上海市2026年高考物理二轮复习专题练习实验题、解答题基础通关训练（含解析）

上海市2026年高考物理二轮复习专题练习实验题、解答题基础通关训练
目录
一、电学实验 1
二、力学实验 3
三、恒定电流 4
四、动量及其守恒定律 5
五、电磁波 6
六、原子核 8
七、电磁感应 9
八、分子动理论 10
九、机械能及其守恒定律 12
十、光的偏振 12
一、电学实验
1．测量一节旧干电池的电动势和内电阻。
（1）电路图如图1所示，除干电池、电压表（量程3V）、开关和导线外，可供使用的实验器材还有：
A．电流表（量程0.6A）
B．电流表（量程3A）
C．滑动变阻器（阻值范围0～50Ω）
D．滑动变阻器（阻值范围0～200Ω）
实验中电流表应选用__________，滑动变阻器应选用__________。（选填选项前的字母）
（2）某同学记录了7组数据，对应点已标在图2中的坐标纸上，其中U是电压表的读数，I是电流表的读数。请绘制出U-I图像，由图像可知干电池的电动势E=__________V，内电阻r=__________。（结果均保留两位小数）
（3）该同学用图1所示电路和（1）中选定的器材继续研究水果电池。实验过程中他发现，无论怎样调节滑动变阻器的滑片，电流表和电压表的指针几乎都不发生偏转。他断开开关，用多用电表电压挡直接测量水果电池两端的电压，示数为2.03V；用多用电表进一步检查电路，电路没有故障。请你分析实验中电流表和电压表指针几乎不偏转的原因______。
滑动变阻器是电路元件，它可以通过来改变自身的电阻，从而起到控制电路的作用。在电路分析中，滑动变阻器既可以作为一个定值电阻，也可以作为一个变值电阻。滑动变阻器的构成一般包括接线柱、滑片、电阻丝、金属杆和瓷筒等五部分。滑动变阻器的电阻丝绕在绝缘瓷筒上，电阻丝外面涂有绝缘漆。
2．电学实验中，进行“测量电源电动势和内阻”实验时，记录数据，当电流表示数时，电压表示数为；当电流表示数为，电压表示数；则此电源电动势为______V内阻为______。
3．通过实验，某电阻两端的电压与通过它的电流关系如图所示，在实验过程中，电阻的横截面积和长度保持不变，依据图像分析：
（1）电阻阻值为R，其材料电阻率为，由图可知，随着电阻两端的电压增大，则( )
A．R增大，增大 B．R减小，减小
C．R增大，不变 D．R减小，不变
（2）当电阻两端电压为时，该电阻的功率为______W。
（3）根据图像，推测该实验电路为( )
A． B．
C． D
二、力学实验
4．如图所示，是某小组同学“用DIS研究加速度与力的关系”的实验装置，实验过程中可近似认为钩码受到的总重力等于小车所受的拉力。先测出钩码所受的重力为G，之后改变绳端的钩码个数，小车每次从同一位置释放，测出挡光片通过光电门的时间Δt。
(1)实验中___________（选填“必须”或“不必”）测出小车质量m车。
(2)为完成实验还需要测量___________和___________。
(3)实际小车受到的拉力小于钩码的总重力，原因是___________。
(4)若导轨保持水平，滑轮偏低导致细线与轨道不平行，则细线平行时加速度a1，与不平行时加速度a2相比，a1___________（选填“大于”“小于”或“等于”）a2。
5．在“用单摆测量重力加速度实验”中，使用下列实验器材．
（1）A、 1.2m的细线 B、 2m的弹性绳 C、 带孔的小铁球 D、 带孔的软木球 E、光电门传感器
应选用哪种绳________，应选用哪种球________，光电门的摆放位置为________（选填“最高点”或“最低点”）
（2）右图为光电门传感器电流强度I与t的图像，则周期为( )
A、 B、 C、 D、
（3）甲同学用秒表做该实验，但所得周期比该实验得到的大，则可能的原因是________．
6．在“用单摆测定当地的重力加速度”的实验中：
（1）摆线质量和摆球质量分别为m线和m球，摆线长为l，摆球直径为d，则_______；
A．m线>>m球，l<>m球，l>>d
C．m线<>d
（2）小明在测量后作出的T2-l图线如图所示，则他测得的结果是g=__________m/s2。（保留2位小数）
（3）为了减小误差，应从最高点还是最低点开始计时，请简述理由_________。
三、恒定电流
7．如图电路中，电源内阻不计。定值电阻与滑动变阻器最大阻值之间满足。闭合电键S，当滑动变阻器的滑动触头P从最高端向下滑动的过程中，电流表的示数________，电流表的示数是________。
8．宽L=0.75m的导轨固定，导轨间存在着垂直于纸面且磁感应强度B=0.4T的匀强磁场。虚线框I、II中有定值电阻R0和最大阻值为20Ω的滑动变阻器R。一根与导轨等宽的金属杆以恒定速率向右运动，图甲和图乙分别为变阻器全部接入和一半接入时沿abcda方向电势变化的图像。求：
（1）匀强磁场的方向；
（2）分析并说明定值电阻R0在I还是II中，并且R0大小为多少；
（3）金属杆运动时的速率；
（4）滑动变阻器阻值为多少时变阻器的功率最大？并求出该最大功率Pm。
四、动量及其守恒定律
9．如图，将小球拴于的轻绳上，，向左拉开一段距离释放，水平地面上有一物块，。小球于最低点与物块碰撞，与碰撞前瞬间向心加速度为，碰撞前后的速度之比为，碰撞前后、总动量不变。（重力加速度取，水平地面动摩擦因数）
（1）求碰撞后瞬间物块的速度；
（2）与碰撞后再次回到点的时间内，求物块运动的距离。

五、电磁波
法拉第电磁感应定律
法拉第电磁感应定律的发现一方面使人们制造出了发电机和变压器，电能的大规模生产和远距离输送成为可能；另一方面，电磁感应现象在电工技术、电子技术、电工测量等方面都有广泛的应用，人类社会从此迈入了电气化时代。
10．涡流、电磁驱动和电磁阻尼都是电磁感应现象，三者常常有紧密联系。下列说法正确的是（ ）
A．图甲中，如果在上下振动的磁铁下固定一个铝板，磁铁会很快静止下来，这属于电磁阻尼现象
B．图甲中，如果在上下振动的磁铁下固定一个铝板，磁铁振动时，铝板中会产生涡流，涡流对磁铁总有排斥作用
C．图乙中，竖直放置的蹄形磁铁转动后，同轴的闭合线圈会同向转动，这属于电磁阻尼现象
D．图乙中，蹄形磁铁匀速转动时间足够长，闭合线圈的转速可以大于蹄形磁铁的转速
11．图是一种延时继电器的示意图。铁芯上有两个线圈A和B。线圈A跟电源连接，线圈B两端连在一起，构成一个闭合电路。在断开开关S的时候，弹簧K将______（A：立即；B：过一会儿）将衔铁D向上拉起，原因是：______________________________
12．从发电机输出的电压通常需要通过变压器将电输送给用户。某同学为研究变压器的规律，利用图示装置进行实验，图中左右线圈匝数之比为，现该同学在左侧输入端接入一12V的恒压直流电源，则右侧输出端测出的电压为______（选填：“A：4V”、“B：0V”）。当该同学左侧接入的电压时，右侧测出的电压值为______（选填：“A：4V”、“B：”）
13．如图所示，矩形线圈面积为S，匝数为N，线圈电阻为r，在磁感应强度为B的匀强磁场中绕轴以角速度匀速转动，外电路电阻为R。当线圈由图示位置转过的过程中，通过电阻R的电荷量______；电阻R上所产生的热量______。
14．为了测量储罐中不导电液体高度，将与储罐外壳绝缘的平行板电容器C置于储罐中，先将开关与a相连，稳定后再将开关拨到b，此时可测出由电感L与电容C构成的回路中产生的振荡电流的频率。已知振荡电流的频率随电感L、电容C的增大而减小，若储罐内的液面高度降低，测得的回路振荡电流的频率将______（选填A：增大；B：减小）不计电磁辐射损失，振荡回路的总能量将______（选填A：增大；B：减小）
六、原子核
15．1945年7月16日，美国的第一颗原子弹在新墨西哥州的沙漠中试爆成功。由于当时美国对原子弹武器的细节都是绝对保密的，因此试爆后测量的各种数据都是不为人知的。到了1947年，美国军方只是公布了原子弹爆炸火球随时间变化的照片，这些原子弹爆炸产生的蘑菇云照片在当时引起了人们极大的兴趣，出现在世界各地的报纸和杂志上。
（1）该原子弹是以钚（）为核原料的，在中子的轰击下，一种典型的核裂变产物是氙（）和锆（），试写出此核反应方程；
（2）英国物理学家杰弗里·泰勒爵士通过对照片的分析，认为原子弹爆炸火球的实时半径与时间，爆炸能量以及空气密度有关。请你写出会影响的理由，并指出当增大时，将增大还是减小；
（3）接上问，如果认为只与，，有关，可以得到：，其中、、、是无单位的常数．试求出、、的数值；
（4）接上问，我们假定常数，取空气密度。观察图片可得，当时，火球半径约等于。已知1吨TNT当量，试估算该次核爆炸的当量。
七、电磁感应
16．两根足够长、互相平行的光滑金属导轨竖直放置，相距为L，顶端接有阻值为R的电阻，导轨电阻不计。导轨所在平面与磁感应强度为B的匀强磁场垂直，质量为m、电阻也为R的金属棒在导轨上静止下落，运动过程中，棒与导轨接触良好。求：
（1）通过R的电流方向（向左还是向右）；
（2）分析说明棒的运动情况；
（3）R上最大的电功率；
（4）当R上电功率达到后，分析说明棒的机械能是否随下落高度均匀变化。
17．如图（a），线框位于倾斜角的斜面上，斜面上有一长度为的单匝矩形磁场区域，磁场方向垂直于斜面向上，大小为，已知线框边长，，总电阻，现对线框施加一沿斜面向上的力使之运动。斜面上动摩擦因数，线框速度随时间变化如图（b）所示。（重力加速度取）
（1）求外力大小；
（2）求长度；
（3）求回路产生的焦耳热。

18．半径为a的圆形线圈，电阻不计，处于磁感应强度为B的匀强磁场中．一导体棒质量为m受到向上的拉力，以速度v匀速向下运动，导体棒单位长度的电阻为r．
（1）求通过导体棒的电流I和通过的电荷量q；
（2）当y>0时，求拉力功率P．
八、分子动理论
简易温度计
小明同学设计了一种测温装置，用于测量室内的气温（室内的气压为一个标准大气压气压，相当于76cm汞柱产生的压强），结构如图所示，大玻璃泡A内有一定量的气体，与A相连的B管插在水银槽中，管内水银面的高度x可反映泡内气体的温度，即环境温度。
19．当室内温度为27℃时，B管内水银面的高度为16cm，B管的体积与大玻璃泡A的体积相比可忽略不计，下列说法中正确的是（ ）
A．该测温装置利用了盖·吕萨克定律
B．B管上所刻的温度数值上高下低
C．B管内水银面的高度为22cm时，室内的温度为
D．若把这个已经刻好温度值的装置移到高山上，测出的温度比实际偏低
20．将这个简易温度计放入冰箱，静置一段时间后
（1）气体压强______（选填： A．“变大”、B．“变小”C．“不变”），请用分子动理论的观点从微观角度解释气体压强变化的原因：____________________________________。
（2）温度计放入冰箱后，B管内水银柱液面会______（选填A．“升高”B．“降低”C．“不变”）。设玻璃泡内气体内能变化的绝对值为，气体做功的绝对值为W，则气体在这个过程中吸收的热量为__________________
21．某次读数过程中小明同学不小心使测量装置发生了如图所示的小角度倾斜，则容器内气体的压强将（ ）
A．变大 B．变小 C．不变
22．将密封于装置中的气体看作理想气体，在某一过程中，该气体从状态a依次经过、和三个热力学过程达到状态d。若该气体的体积V随热力学温度T变化的图像如图所示，则对应的气体压强p随T变化的图像正确的是（ ）
A． B．
C． D．
九、机械能及其守恒定律
23．如图所示，AB为平直导轨，长为L，物块与导轨间动摩擦因数为，BC为光滑曲面。A与地面间高度差为h1，BC间高度差为h2，一个质量为m的物块在水平恒力作用下，从A点静止开始向右运动，到达B点时撤去恒力，物块经过C点后落地，已知重力加速度为g。
（1）若物块落地时动能为E1，求其经过B点时的动能EkB；
（2）若要物块落地时动能小于E1，求恒力必须满足的条件。
十、光的偏振
光是从哪里来，又回到哪里去？浦济之光，你见过吗？光是一个物理学名词，其本质是一种处于特定频段的光子流。光源发出光，是因为光源中电子获得额外能量。如果能量不足以使其跃迁到更外层的轨道，电子就会进行加速运动，并以波的形式释放能量。如果跃迁之后刚好填补了所在轨道的空位，从激发态到达稳定态，电子就停止跃迁。否则电子会再次跃迁回之前的轨道，并且以波的形式释放能量。
24．以下哪个选项中的图样符合红光和紫光的双缝干涉图样( )
25．如图所示，自然光经过两个偏振片，呈现在光屏上，偏振片B绕圆心转动且周期为T，则光屏上两个光强最小的时间间隔为（　　）
A． B．T C． D．
26．物理王兴趣小组在做“测量玻璃的折射率”实验时，若从c侧观察，插入c时，应遮住a、b；插入d时，应遮住______，依据图中所标数据，可得出该玻璃的折射率为______。
试卷第1页，共3页
试卷第1页，共3页
《上海市2026年高考物理二轮复习专题练习实验题、解答题基础通关训练》参考答案
1． A C 1.45 0.70 ）水果电池的内阻较大（kΩ量级），电动势仅2.03V，导致外电路几乎没有电流，所以电流表指针几乎不发生偏转；因为外电路总电阻最大约为50Ω，所以路端电压也几乎为零，电压表指针也几乎不发生偏转
【详解】（1）[1][2]由于干电池的电压较小，为了方便调节，滑动变阻器的阻值应较小，即选C，同时电路的电流较小，故电流表选小量程，即选A，
（2）[3]根据数据，可绘制出U-I图像如下图所示
根据
可知，由图像可得
又
（3）[4]水果电池的内阻较大（kΩ量级），电动势仅2.03V，导致外电路几乎没有电流，所以电流表指针几乎不发生偏转；因为外电路总电阻最大约为50Ω，所以路端电压也几乎为零，电压表指针也几乎不发生偏转
2． 4.5 1.5 3． B 0.225 C
【解析】2．[1][2]根据闭合电路欧姆定律
代入数据可得；
联立两式解得；
则此电源电动势为4.5V，内阻为1.5。
3．[1]因为电阻图线上一点与原点连线的斜率代表“电阻的倒数”，随着电阻两端的电压增大，可知斜率在不断增大，故随着电阻两端的电压增大，R减小，再根据电阻定律
可得也在减小，B选项正确。
故选B。
[2]根据图像分析，当电阻两端电压为时，可读出此时流过电阻的电流为0.125V，根据公式
代入数据解得
该电阻的功率为0.225W。
[3]根据图像，当电阻两端的电压很小时，斜率几乎为零，电阻阻值很大，滑动变阻器用限流式接法不符合实际情况，所以滑动变阻器采用分压式接法。随着电阻两端的电压增大，流过电阻的电流也在增大，电流表测流过电阻的电流，可推测该实验电路符合条件的只有C选项。
故选C。
4．(1)不必
(2) 小车释放点到光电门的距离x 挡光片的宽度d
(3)见解析
(4)大于
【详解】（1）[1]实验研究加速度与力的关系，加速度与合力成正比关系，只需控制小车质量不变即可，无须测出小车的质量。
（2）[1][2]小车经过光电门的速度为
由运动学公式
2ax=v2
联立可得小车的加速度
a=
所以需要测量小车释放点到光电门的距离x和挡光片的宽度d。
（3）[1]钩码在重力和拉力作用下向下做匀加速运动，加速度方向竖直向下，根据牛顿第二定律可知绳子对钩码的拉力小于钩码的重力，而绳子对钩码的拉力大小等于绳子对小车拉力的大小，所以实际小车受到的拉力小于钩码的总重力。
（4）[1]本实验忽略摩擦力的影响时，细线与轨道平行时
T=ma1
若滑轮偏低导致细线与轨道不平行，受力方向如图所示
由牛顿第二定律有
Tcos β=ma2
所以
a1>a2
5． A C 最低点 C 开始计时时，秒表太早按下，测量时间偏长，周期偏大
【详解】（1）单摆实验时，应选细绳，弹性绳在运动过程中长度发生改变，导致摆长变化，所以应选1.2m的细线；为了减小实验误差，摆球选择质量大、体积小的铁球；在测量时间时，因为最高点附近速度小，最低点附近速度大，所以光电门应摆在最低点附近，测量误差小
（2）单摆运动一个周期经过平衡位置两次，根据图像可知周期为：
（3）用秒表计时，测的周期为N次全振动对应的总时间，在进行求解单次的时间即周期，测量结果偏大，可能是开始计时时，秒表太早按下，测量时间偏长，周期偏大
6． D 9.74 最低点，在最低点加速度最小，速度变化慢，更容易判断，所以测得的时间误差较小
【详解】（1）[1]为了减小实验册误差，该实验中要求摆线质量远小于摆球的质量，即m线<>d；故选D。
（2）[2]由于
可得
根据T2-l图线可知
解得
g=9.74m/s2
（3）[3]最低点，在最低点加速度最小，速度变化慢，更容易判断，所以测得的时间误差较小。
7． 减小 先减小后增大
【详解】[1]分析电路，定值电阻与滑动变阻器最大阻值的下半部分并联，再与的上部分串联。闭合电键S，当滑动变阻器的滑动触头P从最高端向下滑动的过程中，并联部分总电阻变小，干路上的上部分电阻变大，则电路并联部分电压变小，故通过定值电阻的电流变小，电流表的示数减小。
[2]根据电路图串并联关系，滑动变阻器的滑动触头P下部分的电阻为，则电路的总电阻为
故根据闭合电路的欧姆定律可知，则电流表所在支路的电流
故当时，电流表所在支路的电流最小，故滑动变阻器的滑动触头P从最高端向下滑动的过程中，电流表的示数是先减小后增大。
8．（1）垂直纸面向里；（2）定值电阻R0在I中，原因见解析，R0大小为5；（3）5m/s；（4）5，0.1125W
【详解】（1）a点电势高，即导体棒上端电势高，根据右手定则可判断，磁场垂直纸面向里
（2）滑动变阻器接入阻值减小时，Uab变大，根据串联电路分压特点，说明I中的阻值分到的电压增多，I中为定值电阻。
金属棒的电阻不计
Uad=E=0
滑动变阻器两种情况下
联立方程得
R0＝5，0＝1.5V
（3）导体棒切割磁感线
得
v＝5m/s
（4）将定值电阻与金属棒看成一个等效电源，得当Rx＝5时滑动变阻器消耗的功率最大
9．（1）1.67m/s，方向水平向右；（2）0.51m
【详解】（1）由题意可知当P运动到A点时有
代入数据可得P碰撞前的速度为
又因为碰撞前后P的速度之比为5：1，所以碰后P的速度为
P与Q碰撞瞬间，P与Q组成的系统内力远大于外力，动量守恒，取向右为正方向，由动量守恒定律得
代入数据解得
方向水平向右；
（2）由于远大于小球P的大小，碰后P的速度较小，上升的高度较小，故可知小球P碰后做简谐运动，由单摆的周期公式得
小球P再次到平衡位置的时间为
联立解得
碰后Q向右做匀减速直线运动，末速度减为零时的时间为，由运动学公式得
对于Q，由牛顿第二定律得
联立解得
由于，故在小球P再次到平衡位置的时间内，小球Q已停下；所以小球Q向右运动的过程中由动能定理得
代入数据解得
10．A 11． B 线圈B中产生感应电流，使得铁芯中磁性慢慢消失 12． B A 13． 14． A B
【解析】10．AB．图甲中，如果在上下振动的磁铁下固定一个铝板，磁铁会很快静止下来，这属于电磁阻尼现象，磁铁振动时，铝板中会产生涡流，涡流对磁铁的运动有阻碍作用，靠近时排斥，远离时吸引，选项A正确，B错误；
CD．图乙中，竖直放置的蹄形磁铁转动后，同轴的闭合线圈会同向转动，这属于电磁驱动现象；蹄形磁铁匀速转动时间足够长，闭合线圈的转速总是小于蹄形磁铁的转速，选项CD错误。
故选A。
11．[1][2]图是一种延时继电器的示意图。铁芯上有两个线圈A和B。线圈A跟电源连接，线圈B两端连在一起，构成一个闭合电路。在断开开关S的时候，由于线圈B中产生感应电流，使得铁芯中磁性慢慢消失，则弹簧K将过一会儿将衔铁D向上拉起，故选B；原因是线圈B中产生感应电流，使得铁芯中磁性慢慢消失。
12．[1]变压器不能改变直流电压，则在左侧输入端接入一12V的恒压直流电源，则右侧输出端测出的电压为0V，故选B；
[2]当该同学左侧接入的电压时，右侧测出的电压值为
故选A。
13．[1]通过电阻R的电荷量
[2]交流电最大值
有效值
电阻R上所产生的热量
14．[1]当储罐内的液面高度降低时，两板间充入的电介质减少，电容减小，根据LC振荡周期可知回路的振荡周期变小，故振荡频率增大，故选A；
[2]电容器的电容减小，则储存的能量减小，即振荡电路的总能量减小，故选B。
15．（1）；（2）见解析；（3），，；（4）吨TNT当量
【详解】（1）根据反应过程满足质量数和电荷数守恒可得此核反应方程为
（2）将空气密度想象成空气的“厚度”，那么空气密度越大，空气越“厚”，它会阻碍火球的传播，因此传播了更短的距离后火球就停止前进了，即空气密度增大时，将减小；
（3）半径的国际单位为，时间国际的单位为，能量的国际单位为，空气密度的国际单位为，为了消去质量的单位，则有
为了消去时间的单位，则有
如果认为只与，，有关，则有
可得
结合
可得
，，
（4）假定常数，取空气密度。观察图片可得，当时，火球半径约等于，则该次核爆炸的能量为
则有
可知该次核爆炸的当量约为吨TNT当量。
16．（1）向左；（2）导体棒向下先做加速度减小的加速运动，最后匀速运动；（3）；（4）MN棒的机械能随下落高度均匀变化
【详解】（1）根据右手定则可知，MN中的感应电流从M到N，通过R的电流方向向左；
（2）开始时导体棒向下加速运动，随速度的增加，感应电流变大，导体棒受向上的安培力增加，根据
mg-F安=ma
可知加速度逐渐减小，当安培力等于重力时加速度减为零，此时导体棒的速度达到最大，以后保持该速度做匀速下降，即导体棒向下先做加速度减小的加速运动，最后匀速运动。
（3）当速度达到最大时满足
mg=F安=BIL
则R上最大的电功率
（4）当R上电功率达到后，导体棒将匀速向下运动，导体棒的动能不变，重力势能逐渐减小，即机械能逐渐减小，机械能的减小量等于克服安培力做功，即
即MN棒的机械能随下落高度均匀变化。
17．（1）1.48N；（2）0.5m；（3）0.4J
【详解】（1）由图（b）可知在0~0.4s内线框做匀加速运动，加速度为
根据牛顿第二定律有
代入数据可得
（2）由图（b）可知线框cf匀速进入磁场，则有
其中
联立可得
，
（3）线框穿过磁场过程中回路产生的焦耳热等于过程中安培力做的功，即
18．(1) (2)
【详解】（1）根据题意可知，感应电动势：，电路中的电阻：，所以感应电流：；运动时间：，所以通过的电量：
（2）根据平衡条件可得拉力：，根据勾股定理可知：；根据功率方程得：
19．C 20． B 见解析 A 21．C 22．C
【解析】19．A．A中密封的气体体积不变，所以该测温装置利用了查理定律，故A错误；
B．容器内气体的压强
可知，A中气体的压强越大，x越小，由
可知，温度越高A中的气体压强越大，B管上所刻的温度数值上低下高，故B错误；
C．B管内水银面的高度为22cm时，由
可得室内的温度为
故C正确；
D．若把这个已经刻好温度值的装置移到高山上，因为外界大气压变小，B中液柱会降低，根据刻度上低下高可知测出的温度比实际偏高，故D错误。
故选C。
20．（1）[1]将这个简易温度计放入冰箱，静置一段时间后，气体压强变小，故选B；
[2]气体温度降低，所以分子热运动程度减低，分子与器壁碰撞的次数减少，所以气体压强变小；
（2）[3]温度计放入冰箱后，A中气体压强减小，所以B管内水银柱液面会升高，故选A；
[4]气体温度降低，所以内能减少，外界对气体做功，由热力学第一定律有
可得气体吸收的热量为
既气体放热；
21．容器内气体的压强
其中x是管内水银面的高度不是液柱的长度，所以装置发生小角度倾斜时，液柱的高度不变，则容器内气体的压强不变。
故选C。
22．由V-T图可知，是等压变化，温度升高，所以p-T是平行与T轴的直线，是等温变化，体积变大，压强变小，所以p-T是垂直与T轴向下的直线，是等容变化，温度升高，压强变大，并且压强与温度成正比，所以p-T是过原点的倾斜直线。
故选C。
23．（1）E1－mgh1；（2）＜F＜
【详解】（1）从B到落地过程中机械能守恒，设地面为零势能面
变形得
（2）整个过程根据动能定理有
所以
若物体恰能到达C点，根据动能定理有
所以
综上所述
＜F＜
24．A 25．C 26．
【解析】24．干涉条纹是平行等距明暗相间的条纹，根据
红光的波长大于紫光，可知红光的条纹间距大于紫光的条纹间距，故选项A正确；
25．根据偏振原理，偏振片B每转过半周透光强度从最小到最强，再到最小，可知光屏上两个光强最小的时间间隔为0.5T，故选C。
26．[1]若从c侧观察，插入c时，应遮住a、b；插入d时，应遮住c以及ab的像；
[2]该玻璃的折射率为。
答案第1页，共2页
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