安徽省高考物理二轮复习专项练习-04实验题能力提升训练（含解析）

安徽省高考物理二轮复习专项练习-04实验题能力提升训练
一、力学实验
1．某同学借助《手机物理工坊》APP粗测游乐场中一秋千悬绳的长度。具体操作如下：
Ⅰ．将手机自由释放，测出重力加速度g；
Ⅱ．手机水平放在秋千的座椅上，使手机边缘与座椅边缘平行（如图甲），让秋千以小摆角自由摆动（摆动过程中手机相对座椅保持静止），从APP中得到垂直手机平面方向的加速度大小（向心加速度）a与时间t的关系图像（如图乙）。
结合实验过程，回答下列问题。
(1)将秋千视为单摆，其周期T=__________（用t0表示）；
(2)此秋千悬绳的长度L=__________；
(3)写出一个产生误差的原因：______________________________。
2．为了验证动量守恒定律，某实验小组制作了如图1所示的实验装置。用3D打印机打印出两个质量分别为且底面粗糙程度相同的物块A、B，将左侧带有挡板的长木板固定在水平面上，挡板右侧固定一个轻弹簧，弹簧处于原长时其右端在木板上的O点，在O点右侧依次并排放置A、B（A、B紧挨着），A与弹簧接触但未压缩弹簧。
实验步骤如下：
①保持B不动，用手拿着A向左将弹簧压缩至位置P；
②松手释放A，弹簧恢复原长时A与B发生碰撞，碰后两物块均向右运动一段距离停下，如图2所示，测得A、B静止时它们的左侧面与O点的距离分别为
③拿走B，用手拿着A再次将弹簧压缩至位置P，然后松手释放，测得A停下时其左侧面到O点的距离为x ，如图3所示，又测得A沿运动方向的宽度为L。
(1)为保证实现上述实验目标，应使_______（填“>”“=”或“<”）；
(2)若A、B与木板间的动摩擦因数为μ、重力加速度为g，则碰后瞬间A的速度大小为_______；（用μ、g及以上步骤中测得的物理量表示）
(3)若碰撞过程A、B组成的系统动量守恒，则应满足_______。
A．
B．
C．
3．某物理兴趣小组的同学在家中找到一根轻弹簧，并准备了装有水的矿泉水瓶、刻度尺、三角板、弹簧测力计和细绳等器材，设计如下实验验证力的平行四边形定则。其操作如下：
A．在竖直木板上用图钉固定一张白纸，把轻弹簧一端固定在O点，弹簧自然水平放置时，另一端在O′点；
B．如图甲所示，三根轻绳的结点为A，L1连接轻弹簧，L2连接弹簧测力计，L3连接盛有水的矿泉水瓶。调整弹簧测力计的拉力大小和方向，使L1水平；
C．去掉L3及矿泉水瓶，重新水平拉弹簧测力计；
D．整理实验器材；
E．根据实验记录的数据及痕迹，作图验证平行四边形定则。
根据以上操作，回答以下问题：
(1)本实验采用的物理方法是____法。
(2)步骤B中除记录弹簧测力计的示数F1和方向外，还需记录________________。
(3)为达到实验目的，还需测量矿泉水瓶及水的重力。完成步骤C后，用弹簧测力计测量矿泉水瓶及里面水的重力，如图乙所示，则矿泉水瓶及里面水的重力F2为____N，根据记录的数据和痕迹完成平行四边形定则的验证。
(4)（多选）在上述实验中，把矿泉水瓶换成另一个轻弹簧测力计拉绳L3。把轻弹簧水平拉开一段位移后，这时绳L2、L3的夹角为120°，保持结点A的位置不变、绳L1水平、绳L2的方向不变，逐渐减小绳L2、L3的夹角直至夹角为60°的过程中，下列关于两个弹簧测力计示数的说法正确的是　　　　。
A．拉绳L2的弹簧测力计的示数先变小后变大
B．拉绳L2的弹簧测力计的示数一直变小
C．拉绳L3的弹簧测力计的示数一直变小
D．拉绳L3的弹簧测力计的示数先变小后变大
4．在“探究加速度与力、质量的关系”的实验装置可用于“探究物体所受合力做功与动能变化的关系”，物理小组同学们采用如图所示实验装置进行探究。实验要求小车受到的合外力为绳的拉力的合力。实验中同学们研究了砂和砂桶的运动过程所受合力做功是否等于其动能增量。忽略细线与滑轮间的摩擦阻力。
(1)本实验________（填“需要”或者“不需要”）满足m远小于M的条件。
(2)实验前测出砂和砂桶的总质量m，已知重力加速度为g。接通打点计时器的电源，静止释放砂和砂桶，带着小车开始做加速运动，读出运动过程中力传感器的读数T，通过纸带得出起始点O（初速度为零的点）到某点A的位移L，并通过纸带算出A点的速度v。实验过程中_________（填“需要”或者“不需要”）平衡小车M所受的摩擦力。
(3)对m研究，所需验证的动能定理的表达式为_________。
A． B．
C． D．
(4)通过纸带测出了起始点O到不同点A、B、C、D…的位移及A、B、C、D…的速度，并做出了图中所示的实线。那么在保证小车质量不变的情况下增加砂的质量，重复实验，将会得到如图中虚线_______（填“甲”或者“乙”）所示的图线。
5．某同学设计了一个用拉力传感器验证机械能守恒定律的实验。长为l不可伸长的轻绳一端连接固定的拉力传感器，另一端连接一质量为m的小钢球（大小不计），竖直平面内固定一外部标有刻度（图中未画出）的光滑半圆导轨，如图所示。当小钢球在最低点时它与半圆导轨恰好不接触，现给小钢球一水平向左适当大小的初速度，使它在竖直平面内摆动，记录钢球在向上摆动过程中拉力传感器示数的最大值F max和最小值F min ，当F min刚好为0时，轻绳与水平方向的夹角为θ。改变小钢球的初速度大小，重复上述过程。根据测量数据在直角坐标系中绘制的图像是一条直线，已知重力加速度大小为g。
(1)若小钢球摆动过程中机械能守恒，则图像的数学表达式为_________（用题中所给的已知物理量符号表示）。
(2)若图线的斜率为k，则小钢球的质量m为____________。（用题中所给的已知物理量符号表示）
(3)该实验系统误差的主要来源是_________（填正确答案序号）。
A．小钢球摆动角度偏大
B．小钢球初始速度不同
C．小钢球摆动过程中有空气阻力
6．某同学利用图（a）所示装置研究平抛运动的规律。实验时该同学使用频闪仪和照相机对做平抛运动的小球进行拍摄，频闪仪每隔发出一次闪光，某次拍摄后得到的照片如图（b）所示（图中未包括小球刚离开轨道的影像）。图中的背景是放在竖直平面内的带有方格的纸板，纸板与小球轨迹所在平面平行，其上每个方格的边长为。该同学在实验中测得的小球影像的高度差已经在图（b）中标出。
完成下列填空：（结果均保留2位有效数字）
（1）小球运动到图（b）中位置A时，其速度的水平分量大小为___________，竖直分量大小为___________；
（2）根据图（b）中数据可得，当地重力加速度的大小为___________。
7．用雷达探测一高速飞行器的位置。从某时刻（）开始的一段时间内，该飞行器可视为沿直线运动，每隔测量一次其位置，坐标为x，结果如下表所示：
0 1 2 3 4 5 6
0 507 1094 1759 2505 3329 4233
回答下列问题：
（1）根据表中数据可判断该飞行器在这段时间内近似做匀加速运动，判断的理由是：______；
（2）当时，该飞行器速度的大小______；
（3）这段时间内该飞行器加速度的大小______（保留2位有效数字）。
8．一学生小组做“用单摆测量重力加速度的大小”实验。

（1）用实验室提供的螺旋测微器测量摆球直径。首先，调节螺旋测微器，拧动微调旋钮使测微螺杆和测砧相触时，发现固定刻度的横线与可动刻度上的零刻度线未对齐，如图（a）所示，该示数为___________mm；螺旋测微器在夹有摆球时示数如图（b）所示，该示数为___________mm，则摆球的直径为___________mm。
（2）单摆实验的装置示意图如图（c）所示，其中角度盘需要固定在杆上的确定点O处，摆线在角度盘上所指的示数为摆角的大小。若将角度盘固定在O点上方，则摆线在角度盘上所指的示数为5°时，实际摆角___________5°（填“大于”或“小于”）。
（3）某次实验所用单摆的摆线长度为81.50cm，则摆长为___________cm。实验中观测到从摆球第1次经过最低点到第61次经过最低点的时间间隔为54.60s，则此单摆周期为___________s，该小组测得的重力加速度大小为___________m/s2.（结果均保留3位有效数字，π2取9.870）
二、电学实验
9．某实验小组设计了如图甲所示的电路测量电压表内阻和电池电动势。可供选择的器材如下：
A．待测电源E：电动势约为5V；
B．电压表V：量程为3V，内阻约为；
C．电流表：量程为1mA；
D．电流表：量程为0.6A；
E.滑动变阻器：最大阻值为；
F.滑动变阻器：最大阻值为；
G.单刀单掷开关两只，导线若干。
（1）根据图甲所示电路图，选择合适的实验器材，电流表应选择__________，滑动变阻器应选择__________（均填写器材前的字母），按照电路图正确连接电路。
（2）闭合开关、，调节滑动变阻器使电流表满偏。
（3）保持滑动变阻器的滑片位置不动，断开开关，电流表偏转至满偏刻度的处，此时电压表指针所指位置如图乙所示，电压表读数为__________V，电压表内阻为__________。
（4）电池电动势的测量值为__________V。若不考虑偶然误差，则电动势的测量值__________真实值（选填“大于”、“等于”或“小于”）。
10．某同学设计了一个实验测量某种导电液体的电阻率，如图甲所示，分别在注射器底部和活塞下面安装圆形金属板电极A、B，电极直径与注射器针筒内直径相同，电极A正对出水口处开有小孔，方便吸入和排出导电液体，将部分导电液体吸入注射器后，再将两电极接入图甲电路中进行测量，可通过注射器上的刻度读出注射器内导电液体的体积。
(1)用游标卡尺测量针筒内直径时需利用图乙中游标卡尺的______（选填“①”“②”或“③”）部分。测量得到针筒内直径读数如图丙所示，其读数为______mm。
(2)图甲电路采取的是滑动变阻器的分压式接法和电流表的内接法，图中还有一处导线未连接，请在图甲中画线完成实物图连接______。
(3)闭合开关，调节滑动变阻器使电流表的示数为1.0A，读取电压表的示数U和导电液体体积V；随后向里推动注射器活塞，排出少量导电液体，重新调节滑动变阻器使电流表的示数仍然为1.0A，再次读取U和V；重复上述实验步骤，得到多组数据，做出U—V图线如图丁所示，根据该图线可知电流表内阻______Ω导电液体的电阻率ρ=______Ω·m。（结果均保留两位有效数字）
(4)由于未考虑到电极体积对液体体积测量的影响，则该同学测得的电阻率将______（选填“大于”“小于”或“等于”）其真实值。
11．某实验小组练习使用多用电表测电压表的内阻和多用电表内电池的电动势。已知电压表的量程为10 V。图甲为多用电表外观图，多用电表上的三个重要部件分别用字母a、b、c标记，图乙是多用电表测电阻时内部的结构原理图。实验操作过程如下∶
(1)为了测量电阻，首先进行的操作应是机械调零，需要调节的部件是____（选填“a”“b”或“c”），使多用电表的指针指在表盘最____（选填“左”或“右”）端的零刻度线位置。
(2)用多用电表中的欧姆挡去测量电压表内阻。该同学将选择开关拨至欧姆“×100”挡，应选用图丙中的____（选填“A”或“B”）方式连接。
(3)（多选）测电压表内阻时，将多用电表选择开关置于欧姆“×100”挡，发现指针偏转角度过小，为了正确测量该电阻的阻值，下列做法正确的是　　　　（填正确答案标号）。
A．挡位换为欧姆“×1 k”挡，并将红、黑表笔短接，欧姆调零后再测量
B．挡位换为欧姆“×10”挡，并将红、黑表笔短接，机械调零和欧姆调零后再测量
C．测量时为了接触良好，应用双手捏住红、黑表笔金属杆
D．实验完毕，应将多用电表选择开关置于“OFF”挡或交流电压最高挡
(4)在（3）中选择正确方式后，多用电表和电压表的示数分别如图丁、戊所示，该同学读出多用电表的示数为____ kΩ，电压表的示数为____V，已知多用电表表盘中间刻度值为15，则多用电表内电池的电动势为____V（结果保留两位有效数字）。
12．某同学用如图（a）所示电路采用放电法测量某电容器的电容。
(1)按图（a）连接好实验器材后，本实验还需用电压表测量电容器两端的电压，为使所求的电容结果更准确，电压表应接在________之间（填“c、d”或“m、n”）。
(2)闭合开关，将接1，给电容器充电，电路稳定时，电压表示数为3.0 V；将接2，电流传感器显示放电电流随时间的变化如图（b）所示，则电容器的电容________F（结果保留三位有效数字）。
(3)电流传感器的内阻对实验结果________（填“有”或“无”）影响。
(4)如果不改变电路其他参数，只减小定值电阻的阻值R并重复上述实验，实线和虚线分别表示改变前后放电过程电流随时间变化的曲线，最符合实际情况的图像为________。
A． B． C． D．
13．磁敏电阻是一种对磁敏感、具有磁阻效应的电阻元件。物质在磁场中电阻发生变化的现象称为磁阻效应。某实验小组利用伏安法测量一磁敏电阻的阻值（约几千欧）随磁感应强度的变化关系。
所用器材：电源E（6V）、滑动变阻器R（最大阻值为20Ω），电压表（量程为0~3V，内阻为2kΩ）和毫安表（量程为0~3mA，内阻不计）。定值电阻、开关、导线若干
(1)为了使磁敏电阻两端电压调节范围尽可能大，实验小组设计了电路图甲，请用笔代替导线在乙图中将实物连线补充完整。
(2)某次测量时电压表的示数如图丙所示，电压表的读数为______V，电流表读数为0.5mA，则此时磁敏电阻的阻值为______。
(3)实验中得到该磁敏电阻阻值R随磁感应强度B变化的曲线如图丁所示，某同学利用该磁敏电阻制作了一种报警器，其电路的一部分如图戊所示。图中E为直流电源（电动势为6.0V，内阻可忽略），当图中的输出电压达到或超过2.0V时，便触发报警器（图中未画出）报警。若要求开始报警时磁感应强度为0.2T，则图中______（填“”或“”）应使用磁敏电阻，另一固定电阻的阻值应为______（保留2位有效数字）。
14．在“观察电容器的充、放电现象”实验中，所用器材如下：电池、电容器、电阻箱、定值电阻、小灯泡、多用电表、电流表、秒表、单刀双掷开关以及导线若干。

（1）用多用电表的电压挡检测电池的电压。检测时，红表笔应该与电池的___________（填“正极”或“负极”）接触。
（2）某同学设计的实验电路如图（a）所示。先将电阻箱的阻值调为，将单刀双掷开关S与“1”端相接，记录电流随时间的变化。电容器充电完成后，开关S再与“2”端相接，相接后小灯泡亮度变化情况可能是___________。（填正确答案标号）
A．迅速变亮，然后亮度趋于稳定
B．亮度逐渐增大，然后趋于稳定
C．迅速变亮，然后亮度逐渐减小至熄灭
（3）将电阻箱的阻值调为，再次将开关S与“1”端相接，再次记录电流随时间的变化情况。两次得到的电流I随时间t变化如图（b）中曲线所示，其中实线是电阻箱阻值为___________（填“R1”或“R2”）时的结果，曲线与坐标轴所围面积等于该次充电完成后电容器上的___________（填“电压”或“电荷量”）。
15．一同学探究阻值约为的待测电阻在范围内的伏安特性。可用器材有：电压表V（量程为，内阻很大），电流表A（量程为，内阻为），电源E（电动势约为，内阻不计），滑动变阻器R（最大阻值可选或），定值电阻（阻值可选或），开关S，导线若干。
（1）要求通过的电流可在范围内连续可调，在答题卡上将图（a）所示的器材符号连线，画出实验电路的原理图________；
（2）实验时，图（a）中的R应选最大阻值为______（填“”或“”）的滑动变阻器，应选阻值为______（填“”或“”）的定值电阻；
（3）测量多组数据可得的伏安特性曲线。若在某次测量中，电压表、电流表的示数分别如图（b）和图（c）所示，则此时两端的电压为______V，流过的电流为_____，此组数据得到的的阻值为______（保留3位有效数字）。
16．一实验小组利用图（a）所示的电路测量一电池的电动势E（约）和内阻r（小于）。图中电压表量程为，内阻：定值电阻；电阻箱R，最大阻值为；S为开关。按电路图连接电路。完成下列填空：

（1）为保护电压表，闭合开关前，电阻箱接入电路的电阻值可以选___________（填“5.0”或“15.0”）；
（2）闭合开关，多次调节电阻箱，记录下阻值R和电压表的相应读数U；
（3）根据图（a）所示电路，用R、、、E和r表示，得___________；
（4）利用测量数据，做图线，如图（b）所示：

（5）通过图（b）可得___________V（保留2位小数），___________（保留1位小数）；
（6）若将图（a）中的电压表当成理想电表，得到的电源电动势为，由此产生的误差为___________%。
三、恒定电流
17．某实验小组要将电流表G（铭牌标示：，）改装成量程为1V和3V的电压表，并用标准电压表对其进行校准。选用合适的电源、滑动变阻器、电阻箱、开关和标准电压表等实验器材，按图（1）所示连接电路，其中虚线框内为改装电路。
(1)开关闭合前，滑片P应移动到________（填“M”或“N”）端。
(2)根据要求和已知信息，电阻箱的阻值已调至，则的阻值应调至________。
(3)当单刀双掷开关与a连接时，电流表G和标准电压表V的示数分别为I、U，则电流表G的内阻可表示为________。（结果用U、I、、表示）
(4)校准电表时，发现改装后电压表的读数始终比标准电压表的读数偏大，经排查发现电流表G内阻的真实值与铭牌标示值有偏差，则只要________即可。（填正确答案标号）
A．增大电阻箱的阻值
B．减小电阻箱的阻值
C．将滑动变阻器的滑片P向M端滑动
(5)校准完成后，开关与b连接，电流表G的示数如图（2）所示，此示数对应的改装电压表读数为________V。（保留2位有效数字）
四、牛顿运动定律
18．某实验小组通过实验探究加速度与力、质量的关系。
(1)利用图甲装置进行实验，要平衡小车受到的阻力。平衡阻力的方法是：调整轨道的倾斜度，使小车___________。（选填正确答案标号）
a.能在轨道上保持静止
b.受牵引时，能拖动纸带沿轨道做匀速运动
c.不受牵引时，能拖动纸带沿轨道做匀速运动
(2)利用图乙装置进行实验，箱体的水平底板上安装有力传感器和加速度传感器，将物体置于力传感器上，箱体沿竖直方向运动。利用传感器测得物体受到的支持力和物体的加速度a，并将数据实时传送到计算机。
①图丙是根据某次实验采集的数据生成的和a随时间t变化的散点图，以竖直向上为正方向。时，物体处于___________（选填“超重”或“失重”）状态；以为横轴、a为纵轴，根据实验数据拟合得到的图像为图丁中的图线a、
②若将物体质量增大一倍，重新进行实验，其图像为图丁中的图线___________。（选填“b”“c”或“d”）
五、光学实验
19．某实验小组做“测量玻璃的折射率”及拓展探究实验．
(1)为测量玻璃的折射率，按如图所示进行实验，以下表述正确的一项是________。（填正确答案标号）
A．用笔在白纸上沿着玻璃砖上边和下边分别画出直线a和
B．在玻璃砖一侧插上大头针、，眼睛在另一侧透过玻璃砖看两个大头针，使把挡住，这样就可以确定入射光线和入射点。在眼睛这一侧，插上大头针，使它把、都挡住，再插上大头针，使它把、、都挡住，这样就可以确定出射光线和出射点
C．实验时入射角应尽量小一些，以减小实验误差
(2)为探究介质折射率与光的频率的关系，分别用一束红光和一束绿光从同一点入射到空气与玻璃的分界面．保持相同的入射角，根据实验结果作出光路图，并标记红光和绿光，如图乙所示．此实验初步表明：对于同一种介质，折射率与光的频率有关．频率大，折射率________（填“大”或“小”）
(3)为探究折射率与介质材料的关系，用同一束微光分别入射玻璃砖和某透明介质，如图丙、丁所示。保持相同的入射角，测得折射角分别为、，则玻璃和该介质的折射率大小关系为n玻璃________n介质（填“”或“”）。此实验初步表明：对于一定频率的光，折射率与介质材料有关。
试卷第1页，共3页
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《安徽省高考物理二轮复习专项练习-04实验题能力提升训练》参考答案
1．(1)2t0
(2)
(3)测量重力加速度g时受到空气阻力
【详解】（1）秋千摆动到最高点时，垂直手机平面方向的加速度（向心加速度）为0，根据题图乙可得秋千摆动的周期为T=2t0；
（2）根据单摆的周期公式有
可得；
（3）单摆的周期公式有适用于理想单摆小角度的摆动，此实验中空气阻力会影响测量结果。
2．(1)>
(2)
(3)C
【详解】（1）为保证实现上述实验目标，即两物块碰撞后m1不反弹，则应使；
（2）对A碰后由动能定理
解得
（3）同理A碰前速度
B碰后速度
若动量守恒则满足
即，故选C。
3．(1)等效替代
(2)结点A到达的位置
(3)2.00
(4)BD
【详解】（1）本实验采用的是等效替代法，因此实验成功的关键是两次操作中结点A到达同一位置。
（2）步骤B中除记录F1的大小和方向外，还需记录结点A到达的位置。
（3）由题图乙知，弹簧测力计的最小刻度是0.1 N，因此示数是2.00 N。
（4）AB．作出力的矢量三角形，如图所示，可知拉绳L2的弹簧测力计的示数一直变小，故B正确，A错误；
CD．拉绳L3的弹簧测力计的示数先变小后变大，故C错误，D正确。
故选BD。
4．(1)不需要
(2)需要
(3)A
(4)甲
【详解】（1）实验中，根据力传感器的读数可以直接求出小车受到的拉力，不需要满足小车的质量M远大于砂和砂桶的总质量m这一条件。
（2）尽管实验装置采用了力传感器，也需要平衡摩擦力，否则小车受到的合外力不为绳的拉力的合力。
（3）对m研究，根据动能定理
整理，可得
故选A。
（4）对小车，根据动能定理有
联立，解得
逐渐增加砂的质量m，图像的斜率越大，故在让小车质量不变的情况下逐渐增加砂的质量多次做实验，得到图中虚线“甲”所示的图线。
5．(1)
(2)
(3)C
【详解】（1）设小钢球在最低点的速度为，根据牛顿第二定律可得
当刚好为0时，轻绳与水平方向的夹角为θ。设此时小钢球的速度为，根据牛顿第二定律可得
根据机械能守恒可得
联立可得
（2）若图线的斜率为k，根据
可得
解得小钢球的质量为
（3）该实验系统误差的主要来源是小钢球摆动过程中有空气阻力，使得小钢球的机械能减小。
故选C。
6． 1.0 2.0
9.7
【详解】（1）[1]因小球水平方向做匀速直线运动，因此速度为
[2]竖直方向做自由落体运动，因此A点的竖直速度可由平均速度等于时间中点的瞬时速度求得
（2）[3]由竖直方向的自由落体运动可得
代入数据可得
7． 相邻1s内的位移之差接近 x=80m 547 79
【详解】（1）[1]第1s内的位移507m，第2s内的位移587m，第3s内的位移665m，第4s内的位移746m，第5s内的位移824m，第6s内的位移904m，则相邻1s内的位移之差接近 x=80m，可知判断飞行器在这段时间内做匀加速运动；
（2）[2]当x=507m时飞行器的速度等于0-2s内的平均速度，则
（3）[3]根据
8． 0.006/0.007/0.008 20.034/20.033/20.035/20.032 20.027/20.028/20.029 大于 82.5 1.82 9.83
【详解】（1）[1]测量前测微螺杆与和测砧相触时，图（a）的示数为
[2]螺旋测微器读数是固定刻度读数(0.5mm的整数倍)加可动刻度（0.5mm以下的小数）读数，图中读数为
[3]则摆球的直径为
（2）[4]角度盘的大小一定，即在规定的位置安装角度盘，测量的摆角准确，但将角度盘固定在规定位置上方，即角度盘到悬挂点的距离变短，同样的角度，摆线在刻度盘上扫过的弧长变短，故摆线在角度盘上所指的示数为5°时，实际摆角大于5°；
（3）[5]单摆的摆线长度为81.50 cm，则摆长为
结果保留三位有效数字，得摆长为82.5cm；
[6]一次全振动单摆经过最低点两次，故此单摆的周期为
[7]由单摆的周期表达式得，重力加速度
9． C F 2.00 3 6 等于
【详解】（1）[1]根据电压表的量程为3V，内阻约为可知，电压表允许通过的最大电流约为1mA，故电流表选C；
[2]电池的电动势约为5V，电流表的满偏电流为1mA，可得电路中的最小电阻约为，故滑动变阻器选F；
（3）[3][4]电压表的精确度为0.1V，估读到下一位，为2.00V，此时电流表指针偏转至满偏刻度的处，电流为，故电压表的内阻
（4）[5]根根闭合电路的欧姆定律，当闭合开关、时，有
当断开开关时，有
解得
[6]根据计算过程可知，电动势的测量值没有系统误差，即电动势的测量值等于真实值。
10．(1) ① 10.0
(2)见解析
(3) 0.80
(4)等于
【详解】（1）[1]用游标卡尺测量针筒内直径时，需要利用内测量爪，即需利用图乙中游标卡尺的①；
[2]根据游标卡尺的读数规律，该读数为
（2）电路采取的是滑动变阻器的分压式接法和电流表的内接法，连接电路，如图所示
（3）[1][2]令导电液体的电阻为R，根据欧姆定律有
根据电阻定律有
其中，
整体得
结合图像有，
解得，
（4）结合上述可知，电阻率是利用电压与体积的函数关系，结合图像的斜率求解，由于电极体积一定，对图像斜率不影响，可知，由于未考虑到电极体积对液体体积测量的影响，则该同学测得的电阻率将等于其真实值。
11．(1) a 左
(2)A
(3)AD
(4) 26 5.0 7.9
【详解】（1）[1][2]多用电表使用前要进行机械调零，需要调节部件a使指针指向表盘最左端的零刻度线处。
（2）根据多用电表“红进黑出”的特点，电流从多用电表的黑表笔流出，则黑表笔接欧姆表内部电池的正极，所以电压表的正极应该接黑表笔，则应选用图丙中的A方式连接。
（3）AB．指针偏角过小，说明待测电阻阻值较大，应把倍率调大，故应选欧姆“×1 k”挡，每次更换倍率都要将红、黑表笔短接，重新欧姆调零后再测量，A正确，B错误。
C．测量时为了防止人体与待测电阻并联从而影响电阻的测量值，不能用手触碰红、黑表笔金属杆，选项C错误。
D．实验完毕，应将选择开关置于“OFF”挡或交流电压最高挡，选项D正确。
故选AD。
（4）[1][2]由读数规则可知，多用电表欧姆挡示数为26kΩ，电压表示数为5.0 V；
[3]多用电表内阻等于表盘中间刻度值对应阻值，即r=15kΩ，根据闭合电路欧姆定律有E=U+r
解得E=7.9 V。
12．(1)c、d
(2)
(3)无
(4)D
【详解】（1）本实验用放电法测电容器的电容，电压表若接在m、n之间会对电流传感器测得的放电电流产生影响，故电压表应接在c、d之间。
（2）图像中的图线和横轴所包围的面积表示电容器释放的电荷量，则电荷量
电容
（3）电流传感器的内阻不同，放电电流不同，但电荷量不变，故电流传感器的内阻影响图像形状，但不影响图线与横轴所围面积，故对电容计算结果无影响。
（4）根据欧姆定律
可知，R变小，初始放电电压不变，则初始放电电流变大，又因为电荷量不变，则图线与横轴所围面积不变。
故选D。
13．(1)
(2) 1.30 3900Ω/
(3) 2.8
【详解】（1）根据电路图甲，在乙图中补充实物连线图如下
（2）[1]电压表的最小刻度值为0.1V，如图丙所示，电压表的读数为1.30V,
[2]根据串联电路电压与电阻成正比的关系，磁敏电阻两端的电压为
电流表读数为0.5mA，故此时磁敏电阻的阻值为
（3）[1]根据闭合电路可得可得输出电压为
要求输出电压达到或超过2.0V时报警，即要求磁感应强度增大时，电阻的阻值增大，从而需要输出电压增大，故需要的阻值增大才能实现此功能，故为磁敏电阻；
[2]开始报警时磁感应强度为0.2T，此时
电压
根据电路关系
解得另一固定电阻的阻值应为
14． 正极 C 电荷量
【详解】（1）[1]多用电表红表笔流入电流，黑表笔流出电流，故电流表红表笔应该与电池的正极接触；
（2）[2]电容器充电完成后，开始时两极板电量较多，电势差较大，当闭合“2”接入小灯泡，回路立即形成电流，灯泡的迅速变亮；随着时间的积累，两极板电量变少，电势差变小，流过灯泡的电流减小，直至两极板电荷量为零不带电，则无电流流过小灯泡即熄灭，故选C。
（3）[3]开始充电时两极板的不带电，两极板电势差为零，设电源内阻为r，则开始充电时有
由图像可知开始充电时实线的电流较小，故电路中的电阻较大，因此电阻箱阻值为；
[4]图像的物理意义为充电过程中电流随时间的变化图线，故曲线与坐标轴所围面积等于该次充电完成后电容器上的电荷量。
15．
【详解】（1）[1]电流表内阻已知，电流表与并联扩大电流表量程，进而准确测量通过的电流，电压表单独测量的电压；滑动变阻器采用分压式接法，电表从开始测量，满足题中通过的电流从连续可调，电路图如下
（2）[2]电路中应选最大阻值为的滑动变阻器，方便电路的调节，测量效率高、实验误差小；
[3]通过的电流最大为，需要将电流表量程扩大为原来的倍，根据并联分流的规律示意图如下
根据并联分流，即并联电路中电流之比等于电阻的反比，可知
解得
（3）[4]电压表每小格表示，向后估读一位，即；
[5]电流表每小格表示，本位估读，即，电流表量程扩大倍，所以通过的电流为；
[6]根据欧姆定律可知
16． 15.0 1.58 2.0 5
【详解】（1）[1]为了避免电压表被烧坏，接通电路时电压表两端的电压不能比电表满偏电压大，则由并联电路分压可得
代入数据解得
因此选。
（3）[2]由闭合回路的欧姆定律可得
化简可得
（5）[3][4]由上面公式可得
由图象计算可得
代入可得
将代入解析式可得
解得
（6）[5]如果电压表为理想电压表，则可有
则此时
因此误差为
17．(1)M
(2)4000
(3)
(4)A
(5)0.86
【详解】（1）由图可知，该滑动变阻器采用分压式接法，为了电路，在开关S1闭合前，滑片P应移到M端；
（2）当开关S2接b时，电压表量程为1V，根据欧姆定律
当开关S2接a时，电压表量程为3V，根据欧姆定律
其中
联立解得
（3）当开关S2接a时，根据欧姆定律
可得电流表G的内阻可表示为
（4）校准电表时，发现改装后电压表的读数始终比标准电压表的读数偏大，可知电流表G内阻的真实值小于铭牌标示值，根据闭合电路的欧姆定律可以增大两电阻箱的阻值。
故选A。
（5）根据闭合电路欧姆定律
18．(1)c
(2) 失重 d
【详解】（1）平衡阻力的方法是：调整轨道的倾斜度，使小车不受牵引时，能拖动纸带沿轨道做匀速运动。
故选c。
（2）[1]根据图像可知时，加速度方向竖直向下，故处于失重状态；
[2]对物体根据牛顿第二定律
整理得
可知图像的斜率为，故将物体质量增大一倍，图像斜率变小，纵轴截距不变，其图像为图丁中的图线d。
19．(1)B
(2)大
(3)
【详解】（1）A．在白纸上画出一条直线a作为界面，把长方体玻璃砖放在白纸上，使它的一个长边与a对齐。用直尺或者三角板轻靠在玻璃砖的另一长边，按住直尺或三角板不动，将玻璃砖取下，画出直线代表玻璃砖的另一边，而不能用笔在白纸上沿着玻璃砖上边和下边分别画出直线a和，故A错误；
B．在玻璃砖一侧插上大头针、，眼睛在另一侧透过玻璃砖看两个大头针，使把挡住，这样就可以确定入射光线和入射点。在眼睛这一侧，插上大头针，使它把、都挡住，再插上大头针，使它把、、都挡住，这样就可以确定出射光线和出射点，故B正确；
C．实验时入射角应尽量大一些，但也不能太大（接近），以减小实验误差，故C错误；
故选B。
（2）由图乙可知，入射角相同，绿光的折射角小于红光的折射角，根据光的折射定律
可知绿光的折射率大于红光的折射率，又因为绿光的频率大于红光的频率，所以频率大，折射率大。
（3）根据折射定律可知，玻璃的折射率为
该介质的折射率为
其中
所以
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