南宁市2026届普通高中毕业班第二次适应性测试
物理试卷
(考试时间：75分钟试卷满分：100分)
注意事项：
1.答题前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。
2.回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑，如需改动，
用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上。写在本试
卷上无效。
一、选择题（本题共10小题，共46分。第1~7题，每小题4分，只有一项符合题目要求，错选、
多选或未选均不得分；第8~10题，每小题6分，有多项符合题目要求，全部选对的得6分，
选对但不全的得3分，有选错的或不选的得0分。)
1.一辆新能源汽车在发现红灯时刹车，汽车即做匀减速直线运动，其速度一时间火m·s)
图像如图所示，则该汽车的加速度大小是
20
A.2 m/s2
B.3 m/s2
0
C.4 m/s2
D.5 m/s2
2.关于波粒二象性，下列说法正确的是
A光电效应现象说明光具有粒子性
B.康普顿效应说明光具有波动性
C.一个电子和一个质子具有相同的动能时，电子的德布罗意波长更小
D.在铁轨上运行的动车组、在跑道上跑步的运动员等宏观物体只具有粒子性
3.在绝缘光滑水平面上固定一正点电荷Q,现在点电荷Q附近由静止释放另一正点电荷q,在
点电荷q运动的过程中，下列说法正确的是
A.两电荷间的库仑力越来越小
B.点电荷q的电势能越来越大
C.点电荷q的动能先变大后变小
D.点电荷q做匀加速直线运动
4.带有活塞的汽缸内封闭一定量的理想气体，气体开始处于状态a,然后经过过叶
程ab到达状态b或经过过程ac到达状态c,如p一V图所示，ab线段、ac线段
分别与横轴、纵轴平行，经过b、c两点的虚线为等温线。设气体在状态a、b、c
时的温度分别为T。、Tb、T。,在过程ab、ac中吸收的热量分别为Qb、Qc,则
A.T>T
B.T>T
C.Qo>Qa
D.Q5.荡秋千是大家喜爱的一项体育娱乐活动。某秋千的简化图如图所示，细绳长为L,
重力加速度大小为g,质量为m的小球从悬点正下方开始摆动，最大摆角为日。不
计空气阻力，细绳质量相对小球可忽略，小球看成质点。下列说法正确的是
A.当10°<0<20时，可以把小球的摆动看成简谐运动
B,若可以把小球的摆动看成简谐运动，其周期为2π√
L
C.小球在运动过程中动能一直减小
D.细绳的最大拉力为2mg(1.5一cos0)
【高三物理第1页（共6页）】2026 届南宁市普通高中毕业班第二次适应性测试（2026 年 3 月）
物理参考答案及评分细则
一、选择题：本大题共 10 小题，共 46分。第 1～7 题，每小题 4分，只有一项符合题目要
求，错选、多选或未选均不得分；第 8~10 题，每小题 6分，有多项符合题目要求，全部选
对的得 6 分，选对但不全的得 3 分，有选错的得 0 分。
1 2 3 4 5 6 7 8 9 10
C A A C D B B AD BC BD
1. C【解析】本题考查匀变速直线运动的v t图像，目的是考查学生的理解能力。
由题中图像可得，该汽车的加速度大小a = 4 m/s2，选项C正确。
2. A【解析】本题考查波粒二象性，目的是考查学生的理解能力。
AB：光电效应现象和康普顿效应均说明光具有粒子性，选项A正确，B错误。
h 1 h
C 2：联立 λ = p、p = m
v、 Ek mv ，得 λ = ，电子和质子动能相同时，电子质量2 2mEk
小，其德布罗意波长更大，选项C错误。
D：宏观物体也有波动性，选项D错误。
3. A【解析】本题考查静电场，目的是考查学生的推理论证能力。
Qq
由于同种电荷相互排斥，由静止释放的q将远离Q，根据F = k 2 可知，两者间距r变大，r
则库仑力越来越小，根据牛顿第二定律 F = ma，q的加速度变小，则q做变加速直线运动，
动能越来越大，电势能越来越小，选项A正确。
4. C【解析】本题考查气体，目的是考查学生的推理论证能力。
AB：bc是等温线，Tb = Tc，选项A、B均错误。
CD：过程ac是等容变化，体积不变，W为零，根据查理定律，压强增大，温度升高，气
体的内能增加。b、c状态的温度相同，则过程ab和ac的内能增加量ΔU相等。过程ab体积
增大，气体对外做功，W取负值。根据热力学第一定律ΔU = W + Q，可知过程ab吸收的
热量多，即Qab > Qac，选项C正确，D错误。
5. D【解析】本题考查单摆及功能关系，目的是考查学生的推理论证能力。
A：最大摆角很小的情况下小球的摆动才可看成简谐运动，选项A错误。
B L：单摆的周期为2π ，选项B错误。g
C：小球在运动过程中动能不是一直减小，选项C错误。
v2D：小球在悬点正下方时，细绳拉力最大，有FT mg m ；对小球从静止释放到最低r
1
点，有mgL(1 cos ) mv2 ，联立得 FT = 2mg ( 1.5－cosθ )，选项D正确。2
6. B【解析】本题考查开普勒定律，目的是考查学生的推理论证能力。
m
A 地
m船 Gm
：由G 2 = m a，得a =
地 ，则，选项A错误。
r 船 r2
B：根据开普勒第二定律，飞船与地球的连线在相等的时间内扫过的面积相等，有
S 1 v r 1
v r
p p vQr
P Q
Q，得 v r ，选项 B 正确。2 2 Q P
CD：飞船和空间站都围绕地球运行，根据开普勒第三定律，轨道的半长轴的三次方跟它
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a3 T
的公转周期的二次方的比都相等，有 = k，则 I
r + r
2 = (
P Q )3 ，选项 C、D 均错误。
T TII 2r
D：，选项 D 错误。
7. B【解析】本题考查动量守恒定律和机械能守恒定律，目的是考查学生的推理论证能力。
1
A 2：A、B物块碰撞前由动能定理，得mg3x0 sin mvB ， vB 3gx2 0
，
A、B物块碰撞由动量守恒定律得，mvB = (m + m)v
3gx0
AB， vAB ，选项A错误2
B：A、B物块一起向下运动到最低点的过程，最低点处设重力势能为零，此时弹簧最大
1
x kx2
1 2
压缩量为 1，由机械能守恒定律得 0 2mvAB 2mg (x x )sin
1
kx2
2 2 1 0 2 1
A静止在O点时弹簧的压缩量为x0，可知kx0 = mg sin θ，得：x1 = 4x0
所以最低点离O位置距离为Δx = x1－x0 = 3x0，选项B正确。
C：A、B分离瞬间，有相同的加速度且相互挤压作用力为0，
对B可知分离瞬间加速度等于a = g sin θ，方向向下；对A有F弹 + mg sin θ = ma，得F弹 = 0，
所以A、B在弹簧原长处分离，不是在O位置，选项C错误。
1
D：最大的弹性势能为 E 2Pm = kx1 = 4mgx0 ，选项D错误2
8. AD【解析】本题考查光，目的是考查学生的推理论证能力。
A：因为玻璃砖的上下表面平行，当光束从上表面以某一角度射入后，上表面的折射角和
下表面的入射角总相等，因为上表面的入射角小于90°，所以下表面的入射角一定小于临
界角，所以a、b光在下表面均无法发生全反射，选项A正确。
BC：因为玻璃对b光的折射率较小，所以a光比b光在真空中的波长更小，衍射现象更不明
显选项B、C错误。
D：由于a光的折射率大，偏折程度大，从下表面射出后沿水平方向侧
移的距离大，如图所示，
故两单色光从下表面射出后，两者间距一定增大，选项D正确。
9. BC【解析】本题考查交流电，目的是考查学生的理解能力。
A：电压表测量的是交流电压的有效值，由乙图可知，最大值为Um，
U
U = m所以交流电压的有效值为 1 ，不为0，选项A错误。2
B：正弦式交流电，一个周期电流方向改变2次，选项B正确。
Um nCD 1：副线圈电压最大值U2m > 6 000 V，根据 =U ，得原线圈电压最大值为 Um > 6 V，2m n2
Um 6
电压表示数为 U1 = > V = 3 2 V ，即电压表示数大于3 2 V可以点燃气体。而2 2
4.3 V > 3 2 V，则可以点燃气体，选项C正确。
10.BD【解析】本题考查带电粒子在磁场中运动，目的是考查学生的创新能力。
AB：粒子垂直Ⅰ区磁场方向进入磁场，故做匀速圆周运动，
2
由 qvB0 m
v
，得r1 = 2d，如图所示，r1
d 1
有cos θ = =r1 2
，得粒子出Ⅰ区时速度方向与水平方向的夹角
为60°，选项A错误，B正确。
C：由于粒子进入Ⅱ区的速度与Ⅱ区磁场方向不垂直，故运动可分解为水平面上（垂直Ⅱ
区磁场方向）的匀速圆周运动和竖直向下的匀速直线运动，如图所示。在水平面上有，
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2πm d 3m
T =
qB ；在竖直方向有
t2 。由于粒子进入Ⅲ区时的速度与进入Ⅱ区时
2 vsin 60 3qB0
的速度相同，则粒子在Ⅱ区满足 t2 = nT，（n = 1，2，4，…），联立可得B2 = 2 3nπB0，
（n = 1，2，4，…），选项C错误。
11.D：粒子以相同速度进入相同高度的Ⅲ区，继续做匀速圆周运动，在Ⅰ区和Ⅲ区运动转过
1 2πm πm
的圆心角总共为90°，则在Ⅰ区和Ⅲ区运动时间t1 = =4 qB0 2qB
。粒子通过Ⅰ区、Ⅱ区、Ⅲ
0
(3π + 2 3)m
区的总时间为t1 + t2 = ，选项D正确。6qB0
12.20；0.50；（4）120。
【解析】本题考查测金属丝的电阻率，目的是考查学生的实验探究能力。
(2)螺旋测微器示数为 0.5 mm + 40.0 × 0.01 mm = 0.900 mm。
(3)电压表示数为 2.30 V，电流表示数为 0.50 A。
3
(4) D 0.900 × 10导线横截面积为 S = π( )2 = 3.14 × ( )2 m2 = 6.359 × 10 7 m2，
2 2
U
根据 I =
U 2.30
R + R ，得导线电阻 Rx = R0 = ( 3) Ω = 1.60 Ω，x 0 I 0.50
L RxS 1.60 × 6.359 × 10 7
根据 Rx = ρ ，得导线长度 L = = 8 m ≈ 59.8 m。S ρ 1.7 × 10
g m1 m1 m2
13.（每小空 2 分，共 8 分）（1）C；(2) a；(3) ；(4) = +
2k h2 h
。
3 h1
【解析】考查平抛运动实验及验证动量守恒定律实验，目的是考查学生的实验探究能力。
(1)A：选择体积小、质量大，即密度大的小球，可减小空气阻力的影响，选项A错误；
B：小球从同一位置由静止释放，斜槽对小球的摩擦力对实验无影响，选项B错误。
C：碰撞小球质量应大于被碰小球质量，让两球碰后均往前做平抛运动，选项C正确。
(2)匀质小球的重心在球心，抛出点应沿竖直线过桌面的右边缘，故填a位置；
1 x g
(3)根据平抛运动规律可得x = v t h g ( )20 ，联立可得 x
2 2
2 v0 2v
2 ，可知h x 图线的斜率为
0
k g g
2v2 ，解得小球平抛运动的初速度为 v0 。0 2k
x g x g
(4)由平抛规律可求得A的碰撞前后速度分别为 v0 x 、 v x ，t 12 2h2 t3 2h3
x g
小球B的碰后速度 v2 x ，根据动量守恒定律有mt 2h 1
v0 = m1v1 + m2v2 ，
1 1
m1 m m
联立得 =
1 + 2
h2 h
。
3 h1
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二、非选择题（共 54 分）
11.（每小空 2 分，共 8 分）
参考答案 评分细则
(2) 0.900 (2)、 (3)与答案一致的才给分。
(3) 2.30；0.50
(4) 59.8 (4) 59.8 或 59.9 均给2分。
多写单位不给分
12.（每小空 2 分，共 8 分）
参考答案 评分细则
(1) C
(2) a (2)写为“A”的不给分
g
(3) (3) 、(4)用题目所给符号的才给分。
2k
m m m 表达式运算结果与答案相同的，也给分。1 1 2
(4) = +h2 h3 h1
计算题统一评分基本原则
1．不写单位或单位错的，整题只扣1分。
2．不用题给符号的不给分。
3．写阴阳式的不给分。
4．连等式有错的，错误处及错误处之后的内容均不给分。
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3U
13.（10 3 2mU分）（1）B = 0 ；（2）E =
0 ，方向竖直向上。
5L e 2L
参考答案 评分细则
(1) 电子经过电场加速过程，
eU 1 mv20 ……1分2
2
= ……1分
L
R = ……1分
sin 37°
（2）等效解法
3 2mU
解得B = 0 ……1分 【法二】
5L e v ……1分
tan 37 y(2) 电子在偏转电场中 v
L = vt ……1分 eE ma ……1分
eE = ma ……1分
2
vy = at ……1分 vy 2ay
……1分
tan 37° = y ……1 1分 y 2v tan θ = = 2
at , vy = at两式打包得 1 分
3U0 ……1 L vt解得E = 分
2L 3U解得E = 0 ……1分
场强的方向是竖直向上 ……1分 2L
场强的方向是竖直向上 ……1分
【法三】
……2分
Eey 1 mv2 1 mv2
2 1 2
1
y 2 at
tan θ = = 2
at , tan 37° = 两式打包得 1 分
L vt v
v ……1分cos 37
v1
3U
解得E = 0 ……1分
2L
场强的方向是竖直向上 ……1分
【法四】
v
tan37 y ……1分
v
L vt ……1分
eEt mv ……2分y
3U
解得E = 0 ……1分
2L
场强的方向是竖直向上 ……1分
sin 37° 2mU 2U
若最终结果保留三角函数，即 0 ，E = 0B = tan 37°也给分。L e L
所有符号均要使用题中所给字母，否则不得公式分。
所用物理量符号必须前后一致。
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2B Lv 2 2
14.（12分）（1 0 0 2 16B0 L (v） ；（ ） 0 v) ；
R R
2n 1
（3） L n 0,1,2, 2L，或
2 λ = (n = 0, 1, 2, )
。
2n + 1
参考答案 评分细则
（1）设金属框的感应电动势为E，电流
为I，
E 2B0Lv0 ……1分
E IR ……1分
2B Lv
解得 I 0 0 ……1分
R
（2）要使列车获得的最大驱动力则ad和
bc边均切割磁感线，而且相应的磁感应强
度方向相反，大小最大，设最大感应电
动势为Em，电流为Im，最大驱动力为Fm
，有
E1 2B0L( v0 v ) ……1分
Em 2E1 ……1分 或写成 Em 4B0L( v0 v ) ………2分
Em ImR ……1分
F1 2B0ImL ……1分
Fm 2F1 ……1分
16B2L2( v v )
解得： F 0 0m ……1分 或写成 Fm 4B0ImL ………2分R
（3）由（2）可知ad和bc边长度应为 的
（3）等效解法
一半再加 的整数倍，即满足条件
2n 1
2n 1 写成L n 0,1,2, L = λ n = 1, 2, 3，…或者 2
2
2L
2L 或者 λ = n = 1, 2, 3，… 均给3分 n 0,1,2, ……3分 2n 1
2n 1
表达式正确但没写n的取值，或者取值错误得2分
只写 = 或者 = 2 ，给1分
2
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15.（16分）（1）5 m/s；（2）811.1 s；（3）102.25 J。
参考答案 评分细则
（1）中虚线框中的等效解法
（1）对物块a，沿圆弧轨道下滑 【法二】
m 10gR m
2 1
0 vB m v
2
0 0 ……1
1 1
分
2 2 m0gR m0 v
2
B m0 v
2
0 ……1 分2 2
解得 vB = 13 m/s μm0g = m0a ……1 分
假设在传送带上减速直至共速，由
t v v B 1 s ……1 分
μm0g = m0a ……1 分 a
v2 v2B 2( a)L ……1 分 （注意：若减速时间在第 2 问再次出现的，不重复1
解得L1 = 11.5 m < L 给分）
假设成立。 L v t 11 B at
2 ……1 分
2
物块 a与传送带共速后， 解得L1 = 11.5 m < L
继续匀速运动直至和 1 号滑块相碰，由 【法三】
m0v = m0(–v 1 1a1 )+ mv1 ……1 分 m0gR m0 v
2
B m
2
2 2 0
v0 ……1 分
1 m v2 1 10 m0v
2
a1 mv
2
1 ……1 分2 2 2 m 10gL1 m v
2 1
0 m v
2
0 B ……2 分
1 2 2
解得 va1 v1 v 5 m/s ……1 分2 解得L1 = 11.5 m < L
【法四】
假设在传送带上减速到传送带 C 处，则
m0gR m
1 1
0gL m0 v
2
c m v
2
0 0 ……3 分2 2
得 vC 94 m/s < v ，物块 a到 C 处前已经与传送
带共速。
【法五】
m0gR
1
m 2 1 20 vB m0 v0 ……1 分2 2
假设在传送带上减速到传送带 C 处，则
m 10gL m v
2 1
0 c m0v
2
B ……2 分2 2
得 vC 94 m/s < v ，物块 a到 C 处前已经与传送
带共速。
（1）中求速率va1的等效解法
m0v = m0va1 + mv1 ……1 分
1 m v2 1 m v2 10 mv
2 ……1 分
2 2 0 a1 2 1
va1 =－5 m/s，v1 = 5 m/s ……1分
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参考答案
（2）在传送带上减速至共速所用时间
t v v B 1 s ……1 分
a
在传送带上匀速运动时间
t L L 1 0.1 s ……1 分
v
1 号滑块以 v1速度匀速至与 2 号滑块碰前做匀速运动用时为
t S 0.4 s
v ……1 分1
1 号滑块以速度 v1去和 2 号滑块碰撞，由
mv1 = mu1 + mu2 ……1 分
1 mv2 1 mu2 11 1 mu
2
2 ……1 分2 2 2
解得
u1 = 0，u2 = v1
即发生速度交换，同理 2 和 3、3 和 4、…、2025 和 2026 均发生速度交换，共经历时间为
(2025 1)t
则 2026 号滑块开始运动的时刻为
t2026 t t (2026 1)t
解得
t2026 = 811.1 s ……1 分
(3) 物块 a在传送带上减速至共速摩擦产热 Q0，则
Q0 = μm0gΔx0 ……1 分
Δx0 = L1－vt
由于物块 a和 1 号滑块第 1 次相碰后，在传送带上
v2x a1m L2a
故物块 a再次和传送带作用时必返回且返回速率为 va1，与传送带摩擦产热 Q1
Q1 = μm0gΔx1
式中Δx1为物块 a与传送带间相对位移
+ ( )
Δ = 1 1 2 1
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t v a1 ( va1) 2v a11 a a
解得
Q1 m gv
2va1
0 ……1 分a
物块 a和 1 号滑块第 2 次相碰
m0va1 = –m0va2 + mv12
1 m 2 1 2 1 2
2 0
va1 m v2 0 a2
mv
2 12
解得
v 1 1a2 v
2
2 a1
( ) v
2
同理可得物块 a和 1 号滑块第 2 次相碰后返回，与传送带作用摩擦产热 Q2
Q2 = μm0gΔx2
+ (
Δ = 2 2
)
2 2 2 2
t va2 ( v a2 ) 2v a22 a a
解得
Q2 m gv
2va2
0 a
同理可得：
Q3 m0gv
2va3
a
v 1 1 3a3 v2 a2
( ) v
2
……
Q m gv 2va20262026 0 a
v 1 v 1 ( )2026a2026 a2025 v ……1 分2 2
物块 a与传送带间因摩擦产生的总热量 Q
Q = Q0 + Q1 + Q2 + Q3 + + Q2026
解得
Q ≈ 102.25 J ……1分
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