接线柱位置，电流从“+”流入电流计时指针向右偏转。当磁铁向下运动（但未插入线圈内部）时，线圈中（　　）
A．感应电流的方向与图中箭头方向相反，电流表指针向左偏
B．感应电流的方向与图中箭头方向同，电流表指针向右偏
C．仅改变线圈的绕向，线圈中感应电流的磁场方向也会改变
D．仅改变线圈的绕向，流入电流计的电流方向也会改变
三、机械振动与机械波
8．如图1，在光滑绝缘水平桌面内建立直角坐标系，空间内存在与桌面垂直的匀强磁场。一质量为、带电量为的小球在桌面内做圆周运动。平行光沿轴正方向照射，垂直光照方向放置的接收器记录小球不同时刻的投影位置。投影坐标随时间的变化曲线如图2所示。下列说法正确的是（　　）
A．投影做的是简谐运动，其振幅为
B．时间内，投影的速度逐渐增大
C．磁感应强度大小为
D．投影的速度最大值为
9．如图1为一列简谐横波在时刻的波形图，是平衡位置处的质点，图2为质点的振动图像，则（　　）
A．时，质点的速度达到正向最大
B．时，质点的加速度达到正向最大
C．从到，该波沿轴正方向传播了
D．从到，质点通过的路程为
10．一列简谐横波某时刻的波形图如图甲所示，图乙表示介质中某质点此后一段时间内的振动图像，则下列说法正确的是（　　）
A．若波速是20m/s，则图乙的周期是0.02s
B．若图乙的频率是20Hz，则波速是10m/s
C．若波沿x轴正向传播，则图乙表示P点的振动图像
D．若图乙表示Q点的振动图像，则波沿x轴正向传播
四、交变电流
11．某学习小组在探究变压器原、副线圈电压和匝数关系的实验中，采用了可拆式变压器，铁芯安装在铁芯上形成闭合铁芯，将原、副线圈套在铁芯的两臂上，如图所示。下列说法正确的是_____。
A．为保证实验安全，原线圈应接低压直流电源
B．变压器中铁芯是整块硅钢
C．保持原线圈电压及匝数不变，可改变副线圈的匝数，研究副线圈的匝数对输出电压的影响
D．变压器正常工作后，电能由原线圈通过铁芯导电输送到副线圈
12．如图所示为交流发电机的示意图，两磁极N、S间的磁场可视为水平方向匀强磁场，单匝线框绕垂直于磁场的水平轴沿逆时针方向以角速度匀速转动，电流表为理想交流电表。从图示位置开始计时，穿过线框的磁通量最大值，电阻，线圈电阻也是，其余电阻不计。下列判断正确的是（　　）
A．的电功率为
B．时刻，电流表示数为零
C．产生的交变电流的频率为
D．两端电压的瞬时值表达式为
13．如图所示为模拟街头变压器通过降压给用户供电的示意图。变压器输入的交流电压可视为不变，变压器输出的低压交流电通过输电线输送给用户，定值电阻表示输电线的电阻，变阻器表示用户用电器的总电阻。若变压器为理想变压器，电表为理想电表，当接入电路的家用电器个数增加时（相当于滑动变阻器滑片下移）（　　）
A．示数变大 B．上的功率变小
C．示数变大 D．示数变小
五、牛顿运动定律
14．如图所示为无人机内部的一个加速度计部件，可以测量竖直轴向加速度，质量块上下两侧与两根竖直的轻弹簧连接，两根弹簧的另一端分别固定在外壳上。固定在质量块上的指针可指示弹簧的形变情况，弹簧始终处于弹性限度内，通过信号系统显示出质量块受到除重力外的力产生的加速度为，加速度的方向竖直向上时为正值。下列说法正确的是（　　）
A．当无人机悬停在空中时，
B．当无人机自由下落时，
C．当时，无人机处于失重状态
D．无人机无论悬停在地球表面还是空间站的“天宫”中，的数值都一样
15．如图1，一质量为的平板车静止在光滑水平面上，有一质量为的小滑块以一定的水平速度冲上平板车，之后小滑块和平板车的－图像如图2所示，平板车足够长。下列说法正确的是（　　）
A．由图像可知：
B．若仅增大滑块与平板车间的动摩擦因数，线段变长
C．若仅增大平板车质量，线段的斜率变小
D．图中的面积表示小滑块滑上平板车后小滑块的对地位移
六、机械能及其守恒定律
16．两个相同小铁块A和B，分别从固定的、高度相同的光滑斜面和圆弧斜面的顶点滑到底部，如图所示。如果它们的初速度都为零，且下滑到底部的路程相同，则下列说法正确的是（　　）
A．它们到达底部时速度相同
B．它们到达底部过程中重力做功相同
C．它们到达底部过程中重力的冲量相同
D．整个过程中合外力的冲量相同
17．如图所示，东风-17高超音速战略导弹，是世界上第一种正式装备服役的高超音速乘波器导弹，射程可达几千公里，具备高超音速突防能力，可借助空前的机动能力实现蛇形机动，规避拦截。已知东风-17质量为m，在一次试射机动变轨过程中，东风-17正在大气层边缘向东水平高速飞行，速度大小为12马赫（1马赫就是一倍音速，设为v），突然蛇形机动变轨，转成水平向东偏下37°角飞行，速度大小为15马赫。此次机动变轨过程中，下列说法正确的是（　　）
A．合力对东风-17做功为81mv2
B．合力对东风-17做功为40.5mv2
C．合力对东风-17的冲量大小为15 mv，方向竖直向下
D．合力对东风-17的冲量大小为12mv，方向竖直向上
18．风力发电是利用风能的一种 方式，风力发电机可以将风能（气流的动能）转化为电能，其主要部件如图所示。已知风力发电机将风能转化为电能的效率和空气密度均保持不变。当风速为且风向与风力发电机受风面垂直时，风力发电机输出的电功率为。在同样的风向条件下，风速为时这台风力发电机输出的电功率为（　　）
A． B． C． D．
19．如图所示，不计质量的轻质滑轮下方悬挂重物A和B，悬挂滑轮的轻质细线竖直。开始时，重物A、B处于静止状态，释放后A、B开始运动。已知A、B的质量均为m，摩擦阻力和空气阻力均忽略不计，重力加速度为g。下列说法正确的是（　　）
A．拉力对A做的功等于A的动能增加量
B．重力对B做的功等于A、B两物体的动能增加量
C．细线上拉力的大小为0.6mg
D．A的加速度大小等于0.5g
七、磁场
20．当温度降至临界值以下时，某些导体电阻会骤降为零，这种现象称为超导体的零电阻特性。1933年，德国物理学家迈斯纳与奥森赛尔德在锡单晶球实验中发现，超导体进入超导态后会排斥体内磁场，使磁感应强度变为零，即完全抗磁性，这一现象被称为“迈斯纳效应”，与静电平衡下导体内部场强为零的特性相似。超导体在磁场中会激发表面无损耗的超导电流，其产生的磁场恰好抵消外磁场进入内部，形成磁排斥效应。根据以上描述，当导体处于超导状态时，下列说法正确的是（　　）
A．迈斯纳效应表明超导体具有零电阻特性
B．超导体表面无损损耗电流的能量来源是所处空间磁场的磁能
C．超导体内部磁感应强度为零的机理是超导体内部超导电流产生的磁场抵消外磁场
D．由电阻定律可知，超导体的等效电阻率趋近于无穷大
21．电磁流量计广泛应用于测量可导电流体（如污水，含有大量的正负离子）在管中的流量（在单位时间内通过管内横截面的流体的体积）。为了简化，假设流量计是如图所示的横截面为长方形的一段管道，其中空部分的长、宽、高分别为图中的a、b、c。流量计的两端与输送流体的管道相连接（图中虚线）。图中流量计的前、后两面是金属材料，上、下两面是绝缘材料。现于流量计所在处加磁感应强度为B的匀强磁场，磁场方向竖直向上。当导电流体稳定地流经流量计时，在管外将流量计前、后表面分别与一串接了电阻R的电流表的两端连接，I表示测得的电流值。已知流体的电阻率为ρ，不计电流表的内阻，则（　　）
A．若流体速度向右，则前表面电势低于后表面电势
B．若将电流表改为电磁流量计，其刻度是不均匀的
C．此时导电流体的流量为
D．此时导电流体的流量为
22．如图所示的MNPQ区域内有竖直向上的匀强电场和沿水平方向的匀强磁场，现有两个带电微粒、均从边界的点处先后沿水平方向进入该区域中，并都恰能做匀速圆周运动，则下列说法错误的是（　　）
A．a、b两微粒均带正电
B．a、b两微粒在该区域运动周期一定相等
C．a、b两微粒在该区域运动的圆周运动半径一定相等
D．仅增加磁场强度a、b一定都能做匀速圆周运动
23．如图所示，在一个圆形区域内有垂直于圆平面的匀强磁场，现有两个质量相等、所带电荷量大小也相等的带电粒子a和b，先后以不同的速率从圆边沿的A点对准圆形区域的圆心O射入圆形磁场区域，它们穿过磁场区域的运动轨迹如图所示。粒子之间的相互作用力及所受重力和空气阻力均可忽略不计，下列说法中正确的是（　　）
A．b粒子在磁场中做圆周运动的周期较大
B．穿过磁场区域的过程a粒子运动的时间较长
C．穿过磁场区域的过程洛伦兹力对a做功较多
D．射入圆形磁场区域时a粒子的速率较大
八、动量及其守恒定律
24．具有相同质子数和不同中子数的原子称为同位素。让氢的两种同位素原子核（、）从带电平行板间的点沿垂直于电场的方向射入电场，均落在极板上的同一点，如图所示。不计粒子的重力及粒子间的相互作用，则（　　）
A．两种粒子在电场中运动的时间相同
B．两种粒子在点具有相同的初速度
C．在电场中运动时动能的增量更小
D．在电场中运动时动量的增量更小
25．A、B两物体的质量之比，它们以相同的初速度在水平面上做匀减速直线运动，直到停止，其图像如图所示。则在此过程中，关于A、B两物体，下列说法错误的是（　　）
A．摩擦力的冲量之比是
B．摩擦力做功之比是
C．它们所受摩擦力之比是
D．它们与水平面之间的动摩擦因数之比是
九、光的衍射
26．以下四幅图是分别通过四个光学实验获得的图样，这四幅图中属于衍射图样的是（　　）
A． B．
C． D．
十、热力学定律
27．下列说法正确的是（　　）
A．布朗运动就是液体分子的无规则运动
B．甲物体比乙物体的温度高，所以甲物体的内能一定大
C．气体吸热，内能一定增大
D．一定质量的理想气体绝热膨胀，压强一定减小
十一、原子结构
28．下列物质中，本质不是电子的是（　　）
A．阴极射线 B．射线 C．伦琴射线 D．光电子
十二、静电场
29．如图所示，实线是竖直面内以O点为圆心的圆，MN和PQ是圆的两条相互垂直的直径，在竖直面内存在由Q点指向P点的匀强电场。从O点在竖直面内向各个方向以大小相同的初速度发射电荷量和质量完全相同的带正电小球，通过圆上各点的小球中，经过N点的小球速度最大。不计空气阻力及小球间的相互作用。小球通过圆上各点时，下列说法正确的是（　　）
A．通过Q点的小球，重力势能与动能之和最大
B．通过P点的小球，重力势能与动能之和最大
C．通过M点的小球，电势能与重力势能之和最小
D．通过N点的小球，电势能与重力势能之和最大
十三、恒定电流
30．有两个经过精确校准的电压表和。如图，当用它们分别来测量图中的电阻两端的电压时，读数分别为和，那么在未接上电压表时，两端的电压可能是（　　）
A． B． C． D．
试卷第1页，共3页
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《北京高考物理二轮复习专项练习-选择题中档题刷透训练》参考答案
题号 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10
答案 A C A B B C D D C D
题号 11 12 13 14 15 16 17 18 19 20
答案 C A C C C B B C C B
题号 21 22 23 24 25 26 27 28 29 30
答案 C C B D C C D C B A
1．A
【详解】A．小球乙围绕甲运动类似于行星绕太阳的运动，则A点相当于远日点，速度最小，根据，可得此时距离最远，则库仑力最小，故加速度值最小，故A正确；
B．根据开普勒第二定律可知球乙从C点经A点到D点的时间与从D点经B点到C点的时间不相同，故B错误；
C．小球乙从B点运动到A点过程中，库仑力一直做负功，故电势能一直增加，故C错误；
D． 球乙在B点和A点时速度方向与电场力方向垂直，可知电场力的功率均为零；则从B点运动到A点过程中，其电场力的功率先增加后减小，故D错误。
故选A。
2．C
【详解】A．根据图像可得当时，此时加速度最大，故根据
可得，故可求出该星球质量，故A正确，不符合题意；
B．距球心处质量为物体的重力势能为，由图像可求出在时，可得出对应的距离某星球球心处的重力加速度g的大小，故可求出此点的重力势能，故B正确，不符合题意；
C．根据
可得第一宇宙速度为
由于第一宇宙速度与第二宇宙速度的关系为
则该星球的第二宇宙速度为，故C错误，符合题意；
D．在距球心轨道上运行的卫星，根据
解得在距球心轨道上运行的卫星速度大小为，故D正确，不符合题意。
故选C。
3．A
【详解】根据开普勒第三定律有
解得行星的公转周期为
根据表格中数据计算出火星、木星、土星的周期分别为，
，
计算出天王星、海王星的周期分别为，
令相邻两次冲日的时间间隔为t，则有
解得，计算出火星、木星的t分别为，
计算出土星、天王星、海王星的t分别为，，
可知，火星相邻两次冲日的时间间隔大于两年，故A正确；
B．结合上述可知，所有行星的冲日间隔均超过1年，一年内不可能出现两次冲日，故B错误；
C．结合上述可知，天王星相邻两次冲日的时间间隔（1.01年）并非土星相邻两次冲日的时间间隔（1.04年）的一半，故C错误；
D．结合上述可知，海王星间隔最短（约1.006年），而非最长，故D错误。
故选A。
4．B
【详解】A．根据开普勒第二定律可知在近星点的速度大于远星点的速度，即，故A正确；
B．根据开普勒第二定律
可得，故B错误；
C．根据牛顿第二定律
可得
则S2在点和点的加速度大小之比为，故C正确；
D．因为光都不能逃逸，根据逃逸速度公式
当时，可得
解得
所以中心天体黑洞的半径至多为，故D正确。
本题选说法错误项，故选B。
5．B
【详解】A．通过窗扇的磁通量大小在不断减小，选项A错误；
B．窗扇的平均感应电动势大小为，选项B正确；
C．根据楞次定律可知，从学生视角，窗扇产生逆时针方向的电流，选项C错误；
D．推窗过程中机械能转化成电能，选项D错误。
故选B。
6．C
【详解】A．磁感应强度满足，则恒定不变，则感应电动势恒定不变，磁场在管道内产生涡旋电场的强弱不变，故A错误；
B．根据楞次定律可知，感生电场的方向沿逆时针方向，微粒带正电，所受电场力方向与感生电场方向一样，微粒被涡旋电场加速后在磁场中的旋转方向为逆时针方向，故B错误；
C．由法拉第电磁感应定律可得环内感应电动势
环内电场强度
粒子加速度
碰前粒子速度
可得，故C正确；
D．碰撞过程动量守恒
结合体受洛伦兹力
方向指向圆心；假设碰后瞬间管道对结合体的作用力FN方向均沿圆环半径方向向外，结合体所需向心力
将动量守恒方程以及v带入可知
可见无论m0多大，结合体所受作用力FN一定大于0，说明假设正确，所以碰后瞬间管道对结合体的作用力方向均沿圆环半径向外，结合体才能做圆周运动，故D错误。
故选C。
7．D
【详解】AB．线圈所在处的磁场方向竖直向下；磁铁向下运动，线圈的磁通量增大，根据楞次定律，感应电流的磁场方向竖直向上；根据安培定则，感应电流的方向与图示方向相同；电流从“+”流出电流计，指针向左偏转。AB错误；
C．仅改变线圈的绕向，线圈所在处的磁场方向竖直向下；磁铁向下运动，线圈的磁通量增大，根据楞次定律，感应电流的磁场方向竖直向上；线圈中感应电流的磁场方向不变，C错误；
D．仅改变线圈的绕向，线圈所在处的磁场方向竖直向下；磁铁向下运动，线圈的磁通量增大，根据楞次定律，感应电流的磁场方向竖直向上；根据安培定则，电流从“+”流入电流计，电流方向发生改变。D正确。
故选D。
8．D
【详解】A．振幅A是投影偏离平衡位置的最大距离。由图 2，最大
最小
平衡位置
则振幅，A错误；
B．时间内，投影图像斜率绝对值减小（斜率表示速度 ），故投影速度逐渐减小，B错误；
C．小球做圆周运动的周期T等于投影简谐运动的周期。由图 2可知
得
由洛伦兹力提供向心力
且圆周运动周期
得，C错误；
D．简谐运动最大速度，D正确。
故选D。
9．C
【详解】A．由图 2 知，周期
时质点Q向上振动，结合图 1，波沿x轴正方向传播。时，质点Q在平衡位置向下振动，速度达到负向最大，A错误；
B．时，质点在平衡位置向下振动，加速度为0，B错误；
C．波速
由图 1 知
则
从到，时间
传播距离，C正确；
D．从到，时间
质点Q从平衡位置到最大位移处，路程为，D错误。
故选C。
10．D
【详解】A．从甲图中可得，若波速是20m/s，根据公式
可得图乙的周期是，A错误；
B．若图乙的频率是20Hz，即根据公式可得，B错误；
C．若波沿x轴正向传播，此时P点应通过平衡位置向下振动，从图乙中可知，P点是向上运动，C错误；
D．若图乙表示Q点的振动图像，在0时刻Q点向上振动，则根据上下坡法可得波沿x轴正向传播，D正确。
故选D。
11．C
【详解】A．变压器基于电磁感应（互感）工作，原线圈需接交流电源，接直流电源无法产生变化磁场，副线圈无电压，A错误；
B．变压器铁芯用硅钢片叠合而成，不是整块硅钢（整块易产生涡流，增大损耗），B错误；
C．保持原线圈电压、匝数不变，改变副线圈匝数，可研究匝数对输出电压的影响，C正确；
D．变压器电能通过磁场传递（互感），不是铁芯导电输送，D错误。
故选C。
12．A
【详解】C．根据，解得，故C错误；
B．根据法拉第电磁感应定律可知
由闭合电路欧姆定律可知
电流表示数为有效值，即，故B错误；
A．的电功率为，故A正确；
D．两端电压的瞬时值表达式为，其中
解得，故D错误。
故选A。
13．C
【详解】AD．变压器输入的交流电压可视为不变，即电压表示数不变，根据电压匝数关系有
可知，变压器副线圈输出电压不变，接入电路的家用电器个数增加时，滑动变阻器接入电阻R减小，副线圈电流增大，即示数变大，定值电阻承担电压增大，则示数变小，故AD错误；
C．根据电流匝数关系有
结合上述可知，副线圈电流增大，则原线圈电流也增大，即示数变大，故C正确；
B．结合上述可知，副线圈电流增大，根据
可知，上的功率变大，故B错误。
故选C。
14．C
【详解】A．悬停时，弹力合力与重力平衡，即
由
得，A错误；
B．自由下落时，弹力合力为0，由
得，B错误；
C．，弹力合力为，弹力小于轴重力，无人机处于失重状态，C正确；
D．由上述分析可知，无人机悬停时，通过信号系统显示出质量块受到除重力外的力产生的加速度等于该处的重力加速度，地球表面的重力加速度不等于空间站的“天宫”处的重力加速度，a的数值不同，D错误。
故选C。
15．C
【详解】A．v-t图像的斜率表示加速度，由图可知滑块的加速度大于平板车的加速度，滑块和平板车所受合力相等，都等于两物体之间的摩擦力大小，根据f=ma可知，滑块的质量小于平板车的质量，即M＜m，故A错误；
B．若仅增大滑块与平板车间的动摩擦因数，则滑块和平板车之间的摩擦力变大，根据牛顿第二定律可知两物体的加速度变大，根据速度—时间关系图像可知，CD和OD的斜率都变大，它们达到共速的时间变短，即线段OE变短，故B错误；
C．若仅增大平板车质量，两物体之间的摩擦力大小不变，根据牛顿第二定律可知平板车的加速度变小，所以线段OD的斜率变小，故C正确；
D．v-t图像与坐标轴所围面积表示位移，则图中△COD的面积表示小滑块滑上平板车后，小滑块相对平板车的位移，故D错误。
故选C。
16．B
【详解】A．小铁块从顶点到底部过程，根据动能定理可得
可得小铁块到达底部的速度大小为
可知小铁块A和B到达底部时速度大小相等，方向不同，故A错误；
B．根据重力做功，可知它们到达底部过程中重力做功相同，故B正确；
C．重力的冲量为，由上述可知它们达底部时速度的大小相同，下滑到底部的路程相同，但在过程中小铁块A是匀加速直线运动，小铁块B是加速度减小的加速运动，则通过速度时间图像分析可知它们运动时间不相同，故重力的冲量不同，故C错误；
D．根据动量定理可得
由于小铁块A和B到达的速度方向不同，可知整个过程中铁块的动量变化不相同，则合外力的冲量不同，故D错误。
故选B。
17．B
【详解】AB．合力对东风-17做功为，A错误，B正确；
CD．合力对东风-17的冲量为，方向竖直向下，CD错误。
故选B。
18．C
【详解】单位时间内垂直吹向旋转叶片有效受风面积的空气的质量为，这些空气所具有的动能为
设风力发电机将风能转化为电能的效率为k，则风力发电机输出的电功率为
当风速为时输出的电功率；故选C。
19．C
【详解】A．由动能定理可知，细线拉力与重力对A所做的总功等于A的动能增加量，故A错误；
B．由动能定理可知，重力对A、B做的总功等于A、B两物体的动能的增加量，故B错误；
CD．设细线拉力大小为F，A的加速度大小为a，由滑轮组之间的关系可知，B的加速度大小为2a。根据牛顿第二定律得，
联立解得a=0.2g，F=0.6mg，故C正确；D错误。
故选C。
20．B
【详解】A．迈斯纳效应是 “超导体进入超导态后排斥体内磁场，使磁感应强度变为零”，体现完全抗磁性；零电阻特性是电阻骤降为零，二者是超导体不同特性，A错误；
B．超导体表面超导电流产生磁场抵消外磁场，能量来源于磁场的磁能（磁场能量转化为电流能量），B正确；
C．超导体内部磁感应强度为零，是表面超导电流产生的磁场抵消外磁场，不是“内部超导电流”，C错误；
D．电阻定律中，若，则，而非趋近于无穷大，D错误。
故选B。
21．C
【详解】A．若流体速度向右，根据左手定则，正电荷向前表面偏转，负电荷向后表面偏转，前表面带正电荷，后表面带负电荷，前表面电势高于后表面电势，A错误；
CD．电源的电动势为
解得
导电流体的流量为
感应电流为
电源的内电阻为
解得，C正确，D错误；
B．根据
解得
流量与电流强度成正比。因为电流表的刻度是均匀的，所以流量计的刻度也是均匀的，B错误。
故选C。
22．C
【详解】A．电场方向竖直向上，重力与电场力平衡，即
电场力向上，故微粒带正电（正电荷受力与电场方向相同），A正确；
B．圆周运动周期
由
得
则
（与微粒质量、电荷量无关），故a、b周期相等，B正确；
C．圆周运动半径
定值，但v未知（两微粒初速度可能不同），故半径不一定相等，C错误；
D．仅增加磁场强度B，重力与电场力仍平衡，洛伦兹力增大，但只要满足，微粒仍可做匀速圆周运动（洛伦兹力提供向心力 ），D正确。
本题选错误的，故选C。
23．B
【详解】A．粒子在磁场中做匀速圆周运动，则有，
解得，
由于带电粒子a和b质量相等、所带电荷量大小也相等，则两粒子在磁场中做圆周运动的周期相等，故A错误；
B．令粒子在磁场中运动轨迹对应圆心角为，则粒子在磁场中运动时间
根据图示可知，a粒子圆周运动轨迹对应圆心角大于b粒子圆周运动轨迹对应圆心角。则穿过磁场区域的过程a粒子运动的时间较长，故B正确；
C．洛伦兹力方向始终垂直于粒子运动速度的方向，可知，洛伦兹力始终不做功，故C错误；
D．根据图示可知，a粒子圆周运动的半径小于b粒子圆周运动的半径，结合上述可知，射入圆形磁场区域时a粒子的速率较小，故D错误。
故选B。
24．D
【详解】A．粒子垂直电场入射，做类平抛运动，水平方向匀速，竖直方向匀加速，因两粒子落在同一点，x、y相同，q相同，则水平方向
竖直方向
质量，质量
则，A错误；
B．由
相同，
得，B错误；
C．由动能定理，动能增量
故两粒子动能增量相等，C错误；
D．由动量定理，动量增量
因
则
即动量增量更小，D正确。
故选D。
25．C
【详解】A．A与B均只受摩擦力做匀减速直线运动，由动量定理，可得摩擦力的冲量之比，故A正确，不符题意；
B．由动能定理可知，可知克服摩擦力做功之比，故B正确，不符题意；
C．由，可知，由图像可知A与B的运动时间之比为1:2，则，故C错误，符合题意；
D．由摩擦力，可知，可得，故D正确，不符题意。
故选C。
26．C
【详解】A．双缝干涉的图样为明暗相间的干涉条纹，所以条纹宽度相同且等间距，故其为干涉图样，故A错误；
B．肥皂泡沫是薄膜干涉中的色散现象，故B错误；
C．影的中心存在一个亮斑，是光线通过一个不透光的小圆盘得到的衍射图样，故C正确；
D．此图样为光的折射现象，故D错误。
故选C。
27．D
【详解】A．布朗运动是悬浮微粒的无规则运动，反映了液体分子的运动，并非分子本身，故A错误；
B．内能由温度、质量、物质种类共同决定，温度高不一定内能大，故B错误；
C．由热力学第一定律，可知气体吸热时，若对外做功且做功量大于吸热，即，，且，则，即内能减少，故C错误；
D．绝热膨胀时，有，气体对外做功即，则，即内能减少，温度降低。则理想气体状态参量与的乘积减小，而体积增大，则压强必减小，故D正确。
故选D。
28．C
【详解】A．阴极射线是高速电子流，本质为电子，A错误；
B．射线是原子核衰变时释放的电子流，本质为电子，B错误；
C．伦琴射线（X射线）是电磁波，本质为光子，而非电子，C正确；
D．光电子是金属表面逸出的电子，本质为电子，D错误。
故选C。
29．B
【详解】AB．根据功能关系，电场力对小球做的功等于小球的机械能增加量，题意可知小球受到的电场力沿Q指向P方向，所以通过P点的小球，电场力对小球做正功最多，重力势能与动能之和（机械能）最大，故A错误，B正确；
C．根据能量守恒可知，小球动能最大时电势能与重力势能之和最小，根据等效重力法可知，小球动能最大在圆的最低点与P之间，不可能在M点，故C错误；
D．根据能量守恒可知，小球动能最小时电势能与重力势能之和最大，根据等效重力法可知，小球动能最小在圆的最高点与Q之间，不可能在N点，故D错误。
故选B。
30．A
【详解】电压表在电路中相当于电阻很大的电阻，当用电压表与电阻并联时，并联部分总电阻减小，故分得电压减小；在未接上电压表时，电阻的阻值大于并联电压表后的并联电阻，故不接电压表时电阻分得的电压大于接电压表时的电压表读数，故大于和；故选A。
答案第1页，共2页
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