湖北省宜昌市夷陵区研训中心2017届九年级（上）开学物理试卷（解析版）
文档属性
| 名称 | 湖北省宜昌市夷陵区研训中心2017届九年级（上）开学物理试卷（解析版） |  | |
| 格式 | zip | ||
| 文件大小 | 304.5KB | ||
| 资源类型 | 教案 | ||
| 版本资源 | 人教版（新课程标准） | ||
| 科目 | 物理 | ||
| 更新时间 | 2017-01-07 11:15:56 | ||
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文档简介
2016-2017学年湖北省宜昌市夷陵区研训中心九年级（上）开学物理试卷
一、选择题（本题共30分，每题2分）
1．电路中接有两只灯泡和一个开关，想判断它们是串联还是并联的，下列做出的判断中正确的是（ ）
A．只要闭合开关两只灯泡都发光，则两灯串联
B．用电流表分别测出它们的电流，如果电流相等，则灯泡一定是串联
C．只要把其中一只灯泡从灯座上拆下来，另一只灯也熄灭，则两灯是串联的
D．用电流表分别测出它们的电流，如果电流相等，则灯泡一定是并联
2．用电高峰时，家庭电路里正在工作的白炽灯变暗，这说明供给它两端的电压（ ）
A．升高了 B．没有变 C．降低了 D．不能判断
3．家庭电路中的保险丝不能用铜导线代替，这是由于铜导线（ ）
A．电阻率大，熔点高 B．电阻率大，熔点低
C．电阻率小，熔点高 D．电阻率小，熔点低
4．如图，电阻R1和滑动变阻器R2串联．当滑片P向左移动时，以下说法正确的是（ ）
A．电流表示数变大，电压表示数变大
B．电流表示数变大，电压表示数变小
C．电流表示数变小，电压表示数变大
D．电流表示数变小，电压表示数变小
5．某家用电器正常工作时功率约为150W，你认它应是下列哪一种用电器（ ）
A．收音机 B．电视机 C．微波炉 D．空调
6．如图给出了小明设计的楼梯照明电灯的四种控制电路，其中S1、S2分别为楼上和楼下的开关（都是单刀双掷开关）．要求拨动其中任一开关，都能改变电灯原来的发光或熄灭状态．在实际应用中最好的方案是（ ）
A． B． C． D．
7．常用的动圈式话筒，其工作原理是（ ）
A．通电导线在磁场中受力的作用
B．电磁感应
C．电生磁
D．地磁场的作用
8．停在高压电线上的小鸟不会触电是因为（ ）
A．鸟是绝缘体，所以不会触电
B．高压线外面包有一层绝缘层
C．小鸟的适应性强，耐高压
D．小鸟停在一根电线上，两爪间电压很小
9．两只灯泡串联在电路中，其中一只灯亮，另一只不亮，原因可能是（ ）
A．两只灯泡相比较，流过不亮的灯泡的电流较小
B．不亮的灯泡的灯丝断了
C．两只灯泡相比较，亮的灯泡电阻太小
D．两只灯泡相比较，不亮的灯泡电阻太小
10．某家庭电路中，已有两盏灯正常发光，如果再使用一个电熨斗，则该电路的（ ）
A．总电流变大 B．总电压变大 C．总电阻变大 D．总功率变小
11．两根完全相同的铁块A和B，如图甲所示放置时，B被吸住掉不下来；如图乙所示放置时，A不能被吸住而掉下来，此现象说明（ ）
A．A、B都是磁体 B．A、B都不是磁体
C．A是磁体，B不是磁体 D．A不是磁体，B是磁体
12．李慧同学为了测一只正在煲粥的电饭煲的实际电功率，她关闭了家中其他所有家用电器，这时她家标有“3000revs/（kW?h）”字样的电能表的转盘每分钟转过15圈，则这只电饭煲当时的实际电功率为（ ）
A．15W B．200W C．300W D．3000W
13．假设导体没有电阻，当用电器通电时，下列说法正确的是（ ）
A．白炽灯仍然能发光 B．电动机仍然能转动
C．电饭锅仍然能煮饭 D．电熨斗仍然能熨衣服
14．一定值电阻两端的电压为4V时，电功率是1W；当这个电阻两端的电压为2V时，它的电功率为（ ）
A．1W B．2W C．0.5W D．0.25W
15．下列电与磁的实验中，演示发电机工作原理的是（ ）
A． B． C． D．
二、填空题（本题共20分，每空1分）
16．一个标有“2.5V 0.3A”字样的小灯泡的电阻大约是 Ω．某同学在灯泡不发光时对它的电阻进行了测量，发现它的电阻只有2.5Ω，产生这种差异的原因是 ．
17．上晚自习时，学校各班的电灯都亮着，这时学校电路的总电阻最 ，干路中的电流最 ．
18．微波的波长是10m，它的频率是 ．
19．电动机工作时，将 能转化为 能，它是根据 的原理工作的．
20．如图是一种常用的动圈式话筒．当你对着话筒说话时，声音使与膜片相连的线圈振动．线圈在磁场中的这种振动，能产生随着声音变化而变化的 ，这是 现象．
21．如图电路中，R1=10Ω、R2=20Ω，开关闭合后，电压表示数为6V，则A1的示数是 A，A2的示数是 A．5min R1消耗的电能 J；R2的电功率是 W．
22．“6V 3W”的灯泡，灯丝的电阻是 ；测得通过它的电流是0.4A，则他的电功率是 W （设灯丝电阻不变）
23．“2.5V 0.3A“小灯泡的额定功率是 W，如果接入电路，灯泡两端的电压是2V，通过的电流0.24A，这时小灯泡的实际功率是 W．
24．一个家用电能表的盘面上标有“3000r/kW?h”字样，它表示 ．若用这个电能表测某用电器的功率时，转盘在3min内转了15转，则电流所做的功是 kW?h= J，这个用电器的功率是 W．
25．奥斯特实验说明： ．
三、实验与探究（本题共30分，共6小题，第23至25小题各4分，第26至28小题各6分，计30分．）
26．居民楼的楼道里，夜间楼道灯一直亮着会造成浪费．科研人员用“光敏”材料制成“光控开关”，它能在天黑时自动闭合，天亮时自动断开；利用“声敏”材料制成“声控开关”．它能在有人走动发出声音时闭合，无人走动时自动断开．请将如图的“光控开关”、“声控开关”、灯泡用笔画线代替导线正确连入电路，设计出只有在夜间且有声音时灯才亮的楼道灯自动控制电路，同时安装一个不受开关控制的三孔插座．
27．用电流表和电压表测量电阻的实验电路，如图所示．为了减小误差，需要进行三次测量求平均值．请你设计一个记录数据的表格．
28．小明在用电炉烧水时发现电炉丝热得发红，而与它相连的导线却几乎不发热．小明猜想电阻大的，发热功率大．而小亮在用电炉烧水时观察到：将两个电阻不同的电炉分别接到家庭电路中时，电阻小的电炉发热快些，相同时间内产生的热量多些．小亮猜想电阻小的，发热功率大．小明与小亮观察到的现象似乎有矛盾，这是怎么回事？请分析说明．
29．如图所示，小明同学做了一个小小直流电动机模型．同学们围着观看线圈的转动，一起分享着他的成果．爱动脑筋的小刚同学提出了问题：小明制作的直流电动机模型没有换向器，为什么能连续转动呢？请你帮忙解答：
（1）为了让直流电动机模型能连续转动，制作时关键要注意什么？
（2）该电动机模型为什么能持续转动？
（3）该电动机模型与实际电动机比较，运转情况有何不同？
30．在研究“水果电池电压与哪些因素有关”的实验中（如图所示）
（1）小星作出猜想：猜想一：水果电池电压与两电极间距离有关．
请你也提出两个猜想：
猜想二：水果电池电压与 有关．
猜想三：水果电池电压与 有关．
（2）为了验证猜想一是否正确，请你设计实验方案．
31．小红在学习《电能》这一节时，观察了家里的电能表，如图所示，一个月后，小红发现电能表的示数变为，
（1）那么小红家这一个月用电 kW?h．
（2）她家的空调工作时，小红观察电能表的铝盘转动100圈，则空调耗电多少度？
（3）小红想利用电能表测电视机的功率，请你帮她设计一个方案（写出简要的步骤和计算表达式）
四、应用与实践20分（7+6+7）
32．如图所示，是某商店出售的一套电源插座和插头．
（1）请你从安全用电的角度说明，该产品不符合安全用电规则的地方是什么？应该做怎样的改进？
（2）将台灯和复读机同时接入该插座中，台灯和复读机联在电路中．该插座中接入大功率的电炉时，电灯为何会变暗？
33．如图是汽车油量显示电路．水平杠杆可绕固定点转动，杠杆左边连着浮标，带动右边的变阻器滑滑片移动．油量表打开一看实际上就是一个电流表改装而成，再看变阻器R的铭牌，上面标有“80Ω1A”的字样，汽车电源电压为24伏．请你回答下列问题：
（1）当油箱向外输油时，油量表的示数将怎样变化？为什么？
（2）若电流表的量程为0﹣0.6A，为了保证电流表不超量程，保护电阻R′的最小阻值应是多少？
34．家庭电熨斗为适应不同衣料的熨烫，设计了调整温度的多档开关（分“低”、“中”、“高”三档），如图是电熨斗的电路图，通过改变1、2、3、4之间的连接情况，可使熨斗加热到所需的温度．
（1）请你说出电熨斗分别处于“低”、“中”、“高”三档时，1、2、3、4之间的连接情况是怎样的？（低档两根电阻丝串联，中档时一根电阻丝通电，高温档两根丝并联）
（2）如果两根电热丝的电阻都是48.4Ω，请你计算电熨斗分别处于“低”、“中”、“高”三档时，电熨斗的电功率分别是多少？
2016-2017学年湖北省宜昌市夷陵区研训中心九年级（上）开学物理试卷
参考答案与试题解析
一、选择题（本题共30分，每题2分）
1．电路中接有两只灯泡和一个开关，想判断它们是串联还是并联的，下列做出的判断中正确的是（ ）
A．只要闭合开关两只灯泡都发光，则两灯串联
B．用电流表分别测出它们的电流，如果电流相等，则灯泡一定是串联
C．只要把其中一只灯泡从灯座上拆下来，另一只灯也熄灭，则两灯是串联的
D．用电流表分别测出它们的电流，如果电流相等，则灯泡一定是并联
【考点】串联电路和并联电路的辨别．
【分析】根据并联和串联的特点分析判断．并联时各个用电器是相互不影响工作的，而串联时用电器是要相互影响工作的；对各个选择逐个分析，找出符合要求的选项．
【解答】解：A、串联电路中的开关控制整个电路，而并联电路中，干路中的开关也控制整个电路，故闭合开关两只灯泡都发光，则两灯可能串联，也可能并联，故A错误；
BD、串联电路中处处电流相等，并联电路中，支路电流可能相等，也可能不相等，因此用电流表分别测出它们的电流，如果电流相等，则两灯可能是串联，也可能是并联，故BD错误；
C、因为串联电路中各用电器相互影响，而并联电路中各用电器互不影响，因此把其中一只灯泡从灯座上拆下，另一只也熄灭，则两灯是串联的，故C正确．
故选C．
2．用电高峰时，家庭电路里正在工作的白炽灯变暗，这说明供给它两端的电压（ ）
A．升高了 B．没有变 C．降低了 D．不能判断
【考点】电压．
【分析】根据并联电路电流、电压和电阻的规律，结合欧姆定律和电功率进行解释．
【解答】解：由于千家万户的用电器是并联，在用电高峰时，用电器的总功率很大，干路中电流特别大，干路导线中有电阻，根据公式U=IR，可知干路导线分压大，所以到各家各户时，电压必然小于220V，造成用电器的电功率降低，所以在用电高峰期时，家庭电路的白炽灯比正常发光时要暗些．
故选C．
3．家庭电路中的保险丝不能用铜导线代替，这是由于铜导线（ ）
A．电阻率大，熔点高 B．电阻率大，熔点低
C．电阻率小，熔点高 D．电阻率小，熔点低
【考点】熔断器的作用及保险丝的选择方法．
【分析】保险丝通常安装在火线上，当电路中有过大电流通过时，保险丝发热自动熔断，切断电路，从而起到保护电路的作用．
家庭电路中保险丝若用电阻率小、熔点高的物质保险丝，则保险丝不能熔断，起不到保险作用．
【解答】解：保险丝要当电路中有过大电流通过时，保险丝发热温度快速升高到熔点自动熔化，切断电路，
根据焦耳定律Q=I2Rt可知：产生热量在相同电流时随电阻的增大而增加；所以电流达到一定值时，电阻率大的电阻产生的热量多；
为了尽快能使保险丝熔化而断开电路，则保险丝的熔点低一些才能减小加热的时间；
因此：电阻率大、熔点低的材料是制作保险丝的最好材料，应由铅制成．
故选C．
4．如图，电阻R1和滑动变阻器R2串联．当滑片P向左移动时，以下说法正确的是（ ）
A．电流表示数变大，电压表示数变大
B．电流表示数变大，电压表示数变小
C．电流表示数变小，电压表示数变大
D．电流表示数变小，电压表示数变小
【考点】欧姆定律的应用；滑动变阻器的使用．
【分析】由电路图可知，R1、R2串联，电流表测量总电流，电压表测量滑动变阻器两端的电压；当滑片P向左移动时，滑动变阻器接入电路的阻值在变小，电路总阻值也在变小，根据欧姆定律可可知电路中电流的变化，根据串联电路电阻的分压特点可知电压表示数的变化．
【解答】解：当滑片P向左移动时，接入电路的电阻变小，总阻值变小；
∵I=可知，电路中电流变大，即电流表示数变大；
∵串联电路电阻越大分得的电压越大，反之越小，
∴滑动变阻器分得的电压变小，即电压表的示数变小．
故选B．
5．某家用电器正常工作时功率约为150W，你认它应是下列哪一种用电器（ ）
A．收音机 B．电视机 C．微波炉 D．空调
【考点】电功率．
【分析】根据常见家庭用电器的额定功率进行选择，电功率为150W的用电器属于较小功率用电器．
【解答】解：A．收音机的功率约为0.08W，不符合题意；
B．电视机的功率约为150W，符合题意；
C．微波炉的功率约为1000W，不符合题意；
D．空调的功率约为2000W，不符合题意．
故选B．
6．如图给出了小明设计的楼梯照明电灯的四种控制电路，其中S1、S2分别为楼上和楼下的开关（都是单刀双掷开关）．要求拨动其中任一开关，都能改变电灯原来的发光或熄灭状态．在实际应用中最好的方案是（ ）
A． B． C． D．
【考点】家庭电路的连接．
【分析】开关控制灯泡时，火线首先进入开关，然后再进入灯泡，零线直接进入灯泡．
单刀双掷开关的动触头（也就是单刀）一定接在火线和灯泡之间．
【解答】解：A、此时电路处于断开状态，灯泡不能发光，当扳动S2时，电路还是断开状态，不能使电路闭合，灯泡不能发光．不符合题意．
B、此时电路处于断开状态，灯泡不能发光，当扳动S2时，电路处于闭合状态，灯泡发光．再扳动S1时，电路又处于断开状态，灯泡不能发光．符合题意．
C、此时电路处于闭合状态，灯泡发光，当扳动S2时，电路处于断开状态，灯泡不能发光．再扳动S1时，电路还处于断开状态，灯泡不能发光．不符合题意．
D、此时电路处于闭合状态，灯泡发光，当扳动S2时，电路处于断开状态，灯泡不能发光．再扳动S1时，电路是短路．不符合题意．
故选B．
7．常用的动圈式话筒，其工作原理是（ ）
A．通电导线在磁场中受力的作用
B．电磁感应
C．电生磁
D．地磁场的作用
【考点】动圈式话筒的构造和原理．
【分析】工作过程是：声波振动→引起膜片振动→带动线圈振动→线圈切割永久磁体的磁场产生感应电流→经放大传给扬声器．
【解答】解：动圈式话筒结构如图：
声波引起膜片振动，线圈和膜片是连在一起的，连在膜片上的线圈就一起振动，线圈在永久磁体的磁场里振动，切割磁感线产生感应电流，这就是电信号．线圈振动的快慢、强弱代表了声音振动的特征，产生感应电流的大小和方向就随着这个特征而变化，这个记载声音信号的感应电流经放大后传给扬声器，就发出声音．
根据对动圈式话筒这样的理解，可知其工作原理是电磁感应现象．
故选B．
8．停在高压电线上的小鸟不会触电是因为（ ）
A．鸟是绝缘体，所以不会触电
B．高压线外面包有一层绝缘层
C．小鸟的适应性强，耐高压
D．小鸟停在一根电线上，两爪间电压很小
【考点】电压；欧姆定律的应用．
【分析】发生触电事故是因为流过身体里的电流过大造成的，鸟没有触电说明流过鸟身体的电流很小，电压是形成电流的原因，这又说明鸟两脚间电压很小，鸟两脚间电压很小是因为导线给小鸟短路的结果．
【解答】解：由于鸟的两脚是站在同一根导线上的，导线给小鸟短路，所以两脚间电压很小，因此流过身体的电流就很小，不会发生触电事故．
故选D．
9．两只灯泡串联在电路中，其中一只灯亮，另一只不亮，原因可能是（ ）
A．两只灯泡相比较，流过不亮的灯泡的电流较小
B．不亮的灯泡的灯丝断了
C．两只灯泡相比较，亮的灯泡电阻太小
D．两只灯泡相比较，不亮的灯泡电阻太小
【考点】电路的三种状态；串联电路的电压规律．
【分析】两只灯泡串联，电流只有一条通路，有一灯亮，不可能是开路，从灯的亮度决定于其实际功率入手分析．
【解答】解：因为两灯串联在电路中，一灯亮就说明电路是通路；由P=I2R可知，当电流相同时，电阻大的实际功率大，灯较亮，由此可知不亮的灯是因为电阻太小，实际功率太小而不亮．
故选D．
10．某家庭电路中，已有两盏灯正常发光，如果再使用一个电熨斗，则该电路的（ ）
A．总电流变大 B．总电压变大 C．总电阻变大 D．总功率变小
【考点】欧姆定律的应用；并联电路的电流规律；电阻的并联；电功率的计算．
【分析】由家庭电路的连接特点可知用电器并联在电路中，则由并联电路的特点，并结合欧姆定律和电功率可知哪一个量发生了变化．
【解答】解：
A、由并联电路电流的特点可知，总电流等于两盏灯中电流加上电熨斗中的电流，故总电流变大，A符合题意．
B、两盏灯正常发光，而使用电熨斗时应并联在电路中，则电熨斗上的电压为220V，即电路两端的总电压不变，B不符合题意．
C、知道电路中的总电流变大，则由欧姆定律的公式变形R=可知，电路中的总电阻变小，C不符合题意．
D、电路两端的总电压不变，而总电流变大，则由电功率的计算公式P=UI可知，总功率变大，D不符合题意．
故选A．
11．两根完全相同的铁块A和B，如图甲所示放置时，B被吸住掉不下来；如图乙所示放置时，A不能被吸住而掉下来，此现象说明（ ）
A．A、B都是磁体 B．A、B都不是磁体
C．A是磁体，B不是磁体 D．A不是磁体，B是磁体
【考点】磁性、磁体、磁极．
【分析】磁体上不同的部位，磁性的强弱不同，可以利用磁体上磁性的强弱不同造成的磁力不同来判定金属棒磁性的有无．
【解答】解：（1）磁体上磁性最强的部分叫磁极，位于磁体的两端，磁性最弱的部分在磁体的中间，这个位置几乎没有磁性．
（2）用B的一端靠近A的中间部分时，B被吸起，由此可以确定铁棒B有磁性，不能确定A磁性的有无；若A有磁性，当用A的一端即磁性最强的部位去靠近B的中间部分时，应该吸引B，而实际上没有吸引，说明了铁棒A没有磁性．
故选D．
12．李慧同学为了测一只正在煲粥的电饭煲的实际电功率，她关闭了家中其他所有家用电器，这时她家标有“3000revs/（kW?h）”字样的电能表的转盘每分钟转过15圈，则这只电饭煲当时的实际电功率为（ ）
A．15W B．200W C．300W D．3000W
【考点】电功率与电能、时间的关系；实际功率．
【分析】题中已知电能表每分钟转过15圈，有时间、有电能表转过的圈数，所以要算这只电饭煲的实际功率，我们应该用公式P=去进行分析计算．
由公式P=可知，要算电饭煲消耗的实际电功率，我们就需要先知道电饭煲消耗的电能和工作时间．题中已知电能表每分钟转过15圈，所以电饭煲的工作时间我们可以取1分钟，接下来的关键就是要算出电饭煲在1分钟内消耗的电能．要计算电饭煲在1分钟内消耗的电能，我们可利用电能表的参数和转过的圈数进行计算，计算方法是用转过的圈数15圈除以“3000revs/（kW?h）”即可算出这只电饭煲在1分钟内消耗的电能，算出电饭煲在1分钟内消耗的电能以后，再根据公式P=，用消耗的电能除以时间就可以算出这只电饭煲当时的实际电功率．
【解答】解：这只电饭煲在1分钟内消耗的电能：W==0.005kW?h，
这只电饭煲当时的实际电功率：P===0.3kW=300W．
故选 C．
13．假设导体没有电阻，当用电器通电时，下列说法正确的是（ ）
A．白炽灯仍然能发光 B．电动机仍然能转动
C．电饭锅仍然能煮饭 D．电熨斗仍然能熨衣服
【考点】电流的热效应、化学效应和磁效应．
【分析】假设导体没有电阻，当用电器通电时，用电器不会产生电热，利用电流的热效应工作的家用电器将不能工作．
【解答】解：白炽灯、电饭锅、电熨斗都是利用电流的热效应工作的，如果导体没有电阻，当用电器通电时，用电器不会产生电热，白炽灯不能发光，电饭锅不能煮饭，电熨斗不能熨衣服．
如果导体有电阻，电动机工作时，电能转化为机械能和内能，假设导体没有电阻，当电动机通电时，电动机不会产生电热，电能全部转化为机械能，效率更高更好．
故选B．
14．一定值电阻两端的电压为4V时，电功率是1W；当这个电阻两端的电压为2V时，它的电功率为（ ）
A．1W B．2W C．0.5W D．0.25W
【考点】电功率的计算．
【分析】（1）由电阻两端的电压和电功率，利用R=计算出阻值；
（2）电阻的阻值与它的电压无关，是一定值不变，利用P=计算当电压是2V时的电功率．
【解答】解：此定值定值的阻值是：R===16Ω；
当定值电阻两端的电压为2V时，定值电阻的电功率是：P===0.25W．
故选D．
15．下列电与磁的实验中，演示发电机工作原理的是（ ）
A． B． C． D．
【考点】发电机的构造和原理．
【分析】发电机原理是电磁感应现象，即闭合电路中一部分导体在磁场中做切割磁感线运动，即发电机的原理图中没电源，有电源的实验装置图不是发电机原理图．B实验是研究通电导线周围存在着磁场，C是电磁铁的原理图，D是电动机的原理．
【解答】解：发电机的原理是电磁感应现象，即磁生电，电路中不能有电源，而题干中BCD中都有电源，故不是发电机的原理图．
故选A
二、填空题（本题共20分，每空1分）
16．一个标有“2.5V 0.3A”字样的小灯泡的电阻大约是 8.3 Ω．某同学在灯泡不发光时对它的电阻进行了测量，发现它的电阻只有2.5Ω，产生这种差异的原因是 灯丝温度高，电阻大 ．
【考点】欧姆定律的应用．
【分析】用电器正常工作时，其实际值与额定值相等，导体的电阻与温度有关．
【解答】解：根据题意，“2.5V 0.3A”字样的小灯泡的电阻：R==≈8.3Ω
灯泡的电阻与温度有关，温度越高，其阻值越大，反之越小，灯泡不发光时，温度较低，因此电阻较小．
故答案为：8.3；灯丝温度高，电阻大．
17．上晚自习时，学校各班的电灯都亮着，这时学校电路的总电阻最 小 ，干路中的电流最 大 ．
【考点】电阻的并联；欧姆定律的应用．
【分析】知道学校各班的电灯都是并联，由并联电路总电阻的特点可知，多并联一个灯，总电阻将变小，由I=可知，电流将变大．
【解答】解：学校各班的电灯工作时互不影响，是并联连接，由并联电路的电阻特点可知，并联的灯越多，电阻将越小，由I=可知，电阻减小，电流将变大．
故答案为：小；大．
18．微波的波长是10m，它的频率是 3×107Hz ．
【考点】波速、波长和频率的关系．
【分析】电磁波速是3×108m/s，知道波长和波速，根据c=λf，求出频率．
【解答】解：电磁波速是3×108m/s，
由c=λf得，
f===3×107Hz．
故答案为：3×107Hz；
19．电动机工作时，将 电 能转化为 机械 能，它是根据 通电导体在磁场中受力作用 的原理工作的．
【考点】直流电动机的原理．
【分析】电动机是根据通电导体在磁场中受力作用的原理制成，并将电能转化为机械能．
【解答】解：电动机是根据通电导体在磁场中受力作用的原理制成，并将电能转化为机械能．
故答案为：电；机械；通电导体在磁场中受力作用．
20．如图是一种常用的动圈式话筒．当你对着话筒说话时，声音使与膜片相连的线圈振动．线圈在磁场中的这种振动，能产生随着声音变化而变化的 电流 ，这是 电磁感应 现象．
【考点】动圈式话筒的构造和原理．
【分析】动圈式话筒的工作原理是：电磁感应现象的应用．工作过程是：声波振动→引起膜片振动→带动线圈振动→线圈切割永久磁体的磁场产生感应电流→经放大传给扬声器．
【解答】解：当你对着话筒说话或唱歌时，产生的声音引起膜片振动，线圈和膜片是连在一起的，连在膜片上的线圈就一起振动，线圈在磁场里的振动，会切割磁感线产生感应电流，这就是电信号．这种感应电流随着声音的变化而变化，经过放大后，这个记载声音信号的感应电流经放大后传给扬声器，就通过扬声器还原成声音．
故答案为：电流；电磁感应．
21．如图电路中，R1=10Ω、R2=20Ω，开关闭合后，电压表示数为6V，则A1的示数是 0.6 A，A2的示数是 0.9 A．5min R1消耗的电能 1080 J；R2的电功率是 1.8 W．
【考点】欧姆定律的应用；电功的计算；电功率的计算．
【分析】开关闭合后，两电阻并联，电压表测量电源电压，电流表A1测量通过电阻R1的电流，电流表A2测量总电流，通过电阻R1的电流根据公式I=可求，
通过电阻R2的电流根据公式I2=可求，电流表A2的示数等于电阻R1的电流与电阻R2的电流之和．
已知通过电阻R1的电流和电阻R1两端的电压，5minR1消耗的电能根据公式W=UIt可求．
已知R2两端的电压和通过的电流，所以R2的电功率根据公式P=UI可求．
【解答】解：通过电阻R1的电流也就是A1的示数I1===0.6A，
通过电阻R2的电流I2===0.3A，
使用电路总电流也就是A2的示数I=I1+I2=0.6A+0.3A=0.9A，
5min R1消耗的电能W=UI1t=6V×0.6A×5×60s=1080J，
R2的电功率是P=UI2=6V×0.3A=1.8W．
故答案为：0.6；0.9；1080；1.8．
22．“6V 3W”的灯泡，灯丝的电阻是 12Ω ；测得通过它的电流是0.4A，则他的电功率是 1.92 W （设灯丝电阻不变）
【考点】电功率的计算．
【分析】知道灯泡的额定电压和额定功率，根据P=UI=求出灯丝的电阻，再根据P=UI=I2R求出通过它的电流是0.4A时的电功率．
【解答】解：由P=UI=可得灯丝的电阻：
R===12Ω，
通过它的电流是0.4A时的电功率：
P′=I2R=（0.4A）2×12Ω=1.92W．
故答案为：12Ω；1.92．
23．“2.5V 0.3A“小灯泡的额定功率是 0.75 W，如果接入电路，灯泡两端的电压是2V，通过的电流0.24A，这时小灯泡的实际功率是 0.48 W．
【考点】实际功率．
【分析】知道灯泡的额定电压和额定电流，根据P=UI求出灯泡的额定功率，
已知灯泡两端的电压是2V，通过的电流0.24A，利用P实=U实I实求出通过灯泡的实际功率．
【解答】解：灯泡的额定功率：
P=UI=2.5V×0.3A=0.75W，
接入电路中，通过灯泡的实际电流是0.2A时的实际功率：
P实=U实I实=2V×0.24A=0.48W．
故答案为：0.75；0.48．
24．一个家用电能表的盘面上标有“3000r/kW?h”字样，它表示 每消耗1kW?h的电能，电能表的转盘转3000转 ．若用这个电能表测某用电器的功率时，转盘在3min内转了15转，则电流所做的功是 0.005 kW?h= 1.8×104 J，这个用电器的功率是 100 W．
【考点】电能表参数的理解与电能的求法；电功率的计算．
【分析】3000r/kW?h所表示的物理意义．3000r/kW?h表示的是电路中每消耗1kW?h的电能，电能表的转盘转3000r，或者表示电能表每转1r，电路中消耗的电能，求出转盘转15r电路中消耗的电能．然后求出用电器的功率．
【解答】解：（1）3000r/kW?h表示的是电路中每消耗1kW?h的电能，电能表的转盘转3000转．
（2）转盘转动15转消耗电能：W=
t=3min=180s
用电器的功率：P=
故答案为：每消耗1kW?h的电能，电能表的转盘转3000转；0.005；1.8×104；100．
25．奥斯特实验说明： 通电导线周围存在着磁场 ．
【考点】通电直导线周围的磁场．
【分析】要解决此题，需要掌握奥斯特实验，知道此实验证实了电流周围存在磁场．
【解答】解：奥斯特实验的内容是在平行直导线下方平行地放置着小磁针，当导线中有电流通过时，小磁针发生偏转，说明小磁针受到磁力的作用．
因此说明通电导线周围存在着磁场．
故答案为：通电导线周围存在着磁场．
三、实验与探究（本题共30分，共6小题，第23至25小题各4分，第26至28小题各6分，计30分．）
26．居民楼的楼道里，夜间楼道灯一直亮着会造成浪费．科研人员用“光敏”材料制成“光控开关”，它能在天黑时自动闭合，天亮时自动断开；利用“声敏”材料制成“声控开关”．它能在有人走动发出声音时闭合，无人走动时自动断开．请将如图的“光控开关”、“声控开关”、灯泡用笔画线代替导线正确连入电路，设计出只有在夜间且有声音时灯才亮的楼道灯自动控制电路，同时安装一个不受开关控制的三孔插座．
【考点】家庭电路的连接．
【分析】（1）由题意知，只有当“光控开关”、“声控开关”都闭合了灯才能亮，故这两个开关与灯串联，且灯接在零线与开关之间．还要注意螺丝灯口的接法：火线接入灯尾金属点，零线接入螺旋套．
（2）三孔插座的接线方法是要求“左零右火上接地”．
【解答】解：
由题意知，只有当“光控开关”、“声控开关”都闭合了灯才能亮，故这两个开关与灯串联，且火线要先过开关，再接入灯泡顶部的金属点，零线接入螺旋套；
三孔插座与灯泡并联，其接法为：左零右火上接地，如图所示：
27．用电流表和电压表测量电阻的实验电路，如图所示．为了减小误差，需要进行三次测量求平均值．请你设计一个记录数据的表格．
【考点】伏安法测电阻的探究实验；误差及其减小方法．
【分析】减小误差的方法是多次测量，求平均值．因此表格的设计既要能够将每一次测量的数据包含进去，还要体现不同的次数即多测几组．在此实验中，要明确需要测量即求得哪几个物理量，是设计表格的关键．
【解答】解：电阻的测量是一种间接测量方法，要用到欧姆定律，测量出导体两端的电压与此时对应的电流，然后求出导体的电阻及平均值．根据一个物理量占据一列，每一次实验占据一行的原则去设计表格．直接测量的物理量由：电压、电流、电阻、平均值功四个物理量．做三次实验．故设计表格见下表：
物理量
实验次数
电压U/V
电流I/A
电阻R/Ω
平均值/Ω
1
2
3
28．小明在用电炉烧水时发现电炉丝热得发红，而与它相连的导线却几乎不发热．小明猜想电阻大的，发热功率大．而小亮在用电炉烧水时观察到：将两个电阻不同的电炉分别接到家庭电路中时，电阻小的电炉发热快些，相同时间内产生的热量多些．小亮猜想电阻小的，发热功率大．小明与小亮观察到的现象似乎有矛盾，这是怎么回事？请分析说明．
【考点】焦耳定律的计算公式及其应用．
【分析】当两电阻串联时，通过的电流相等，由焦耳定律Q=I2Rt可知，在相同时间内，电阻大的产生的热量多；
当两电阻并联时，两端的电压相等，由Q=W=可知，在相同时间内，电阻小的产生的热量多；
据此分析回答．
【解答】答：
小明与小亮观察到的现象并不矛盾．
（1）使用电炉时，电炉丝与导线是串联的，通过的电流相等，由于电炉丝的电阻大，根据Q=I2Rt，在相同时间内，电炉丝产生的热量多；电阻大的电炉丝发热功率大．
（2）将两个电阻不同的电炉分别接到家庭电路中时，两根电炉丝并联，两端的电压相等，根据Q=W=，在相同时间内，电阻小的产生的热量多，即电阻小的电炉丝发热功率大．
29．如图所示，小明同学做了一个小小直流电动机模型．同学们围着观看线圈的转动，一起分享着他的成果．爱动脑筋的小刚同学提出了问题：小明制作的直流电动机模型没有换向器，为什么能连续转动呢？请你帮忙解答：
（1）为了让直流电动机模型能连续转动，制作时关键要注意什么？
（2）该电动机模型为什么能持续转动？
（3）该电动机模型与实际电动机比较，运转情况有何不同？
【考点】直流电动机的构造和工作过程．
【分析】电动机的原理是通电线圈大磁场中受力转动．由电动机的结构可知，当线圈转至平衡位置后，其受力平衡，无法再持续转动．当转过平衡位置后，电流的方向改变，其受力方向改变，也无法沿同一方向持续转动，据此找出解决办法．
【解答】答：（1）漆包线两端的漆皮，一端全部刮掉，一端只刮半周．
（2）当线圈通电后在磁场中受力转动，转过180°后断电（因为另一端漆皮只刮了半周），线圈在惯性的作用下转过了180度后，又通电转动．
（3）运转不平稳；启动时要在外力的作用下才能启动．
30．在研究“水果电池电压与哪些因素有关”的实验中（如图所示）
（1）小星作出猜想：猜想一：水果电池电压与两电极间距离有关．
请你也提出两个猜想：
猜想二：水果电池电压与 水果种类 有关．
猜想三：水果电池电压与 两电极插入水果深度 有关．
（2）为了验证猜想一是否正确，请你设计实验方案．
【考点】电压．
【分析】（1）根据如图实验，提出的问题是“水果电池电压与哪些因素有关”，结合问题要大胆做出猜想，只要合理即可；
（2）在设计探究过程时，一定要注意控制变量法的运用，每一次只改变其中的某一个因素，而控制其余几个因素不变，从而研究被改变的这个因素对水果电池电压的影响．
【解答】解：
（1）①水果电池电压与两电极间距离有关；
②水果电池电压与水果种类有关；
③水果电池电压与两电极插入水果深度有关；
④水果电池电压与水果大小有关；
（2）先把铜片插入水果中，把锌片插在离铜片较近的位置，用电压表测出两金属片之间的电压U1，再把锌片取出来，插在离铜片较远的位置，用电压表测出两金属片之间的电压U2，比较U1U2的大小，就可得出结论．
故答案为：（1）水果种类；两电极插入水果深度；（2）见解答过程．
31．小红在学习《电能》这一节时，观察了家里的电能表，如图所示，一个月后，小红发现电能表的示数变为，
（1）那么小红家这一个月用电 51 kW?h．
（2）她家的空调工作时，小红观察电能表的铝盘转动100圈，则空调耗电多少度？
（3）小红想利用电能表测电视机的功率，请你帮她设计一个方案（写出简要的步骤和计算表达式）
【考点】电功率的测量；电能表参数的理解与电能的求法．
【分析】（1）月底示数与月初示数之差就是当月消耗的电能；
（2）2500R/kW?h表示的是电路中每消耗1kW?h的电能，电能表转盘转过2500R，据此求出电能表转盘转过100圈空调消耗的电能；
（3）电路中其它用电器全部关闭，只让电视机单独工作，让其工作一段时间，用秒表记下时间，看铝盘转动n圈，求出消耗的电能，根据P=求出实际电功率．
【解答】解：（1）小红家这一个月用电：
W=82.6kW?h﹣31.6kW?h=51kW?h；
（2）电能表转盘转了100圈用电器消耗的电能：
W′=kW?h=0.04kW?h=0.04度；
（3）让家中只有电视机在工作，记下电能表的转盘在一段时间内转动的圈数n，以及所对应的这段时间tmin．
在时间tmin内消耗的电能：W″=kW?h，
电视机的功率：
P====kW．
故答案为：（1）51；（2）空调耗电0.04度；（3）方案同解答过程．
四、应用与实践20分（7+6+7）
32．如图所示，是某商店出售的一套电源插座和插头．
（1）请你从安全用电的角度说明，该产品不符合安全用电规则的地方是什么？应该做怎样的改进？
（2）将台灯和复读机同时接入该插座中，台灯和复读机联在电路中．该插座中接入大功率的电炉时，电灯为何会变暗？
【考点】安全用电原则；实际功率．
【分析】（1）按照安全用电原则对插座、插头进行检查，注意三孔插座中有一个孔是接地线的，注意插头是否与插孔中的线对应．
（2）根据欧姆定律即串联电路的电压规律分析．
【解答】解：（1）从图中可以看出，该插座中有三孔插座；根据安全用电原则，在插头和插座之间要安装接地导线，而该元件没有，因此错误之处是在插头和插座之间没有安装接地导线．
（2）导线是有电阻的，该插座中接入大功率的电炉时，干路中的电流过大，使导线分担的电压变大，电灯分担的电压减小，故电灯会变暗．
故答案为：（1）在插头和插座之间没有安装接地导线；使用三角插头．（2）电灯分担的电压减小了．
33．如图是汽车油量显示电路．水平杠杆可绕固定点转动，杠杆左边连着浮标，带动右边的变阻器滑滑片移动．油量表打开一看实际上就是一个电流表改装而成，再看变阻器R的铭牌，上面标有“80Ω1A”的字样，汽车电源电压为24伏．请你回答下列问题：
（1）当油箱向外输油时，油量表的示数将怎样变化？为什么？
（2）若电流表的量程为0﹣0.6A，为了保证电流表不超量程，保护电阻R′的最小阻值应是多少？
【考点】欧姆定律的应用；滑动变阻器的使用；电阻的串联．
【分析】（1）当油面上升或下降时，根据杠杆的转动方向确定变阻器连入电路中的电阻大小，由串联电阻的规律，根据欧姆定律确定油量表示数的变化；
（2）当变阻器连入电路中的电阻为0时，电路中电流最大，因电流表的量程为0﹣0.6A，即可确定电路允许的最大电流值，再利用欧姆定律求出保护电阻R′的最小阻值．
【解答】解：（1）当油箱向外输油时，油面下降，杠杆逆进针转动，使滑动变阻器连入电阻变大，电路中总电阻变大，由欧姆定律，电流变小，即电流表（油量表）示数变小；
（2）当变阻器连入电路中的电阻为0时，根据串联电阻的规律，电路的总电阻最小，即为保护电阻的阻值，电路中的允许的最大电流为0.6A，所以，保护电阻的阻值不能小于R′==40Ω．
答：（1）减小；当油箱向外输油时，油面下降，使滑动变阻器连入电阻变大，电路中总电阻变大，电流变小，电流表（油量表）示数变小；
（2）为了保证电流表不超量程，保护电阻R′的最小阻值应是40Ω；
34．家庭电熨斗为适应不同衣料的熨烫，设计了调整温度的多档开关（分“低”、“中”、“高”三档），如图是电熨斗的电路图，通过改变1、2、3、4之间的连接情况，可使熨斗加热到所需的温度．
（1）请你说出电熨斗分别处于“低”、“中”、“高”三档时，1、2、3、4之间的连接情况是怎样的？（低档两根电阻丝串联，中档时一根电阻丝通电，高温档两根丝并联）
（2）如果两根电热丝的电阻都是48.4Ω，请你计算电熨斗分别处于“低”、“中”、“高”三档时，电熨斗的电功率分别是多少？
【考点】电功率的计算．
【分析】（1）电路电压一定，由电功率公式P=及串并联电路特点可以分析答题．由电路图可知，两电阻并联时电阻最小，电路中只有一个电阻接入电路时电路中电阻较大，两电阻串联，电阻最大．
（2）由P=计算各档的电功率即可．
【解答】解：
（1）电源电压U一定，由电功率公式P=可知，电阻越大，电功率越小，电熨斗温度越低；
由图知，当2和4连时两电阻丝串联，电阻最大，为低温档；
当1和4连，2和3连时两电阻丝并联，电阻最小，为高温档；
当1和4连只有左边电阻丝连入电路，所以为中温档；
（2）低温档时的电功率：
P低===500W；
中温档时的功率：
P中===1000W；
高温档的功率：
P高===2×1000W=2000W．
答：（1）电熨斗处于“低”档时2和4相连，“中”档时1和4相连、“高”档时1和4连，2和3连；
（2）“低”、“中”、“高”三档时，电熨斗的电功率分别是500W、1000W、2000W．
2017年1月5日
一、选择题（本题共30分，每题2分）
1．电路中接有两只灯泡和一个开关，想判断它们是串联还是并联的，下列做出的判断中正确的是（ ）
A．只要闭合开关两只灯泡都发光，则两灯串联
B．用电流表分别测出它们的电流，如果电流相等，则灯泡一定是串联
C．只要把其中一只灯泡从灯座上拆下来，另一只灯也熄灭，则两灯是串联的
D．用电流表分别测出它们的电流，如果电流相等，则灯泡一定是并联
2．用电高峰时，家庭电路里正在工作的白炽灯变暗，这说明供给它两端的电压（ ）
A．升高了 B．没有变 C．降低了 D．不能判断
3．家庭电路中的保险丝不能用铜导线代替，这是由于铜导线（ ）
A．电阻率大，熔点高 B．电阻率大，熔点低
C．电阻率小，熔点高 D．电阻率小，熔点低
4．如图，电阻R1和滑动变阻器R2串联．当滑片P向左移动时，以下说法正确的是（ ）
A．电流表示数变大，电压表示数变大
B．电流表示数变大，电压表示数变小
C．电流表示数变小，电压表示数变大
D．电流表示数变小，电压表示数变小
5．某家用电器正常工作时功率约为150W，你认它应是下列哪一种用电器（ ）
A．收音机 B．电视机 C．微波炉 D．空调
6．如图给出了小明设计的楼梯照明电灯的四种控制电路，其中S1、S2分别为楼上和楼下的开关（都是单刀双掷开关）．要求拨动其中任一开关，都能改变电灯原来的发光或熄灭状态．在实际应用中最好的方案是（ ）
A． B． C． D．
7．常用的动圈式话筒，其工作原理是（ ）
A．通电导线在磁场中受力的作用
B．电磁感应
C．电生磁
D．地磁场的作用
8．停在高压电线上的小鸟不会触电是因为（ ）
A．鸟是绝缘体，所以不会触电
B．高压线外面包有一层绝缘层
C．小鸟的适应性强，耐高压
D．小鸟停在一根电线上，两爪间电压很小
9．两只灯泡串联在电路中，其中一只灯亮，另一只不亮，原因可能是（ ）
A．两只灯泡相比较，流过不亮的灯泡的电流较小
B．不亮的灯泡的灯丝断了
C．两只灯泡相比较，亮的灯泡电阻太小
D．两只灯泡相比较，不亮的灯泡电阻太小
10．某家庭电路中，已有两盏灯正常发光，如果再使用一个电熨斗，则该电路的（ ）
A．总电流变大 B．总电压变大 C．总电阻变大 D．总功率变小
11．两根完全相同的铁块A和B，如图甲所示放置时，B被吸住掉不下来；如图乙所示放置时，A不能被吸住而掉下来，此现象说明（ ）
A．A、B都是磁体 B．A、B都不是磁体
C．A是磁体，B不是磁体 D．A不是磁体，B是磁体
12．李慧同学为了测一只正在煲粥的电饭煲的实际电功率，她关闭了家中其他所有家用电器，这时她家标有“3000revs/（kW?h）”字样的电能表的转盘每分钟转过15圈，则这只电饭煲当时的实际电功率为（ ）
A．15W B．200W C．300W D．3000W
13．假设导体没有电阻，当用电器通电时，下列说法正确的是（ ）
A．白炽灯仍然能发光 B．电动机仍然能转动
C．电饭锅仍然能煮饭 D．电熨斗仍然能熨衣服
14．一定值电阻两端的电压为4V时，电功率是1W；当这个电阻两端的电压为2V时，它的电功率为（ ）
A．1W B．2W C．0.5W D．0.25W
15．下列电与磁的实验中，演示发电机工作原理的是（ ）
A． B． C． D．
二、填空题（本题共20分，每空1分）
16．一个标有“2.5V 0.3A”字样的小灯泡的电阻大约是 Ω．某同学在灯泡不发光时对它的电阻进行了测量，发现它的电阻只有2.5Ω，产生这种差异的原因是 ．
17．上晚自习时，学校各班的电灯都亮着，这时学校电路的总电阻最 ，干路中的电流最 ．
18．微波的波长是10m，它的频率是 ．
19．电动机工作时，将 能转化为 能，它是根据 的原理工作的．
20．如图是一种常用的动圈式话筒．当你对着话筒说话时，声音使与膜片相连的线圈振动．线圈在磁场中的这种振动，能产生随着声音变化而变化的 ，这是 现象．
21．如图电路中，R1=10Ω、R2=20Ω，开关闭合后，电压表示数为6V，则A1的示数是 A，A2的示数是 A．5min R1消耗的电能 J；R2的电功率是 W．
22．“6V 3W”的灯泡，灯丝的电阻是 ；测得通过它的电流是0.4A，则他的电功率是 W （设灯丝电阻不变）
23．“2.5V 0.3A“小灯泡的额定功率是 W，如果接入电路，灯泡两端的电压是2V，通过的电流0.24A，这时小灯泡的实际功率是 W．
24．一个家用电能表的盘面上标有“3000r/kW?h”字样，它表示 ．若用这个电能表测某用电器的功率时，转盘在3min内转了15转，则电流所做的功是 kW?h= J，这个用电器的功率是 W．
25．奥斯特实验说明： ．
三、实验与探究（本题共30分，共6小题，第23至25小题各4分，第26至28小题各6分，计30分．）
26．居民楼的楼道里，夜间楼道灯一直亮着会造成浪费．科研人员用“光敏”材料制成“光控开关”，它能在天黑时自动闭合，天亮时自动断开；利用“声敏”材料制成“声控开关”．它能在有人走动发出声音时闭合，无人走动时自动断开．请将如图的“光控开关”、“声控开关”、灯泡用笔画线代替导线正确连入电路，设计出只有在夜间且有声音时灯才亮的楼道灯自动控制电路，同时安装一个不受开关控制的三孔插座．
27．用电流表和电压表测量电阻的实验电路，如图所示．为了减小误差，需要进行三次测量求平均值．请你设计一个记录数据的表格．
28．小明在用电炉烧水时发现电炉丝热得发红，而与它相连的导线却几乎不发热．小明猜想电阻大的，发热功率大．而小亮在用电炉烧水时观察到：将两个电阻不同的电炉分别接到家庭电路中时，电阻小的电炉发热快些，相同时间内产生的热量多些．小亮猜想电阻小的，发热功率大．小明与小亮观察到的现象似乎有矛盾，这是怎么回事？请分析说明．
29．如图所示，小明同学做了一个小小直流电动机模型．同学们围着观看线圈的转动，一起分享着他的成果．爱动脑筋的小刚同学提出了问题：小明制作的直流电动机模型没有换向器，为什么能连续转动呢？请你帮忙解答：
（1）为了让直流电动机模型能连续转动，制作时关键要注意什么？
（2）该电动机模型为什么能持续转动？
（3）该电动机模型与实际电动机比较，运转情况有何不同？
30．在研究“水果电池电压与哪些因素有关”的实验中（如图所示）
（1）小星作出猜想：猜想一：水果电池电压与两电极间距离有关．
请你也提出两个猜想：
猜想二：水果电池电压与 有关．
猜想三：水果电池电压与 有关．
（2）为了验证猜想一是否正确，请你设计实验方案．
31．小红在学习《电能》这一节时，观察了家里的电能表，如图所示，一个月后，小红发现电能表的示数变为，
（1）那么小红家这一个月用电 kW?h．
（2）她家的空调工作时，小红观察电能表的铝盘转动100圈，则空调耗电多少度？
（3）小红想利用电能表测电视机的功率，请你帮她设计一个方案（写出简要的步骤和计算表达式）
四、应用与实践20分（7+6+7）
32．如图所示，是某商店出售的一套电源插座和插头．
（1）请你从安全用电的角度说明，该产品不符合安全用电规则的地方是什么？应该做怎样的改进？
（2）将台灯和复读机同时接入该插座中，台灯和复读机联在电路中．该插座中接入大功率的电炉时，电灯为何会变暗？
33．如图是汽车油量显示电路．水平杠杆可绕固定点转动，杠杆左边连着浮标，带动右边的变阻器滑滑片移动．油量表打开一看实际上就是一个电流表改装而成，再看变阻器R的铭牌，上面标有“80Ω1A”的字样，汽车电源电压为24伏．请你回答下列问题：
（1）当油箱向外输油时，油量表的示数将怎样变化？为什么？
（2）若电流表的量程为0﹣0.6A，为了保证电流表不超量程，保护电阻R′的最小阻值应是多少？
34．家庭电熨斗为适应不同衣料的熨烫，设计了调整温度的多档开关（分“低”、“中”、“高”三档），如图是电熨斗的电路图，通过改变1、2、3、4之间的连接情况，可使熨斗加热到所需的温度．
（1）请你说出电熨斗分别处于“低”、“中”、“高”三档时，1、2、3、4之间的连接情况是怎样的？（低档两根电阻丝串联，中档时一根电阻丝通电，高温档两根丝并联）
（2）如果两根电热丝的电阻都是48.4Ω，请你计算电熨斗分别处于“低”、“中”、“高”三档时，电熨斗的电功率分别是多少？
2016-2017学年湖北省宜昌市夷陵区研训中心九年级（上）开学物理试卷
参考答案与试题解析
一、选择题（本题共30分，每题2分）
1．电路中接有两只灯泡和一个开关，想判断它们是串联还是并联的，下列做出的判断中正确的是（ ）
A．只要闭合开关两只灯泡都发光，则两灯串联
B．用电流表分别测出它们的电流，如果电流相等，则灯泡一定是串联
C．只要把其中一只灯泡从灯座上拆下来，另一只灯也熄灭，则两灯是串联的
D．用电流表分别测出它们的电流，如果电流相等，则灯泡一定是并联
【考点】串联电路和并联电路的辨别．
【分析】根据并联和串联的特点分析判断．并联时各个用电器是相互不影响工作的，而串联时用电器是要相互影响工作的；对各个选择逐个分析，找出符合要求的选项．
【解答】解：A、串联电路中的开关控制整个电路，而并联电路中，干路中的开关也控制整个电路，故闭合开关两只灯泡都发光，则两灯可能串联，也可能并联，故A错误；
BD、串联电路中处处电流相等，并联电路中，支路电流可能相等，也可能不相等，因此用电流表分别测出它们的电流，如果电流相等，则两灯可能是串联，也可能是并联，故BD错误；
C、因为串联电路中各用电器相互影响，而并联电路中各用电器互不影响，因此把其中一只灯泡从灯座上拆下，另一只也熄灭，则两灯是串联的，故C正确．
故选C．
2．用电高峰时，家庭电路里正在工作的白炽灯变暗，这说明供给它两端的电压（ ）
A．升高了 B．没有变 C．降低了 D．不能判断
【考点】电压．
【分析】根据并联电路电流、电压和电阻的规律，结合欧姆定律和电功率进行解释．
【解答】解：由于千家万户的用电器是并联，在用电高峰时，用电器的总功率很大，干路中电流特别大，干路导线中有电阻，根据公式U=IR，可知干路导线分压大，所以到各家各户时，电压必然小于220V，造成用电器的电功率降低，所以在用电高峰期时，家庭电路的白炽灯比正常发光时要暗些．
故选C．
3．家庭电路中的保险丝不能用铜导线代替，这是由于铜导线（ ）
A．电阻率大，熔点高 B．电阻率大，熔点低
C．电阻率小，熔点高 D．电阻率小，熔点低
【考点】熔断器的作用及保险丝的选择方法．
【分析】保险丝通常安装在火线上，当电路中有过大电流通过时，保险丝发热自动熔断，切断电路，从而起到保护电路的作用．
家庭电路中保险丝若用电阻率小、熔点高的物质保险丝，则保险丝不能熔断，起不到保险作用．
【解答】解：保险丝要当电路中有过大电流通过时，保险丝发热温度快速升高到熔点自动熔化，切断电路，
根据焦耳定律Q=I2Rt可知：产生热量在相同电流时随电阻的增大而增加；所以电流达到一定值时，电阻率大的电阻产生的热量多；
为了尽快能使保险丝熔化而断开电路，则保险丝的熔点低一些才能减小加热的时间；
因此：电阻率大、熔点低的材料是制作保险丝的最好材料，应由铅制成．
故选C．
4．如图，电阻R1和滑动变阻器R2串联．当滑片P向左移动时，以下说法正确的是（ ）
A．电流表示数变大，电压表示数变大
B．电流表示数变大，电压表示数变小
C．电流表示数变小，电压表示数变大
D．电流表示数变小，电压表示数变小
【考点】欧姆定律的应用；滑动变阻器的使用．
【分析】由电路图可知，R1、R2串联，电流表测量总电流，电压表测量滑动变阻器两端的电压；当滑片P向左移动时，滑动变阻器接入电路的阻值在变小，电路总阻值也在变小，根据欧姆定律可可知电路中电流的变化，根据串联电路电阻的分压特点可知电压表示数的变化．
【解答】解：当滑片P向左移动时，接入电路的电阻变小，总阻值变小；
∵I=可知，电路中电流变大，即电流表示数变大；
∵串联电路电阻越大分得的电压越大，反之越小，
∴滑动变阻器分得的电压变小，即电压表的示数变小．
故选B．
5．某家用电器正常工作时功率约为150W，你认它应是下列哪一种用电器（ ）
A．收音机 B．电视机 C．微波炉 D．空调
【考点】电功率．
【分析】根据常见家庭用电器的额定功率进行选择，电功率为150W的用电器属于较小功率用电器．
【解答】解：A．收音机的功率约为0.08W，不符合题意；
B．电视机的功率约为150W，符合题意；
C．微波炉的功率约为1000W，不符合题意；
D．空调的功率约为2000W，不符合题意．
故选B．
6．如图给出了小明设计的楼梯照明电灯的四种控制电路，其中S1、S2分别为楼上和楼下的开关（都是单刀双掷开关）．要求拨动其中任一开关，都能改变电灯原来的发光或熄灭状态．在实际应用中最好的方案是（ ）
A． B． C． D．
【考点】家庭电路的连接．
【分析】开关控制灯泡时，火线首先进入开关，然后再进入灯泡，零线直接进入灯泡．
单刀双掷开关的动触头（也就是单刀）一定接在火线和灯泡之间．
【解答】解：A、此时电路处于断开状态，灯泡不能发光，当扳动S2时，电路还是断开状态，不能使电路闭合，灯泡不能发光．不符合题意．
B、此时电路处于断开状态，灯泡不能发光，当扳动S2时，电路处于闭合状态，灯泡发光．再扳动S1时，电路又处于断开状态，灯泡不能发光．符合题意．
C、此时电路处于闭合状态，灯泡发光，当扳动S2时，电路处于断开状态，灯泡不能发光．再扳动S1时，电路还处于断开状态，灯泡不能发光．不符合题意．
D、此时电路处于闭合状态，灯泡发光，当扳动S2时，电路处于断开状态，灯泡不能发光．再扳动S1时，电路是短路．不符合题意．
故选B．
7．常用的动圈式话筒，其工作原理是（ ）
A．通电导线在磁场中受力的作用
B．电磁感应
C．电生磁
D．地磁场的作用
【考点】动圈式话筒的构造和原理．
【分析】工作过程是：声波振动→引起膜片振动→带动线圈振动→线圈切割永久磁体的磁场产生感应电流→经放大传给扬声器．
【解答】解：动圈式话筒结构如图：
声波引起膜片振动，线圈和膜片是连在一起的，连在膜片上的线圈就一起振动，线圈在永久磁体的磁场里振动，切割磁感线产生感应电流，这就是电信号．线圈振动的快慢、强弱代表了声音振动的特征，产生感应电流的大小和方向就随着这个特征而变化，这个记载声音信号的感应电流经放大后传给扬声器，就发出声音．
根据对动圈式话筒这样的理解，可知其工作原理是电磁感应现象．
故选B．
8．停在高压电线上的小鸟不会触电是因为（ ）
A．鸟是绝缘体，所以不会触电
B．高压线外面包有一层绝缘层
C．小鸟的适应性强，耐高压
D．小鸟停在一根电线上，两爪间电压很小
【考点】电压；欧姆定律的应用．
【分析】发生触电事故是因为流过身体里的电流过大造成的，鸟没有触电说明流过鸟身体的电流很小，电压是形成电流的原因，这又说明鸟两脚间电压很小，鸟两脚间电压很小是因为导线给小鸟短路的结果．
【解答】解：由于鸟的两脚是站在同一根导线上的，导线给小鸟短路，所以两脚间电压很小，因此流过身体的电流就很小，不会发生触电事故．
故选D．
9．两只灯泡串联在电路中，其中一只灯亮，另一只不亮，原因可能是（ ）
A．两只灯泡相比较，流过不亮的灯泡的电流较小
B．不亮的灯泡的灯丝断了
C．两只灯泡相比较，亮的灯泡电阻太小
D．两只灯泡相比较，不亮的灯泡电阻太小
【考点】电路的三种状态；串联电路的电压规律．
【分析】两只灯泡串联，电流只有一条通路，有一灯亮，不可能是开路，从灯的亮度决定于其实际功率入手分析．
【解答】解：因为两灯串联在电路中，一灯亮就说明电路是通路；由P=I2R可知，当电流相同时，电阻大的实际功率大，灯较亮，由此可知不亮的灯是因为电阻太小，实际功率太小而不亮．
故选D．
10．某家庭电路中，已有两盏灯正常发光，如果再使用一个电熨斗，则该电路的（ ）
A．总电流变大 B．总电压变大 C．总电阻变大 D．总功率变小
【考点】欧姆定律的应用；并联电路的电流规律；电阻的并联；电功率的计算．
【分析】由家庭电路的连接特点可知用电器并联在电路中，则由并联电路的特点，并结合欧姆定律和电功率可知哪一个量发生了变化．
【解答】解：
A、由并联电路电流的特点可知，总电流等于两盏灯中电流加上电熨斗中的电流，故总电流变大，A符合题意．
B、两盏灯正常发光，而使用电熨斗时应并联在电路中，则电熨斗上的电压为220V，即电路两端的总电压不变，B不符合题意．
C、知道电路中的总电流变大，则由欧姆定律的公式变形R=可知，电路中的总电阻变小，C不符合题意．
D、电路两端的总电压不变，而总电流变大，则由电功率的计算公式P=UI可知，总功率变大，D不符合题意．
故选A．
11．两根完全相同的铁块A和B，如图甲所示放置时，B被吸住掉不下来；如图乙所示放置时，A不能被吸住而掉下来，此现象说明（ ）
A．A、B都是磁体 B．A、B都不是磁体
C．A是磁体，B不是磁体 D．A不是磁体，B是磁体
【考点】磁性、磁体、磁极．
【分析】磁体上不同的部位，磁性的强弱不同，可以利用磁体上磁性的强弱不同造成的磁力不同来判定金属棒磁性的有无．
【解答】解：（1）磁体上磁性最强的部分叫磁极，位于磁体的两端，磁性最弱的部分在磁体的中间，这个位置几乎没有磁性．
（2）用B的一端靠近A的中间部分时，B被吸起，由此可以确定铁棒B有磁性，不能确定A磁性的有无；若A有磁性，当用A的一端即磁性最强的部位去靠近B的中间部分时，应该吸引B，而实际上没有吸引，说明了铁棒A没有磁性．
故选D．
12．李慧同学为了测一只正在煲粥的电饭煲的实际电功率，她关闭了家中其他所有家用电器，这时她家标有“3000revs/（kW?h）”字样的电能表的转盘每分钟转过15圈，则这只电饭煲当时的实际电功率为（ ）
A．15W B．200W C．300W D．3000W
【考点】电功率与电能、时间的关系；实际功率．
【分析】题中已知电能表每分钟转过15圈，有时间、有电能表转过的圈数，所以要算这只电饭煲的实际功率，我们应该用公式P=去进行分析计算．
由公式P=可知，要算电饭煲消耗的实际电功率，我们就需要先知道电饭煲消耗的电能和工作时间．题中已知电能表每分钟转过15圈，所以电饭煲的工作时间我们可以取1分钟，接下来的关键就是要算出电饭煲在1分钟内消耗的电能．要计算电饭煲在1分钟内消耗的电能，我们可利用电能表的参数和转过的圈数进行计算，计算方法是用转过的圈数15圈除以“3000revs/（kW?h）”即可算出这只电饭煲在1分钟内消耗的电能，算出电饭煲在1分钟内消耗的电能以后，再根据公式P=，用消耗的电能除以时间就可以算出这只电饭煲当时的实际电功率．
【解答】解：这只电饭煲在1分钟内消耗的电能：W==0.005kW?h，
这只电饭煲当时的实际电功率：P===0.3kW=300W．
故选 C．
13．假设导体没有电阻，当用电器通电时，下列说法正确的是（ ）
A．白炽灯仍然能发光 B．电动机仍然能转动
C．电饭锅仍然能煮饭 D．电熨斗仍然能熨衣服
【考点】电流的热效应、化学效应和磁效应．
【分析】假设导体没有电阻，当用电器通电时，用电器不会产生电热，利用电流的热效应工作的家用电器将不能工作．
【解答】解：白炽灯、电饭锅、电熨斗都是利用电流的热效应工作的，如果导体没有电阻，当用电器通电时，用电器不会产生电热，白炽灯不能发光，电饭锅不能煮饭，电熨斗不能熨衣服．
如果导体有电阻，电动机工作时，电能转化为机械能和内能，假设导体没有电阻，当电动机通电时，电动机不会产生电热，电能全部转化为机械能，效率更高更好．
故选B．
14．一定值电阻两端的电压为4V时，电功率是1W；当这个电阻两端的电压为2V时，它的电功率为（ ）
A．1W B．2W C．0.5W D．0.25W
【考点】电功率的计算．
【分析】（1）由电阻两端的电压和电功率，利用R=计算出阻值；
（2）电阻的阻值与它的电压无关，是一定值不变，利用P=计算当电压是2V时的电功率．
【解答】解：此定值定值的阻值是：R===16Ω；
当定值电阻两端的电压为2V时，定值电阻的电功率是：P===0.25W．
故选D．
15．下列电与磁的实验中，演示发电机工作原理的是（ ）
A． B． C． D．
【考点】发电机的构造和原理．
【分析】发电机原理是电磁感应现象，即闭合电路中一部分导体在磁场中做切割磁感线运动，即发电机的原理图中没电源，有电源的实验装置图不是发电机原理图．B实验是研究通电导线周围存在着磁场，C是电磁铁的原理图，D是电动机的原理．
【解答】解：发电机的原理是电磁感应现象，即磁生电，电路中不能有电源，而题干中BCD中都有电源，故不是发电机的原理图．
故选A
二、填空题（本题共20分，每空1分）
16．一个标有“2.5V 0.3A”字样的小灯泡的电阻大约是 8.3 Ω．某同学在灯泡不发光时对它的电阻进行了测量，发现它的电阻只有2.5Ω，产生这种差异的原因是 灯丝温度高，电阻大 ．
【考点】欧姆定律的应用．
【分析】用电器正常工作时，其实际值与额定值相等，导体的电阻与温度有关．
【解答】解：根据题意，“2.5V 0.3A”字样的小灯泡的电阻：R==≈8.3Ω
灯泡的电阻与温度有关，温度越高，其阻值越大，反之越小，灯泡不发光时，温度较低，因此电阻较小．
故答案为：8.3；灯丝温度高，电阻大．
17．上晚自习时，学校各班的电灯都亮着，这时学校电路的总电阻最 小 ，干路中的电流最 大 ．
【考点】电阻的并联；欧姆定律的应用．
【分析】知道学校各班的电灯都是并联，由并联电路总电阻的特点可知，多并联一个灯，总电阻将变小，由I=可知，电流将变大．
【解答】解：学校各班的电灯工作时互不影响，是并联连接，由并联电路的电阻特点可知，并联的灯越多，电阻将越小，由I=可知，电阻减小，电流将变大．
故答案为：小；大．
18．微波的波长是10m，它的频率是 3×107Hz ．
【考点】波速、波长和频率的关系．
【分析】电磁波速是3×108m/s，知道波长和波速，根据c=λf，求出频率．
【解答】解：电磁波速是3×108m/s，
由c=λf得，
f===3×107Hz．
故答案为：3×107Hz；
19．电动机工作时，将 电 能转化为 机械 能，它是根据 通电导体在磁场中受力作用 的原理工作的．
【考点】直流电动机的原理．
【分析】电动机是根据通电导体在磁场中受力作用的原理制成，并将电能转化为机械能．
【解答】解：电动机是根据通电导体在磁场中受力作用的原理制成，并将电能转化为机械能．
故答案为：电；机械；通电导体在磁场中受力作用．
20．如图是一种常用的动圈式话筒．当你对着话筒说话时，声音使与膜片相连的线圈振动．线圈在磁场中的这种振动，能产生随着声音变化而变化的 电流 ，这是 电磁感应 现象．
【考点】动圈式话筒的构造和原理．
【分析】动圈式话筒的工作原理是：电磁感应现象的应用．工作过程是：声波振动→引起膜片振动→带动线圈振动→线圈切割永久磁体的磁场产生感应电流→经放大传给扬声器．
【解答】解：当你对着话筒说话或唱歌时，产生的声音引起膜片振动，线圈和膜片是连在一起的，连在膜片上的线圈就一起振动，线圈在磁场里的振动，会切割磁感线产生感应电流，这就是电信号．这种感应电流随着声音的变化而变化，经过放大后，这个记载声音信号的感应电流经放大后传给扬声器，就通过扬声器还原成声音．
故答案为：电流；电磁感应．
21．如图电路中，R1=10Ω、R2=20Ω，开关闭合后，电压表示数为6V，则A1的示数是 0.6 A，A2的示数是 0.9 A．5min R1消耗的电能 1080 J；R2的电功率是 1.8 W．
【考点】欧姆定律的应用；电功的计算；电功率的计算．
【分析】开关闭合后，两电阻并联，电压表测量电源电压，电流表A1测量通过电阻R1的电流，电流表A2测量总电流，通过电阻R1的电流根据公式I=可求，
通过电阻R2的电流根据公式I2=可求，电流表A2的示数等于电阻R1的电流与电阻R2的电流之和．
已知通过电阻R1的电流和电阻R1两端的电压，5minR1消耗的电能根据公式W=UIt可求．
已知R2两端的电压和通过的电流，所以R2的电功率根据公式P=UI可求．
【解答】解：通过电阻R1的电流也就是A1的示数I1===0.6A，
通过电阻R2的电流I2===0.3A，
使用电路总电流也就是A2的示数I=I1+I2=0.6A+0.3A=0.9A，
5min R1消耗的电能W=UI1t=6V×0.6A×5×60s=1080J，
R2的电功率是P=UI2=6V×0.3A=1.8W．
故答案为：0.6；0.9；1080；1.8．
22．“6V 3W”的灯泡，灯丝的电阻是 12Ω ；测得通过它的电流是0.4A，则他的电功率是 1.92 W （设灯丝电阻不变）
【考点】电功率的计算．
【分析】知道灯泡的额定电压和额定功率，根据P=UI=求出灯丝的电阻，再根据P=UI=I2R求出通过它的电流是0.4A时的电功率．
【解答】解：由P=UI=可得灯丝的电阻：
R===12Ω，
通过它的电流是0.4A时的电功率：
P′=I2R=（0.4A）2×12Ω=1.92W．
故答案为：12Ω；1.92．
23．“2.5V 0.3A“小灯泡的额定功率是 0.75 W，如果接入电路，灯泡两端的电压是2V，通过的电流0.24A，这时小灯泡的实际功率是 0.48 W．
【考点】实际功率．
【分析】知道灯泡的额定电压和额定电流，根据P=UI求出灯泡的额定功率，
已知灯泡两端的电压是2V，通过的电流0.24A，利用P实=U实I实求出通过灯泡的实际功率．
【解答】解：灯泡的额定功率：
P=UI=2.5V×0.3A=0.75W，
接入电路中，通过灯泡的实际电流是0.2A时的实际功率：
P实=U实I实=2V×0.24A=0.48W．
故答案为：0.75；0.48．
24．一个家用电能表的盘面上标有“3000r/kW?h”字样，它表示 每消耗1kW?h的电能，电能表的转盘转3000转 ．若用这个电能表测某用电器的功率时，转盘在3min内转了15转，则电流所做的功是 0.005 kW?h= 1.8×104 J，这个用电器的功率是 100 W．
【考点】电能表参数的理解与电能的求法；电功率的计算．
【分析】3000r/kW?h所表示的物理意义．3000r/kW?h表示的是电路中每消耗1kW?h的电能，电能表的转盘转3000r，或者表示电能表每转1r，电路中消耗的电能，求出转盘转15r电路中消耗的电能．然后求出用电器的功率．
【解答】解：（1）3000r/kW?h表示的是电路中每消耗1kW?h的电能，电能表的转盘转3000转．
（2）转盘转动15转消耗电能：W=
t=3min=180s
用电器的功率：P=
故答案为：每消耗1kW?h的电能，电能表的转盘转3000转；0.005；1.8×104；100．
25．奥斯特实验说明： 通电导线周围存在着磁场 ．
【考点】通电直导线周围的磁场．
【分析】要解决此题，需要掌握奥斯特实验，知道此实验证实了电流周围存在磁场．
【解答】解：奥斯特实验的内容是在平行直导线下方平行地放置着小磁针，当导线中有电流通过时，小磁针发生偏转，说明小磁针受到磁力的作用．
因此说明通电导线周围存在着磁场．
故答案为：通电导线周围存在着磁场．
三、实验与探究（本题共30分，共6小题，第23至25小题各4分，第26至28小题各6分，计30分．）
26．居民楼的楼道里，夜间楼道灯一直亮着会造成浪费．科研人员用“光敏”材料制成“光控开关”，它能在天黑时自动闭合，天亮时自动断开；利用“声敏”材料制成“声控开关”．它能在有人走动发出声音时闭合，无人走动时自动断开．请将如图的“光控开关”、“声控开关”、灯泡用笔画线代替导线正确连入电路，设计出只有在夜间且有声音时灯才亮的楼道灯自动控制电路，同时安装一个不受开关控制的三孔插座．
【考点】家庭电路的连接．
【分析】（1）由题意知，只有当“光控开关”、“声控开关”都闭合了灯才能亮，故这两个开关与灯串联，且灯接在零线与开关之间．还要注意螺丝灯口的接法：火线接入灯尾金属点，零线接入螺旋套．
（2）三孔插座的接线方法是要求“左零右火上接地”．
【解答】解：
由题意知，只有当“光控开关”、“声控开关”都闭合了灯才能亮，故这两个开关与灯串联，且火线要先过开关，再接入灯泡顶部的金属点，零线接入螺旋套；
三孔插座与灯泡并联，其接法为：左零右火上接地，如图所示：
27．用电流表和电压表测量电阻的实验电路，如图所示．为了减小误差，需要进行三次测量求平均值．请你设计一个记录数据的表格．
【考点】伏安法测电阻的探究实验；误差及其减小方法．
【分析】减小误差的方法是多次测量，求平均值．因此表格的设计既要能够将每一次测量的数据包含进去，还要体现不同的次数即多测几组．在此实验中，要明确需要测量即求得哪几个物理量，是设计表格的关键．
【解答】解：电阻的测量是一种间接测量方法，要用到欧姆定律，测量出导体两端的电压与此时对应的电流，然后求出导体的电阻及平均值．根据一个物理量占据一列，每一次实验占据一行的原则去设计表格．直接测量的物理量由：电压、电流、电阻、平均值功四个物理量．做三次实验．故设计表格见下表：
物理量
实验次数
电压U/V
电流I/A
电阻R/Ω
平均值/Ω
1
2
3
28．小明在用电炉烧水时发现电炉丝热得发红，而与它相连的导线却几乎不发热．小明猜想电阻大的，发热功率大．而小亮在用电炉烧水时观察到：将两个电阻不同的电炉分别接到家庭电路中时，电阻小的电炉发热快些，相同时间内产生的热量多些．小亮猜想电阻小的，发热功率大．小明与小亮观察到的现象似乎有矛盾，这是怎么回事？请分析说明．
【考点】焦耳定律的计算公式及其应用．
【分析】当两电阻串联时，通过的电流相等，由焦耳定律Q=I2Rt可知，在相同时间内，电阻大的产生的热量多；
当两电阻并联时，两端的电压相等，由Q=W=可知，在相同时间内，电阻小的产生的热量多；
据此分析回答．
【解答】答：
小明与小亮观察到的现象并不矛盾．
（1）使用电炉时，电炉丝与导线是串联的，通过的电流相等，由于电炉丝的电阻大，根据Q=I2Rt，在相同时间内，电炉丝产生的热量多；电阻大的电炉丝发热功率大．
（2）将两个电阻不同的电炉分别接到家庭电路中时，两根电炉丝并联，两端的电压相等，根据Q=W=，在相同时间内，电阻小的产生的热量多，即电阻小的电炉丝发热功率大．
29．如图所示，小明同学做了一个小小直流电动机模型．同学们围着观看线圈的转动，一起分享着他的成果．爱动脑筋的小刚同学提出了问题：小明制作的直流电动机模型没有换向器，为什么能连续转动呢？请你帮忙解答：
（1）为了让直流电动机模型能连续转动，制作时关键要注意什么？
（2）该电动机模型为什么能持续转动？
（3）该电动机模型与实际电动机比较，运转情况有何不同？
【考点】直流电动机的构造和工作过程．
【分析】电动机的原理是通电线圈大磁场中受力转动．由电动机的结构可知，当线圈转至平衡位置后，其受力平衡，无法再持续转动．当转过平衡位置后，电流的方向改变，其受力方向改变，也无法沿同一方向持续转动，据此找出解决办法．
【解答】答：（1）漆包线两端的漆皮，一端全部刮掉，一端只刮半周．
（2）当线圈通电后在磁场中受力转动，转过180°后断电（因为另一端漆皮只刮了半周），线圈在惯性的作用下转过了180度后，又通电转动．
（3）运转不平稳；启动时要在外力的作用下才能启动．
30．在研究“水果电池电压与哪些因素有关”的实验中（如图所示）
（1）小星作出猜想：猜想一：水果电池电压与两电极间距离有关．
请你也提出两个猜想：
猜想二：水果电池电压与 水果种类 有关．
猜想三：水果电池电压与 两电极插入水果深度 有关．
（2）为了验证猜想一是否正确，请你设计实验方案．
【考点】电压．
【分析】（1）根据如图实验，提出的问题是“水果电池电压与哪些因素有关”，结合问题要大胆做出猜想，只要合理即可；
（2）在设计探究过程时，一定要注意控制变量法的运用，每一次只改变其中的某一个因素，而控制其余几个因素不变，从而研究被改变的这个因素对水果电池电压的影响．
【解答】解：
（1）①水果电池电压与两电极间距离有关；
②水果电池电压与水果种类有关；
③水果电池电压与两电极插入水果深度有关；
④水果电池电压与水果大小有关；
（2）先把铜片插入水果中，把锌片插在离铜片较近的位置，用电压表测出两金属片之间的电压U1，再把锌片取出来，插在离铜片较远的位置，用电压表测出两金属片之间的电压U2，比较U1U2的大小，就可得出结论．
故答案为：（1）水果种类；两电极插入水果深度；（2）见解答过程．
31．小红在学习《电能》这一节时，观察了家里的电能表，如图所示，一个月后，小红发现电能表的示数变为，
（1）那么小红家这一个月用电 51 kW?h．
（2）她家的空调工作时，小红观察电能表的铝盘转动100圈，则空调耗电多少度？
（3）小红想利用电能表测电视机的功率，请你帮她设计一个方案（写出简要的步骤和计算表达式）
【考点】电功率的测量；电能表参数的理解与电能的求法．
【分析】（1）月底示数与月初示数之差就是当月消耗的电能；
（2）2500R/kW?h表示的是电路中每消耗1kW?h的电能，电能表转盘转过2500R，据此求出电能表转盘转过100圈空调消耗的电能；
（3）电路中其它用电器全部关闭，只让电视机单独工作，让其工作一段时间，用秒表记下时间，看铝盘转动n圈，求出消耗的电能，根据P=求出实际电功率．
【解答】解：（1）小红家这一个月用电：
W=82.6kW?h﹣31.6kW?h=51kW?h；
（2）电能表转盘转了100圈用电器消耗的电能：
W′=kW?h=0.04kW?h=0.04度；
（3）让家中只有电视机在工作，记下电能表的转盘在一段时间内转动的圈数n，以及所对应的这段时间tmin．
在时间tmin内消耗的电能：W″=kW?h，
电视机的功率：
P====kW．
故答案为：（1）51；（2）空调耗电0.04度；（3）方案同解答过程．
四、应用与实践20分（7+6+7）
32．如图所示，是某商店出售的一套电源插座和插头．
（1）请你从安全用电的角度说明，该产品不符合安全用电规则的地方是什么？应该做怎样的改进？
（2）将台灯和复读机同时接入该插座中，台灯和复读机联在电路中．该插座中接入大功率的电炉时，电灯为何会变暗？
【考点】安全用电原则；实际功率．
【分析】（1）按照安全用电原则对插座、插头进行检查，注意三孔插座中有一个孔是接地线的，注意插头是否与插孔中的线对应．
（2）根据欧姆定律即串联电路的电压规律分析．
【解答】解：（1）从图中可以看出，该插座中有三孔插座；根据安全用电原则，在插头和插座之间要安装接地导线，而该元件没有，因此错误之处是在插头和插座之间没有安装接地导线．
（2）导线是有电阻的，该插座中接入大功率的电炉时，干路中的电流过大，使导线分担的电压变大，电灯分担的电压减小，故电灯会变暗．
故答案为：（1）在插头和插座之间没有安装接地导线；使用三角插头．（2）电灯分担的电压减小了．
33．如图是汽车油量显示电路．水平杠杆可绕固定点转动，杠杆左边连着浮标，带动右边的变阻器滑滑片移动．油量表打开一看实际上就是一个电流表改装而成，再看变阻器R的铭牌，上面标有“80Ω1A”的字样，汽车电源电压为24伏．请你回答下列问题：
（1）当油箱向外输油时，油量表的示数将怎样变化？为什么？
（2）若电流表的量程为0﹣0.6A，为了保证电流表不超量程，保护电阻R′的最小阻值应是多少？
【考点】欧姆定律的应用；滑动变阻器的使用；电阻的串联．
【分析】（1）当油面上升或下降时，根据杠杆的转动方向确定变阻器连入电路中的电阻大小，由串联电阻的规律，根据欧姆定律确定油量表示数的变化；
（2）当变阻器连入电路中的电阻为0时，电路中电流最大，因电流表的量程为0﹣0.6A，即可确定电路允许的最大电流值，再利用欧姆定律求出保护电阻R′的最小阻值．
【解答】解：（1）当油箱向外输油时，油面下降，杠杆逆进针转动，使滑动变阻器连入电阻变大，电路中总电阻变大，由欧姆定律，电流变小，即电流表（油量表）示数变小；
（2）当变阻器连入电路中的电阻为0时，根据串联电阻的规律，电路的总电阻最小，即为保护电阻的阻值，电路中的允许的最大电流为0.6A，所以，保护电阻的阻值不能小于R′==40Ω．
答：（1）减小；当油箱向外输油时，油面下降，使滑动变阻器连入电阻变大，电路中总电阻变大，电流变小，电流表（油量表）示数变小；
（2）为了保证电流表不超量程，保护电阻R′的最小阻值应是40Ω；
34．家庭电熨斗为适应不同衣料的熨烫，设计了调整温度的多档开关（分“低”、“中”、“高”三档），如图是电熨斗的电路图，通过改变1、2、3、4之间的连接情况，可使熨斗加热到所需的温度．
（1）请你说出电熨斗分别处于“低”、“中”、“高”三档时，1、2、3、4之间的连接情况是怎样的？（低档两根电阻丝串联，中档时一根电阻丝通电，高温档两根丝并联）
（2）如果两根电热丝的电阻都是48.4Ω，请你计算电熨斗分别处于“低”、“中”、“高”三档时，电熨斗的电功率分别是多少？
【考点】电功率的计算．
【分析】（1）电路电压一定，由电功率公式P=及串并联电路特点可以分析答题．由电路图可知，两电阻并联时电阻最小，电路中只有一个电阻接入电路时电路中电阻较大，两电阻串联，电阻最大．
（2）由P=计算各档的电功率即可．
【解答】解：
（1）电源电压U一定，由电功率公式P=可知，电阻越大，电功率越小，电熨斗温度越低；
由图知，当2和4连时两电阻丝串联，电阻最大，为低温档；
当1和4连，2和3连时两电阻丝并联，电阻最小，为高温档；
当1和4连只有左边电阻丝连入电路，所以为中温档；
（2）低温档时的电功率：
P低===500W；
中温档时的功率：
P中===1000W；
高温档的功率：
P高===2×1000W=2000W．
答：（1）电熨斗处于“低”档时2和4相连，“中”档时1和4相连、“高”档时1和4连，2和3连；
（2）“低”、“中”、“高”三档时，电熨斗的电功率分别是500W、1000W、2000W．
2017年1月5日
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