广东省清远市清新区2025年中考二模物理试题
一、单选题：本大题共7小题，每小题3分，共21分。
1．（2025·清新模拟）下列物理量最接近实际的是（ ）
A．人的正常体温约为
B．常用口罩的面积约为
C．中学生的质量约为
D．教室内日光灯的额定功率约为
【答案】A
【知识点】温度及温度计的使用与读数；质量及其特性；长度的估测；电功率
【解析】【解答】A．在日常生活中，人体正常体温在左右，故A符合题意；
B．常用口罩的面积约为，故B不符合题意；
C．中学生的质量，在左右，故C不符合题意；
D．教室内日光灯的额定功率约为，故D不符合题意。
故选A。
【分析】
首先对题目中涉及的物理量有个初步的了解，对于选项中的单位，可根据需要进行相应的换算或转换，排除与生活实际相差较远的选项，找出符合生活实际的答案。
2．（2025·清新模拟）二胡是我国的民族乐器。在校园文化艺术节上，小梦同学用二胡演奏了优美的乐曲。关于二胡演奏中的声现象，下列说法正确的是（ ）
A．二胡声是由空气振动产生的
B．手按压琴弦不同部位是为了改变音色
C．二胡声是通过空气传入人耳的
D．二胡声在空气中的传播速度是3×108 m/s
【答案】C
【知识点】声音的产生；声音的传播条件；声速；音调及音调与频率的关系
【解析】【解答】A C．声音是由物体振动产生的，声音的传播是需要介质的，二胡声是由二胡的弦振动产生的，通过空气传播进入人耳，故A错误，C正确；
B．手按压琴弦不同部位是为了改变琴弦振动的长度来改变振动的频率，为了改变音调，故B错误；
D．声速与介质的种类和温度有关，声音在空气中的传播速度约340m/s，故D错误。
故选C。
【分析】
（1）声音是由物体振动产生的，振动停止发声也停止；
（2）手按压琴弦不同位置，发声体振动的快慢不一样；
（3）声音的传播是需要介质的，它既可以在气体中传播，也可以在固体和液体中传播。
（4）声音在空气中的传播速度约为340m/s。
3．（2025·清新模拟）下列做法符合安全用电要求的是（ ）
A．金属外壳用电器必须使用三孔插座
B．使用测电笔时手不需要接触笔尾金属体
C．控制灯的开关安装在零线或火线上都可以
D．发现有人触电后，立即用手直接把触电人拉离电源
【答案】A
【知识点】安全用电原则
【解析】【解答】A．三孔插座的接法：上面的孔接地线，左孔接零线，右孔接火线。大功率或带有金属外壳的用电器，必须使用三孔插座，以防外壳带电，危及人身安全，故A符合题意；
B．使用测电笔辨别火线和零线时，用手接触笔尾金属体，笔尖接触电线，使用测电笔时手需要接触笔尾金属体，故B不符合题意；
C．控制电灯的开关应安装在火线与灯之间，故C不符合题意；
D．发现有人触电后，立即用手直接拉触电的人，则自己也会触电，非常危险，故D不符合题意。
故选A。
【分析】
（1）三孔插座的接法：上面的孔接地线，左孔接零线，右孔接火线。上孔接地线是为了金属外壳的用电器的金属外壳接地，避免金属外壳的用电器漏电时，发生触电事故；
（2）使用测电笔辨别火线和零线时，用手接触笔尾金属体，笔尖接触电线，氖管发光，表明检测的是火线；
（3）控制电灯的开关应安装在火线与灯之间；
（4）发现有人触电或电引起的火灾，首先切断电源，再实行救援措施。
4．（2025·清新模拟）在一次物理实验中，小于同学连接了如图所示的电路，靠近电磁铁的B端有一个可自由转动的小磁针，闭合开关后，下列说法错误的是（ ）
A．电磁铁的A端为N极，B端为S极
B．小磁针静止时，N极水平指向左侧
C．利用这一原理可制成的设备是发电机
D．当滑片P向右端移动，电磁铁磁性增强
【答案】C
【知识点】磁场；影响电磁铁磁性强弱的因素及其探究
【解析】【解答】A．开关闭合后，根据电流方向利用安培定则可判断螺线管的磁极，由图知，电流从螺线管的右端流入、左端流出，根据安培定则可知，电磁铁的A端是N极，B端是S极，故A正确，不符合题意；
B．电磁铁的B端是S极，由磁极间的作用规律可知，小磁针静止时，左端是N极，即N极水平指向左，故B正确，不符合题意；
C．电磁感应是发电机的原理，该实验表明了电能生磁，利用这一现象所揭示的原理可制成电磁铁，故C错误，符合题意；
D．当滑动变阻器滑动片P向右端移动时，变阻器接入电路的电阻变小，电路中电流变大，则电磁铁的磁性变强，故D正确，不符合题意。
故选C。
【分析】
（1）开关闭合后，根据电流方向利用安培定则可判断螺线管的磁极；
（2）由磁极间的相互作用可判出小磁针的指向；
（3）电磁感应是发电机的原理；
（4）由滑动变阻器的滑片移动可得出电路中电流的变化，则可得出螺线管中磁场的变化。
5．（2025·清新模拟）2024年4月30日，神舟十七号载人飞船返回舱在东风着陆场成功着陆。如图是返回舱穿越大气层加速下降的情景，与大气摩擦使其外壳的温度升高，下列有关返回舱在加速下降过程说法正确的是（ ）
A．动能保持不变 B．重力势能变大
C．机械能守恒 D．重力对返回舱做功
【答案】D
【知识点】机械能及其转化；是否做功的判断
【解析】【解答】ABC．返回舱在加速下降过程中，质量不变，速度增大，动能增大，高度减小，重力势能减小，总机械能减小，故ABC错误；
D．返回舱在加速下降过程中，返回舱在重力方向上移动了一段距离，重力对返回舱做了功，故D正确。
故选D。
【分析】质量一定时，速度减小，动能减小，高度变小，重力势能减小；物体在力的方向移动距离，力对物体做了功。
6．（2025·清新模拟）如图所示，一只闹钟静止放在水平桌面上，下列属于一对平衡力的是（ ）
A．闹钟受到的重力和闹钟对桌面的压力
B．闹钟受到的重力和桌面对闹钟的支持力
C．闹钟受到的支持力和闹钟对桌面的压力
D．桌子受到的重力和闹钟对桌面的压力
【答案】B
【知识点】平衡力的辨别；平衡状态的判断
【解析】【解答】A. 闹钟受到的重力与闹钟对桌面的压力，一个作用在闹钟上，一个作用在桌子上，不是同一物体，不是平衡力．故A错误；
B. 闹钟受到的重力与桌面对闹钟的支持力，符合二力平衡的条件，是一对平衡力．故B正确；
C. 闹钟受到的支持力和闹钟对桌面的压力，一个作用在闹钟上，一个作用在桌子上，不是同一物体，是一对相互作用力，不是平衡力．故C错误；
D. 桌子受到的重力和闹钟对桌面的压力，方向相同，大小不同，不是平衡力．故D错误．
故答案为：B。
【分析】
二力平衡的条件有四个：等大、方向、共线、共物，要判定两个力是否是平衡力，就要看这两个力是否同时满足这四个条件，缺一不可。
7．（2025·清新模拟）如图甲所示，电源电压保持不变，闭合开关S，滑动变阻器的滑片P从b端滑到a端，电压表示数U与电流表示数I的变化关系如图乙所示，下列说法正确的是（ ）
A．电源电压为12V
B．定值电阻R的阻值为18Ω
C．滑动变阻器的最大阻值为12Ω
D．当变阻器滑片P处于b端时，电压表的示数为9V
【答案】C
【知识点】串联电路的电压规律；欧姆定律及其应用；电路的动态分析
【解析】【解答】AB．电阻和变阻器处于串联状态，滑片位于a端时，滑动变阻器接入阻值为零，此时电路为定值电阻的简单电路，电压表示数为电源电压，为9V，此时电流为1.5A，定值电阻阻值
，故AB错误；
CD．滑片位于b端时，滑动变阻器接入阻值最大，电压表示数为3V，电流变为0.5A，根据串联电路电压规律以及欧姆定律计算可知滑动变阻器最大阻值，故C正确，D错误。
故选C。
【分析】1、串联电路的电路规律：串联电路，电流处处相等，电源的电压为用电器电压之和，总电阻为用电器电阻之和；
2、电压表与待测用电器并联测量电压，电流表串联测量用电器电流，根据欧姆定律U=IR计算用电器的电流和电阻以及电压。
二、填空题：本大题共7小题，每空1分，共21分。
8．（2025·清新模拟）甲、乙两同学在平直的路面上同向进行，他们运动的s-t图象如图所示，由此可判断 同学运动较快，开始运动时两同学相距 m，图中的甲同学的速度为 km/h。
【答案】甲；10；18
【知识点】时间速度路程的图像分析
【解析】【解答】在相同时间内通过的路程大，运动得快，由图象可知，在时间为5s时，甲同学通过的路程为25m，乙同学通过的路程为s乙=25m﹣10m＝15m。由图象可知，开始运动时，甲同学从0m出发，此时乙同学到甲出发点的距离为10m，即两人相距10m。
由图知，甲同学运动的s﹣t图象是过原点的直线，表示甲同学通过的路程与时间成正比，所以甲同学做匀速直线运动，则甲同学的速度v甲＝＝＝5m/s＝5×3.6km/h＝18km/h。
故答案为：甲；10；18。
【分析】
（1）在相同时间内比较通过的路程可知物体运动的快慢，根据图象，运用控制变量法，分析出甲、乙两位同学的运动快慢情况；
（2）由图象可知开始运动时两同学间的距离；
（3）从s-t图象中读出一组关于甲同学运动路程和时间的数据，然后利用速度公式计算甲同学的速度。
9．（2025·清新模拟）在“使用温度计测量液体的温度”的活动课中：
物质 凝固点 沸点
酒精 ﹣117℃ 78℃
甲苯 ﹣95℃ 110℃
（1）小明要自制一支能测水沸点的温度计，现有表中所列的两种物质，他不应该选表中的 作为测温物质；
（2）小明用所选测温物质制作温度计，将其先后放入冰水混合物和沸水中，分别标出温度计中液柱达到的位置A和B。接着将制作的温度计放在刻度尺旁，如图所示。如果以图中刻度尺的刻度作为温度计的刻度。这时温度计的分度值 ℃，测量范围是 ℃。
【答案】酒精；2；-40~110
【知识点】温度及温度计的使用与读数
【解析】【解答】（1）在一标准大气压下，水的沸点是100℃，酒精的沸点是78℃，100℃的酒精是气态的，温度计是根据液体的热胀冷缩性质制成的，所以不能用酒精。
故答案为：酒精。
（2）温度计的示数是均匀的。在一标准大气压下，冰水混合物的温度是0℃，沸水的温度是100℃，温度计放入冰水混合物中，温度计中液柱达到位置A处，则A处8厘米的温度为0℃；温度计放入沸水中，温度计中液柱达到位置B处，则B处3厘米的温度为100℃，AB之间总长度是5厘米，即50毫米，所以每毫米的代表温度是；刻度尺上的0厘米处是该温度计所能测的最高温度2℃×80=160℃；刻度尺上的10厘米处是该温度计所能测的最低温度-2℃×(100-80)=-40℃；因为所装的测温物质是甲苯，甲苯的沸点是110℃，故其测量范围是-40～110℃。
故答案为：2；-40~110。
【分析】 （1）温度计是利用液体的热胀冷缩的性质制成的；根据酒精和甲苯的凝固点和沸点判断出合适的温度计。
（2）温度计的示数是均匀的。在一标准大气压下，冰水混合物的温度是0℃，沸水的温度是100℃，根据图可以判断出制成的温度计的分度值，然后再根据温度计示数的均匀性算出温度计的量程。
10．（2025·清新模拟）通常我们说“铝比铁轻”是指铝的 （选填“密度”、“质量”或“体积”）比铁小；一瓶矿泉水，喝掉了一半，剩下一半水的密度将 ；某钢瓶内装有氧气，在一次气焊中用去其中的，则瓶内剩余氧气的密度将 （以上两空均选填“变大”、“变小”或“不变”）．
【答案】密度；不变；变小
【知识点】密度及其特性；密度公式及其应用
【解析】【解答】根据题意可知，通常我们说“铝比铁轻”是指铝的密度小于铁的密度。
一瓶矿泉水，喝掉了一半，剩下一半水的密度将不变；
一次气焊用去，则瓶内剩余氧气的质量减小，而剩余氧气的体积不变，由可知，剩余氧气的密度变小。
【分析】密度是物质本身的一种特性，同种物质（同种状态）密度相同，与质量、体积大小无关；
结合密度公式分析解答。
11．（2025·清新模拟）科技战“疫”，5G助力!如图所示是疫情防控期间一辆5G无人防疫车正在进行消毒同时还对附近的行人进行体温监测。5G技术传递信息的载体是 （超声波/次声波/电磁波）；车上红外测温设备是通过 （发出/接收）红外线来实现测温的，物体辐射的红外线的强度与 有关。
【答案】电磁波；接收；温度
【知识点】红外线；电磁波在日常生活中的应用
【解析】【解答】电磁波可以传递信息，5G技术传递信息的载体是电磁波。车上红外测温设备是通过接收红外线来实现测温的，辐射的强度与物体温度有关，即温度越高辐射红外线的本领越强。
故答案为：电磁波；接收；温度。
【分析】
电磁波可以传递信息；任何物体都会发出红外线；物体辐射红外线的本领受温度的影响，温度越高，辐射红外线的本领越强
12．（2025·清新模拟）小芳先在纸上画了一个小于凸透镜大小的圆环。如图所示，将凸透镜正对太阳光。在其下方距透镜10cm处的白纸上的光斑恰好与圆环重合，这个现象表明凸透镜对光有 作用；当将该凸透镜靠近白纸垂直移动6cm时，此时白纸上的光斑再次与圆环重合，此过程中光斑的大小 （选填“先变小后变大”或“先变大后变小”），通过计算可以得到该凸透镜的焦距为 cm。
【答案】会聚；先变小后变大；7
【知识点】透镜及其特点与分类；主光轴、光心、焦点和焦距
【解析】【解答】阳光可以看作是平行光，经过凸透镜折射后形成的光斑变小，平行于主光轴的光线经凸透镜折射后会聚到主光轴上一个最小、最亮的点，这点是凸透镜的焦点。将凸透镜正对太阳光，在其下方距透镜10cm处的白纸上的光斑恰好与圆环重合，这表明光会聚了，即凸透镜对光线具有会聚作用。当将该透镜靠近白纸垂直移动6cm时，此时白纸上的光斑都不是最小最亮的光斑，也就是说不是凸透镜的焦点的位置，说明凸透镜的焦点在两次出现光斑的中间，可知此过程中的光斑是先变小后变大，两次光斑之间的距离为6cm，凸透镜焦点距第一次的光斑距离为；该凸透镜的焦距为。
故答案为：会聚；先变小后变大；7。
【分析】
阳光可以看作是平行光，经过凸透镜折射后形成的光斑变小，表明光线会聚；太阳光是平行光，凸透镜正对阳光，平行于主光轴的光线经凸透镜折射后会聚到主光轴上一个最小、最亮的点，这点是凸透镜的焦点。
13．（2025·清新模拟）如图所示，把摩擦后带负电的橡胶棒A与验电器的金属球接触后，两个金属箔片B立即张开。这一过程形成了 填“由A到B”或“由B到A”的瞬间电流，而两个金属箔片的张开是由于同种电荷 ，带负电的橡胶棒是由于在摩擦过程中 填“得到”或“失去”电子而带负电。
【答案】由B到A；相互排斥；得到
【知识点】两种电荷；验电器的原理及使用；电流的方向
【解析】【解答】 A带负电，将AB连接起来，连接的瞬间，B吸引A的负电到B，负电荷移动方向是由A到B，而电流方向与自由电子定向移动的方向相反，所以金属棒中的电流方向由B到A。两个金属箔片片的张开是由于同种电荷相互排斥。摩擦起电实质是电荷的转移，带负电的橡胶棒是由于在摩擦过程中得到电子而带负电。
【分析】1、验电器的工作原理：同性电荷相互排斥，当A带负电时，B的电荷吸引A的负电荷到B，电流的方向：与电子定向移动的方向相反，所以形成电流方向为B向A。
带负电荷是由于原子核束缚电子能力强，在摩擦过程中带负电。
14．（2025·清新模拟）如图是小明家电能表和电冰箱的铭牌如下表：
BC﹣65B电冰箱
额定电压 220V
额定功率 70W
工作频率 50Hz
耗电量 0.5kW h/24h
根据表中的信息可知，此时电能表的示数是 kW h，电冰箱每天消耗的电能是 J，若电能表后只有电冰箱在工作，每天电能表的转盘转 转．
【答案】931.6；1.8×106；1250
【知识点】电能表参数的理解；电功的计算
【解析】【解答】（1）根据电能表的读数方法，电能表的读数要注意数字的最后一格是小数位，故此电能表的示数是931.6kW h．
（2）电冰箱一天24h消耗的电能为0.5kW h=0.5×3.6×106J=1.8×106J
（3）根据电能表铭牌上的信息可知，电冰箱一天消耗0.5kW h，而电能表的转盘是消耗1kW h转动2500转，所以0.5kW h转盘就是转动1250转．
故答案为：931.6；1.8×106；1250。
【分析】
（1）电冰箱铭牌：额定电压220V--电冰箱的正常工作电压是220V；额定功率70W--电冰箱在额定电压（正常工作）时的电功率是70W；工作频率50Hz--电冰箱使用的是家庭电路中的电，家庭电路中的交流电频度是50Hz，这个参数在初中的题目中一般没有使用；耗电量0.5kW h/24h--电冰箱正常工作时24小时耗电0.5kW h。
（2）电能表铭牌从上至下参数：kW h及下面的数字--表示至目前为止消耗的电能，即到现在用了多少kW h的电；转盘和最下面的2500R/kW h--表示的是消耗1kW h的电能，转盘转动2500转；220V 10A 50Hz--表示此电能表是使用在220V 50Hz的家庭电路中，允许通过的最大电流是10A。
（3）对电冰箱的耗电要注意，不能用W=Pt，因为电冰箱的压缩机是运转一会儿停一会儿，所以一天的耗电量不能用此公式求解，而应在铭牌上寻找答案。
三、作图题：本题7分。
15．（2025·清新模拟）（1）有一条光线从水中射入空气发生反射和折射，请在图作出光线在水面处发生反射时的反射光线以及发生折射时折射光线的大致方向。
（2）如图所示，这是小明家一盏电灯和一个插座，请将图中元件用笔画线代替导线连接起来，要求：a、标出火线和零线。b、开关S控制灯泡，电路连接要符合安全用电原则。
（3）在图中画出正在运动的小球所受重力的示意图。
【答案】（1）
（2）
（3）
【知识点】作光的反射光路图；作光的折射光路图；重力示意图；家庭电路的连接
【解析】【解答】
（1）根据反射定律：反射光线、入射光线、法线在同一个平面内，反射光线与入射光线分居法线两侧，反射角等于入射角，作出反射光线；根据光线从空气斜射入水中时，折射角大于入射角作出折射光线。先过入射点作法线，然后根据折射角大于入射角，作出大致折射光线的位置，再根据反射角等于入射角作出反射光线，如图：
故答案为：。
（2）根据试电笔的使用情况判定火线和零线；灯泡的接法：火线进入开关，再进入灯泡顶端的金属点；零线直接接入灯泡的螺旋套；两孔插座的接法，左边接零线，右边接火线。由图可知，试电笔接触下面的导线时，氖管发光，说明下面的导线为火线，上面的导线为零线；灯泡接法：开关接火线，再进入灯泡顶端的金属触点，零线直接连灯泡的螺旋套，这样在断开开关时能切断火线，接触灯泡不会发生触电事故，既能控制灯泡，又能更安全；两孔插座的接法：左端接零线，右端接火线，如图：
故答案为：。
（3）画力的示意图，就是用一条带箭头线段表示出力的三要素，所以要先正确分析力的大小、方向和作用点，正在运动的小球受到竖直向下的重力，作用点在小球重心上，如图：
故答案为：。
【分析】
（1）根据反射定律：反射光线、入射光线、法线在同一个平面内，反射光线与入射光线分居法线两侧，反射角等于入射角，作出反射光线；根据光线从空气斜射入水中时，折射角大于入射角作出折射光线。
（2）根据试电笔的使用情况判定火线和零线；灯泡的接法：火线进入开关，再进入灯泡顶端的金属点；零线直接接入灯泡的螺旋套；两孔插座的接法，左边接零线，右边接火线。
（3） 画力的示意图，就是用一条带箭头线段表示出力的三要素，所以要先正确分析力的大小、方向和作用点，再根据力的示意图的要求作出力的示意图。
（1）先过入射点作法线，然后根据折射角大于入射角，作出大致折射光线的位置，再根据反射角等于入射角作出反射光线，如图所示：
（2）由图可知，试电笔接触下面的导线时，氖管发光，说明下面的导线为火线，上面的导线为零线；灯泡接法：开关接火线，再进入灯泡顶端的金属触点，零线直接连灯泡的螺旋套，这样在断开开关时能切断火线，接触灯泡不会发生触电事故，既能控制灯泡，又能更安全；两孔插座的接法：左端接零线，右端接火线，如图所示：
（3）正在运动的小球受到竖直向下的重力，作用点在小球重心上，如图所示：
四、实验题：本大题共3小题，每空1分，共21分。
16．（2025·清新模拟）某实验小组探究金属丝电阻大小与长度的关系，他们取一段粗细均匀的金属丝拉直连接在A、B接线柱上，在金属丝上安装一个可滑动的金属夹P。实验室还提供了下列器材：电压表、电流表、电池组（电压3V）、滑动变阻器20Ω 2A、刻度尺、开关和导线若干。
(1)为了测量AP段的电阻R，他们连接了如图甲所示的电路，请用笔画线代替导线，把图中还没有连接的一根导线上，使电路完整 （请在答题纸上作图）
(2)连接电路时开关应 ，滑动变阻器的滑片移至最 （选填“左”或“右”）端。
(3)某次实验中测得电压表的读数为，电流表指针偏转如图乙所示，则电流表的读数为 A。
(4)实验中移动金属夹，分别测出段的长度和对应的电阻值，数据如表，分析表中数据，可知 。
(5)小虎同学认为，由于电源电压没有超过电压表所选量程的最大值，因此在闭合开关前，可以将变阻器的滑片置于任意位置，你认为他的想法是 （选填“正确”或“错误”）的，理由是： 。
【答案】；断开；右；；其它条件不变，导体的电阻与长度成正比；错误；若电阻短路，则电路中电流会很大而烧坏电流表
【知识点】影响电阻大小的因素
【解析】【解答】(1)电流表、电压表、滑动变阻器的连接方式，注意电流表、电压表量程的选择及正负接线柱的接法，滑动变阻器要接一上一下连入电路；因为电池电压为3V，所以电压表的量程选择0 3V的量程，将电压表3V的接线柱与滑片P相连；将电流表与电阻串联，将电流表的负接线柱与接线柱P连接，如图：
故答案为：。
(2)连接电路时，开关处于断开状态；闭合开关前，滑动变阻器的滑片移到阻值最大处；连接电路时，开关应处于断开状态，滑动变阻器的滑片应位于最右端；
故答案为：断开；右。
(3)在进行电流表的读数时，需先确定电流表的量程和分度值；由图乙知，电流表的量程为0 0.6A，分度值为0.02A，所以示数为0.42A；
故答案为：。
(4)由表格中数据知，电阻长度增大为原来的几倍，电阻值便增大为原来的几倍或电阻值与长度的比值是一个常数，所以其它条件不变，导体的电阻与长度成正比；
故答案为：其它条件不变，导体的电阻与长度成正比。
(5)为防止电流过大，在闭合开关前，需将滑动变阻器的滑片移至最大阻值处。若电路中由于电路连接问题使电路中的电流过大，超过电流表的量程，会烧坏电流表，所以在闭合开关前，要把滑动变阻器的滑片移至最大阻值处，即他的想法是错误的。
故答案为：错误；若电阻短路，则电路中电流会很大而烧坏电流表。
【分析】
（1）掌握电流表、电压表、滑动变阻器的连接方式，注意电流表、电压表量程的选择及正负接线柱的接法，滑动变阻器要接一上一下连入电路；
（2）连接电路时，开关处于断开状态；闭合开关前，滑动变阻器的滑片移到阻值最大处；
（3）在进行电流表的读数时，需先确定电流表的量程和分度值；
（4）分析电阻和长度的变化关系，得出结论；
（5）为防止电流过大，在闭合开关前，需将滑动变阻器的滑片移至最大阻值处。
17．（2025·清新模拟）用如图所示装置探究“光的反射定律”，白色硬纸板EF垂直于平面镜放置，能沿折转，垂直于平面镜。
次数 1 2 3 4 5 6
入射角i
反射角r
（1）让入射光线贴着纸板EF沿射向平面镜上的O点，观察反射光线的方向。多次改变入射光线的方向，测量数据记录如上表。你认为表中的一个错误数据是第 次。余下数据可以得出的结论为：光反射时， ；
（2）当将光线沿射向镜面时，此时入射角为 度，有的同学说，没有看到反射光线，认为此时光没有发生反射，你的认为是：光 （选填“有”或“没有”）发生反射，反射角 （选填“没有”、“为0°”、“为”）；
（3）纸板右侧沿向后折转时，观察不到反射光线，折转回原位置，又观察到反射光线，说明：光在反射时，反射光线、入射光线和法线 。通过前面的实验探究还可以得出的结论是：反射光线和入射光线 ；
【答案】（1）4；反射角等于入射角
（2）0；有；为0°
（3）在同一平面内；位于法线的两侧
【知识点】光的反射；光的反射定律
【解析】【解答】
（1）表中1、2、3、5、6组数据中，反射角等于入射角，只有4组数据的两角不相等，表中的一个错误数据是第4组；根据表格中的数据可知，光反射时，反射角等于入射角。
故答案为：4；反射角等于入射角。
（2）当入射光沿着NO入射，入射光线垂直射到平面镜上，反射光线会沿ON射出，反射光线、入射光线和法线重合，所以入射角等于0°，光有发生反射而反射角等于入射角，即反射角为0°。
故答案为：0；有；为0°。
（3）要验证反射光线与入射光线是否在同一平面上，可以通过让纸板E不与纸板F在同一平面上来研究，纸板EF右侧沿ON向后折转时，右侧和左侧不在同一平面内，观察不到反射光线，此时反射光线仍在原来的位置；折转回原位置，又在右侧的纸板上观察到反射光线，说明：光在反射时，反射光线、入射光线和法线在同一平面内；光线发生反射时，入射光线和反射光线在ON两侧，通过前面的实验探究还可以得出的结论是：反射光线和入射光线分居在法线两侧。
故答案为：在同一平面内；位于法线的两侧。
【分析】
（1）根据表格中的数据得出结论；
（2）入射角与法线的夹角为入射角，反射光线与法线的夹角为反射角；反射光线、入射光线和法线重合，入射角等于0°；
（3）要验证反射光线与入射光线是否在同一平面上，可以通过让纸板E不与纸板F在同一平面上来研究 。
（1）[1][2]让入射光线贴着纸板EF沿AO射向平面镜上的O点，观察反射光线的方向，多次改变入射光线的方向，测量数据记录如上表，表中1、2、3、5、6组数据中，反射角等于入射角，只有4组数据的两角不相等，表中的一个错误数据是第4组；根据表格中的数据可知，光反射时，反射角等于入射角。
（2）[1][2][3]入射角与法线的夹角为入射角，反射光线与法线的夹角为反射角；当入射光沿着NO入射，入射光线垂直射到平面镜上，反射光线会沿ON射出，反射光线、入射光线和法线重合，所以入射角等于0°，光有发生反射而反射角等于入射角，即反射角为0°。
（3）[1][2]纸板EF右侧沿ON向后折转时，右侧和左侧不在同一平面内，观察不到反射光线，此时反射光线仍在原来的位置；折转回原位置，又在右侧的纸板上观察到反射光线，说明：光在反射时，反射光线、入射光线和法线在同一平面内；光线发生反射时，入射光线和反射光线在ON两侧，通过前面的实验探究还可以得出的结论是：反射光线和入射光线分居在法线两侧。
18．（2025·清新模拟）在利用光具座进行凸透镜成像的实验探究中：
（1）如图甲所示，一束平行于凸透镜主光轴的光线经过凸透镜后，在光屏上形成了一个最小、最亮的光斑．由图可知，该凸透镜的焦距是 cm．
（2）将蜡烛、凸透镜、光屏依次放在光具座上，点燃蜡烛后，无论怎样移动光屏都不能在光屏上得到像，请你指出其中一条可能的原因： ．
（3）调整后，把烛焰放在距凸透镜16cm处时（如图乙），在凸透镜另一侧前后移动光屏，会在光屏上得到一个倒立、 （选填“放大”或“缩小”）的实像； （选填“照相机”或“投影仪”）就是利用这一成像规律工作的．如果将蜡烛在乙图的基础上远离透镜，仍要在光屏上得到清晰的像，光屏应向 （选填“靠近”或“远离”）透镜的方向移动，像的大小会变 ．
（4）实验一段时间后，发现蜡烛渐渐变短了，要使烛焰的像仍然成在光屏的中心，应该将光屏向 移动．（填“上”或“下”）
（5）蜡烛成完整像时，如果用白纸将凸透镜的上半部分挡住，则光屛上 （选填“能”或“不能”）成烛焰完整的像．
【答案】11.0；烛焰、凸透镜、光屏没有在同一高度；放大；投影仪；靠近；小；上；能
【知识点】凸透镜成像规律及其探究实验
【解析】【解答】（1）平行光过凸透镜后，在光屏上形成了一个最小、最亮的光斑，即为焦点，该凸透镜的焦距是11.0厘米；
故答案为：11.0。
（2）蜡烛、凸透镜、光屏不在同一高度，成的像不在光屏上；也可能是物距小于焦距，此时成虚像，光屏上长不到像；
故答案为：烛焰、凸透镜、光屏没有在同一高度。
（3）烛焰放在距凸透镜16cm处时，物距在一倍到二倍焦距之间，在凸透镜另一侧前后移动光屏，会在光屏上得到一个倒立、放大的实像；投影仪利用这一成像规律工作；根据凸透镜的成像规律，物距增大，像距会减小，像也会变小，所以将蜡烛在乙图的基础上远离透镜，仍要在光屏上得到清晰的像，光屏应向靠近透镜的方向移动，像变小；
故答案为：放大；投影仪；靠近；小。
（4）蜡烛渐渐变短时，成的像会升高，要使烛焰的像仍然成在光屏的中心，应该将光屏向上移动；
故答案为：上。
（5）蜡烛成完整像时，如果用白纸将凸透镜的上半部分挡住，只是经过凸透镜的折射后形成实像的光线少了一部分，像的亮度变暗，但像仍是完整的。
故答案为：能。
【分析】（1）根据凸透镜的定义可知，平行于凸透镜主光轴的光线经过凸透镜后，在光屏上形成了一个最小、最亮的光斑，即为焦点．焦点到光心的距离即为焦距；
（2）实验时找不到像的原因可能是，蜡烛、凸透镜、光屏不在同一高度，则成的像不在光屏上；也可能是物距小于焦距，此时成虚像，光屏上长不到像；
（3）根据凸透镜的成像规律时，物距在一倍到二倍焦距之间，在凸透镜另一侧前后移动光屏，会在光屏上得到一个倒立、放大的实像；投影仪利用这一成像规律工作；根据凸透镜的成像规律，物距增大，像距会减小，像也会变小；
（4）根据经过凸透镜光心的光线传播方向不变的特点，蜡烛渐渐变短时，成的像会升高，应该将光屏向上移动；
（5）蜡烛成完整像时，如果用白纸将凸透镜的上半部分挡住，只是经过凸透镜的折射后形成实像的光线少了一部分，像的亮度变暗，但像仍是完整的。
五、计算题：本大题共2小题，每小题6分，共12分。
19．（2025·清新模拟）如图所示，电源电压恒定，，。当开关闭合，、都断开时，电流表的示数为0.1A。求：
（1）当开关闭合，、都断开时电路中的总电阻；
（2）电源电压；
（3）当开关断开，、都闭合时，电流表的示数。
【答案】（1）解：当开关闭合，、都断开时，R1与R2串联，电路总电阻为
答： 当开关闭合，、都断开时电路中的总电阻 。
（2）解：由可知，电源的电压为
答： 电源电压 9V。
（3）解：当开关断开，、都闭合时，R1与R2并联，电流表测干路电流，电流表的示数为
答： 当开关断开，、都闭合时，电流表的示数 0.45A。
【知识点】电阻的串联；电阻的并联；欧姆定律及其应用
【解析】【分析】 (1)当开关闭合，、都断开时，R1与R2串联，根据串联电路电阻规律计算总电阻。
(2)根据欧姆定律计算电源电压 。
(3)当开关断开，、都闭合时，R1与R2并联，电流表测干路电流，根据并联电路电流规律计算结果。
（1）当开关闭合，、都断开时，R1与R2串联，电路总电阻为
（2）由可知，电源的电压为
（3）当开关断开，、都闭合时，R1与R2并联，电流表测干路电流，电流表的示数为
20．（2025·清新模拟）在1个标准大气压下，用燃气灶把质量、初温20℃的水加热到沸腾，共燃烧掉0.08m3的天然气。已知水的比热容是，天然气的热值是。求：
（1）水吸收的热量；
（2）0.08m3天然气完全燃烧放出的热量；
（3）燃气灶的效率。
【答案】【解答】解：（1）水吸收的热量
（2）0.08m3天然气完全燃烧放出的热量
（3）燃气灶的效率
答：（1）水吸收的热量为；
（2）天然气放出的热量为；
（3）燃气灶的效率为50%。
【知识点】燃料的热值；热机的效率
【解析】【分析】
（1）利用公式计算水吸收的热量；
（2）利用公式计算天然气放出的热量；
（3）利用公式计算燃气灶的效率。
六、综合能力题：本大题共3小题，每空1分，共18分。
21．（2025·清新模拟）随着我国人民生活水平的不断提高，汽车作为一种普通的交通工具已走进千家万户．
（1）汽车发动机一般是柴油机或汽油机，它把燃料燃烧放出的 能转化为机械能，完全燃烧1kg的汽油能够获得 J的能量；（汽油的热值为4.6×107J/kg）
（2）汽车发动机常用循环流动的水来帮助它散热，主要是利用了水的 较大的特点．
（3）小明同学阅读了某牌号汽车发动机的说明书后，将内燃机的能量流向制成如图所示的图表，请根据给出的信息，计算该内燃机的效率为 %．汽车行驶时发动机产生的牵引力是F，则燃烧m质量的汽油，能使汽车前进的距离s＝ ．（用前面给出物理量的符号表示距离，汽油的热值在本小题中用q表示）
【答案】内；4.6×107；比热容；30；
【知识点】燃料的热值；热机的效率；能量的转化或转移
【解析】【解答】（1）由课本基础知识可知：内燃机工作时将内能转化为机械能；汽油的热值q＝4.6×107J/kg，完全燃烧的汽油质量m＝1kg，所以其放出的能量：Q＝mq＝1kg×4.6×107J/kg＝4.6×107J．
故答案为：内；4.6×107。
（2）水的比热容最大，相同质量的水和其它物质相比，吸收相同的热量后，温度升高的最小，所以发动机里用水来做冷却剂．
故答案为：比热容。
（3）由图示的能流图可知，总能量占1，损耗的能量占70%，所以汽油机的效率为30%．由题意知：汽车行驶时发动机产生的牵引力是F，燃烧汽油的质量为m，汽油的热值是q，汽油机的效率为30%，汽车通过的距离设为S．
由此可以得到完全燃烧质量为m的汽油产生的总能量：Q＝mq，
有效利用的能量：Q有＝Qη＝30%mq ①，有效利用的能量对汽车做功，即W＝Q有 ②，牵引力对汽车做的功W＝FS ③，联立①②③式解得：S＝．
故答案为：30；。
【分析】
（1）根据课本中关于内燃机工作时的能量转化的基础知识即可获得此题的答案；利用汽油的热值，根据公式：Q=mq即可求得完全燃烧1kg的汽油能够获得的能量。
（2）由于水的比热容在所有物质中最大，所以经常用水来做散热剂或冷却剂。
（3）总能量减去浪费掉的能量，就是有效利用的能量，由此可以求得该内燃机的效率。汽车行驶时做的有用功可以利用W=FS来表示，汽车消耗的总能量Q可以用：Q=mq表示，利用内燃机的效率将两者联系起来，从而可以表示出汽车前进的距离。
22．（2025·清新模拟）阅读短文，回答问题。
热岛效应
热岛效应指由于人为原因，改变了城市地表的局部温度、湿度、空气对流等因素，进而引起的城市小气候变化现象，该现象属于城市气候最明显的特征之一：
（1）在相同的日照情况下，城市地区比郊区升温较 （选填“快”或“慢”）；其主原因是城市建筑群密集、柏油路和水泥路比郊区的土壤、植被具有更大的吸热率和更小的比热容；
（2）减弱热岛效应的措施之一：保护并增大城区的绿地、水体面积，多植树，城区的水体、绿地对减弱夏季城市热岛效应起着十分可观的作用，这主要是利用了水的 的特性；
（3）减弱热岛效应的措施之二：人工蒸发补偿。解决城市大气热污染的首要办法是增大蒸发量，受城市安装条件的限制，采用喷雾系统是一种高效且经济的办法，这是利用了水 （填某一物态变化）有 的作用（选填“吸热”或“放热”）；
（4）研究表明，现在城市机动车保有量越来越大，机动车也是造成热岛效应因素之一，以四冲程发动机小车为例，回答下列问题：
①四冲程汽油机工作过程中，实现机械能转化为内能的是 ；
②在紧急刹车时，刹车片会发烫，这是通过 方式增加物体内能的。
【答案】快；比热容大；汽化；吸热；压缩冲程；做功
【知识点】蒸发及其现象；做功改变物体内能；比热容的定义及其计算公式；热机
【解析】【解答】（1）从引起热岛效应的原因分析：城市多水泥、沙石，郊区多水，沙石比水的比热容小，吸收相同的热量，沙石的温度升高多，城市地区的建筑群、柏油路中的砂石、水泥的比热容小，在相同日照条件下，城市地区比郊区温度上升更明显。
故答案为：快。
（2）水的比热容较大，相同质量的水和其它物质比较，吸收或放出相同的热量，水的温度升高或降低的少，因为水的比热容较大，相同质量的水和其他物质（沙石、土壤等）比较，吸收相同的热量，水的温度升高的少，所以，保护并增大城区的绿地、水体面积，多植树，可以大大减弱城市的“热岛效应”。
故答案为：比热容大。
（3）物质由液态变为气态叫汽化，汽化吸热，采用喷雾系统是利用了水汽化能够从周围物体中吸收热量，起到降温的作用。
故答案为：汽化；吸热。
（4）在汽油机的四个冲程中，机械能转化为内能的是压缩冲程，内能转化为机械能的是做功冲程；改变内能的方法：一是做功，对物体做功（克服摩擦做功、压缩气体做功），物体内能会增加；物体对外做功，物体内能会减少；二是热传递。①在汽油机的压缩冲程中，活塞压缩气体做功，使气体的内能增大，温度升高，机械能转化为内能。②在紧急刹车时，刹车片发烫，是因为刹车片克服摩擦做功，使刹车片的内能增加，温度升高，这是通过做功的方式改变物体的内能。
故答案为：压缩冲程；做功。
【分析】
（1）从引起热岛效应的原因分析：城市多水泥、沙石，郊区多水，沙石比水的比热容小，吸收相同的热量，沙石的温度升高多；
（2）水的比热容较大，相同质量的水和其它物质比较，吸收或放出相同的热量，水的温度升高或降低的少；
（3）物质由液态变为气态叫汽化，汽化吸热；
（4）在汽油机的四个冲程中，机械能转化为内能的是压缩冲程，内能转化为机械能的是做功冲程；改变内能的方法：一是做功，对物体做功（克服摩擦做功、压缩气体做功），物体内能会增加；物体对外做功，物体内能会减少；二是热传递。
23．（2025·清新模拟）阅读短文，回答问题。
牛顿冷却定律
当一个物体表面的温度比周围环境高时，就会向周围环境散热，散热快慢可以用单位时间内散失热量的多少来表示。英国物理学家牛顿提出：物体散热快慢与物体和周围环境的温度差成正比。后人研究发现，在温度差不太大的情况下（小于），这个结论符合实际散热规律，称为牛顿冷却定律。如果散热快慢用q表示，则牛顿冷却定律可以表示为，其中k是散热系数，与物体的表面性质、表面积、周围环境性质等因素有关，与物质种类无关，如果上述因素相同，不同物质的散热系数就相同。
（1）物体向周围散热，内能减少，这种改变内能的方式叫做 ；
（2）将沸水放在房间里，温度自然降低的规律是________（选填字母）；
A．先快后慢 B．先慢后快 C．均匀降低
（3）散热快慢和下列概念中物理意义最接近的是________（选填字母）；
A．速度 B．密度 C．功率 D．效率
（4）要喝一杯奶茶，可以有以下两种方式，你认为冷却效果较好的是________（选填字母）；
A．先将烧开的热奶茶倒入杯中，冷却5min，然后加一匙冷牛奶
B．先将烧开的热奶茶倒入杯中，立即将一匙冷牛奶加进杯中，然后冷却5min
（5）一个物体的温度为，周围环境的温度保持不变，此时物体的散热快慢为q。当物体温度降低到时，散热快慢为 ；（用含有q的关系式表示）
（6）如图甲所示，用两个同样的保温杯分别装满水和盐水，水和盐水的温度都是，周围环境温度保持不变，保温杯敞开口，水和盐水温度随时间变化的图像如图乙所示，已知水的比热容为，盐水的密度为，则盐水的比热容为 。
【答案】（1）热传递
（2）A
（3）C
（4）A
（5）0.9q
（6）
【知识点】功率的概念；热传递改变物体内能；比热容的定义及其计算公式；热传递的概念与方式
【解析】【解答】（1）根据题意可知，物体向周围散热，即发生热传递，是通过热传递的方式改变物体的内能。
（2）根据图乙可知，将沸水放在房间里，温度自然降低的规律是：先快后慢。
故选A。
（3）散热快慢指的是单位时间内能量变化的快慢。
A．速度指的是物体在单位时间内经过的路程，与能量无关，故A不符合题意；
B．密度指的是单位体积物质的质量，与能量和快慢无关，故B不符合题意；
C．功率指的是单位时间内所做的功，指的是做功的快慢，即能量转化的快慢，故C符合题意；
D．效率指的是有用功占总功的百分比，与快慢无关，故D不符合题意。
故选C。
（4）根据题意可知，温差越大则散热越快，则第一种方式奶茶在较高温度下放置5min，奶茶的环境的温度差更大，散热效率更高。
故选A。
（5）由牛顿冷却定律可得；
解得：；
当物体温度降低到时，散热快慢为。
（6）水放出的热量
；
盐水放出的热量
；
水和盐水的初温和末温都相同，所以水和盐水的散热效率相同，水降温时间为24min，盐水降温时间为22min，水和盐水的体积相同，故放热之比为
；
解得：。
【分析】 （1）改变物体的内能的方式有做功和热传递两种。
（2）热传递的条件是存在温度差，特点是传递速度先快后慢；
（3）散热快慢指的是单位时间内能量变化的快慢。逐项分析得出答案；
（4）热传递的快慢与物体和周围环境的温度差成正比，第二种方式加入冷牛奶，降低了奶茶的温度，接下来散热的速度会变慢，而第一种方式奶茶在较高温度下放置5min，奶茶的环境的温度差更大，散热效率更高。
（5）由牛顿冷却定律可分析得出答案；
（6）根据Q放=cmΔt得出水和盐水放出的热量表达式，水和盐水的初温和末温都相同，所以水和盐水的散热效率相同，水降温时间为24min，盐水降温时间为22min，水和盐水的体积相同，据此得出盐水的比热容。
（1）物体向周围散热，即发生热传递，内能减少，是通过热传递的方式改变物体的内能。
（2）热传递的条件是存在温度差，特点是传递速度先快后慢，所以将沸水放在房间里，温度自然降低的规律是：先快后慢。
故选A。
（3）散热快慢指的是单位时间内能量变化的快慢。
A．速度指的是物体在单位时间内经过的路程，与能量无关，故A不符合题意；
B．密度指的是单位体积物质的质量，与能量和快慢无关，故B不符合题意；
C．功率指的是单位时间内所做的功，指的是做功的快慢，即能量转化的快慢，故C符合题意；
D．效率指的是有用功占总功的百分比，与快慢无关，故D不符合题意。
故选C。
（4）热传递的快慢与物体和周围环境的温度差成正比，第二种方式加入冷牛奶，降低了奶茶的温度，接下来散热的速度会变慢，而第一种方式奶茶在较高温度下放置5min，奶茶的环境的温度差更大，散热效率更高。
故选A。
（5）由牛顿冷却定律可得
解得
当物体温度降低到时，散热快慢为
（6）水放出的热量
盐水放出的热量
水和盐水的初温和末温都相同，所以水和盐水的散热效率相同，水降温时间为24min，盐水降温时间为22min，水和盐水的体积相同，故放热之比为
解得
1 / 1广东省清远市清新区2025年中考二模物理试题
一、单选题：本大题共7小题，每小题3分，共21分。
1．（2025·清新模拟）下列物理量最接近实际的是（ ）
A．人的正常体温约为
B．常用口罩的面积约为
C．中学生的质量约为
D．教室内日光灯的额定功率约为
2．（2025·清新模拟）二胡是我国的民族乐器。在校园文化艺术节上，小梦同学用二胡演奏了优美的乐曲。关于二胡演奏中的声现象，下列说法正确的是（ ）
A．二胡声是由空气振动产生的
B．手按压琴弦不同部位是为了改变音色
C．二胡声是通过空气传入人耳的
D．二胡声在空气中的传播速度是3×108 m/s
3．（2025·清新模拟）下列做法符合安全用电要求的是（ ）
A．金属外壳用电器必须使用三孔插座
B．使用测电笔时手不需要接触笔尾金属体
C．控制灯的开关安装在零线或火线上都可以
D．发现有人触电后，立即用手直接把触电人拉离电源
4．（2025·清新模拟）在一次物理实验中，小于同学连接了如图所示的电路，靠近电磁铁的B端有一个可自由转动的小磁针，闭合开关后，下列说法错误的是（ ）
A．电磁铁的A端为N极，B端为S极
B．小磁针静止时，N极水平指向左侧
C．利用这一原理可制成的设备是发电机
D．当滑片P向右端移动，电磁铁磁性增强
5．（2025·清新模拟）2024年4月30日，神舟十七号载人飞船返回舱在东风着陆场成功着陆。如图是返回舱穿越大气层加速下降的情景，与大气摩擦使其外壳的温度升高，下列有关返回舱在加速下降过程说法正确的是（ ）
A．动能保持不变 B．重力势能变大
C．机械能守恒 D．重力对返回舱做功
6．（2025·清新模拟）如图所示，一只闹钟静止放在水平桌面上，下列属于一对平衡力的是（ ）
A．闹钟受到的重力和闹钟对桌面的压力
B．闹钟受到的重力和桌面对闹钟的支持力
C．闹钟受到的支持力和闹钟对桌面的压力
D．桌子受到的重力和闹钟对桌面的压力
7．（2025·清新模拟）如图甲所示，电源电压保持不变，闭合开关S，滑动变阻器的滑片P从b端滑到a端，电压表示数U与电流表示数I的变化关系如图乙所示，下列说法正确的是（ ）
A．电源电压为12V
B．定值电阻R的阻值为18Ω
C．滑动变阻器的最大阻值为12Ω
D．当变阻器滑片P处于b端时，电压表的示数为9V
二、填空题：本大题共7小题，每空1分，共21分。
8．（2025·清新模拟）甲、乙两同学在平直的路面上同向进行，他们运动的s-t图象如图所示，由此可判断 同学运动较快，开始运动时两同学相距 m，图中的甲同学的速度为 km/h。
9．（2025·清新模拟）在“使用温度计测量液体的温度”的活动课中：
物质 凝固点 沸点
酒精 ﹣117℃ 78℃
甲苯 ﹣95℃ 110℃
（1）小明要自制一支能测水沸点的温度计，现有表中所列的两种物质，他不应该选表中的 作为测温物质；
（2）小明用所选测温物质制作温度计，将其先后放入冰水混合物和沸水中，分别标出温度计中液柱达到的位置A和B。接着将制作的温度计放在刻度尺旁，如图所示。如果以图中刻度尺的刻度作为温度计的刻度。这时温度计的分度值 ℃，测量范围是 ℃。
10．（2025·清新模拟）通常我们说“铝比铁轻”是指铝的 （选填“密度”、“质量”或“体积”）比铁小；一瓶矿泉水，喝掉了一半，剩下一半水的密度将 ；某钢瓶内装有氧气，在一次气焊中用去其中的，则瓶内剩余氧气的密度将 （以上两空均选填“变大”、“变小”或“不变”）．
11．（2025·清新模拟）科技战“疫”，5G助力!如图所示是疫情防控期间一辆5G无人防疫车正在进行消毒同时还对附近的行人进行体温监测。5G技术传递信息的载体是 （超声波/次声波/电磁波）；车上红外测温设备是通过 （发出/接收）红外线来实现测温的，物体辐射的红外线的强度与 有关。
12．（2025·清新模拟）小芳先在纸上画了一个小于凸透镜大小的圆环。如图所示，将凸透镜正对太阳光。在其下方距透镜10cm处的白纸上的光斑恰好与圆环重合，这个现象表明凸透镜对光有 作用；当将该凸透镜靠近白纸垂直移动6cm时，此时白纸上的光斑再次与圆环重合，此过程中光斑的大小 （选填“先变小后变大”或“先变大后变小”），通过计算可以得到该凸透镜的焦距为 cm。
13．（2025·清新模拟）如图所示，把摩擦后带负电的橡胶棒A与验电器的金属球接触后，两个金属箔片B立即张开。这一过程形成了 填“由A到B”或“由B到A”的瞬间电流，而两个金属箔片的张开是由于同种电荷 ，带负电的橡胶棒是由于在摩擦过程中 填“得到”或“失去”电子而带负电。
14．（2025·清新模拟）如图是小明家电能表和电冰箱的铭牌如下表：
BC﹣65B电冰箱
额定电压 220V
额定功率 70W
工作频率 50Hz
耗电量 0.5kW h/24h
根据表中的信息可知，此时电能表的示数是 kW h，电冰箱每天消耗的电能是 J，若电能表后只有电冰箱在工作，每天电能表的转盘转 转．
三、作图题：本题7分。
15．（2025·清新模拟）（1）有一条光线从水中射入空气发生反射和折射，请在图作出光线在水面处发生反射时的反射光线以及发生折射时折射光线的大致方向。
（2）如图所示，这是小明家一盏电灯和一个插座，请将图中元件用笔画线代替导线连接起来，要求：a、标出火线和零线。b、开关S控制灯泡，电路连接要符合安全用电原则。
（3）在图中画出正在运动的小球所受重力的示意图。
四、实验题：本大题共3小题，每空1分，共21分。
16．（2025·清新模拟）某实验小组探究金属丝电阻大小与长度的关系，他们取一段粗细均匀的金属丝拉直连接在A、B接线柱上，在金属丝上安装一个可滑动的金属夹P。实验室还提供了下列器材：电压表、电流表、电池组（电压3V）、滑动变阻器20Ω 2A、刻度尺、开关和导线若干。
(1)为了测量AP段的电阻R，他们连接了如图甲所示的电路，请用笔画线代替导线，把图中还没有连接的一根导线上，使电路完整 （请在答题纸上作图）
(2)连接电路时开关应 ，滑动变阻器的滑片移至最 （选填“左”或“右”）端。
(3)某次实验中测得电压表的读数为，电流表指针偏转如图乙所示，则电流表的读数为 A。
(4)实验中移动金属夹，分别测出段的长度和对应的电阻值，数据如表，分析表中数据，可知 。
(5)小虎同学认为，由于电源电压没有超过电压表所选量程的最大值，因此在闭合开关前，可以将变阻器的滑片置于任意位置，你认为他的想法是 （选填“正确”或“错误”）的，理由是： 。
17．（2025·清新模拟）用如图所示装置探究“光的反射定律”，白色硬纸板EF垂直于平面镜放置，能沿折转，垂直于平面镜。
次数 1 2 3 4 5 6
入射角i
反射角r
（1）让入射光线贴着纸板EF沿射向平面镜上的O点，观察反射光线的方向。多次改变入射光线的方向，测量数据记录如上表。你认为表中的一个错误数据是第 次。余下数据可以得出的结论为：光反射时， ；
（2）当将光线沿射向镜面时，此时入射角为 度，有的同学说，没有看到反射光线，认为此时光没有发生反射，你的认为是：光 （选填“有”或“没有”）发生反射，反射角 （选填“没有”、“为0°”、“为”）；
（3）纸板右侧沿向后折转时，观察不到反射光线，折转回原位置，又观察到反射光线，说明：光在反射时，反射光线、入射光线和法线 。通过前面的实验探究还可以得出的结论是：反射光线和入射光线 ；
18．（2025·清新模拟）在利用光具座进行凸透镜成像的实验探究中：
（1）如图甲所示，一束平行于凸透镜主光轴的光线经过凸透镜后，在光屏上形成了一个最小、最亮的光斑．由图可知，该凸透镜的焦距是 cm．
（2）将蜡烛、凸透镜、光屏依次放在光具座上，点燃蜡烛后，无论怎样移动光屏都不能在光屏上得到像，请你指出其中一条可能的原因： ．
（3）调整后，把烛焰放在距凸透镜16cm处时（如图乙），在凸透镜另一侧前后移动光屏，会在光屏上得到一个倒立、 （选填“放大”或“缩小”）的实像； （选填“照相机”或“投影仪”）就是利用这一成像规律工作的．如果将蜡烛在乙图的基础上远离透镜，仍要在光屏上得到清晰的像，光屏应向 （选填“靠近”或“远离”）透镜的方向移动，像的大小会变 ．
（4）实验一段时间后，发现蜡烛渐渐变短了，要使烛焰的像仍然成在光屏的中心，应该将光屏向 移动．（填“上”或“下”）
（5）蜡烛成完整像时，如果用白纸将凸透镜的上半部分挡住，则光屛上 （选填“能”或“不能”）成烛焰完整的像．
五、计算题：本大题共2小题，每小题6分，共12分。
19．（2025·清新模拟）如图所示，电源电压恒定，，。当开关闭合，、都断开时，电流表的示数为0.1A。求：
（1）当开关闭合，、都断开时电路中的总电阻；
（2）电源电压；
（3）当开关断开，、都闭合时，电流表的示数。
20．（2025·清新模拟）在1个标准大气压下，用燃气灶把质量、初温20℃的水加热到沸腾，共燃烧掉0.08m3的天然气。已知水的比热容是，天然气的热值是。求：
（1）水吸收的热量；
（2）0.08m3天然气完全燃烧放出的热量；
（3）燃气灶的效率。
六、综合能力题：本大题共3小题，每空1分，共18分。
21．（2025·清新模拟）随着我国人民生活水平的不断提高，汽车作为一种普通的交通工具已走进千家万户．
（1）汽车发动机一般是柴油机或汽油机，它把燃料燃烧放出的 能转化为机械能，完全燃烧1kg的汽油能够获得 J的能量；（汽油的热值为4.6×107J/kg）
（2）汽车发动机常用循环流动的水来帮助它散热，主要是利用了水的 较大的特点．
（3）小明同学阅读了某牌号汽车发动机的说明书后，将内燃机的能量流向制成如图所示的图表，请根据给出的信息，计算该内燃机的效率为 %．汽车行驶时发动机产生的牵引力是F，则燃烧m质量的汽油，能使汽车前进的距离s＝ ．（用前面给出物理量的符号表示距离，汽油的热值在本小题中用q表示）
22．（2025·清新模拟）阅读短文，回答问题。
热岛效应
热岛效应指由于人为原因，改变了城市地表的局部温度、湿度、空气对流等因素，进而引起的城市小气候变化现象，该现象属于城市气候最明显的特征之一：
（1）在相同的日照情况下，城市地区比郊区升温较 （选填“快”或“慢”）；其主原因是城市建筑群密集、柏油路和水泥路比郊区的土壤、植被具有更大的吸热率和更小的比热容；
（2）减弱热岛效应的措施之一：保护并增大城区的绿地、水体面积，多植树，城区的水体、绿地对减弱夏季城市热岛效应起着十分可观的作用，这主要是利用了水的 的特性；
（3）减弱热岛效应的措施之二：人工蒸发补偿。解决城市大气热污染的首要办法是增大蒸发量，受城市安装条件的限制，采用喷雾系统是一种高效且经济的办法，这是利用了水 （填某一物态变化）有 的作用（选填“吸热”或“放热”）；
（4）研究表明，现在城市机动车保有量越来越大，机动车也是造成热岛效应因素之一，以四冲程发动机小车为例，回答下列问题：
①四冲程汽油机工作过程中，实现机械能转化为内能的是 ；
②在紧急刹车时，刹车片会发烫，这是通过 方式增加物体内能的。
23．（2025·清新模拟）阅读短文，回答问题。
牛顿冷却定律
当一个物体表面的温度比周围环境高时，就会向周围环境散热，散热快慢可以用单位时间内散失热量的多少来表示。英国物理学家牛顿提出：物体散热快慢与物体和周围环境的温度差成正比。后人研究发现，在温度差不太大的情况下（小于），这个结论符合实际散热规律，称为牛顿冷却定律。如果散热快慢用q表示，则牛顿冷却定律可以表示为，其中k是散热系数，与物体的表面性质、表面积、周围环境性质等因素有关，与物质种类无关，如果上述因素相同，不同物质的散热系数就相同。
（1）物体向周围散热，内能减少，这种改变内能的方式叫做 ；
（2）将沸水放在房间里，温度自然降低的规律是________（选填字母）；
A．先快后慢 B．先慢后快 C．均匀降低
（3）散热快慢和下列概念中物理意义最接近的是________（选填字母）；
A．速度 B．密度 C．功率 D．效率
（4）要喝一杯奶茶，可以有以下两种方式，你认为冷却效果较好的是________（选填字母）；
A．先将烧开的热奶茶倒入杯中，冷却5min，然后加一匙冷牛奶
B．先将烧开的热奶茶倒入杯中，立即将一匙冷牛奶加进杯中，然后冷却5min
（5）一个物体的温度为，周围环境的温度保持不变，此时物体的散热快慢为q。当物体温度降低到时，散热快慢为 ；（用含有q的关系式表示）
（6）如图甲所示，用两个同样的保温杯分别装满水和盐水，水和盐水的温度都是，周围环境温度保持不变，保温杯敞开口，水和盐水温度随时间变化的图像如图乙所示，已知水的比热容为，盐水的密度为，则盐水的比热容为 。
答案解析部分
1．【答案】A
【知识点】温度及温度计的使用与读数；质量及其特性；长度的估测；电功率
【解析】【解答】A．在日常生活中，人体正常体温在左右，故A符合题意；
B．常用口罩的面积约为，故B不符合题意；
C．中学生的质量，在左右，故C不符合题意；
D．教室内日光灯的额定功率约为，故D不符合题意。
故选A。
【分析】
首先对题目中涉及的物理量有个初步的了解，对于选项中的单位，可根据需要进行相应的换算或转换，排除与生活实际相差较远的选项，找出符合生活实际的答案。
2．【答案】C
【知识点】声音的产生；声音的传播条件；声速；音调及音调与频率的关系
【解析】【解答】A C．声音是由物体振动产生的，声音的传播是需要介质的，二胡声是由二胡的弦振动产生的，通过空气传播进入人耳，故A错误，C正确；
B．手按压琴弦不同部位是为了改变琴弦振动的长度来改变振动的频率，为了改变音调，故B错误；
D．声速与介质的种类和温度有关，声音在空气中的传播速度约340m/s，故D错误。
故选C。
【分析】
（1）声音是由物体振动产生的，振动停止发声也停止；
（2）手按压琴弦不同位置，发声体振动的快慢不一样；
（3）声音的传播是需要介质的，它既可以在气体中传播，也可以在固体和液体中传播。
（4）声音在空气中的传播速度约为340m/s。
3．【答案】A
【知识点】安全用电原则
【解析】【解答】A．三孔插座的接法：上面的孔接地线，左孔接零线，右孔接火线。大功率或带有金属外壳的用电器，必须使用三孔插座，以防外壳带电，危及人身安全，故A符合题意；
B．使用测电笔辨别火线和零线时，用手接触笔尾金属体，笔尖接触电线，使用测电笔时手需要接触笔尾金属体，故B不符合题意；
C．控制电灯的开关应安装在火线与灯之间，故C不符合题意；
D．发现有人触电后，立即用手直接拉触电的人，则自己也会触电，非常危险，故D不符合题意。
故选A。
【分析】
（1）三孔插座的接法：上面的孔接地线，左孔接零线，右孔接火线。上孔接地线是为了金属外壳的用电器的金属外壳接地，避免金属外壳的用电器漏电时，发生触电事故；
（2）使用测电笔辨别火线和零线时，用手接触笔尾金属体，笔尖接触电线，氖管发光，表明检测的是火线；
（3）控制电灯的开关应安装在火线与灯之间；
（4）发现有人触电或电引起的火灾，首先切断电源，再实行救援措施。
4．【答案】C
【知识点】磁场；影响电磁铁磁性强弱的因素及其探究
【解析】【解答】A．开关闭合后，根据电流方向利用安培定则可判断螺线管的磁极，由图知，电流从螺线管的右端流入、左端流出，根据安培定则可知，电磁铁的A端是N极，B端是S极，故A正确，不符合题意；
B．电磁铁的B端是S极，由磁极间的作用规律可知，小磁针静止时，左端是N极，即N极水平指向左，故B正确，不符合题意；
C．电磁感应是发电机的原理，该实验表明了电能生磁，利用这一现象所揭示的原理可制成电磁铁，故C错误，符合题意；
D．当滑动变阻器滑动片P向右端移动时，变阻器接入电路的电阻变小，电路中电流变大，则电磁铁的磁性变强，故D正确，不符合题意。
故选C。
【分析】
（1）开关闭合后，根据电流方向利用安培定则可判断螺线管的磁极；
（2）由磁极间的相互作用可判出小磁针的指向；
（3）电磁感应是发电机的原理；
（4）由滑动变阻器的滑片移动可得出电路中电流的变化，则可得出螺线管中磁场的变化。
5．【答案】D
【知识点】机械能及其转化；是否做功的判断
【解析】【解答】ABC．返回舱在加速下降过程中，质量不变，速度增大，动能增大，高度减小，重力势能减小，总机械能减小，故ABC错误；
D．返回舱在加速下降过程中，返回舱在重力方向上移动了一段距离，重力对返回舱做了功，故D正确。
故选D。
【分析】质量一定时，速度减小，动能减小，高度变小，重力势能减小；物体在力的方向移动距离，力对物体做了功。
6．【答案】B
【知识点】平衡力的辨别；平衡状态的判断
【解析】【解答】A. 闹钟受到的重力与闹钟对桌面的压力，一个作用在闹钟上，一个作用在桌子上，不是同一物体，不是平衡力．故A错误；
B. 闹钟受到的重力与桌面对闹钟的支持力，符合二力平衡的条件，是一对平衡力．故B正确；
C. 闹钟受到的支持力和闹钟对桌面的压力，一个作用在闹钟上，一个作用在桌子上，不是同一物体，是一对相互作用力，不是平衡力．故C错误；
D. 桌子受到的重力和闹钟对桌面的压力，方向相同，大小不同，不是平衡力．故D错误．
故答案为：B。
【分析】
二力平衡的条件有四个：等大、方向、共线、共物，要判定两个力是否是平衡力，就要看这两个力是否同时满足这四个条件，缺一不可。
7．【答案】C
【知识点】串联电路的电压规律；欧姆定律及其应用；电路的动态分析
【解析】【解答】AB．电阻和变阻器处于串联状态，滑片位于a端时，滑动变阻器接入阻值为零，此时电路为定值电阻的简单电路，电压表示数为电源电压，为9V，此时电流为1.5A，定值电阻阻值
，故AB错误；
CD．滑片位于b端时，滑动变阻器接入阻值最大，电压表示数为3V，电流变为0.5A，根据串联电路电压规律以及欧姆定律计算可知滑动变阻器最大阻值，故C正确，D错误。
故选C。
【分析】1、串联电路的电路规律：串联电路，电流处处相等，电源的电压为用电器电压之和，总电阻为用电器电阻之和；
2、电压表与待测用电器并联测量电压，电流表串联测量用电器电流，根据欧姆定律U=IR计算用电器的电流和电阻以及电压。
8．【答案】甲；10；18
【知识点】时间速度路程的图像分析
【解析】【解答】在相同时间内通过的路程大，运动得快，由图象可知，在时间为5s时，甲同学通过的路程为25m，乙同学通过的路程为s乙=25m﹣10m＝15m。由图象可知，开始运动时，甲同学从0m出发，此时乙同学到甲出发点的距离为10m，即两人相距10m。
由图知，甲同学运动的s﹣t图象是过原点的直线，表示甲同学通过的路程与时间成正比，所以甲同学做匀速直线运动，则甲同学的速度v甲＝＝＝5m/s＝5×3.6km/h＝18km/h。
故答案为：甲；10；18。
【分析】
（1）在相同时间内比较通过的路程可知物体运动的快慢，根据图象，运用控制变量法，分析出甲、乙两位同学的运动快慢情况；
（2）由图象可知开始运动时两同学间的距离；
（3）从s-t图象中读出一组关于甲同学运动路程和时间的数据，然后利用速度公式计算甲同学的速度。
9．【答案】酒精；2；-40~110
【知识点】温度及温度计的使用与读数
【解析】【解答】（1）在一标准大气压下，水的沸点是100℃，酒精的沸点是78℃，100℃的酒精是气态的，温度计是根据液体的热胀冷缩性质制成的，所以不能用酒精。
故答案为：酒精。
（2）温度计的示数是均匀的。在一标准大气压下，冰水混合物的温度是0℃，沸水的温度是100℃，温度计放入冰水混合物中，温度计中液柱达到位置A处，则A处8厘米的温度为0℃；温度计放入沸水中，温度计中液柱达到位置B处，则B处3厘米的温度为100℃，AB之间总长度是5厘米，即50毫米，所以每毫米的代表温度是；刻度尺上的0厘米处是该温度计所能测的最高温度2℃×80=160℃；刻度尺上的10厘米处是该温度计所能测的最低温度-2℃×(100-80)=-40℃；因为所装的测温物质是甲苯，甲苯的沸点是110℃，故其测量范围是-40～110℃。
故答案为：2；-40~110。
【分析】 （1）温度计是利用液体的热胀冷缩的性质制成的；根据酒精和甲苯的凝固点和沸点判断出合适的温度计。
（2）温度计的示数是均匀的。在一标准大气压下，冰水混合物的温度是0℃，沸水的温度是100℃，根据图可以判断出制成的温度计的分度值，然后再根据温度计示数的均匀性算出温度计的量程。
10．【答案】密度；不变；变小
【知识点】密度及其特性；密度公式及其应用
【解析】【解答】根据题意可知，通常我们说“铝比铁轻”是指铝的密度小于铁的密度。
一瓶矿泉水，喝掉了一半，剩下一半水的密度将不变；
一次气焊用去，则瓶内剩余氧气的质量减小，而剩余氧气的体积不变，由可知，剩余氧气的密度变小。
【分析】密度是物质本身的一种特性，同种物质（同种状态）密度相同，与质量、体积大小无关；
结合密度公式分析解答。
11．【答案】电磁波；接收；温度
【知识点】红外线；电磁波在日常生活中的应用
【解析】【解答】电磁波可以传递信息，5G技术传递信息的载体是电磁波。车上红外测温设备是通过接收红外线来实现测温的，辐射的强度与物体温度有关，即温度越高辐射红外线的本领越强。
故答案为：电磁波；接收；温度。
【分析】
电磁波可以传递信息；任何物体都会发出红外线；物体辐射红外线的本领受温度的影响，温度越高，辐射红外线的本领越强
12．【答案】会聚；先变小后变大；7
【知识点】透镜及其特点与分类；主光轴、光心、焦点和焦距
【解析】【解答】阳光可以看作是平行光，经过凸透镜折射后形成的光斑变小，平行于主光轴的光线经凸透镜折射后会聚到主光轴上一个最小、最亮的点，这点是凸透镜的焦点。将凸透镜正对太阳光，在其下方距透镜10cm处的白纸上的光斑恰好与圆环重合，这表明光会聚了，即凸透镜对光线具有会聚作用。当将该透镜靠近白纸垂直移动6cm时，此时白纸上的光斑都不是最小最亮的光斑，也就是说不是凸透镜的焦点的位置，说明凸透镜的焦点在两次出现光斑的中间，可知此过程中的光斑是先变小后变大，两次光斑之间的距离为6cm，凸透镜焦点距第一次的光斑距离为；该凸透镜的焦距为。
故答案为：会聚；先变小后变大；7。
【分析】
阳光可以看作是平行光，经过凸透镜折射后形成的光斑变小，表明光线会聚；太阳光是平行光，凸透镜正对阳光，平行于主光轴的光线经凸透镜折射后会聚到主光轴上一个最小、最亮的点，这点是凸透镜的焦点。
13．【答案】由B到A；相互排斥；得到
【知识点】两种电荷；验电器的原理及使用；电流的方向
【解析】【解答】 A带负电，将AB连接起来，连接的瞬间，B吸引A的负电到B，负电荷移动方向是由A到B，而电流方向与自由电子定向移动的方向相反，所以金属棒中的电流方向由B到A。两个金属箔片片的张开是由于同种电荷相互排斥。摩擦起电实质是电荷的转移，带负电的橡胶棒是由于在摩擦过程中得到电子而带负电。
【分析】1、验电器的工作原理：同性电荷相互排斥，当A带负电时，B的电荷吸引A的负电荷到B，电流的方向：与电子定向移动的方向相反，所以形成电流方向为B向A。
带负电荷是由于原子核束缚电子能力强，在摩擦过程中带负电。
14．【答案】931.6；1.8×106；1250
【知识点】电能表参数的理解；电功的计算
【解析】【解答】（1）根据电能表的读数方法，电能表的读数要注意数字的最后一格是小数位，故此电能表的示数是931.6kW h．
（2）电冰箱一天24h消耗的电能为0.5kW h=0.5×3.6×106J=1.8×106J
（3）根据电能表铭牌上的信息可知，电冰箱一天消耗0.5kW h，而电能表的转盘是消耗1kW h转动2500转，所以0.5kW h转盘就是转动1250转．
故答案为：931.6；1.8×106；1250。
【分析】
（1）电冰箱铭牌：额定电压220V--电冰箱的正常工作电压是220V；额定功率70W--电冰箱在额定电压（正常工作）时的电功率是70W；工作频率50Hz--电冰箱使用的是家庭电路中的电，家庭电路中的交流电频度是50Hz，这个参数在初中的题目中一般没有使用；耗电量0.5kW h/24h--电冰箱正常工作时24小时耗电0.5kW h。
（2）电能表铭牌从上至下参数：kW h及下面的数字--表示至目前为止消耗的电能，即到现在用了多少kW h的电；转盘和最下面的2500R/kW h--表示的是消耗1kW h的电能，转盘转动2500转；220V 10A 50Hz--表示此电能表是使用在220V 50Hz的家庭电路中，允许通过的最大电流是10A。
（3）对电冰箱的耗电要注意，不能用W=Pt，因为电冰箱的压缩机是运转一会儿停一会儿，所以一天的耗电量不能用此公式求解，而应在铭牌上寻找答案。
15．【答案】（1）
（2）
（3）
【知识点】作光的反射光路图；作光的折射光路图；重力示意图；家庭电路的连接
【解析】【解答】
（1）根据反射定律：反射光线、入射光线、法线在同一个平面内，反射光线与入射光线分居法线两侧，反射角等于入射角，作出反射光线；根据光线从空气斜射入水中时，折射角大于入射角作出折射光线。先过入射点作法线，然后根据折射角大于入射角，作出大致折射光线的位置，再根据反射角等于入射角作出反射光线，如图：
故答案为：。
（2）根据试电笔的使用情况判定火线和零线；灯泡的接法：火线进入开关，再进入灯泡顶端的金属点；零线直接接入灯泡的螺旋套；两孔插座的接法，左边接零线，右边接火线。由图可知，试电笔接触下面的导线时，氖管发光，说明下面的导线为火线，上面的导线为零线；灯泡接法：开关接火线，再进入灯泡顶端的金属触点，零线直接连灯泡的螺旋套，这样在断开开关时能切断火线，接触灯泡不会发生触电事故，既能控制灯泡，又能更安全；两孔插座的接法：左端接零线，右端接火线，如图：
故答案为：。
（3）画力的示意图，就是用一条带箭头线段表示出力的三要素，所以要先正确分析力的大小、方向和作用点，正在运动的小球受到竖直向下的重力，作用点在小球重心上，如图：
故答案为：。
【分析】
（1）根据反射定律：反射光线、入射光线、法线在同一个平面内，反射光线与入射光线分居法线两侧，反射角等于入射角，作出反射光线；根据光线从空气斜射入水中时，折射角大于入射角作出折射光线。
（2）根据试电笔的使用情况判定火线和零线；灯泡的接法：火线进入开关，再进入灯泡顶端的金属点；零线直接接入灯泡的螺旋套；两孔插座的接法，左边接零线，右边接火线。
（3） 画力的示意图，就是用一条带箭头线段表示出力的三要素，所以要先正确分析力的大小、方向和作用点，再根据力的示意图的要求作出力的示意图。
（1）先过入射点作法线，然后根据折射角大于入射角，作出大致折射光线的位置，再根据反射角等于入射角作出反射光线，如图所示：
（2）由图可知，试电笔接触下面的导线时，氖管发光，说明下面的导线为火线，上面的导线为零线；灯泡接法：开关接火线，再进入灯泡顶端的金属触点，零线直接连灯泡的螺旋套，这样在断开开关时能切断火线，接触灯泡不会发生触电事故，既能控制灯泡，又能更安全；两孔插座的接法：左端接零线，右端接火线，如图所示：
（3）正在运动的小球受到竖直向下的重力，作用点在小球重心上，如图所示：
16．【答案】；断开；右；；其它条件不变，导体的电阻与长度成正比；错误；若电阻短路，则电路中电流会很大而烧坏电流表
【知识点】影响电阻大小的因素
【解析】【解答】(1)电流表、电压表、滑动变阻器的连接方式，注意电流表、电压表量程的选择及正负接线柱的接法，滑动变阻器要接一上一下连入电路；因为电池电压为3V，所以电压表的量程选择0 3V的量程，将电压表3V的接线柱与滑片P相连；将电流表与电阻串联，将电流表的负接线柱与接线柱P连接，如图：
故答案为：。
(2)连接电路时，开关处于断开状态；闭合开关前，滑动变阻器的滑片移到阻值最大处；连接电路时，开关应处于断开状态，滑动变阻器的滑片应位于最右端；
故答案为：断开；右。
(3)在进行电流表的读数时，需先确定电流表的量程和分度值；由图乙知，电流表的量程为0 0.6A，分度值为0.02A，所以示数为0.42A；
故答案为：。
(4)由表格中数据知，电阻长度增大为原来的几倍，电阻值便增大为原来的几倍或电阻值与长度的比值是一个常数，所以其它条件不变，导体的电阻与长度成正比；
故答案为：其它条件不变，导体的电阻与长度成正比。
(5)为防止电流过大，在闭合开关前，需将滑动变阻器的滑片移至最大阻值处。若电路中由于电路连接问题使电路中的电流过大，超过电流表的量程，会烧坏电流表，所以在闭合开关前，要把滑动变阻器的滑片移至最大阻值处，即他的想法是错误的。
故答案为：错误；若电阻短路，则电路中电流会很大而烧坏电流表。
【分析】
（1）掌握电流表、电压表、滑动变阻器的连接方式，注意电流表、电压表量程的选择及正负接线柱的接法，滑动变阻器要接一上一下连入电路；
（2）连接电路时，开关处于断开状态；闭合开关前，滑动变阻器的滑片移到阻值最大处；
（3）在进行电流表的读数时，需先确定电流表的量程和分度值；
（4）分析电阻和长度的变化关系，得出结论；
（5）为防止电流过大，在闭合开关前，需将滑动变阻器的滑片移至最大阻值处。
17．【答案】（1）4；反射角等于入射角
（2）0；有；为0°
（3）在同一平面内；位于法线的两侧
【知识点】光的反射；光的反射定律
【解析】【解答】
（1）表中1、2、3、5、6组数据中，反射角等于入射角，只有4组数据的两角不相等，表中的一个错误数据是第4组；根据表格中的数据可知，光反射时，反射角等于入射角。
故答案为：4；反射角等于入射角。
（2）当入射光沿着NO入射，入射光线垂直射到平面镜上，反射光线会沿ON射出，反射光线、入射光线和法线重合，所以入射角等于0°，光有发生反射而反射角等于入射角，即反射角为0°。
故答案为：0；有；为0°。
（3）要验证反射光线与入射光线是否在同一平面上，可以通过让纸板E不与纸板F在同一平面上来研究，纸板EF右侧沿ON向后折转时，右侧和左侧不在同一平面内，观察不到反射光线，此时反射光线仍在原来的位置；折转回原位置，又在右侧的纸板上观察到反射光线，说明：光在反射时，反射光线、入射光线和法线在同一平面内；光线发生反射时，入射光线和反射光线在ON两侧，通过前面的实验探究还可以得出的结论是：反射光线和入射光线分居在法线两侧。
故答案为：在同一平面内；位于法线的两侧。
【分析】
（1）根据表格中的数据得出结论；
（2）入射角与法线的夹角为入射角，反射光线与法线的夹角为反射角；反射光线、入射光线和法线重合，入射角等于0°；
（3）要验证反射光线与入射光线是否在同一平面上，可以通过让纸板E不与纸板F在同一平面上来研究 。
（1）[1][2]让入射光线贴着纸板EF沿AO射向平面镜上的O点，观察反射光线的方向，多次改变入射光线的方向，测量数据记录如上表，表中1、2、3、5、6组数据中，反射角等于入射角，只有4组数据的两角不相等，表中的一个错误数据是第4组；根据表格中的数据可知，光反射时，反射角等于入射角。
（2）[1][2][3]入射角与法线的夹角为入射角，反射光线与法线的夹角为反射角；当入射光沿着NO入射，入射光线垂直射到平面镜上，反射光线会沿ON射出，反射光线、入射光线和法线重合，所以入射角等于0°，光有发生反射而反射角等于入射角，即反射角为0°。
（3）[1][2]纸板EF右侧沿ON向后折转时，右侧和左侧不在同一平面内，观察不到反射光线，此时反射光线仍在原来的位置；折转回原位置，又在右侧的纸板上观察到反射光线，说明：光在反射时，反射光线、入射光线和法线在同一平面内；光线发生反射时，入射光线和反射光线在ON两侧，通过前面的实验探究还可以得出的结论是：反射光线和入射光线分居在法线两侧。
18．【答案】11.0；烛焰、凸透镜、光屏没有在同一高度；放大；投影仪；靠近；小；上；能
【知识点】凸透镜成像规律及其探究实验
【解析】【解答】（1）平行光过凸透镜后，在光屏上形成了一个最小、最亮的光斑，即为焦点，该凸透镜的焦距是11.0厘米；
故答案为：11.0。
（2）蜡烛、凸透镜、光屏不在同一高度，成的像不在光屏上；也可能是物距小于焦距，此时成虚像，光屏上长不到像；
故答案为：烛焰、凸透镜、光屏没有在同一高度。
（3）烛焰放在距凸透镜16cm处时，物距在一倍到二倍焦距之间，在凸透镜另一侧前后移动光屏，会在光屏上得到一个倒立、放大的实像；投影仪利用这一成像规律工作；根据凸透镜的成像规律，物距增大，像距会减小，像也会变小，所以将蜡烛在乙图的基础上远离透镜，仍要在光屏上得到清晰的像，光屏应向靠近透镜的方向移动，像变小；
故答案为：放大；投影仪；靠近；小。
（4）蜡烛渐渐变短时，成的像会升高，要使烛焰的像仍然成在光屏的中心，应该将光屏向上移动；
故答案为：上。
（5）蜡烛成完整像时，如果用白纸将凸透镜的上半部分挡住，只是经过凸透镜的折射后形成实像的光线少了一部分，像的亮度变暗，但像仍是完整的。
故答案为：能。
【分析】（1）根据凸透镜的定义可知，平行于凸透镜主光轴的光线经过凸透镜后，在光屏上形成了一个最小、最亮的光斑，即为焦点．焦点到光心的距离即为焦距；
（2）实验时找不到像的原因可能是，蜡烛、凸透镜、光屏不在同一高度，则成的像不在光屏上；也可能是物距小于焦距，此时成虚像，光屏上长不到像；
（3）根据凸透镜的成像规律时，物距在一倍到二倍焦距之间，在凸透镜另一侧前后移动光屏，会在光屏上得到一个倒立、放大的实像；投影仪利用这一成像规律工作；根据凸透镜的成像规律，物距增大，像距会减小，像也会变小；
（4）根据经过凸透镜光心的光线传播方向不变的特点，蜡烛渐渐变短时，成的像会升高，应该将光屏向上移动；
（5）蜡烛成完整像时，如果用白纸将凸透镜的上半部分挡住，只是经过凸透镜的折射后形成实像的光线少了一部分，像的亮度变暗，但像仍是完整的。
19．【答案】（1）解：当开关闭合，、都断开时，R1与R2串联，电路总电阻为
答： 当开关闭合，、都断开时电路中的总电阻 。
（2）解：由可知，电源的电压为
答： 电源电压 9V。
（3）解：当开关断开，、都闭合时，R1与R2并联，电流表测干路电流，电流表的示数为
答： 当开关断开，、都闭合时，电流表的示数 0.45A。
【知识点】电阻的串联；电阻的并联；欧姆定律及其应用
【解析】【分析】 (1)当开关闭合，、都断开时，R1与R2串联，根据串联电路电阻规律计算总电阻。
(2)根据欧姆定律计算电源电压 。
(3)当开关断开，、都闭合时，R1与R2并联，电流表测干路电流，根据并联电路电流规律计算结果。
（1）当开关闭合，、都断开时，R1与R2串联，电路总电阻为
（2）由可知，电源的电压为
（3）当开关断开，、都闭合时，R1与R2并联，电流表测干路电流，电流表的示数为
20．【答案】【解答】解：（1）水吸收的热量
（2）0.08m3天然气完全燃烧放出的热量
（3）燃气灶的效率
答：（1）水吸收的热量为；
（2）天然气放出的热量为；
（3）燃气灶的效率为50%。
【知识点】燃料的热值；热机的效率
【解析】【分析】
（1）利用公式计算水吸收的热量；
（2）利用公式计算天然气放出的热量；
（3）利用公式计算燃气灶的效率。
21．【答案】内；4.6×107；比热容；30；
【知识点】燃料的热值；热机的效率；能量的转化或转移
【解析】【解答】（1）由课本基础知识可知：内燃机工作时将内能转化为机械能；汽油的热值q＝4.6×107J/kg，完全燃烧的汽油质量m＝1kg，所以其放出的能量：Q＝mq＝1kg×4.6×107J/kg＝4.6×107J．
故答案为：内；4.6×107。
（2）水的比热容最大，相同质量的水和其它物质相比，吸收相同的热量后，温度升高的最小，所以发动机里用水来做冷却剂．
故答案为：比热容。
（3）由图示的能流图可知，总能量占1，损耗的能量占70%，所以汽油机的效率为30%．由题意知：汽车行驶时发动机产生的牵引力是F，燃烧汽油的质量为m，汽油的热值是q，汽油机的效率为30%，汽车通过的距离设为S．
由此可以得到完全燃烧质量为m的汽油产生的总能量：Q＝mq，
有效利用的能量：Q有＝Qη＝30%mq ①，有效利用的能量对汽车做功，即W＝Q有 ②，牵引力对汽车做的功W＝FS ③，联立①②③式解得：S＝．
故答案为：30；。
【分析】
（1）根据课本中关于内燃机工作时的能量转化的基础知识即可获得此题的答案；利用汽油的热值，根据公式：Q=mq即可求得完全燃烧1kg的汽油能够获得的能量。
（2）由于水的比热容在所有物质中最大，所以经常用水来做散热剂或冷却剂。
（3）总能量减去浪费掉的能量，就是有效利用的能量，由此可以求得该内燃机的效率。汽车行驶时做的有用功可以利用W=FS来表示，汽车消耗的总能量Q可以用：Q=mq表示，利用内燃机的效率将两者联系起来，从而可以表示出汽车前进的距离。
22．【答案】快；比热容大；汽化；吸热；压缩冲程；做功
【知识点】蒸发及其现象；做功改变物体内能；比热容的定义及其计算公式；热机
【解析】【解答】（1）从引起热岛效应的原因分析：城市多水泥、沙石，郊区多水，沙石比水的比热容小，吸收相同的热量，沙石的温度升高多，城市地区的建筑群、柏油路中的砂石、水泥的比热容小，在相同日照条件下，城市地区比郊区温度上升更明显。
故答案为：快。
（2）水的比热容较大，相同质量的水和其它物质比较，吸收或放出相同的热量，水的温度升高或降低的少，因为水的比热容较大，相同质量的水和其他物质（沙石、土壤等）比较，吸收相同的热量，水的温度升高的少，所以，保护并增大城区的绿地、水体面积，多植树，可以大大减弱城市的“热岛效应”。
故答案为：比热容大。
（3）物质由液态变为气态叫汽化，汽化吸热，采用喷雾系统是利用了水汽化能够从周围物体中吸收热量，起到降温的作用。
故答案为：汽化；吸热。
（4）在汽油机的四个冲程中，机械能转化为内能的是压缩冲程，内能转化为机械能的是做功冲程；改变内能的方法：一是做功，对物体做功（克服摩擦做功、压缩气体做功），物体内能会增加；物体对外做功，物体内能会减少；二是热传递。①在汽油机的压缩冲程中，活塞压缩气体做功，使气体的内能增大，温度升高，机械能转化为内能。②在紧急刹车时，刹车片发烫，是因为刹车片克服摩擦做功，使刹车片的内能增加，温度升高，这是通过做功的方式改变物体的内能。
故答案为：压缩冲程；做功。
【分析】
（1）从引起热岛效应的原因分析：城市多水泥、沙石，郊区多水，沙石比水的比热容小，吸收相同的热量，沙石的温度升高多；
（2）水的比热容较大，相同质量的水和其它物质比较，吸收或放出相同的热量，水的温度升高或降低的少；
（3）物质由液态变为气态叫汽化，汽化吸热；
（4）在汽油机的四个冲程中，机械能转化为内能的是压缩冲程，内能转化为机械能的是做功冲程；改变内能的方法：一是做功，对物体做功（克服摩擦做功、压缩气体做功），物体内能会增加；物体对外做功，物体内能会减少；二是热传递。
23．【答案】（1）热传递
（2）A
（3）C
（4）A
（5）0.9q
（6）
【知识点】功率的概念；热传递改变物体内能；比热容的定义及其计算公式；热传递的概念与方式
【解析】【解答】（1）根据题意可知，物体向周围散热，即发生热传递，是通过热传递的方式改变物体的内能。
（2）根据图乙可知，将沸水放在房间里，温度自然降低的规律是：先快后慢。
故选A。
（3）散热快慢指的是单位时间内能量变化的快慢。
A．速度指的是物体在单位时间内经过的路程，与能量无关，故A不符合题意；
B．密度指的是单位体积物质的质量，与能量和快慢无关，故B不符合题意；
C．功率指的是单位时间内所做的功，指的是做功的快慢，即能量转化的快慢，故C符合题意；
D．效率指的是有用功占总功的百分比，与快慢无关，故D不符合题意。
故选C。
（4）根据题意可知，温差越大则散热越快，则第一种方式奶茶在较高温度下放置5min，奶茶的环境的温度差更大，散热效率更高。
故选A。
（5）由牛顿冷却定律可得；
解得：；
当物体温度降低到时，散热快慢为。
（6）水放出的热量
；
盐水放出的热量
；
水和盐水的初温和末温都相同，所以水和盐水的散热效率相同，水降温时间为24min，盐水降温时间为22min，水和盐水的体积相同，故放热之比为
；
解得：。
【分析】 （1）改变物体的内能的方式有做功和热传递两种。
（2）热传递的条件是存在温度差，特点是传递速度先快后慢；
（3）散热快慢指的是单位时间内能量变化的快慢。逐项分析得出答案；
（4）热传递的快慢与物体和周围环境的温度差成正比，第二种方式加入冷牛奶，降低了奶茶的温度，接下来散热的速度会变慢，而第一种方式奶茶在较高温度下放置5min，奶茶的环境的温度差更大，散热效率更高。
（5）由牛顿冷却定律可分析得出答案；
（6）根据Q放=cmΔt得出水和盐水放出的热量表达式，水和盐水的初温和末温都相同，所以水和盐水的散热效率相同，水降温时间为24min，盐水降温时间为22min，水和盐水的体积相同，据此得出盐水的比热容。
（1）物体向周围散热，即发生热传递，内能减少，是通过热传递的方式改变物体的内能。
（2）热传递的条件是存在温度差，特点是传递速度先快后慢，所以将沸水放在房间里，温度自然降低的规律是：先快后慢。
故选A。
（3）散热快慢指的是单位时间内能量变化的快慢。
A．速度指的是物体在单位时间内经过的路程，与能量无关，故A不符合题意；
B．密度指的是单位体积物质的质量，与能量和快慢无关，故B不符合题意；
C．功率指的是单位时间内所做的功，指的是做功的快慢，即能量转化的快慢，故C符合题意；
D．效率指的是有用功占总功的百分比，与快慢无关，故D不符合题意。
故选C。
（4）热传递的快慢与物体和周围环境的温度差成正比，第二种方式加入冷牛奶，降低了奶茶的温度，接下来散热的速度会变慢，而第一种方式奶茶在较高温度下放置5min，奶茶的环境的温度差更大，散热效率更高。
故选A。
（5）由牛顿冷却定律可得
解得
当物体温度降低到时，散热快慢为
（6）水放出的热量
盐水放出的热量
水和盐水的初温和末温都相同，所以水和盐水的散热效率相同，水降温时间为24min，盐水降温时间为22min，水和盐水的体积相同，故放热之比为
解得
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