湖南省长沙市湘一立信中学2025年中考二模物理试题
一、选择题（本大题共12题，每小题3分，共36分；1～10题为单选题，每小题3分，每小题只有一个选项符合题意，11～12题为多选题，每小题有两个选项符合题意，选对但少选得2分，选错得0分）
1．（2025·长沙模拟）在这科技日新月异的时代，智能手机已成为人们生活中不可缺少的一部分。下列关于智能手机的说法中正确的是（ ）
A．质量约为2kg B．厚度约为1cm
C．电池的工作电压约为36V D．待机温度为50℃
2．（2025·长沙模拟）如图所示是一款骨传导蓝牙耳机，将耳机贴在颞骨附近，既可以听到耳机发出的声音，又不影响听到周围环境的声音。使用蓝牙耳机播放音乐时，为了保护听力，需要适当调小声音的（ ）
A．音调 B．音色 C．频率 D．响度
3．（2025·长沙模拟）“圭表”是我国古代重要的天文观测仪器，如图所示。根据正午时“表”在“圭”面上日影长的变化来确定季节的变化。图中的光现象与“圭表”原理相同的是（ ）
A．水中倒影 B．月食现象
C．天边彩虹 D．海市蜃楼
4．（2025·长沙模拟）厦门春季“回南天”到来时，教室的黑板、墙壁和玻璃都容易“出水”，如图是在“出水”玻璃上写的字。这些“水”是由于水蒸气（ ）
A．放热汽化形成的 B．放热液化形成的
C．吸热汽化形成的 D．吸热液化形成的
5．（2025·长沙模拟）被誉为“中国龙芯之母”的黄令仪带领芯片研发团队，成功研制出我国“龙芯”系列芯片。制造芯片的主要材料属于（ ）
A．导体 B．半导体 C．绝缘体 D．超导体
6．（2025·长沙模拟）有人发明了“感应照孔门把手”只有在夜间且有人摸门把手时，锁孔旁的灯才亮，从而方便夜间开锁，它利用感应开关S1（有人摸门把手时，S1闭合；无人摸门把手，S1断开）以及光敏开关S2 （天黑时S2闭合，天亮时S2断开）控制电路，达到目的，请根据上述描述，符合这一情况的电路是
A． B．
C． D．
7．（2025·长沙模拟）2025年2月，我国实践25号卫星与即将退役的地球同步轨道卫星——北斗G7星在太空中实现了厘米级精度对接，成功为其加注了142公斤燃料！这场操作实现人类首次给地球同步卫星补给燃料，意义重大。在加注燃料时，如果说实践25号卫星是静止的，选取的参照物是（ ）
A．地球 B．月球
C．太阳 D．实践25号卫星
8．（2025·长沙模拟）某中学开展了“安全用电，警钟长鸣”系列教育活动，在一次关于家庭用电的“对”、“错”抢答比赛中，提出以下说法，其中应答“对”的是（ ）
A．家庭电路着火后应迅速用水浇灭
B．洗衣机插入三孔插座后，电灯和洗衣机是串联
C．洗衣机使用三孔插座的目的是使其金属外壳接地
D．保险丝熔断后，可以使用铜丝代替保证电路正常工作
9．（2025·长沙模拟）如图是一种电子摸高器的电路原理图，触板位于竖直轨道上，运动员站在摸高器正下方，原地竖直起跳，指尖向上触碰触板，触板向上运动的过程中，显示器会记录下触板运动到最高点时的高度值。下列关于该电路的说法正确的是（ ）
A．电子摸高器的显示器是由电压表改装而成
B．摸高器触板在最低点时，显示器的示数为零
C．摸高数值越大，电路的总功率越小
D．若要增大摸高器的最小示数，应减小电阻R的阻值
10．（2025·长沙模拟）2024年9月25日，中国人民解放军火箭军向太平洋相关公海海域，成功发射1发携载训练模拟弹头的洲际弹道导弹（如图），导弹准确落入预定海域。下列说法正确的是（ ）
A．加速升空的过程中燃气对导弹做了功
B．加速升空的过程中导弹受到平衡力
C．穿过大气层后导弹的惯性增大
D．穿过大气层后若所有力消失，导弹将保持静止
11．（2025·长沙模拟）如图是北京某住宅小区门口栏杆的示意图，当在A处施加一个动力时，可将栏杆逆时针拉起来，下列四个选项中的杠杆与它类型一致的是（ ）
A．钓鱼竿 B．核桃夹
C．剪线头剪刀 D．羊角锤
12．（2025·长沙模拟）为了节约用电，商场安装了智能电动扶梯，当电梯上无人时，电动机低速运转；当电梯上有人时，电动机的运转速度较大。如图所示是其内部简化电路图。其中R的阻值随其受到的压力变化而变化。两电源电压均恒定。下列有关这个电路的说法正确的是（ ）
A．当电梯上无人时，衔铁与触点2接触
B．当电梯上有人时，控制电路中的电流变大
C．当电梯上有人时，电梯电磁铁的磁性减弱
D．R的阻值随其受到的压力增大而减小
二、填空题（本大题共5小题，每空2分，共22分）
13．（2025·长沙模拟）如图，是全球首台抗台风型漂浮式海上风电机组及基础平台——“三峡引领号”。该平台与北斗系统建立关联，利用 （选填“超声波”或“电磁波”）向工作人员传递平台运动的动态信息。该平台引领我国海上风电行业走向深海，风能是 （选填“可再生”或“不可再生”）能源。
14．（2025·长沙模拟）吃粽子是端午节的习俗，煮粽子时是通过 来增大粽子的内能；早晨，妈妈说：“利用水来冷却煮熟的鸡蛋，效果更好。”这是利用水的 大的特点。
15．（2025·长沙模拟）2025年央视春晚《秧BOT》震撼来袭，一群穿花棉袄的机器人在舞台扭起了秧歌。“机器人扭秧歌”的过程中将手绢向上抛出，抛出去的手绢在上升的过程中，动能转化为 。机器人静止站在舞台上时，重力与支持力是一对 力（选填“平衡”或“相互作用”）。
16．（2025·长沙模拟）如图甲所示，热带香蕉树在宁夏“安家”，这得益于大棚温控技术。兴趣小组为大棚设计了具有加热和保温功能的电热器，其内部简化电路图如图乙所示（左侧为控制电路，右侧为工作电路）。R3为热敏电阻，阻值随温度升高而减小。R1、R2均为电热丝，R1=200Ω，R2=100Ω，线圈电阻不计。闭合开关S1，电磁铁的上端为 极；加热时，工作电路的总功率是 W。
17．（2025·长沙模拟）如图甲所示，为某饮水机自动注排水装置的模型，底面积为200cm2的柱形水箱内装有质量为6kg的水，一竖直、轻质、硬细杆上端通过力传感器固定，下端与不吸水的实心长方体A连接。打开水龙头，水箱中的水缓慢排出，细杆对力传感器作用力的大小F随排出水的质量m变化的关系如图乙所示，当排水质量为4kg时，A刚好全部露出水面，由传感器控制开关开始注水。已知ρ水=1.0×103kg/m3，g取10N/kg。则：
（1）未排水前，水箱内的水受到的重力为 N；
（2）长方体A的密度 kg/m3；
（3）上述排水过程中，当力传感器示数为3N时，水箱底部受到水的压强 Pa。
三、作图与实验探究（本大题共5小题，共29分，第18题2分，第19、20、21题各6分，22题9分）
18．（2025·长沙模拟）“珍爱生命，预防溺水”。由于光的折射，池水看起来比实际浅，所以不能贸然下水游泳。如图所示，A是池底的物体，是岸上儿童看到的A的像，请在图中将人看到像的光路图补充完整，并标出入射角i。
19．（2025·长沙模拟）在“观察水的沸腾”实验中：
（1）图甲中温度计的使用存在的错误是 。
（2）图乙中的图 表示水沸腾时的情况。
（3）图丙是根据实验记录的数据画出的温度随时间变化的图像，分析图像可知：水沸腾时温度的特点是 。
20．（2025·长沙模拟）小明在“研究影响滑动摩擦力大小的因素”实验中，设计了如图所示实验。
（1）将物块置于水平木板上，用调好的弹簧测力计沿水平方向拉动，使其做 运动，弹簧测力计的示数如图甲所示，根据二力平衡知识可得，木块A受到的滑动摩擦力大小f为 N；
（2）小明想进一步探究滑动摩擦力与接触面粗糙程度的关系，继续进行了图丙所示的实验，当测力计示数达到最大值时仍没有拉动木块A。用现有实验器材想顺利完成此实验探究。你建议小明可采取的办法是 ，测出此时滑动摩擦力的大小f，再和实验甲进行比较。
21．（2025·长沙模拟）在“探究影响浮力大小的因素”实验中，同学们根据生活经验提出了浮力的大小可能与下列因素有关的猜想：
①与物体浸入液体中的深度有关；
②与物体排开液体的体积有关；
③与液体的密度有关。
（1）进行探究时，实验步骤和弹簧测力计的示数如图所示。其中序号b中物体P所受浮力的大小为 N；
（2）分析a、c、d三次实验可知，浮力大小与物体浸没在液体中的深度 （选填“有关”或“无关”）；
（3）应选择实验序号为 的三次实验来验证猜想③是否正确。
22．（2025·长沙模拟）小明学习了电功率的知识后，在家中找来了一个标有额定电压为6V的小灯泡，为了测定该小灯泡的额定功率，他准备了以下器材：滑动变阻器R1“；0.5A”、R2“；1A”各一个、电流表、电压表，电压恒为8V的电源、导线若干。
（1）图甲中有一根导线接错了，请在这根导线上画“×”，并用笔画线代替导线，改到正确的位置 ；
（2）小明在改正接线后，闭合开关，发现电流表有示数，电压表指针无偏转，则电路故障为 ；
（3）排除故障后，经多次测量，小明根据实验数据绘制了小灯泡的I-U图像（如图乙），则该小灯泡额定功率为 W；
（4）根据小明绘制的小灯泡I-U图像，请你判断小华选用的滑动变阻器是R1、R2中的 ，并说明理由 。
四、计算题（本大题共2小题，共13分，第23题6分，第24题7分）
23．（2025·长沙模拟）在《哪吒：魔童闹海》电影中，哪吒与申正道的打斗场面惊心动魄。只见哪吒身姿矫健，立于一根高竹竿之巅，突然双脚一蹬，在空中翻腾旋转，最后稳稳地落在水面的一根细长竹竿上，此过程可近似看成竖直下落，如图所示。已知哪吒的质量为30kg，哪吒下落的竖直距离为21m，下落所用时间为3s，细长竹竿的质量是40kg。求：
（1）哪吒竖直下落的平均速度；
（2）哪吒下落过程中重力做的功；
（3）哪吒静止在细长竹竿上时，细长竹竿排开水的体积。
24．（2025·长沙模拟）如图，电路中电源电压可调，定值电阻，和为额定功率不同、额定电流均为0.4A的小灯泡（忽略温度对灯丝电阻的影响），滑动变阻器的铭牌上标有“40；1A”字样，电流表量程0-0.6A。
（1）只闭合开关，电源电压时，电流表的示数为0.3A，求此时电路的总功率；
（2）保持（1）中开关状态和电源电压不变，在电路安全的情况下，调节滑动变阻器，求滑动变阻器的最小阻值；
（3）调节电源电压为，只闭合开关，调节滑动变阻器，灯的功率为1.6W时正常发光，最小功率为0.4W；再调节电源电压为，只闭合开关，调节滑动变阻器，灯的最大功率为1.6W，最小功率为0.4W。（调节滑动变阻器时电路安全）求：、。
答案解析部分
1．【答案】B
【知识点】温度及温度计的使用与读数；质量及其特性；长度的估测；电压和电压的单位换算
【解析】【解答】 A、智能手机的质量通常在150g~250g（0.15kg~0.25kg）之间，2kg相当于2升水的重量，远大于手机实际质量，故A错误。
B、主流智能手机的厚度一般在0.7cm~1cm之间，1cm符合常见手机的厚度范围，故B正确。
C、手机电池的工作电压通常为3.7V~4.4V，36V是安全电压的上限，远高于手机电池电压，故C错误。
D、手机待机时温度接近室温（约25℃），50℃属于明显发热状态，并非待机温度，故D错误。
故选：B。
【分析】 首先要对相关物理量有个初步的认识，不同物理量的估算，有的需要凭借生活经验，有的需要经过简单的计算，有的要进行单位换算，最后判断符合要求的是哪一个。
2．【答案】D
【知识点】音调、响度与音色的区分
【解析】【解答】ABCD、骨传导蓝牙耳机，将耳机贴在颞骨附近，既可以听到耳机发出的声音，又不影响听到周围环境的声音。使用蓝牙耳机播放音乐时，为了保护听力，声音的响度不能过大，故需要适当调小声音的响度，与声音的音调、音色和频率无关，故D符合题意，ABC不符合题意。
故选：D。
【分析】（1）声音的高低叫音调，音调的高低与物体的振动频率有关；
（2）声音的大小叫响度，响度的大小与物体的振幅和距离声源的远近有关。
3．【答案】B
【知识点】光的直线传播及其应用；光的反射；光的折射现象及其应用；光的色散
【解析】【解答】 A、水中倒影原理是光的反射（平面镜成像），与圭表原理不同，故A错误；
B、月食现象原理是光的直线传播：地球挡住了沿直线传播的太阳光，在月球上形成阴影，与圭表原理相同，故B正确；
C、天边彩虹原理是光的色散（光的折射），太阳光通过水滴分解为七色光，与圭表原理不同，故C错误；
D、海市蜃楼原理是光的折射（全反射），空气密度不均使光线偏折，与圭表原理不同，故D错误。
故选：B。
【分析】 光在自然界中存在三种光现象：
（1）光在同种均匀物质中沿直线传播，在日常生活中，小孔成像和影子的形成等都表明光在同一种均匀介质中是沿直线传播的；
（2）当光照射到物体表面上时，有一部分光被反射回来，例如：平面镜成像、水中倒影等；
（3）当光从一种介质斜射入另一种介质时，传播方向会偏折，发生折射现象，如：看水里的鱼比实际位置浅等。
4．【答案】B
【知识点】汽化及汽化吸热的特点；液化及液化放热
【解析】【解答】 厦门春季“回南天”时，教室的黑板、墙壁和玻璃容易“出水”，是因为此前冷空气影响使室内物体温度较低，之后暖湿气流迅速反攻，空气中含有大量的水蒸气。当这些高温的水蒸气遇到温度较低的黑板、墙壁和玻璃时，水蒸气遇冷放热，由气态变为液态，发生液化现象，形成小水珠附着在物体表面。而汽化是由液态变为气态的过程，且汽化吸热，故A、C 错误；液化是放热过程，D错误。
故选：B。
【分析】 液化指物质由气态转变成液态，液化要放热。
5．【答案】B
【知识点】半导体特点及作用
【解析】【解答】 制造芯片的主要材料导电能力介于导体和绝缘体之间，属于半导体，故B符合题意，ACD不符合题意。
故选：B。
【分析】 半导体的导电能力介于导体和绝缘体之间。
6．【答案】A
【知识点】串联电路和并联电路的辨别
【解析】【解答】 只有夜间且有人摸门把手时，锁孔旁的灯才亮，否则灯不亮，说明感应开关S1、光敏开关S2不能独立工作、即为串联，共同控制灯泡，故A正确。
故选：A。
【分析】 根据题意分析两个开关的连接方式，然后选出正确的答案。
7．【答案】A
【知识点】参照物及其选择
【解析】【解答】A分析：实践25号卫星与北斗G7星在太空中实现厘米级精度对接。由于它们都是地球同步卫星，若以地球为参照系，实践25号卫星保持相对静止状态，因此选项A符合题意。
B和C分析：当以月球或太阳作为参照系时，实践25号卫星的相对位置会随时间发生变化，表现为运动状态，故这两个选项不符合题意。
选项D分析：在运动学研究中，不能选择研究对象自身作为参照系，这是基本研究原则，因此该选项符合题意。
综上分析，正确答案为A。
【分析】物体相对运动：物体与参照物运动状态不一致，所以物体相对参照物运动，物体与参照物运动状态不一致，所以物体相对参照物静止，选择参照物时，一般不选择本身作为参照物。
8．【答案】C
【知识点】家庭电路的组成；家庭电路的连接；熔断器的作用及保险丝的选择；安全用电原则
【解析】【解答】A．生活用水具有导电性，若用其扑灭家庭电路火灾可能导致触电危险，因此该做法不正确。
B．洗衣机和照明灯在家庭电路中采用并联连接方式，这种连接保证各用电器独立工作互不干扰，因此该说法无误。
C．三孔插座中的接地孔可将洗衣机金属外壳与大地相连，当发生漏电时能将电流导入大地，避免触电事故，该措施正确且必要。
D．保险丝需采用低熔点材料（如铅锑合金），铜丝因熔点过高无法在电流过大时及时熔断，失去电路保护作用，故严禁使用铜丝替代。
综上所述，正确答案为C。
【分析】家庭安全用电原则：不同时使用功率较大的电器，避免电路中功率较大导致电流较大，引发火灾、不湿手接触用电器开关、不在电线上上晾衣服，金属外壳要接地，避免发生触电。
9．【答案】D
【知识点】电压的测量及电压表的使用；欧姆定律及其应用；电路的动态分析；电功率的计算
【解析】【解答】 A、图中R和电阻丝串联，电表串联在电路中，故是电流表，故A错误；
B、摸高器触板在最低点时，电阻最大，电路的总电阻最大，根据欧姆定律知，电流最小，但有电流，示数不为0，故B错误；
C、当电流增大时，电源电压不变，根据P=UI知，电路的总功率增大，故C错误；
D、若要增大摸高器的最小示数，即电流变大，根据欧姆定律中，电路的总电阻减小，而电阻丝的电阻不变，故减小R的大小，故D正确。
故选：D。
【分析】（1）根据电表的连接方式可知电表的类型；
（2）根据欧姆定律分析开始时是否有电流；
（3）根据P=UI分析电功率变化；
（4）若要增大摸高器的最小示数，根据欧姆定律分析电阻变化。
10．【答案】A
【知识点】物体运动状态的变化；惯性及其现象；平衡状态的判断；是否做功的判断
【解析】【解答】A． 导弹加速升空时，燃气对导弹有向上的推力，导弹在推力的方向上移动了距离，燃气对导弹做了功，故A正确；
B．导弹在加速升空时，速度在不断增大，运动状态在改变。力是改变物体运动状态的原因，导弹受力不平衡力，故B错误；
C．惯性是物体保持原来运动状态的性质，只与物体的质量有关，导弹穿过大气层，质量不变，惯性不会增大，故C错误；
D．导弹穿过大气层后具有速度，若所有力消失，导弹将保持原来的速度和方向做匀速直线运动，故D错误。
故选A。
【分析】物体受力，且在力的方向上通过的距离，力对物体做了功；物体处于平衡状态时，受到的力为平衡力，惯性和物体的质量有关，质量越大，惯性越大；运动的物体不受力，做匀速直线运动。
11．【答案】A,C
【知识点】杠杆的分类
【解析】【解答】在A点施加的动力需要克服栏杆的重力作用，由于动力臂长度小于重力臂长度，因此该栏杆属于费力杠杆。
A．钓鱼竿使用时动力臂小于阻力臂，属于费力杠杆，符合题意；
B．核桃夹使用时动力臂大于阻力臂，属于省力杠杆，不符合题意；
C．剪线头剪刀使用时动力臂小于阻力臂，属于费力杠杆，符合题意；
D．羊角锤使用时动力臂大于阻力臂，属于省力杠杆，不符合题意。
正确答案为AC。
【分析】省力杠杆：动力臂较长，所以动力较小，常见的例子有羊角锤、核桃夹；费力杠杆：动力臂较短，动力较大，常见的例子有镊子、筷子等，等壁杠杆：动力臂等于阻力臂的杠杆，常见的例子有：天平。
12．【答案】B,D
【知识点】欧姆定律及其应用；电路的动态分析；电磁继电器的组成、原理和特点
【解析】【解答】 A、当无乘客乘坐电梯时，电动机低速运转，电动机和电阻R1串联，衔铁与动点1接触，故A错误；
BCD、当有乘客乘坐时，电动机高速运转，故应电动机单独工作，衔铁与动点2接触，由此可知电阻R的阻值随压力的增大而减小，使控制电路的电流增大，电磁铁磁性增强，吸引衔铁，故BD正确，C错误。
故选：BD。
【分析】 电磁继电器的工作原理：分为控制电路和工作电路，其中控制电路的衔铁起着双掷开关的作用，当衔铁与动点1接触，控制电路的电动机和R1串联工作；当衔铁与动点2接触，电动机单独工作。
13．【答案】电磁波；可再生
【知识点】能源及其分类；电磁波在日常生活中的应用
【解析】【解答】 电磁波具有传播距离远、传输速度快的特点，并且能够在真空中传播。因此，"三峡引领号"通过电磁波与北斗系统建立通信连接，实现信息传递功能。 风能作为一种可以从自然界持续获取的能源类型，按照能源分类标准属于可再生能源范畴。
【分析】1、信息的传递：无线网络通信依靠电磁波来传递信息；
2、可再生能源：使用后短期可以恢复的能源、如风能、太阳能、不可再生能源：使用内短期不能再生的能源，如核能、化石能源。
14．【答案】热传递；比热容
【知识点】热传递改变物体内能
【解析】【解答】 煮粽子时，内能增加，这是通过热传递的方式来增大粽子的内能。
由可知，水的比热容大，相同质量的水和其它物质比较，升高相同的温度，水吸收的热量多；所以利用水来冷却煮熟的鸡蛋，效果更好。
故答案为：热传递；比热容。
【分析】 改变物体内能的方式有两种：做功和热传递，热传递过程是能量的转移过程，做功过程是能量的转化过程。
水的比热容大，相同质量的水和其它物质比较，升高或降低相同的温度，水吸收或放出的热量多；吸收或放出相同的热量，水升高或降低的温度少，据此分析。
15．【答案】重力势能；平衡
【知识点】机械能及其转化；平衡力的辨别；平衡状态的判断
【解析】【解答】 （1）机器人向上丢出手绢，上升的过程中，手绢的质量不变，速度减小，动能变小，高度增加，重力势能增加，是将动能转化为重力势能。
（2）机器人静止时，处于平衡状态，受到的重力和支持力是一对平衡力，大小相等。
故答案为：重力势能；平衡。
【分析】（1）动能与物体的质量和速度有关，重力势能与物体的质量和高度有关；
（2）物体处于平衡状态时，受到的力是平衡力。
16．【答案】N；726
【知识点】电功率的计算；电磁继电器的组成、原理和特点；多状态电路——多挡位问题
【解析】【解答】根据安培定则，右手握住螺线管，四指指向电流方向，大拇指所指的即为电磁铁的N极。因此电磁继电器中电磁铁的上端为N极，下端为S极。
当开关S1和S2闭合且衔铁未被吸引时，电热丝R1和R2处于并联状态。此时工作电路的总电阻最小，根据功率公式可知，此时总功率最大，电路处于加热状态。
在加热状态下，并联电路各支路电压相等，总功率计算公式为：
故答案为：N；726。
【分析】运用安培定则判断电磁铁的极性：右手握住螺线管，四指方向为电流方向，大拇指指向N极；
分析电路状态：当衔铁未被吸引时，R1和R2并联，总电阻最小，根据可知此时功率最大，处于加热状态；
计算总功率：利用并联电路特点和功率公式进行计算。
17．【答案】（1）60
（2）0.2×103
（3）2×103
【知识点】密度公式及其应用；重力及其大小的计算；压强的大小及其计算；阿基米德原理
【解析】【解答】 （1）由题意可知，水箱内装有质量为6kg的水，未排水前，水箱内的水受到的重力为G=mg=6kg×10N/kg=60N；
（2）当排水质量为4kg时，A刚好全部露出水面，重力等于拉力，则GA=F拉=2N；
当A浸没时，所受浮力等于重力加上压力大小，即F浮=GA+F压=2N+8N=10N；
根据阿基米的原理可知，A的体积为，由重力公式可知，长方体A的质量，
长方体A的密度；
（3）根据题意可知，水位下降的高度为 …①
体积除以高度，则底面积等于A的底面积为 ……②
联立①②解得，SA=5×10-3m2，Δh=0.2m（即长方体A的高为0.2m）。
上述排水过程中，当力传感器示数为3N时，A受到的浮力F浮'=GA+F拉'=2N+3N=5N
此时A浸入水中的体积为
此时A浸入水中的深度为
A的下表面与容器底的距离为
上述排水过程中，当力传感器示数为3N时，水箱底部受到水的压强p=ρ水gh水=ρ水g (hA浸+h)= 1.0×103kg/m3×10N/kg ×(0.1m+0.1m)=2×103Pa
故答案为：（1）60；（2）0.2×103；（3）2×103。
【分析】（1）由公式G=mg求得当排水质量为4kg时，水箱内水所受的重力；
（2）根据F浮=ρ液gV排求得A排开液体的体积，进而求出A的体积，由密度公式算出长方体A的密度；
（3）当力传感器示数为3N时，利用F浮'=GA+F示'求得浮力大小，利用阿基米德原理求得此时A浸入水中的体积，进一步求得A的下表面与容器底的距离，利用p=ρgh求得水箱底部受到水的压强。
（1）未排水前，水箱内的水受到的重力为G=mg=6kg×10N/kg=60N
（2）当排水质量为4kg时，A刚好全部露出水面，此时A受到的浮力为零，则GA=F拉=2N
当A浸没时，所受浮力为F浮=GA+F压=2N+8N=10N
根据阿基米德原理可知，A的体积为
长方体A的质量
长方体A的密度
（3）从排水质量1kg~4kg的过程中，水位下降的高度为……①
A的底面积为……②
联立①②解得，SA=5×10-3m2，Δh=0.2m（即长方体A的高为0.2m）。上述排水过程中，当力传感器示数为3N时，A受到的浮力F浮'=GA+F拉'=2N+3N=5N
此时A浸入水中的体积为
此时A浸入水中的深度为
A的下表面与容器底的距离为
上述排水过程中，当力传感器示数为3N时，水箱底部受到水的压强p=ρ水gh水=ρ水g (hA浸+h)= 1.0×103kg/m3×10N/kg ×(0.1m+0.1m)=2×103Pa
18．【答案】
【知识点】作光的折射光路图
【解析】【解答】光从水中斜射入空气中，空气中的折射光线远离法线偏折，连接AO，即为入射光线，入射光线与法线的夹角即为入射角i。作图如下：
【分析】光线经过不同介质，发生折射，空气中的角度较大。
19．【答案】（1）温度计的玻璃泡碰到容器壁
（2）b
（3）保持不变
【知识点】沸腾及沸腾条件；探究水的沸腾实验
【解析】【解答】（1）温度计使用时，玻璃泡应全部浸入被测液体，不能接触容器底或壁。图甲中温度计的玻璃泡未完全浸没在水中，这是错误操作。
(2) 水沸腾时，气泡在上升过程中体积逐渐变大，因此图a表示水沸腾时的情况。
(3) 从温度-时间图像可以看出，水沸腾时（达到98℃后），继续加热，温度保持不变，这是液体沸腾的典型特点。
故答案为：（1）温度计的玻璃泡碰到容器壁；（2）b；（3）保持不变。【分析】（1）使用温度计时，温度计的玻璃泡不能碰到容器底和容器侧壁，且要与被测液体充分接触。
（2）液体沸腾前气泡在上升过程中体积逐渐减小，沸腾时气泡在上升过程中体积逐渐增大。
（3）水沸腾时吸收热量，温度不变。
（1）使用温度计时，温度计的玻璃泡不能碰到容器底和容器侧壁，且要与被测液体充分接触，如图甲所示，错误的地方是温度计的玻璃泡碰到容器壁。
（2）沸腾前气泡在上升过程中体积逐渐减小，沸腾时气泡在上升过程中体积逐渐增大，图乙中a图气泡上升变小，是沸腾前的现象，b图气泡上升变大，是沸腾时的现象。
（3）由图丙可知5~8min水的温度保持不变，是水的沸腾过程，所以水沸腾时吸收热量，温度不变。
20．【答案】（1）匀速直线；2.2
（2）取下砝码，匀速拉动木块
【知识点】探究影响摩擦力大小因素的实验
【解析】【解答】 （1）为了使弹簧测力计的拉力与滑动摩擦力成为一对平衡力，需要让木块做匀速直线运动，此时拉力大小等于摩擦力大小。
由图甲可知，弹簧测力计的分度值为0.2N，指针指向2.4N刻度线处，因此木块A受到的滑动摩擦力大小为2.4N。
（2）探究滑动摩擦力与接触面粗糙程度的关系时，需控制压力大小不变，改变接触面粗糙程度。图丙中测力计示数达到最大值仍拉不动木块，说明所需拉力超过了测力计量程。建议采取的办法是：去掉木块上的砝码（减小压力），使拉力在测力计量程内，再匀速拉动木块，测出此时的滑动摩擦力，与实验甲进行比较（也可换用更大量程的弹簧测力计）。
故答案为：（1）匀速直线；2.2；（2）取下砝码，匀速拉动木块。【分析】 （1）根据二力平衡的条件分析；由测力计分度值读数；
（2）（3）影响滑动摩擦力大小因素有两个：压力大小和接触面的粗糙程度，研究与其中一个因素的关系时，要控制另外一个因素不变，据此分析回答。
（1）[1][2]实验中，要用弹簧测力计拉动物块做匀速直线运动，根据二力平衡，木块A受到的滑动摩擦力等于测力计的拉力。如图甲所示，测力计分度值为0.2N，示数为2.2N，则木块A受到的滑动摩擦力大小f为2.2N。
（2）当测力计示数达到最大值时仍没拉动木块，说明摩擦力过大，可以取下砝码减小压力，减小摩擦力；取下砝码后，压力大小与甲图相同，接触面粗糙程度与甲图不同，所以与甲图进行比较可以探究滑动摩擦力与接触面粗糙程度的关系。
21．【答案】（1）1.4
（2）无关
（3）a、d、e
【知识点】探究影响浮力大小的因素
【解析】【解答】 （1）进行探究时，实验步骤和弹簧测力计的示数如图所示。由称重法测浮力，其中序号b中物体P所受浮力大小为F=4.8N-3.4N=1.4N。
（2）c、d实验中，物体浸没在液体中的深度不同，测力计示数相同，由称重法测浮力，受到的浮力相同，分析a、c、d三次实验，可知浮力大小与物体浸没在液体中的深度无关；
（3）根据控制变量法，要想探究猜想③物体所受浮力大小与液体的密度有关，应控制物体排开液体的体积相同，液体的密度不同，因此应比较比较a、d、e。
故答案为：（1）1.4；（2）无关；（3）a、d、e。【分析】（1）由称重法测浮力得出序号b中物体P所受浮力大小；
（2）浮力大小与物体浸没在液体中的深度无关；
（3）研究浮力大小与物体排开液体的体积和排开液体的密度有关，研究与其中一个因素关系时，要控制另外一个因素不变，结合称重法测浮力分析。
（1）由题图a可知，物体的重力等于4.8N，题图b中物体受到向下的重力、向上的拉力和向上的浮力，由题图b可知，拉力大小等于3.4N，故b中物体P所受浮力的大小为F浮=G-F拉=4.8N-3.4N=1.4N
（2）c、d两图中物体排开液体的体积和液体的密度相同，物体浸入水中的深度不同，但弹簧测力计的示数不变，拉力不变，故物体所受的浮力也不变，分析a、b、c三次实验可知：物体所受的浮力大小与物体浸没在液体中的深度无关。
（3）根据控制变量法，要想探究猜想③物体所受浮力大小与与液体的密度有关，应控制物体排开液体的体积相同，液体的密度不同，因此应比较比较a、d、e。
22．【答案】（1）
（2）灯泡短路
（3）3
（4） ；实验中滑动变阻器的最大取值大于R1的最大值
【知识点】探究用电器的电功率实验
【解析】【解答】 （1）实验时，需将小灯泡与滑动变阻器串联，电路改正如下：
（2）电流表有示数，说明电路为通路，电压表指针无偏转，则电路故障为灯泡短路；
（3）由图乙可知，当灯泡两端电压为U1=6V时，通过灯泡的电流为I1=0.5A，
则小灯泡额定功率为：P=U1I1=6V×0.5A=3W；
（4）由图乙可知，当灯泡两端电压为U2=1V时，通过灯泡的电流为I2=0.2A，
已知电源电压为U=8V，则此时滑动变阻器阻值为：，
超过了滑动变阻器R1的最大阻值，故小华选用的滑动变阻器是R2；
故答案为：（1） ；（2）灯泡短路；（3）3；
（4）R2；实验中滑动变阻器的最大取值大于R1的最大值。
【分析】 （1）实验时，小灯泡要与滑动变阻器串联，据此改正电路；
（2）根据电流表有示数判断故障类型，根据电压表指针无偏转，判断故障位置；
（3）在图乙中找到灯泡额定电压对应的电流值，用公式P=UI即可求出额定功率；
（4）在图乙中找到最小电压时的电流值，根据欧姆定律算出滑动变阻器的阻值，与R1、R2的规格做比较，判断出选用的滑动变阻器。
（1）测量小灯泡的额定功率时，需要将灯泡与滑动变阻器串联，将电压表并联在灯泡两端，故电路改错如下：
（2）闭合开关，发现电流表有示数，说明电路为通路，电压表指针无偏转，则电路故障可能为灯泡短路。
（3）由图乙可知，灯泡电压为6V时，电流为0.5A，则该小灯泡额定功率为
（4）[1][2]由图乙可知，灯泡电压为1V时，电流为0.2A，此时滑动变阻器阻值为
所以小华选用的滑动变阻器是R1、R2中的。
23．【答案】（1）解：哪吒竖直下落的平均速度为。
（2）解：哪吒下落过程中重力做的功为。
（3）解：哪吒静止在细长竹竿上时，细长竹竿受到的浮力为
由 得，哪吒静止在细长竹竿上时，细长竹竿排开水的体积为。
【知识点】速度公式及其应用；阿基米德原理；功的计算及应用
【解析】【分析】（1）根据计算哪吒竖直下落的平均速度。
（2）根据W=Gh计算哪吒下落过程中重力做的功。
（3）哪吒静止在细长竹竿上时，细长竹竿受到的浮力等于竹竿和人的总重力，即
由 得，哪吒静止在细长竹竿上时，细长竹竿排开水的体积。
（1）哪吒竖直下落的平均速度为
（2）哪吒下落过程中重力做的功为
（3）哪吒静止在细长竹竿上时，细长竹竿受到的浮力为
由 得，哪吒静止在细长竹竿上时，细长竹竿排开水的体积为
24．【答案】（1）由图可知，只闭合开关S0时，滑动变阻器R与定值电阻R0串联，电流表测电路中的电流，此时电路的总功率为P=UI=15V×0.3A=4.5W；
（2）保持（1）中开关状态和电源电压不变，在电路安全的情况下，滑动变阻器的最小阻值，则电路中电流最大，因为电流表量程为0~0.6A，可知该电路的最大电流为
则电路总电阻为
则滑动变阻器接入电路的阻值为
（3）只闭合时，滑动变阻器R与灯串联，的额定功率为1.6W，额定电流为0.4A，由电功率公式可得的阻值为
当滑动变阻器的阻值接入最大值时，电路中的电流最小，灯的最小电功率为0，4W，由电功率公式可得，电路中的最小电流为
由欧姆定律的电源电压为
只闭合开关时，滑动变阻器与串联，当滑动变阻器的阻值接入最小时，电路中的电流为最大，由题意可知，此时不会正常发光，R的接入值为0Ω，则灯的电功率最大为1.6W，可以得到电源电压为①
当滑动变阻器的阻值接入最大时，灯的电功率为0.4W，所以电源电压为②
联立①②，解得
【知识点】电阻的串联；欧姆定律及其应用；电路的动态分析；电功率的计算
【解析】【分析】（1）只闭合开关S0时，滑动变阻器R与定值电阻R0串联，电流表测电路中的电流，根据P=UI求出此时电路的总功率；
（2）保持（1）中开关状态和电源电压不变，在电路安全的情况下，滑动变阻器的阻值最小，则电路中电流最大；根据电流表量程确定最大电流，利用欧姆定律求出此时电路的总电阻，根据电阻的串联求出滑动变阻器的最小阻值；
（3）调节电源电压为U1，只闭合开关S1，滑动变阻器R与L1串联，调节滑动变阻器，由额定功率，额定电流求出小灯泡的电阻，再由电功率公式求出最小电流，由欧姆定律即可求出电源电压U1；再调节电源电压为U2，只闭合开关S2时，滑动变阻器与灯L2串联，由电功率公式及欧姆定律，分别表示出电源电压U2的计算公式，最后列出方程，解方程即可求出U2。
（1）如图所示，只闭合开关时，滑动变阻器R与定值电阻串联，电流表测电路中的电流， 此时电路的总功率为
（2）保持（1）中开关状态和电源电压不变，在电路安全的情况下，滑动变阻器的最小阻值，则电路中电流最大，因为电流表量程为0~0.6A，可知该电路的最大电流为
则电路总电阻为
则滑动变阻器接入电路的阻值为
（3）只闭合时，滑动变阻器R与灯串联，的额定功率为1.6W，额定电流为0.4A，由电功率公式可得的阻值为
当滑动变阻器的阻值接入最大值时，电路中的电流最小，灯的最小电功率为0，4W，由电功率公式可得，电路中的最小电流为
由欧姆定律的电源电压为
只闭合开关时，滑动变阻器与串联，当滑动变阻器的阻值接入最小时，电路中的电流为最大，由题意可知，此时不会正常发光，R的接入值为0Ω，则灯的电功率最大为1.6W，可以得到电源电压为①
当滑动变阻器的阻值接入最大时，灯的电功率为0.4W，所以电源电压为②
联立①②，解得
1 / 1湖南省长沙市湘一立信中学2025年中考二模物理试题
一、选择题（本大题共12题，每小题3分，共36分；1～10题为单选题，每小题3分，每小题只有一个选项符合题意，11～12题为多选题，每小题有两个选项符合题意，选对但少选得2分，选错得0分）
1．（2025·长沙模拟）在这科技日新月异的时代，智能手机已成为人们生活中不可缺少的一部分。下列关于智能手机的说法中正确的是（ ）
A．质量约为2kg B．厚度约为1cm
C．电池的工作电压约为36V D．待机温度为50℃
【答案】B
【知识点】温度及温度计的使用与读数；质量及其特性；长度的估测；电压和电压的单位换算
【解析】【解答】 A、智能手机的质量通常在150g~250g（0.15kg~0.25kg）之间，2kg相当于2升水的重量，远大于手机实际质量，故A错误。
B、主流智能手机的厚度一般在0.7cm~1cm之间，1cm符合常见手机的厚度范围，故B正确。
C、手机电池的工作电压通常为3.7V~4.4V，36V是安全电压的上限，远高于手机电池电压，故C错误。
D、手机待机时温度接近室温（约25℃），50℃属于明显发热状态，并非待机温度，故D错误。
故选：B。
【分析】 首先要对相关物理量有个初步的认识，不同物理量的估算，有的需要凭借生活经验，有的需要经过简单的计算，有的要进行单位换算，最后判断符合要求的是哪一个。
2．（2025·长沙模拟）如图所示是一款骨传导蓝牙耳机，将耳机贴在颞骨附近，既可以听到耳机发出的声音，又不影响听到周围环境的声音。使用蓝牙耳机播放音乐时，为了保护听力，需要适当调小声音的（ ）
A．音调 B．音色 C．频率 D．响度
【答案】D
【知识点】音调、响度与音色的区分
【解析】【解答】ABCD、骨传导蓝牙耳机，将耳机贴在颞骨附近，既可以听到耳机发出的声音，又不影响听到周围环境的声音。使用蓝牙耳机播放音乐时，为了保护听力，声音的响度不能过大，故需要适当调小声音的响度，与声音的音调、音色和频率无关，故D符合题意，ABC不符合题意。
故选：D。
【分析】（1）声音的高低叫音调，音调的高低与物体的振动频率有关；
（2）声音的大小叫响度，响度的大小与物体的振幅和距离声源的远近有关。
3．（2025·长沙模拟）“圭表”是我国古代重要的天文观测仪器，如图所示。根据正午时“表”在“圭”面上日影长的变化来确定季节的变化。图中的光现象与“圭表”原理相同的是（ ）
A．水中倒影 B．月食现象
C．天边彩虹 D．海市蜃楼
【答案】B
【知识点】光的直线传播及其应用；光的反射；光的折射现象及其应用；光的色散
【解析】【解答】 A、水中倒影原理是光的反射（平面镜成像），与圭表原理不同，故A错误；
B、月食现象原理是光的直线传播：地球挡住了沿直线传播的太阳光，在月球上形成阴影，与圭表原理相同，故B正确；
C、天边彩虹原理是光的色散（光的折射），太阳光通过水滴分解为七色光，与圭表原理不同，故C错误；
D、海市蜃楼原理是光的折射（全反射），空气密度不均使光线偏折，与圭表原理不同，故D错误。
故选：B。
【分析】 光在自然界中存在三种光现象：
（1）光在同种均匀物质中沿直线传播，在日常生活中，小孔成像和影子的形成等都表明光在同一种均匀介质中是沿直线传播的；
（2）当光照射到物体表面上时，有一部分光被反射回来，例如：平面镜成像、水中倒影等；
（3）当光从一种介质斜射入另一种介质时，传播方向会偏折，发生折射现象，如：看水里的鱼比实际位置浅等。
4．（2025·长沙模拟）厦门春季“回南天”到来时，教室的黑板、墙壁和玻璃都容易“出水”，如图是在“出水”玻璃上写的字。这些“水”是由于水蒸气（ ）
A．放热汽化形成的 B．放热液化形成的
C．吸热汽化形成的 D．吸热液化形成的
【答案】B
【知识点】汽化及汽化吸热的特点；液化及液化放热
【解析】【解答】 厦门春季“回南天”时，教室的黑板、墙壁和玻璃容易“出水”，是因为此前冷空气影响使室内物体温度较低，之后暖湿气流迅速反攻，空气中含有大量的水蒸气。当这些高温的水蒸气遇到温度较低的黑板、墙壁和玻璃时，水蒸气遇冷放热，由气态变为液态，发生液化现象，形成小水珠附着在物体表面。而汽化是由液态变为气态的过程，且汽化吸热，故A、C 错误；液化是放热过程，D错误。
故选：B。
【分析】 液化指物质由气态转变成液态，液化要放热。
5．（2025·长沙模拟）被誉为“中国龙芯之母”的黄令仪带领芯片研发团队，成功研制出我国“龙芯”系列芯片。制造芯片的主要材料属于（ ）
A．导体 B．半导体 C．绝缘体 D．超导体
【答案】B
【知识点】半导体特点及作用
【解析】【解答】 制造芯片的主要材料导电能力介于导体和绝缘体之间，属于半导体，故B符合题意，ACD不符合题意。
故选：B。
【分析】 半导体的导电能力介于导体和绝缘体之间。
6．（2025·长沙模拟）有人发明了“感应照孔门把手”只有在夜间且有人摸门把手时，锁孔旁的灯才亮，从而方便夜间开锁，它利用感应开关S1（有人摸门把手时，S1闭合；无人摸门把手，S1断开）以及光敏开关S2 （天黑时S2闭合，天亮时S2断开）控制电路，达到目的，请根据上述描述，符合这一情况的电路是
A． B．
C． D．
【答案】A
【知识点】串联电路和并联电路的辨别
【解析】【解答】 只有夜间且有人摸门把手时，锁孔旁的灯才亮，否则灯不亮，说明感应开关S1、光敏开关S2不能独立工作、即为串联，共同控制灯泡，故A正确。
故选：A。
【分析】 根据题意分析两个开关的连接方式，然后选出正确的答案。
7．（2025·长沙模拟）2025年2月，我国实践25号卫星与即将退役的地球同步轨道卫星——北斗G7星在太空中实现了厘米级精度对接，成功为其加注了142公斤燃料！这场操作实现人类首次给地球同步卫星补给燃料，意义重大。在加注燃料时，如果说实践25号卫星是静止的，选取的参照物是（ ）
A．地球 B．月球
C．太阳 D．实践25号卫星
【答案】A
【知识点】参照物及其选择
【解析】【解答】A分析：实践25号卫星与北斗G7星在太空中实现厘米级精度对接。由于它们都是地球同步卫星，若以地球为参照系，实践25号卫星保持相对静止状态，因此选项A符合题意。
B和C分析：当以月球或太阳作为参照系时，实践25号卫星的相对位置会随时间发生变化，表现为运动状态，故这两个选项不符合题意。
选项D分析：在运动学研究中，不能选择研究对象自身作为参照系，这是基本研究原则，因此该选项符合题意。
综上分析，正确答案为A。
【分析】物体相对运动：物体与参照物运动状态不一致，所以物体相对参照物运动，物体与参照物运动状态不一致，所以物体相对参照物静止，选择参照物时，一般不选择本身作为参照物。
8．（2025·长沙模拟）某中学开展了“安全用电，警钟长鸣”系列教育活动，在一次关于家庭用电的“对”、“错”抢答比赛中，提出以下说法，其中应答“对”的是（ ）
A．家庭电路着火后应迅速用水浇灭
B．洗衣机插入三孔插座后，电灯和洗衣机是串联
C．洗衣机使用三孔插座的目的是使其金属外壳接地
D．保险丝熔断后，可以使用铜丝代替保证电路正常工作
【答案】C
【知识点】家庭电路的组成；家庭电路的连接；熔断器的作用及保险丝的选择；安全用电原则
【解析】【解答】A．生活用水具有导电性，若用其扑灭家庭电路火灾可能导致触电危险，因此该做法不正确。
B．洗衣机和照明灯在家庭电路中采用并联连接方式，这种连接保证各用电器独立工作互不干扰，因此该说法无误。
C．三孔插座中的接地孔可将洗衣机金属外壳与大地相连，当发生漏电时能将电流导入大地，避免触电事故，该措施正确且必要。
D．保险丝需采用低熔点材料（如铅锑合金），铜丝因熔点过高无法在电流过大时及时熔断，失去电路保护作用，故严禁使用铜丝替代。
综上所述，正确答案为C。
【分析】家庭安全用电原则：不同时使用功率较大的电器，避免电路中功率较大导致电流较大，引发火灾、不湿手接触用电器开关、不在电线上上晾衣服，金属外壳要接地，避免发生触电。
9．（2025·长沙模拟）如图是一种电子摸高器的电路原理图，触板位于竖直轨道上，运动员站在摸高器正下方，原地竖直起跳，指尖向上触碰触板，触板向上运动的过程中，显示器会记录下触板运动到最高点时的高度值。下列关于该电路的说法正确的是（ ）
A．电子摸高器的显示器是由电压表改装而成
B．摸高器触板在最低点时，显示器的示数为零
C．摸高数值越大，电路的总功率越小
D．若要增大摸高器的最小示数，应减小电阻R的阻值
【答案】D
【知识点】电压的测量及电压表的使用；欧姆定律及其应用；电路的动态分析；电功率的计算
【解析】【解答】 A、图中R和电阻丝串联，电表串联在电路中，故是电流表，故A错误；
B、摸高器触板在最低点时，电阻最大，电路的总电阻最大，根据欧姆定律知，电流最小，但有电流，示数不为0，故B错误；
C、当电流增大时，电源电压不变，根据P=UI知，电路的总功率增大，故C错误；
D、若要增大摸高器的最小示数，即电流变大，根据欧姆定律中，电路的总电阻减小，而电阻丝的电阻不变，故减小R的大小，故D正确。
故选：D。
【分析】（1）根据电表的连接方式可知电表的类型；
（2）根据欧姆定律分析开始时是否有电流；
（3）根据P=UI分析电功率变化；
（4）若要增大摸高器的最小示数，根据欧姆定律分析电阻变化。
10．（2025·长沙模拟）2024年9月25日，中国人民解放军火箭军向太平洋相关公海海域，成功发射1发携载训练模拟弹头的洲际弹道导弹（如图），导弹准确落入预定海域。下列说法正确的是（ ）
A．加速升空的过程中燃气对导弹做了功
B．加速升空的过程中导弹受到平衡力
C．穿过大气层后导弹的惯性增大
D．穿过大气层后若所有力消失，导弹将保持静止
【答案】A
【知识点】物体运动状态的变化；惯性及其现象；平衡状态的判断；是否做功的判断
【解析】【解答】A． 导弹加速升空时，燃气对导弹有向上的推力，导弹在推力的方向上移动了距离，燃气对导弹做了功，故A正确；
B．导弹在加速升空时，速度在不断增大，运动状态在改变。力是改变物体运动状态的原因，导弹受力不平衡力，故B错误；
C．惯性是物体保持原来运动状态的性质，只与物体的质量有关，导弹穿过大气层，质量不变，惯性不会增大，故C错误；
D．导弹穿过大气层后具有速度，若所有力消失，导弹将保持原来的速度和方向做匀速直线运动，故D错误。
故选A。
【分析】物体受力，且在力的方向上通过的距离，力对物体做了功；物体处于平衡状态时，受到的力为平衡力，惯性和物体的质量有关，质量越大，惯性越大；运动的物体不受力，做匀速直线运动。
11．（2025·长沙模拟）如图是北京某住宅小区门口栏杆的示意图，当在A处施加一个动力时，可将栏杆逆时针拉起来，下列四个选项中的杠杆与它类型一致的是（ ）
A．钓鱼竿 B．核桃夹
C．剪线头剪刀 D．羊角锤
【答案】A,C
【知识点】杠杆的分类
【解析】【解答】在A点施加的动力需要克服栏杆的重力作用，由于动力臂长度小于重力臂长度，因此该栏杆属于费力杠杆。
A．钓鱼竿使用时动力臂小于阻力臂，属于费力杠杆，符合题意；
B．核桃夹使用时动力臂大于阻力臂，属于省力杠杆，不符合题意；
C．剪线头剪刀使用时动力臂小于阻力臂，属于费力杠杆，符合题意；
D．羊角锤使用时动力臂大于阻力臂，属于省力杠杆，不符合题意。
正确答案为AC。
【分析】省力杠杆：动力臂较长，所以动力较小，常见的例子有羊角锤、核桃夹；费力杠杆：动力臂较短，动力较大，常见的例子有镊子、筷子等，等壁杠杆：动力臂等于阻力臂的杠杆，常见的例子有：天平。
12．（2025·长沙模拟）为了节约用电，商场安装了智能电动扶梯，当电梯上无人时，电动机低速运转；当电梯上有人时，电动机的运转速度较大。如图所示是其内部简化电路图。其中R的阻值随其受到的压力变化而变化。两电源电压均恒定。下列有关这个电路的说法正确的是（ ）
A．当电梯上无人时，衔铁与触点2接触
B．当电梯上有人时，控制电路中的电流变大
C．当电梯上有人时，电梯电磁铁的磁性减弱
D．R的阻值随其受到的压力增大而减小
【答案】B,D
【知识点】欧姆定律及其应用；电路的动态分析；电磁继电器的组成、原理和特点
【解析】【解答】 A、当无乘客乘坐电梯时，电动机低速运转，电动机和电阻R1串联，衔铁与动点1接触，故A错误；
BCD、当有乘客乘坐时，电动机高速运转，故应电动机单独工作，衔铁与动点2接触，由此可知电阻R的阻值随压力的增大而减小，使控制电路的电流增大，电磁铁磁性增强，吸引衔铁，故BD正确，C错误。
故选：BD。
【分析】 电磁继电器的工作原理：分为控制电路和工作电路，其中控制电路的衔铁起着双掷开关的作用，当衔铁与动点1接触，控制电路的电动机和R1串联工作；当衔铁与动点2接触，电动机单独工作。
二、填空题（本大题共5小题，每空2分，共22分）
13．（2025·长沙模拟）如图，是全球首台抗台风型漂浮式海上风电机组及基础平台——“三峡引领号”。该平台与北斗系统建立关联，利用 （选填“超声波”或“电磁波”）向工作人员传递平台运动的动态信息。该平台引领我国海上风电行业走向深海，风能是 （选填“可再生”或“不可再生”）能源。
【答案】电磁波；可再生
【知识点】能源及其分类；电磁波在日常生活中的应用
【解析】【解答】 电磁波具有传播距离远、传输速度快的特点，并且能够在真空中传播。因此，"三峡引领号"通过电磁波与北斗系统建立通信连接，实现信息传递功能。 风能作为一种可以从自然界持续获取的能源类型，按照能源分类标准属于可再生能源范畴。
【分析】1、信息的传递：无线网络通信依靠电磁波来传递信息；
2、可再生能源：使用后短期可以恢复的能源、如风能、太阳能、不可再生能源：使用内短期不能再生的能源，如核能、化石能源。
14．（2025·长沙模拟）吃粽子是端午节的习俗，煮粽子时是通过 来增大粽子的内能；早晨，妈妈说：“利用水来冷却煮熟的鸡蛋，效果更好。”这是利用水的 大的特点。
【答案】热传递；比热容
【知识点】热传递改变物体内能
【解析】【解答】 煮粽子时，内能增加，这是通过热传递的方式来增大粽子的内能。
由可知，水的比热容大，相同质量的水和其它物质比较，升高相同的温度，水吸收的热量多；所以利用水来冷却煮熟的鸡蛋，效果更好。
故答案为：热传递；比热容。
【分析】 改变物体内能的方式有两种：做功和热传递，热传递过程是能量的转移过程，做功过程是能量的转化过程。
水的比热容大，相同质量的水和其它物质比较，升高或降低相同的温度，水吸收或放出的热量多；吸收或放出相同的热量，水升高或降低的温度少，据此分析。
15．（2025·长沙模拟）2025年央视春晚《秧BOT》震撼来袭，一群穿花棉袄的机器人在舞台扭起了秧歌。“机器人扭秧歌”的过程中将手绢向上抛出，抛出去的手绢在上升的过程中，动能转化为 。机器人静止站在舞台上时，重力与支持力是一对 力（选填“平衡”或“相互作用”）。
【答案】重力势能；平衡
【知识点】机械能及其转化；平衡力的辨别；平衡状态的判断
【解析】【解答】 （1）机器人向上丢出手绢，上升的过程中，手绢的质量不变，速度减小，动能变小，高度增加，重力势能增加，是将动能转化为重力势能。
（2）机器人静止时，处于平衡状态，受到的重力和支持力是一对平衡力，大小相等。
故答案为：重力势能；平衡。
【分析】（1）动能与物体的质量和速度有关，重力势能与物体的质量和高度有关；
（2）物体处于平衡状态时，受到的力是平衡力。
16．（2025·长沙模拟）如图甲所示，热带香蕉树在宁夏“安家”，这得益于大棚温控技术。兴趣小组为大棚设计了具有加热和保温功能的电热器，其内部简化电路图如图乙所示（左侧为控制电路，右侧为工作电路）。R3为热敏电阻，阻值随温度升高而减小。R1、R2均为电热丝，R1=200Ω，R2=100Ω，线圈电阻不计。闭合开关S1，电磁铁的上端为 极；加热时，工作电路的总功率是 W。
【答案】N；726
【知识点】电功率的计算；电磁继电器的组成、原理和特点；多状态电路——多挡位问题
【解析】【解答】根据安培定则，右手握住螺线管，四指指向电流方向，大拇指所指的即为电磁铁的N极。因此电磁继电器中电磁铁的上端为N极，下端为S极。
当开关S1和S2闭合且衔铁未被吸引时，电热丝R1和R2处于并联状态。此时工作电路的总电阻最小，根据功率公式可知，此时总功率最大，电路处于加热状态。
在加热状态下，并联电路各支路电压相等，总功率计算公式为：
故答案为：N；726。
【分析】运用安培定则判断电磁铁的极性：右手握住螺线管，四指方向为电流方向，大拇指指向N极；
分析电路状态：当衔铁未被吸引时，R1和R2并联，总电阻最小，根据可知此时功率最大，处于加热状态；
计算总功率：利用并联电路特点和功率公式进行计算。
17．（2025·长沙模拟）如图甲所示，为某饮水机自动注排水装置的模型，底面积为200cm2的柱形水箱内装有质量为6kg的水，一竖直、轻质、硬细杆上端通过力传感器固定，下端与不吸水的实心长方体A连接。打开水龙头，水箱中的水缓慢排出，细杆对力传感器作用力的大小F随排出水的质量m变化的关系如图乙所示，当排水质量为4kg时，A刚好全部露出水面，由传感器控制开关开始注水。已知ρ水=1.0×103kg/m3，g取10N/kg。则：
（1）未排水前，水箱内的水受到的重力为 N；
（2）长方体A的密度 kg/m3；
（3）上述排水过程中，当力传感器示数为3N时，水箱底部受到水的压强 Pa。
【答案】（1）60
（2）0.2×103
（3）2×103
【知识点】密度公式及其应用；重力及其大小的计算；压强的大小及其计算；阿基米德原理
【解析】【解答】 （1）由题意可知，水箱内装有质量为6kg的水，未排水前，水箱内的水受到的重力为G=mg=6kg×10N/kg=60N；
（2）当排水质量为4kg时，A刚好全部露出水面，重力等于拉力，则GA=F拉=2N；
当A浸没时，所受浮力等于重力加上压力大小，即F浮=GA+F压=2N+8N=10N；
根据阿基米的原理可知，A的体积为，由重力公式可知，长方体A的质量，
长方体A的密度；
（3）根据题意可知，水位下降的高度为 …①
体积除以高度，则底面积等于A的底面积为 ……②
联立①②解得，SA=5×10-3m2，Δh=0.2m（即长方体A的高为0.2m）。
上述排水过程中，当力传感器示数为3N时，A受到的浮力F浮'=GA+F拉'=2N+3N=5N
此时A浸入水中的体积为
此时A浸入水中的深度为
A的下表面与容器底的距离为
上述排水过程中，当力传感器示数为3N时，水箱底部受到水的压强p=ρ水gh水=ρ水g (hA浸+h)= 1.0×103kg/m3×10N/kg ×(0.1m+0.1m)=2×103Pa
故答案为：（1）60；（2）0.2×103；（3）2×103。
【分析】（1）由公式G=mg求得当排水质量为4kg时，水箱内水所受的重力；
（2）根据F浮=ρ液gV排求得A排开液体的体积，进而求出A的体积，由密度公式算出长方体A的密度；
（3）当力传感器示数为3N时，利用F浮'=GA+F示'求得浮力大小，利用阿基米德原理求得此时A浸入水中的体积，进一步求得A的下表面与容器底的距离，利用p=ρgh求得水箱底部受到水的压强。
（1）未排水前，水箱内的水受到的重力为G=mg=6kg×10N/kg=60N
（2）当排水质量为4kg时，A刚好全部露出水面，此时A受到的浮力为零，则GA=F拉=2N
当A浸没时，所受浮力为F浮=GA+F压=2N+8N=10N
根据阿基米德原理可知，A的体积为
长方体A的质量
长方体A的密度
（3）从排水质量1kg~4kg的过程中，水位下降的高度为……①
A的底面积为……②
联立①②解得，SA=5×10-3m2，Δh=0.2m（即长方体A的高为0.2m）。上述排水过程中，当力传感器示数为3N时，A受到的浮力F浮'=GA+F拉'=2N+3N=5N
此时A浸入水中的体积为
此时A浸入水中的深度为
A的下表面与容器底的距离为
上述排水过程中，当力传感器示数为3N时，水箱底部受到水的压强p=ρ水gh水=ρ水g (hA浸+h)= 1.0×103kg/m3×10N/kg ×(0.1m+0.1m)=2×103Pa
三、作图与实验探究（本大题共5小题，共29分，第18题2分，第19、20、21题各6分，22题9分）
18．（2025·长沙模拟）“珍爱生命，预防溺水”。由于光的折射，池水看起来比实际浅，所以不能贸然下水游泳。如图所示，A是池底的物体，是岸上儿童看到的A的像，请在图中将人看到像的光路图补充完整，并标出入射角i。
【答案】
【知识点】作光的折射光路图
【解析】【解答】光从水中斜射入空气中，空气中的折射光线远离法线偏折，连接AO，即为入射光线，入射光线与法线的夹角即为入射角i。作图如下：
【分析】光线经过不同介质，发生折射，空气中的角度较大。
19．（2025·长沙模拟）在“观察水的沸腾”实验中：
（1）图甲中温度计的使用存在的错误是 。
（2）图乙中的图 表示水沸腾时的情况。
（3）图丙是根据实验记录的数据画出的温度随时间变化的图像，分析图像可知：水沸腾时温度的特点是 。
【答案】（1）温度计的玻璃泡碰到容器壁
（2）b
（3）保持不变
【知识点】沸腾及沸腾条件；探究水的沸腾实验
【解析】【解答】（1）温度计使用时，玻璃泡应全部浸入被测液体，不能接触容器底或壁。图甲中温度计的玻璃泡未完全浸没在水中，这是错误操作。
(2) 水沸腾时，气泡在上升过程中体积逐渐变大，因此图a表示水沸腾时的情况。
(3) 从温度-时间图像可以看出，水沸腾时（达到98℃后），继续加热，温度保持不变，这是液体沸腾的典型特点。
故答案为：（1）温度计的玻璃泡碰到容器壁；（2）b；（3）保持不变。【分析】（1）使用温度计时，温度计的玻璃泡不能碰到容器底和容器侧壁，且要与被测液体充分接触。
（2）液体沸腾前气泡在上升过程中体积逐渐减小，沸腾时气泡在上升过程中体积逐渐增大。
（3）水沸腾时吸收热量，温度不变。
（1）使用温度计时，温度计的玻璃泡不能碰到容器底和容器侧壁，且要与被测液体充分接触，如图甲所示，错误的地方是温度计的玻璃泡碰到容器壁。
（2）沸腾前气泡在上升过程中体积逐渐减小，沸腾时气泡在上升过程中体积逐渐增大，图乙中a图气泡上升变小，是沸腾前的现象，b图气泡上升变大，是沸腾时的现象。
（3）由图丙可知5~8min水的温度保持不变，是水的沸腾过程，所以水沸腾时吸收热量，温度不变。
20．（2025·长沙模拟）小明在“研究影响滑动摩擦力大小的因素”实验中，设计了如图所示实验。
（1）将物块置于水平木板上，用调好的弹簧测力计沿水平方向拉动，使其做 运动，弹簧测力计的示数如图甲所示，根据二力平衡知识可得，木块A受到的滑动摩擦力大小f为 N；
（2）小明想进一步探究滑动摩擦力与接触面粗糙程度的关系，继续进行了图丙所示的实验，当测力计示数达到最大值时仍没有拉动木块A。用现有实验器材想顺利完成此实验探究。你建议小明可采取的办法是 ，测出此时滑动摩擦力的大小f，再和实验甲进行比较。
【答案】（1）匀速直线；2.2
（2）取下砝码，匀速拉动木块
【知识点】探究影响摩擦力大小因素的实验
【解析】【解答】 （1）为了使弹簧测力计的拉力与滑动摩擦力成为一对平衡力，需要让木块做匀速直线运动，此时拉力大小等于摩擦力大小。
由图甲可知，弹簧测力计的分度值为0.2N，指针指向2.4N刻度线处，因此木块A受到的滑动摩擦力大小为2.4N。
（2）探究滑动摩擦力与接触面粗糙程度的关系时，需控制压力大小不变，改变接触面粗糙程度。图丙中测力计示数达到最大值仍拉不动木块，说明所需拉力超过了测力计量程。建议采取的办法是：去掉木块上的砝码（减小压力），使拉力在测力计量程内，再匀速拉动木块，测出此时的滑动摩擦力，与实验甲进行比较（也可换用更大量程的弹簧测力计）。
故答案为：（1）匀速直线；2.2；（2）取下砝码，匀速拉动木块。【分析】 （1）根据二力平衡的条件分析；由测力计分度值读数；
（2）（3）影响滑动摩擦力大小因素有两个：压力大小和接触面的粗糙程度，研究与其中一个因素的关系时，要控制另外一个因素不变，据此分析回答。
（1）[1][2]实验中，要用弹簧测力计拉动物块做匀速直线运动，根据二力平衡，木块A受到的滑动摩擦力等于测力计的拉力。如图甲所示，测力计分度值为0.2N，示数为2.2N，则木块A受到的滑动摩擦力大小f为2.2N。
（2）当测力计示数达到最大值时仍没拉动木块，说明摩擦力过大，可以取下砝码减小压力，减小摩擦力；取下砝码后，压力大小与甲图相同，接触面粗糙程度与甲图不同，所以与甲图进行比较可以探究滑动摩擦力与接触面粗糙程度的关系。
21．（2025·长沙模拟）在“探究影响浮力大小的因素”实验中，同学们根据生活经验提出了浮力的大小可能与下列因素有关的猜想：
①与物体浸入液体中的深度有关；
②与物体排开液体的体积有关；
③与液体的密度有关。
（1）进行探究时，实验步骤和弹簧测力计的示数如图所示。其中序号b中物体P所受浮力的大小为 N；
（2）分析a、c、d三次实验可知，浮力大小与物体浸没在液体中的深度 （选填“有关”或“无关”）；
（3）应选择实验序号为 的三次实验来验证猜想③是否正确。
【答案】（1）1.4
（2）无关
（3）a、d、e
【知识点】探究影响浮力大小的因素
【解析】【解答】 （1）进行探究时，实验步骤和弹簧测力计的示数如图所示。由称重法测浮力，其中序号b中物体P所受浮力大小为F=4.8N-3.4N=1.4N。
（2）c、d实验中，物体浸没在液体中的深度不同，测力计示数相同，由称重法测浮力，受到的浮力相同，分析a、c、d三次实验，可知浮力大小与物体浸没在液体中的深度无关；
（3）根据控制变量法，要想探究猜想③物体所受浮力大小与液体的密度有关，应控制物体排开液体的体积相同，液体的密度不同，因此应比较比较a、d、e。
故答案为：（1）1.4；（2）无关；（3）a、d、e。【分析】（1）由称重法测浮力得出序号b中物体P所受浮力大小；
（2）浮力大小与物体浸没在液体中的深度无关；
（3）研究浮力大小与物体排开液体的体积和排开液体的密度有关，研究与其中一个因素关系时，要控制另外一个因素不变，结合称重法测浮力分析。
（1）由题图a可知，物体的重力等于4.8N，题图b中物体受到向下的重力、向上的拉力和向上的浮力，由题图b可知，拉力大小等于3.4N，故b中物体P所受浮力的大小为F浮=G-F拉=4.8N-3.4N=1.4N
（2）c、d两图中物体排开液体的体积和液体的密度相同，物体浸入水中的深度不同，但弹簧测力计的示数不变，拉力不变，故物体所受的浮力也不变，分析a、b、c三次实验可知：物体所受的浮力大小与物体浸没在液体中的深度无关。
（3）根据控制变量法，要想探究猜想③物体所受浮力大小与与液体的密度有关，应控制物体排开液体的体积相同，液体的密度不同，因此应比较比较a、d、e。
22．（2025·长沙模拟）小明学习了电功率的知识后，在家中找来了一个标有额定电压为6V的小灯泡，为了测定该小灯泡的额定功率，他准备了以下器材：滑动变阻器R1“；0.5A”、R2“；1A”各一个、电流表、电压表，电压恒为8V的电源、导线若干。
（1）图甲中有一根导线接错了，请在这根导线上画“×”，并用笔画线代替导线，改到正确的位置 ；
（2）小明在改正接线后，闭合开关，发现电流表有示数，电压表指针无偏转，则电路故障为 ；
（3）排除故障后，经多次测量，小明根据实验数据绘制了小灯泡的I-U图像（如图乙），则该小灯泡额定功率为 W；
（4）根据小明绘制的小灯泡I-U图像，请你判断小华选用的滑动变阻器是R1、R2中的 ，并说明理由 。
【答案】（1）
（2）灯泡短路
（3）3
（4） ；实验中滑动变阻器的最大取值大于R1的最大值
【知识点】探究用电器的电功率实验
【解析】【解答】 （1）实验时，需将小灯泡与滑动变阻器串联，电路改正如下：
（2）电流表有示数，说明电路为通路，电压表指针无偏转，则电路故障为灯泡短路；
（3）由图乙可知，当灯泡两端电压为U1=6V时，通过灯泡的电流为I1=0.5A，
则小灯泡额定功率为：P=U1I1=6V×0.5A=3W；
（4）由图乙可知，当灯泡两端电压为U2=1V时，通过灯泡的电流为I2=0.2A，
已知电源电压为U=8V，则此时滑动变阻器阻值为：，
超过了滑动变阻器R1的最大阻值，故小华选用的滑动变阻器是R2；
故答案为：（1） ；（2）灯泡短路；（3）3；
（4）R2；实验中滑动变阻器的最大取值大于R1的最大值。
【分析】 （1）实验时，小灯泡要与滑动变阻器串联，据此改正电路；
（2）根据电流表有示数判断故障类型，根据电压表指针无偏转，判断故障位置；
（3）在图乙中找到灯泡额定电压对应的电流值，用公式P=UI即可求出额定功率；
（4）在图乙中找到最小电压时的电流值，根据欧姆定律算出滑动变阻器的阻值，与R1、R2的规格做比较，判断出选用的滑动变阻器。
（1）测量小灯泡的额定功率时，需要将灯泡与滑动变阻器串联，将电压表并联在灯泡两端，故电路改错如下：
（2）闭合开关，发现电流表有示数，说明电路为通路，电压表指针无偏转，则电路故障可能为灯泡短路。
（3）由图乙可知，灯泡电压为6V时，电流为0.5A，则该小灯泡额定功率为
（4）[1][2]由图乙可知，灯泡电压为1V时，电流为0.2A，此时滑动变阻器阻值为
所以小华选用的滑动变阻器是R1、R2中的。
四、计算题（本大题共2小题，共13分，第23题6分，第24题7分）
23．（2025·长沙模拟）在《哪吒：魔童闹海》电影中，哪吒与申正道的打斗场面惊心动魄。只见哪吒身姿矫健，立于一根高竹竿之巅，突然双脚一蹬，在空中翻腾旋转，最后稳稳地落在水面的一根细长竹竿上，此过程可近似看成竖直下落，如图所示。已知哪吒的质量为30kg，哪吒下落的竖直距离为21m，下落所用时间为3s，细长竹竿的质量是40kg。求：
（1）哪吒竖直下落的平均速度；
（2）哪吒下落过程中重力做的功；
（3）哪吒静止在细长竹竿上时，细长竹竿排开水的体积。
【答案】（1）解：哪吒竖直下落的平均速度为。
（2）解：哪吒下落过程中重力做的功为。
（3）解：哪吒静止在细长竹竿上时，细长竹竿受到的浮力为
由 得，哪吒静止在细长竹竿上时，细长竹竿排开水的体积为。
【知识点】速度公式及其应用；阿基米德原理；功的计算及应用
【解析】【分析】（1）根据计算哪吒竖直下落的平均速度。
（2）根据W=Gh计算哪吒下落过程中重力做的功。
（3）哪吒静止在细长竹竿上时，细长竹竿受到的浮力等于竹竿和人的总重力，即
由 得，哪吒静止在细长竹竿上时，细长竹竿排开水的体积。
（1）哪吒竖直下落的平均速度为
（2）哪吒下落过程中重力做的功为
（3）哪吒静止在细长竹竿上时，细长竹竿受到的浮力为
由 得，哪吒静止在细长竹竿上时，细长竹竿排开水的体积为
24．（2025·长沙模拟）如图，电路中电源电压可调，定值电阻，和为额定功率不同、额定电流均为0.4A的小灯泡（忽略温度对灯丝电阻的影响），滑动变阻器的铭牌上标有“40；1A”字样，电流表量程0-0.6A。
（1）只闭合开关，电源电压时，电流表的示数为0.3A，求此时电路的总功率；
（2）保持（1）中开关状态和电源电压不变，在电路安全的情况下，调节滑动变阻器，求滑动变阻器的最小阻值；
（3）调节电源电压为，只闭合开关，调节滑动变阻器，灯的功率为1.6W时正常发光，最小功率为0.4W；再调节电源电压为，只闭合开关，调节滑动变阻器，灯的最大功率为1.6W，最小功率为0.4W。（调节滑动变阻器时电路安全）求：、。
【答案】（1）由图可知，只闭合开关S0时，滑动变阻器R与定值电阻R0串联，电流表测电路中的电流，此时电路的总功率为P=UI=15V×0.3A=4.5W；
（2）保持（1）中开关状态和电源电压不变，在电路安全的情况下，滑动变阻器的最小阻值，则电路中电流最大，因为电流表量程为0~0.6A，可知该电路的最大电流为
则电路总电阻为
则滑动变阻器接入电路的阻值为
（3）只闭合时，滑动变阻器R与灯串联，的额定功率为1.6W，额定电流为0.4A，由电功率公式可得的阻值为
当滑动变阻器的阻值接入最大值时，电路中的电流最小，灯的最小电功率为0，4W，由电功率公式可得，电路中的最小电流为
由欧姆定律的电源电压为
只闭合开关时，滑动变阻器与串联，当滑动变阻器的阻值接入最小时，电路中的电流为最大，由题意可知，此时不会正常发光，R的接入值为0Ω，则灯的电功率最大为1.6W，可以得到电源电压为①
当滑动变阻器的阻值接入最大时，灯的电功率为0.4W，所以电源电压为②
联立①②，解得
【知识点】电阻的串联；欧姆定律及其应用；电路的动态分析；电功率的计算
【解析】【分析】（1）只闭合开关S0时，滑动变阻器R与定值电阻R0串联，电流表测电路中的电流，根据P=UI求出此时电路的总功率；
（2）保持（1）中开关状态和电源电压不变，在电路安全的情况下，滑动变阻器的阻值最小，则电路中电流最大；根据电流表量程确定最大电流，利用欧姆定律求出此时电路的总电阻，根据电阻的串联求出滑动变阻器的最小阻值；
（3）调节电源电压为U1，只闭合开关S1，滑动变阻器R与L1串联，调节滑动变阻器，由额定功率，额定电流求出小灯泡的电阻，再由电功率公式求出最小电流，由欧姆定律即可求出电源电压U1；再调节电源电压为U2，只闭合开关S2时，滑动变阻器与灯L2串联，由电功率公式及欧姆定律，分别表示出电源电压U2的计算公式，最后列出方程，解方程即可求出U2。
（1）如图所示，只闭合开关时，滑动变阻器R与定值电阻串联，电流表测电路中的电流， 此时电路的总功率为
（2）保持（1）中开关状态和电源电压不变，在电路安全的情况下，滑动变阻器的最小阻值，则电路中电流最大，因为电流表量程为0~0.6A，可知该电路的最大电流为
则电路总电阻为
则滑动变阻器接入电路的阻值为
（3）只闭合时，滑动变阻器R与灯串联，的额定功率为1.6W，额定电流为0.4A，由电功率公式可得的阻值为
当滑动变阻器的阻值接入最大值时，电路中的电流最小，灯的最小电功率为0，4W，由电功率公式可得，电路中的最小电流为
由欧姆定律的电源电压为
只闭合开关时，滑动变阻器与串联，当滑动变阻器的阻值接入最小时，电路中的电流为最大，由题意可知，此时不会正常发光，R的接入值为0Ω，则灯的电功率最大为1.6W，可以得到电源电压为①
当滑动变阻器的阻值接入最大时，灯的电功率为0.4W，所以电源电压为②
联立①②，解得
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