12.2 根据欧姆定律测量导体的电阻 同步练习（一）（含解析）

《根据欧姆定律测量导体的电阻》
同步练习
基础题
一、单选题：
1.如图是四位同学设计的用伏安法测电阻R的电路图，其中正确的是（　　）

A B C D
2.在“用伏安法测电阻”的实验中，下列注意事项中，没有必要的是 （　　）
A. 接电路时，先断开开关B. 应从电源的正极开始连线，开关应靠近电源的正极C. 在无法估计被测电阻大小时，电流表、电压表应选用较大的量程D. 将变阻器连入电路时，滑片应放在变阻器阻值最大的位置上
3.在科学实验时，为了减小误差或寻找普遍规律，经常需要进行反复多次实验。①“测量物体的长度”时，多次测量②“研究杠杆的平衡”时，改变动力（臂）和阻力（臂），多次测量③“研究串、并联电路的电流特点”时，换用不同定值电阻，多次测量④“用电压表和电流表测导体的电阻”时，多次测量电阻两端电压和通过电阻的电流值上述实验中寻找普遍规律的是（　　）
A. ①② B. ①③ C. ②③ D. ②④
4.某同学在做“用伏安法测电阻”实验时，误将电流表和电压表位置调换了位置，闭合开关S后，下列现象中会发生的是（　　）
A. 电压表烧坏 B. 电流表烧坏 C. 小灯泡烧坏 D. 小灯泡不亮
二、填空题：
5.在“伏安法”测电阻的实验中，正确连接电路并闭合开关后，电压表和电流表的示数如图所示。则加在电阻两端的电压为______V，通过电阻的电流为______A，电阻的阻值为______Ω。
6.在用伏安法测量电阻的实验中，连接电路时，开关应处于______状态；若电流表、电压表的示数如图所示，则被测电阻的阻值是______Ω。
7.运用欧姆定律测量电阻的方法叫做“______ ”，这种方法测量电阻的原理：______ 。该实验要求多次测量的目的是______ 。
8.用“伏安法”测量电阻时，首先通过测量末知电阻两端的______ ?和通过该电阻的______ ，然后应用______ ?算出电阻的大小。
能力题
一、单选题：
1.在“伏安法测电阻”的实验中，关于滑动变阻器作用的下列说法中正确的是（　　）
A. 控制电源的电压，以免损坏电压表B. 改变电阻两端的电压和电路中的电流，实现多次测量C. 使电压表和电流表的读数更加准确D. 只能使电阻两端的电压升高，电阻中的电流变大
2.如图是用伏安法测电阻的电路图，电流表电阻可忽略不计，只考虑电压表本身的电阻，那么（　　）
A. 测量值等于电阻的实际值 B. 测量值小于电阻的实际值C. 测量值大于电阻的实际值 D. 测量值加电压表的内阻值等于电阻的实际值
3.对于“探究电流与电阻的关系”和“伏安法测量电阻”的这两个实验，下列说法不正确的是（　　）
A. 它们都是采用控制变量法的研究方法B. 它们的实验电路图在教材中是相同的C. 前者多次实验测量的目的是减少得出结论的偶然性D. 后者多次实验测量的目的是减少测量电阻的误差
二、填空题：
4.如图1所示为某同学做“用电压表和电流表测电阻”实验的电路图，该实验的原理是______，在闭合电键前，滑动变阻器的滑片P应移到图中______端（选填“A”或“B”），闭合电键后，电流表的示数如图2所示，造成这样的原因是：______。排除错误后，该同学继续实验，测得某次通过电阻的电流是0.3安，电阻两端的电压如图3所示，则这时候测得的Rx的阻值为______欧。
5.利用如图所示的电路图，既可以测定小灯泡的电阻，又可以测定小灯泡的电功率。 （1）前者的实验原理是______ ；后者的实验原理是______ 。（2）小明图甲电路图连接好实物图，检查无误后开始实验，当滑片移动至某一位置，小灯泡发光，此时电流表和电压表的示数见图乙丙所示，则此时小灯泡的电阻为______ Ω；小灯泡实际消耗的功率为______ W。（3）在这两个实验中，都要调整滑动变阻器的滑片．请你说出这一操作的主要目的有什么不同。____ __ ；____ __ 。
6.如图所示是某同学设计的“伏安法”测电阻实验电路图，图中a是______ ，b是______ ，为使a表示数变小，滑动变阻器的滑片应向______ 端移动，为使b的示数变大，滑片P应向______ 端移动，另外，电压表、电流表的示数如图所示，则待测电阻R的阻值为______ 。
7.利用图中的器材，测量小灯泡灯丝的电阻。（1）把图中的实物电路连接完整；（2）请根据实物电路在虚线框内画出电路图；
8.用图甲电路测量额定电压为2.5V灯泡正常发光时的电阻，电压表应该接入______（填“1”或“2”）。当闭合开关S，移动滑动变阻器的滑片P使电压表示数为2.5V时，电流表的示数如图乙，则灯泡的额定电流是______A，灯泡正常发光时的电阻是______Ω（结果保留一位小数）。
提升题
一、单选题:
1.小红在做测定灯泡电阻的实验中，将正常的电流表、电压表接入电路，当闭合开关后，发现电流表有读数，电压表读数为零，移动滑动变阻器滑片时电流表读数有变化，电压表读数始终为零，其原因可能是（　　）A. 滑动变阻器接触不良 B. 开关接触不良C. 小灯泡两端短路 D. 灯泡的钨丝断了
2.对于“探究电流跟电阻的关系”和“伏安法测量定值电阻”的这两个实验，下列说法不正确的是（　　）
A. 它们都是采用控制变量的研究方法B. 它们的滑动变阻器在实验电路中的作用是不同的C. 前者多次测量的目的是分析多组数据，得出电流跟电阻的关系D. 后者多次测量的目的是取电阻的平均值，减小误差
3.如图所示是同学们做电学实验使用的电路，同学们对此电路提出的以下说法中错误的是（　　）A. 采用此电路可以探究电流跟电压的关系，实验时要保持电阻R阻值不变B. 采用此电路可以测量电阻R的阻值，滑动变阻器在电路中能起到保护电路的作用C. 开关闭合后，当变阻器滑片由左向右滑动过程中，电流表示数增大，电压表示数增大D. 开关闭合，进行电流表和电压表调换位置的操作，电路元件不能被烧毁
4.在“用伏安法测电阻”的实验中，下列注意事项中，没有必要的是（　　）
A. 应从电源的正极开始连线，开关应靠近电源的正极B. 在无法估计被测电阻大小时，电流表、电压表应选用较大的量程C. 接电路时，先断开开关D. 将变阻器连入电路时，滑片应放在变阻器阻值最大的位置上
5.关于“探究电流跟电阻的关系”和“伏安法测量电阻”两个实验，下列说法中正确的是（　　）
A. 两个实验所采用的研究方法是相同的
B. 两个实验多次测量的目的是相同的C. 两个实验的电路在课本中是相同的D. 两个实验中使用滑动变阻器的目的都是为了控制电阻两端电压不变
二、填空题:
6.在物理实验中，经常要进行多次测量，其目的有两个：一是为了减小误差；二是为了寻找规律．在测量电功率的实验中，多次测量的目的是______ ；在测量电阻的实验中，多次测量的目的是______ 。
7.小明按图甲所示的电路图连接实验电路，测量电阻R的阻值．闭合开关S，调节滑动变阻器的滑片P后，观察到电压表和电流表的示数分别如图乙、丙所示，则电阻R的阻值为______ Ω。
8.同学们在做伏安法测电阻的实验中，看到每张实验桌上有以下器材：实验器材：电源（电压恒为4.5V）、电流表、电压表各一只，开关一个，标有“？Ω2A　”的定值电阻一只，两只滑动变阻器（10Ω2A　，50Ω1A　），导线若干。（1）小丽连接好电路，闭合开关后，通过调节滑动变阻器，测得一组数据，并算出定值电阻的阻值如下表所示：
电压/V
2.9
2.1
1.7
电流/A
0.16
0.24
0.28
电阻/Ω
18.13
8.75
6.07
小华认为同一个电阻的电阻值不可能相差这么大，请你帮他们分析一下，其错误的可能原因是什么？____ __ 。（2）找出了原因后，小丽准备重新连接电路进行实验，但小华认为不必要重新做过，请你帮他们划去错误的数据，并将正确的实验数据填入表中．（3）他们在实验中选择的滑动变阻器的规格应为___ ___ 。
三、实验探究题：
9.小天同学在做“用伏安法测电阻”的实验时，除了滑动变阻器的名牌不清楚之外其他实验器材齐全且完好，电源电压不变，电流表和电压表对电路的影响均忽略不计。以下是他的实验过程，请回答下列问题： （1）小天连接了如果图甲所示的电路测量待测电阻Rx的阻值，请指出电路连接的错误之处：______ （写出一种即可）。（2）更正电路之前，小天发现可以利用甲图所示的电路来测量滑动变阻器的最大阻值；他闭合开关，读出电压表的示数为10V，电流表的示数为0.2A，则可计算出滑动变阻器的最大阻值为______ Ω 。（3）小天按照图乙所示电路图正确连接好电路后，为了减小实验误差，他选用了合适的量程进行了多次测量，以下是他的实验记录．第一次：当滑动变阻器的滑片位于最左端时，电压表的指针位置如图丙所示；第二次：当滑动变阻器的滑片位于某位置时，电流表的示数为0.58A，电压表的指针位置如图丁所示；第三次：当滑动变阻器的滑片位于最右端时，电流表的示数为1.1A，则Rx的平均阻值为______ Ω（精确到0.1Ω）。
答案和解析
基础题
【答案】
1. C 2. B 3. C 4. D
5. 2.5；0.5；5??
6. 断开；5??
7. 伏安法；R=；减小实验误差??
8. 电压；电流；R=??
【解析】
1.【解析】选C。
A、由电路图知：电流表与电阻并联，电压表串联在电路中，电路连接错误，不能测出电阻R的阻值，故A错误；B、由电路图知：电压表测待测电阻与滑动变阻器两端的电压，由该电路图测不出电阻R的阻值，故B错误；C、由电路图知：电压表测待测电阻两端的电压，电流表测流过待测电阻的电流，由该电路图可以测出电阻R的阻值，故C正确；D、电流表测待测电阻与滑动变阻器的电流之和，用该电路图测不出流过待测电阻的电流，由该电路图测不出电阻R的阻值，故D错误；故选C。伏安法测电阻，电压表应与待测电阻并联，电流表串联在电路中测流过待测电阻的电流；滑动变阻器应串联在电路中，一方面可以保护电路，另一方面可以改变待测电阻两端的电压。
2.【解析】选B。A、说法正确，连接电路时，开关应断开，是为了防止短路，故A不符合题意。
B、没有必要，只要能正常快速连接即可，故B符合题意。C、说法正确、在无法估计被测电压、电流的大小时，电流表、电压表应选用较大的量程，可以保护电表，故C不符合题意。D、说法正确，将变阻器连入电路时，滑片应放到使电路中电流最小的位置，即为阻值最大位置，也是为了保护电路，故D不符合题意。故选B。根据“伏安法”测电阻的实验中注意的事项分析．主要有开关的状态、滑动变阻器的滑片位置、电表的量程的选择、电路的连接顺序。
3.【解析】选C。①“测量物体的长度”时，由于测量工具或测量方法等会产生实验误差，为了减小误差采取多次测量求平均值的方法；②“研究杠杆的平衡”时，改变动力（臂）和阻力（臂），多次测量是为了探究杠杆的平衡条件，总结出“动力×动力臂=阻力×阻力臂”一般规律；③“研究串、并联电路的电流特点”时，尤其是探究并联电路的电流特点时，如果两个电阻阻值相同，测量的电流也会相同，就会得出“并联电路各支路电流相等”的错误结论，因此为了寻找普遍规律，换用不同电阻多次测量；④“用电压表和电流表测导体的电阻”时，测量的是定值电阻的阻值，测量值是个定值，多次测量可以比较测量值减小误差。故选C。测量性实验为了减小误差或者寻找规律进行多次测量，如果物理量是个恒量，多次测量求平均值可以减小实验误差；如果不是测量具体的物理量，而是寻找规律也采取多次测量，寻找普遍性。
4.【解析】选D。电流表和电压表位置互换后，电压表就串联接入电路，由于电压表电阻很大，因此干路电流就很小，几乎没有电流流过灯泡，故小灯泡不亮，D正确。故选D。电压表由于自身电阻较大，简化电路时按断路处理；电流表由于自身电阻较小，简化时按导线处理．两表位置互换后，电压表就串联接入电流，由于自身电阻较大，导致总电阻很大，因此电路中电流很小，小灯泡和电流表中电流都很小，因此小灯泡不亮。
5.【解析】图中两电表均选用小量程，电压表的分度值为0.1V，则加在电阻两端的电压大小为2.5V；电流表的分度值为0.02A，则通过电阻的电流为0.5A，由I=可得，电阻的阻值为：R===5Ω。故答案为：2.5；0.5；5。根据图中电表均选用的量程确定分度值读出电压表和电流表示数，由欧姆定律求电阻的阻值。
6.【解析】（1）为保护电路，连接电路时开关应断开；（2）由图可知，电流表选择0～0.6A量程，分度值是0.02A，示数为0.28A；电压表选择0～3V量程，分度值是0.1V，示数为1.4V；由I=可得，被测电阻的阻值R===5Ω。故答案为：断开；5。（1）为防止电路中的电流过大、烧坏电路元件，连接电路时开关应断开；（2）根据电表的量程和分度值读出示数，再根据欧姆定律求出被测电阻的阻值．
7.【解析】用电压表测量加在电阻两端的电压、用电流表测通过电阻的电流，利用R=求电阻，这种方法叫伏安法测电阻；多次测量求平均减小误差。故答案为：伏安法；R=；减小实验误差。伏安法测电阻就是用电压表测量加在电阻两端的电压，用电流表测量通过电阻的电流，利用R=求电阻；多次测量求出电阻后，取平均值可减小误差。
8.【解析】用伏安法来测定电阻的阻值，即只要测出电阻两端的电压和通过它的电流，就可以用公式R=算出电阻的阻值。
故答案为：电压；电流；R=。
能力题
【答案】
1. B 2. B 3. A
4. R=；B；电流表的正负接线柱接反了；15??
5. R=；P=UI；7.5；0.3；前者是改变小灯泡电流及两端的电压，实现多次测量；后者是通过滑片的移动，连续改变小灯泡两端电压，以便使小灯泡两端达到额定电压??
6. 电流表；电压表；右；左；100Ω??
7. 解：（1）开关、滑动变阻器、电流表串联接入电路，实物电路图如图1所示；（2）分析实物电路图结构，根据实物电路图作出电路图，如图2所示；??
8. 1；0.3；8.3??
【解析】
1.【解析】选B。实验中移动滑动变阻器的滑片，改变了电路中的电流，根据U=IR，电阻不变，电流变化，所以被测电阻两端的电压变化，电流和电压的变化可以是增大、升高，也可以是减小、降低，从而实现多次测量，故B正确，D错误；实验中滑动变阻器不能改变电源电压，故A错误；实验中滑动变阻器对电流表、电压表的读数没有影响，故C错误。故选B。“伏安法测电阻”的实验中，滑动变阻器和被测电阻串联在电路中，滑片处于最大阻值处，电源电压不变，电流中的电流最小，起到保护作用．移动变阻器的滑片，改变了连入电路的电阻，电源电压不变，电路中的电流变化，根据U=IR知，电阻两端的电压也随之变化。“伏安法测电阻”的实验中，滑动变阻器的作用：改变电路的电流；改变被测电阻的电压；保护电路．不同的实验中滑动变阻器的作用是不同的。
2.【解析】选B。根据R=，测量电阻时，应该测量电阻两端的实际电压和通过电阻的实际电流；而电流表实际测量的是通过待测电阻和电压表的总电流，即电流偏大，而电压表是与电阻并联连接，测量的电压是准确的，由R=可知，电阻的测量值小于真实值。故选B。电压表测量R两端电压U，电流表测量R与电压表的总电流I，总电流大于R中的电流．根据R=，测量值会偏小。本题图中，电压表测R的实际电压，考虑电压表内阻时，电压表也有通过的电流，电流表则测量了R与电压表的总电流，测量的电流值偏大，测量值偏小。
3.【解析】选A。
A．在“探究电流跟电阻的关系”时需要采用控制变量法，而“伏安法测量电阻”时不需要利用控制变量法，故A错误；B．这两个实验都需要测量出通过电阻的电流和其两端的电压，实验电路图都是相同的，故B正确；C．探究电流跟电阻的关系实验，进行多次测量的目的是分析多组数据，得出电流跟电阻的关系，减少得出结论的偶然性，故C正确；D．伏安法测电阻阻值实验，多次测量的目的是取电阻的平均值，减小误差，故D正确。故选A。“探究电流与电阻的关系”和“伏安法测量电阻”的实验中都需要测量出通过电阻的电流和其两端的电压，实验电路图都是相同的，并且在做“探究电流跟电阻的关系”时，要控制电阻两端的电压不变；实验过程都需要采用多次测量，但它们的目的不同。
4.【解析】①用伏安法测电阻的实验原理是：R=；②在闭合开关前，要使滑动变阻器接入电路电阻最大，滑片应位于B端；③由图知，电流表指针向左偏转，原因是正负接线柱接反了；④电压表选择的是0～15V量程，分度值位0.5V，电阻两端电压为4.5V电阻的阻值为R===15Ω。故答案为：R=；B；电流表的正负接线柱接反了；15。①要测量电阻阻值，需要知道电阻两端电压和通过的电流，然后利用公式R=进行计算；②为保护电路，连接电路时开关应断开；闭合开关前滑动变阻器滑片要处于最大阻值处；③电流表要串联在电路中，并且使电流从正接线柱流入，从负接线柱流出，否则指针会向左偏转；④读取电压表示数时，首先要明确电压表选择的量程和对应的分度值，读数时视线与指针所在刻度相垂直；已知电阻两端电压和通过的电流，利用公式R=得到电阻阻值．本题考查了伏安法测电阻的原理、电压表的读数、电流表的连接及读数、电阻的计算等，考查的内容较多，是实验的常考内容，应认真掌握．
5.【解析】选。（1）测定小灯泡的电阻原理是：R=，测定小灯泡的电功率的原理是：P=UI；（2）由图乙可知，电流表的量程为0～0.6A，分度值为0.02A，示数为0.2A；由图丙知，电压表的量程为0～3V，分度值为0.1V，示数为1.5V，所以小灯泡的电阻：R===7.5Ω，灯泡的实际功率：P=UI=1.5V×0.2A=0.3W；（3）测灯泡电阻实验时，滑动滑片，改变灯泡电压和电流，得到不同电压下的灯泡电阻，发现电压不同，灯丝温度不同，灯泡电阻不同这一规律。测灯泡额定功率实验时，移动滑动变阻器滑片，改变灯泡两端的电压，使灯泡在额定电压下工作。故答案为：（1）R=；P=UI；（2）7.5；0.3；（3）前者是改变小灯泡电流及两端的电压，实现多次测量．后者是通过滑片的移动，连续改变小灯泡两端电压，以便使小灯泡两端达到额定电压。（1）测电阻的原理是：R=；测电功率的原理是：P=UI；（2）根据电压表和电流表的量程、分度值以及指针的位置读出电压表和电流表的示数，然后计算此时灯泡的电阻和实际功率；（3）测灯泡电阻时，移动滑动变阻器滑片，得到多组电压和电流值，找到电阻变化的规律。
测灯泡额定功率时，移动滑动变阻器滑片，改变灯泡两端的电压，使灯泡在额定电压下工作。
6.【解析】（1）因为a与电阻串联，b与电阻并联，因此a为电流表，b为电压表；（2）要使电路中的电流减小，电路中的电阻需增大，因此滑片应向右端移动；要使电阻两端电压变大，因为R不变，由U=IR可得，电路中的电流需增大，即电路中的电阻需减小，因此滑动变阻器应向左端移动；（3）由图可知：电流表量程为0～0.6A，其分度值为0.02A，由指针位置可知：I=0.12A；电压表量程为0～15V，其分度值为0.5V，由指针位置可知：U=12V因此待测电阻的阻值：R===100Ω。故答案为电流表，电压表，右，左，100Ω。（1）根据电流表串联、电压表并联在电阻两端确定仪表的种类。（2）当滑动变阻器接入电路中的阻值增大时，由欧姆定律可得，电路中的电流减小；要使电压表的示数变大，由U=IR可得，电阻的阻值不变，因此电路中的电流需增大，因此滑动变阻器接入电路的阻值需减小。（3）根据电压表和电流表所选量程以及其分度值，读出电压和电流的数值，再利用R=即可求出此R的电阻。
7.（1）把开关、滑动变阻器、电流表串联接入电路，注意滑动变阻器的接法；（2）分析实物电路图的结构，明确各电路元件的连接方式，根据实物图画出电路图．1、本题考查了连接实物图、根据实物图作电路图，分析清楚实物电路图的结构，是正确作出电路图的前提与关键；2、连接实物图时应注意：①电压表、电流表的正负极不要接反．②注意电压表、电流表的量程不要接错。③滑动变阻器的分压与限流接法，滑片移动时阻值的变化应符合题意要求．④作图要美观，连线不要交叉．
8.【解析】电压表应并联在灯泡两端，故电压表应接入位置1；由图可知，电流表所选量程为0～0.6A；则电流表的最小分度为0.02A，故指针所指的示数为0.3A；已知电压为2.5V，则由欧姆定律可得：灯泡正常发光时的电阻R===8.3Ω；故答案为：1；0.3；8.3。由图可知位置1为与灯泡并联，位置2与灯泡串联，则由电压表的使用可知电压表所接的位置；由图根据电流表所接量程，先求得电流表的最小分度，则可以得出指针所指的示数；则由欧姆定律可求得灯泡正常发光时的电阻。
提升题
【答案】
1. C 2. A 3. C 4. A 5. C
6. 寻找规律；减小误差??
7. 5??
8. 将电压表接到了滑动变阻器两端；50Ω1A??
9. 电压表并联在变阻器的两端了（或滑动变阻器下面两个接线柱接入了电路）；50；10.4??
【解析】
1.【解析】选C。移动滑片，电流表示数变化，电压表示数始终为零，而电压表测导线电压时，电压表示数为0；因此灯泡被短路。故选C。将正常的电流表、电压表接入电路，当闭合开关后，发现电流表有读数，说明电路为通路；当移动滑动变阻器滑片时电流表读数有变化，电压表读数始终为零，说明电压表测量的用电器发生短路。
2.【解析】选A。
A．在“探究电流跟电阻的关系”时需要采用控制变量法，而“伏安法测量电阻”时不需要利用控制变量法，故A错误，符合题意；B．探究电流与电阻关系实验，使用滑动变阻器的目的是控制电阻两端电压保持不变，伏安法测定值电阻实验中，使用滑动变阻器的目的是改变电阻两端电压，这两个实验使用滑动变阻器的作用不同，故B正确，不符合题意；C．探究电流跟电阻的关系实验，进行多次测量的目的是分析多组数据，得出电流跟电阻的关系，故C正确，不符合题意；D．伏安法测电阻阻值实验，后者多次测量的目的是取电阻的平均值，减小误差，故D正确，不符合题意。故选A。
3.【解析】选C。
A、探究电流跟电压的关系，需保持电阻R阻值不变，而R为定值电阻，故该电路可以探究电流与电压的关系；故A正确；B、在此电路中，滑动变阻器既可以起到保护电路的作用，又可以改变电路中的电流，得到多次实验数据，故B说法正确；C、开关闭合后，当变阻器滑片由左向右滑动过程中，电路中的总电阻增大，则电路中的电流变小，即电流表示数变小；由U=IR可知，定值电阻两端电压变小，即电压表示数变小。故C说法错误；D、开关闭合，如果将电流表和电压表调换位置，电压表串联在电路中，电路相当于开路，因此电路元件都不可能被烧毁，故D正确。故选C。（1）根据控制变量法进行分析，探究电流跟电压的关系时，需控制电阻不变；（2）滑动变阻器的作用：一是保护电路；二是改变电路中的电流；（3）根据欧姆定律和滑动变阻器接入电路的电阻分析电路中电流的变化；（4）电流表相当于导线，电压表相当于开路．
4.【解析】选。A、连接电路时，不一定先从电源的正极开始连接，开关也不一定应靠近电源的正极，只要电路连接正确就行；故A选项符合题意；B、在无法估计被测电压、电流的大小时，电流表、电压表应选用较大的量程，可以保护电表，故B选项不符合题意；C、为保护电路，防止连接最后一根导线时电路中的电流过大，烧坏电路原件，连接电路时开关应断开，故C选项不符合题意；D、为防止电路中电流过大烧坏用电器，闭合开关前，保护电路的滑动变阻器应处于最大阻值处，故D选项不符合题意．故选A．根据“伏安法”测电阻的实验中注意的事项分析．主要有开关的状态、滑动变阻器的滑片位置、电表的量程的选择、电路的连接顺序．本题考查了电表量程的选择和使用、开关在连接时的状态，是一道基础题目，也是学生必须掌握的内容．
5.【解析】选。A、在“探究电流跟电阻的关系”时需要采用控制变量法，而“伏安法测量电阻”时不需要利用控制变量法，不正确；B、这是两个完全不同的实验，因此两个实验的目的完全不同，故说法错误；C、这两个实验的实验电路图都相同，说法正确；D、“探究电流跟电阻的关系”时，使用滑动变阻器的目的都是为了控制电阻两端电压不变；而在“伏安法测量电阻”实验时，使用滑动变阻器是为了多次测量取平均值减小误差，故D选项错误；故选C．这两个实验都需要测量出通过电阻的电流和其两端的电压，实验电路图都是相同的，并且在做“探究电流跟电阻的关系”时，要控制电阻两端的电压不变；实验过程都需要采用多次测量取平均值的办法来减小误差．此题结合两个电学实验进行分析考查对物理学方法的理解与应用情况．
6.【解析】测量电功率的实验是为了研究功率与电压、电流的关系，因此多次测量是为了寻找普遍规律；而在测量定值电阻的实验中，多次测量取平均值是为了减小误差，使实验结果更接近准确值；故答案为：寻找规律，减小误差。
7.【解析】电压表使用的是0～3V，每一个大格代表1V，每一个小格代表0.1V，示数是1.4V。电流表使用的是0～0.6A，每一个大格代表0.2A，每一个小格代表0.02A，示数是0.28A。R===5Ω。故答案为：5。电流表和电压表的正确读数：首先确定使用的量程，然后确定每一个大格和每一个小格代表的示数。根据电流表和电压表的读数，得出定值电阻两端的电压和通过的电流，根据R=求出电阻。
8.【解析】（1）分析表中数据可知：电阻越大电压越高，而且电阻是变化的，故可判断电压表测的是滑动变阻器的电压；（2）定值电阻两端的电压等于电源电压减去滑动变阻器两端的电压；（3）由第一组数据值滑动变阻器连入电路的阻值为18.13Ω；故可判断选择的是“50Ω1A”的滑动变阻器。故答案为：（1）将电压表接到了滑动变阻器两端（2）
电压/V
1.6
2.4
2.8
电流/A
0.16
0.24
0.28
电阻/Ω
10
10
10
（3）50Ω1A用伏安法测电阻，应当用电压表测定值电阻两端的电压，用电流表测电路中的电流，为减小误差，需多测几次求平均值；在实验中用滑动变阻器来改变电阻的电压和电流；认真分析表中数据。
9.【解析】（1）（2）甲图中，电压表并联在变阻器的两端了（或将滑动变阻器下面两个接线柱接入了电路），因电压表的示数为10V，电流表的示数为0.2A，则可计算出滑动变阻器的最大阻值为：R滑==50Ω；（3）在第1次实验中，电路中电流为0.2A，根据欧姆定律和串联电路电压的规律，故电源电压：U=IR滑+U表=0.2A×50Ω+2V=12V；第2次实验和第1次比，变阻器连入电路中的电阻变小，故电压表示数变大，故丙只能选用小量程，分度值为0.1V，示数为2V，丁图中选用大量程，分度值为0.5V，示数为6V，待测电阻R1==10Ω；在第2次测量中，R2=≈10.3Ω，；第3次测量中，R3==≈10.9Ω．则Rx的平均阻值为：==10.4Ω。故答案为：（1）电压表并联在变阻器的两端了（或滑动变阻器下面两个接线柱接入了电路）；（2）50；（3）10.4，（1）（2）用伏安法测电阻电压表与待测电阻并联，变阻器按一下一上原则接入电路中；根据欧姆定律求滑动变阻器的最大阻值；（3）由（2）根据欧姆定律和串联电路电压的规律求出电源电压；第2次实验和第1次比，变阻器连入电路中的电阻变小，根据分压原理电压表示数变大，据此确定电压表选用的量程，分别根据欧姆定律得出电阻值，并求平均值。