专题质量检测（一） 认识有机化合物
一、选择题(本题包括12小题，每小题5分，共60分)
1．某有机物完全燃烧后生成CO2、H2O和SO2，该化合物可能不含有的元素是( )
A．C B．H
C．O D．S
解析：选C 由生成物可知该有机物中一定含有C、H、S元素，无法判断是否含有氧元素。
2．下列说法正确的是( )
A．只要是含碳元素的化合物一定是有机物
B．有机物是只有在生物体内才能合成的物质
C．冰醋酸易溶于水
D．有机物都难溶于水，而易溶于有机溶剂
解析：选C A项，CO2、CaCO3等物质虽含有碳元素，但仍属于无机物，错误；B项，人工也可以合成有机物，错误；C项，CH3COOH易溶于水，正确；D项，乙醇、乙酸易溶于水，错误。
3．首次提出了“有机化学”概念的化学家是( )
A．门捷列夫 B．维勒
C．舍勒 D．贝采利乌斯
解析：选D 门捷列夫排出了第一张周期表；维勒首次合成尿素；舍勒主要从事有机物的提取；提出“有机化合物”和“有机化学”概念的是瑞典化学家贝采利乌斯，故D正确。
4．某有机化合物3.2 g在氧气中充分燃烧只生成CO2和H2O，将生成物依次通入盛有浓硫酸的洗气瓶和盛有碱石灰的干燥管，实验测得装有浓硫酸的洗气瓶增重3.6 g，盛有碱石灰的干燥管增重4.4 g。则下列判断正确的是( )
A．只含碳、氢两种元素
B．肯定含有碳、氢、氧三种元素
C．肯定含有碳、氢元素，可能含有氧元素
D．根据题目条件可求出该有机物的最简式，无法求出该有机物的分子式
解析：选B 由题中信息可知，m(H2O)＝3.6 g
m(CO2)＝4.4 g
则m(C)＝×12 g·mol－1＝1.2 g
m(H)＝×2×1 g·mol－1＝0.4 g
所以m(C)＋m(H)＝1.6 g<3.2 g，故该化合物中还含有氧元素，B项正确。
5．下列说法错误的是( )
A．物质的实验式就是其分子式
B．质谱法可以测定物质的相对分子质量
C．从物质的红外光谱图可以获得分子中含有化学键或官能团的信息
D．从1H核磁共振谱图可以推知该有机物分子有几种不同类型的氢原子及其数目
解析：选A A项，物质的实验式是物质所含有元素的原子个数的最简整数比，可能就是其分子式，也可能不是，错误；B项，质谱法可以测定物质的相对分子质量，正确；C项，从物质的红外光谱图可以获得分子中含有化学键或官能团的种类，正确；D项，从核磁共振谱图可以推知该有机物分子有几种不同类型的氢原子及其数目的多少，正确。
6．某化合物由碳、氢、氧三种元素组成，其红外光谱图中有C—H键、O—H键、C—O键的振动吸收，该有机物的相对分子质量是60，则该有机物的结构简式是( )
A．CH3CH2OCH3 B．CH3CH2COOH
C．CH3CH2CH2OH D．CH3CH2CHO
解析：选C CH3CH2COOH和CH3CH2CHO的相对分子质量不是60，B项、D项错误；CH3CH2OCH3 没有O—H 键，A项错。
7．甲醚和乙醇互为同分异构体，其鉴别可采用化学方法或物理方法，也可以使用仪器鉴定法，下列鉴别方法，不能对二者进行区别的是( )
A．加入金属钠 B．利用质谱法
C．燃烧法 D．利用核磁共振氢谱仪
解析：选C 甲醚和乙醇互为同分异构体，燃烧产生等量的CO2和水，无法进行区别。
8．某有机物含有C、H、O三种元素，其中氧的质量分数为25%，相对分子质量小于150，一个分子中最多含C原子个数( )
A．10 B．9
C．8 D．7
解析：选D 相对分子质量小于150，氧的质量分数已知，则分子中氧原子数目小于150×25%/16＝2.3，当有机物分子中含氧原子的数目为2时，有机物的相对分子质量最大，含碳原子个数也最多，此时，有机化合物中碳、氢的相对原子质量之和的最大值等于32/0.25－32＝96，设分子中含有x个C，y个H，则有12x＋y＝96，当x＝7时，y＝12，此时分子中碳原子的个数最多，所以分子中碳原子的个数最多为7，D项正确。
9．在1H核磁共振谱中出现两组峰，其氢原子数之比为3∶2的化合物是( )
A． B．
C． D．
解析：选D 据1H核磁共振谱中出现两组峰的情况分析，A中氢原子数之比为3∶1；B、C两项中出现的都是三组峰；D对。
10．1体积的某烃蒸气完全燃烧生成的CO2比水蒸气少1体积(同温同压下)，0.1 mol该烃完全燃烧的产物被碱石灰吸收，碱石灰增重39 g，则该烃的分子式为( )
A．C6H14 B．C5H12
C．C7H16 D．C6H6
解析：选A CO2比H2O少1体积，则CO2为n，则H2O为(n＋1)，所以最简式为CnH2n＋2，刚好符合烷烃的通式。0.1 mol烃(CnH2n＋2)完全燃烧可产生CO2为4.4n g，H2O为1.8(n＋1)g，则4.4n＋1.8(n＋1)＝39，解得n＝6。
11．某气态有机物X含C、H、O三种元素，已知下列条件，现欲确定X的分子式，所需的最少条件是( )
①X中含碳质量分数 ②X中含氢质量分数 ③X在标准状况下的体积 ④质谱确定X的相对分子质量 ⑤X的质量
A．①② B．①②④
C．①②⑤ D．③④⑤
解析：选B 由C、H质量分数可推出O的质量分数，由各元素的质量分数可确定X的实验式，由相对分子质量和实验式即可确定X的分子式。
12．如图分别是A、B两种物质的1H核磁共振谱，已知A、B两种物质都是烃类，都含有6个氢原子，试根据两种物质的核磁共振氢谱推测A、B有可能是下面的( )
A．A是C3H6，B是C6H6
B．A是C2H6，B是C3H6
C．A是C2H6，B是C6H6
D．A是C3H6，B是C2H6
解析：选B A物质1H核磁共振谱中只给出一种峰，说明该分子中只有1种H原子，则A为乙烷(CH3CH3)，B物质1H核磁共振谱中只给出3种峰，说明该分子中只有3种H原子，则B为丙烯(CH2===CH—CH3)，C6H6(苯)和C2H6(乙烷)中1H核磁共振谱中只有一种峰，B项正确。
二、非选择题(本题包括3小题，共40分)
13．(14分)化学上常用燃烧法确定有机物的组成。下图装置是用燃烧法确定有机物化学式常用的装置，这种方法是在电炉加热时用纯氧氧化管内样品，根据产物的质量确定有机物的组成。
回答下列问题：
(1)A装置中分液漏斗盛放的物质是__________，写出有关反应的化学方程式________________________________________________________________________。
(2)C装置(燃烧管)中CuO的作用是__________________________________________
______________________________。
(3)写出E装置中所盛放试剂的名称__________，它的作用是____________________。
(4)若将B装置去掉会对实验造成什么影响？ _____________________________
________________________________________________________________________。
(5)若准确称取1.20 g样品(只含C、H、O三种元素中的两种或三种)，经充分燃烧后，E管质量增加1.76 g，D管质量增加0.72 g，则该有机物的最简式为___________________。
(6)要确定该有机物的化学式，还需要测定_________________________________。
解析：(1)根据实验原理可知装置A是制备氧气的，根据装置的特点可知A装置中分液漏斗盛放的物质是双氧水或水，应该反应的化学方程式是2H2O22H2O＋O2↑或2Na2O2＋2H2O===4NaOH＋O2↑；(2)由于有机物在燃烧过程中，可能燃烧不充分，即有可能产生CO，而CO能与氧化铜反应生成铜和CO2，所以C装置(燃烧管)中CuO的作用是使有机物充分氧化生成CO2和H2O；(3)由于有机物燃烧产生CO2，所以E装置的主要作用是吸收生成的CO2，因此其中所盛放试剂是碱石灰或氢氧化钠；(4)B装置中盛有浓硫酸，其主要的作用是干燥氧气，除去水蒸气，因此如果将B装置去掉会造成测得有机物中含氢量增大，从而产生错误的结论；(5)D管中无水氯化钙用来吸收水蒸气，质量增加0.72 g，则生成的水是0.72 g，m(H)＝×2×1 g·mol－1＝0.08 g；E管质量增加1.76 g，即CO2是1.76 g，m(C)＝×12 g·mol－1＝0.48 g，所以根据质量守恒定律可知原有机物中氧元素的质量是1.20 g－0.08 g－0.48 g＝0.64 g，所以原有机物中C、H、O的原子个数之比是∶∶＝0.04∶0.08∶0.04＝1∶2∶1，因此最简式是CH2O；(6)根据最简式要确定分子式，则还需要知道该物质的相对分子质量，所以要确定该有机物的化学式，还需要测出有机物的相对分子质量。
答案：(1)双氧水(或水) 2H2O22H2O＋O2↑(或2Na2O2＋2H2O===4NaOH＋O2↑)
(2)使有机物充分氧化生成CO2和H2O
(3)碱石灰 吸收CO2
(4)造成测得有机物中含氢量增大
(5)CH2O
(6)测出有机物的相对分子质量
14．(12分)已知某有机化合物的结构式和立体模型如下：
解决有机分子结构问题的最强有力手段是核磁共振。下图是计算机软件模拟出的该物质的1H核磁共振谱图(单位是ppm)：
试回答下列问题：
(1)与立体模型相比，结构式中的Et表示__________(填名称)，该有机物的分子式为______________。
(2)该分子中共有__________种化学环境不同的氢原子，化学环境相同的氢原子最多有________个，最少有________个。
(3)一般来说，氢原子与非金属性强的原子相连，该氢原子谱线对应的ppm值较大，但当与半径较小、有未成键电子对的原子直接相连时，可能反而较小。由此推测该分子中羟基上氢原子谱线对应的ppm值可能为_____________________________________。
A．4.15 B．3.75
C．2.25 D．2.00
解析：(1)比较结构式和立体模型可知Et表示—CH2CH3，即乙基，进一步可知该有机物分子式为C9H12O4。(2)核磁共振氢谱中有8个峰，即有8种化学环境不同的氢原子，由立体模型可知化学环境相同的氢原子最多为3个，最少为1个。(3)由核磁共振氢谱图可以看出，谱线最低且相等的有5条，各表示1个化学环境相同的氢原子，这5条谱线中有3条的ppm值小于2.00，有1条的ppm值等于2.00，一条的ppm大约等于3.75，所以可排除A、C选项；由于氧原子有未成键电子对，根据题意可知其ppm较小，所以只能是2.00。
答案：(1)乙基 C9H12O4 (2)8 3 1 (3)D
15．(14分)有机物A可由葡萄糖发酵得到，也可从酸牛奶中提取。纯净的A为无色黏稠液体，易溶于水。为研究A的组成与结构，进行了如下实验：
实验步骤
解释或实验结论
(1)称取A 9.0 g，升温使其汽化，测其密度是相同条件下H2的45倍
A的相对分子质量为________
(2)将此9.0 g A在足量纯O2中充分燃烧，并使其产物依次缓缓通过浓硫酸、碱石灰，发现两者分别增重5.4 g 和13.2 g
A的分子式为__________
(3)另取A 9.0 g，跟足量的NaHCO3粉末反应，生成2.24 L CO2(标准状况)，若与足量金属钠反应则生成2.24 L H2(标准状况)
用结构简式表示A中含有的官能团：________、________
(4)A的1H核磁共振谱如图：
A中含有______种氢原子
(5)综上所述，A的结构简式为__________
解析：(1)A的密度是相同条件下H2的45倍，相对分子质量为45×2＝90。9.0 g A的物质的量为0.1 mol。(2)燃烧产物依次缓缓通过浓硫酸、碱石灰，发现两者分别增重5.4 g和13.2 g，说明0.1 mol A燃烧生成0.3 mol H2O和0.3 mol CO2。含氧的物质的量为n(O)＝＝0.3 mol，则1 mol A中含有6 mol H、3 mol C、3 mol O，故分子式为C3H6O3。(3)0.1 mol A跟足量的NaHCO3粉末反应，生成2.24 L CO2(标准状况)，若与足量金属钠反应则生成2.24 L H2，说明分子中含有一个—COOH和一个—OH。 (4)A的1H核磁共振谱中有4个峰，说明分子中含有4种类型的
氢原子。(5)综上所述，A的结构简式为 。
答案：(1)90 (2)C3H6O3
(3)—COOH —OH
(4)4
(5)
专题质量检测（三） 常见的烃
一、选择题(本题包括12小题，每小题5分，共60分)
1．下列关于化石燃料的加工说法正确的是( )
A．石油裂化主要得到乙烯
B．石油分馏是化学变化，可得到汽油、煤油
C．煤干馏主要得到焦炭、煤焦油、粗氨水和焦炉气
D．煤制煤气是物理变化，是高效、清洁地利用煤的主要途径
解析：选C 石油裂化目的是获得更多的轻质液体燃料，如汽油，裂解的目的主要是获得小分子气态烃，如乙烯，A错误。石油分馏是物理变化，B错误。C项正确。煤制煤气是焦炭与水蒸气发生化学反应，D错误。
2．有机物R的分子式为C12H18，经测定数据表明，分子中除含苯环外不再含有其他环状结构，且苯环上只有两个侧链(分别是—C2H5和—C4H9)，符合此条件的烃的结构有( )
A．6种 B．9种
C．12种 D．15种
解析：选C 因为苯环上只有两个侧链的形式有邻、间、对3种；—C2H5是1种，—C4H9是4种。故该烃的结构有12种。
3．加成反应是有机化合物分子中双键上的碳原子与其他原子(或原子团)直接结合生成新的化合物分子的反应。下列过程与加成反应无关的是( )
A．苯与溴水混合振荡，水层颜色变浅
B．裂化汽油与溴水混合振荡，水层颜色变浅
C．乙烯与水在一定条件下反应制取乙醇
D．乙烯与氯化氢在一定条件下反应制取纯净的一氯乙烷
解析：选A 苯与溴水混合振荡后，水层颜色变浅是由于溴在苯中的溶解度远远大于其在水中的溶解度，是苯将溴从溴水中萃取出来的原因。
4．下列分子中的所有碳原子不可能在同一平面上的是( )
解析：选B A中的甲基正好在萘环平面上；看B中1号碳在左边苯环平面内，2号碳在右边苯环平面内，而1号碳和2号碳都有四个单键而呈四面体结构，即两平面不可能是同一平面；C中所有原子一定共平面；D中碳碳叁键所在的直线结构中两个碳碳单键转动可以使两苯平面共面。
5．下列说法不正确的是( )
A．分子式CF2Cl2、C3H8、C2H4、C2H2均只对应一种化合物
B．1 mol C4HmO完全燃烧，最多消耗O2 6 mol
C．甲苯与氯气在光照下反应主要生成2-氯甲苯或4-氯甲苯
D．分子式为C10H14，能使酸性KMnO4溶液褪色的一元取代苯共有3种
解析：选C A项，分子式CF2Cl2、C3H8、C2H4、C2H2都不存在同分异构体，只表示一种化合物，正确；B项，1 mol C4HmO完全燃烧，最多消耗O2为1 mol×(4＋10/4－1/2)＝6 mol，正确；C项，甲苯与氯气在光照下主要取代甲基上的H原子，错误；D项，能使酸性KMnO4溶液褪色的一元取代苯要求与苯环直接相连的C原子必须有H原子，只可能是—CH2CH2CH2CH3、—CH(CH3)CH2CH3、—CH2CH(CH3)2，共三种，正确。
6．下列各组物质之间的化学反应，反应产物一定为纯净物的是( )
A．CH3—CH===CH—CH3＋Br2(CCl4)―→
B．CH2===CH—CH2—CH3＋HCl
C．CH3—CH===CH2＋H2O
D．CH3CH3＋Cl2
解析：选A A项，产物一定为纯净物；B项，与HCl加成产物有两种CH3CHClCH2CH3和CH2ClCH2CH2CH3，同理C项也有两种产物；D项乙烷与氯气发生取代反应，生成多种物质的混合物。
7．下列各物质中，一定是同系物的是( )
A．C3H6和2-甲基-1-丁烯
B．3,3-二甲基-1-丁炔和3-甲基-1-戊炔
C．
D．C4H10和C9H20
解析：选D A项虽然通式相同，在组成上相差2个CH2原子团，但C3H6可能是烯烃，也可能是环烷烃，即结构不一定相似，所以两者不一定是同系物；B中3,3-二甲基-1-丁炔和3-甲基-1-戊炔分子式相同，属于同分异构体，不是同系物；C中两者在分子组成上没有“相差一个或若干个CH2原子团”，不是同系物；D中两者一定是烷烃(结构相似)，在分子组成上相差5个CH2原子团，互为同系物。
8．有机结构理论中有一个重要的观点：有机化合物分子中，原子(团)之间相互影响，从而导致化学性质不同。以下事实中，不能够说明此观点的是( )
A．乙烯能使酸性KMnO4溶液褪色，而甲烷不能
B．甲苯能使酸性KMnO4溶液褪色，而甲烷不能
C．乙酸能与NaHCO3溶液反应放出气体，而乙醇不能
D．苯硝化反应一般生成硝基苯，而甲苯硝化反应生成三硝基甲苯
解析：选A 乙烯能使酸性KMnO4溶液褪色，而甲烷不能，是因为乙烯具有碳碳双键，而非原子间影响所致；甲苯能使酸性KMnO4溶液褪色，而甲烷不能，是因为苯环的存在增大了甲基的活性，使其易被氧化；乙酸能与NaHCO3溶液反应放出气体，而乙醇不能，是因为羰基的存在增大了羟基的活性，使其易电离出H＋；苯硝化反应一般生成硝基苯，而甲苯硝化反应生成三硝基甲苯，是因为甲基的存在增大了苯环的活性，使其易生成多硝基取代物。
9．立方烷(C8H8)、棱晶烷(C6H6)是近年来运用有机合成的方法制备的，具有如下图所示立体结构的环状有机物。萜类化合物是广泛存在于动植物体内的一类有机物(例如盆烯、月桂烯、柠檬烯等)。
对上述有机物的下列说法中正确的是( )
①盆烯、月桂烯、柠檬烯都能使溴水褪色
②棱晶烷、盆烯与苯互为同分异构体
③月桂烯、柠檬烯互为同分异构体
④立方烷、棱晶烷是环烷烃的同系物
A．①②③ B．①②④
C．①③④ D．②③④
解析：选A ①盆烯、月桂烯、柠檬烯分子均含碳碳双键，故能使溴水褪色。②棱晶烷、盆烯和苯分子式均为C6H6。③月桂烯、柠檬烯分子式均为C10H16。④立方烷、棱晶烷的分子式不符合通式CnH2n。
10．下列各组烃的混合物，只要总质量一定，无论它们按什么比例混合，完全燃烧后生成的CO2和H2O都是恒量的是( )
A．C2H2 C2H4 B．C2H4 C3H8
C．C3H8 C3H6 D．C6H6 C2H2
解析：选D 要满足题设条件，要求各组碳、氢的质量分数相等。只要烃有相同的最简式，混合烃中碳和氢的质量分数就恒定了，只有D项最简式相同，都是CH。
11．已知芳香烃A、B的结构模型如下图所示，相关叙述正确的是( )
A．A的结构简式为，其一氯代物有2种
B．A中有两种不同类型的碳碳键
C．B与A互为同系物，通式为CnH4n＋2(n为苯环数)
D．与B互为同类别物质的同分异构体共有4种
解析：选B 由物质A的比例模型可以看出其结构简式为，其一氯代物有3种，A错误；A物质中有C—C和苯分子中特殊的碳碳键，B正确；物质A和B所含有的苯环不同，所以不是同系物，C错误；B物质中两侧的苯环可以以邻、间、对的连接方式连接，所以B的同分异构体有2种，D错误。
12．甲、乙、丙、丁四支试管，甲、丁中均盛有1 mL的稀酸性KMnO4溶液，乙、丙中分别盛有2 mL溴水＋2 g FeBr3、2 mL Br2的CCl4溶液＋2 g FeBr3，再向甲、乙中加入适量苯，丙、丁中加入适量的甲苯，充分振荡后静置。下列有关分析中正确的一组是( )
选项
甲
乙
丙
丁
A
溶液不褪色
发生取代反应
发生取代反应
溶液褪色
B
水层不褪色
分层，上层呈红棕色
溶液褪色
甲苯被
氧化
C
溶液褪色
分层，上层呈红棕色
无明显
变化
甲苯被
氧化
D
分层，下层呈紫红色
无明显变化
有难溶性油状液体析出
无明显
变化
解析：选B 苯不能被酸性KMnO4溶液氧化，但甲苯能被酸性KMnO4溶液氧化，苯、甲苯在FeBr3催化下可与液溴发生取代反应，从而使溴的CCl4溶液褪色，但与溴水混合时，由于水的密度比苯的大，溴被萃取后浮在水层上面，无法与催化剂接触，故乙中无法发生取代反应，对应的现象应是分层，有机层在上且呈红棕色。
二、非选择题(本题包括3小题，共40分)
13．(12分)实验室制备溴苯可用如图所示装置。
请回答下列问题：
(1)关闭F夹，打开C夹，在装有少量苯的三口烧瓶中由A口加入液溴，再加入少量铁屑，塞住A口，则三口烧瓶中发生反应的化学方程式为______________________和________________________________________________________________________。
(2)试管D、E内出现的现象依次为______________________、______________________。
(3)待三口烧瓶中的反应进行到仍有气泡冒出时打开F夹，关闭C夹，可以看到的现象是________________。(可多选)
A．甲中的水倒吸入乙中
B．甲中有大量气泡冒出
C．乙中的溶液进入甲中
D．乙中溶液出现分层现象
(4)若要除去溴苯中混有的Br2，可选择试剂________。
A．酒精 B．NaOH溶液
C．CCl4 D．苯
解析：(1)铁是活泼的金属，和单质溴反应生成溴化铁，在溴化铁的作用下，苯和液溴发生取代反应生成溴苯，反应的方程式分别是2Fe＋3Br2===2FeBr3、
(2)生成的溴化氢溶于水显酸性，和硝酸银反应生成淡黄色沉淀溴化银，则实验现象是D中石蕊溶液变红，E中出现淡黄色沉淀。
(3)由于溴化氢极易溶于水，所以容易发生倒吸，又因为生成的溴苯不溶于水，密度大于水的，则实验中过程看到的现象是甲中的水倒吸入乙中、乙中溶液出现分层现象，即答案选A、D。
(4)酒精、CCl4、苯和溴苯是互溶或易溶的，不能选择；单质溴能与氢氧化钠溶液反应而被吸收，且溴苯和氢氧化钠不反应，不溶于水，所以正确的答案选B。
答案：(1)2Fe＋3Br2===2FeBr3
(2)D中石蕊溶液变红 E中出现淡黄色沉淀
(3)AD (4)B
14．(12分)有A、B两种烃，其相关信息如下
A
①完全燃烧的产物中n(CO2)∶n(H2O)＝2∶1
②28＜M(A)＜60
③不能使溴的四氯化碳溶液褪色
④一氯代物只有一种结构
B
①饱和链烃，通常情况下呈气态
②有同分异构体
③二溴代物有三种
回答下列问题：
(1)烃A的最简式是____________。
(2)烃A的结构简式是____________。
(3)烃B的三种二溴代物的结构简式为______________________________________
________________________________________________________________________。
(4)烃C为烃B的同系物，常温下为气态且只有一种一溴代物，则烃C的一溴代物的结构简式为__________(填一种即可)。
解析：(1)烃A完全燃烧的产物中n(CO2)∶n(H2O)＝2∶1，则烃A的分子式为(CH)n；(2)因28＜M(A)＜60，所以烃A的分子式C3H3或C4H4，结合另外两个信息可知烃A的结构简式是。(3)烃B为饱和链烃，通常情况下呈气态，则烃B为CH4或C2H6或C3H8或C4H10；有同分异构体，则不可能为CH4、C2H6、C3H8，所以烃B为C4H10。 它的三种二溴代物的结构简式分别为
(4)烃B的同系物中常温下为气态的是CH4、C2H6、C3H8，C3H8有两种一溴代物，CH4、C2H6都只有一种一溴代物，分别为CH3Br、C2H5Br。
答案：(1)CH (2)
15．(16分)某含苯环的化合物A，其相对分子质量为104，碳的质量分数为92.3%。
(1)A的分子式为__________________。
(2)A与溴的四氯化碳溶液反应的化学方程式为____________________________，反应类型是__________。
(3)已知：
请写出A与稀、冷的KMnO4溶液在碱性条件下反应的化学方程式：________________________________________________________________________。
(4)一定条件下，A与氢气反应，得到的化合物中碳的质量分数为85.7%，写出此化合物的结构简式______________________________________________________。
(5)在一定条件下，由A聚合得到的高分子化合物的结构简式为____________________。
解析：(1)m(C)＝104×92.3%＝96；n(C)＝＝8；n(H)＝104－96＝8，所以A的分子式为C8H8。
(2)C8H8有苯环且能与溴加成，所以A为苯乙烯，其与溴反应的化学方程式为，反应类型为加成反应。
(3)由信息知反应双键打开各接一个羟基，所以A与稀、冷的KMnO4溶液在碱性条件下反应的化学方程式为
(4)A与氢气反应，可能是碳碳双键加成也可能苯环同时进行加成，由于得到的化合物中碳的质量分数为85.7%，所以其结构简式为。
(5)聚合的关键是双键打开后加上方括号和下标n，由A聚合得到的高分子化合物的结构简式为 。
专题质量检测（二） 有机物的结构与分类
一、选择题(本题包括12小题，每小题5分，共60分)
1．某有机物比例模型示意图如右，其中白球表示氢原子，灰球表示氧原子，黑球表示碳原子，下列说法正确的是( )
A．结构简式为CH3CH2O
B．分子式为C2H4O2
C．不存在同分异构体
D．分子中只有二种官能团
解析：选B 该有机物分子式显然为C2H4O2，结构简式为CH3COOH，故A不正确，B正确；C不正确，例如与HCOOCH3互为同分异构体；D不正确，分子中只有羧基一种官能团。
2．下列有机化合物分子中的所有碳原子不可能处于同一平面的是( )
解析：选D 苯环、双键、叁键都可以在一个平面上。对于选项D，可以联想CH4的空间结构，把3个CH3看作是取代了甲烷上的3个H原子，由于甲烷是正四面体结构，所以4个碳原子不可能在同一平面上。
3．维生素E在国外被称为“生命奇迹丸”，它是一种脂溶性维生素，对抗衰老有特殊作用。经研究发现维生素E有α、β、γ、δ四种类型，其结构简式分别如下：
其中R相同，上述四种类型互为同分异构体的是( )
A．α和β B．β和γ
C．γ和δ D．α和δ
解析：选B 从环的侧链个数不同入手，α中有四个甲基，β中有三个甲基，γ中也有三个甲基，δ中有两个甲基，所以可得到β和γ互为同分异构体。
4．下列有机物的系统命名中正确的是( )
A．3-甲基-4-乙基戊烷 B．2,3-二甲基丁烷
C．3,4,4-三甲基己烷 D．3,5-二甲基己烷
解析：选B 按题给名称写出结构简式，再用系统命名法命名，则发现A命名与“最长”原则矛盾，C命名与“最小”原则矛盾，D命名与“最近”原则矛盾。
5．下列各组内的物质不属于同系物的是( )
A．CH3—CH3
B．CH2===CH—CH3 CH2===CH—CH2—CH3
C．CH3—CH2—OH CH3—CH2—CH2—CH3
解析：选C 对题中的各种物质以同系物的概念为标准进行判断可知，只有C项中的物质之间不是同系物关系。
6．某烷烃一个分子里含有9个碳原子，其一氯代物只有两种，这种烷烃的名称是( )
A．正壬烷 B．2,6-二甲基庚烷
C．2,2,4,4-四甲基戊烷 D．2,3,4-三甲基己烷
解析：选C 烷烃分子中有9个碳原子，则分子式为C9H20，其一氯代物只有两种，说明其分子中只有2种H原子，结构应非常对称，故为，其名称为2,2,4,4-四甲基戊烷。
7．在分子中，处于同一平面上的碳原子数最多可能有( )
A．6个 B．8个
C．10个 D．12个
解析：选D 以苯环的平面为基准，苯环上的6个C在同一平面内，苯环的取代基上的第一个C共面，即7、12号C,7、8号C是双键的两端，二者在同一平面，结合7号C，可知8号C和苯环共面。9号C可以看作烯烃取代基的第一个碳，与7、8号C在同一平面内，10号C也共面，炔烃的取代基上的11号C也共面，故共有12个C在同一平面内。
8．按官能团分类，下列说法正确的是( )
解析：选B A中物质为环己醇，不含苯环，所以不属于芳香族化合物，A错误；B中苯甲酸分子中含有羧基官能团，所以属于羧酸，B正确；C中物质含有羰基，不含醛基，所以不属于醛类，C错误；羟基与苯环直接相连的烃的衍生物为酚类，而D物质羟基与链烃基相连，所以属于醇类，D错误。
9.某只含有C、H、O、N的有机物的简易球棍模型如图所示，下列关于该有机物的说法不正确的是( )
A．该有机物属于氨基酸
B．该有机物的分子式为C3H7NO2
C．该有机物与CH3CH2CH2NO2互为同系物
D．该有机物的一氯代物有2种
解析：选C A项，据球棍模型成键特点可知该有机物结构简式为，正确；B项，分子式应为C3H7NO2，正确；C项，与CH3CH2CH2NO2互为同分异构体，错误；D项，分子中与C原子相连的氢原子有2种，故一氯代物有2种，正确。
10．分析下表中各项的排布规律，按此规律排布第29项应为( )
1
2
3
4
5
6
7
8
9
C2H6
C2H4
C2H4O2
C3H8
C3H6
C3H6O2
C4H10
C4H8
C4H8O2
A. C10H22 B. C11H22
C. C10H20O2 D. C11H22O2
解析：选B 这是每隔3项发生循环的数列，29＝3×9＋2，即第10次大循环的第2小项，第一次时，碳原子数是2，第10次大循环时，碳原子数为11，故第29项应为C11H22。
11．有机物蒽的结构简式为，它的二溴代物的同分异构体的数目为( )
A．13种 B．14种
C．15种 D．16种
解析：选C 固定一个Br原子，依次移动另一个得到它的二溴代物，分别有：B 共15种。
12．某有机样品3.0 g完全燃烧，将燃烧后的混合物通入过量的澄清石灰水中，石灰水共增重6.2 g，经过滤得到10 g 沉淀。该有机样品的组成可能是(括号内给出的是有机物的分子式)( )
A．葡萄糖(C6H12O6)与蔗糖(C12H22O11)
B．醋酸与甲酸甲酯(C2H4O2)
C．乙醇与甲醛(CH2O)
D．二甲醚(C2H6O)与乳酸(C3H6O3)
解析：选B 根据题意，3.0 g有机样品燃烧生成CO2和H2O的总质量为6.2 g。10 g碳酸钙的物质的量为0.1 mol，含0.1 mol C，则燃烧生成的CO2为0.1 mol，故燃烧生成水的质量为6.2 g－0.1 mol×44 g·mol－1＝1.8 g，其物质的量为0.1 mol，含0.2 mol H。因此，3.0 g样品中O的质量为3.0 g－0.1 mol×12 g·mol－1－0.2 mol×1 g·mol－1＝1.6 g，其物质的量为0.1 mol。各元素原子个数比为N(C)∶N(H)∶N(O)＝0.1∶0.2∶0.1＝1∶2∶1，实验式为CH2O，只有B选项符合要求。
二、非选择题(本题包括3小题，共40分)
13．(12分)(1)按系统命名法命名。
①有机物CH3CH(C2H5)CH(CH3)2的名称是____________________________________
____________。
②C4H10O属于醇类同分异构体中具有“手性碳原子”的有________种。
(2)写出下列各种有机物的结构简式
①2,3-二甲基-4-乙基己烷_________________________________________________。
②支链只有一个乙基且式量最小的烷烃______________________________________。
解析：(1)将CH3CH(C2H5)CH(CH3)2展开，则为，展开后名称易写。C4H10O中属于醇类的同分异构体中具有手性碳原子的结构简式为。
(2)根据有机物命名原则逆推即可。
答案：(1)①2,3-二甲基戊烷
②1
14．(14分)按要求回答下列问题：
(1) 的名称为________________________。
的名称为______________________。
(3)某物质结构如图所示，分子式为_____________________________________；
该物质可以与下列__________(填字母)发生反应。
A．KMnO4酸性溶液 B．氢气
C．溴水 D．NaOH溶液
(4) 中含有的官能团的名称为______、__________。
(5)在戊烷的各种同分异构体中，核磁共振氢谱只有一个吸收峰的结构简式为________________________。
解析：(1)系统命名法要求寻找最长的碳链为主链，故(1)中主链为8个碳原子，离首个支链最近的碳原子为1号碳，支链按碳原子编位命名，且选择编数最小来命名，故该化合物命名为3,3,6-三甲基辛烷；(2)该化合物的主链为7个碳原子，含2个甲基，故命名为2,5-二甲基庚烷；(3)从键线式中查出碳原子个数15个，氢原子数为22个，氧原子数为2个，故分子式为C15H22O2；该有机物结构中含有碳碳双键，故能与氢气发生加成反应，能使酸性高锰酸钾溶液和溴水褪色，又由于含有羧基，该化合物还能与碱反应，故答案选ABCD；(4)该有机物中含有苯环，羟基连接苯环为酚羟基，—COO—为酯基；(5)核磁共振氢谱只有一个吸收峰说明只含有一种氢原子，即戊烷为对称结构，故为新戊烷
答案：(1)3,3,6-三甲基辛烷 (2)2,5-二甲基庚烷
(3)C15H22O2 ABCD (4)羟基 酯基
15．(14分)(1)化合物A和B的分子式都是C2H4Br2，A的核磁共振谱图如图所示，则A的结构简式为______，请预测B的核磁共振谱上有________个峰(信号)。
(2)写出结构简式或名称：
①分子式为C8H10的芳香烃，苯环上的一溴取代物只有一种，写出该芳香烃结构简式________________________________________________________________________。
②戊烷(C5H12)的某种同分异构体只有一种一氯代物，写出该戊烷的名称________________。
解析：(1)化合物A和B的分子式都是C2H4Br2，C2H4Br2有两种不同的结构，分别是BrCH2CH2Br和CH3CHBr2，A的核磁共振谱图显示只有一个峰，说明在物质分子中只有一种H原子，则A的结构简式为BrCH2CH2Br，B有两种不同的H原子，所以B的核磁共振谱上有2个峰；(2)①分子式为C8H10的芳香烃，苯环上的一溴取代物只有一种，说明在苯环上的对位有2个取代基CH3，该芳香烃结构简式；②戊烷(C5H12)的某种同分异构体只有一种一氯代物，说明分子中只有一种H原子，则该戊烷是新戊烷，系统命名法命名为2,2-二甲基丙烷。
答案：(1)BrCH2CH2Br 2
(2)① ②2,2-二甲基丙烷
专题质量检测（五） 生命活动的物质基础
一、选择题(本题包括12小题，每小题5分，共60分)
1．下列说法中正确的是( )
A．淀粉、蔗糖和葡萄糖在一定条件下都能发生水解反应
B．油脂在碱性条件下水解可得到高级脂肪酸和丙三醇
C．棉、麻、羊毛完全燃烧都只生成CO2和H2O
D．蛋白质是结构复杂的高分子化合物，分子中一定含有C、H、O、N四种元素
解析：选D A项，葡萄糖不能水解，A错；B项，油脂在酸性条件下水解的产物为高级脂肪酸和丙三醇，B错；羊毛属于蛋白质，燃烧时还会有含氮物质生成，C错。
2．把①蔗糖 ②淀粉 ③纤维素 ④蛋白质在稀硫酸存在下分别进行水解，最终产物只有1种的是( )
A．①和② B．只有③
C．只有④ D．只有②和③
解析：选D 蔗糖水解得到的是葡萄糖和果糖；淀粉、纤维素水解的最终产物均为葡萄糖；蛋白质水解可得多种氨基酸。
3．三国时代，诸葛亮领兵南征孟获，遇到“哑泉”，士兵饮后致哑，腹痛，甚至死亡，但喝“安乐泉”水后可解毒。据分析，“哑泉”水中溶有CuSO4，“安乐泉”水呈碱性，下列说法中正确的是( )
A．“哑泉”之毒是由于水中Cu2＋使人体蛋白质变性
B．“哑泉”之毒是由于水中SO使人体蛋白质变性
C．“哑泉”之毒是由于Cu2＋水解显酸性使人体蛋白质变性
D．“安乐泉”能解“哑泉”之毒的离子方程式为CuSO4＋2OH－===Cu(OH)2↓＋SO
解析：选A 因为“哑泉”水中溶有CuSO4，喝入人体后能使人体中的蛋白质变性；而“安乐泉”水呈碱性，二者相遇发生反应生成Cu(OH)2沉淀：Cu2＋＋2OH－===Cu(OH)2↓。
4.真皮标志(如图)是中国皮革协会在国家工商行政管理局注册的证明商标，佩挂真皮标志的产品其原料必须是天然头层皮革。天然皮革属于( )
A．纤维制品
B．脂肪类物质
C．合成高分子制品
D．变性的蛋白质
解析：选D 动物的毛皮属于蛋白质。
5．下列说法正确的是( )
A．1 mol葡萄糖能水解生成2 mol CH3CH2OH和2 mol CO2
B．在鸡蛋清溶液中分别加入饱和Na2SO4、CuSO4溶液，都会因盐析产生沉淀
C．油脂不是高分子化合物，1 mol油脂完全水解生成1 mol 甘油和3 mol高级脂肪酸
D．欲检验蔗糖水解产物是否具有还原性，可向水解后的溶液中直接加入新制的Cu(OH)2悬浊液并加热
解析：选C A项，葡萄糖为单糖，不能水解；B项，在鸡蛋清溶液中加入CuSO4溶液会使蛋白质变性；D项，在加入新制的Cu(OH)2悬浊液之前，必须加碱(如NaOH)中和作催化剂的硫酸。
6．(2016·温州十校联考)下列说法不正确的是( )
A．天然油脂没有固定的熔点和沸点，所以天然油脂是混合物
B.的分子式为 C17H26O3
C．等质量的甲醛与乳酸[CH3CH(OH)COOH]完全燃烧时消耗氧气的量相等
D．结构片段为的高聚物，是其单体通过缩聚反应生成的
解析：选D 纯净物有固定的熔沸点而混合物没有固定的熔沸点，故 A正确；拐点为碳原子，每个碳接四个键，不足的接氢原子，的分子式为 C17H26O3, 故 B 正确；甲醛分子式为CH2O，乳酸的最简式为 CH2O，所以等质量的甲醛与乳酸完全燃烧消耗氧气的量相等，故C正确；根据该高分子化合物的结构片段可知，主链只含有碳原子，该高分子化合物是通过加聚反应生成的，故D错误。
7．下列说法正确的是( )
A．油脂饱和程度越大，熔点越低
B．氨基酸、二肽、蛋白质均既能跟强酸反应又能跟强碱反应
C．蔗糖、麦芽糖、硬脂酸甘油酯酸性水解都能得到2种物质
D．麻黄碱()的催化氧化产物能发生银镜反应
解析：选B A项，油脂的饱和程度越大，熔点越高。C项，麦芽糖水解只能得到葡萄糖。D项，麻黄碱催化氧化的产物中不含醛基，不能发生银镜反应。
8．科学家发现半胱氨酸能增强艾滋病感染者的免疫力，对控制艾滋病病毒的蔓延有奇效。已知半胱氨酸的结构简式为，则下列说法错误的是( )
A．半胱氨酸属于氨基酸
B．半胱氨酸是一种两性物质
C．两分子半胱氨酸脱水形成的二肽结构简式为
D．HS—CH2—CH2—COONH4可与NaOH溶液反应放出一种碱性气体
解析：选C 氨基酸有羧基和氨基组成的，根据半胱氨酸的结构简式，符合氨基酸的特点，A正确；半胱氨酸中含有—COOH显酸性，—NH2显碱性，因此半胱氨酸是一种两性物质，B正确；二肽是—COOH和—NH2发生脱水反应，形成的结构是—CONH—，C错误；—COONH4＋OH－—COO－＋NH3↑＋H2O，氨气是碱性气体，D正确。
9．核黄素又称为维生素B2，可促进发育和细胞再生，有利于增进视力，减轻眼睛疲劳。核黄素分子的结构为
已知：
有关核黄素的下列说法中，不正确的是( )
A．该化合物的分子式为C17H22N4O6
B．酸性条件下加热水解，有CO2生成
C．酸性条件下加热水解，所得溶液加碱后有NH3生成
D．能发生酯化反应
解析：选A A项分子式的书写可以采用数数或分析不饱和度的方法。先检查C、N、O的个数，再看氢的个数，分子式反应为C17H20N4O6，故不正确；酸性水解是中虚线圈住的部分，有NH3(实是NH)、 (即H2CO3)生成，H2CO3分解为CO2，所以B、C项正确；D项因其有羟基，故可发生酯化反应，正确。
10．“胃动力不够，请吗丁啉帮忙”是一句广告词。吗丁啉是一种常见的胃药，其有效成分的结构简式可用如图表示。
下列关于该物质的说法中正确的是( )
A．该物质属于芳香烃
B．该物质的相对分子质量很大，属于高分子化合物
C．该物质可以发生水解反应和取代反应
D．该物质是一种蛋白质
解析：选C 从结构简式中可知，除C、H元素之外还有N、O、Cl，故不属于芳香烃，而且不是高分子化合物，也不是蛋白质；由于结构中含有故可发生水解反应，同时含有苯环和—CH2—，故也能发生取代反应。
11．某天然油脂10 g，需1.8 g NaOH才能完全皂化；又知1 000 g该油脂硬化加氢时消耗氢气12 g，则1 mol该油脂中平均含有碳碳双键( )
A．3 mol B．4 mol
C．5 mol D．6 mol
解析：选B 1.8 g NaOH为0.045 mol,1 mol天然油脂需要3 mol NaOH，所以10 g油脂对应的物质的量为0.015 mol，其摩尔质量为666.7 g·mol－1，则1 000 g的物质的量为1.5 mol，所消耗的H2物质的量为6 mol，则每摩尔油脂平均含C===C双键的物质的量为4 mol。
12．若1 mol有机物A在稀硫酸作用下水解生成2 mol B，下列物质中符合题意的物质A可能是( )
①蔗糖 ②麦芽糖 ③葡萄糖 ④淀粉
A．①②③ B．④⑤⑧
C．②⑥⑧ D．①⑤⑦
解析：选C 麦芽糖水解得2分子葡萄糖；⑥可得2分子2-羟基丙酸；⑧得2分子α-氨基丙酸。
二、非选择题(本题包括3小题，共40分)
13．(12分)已知α-氨基酸在一定条件下能与亚硝酸(HNO2)反应得到α-羟基酸。
根据如图所示关系回答下列有关问题。
(1)A、B的结构简式：A__________________；B________________________。
(2)C―→D的化学方程式为________________________________________
________________________________________________________________________。
(3)C―→E的化学方程式为_______________________________________________
________________________________________________________________________。
解析：的分子式为C3H7NO2，分子组成与B(C6H10N2O2)分子组成的关系：2C3H7NO2―→B(C6H10N2O2)＋2H2O，据此可知B为环状结构。结合题给信息，C应是与亚硝酸(HNO2)反应得到的。C能发生脱水反应，比较D、E的摩尔质量可知，D在分子组成上比E多一个“H2O”，D是两分子C脱去一分子水的产物，E是两分子C脱去两分子水的产物。
14．(14分)油脂A经下列途径可得到M，已知M的相对分子质量为227，由C、H、O、N四种元素组成，C、H、N的质量分数依次为15.86%、2.20%和18.50%。图中②的提示：C2H5OH＋HO—NO2C2H5O—NO2＋H2O
(1)反应①的化学方程式：_______________________________________________
________________________________________________________________________。
反应②的化学方程式：_________________________。
(2)0.1 mol B与足量的金属钠反应，则需消耗________g金属钠。
(3)C是B和乙酸在一定条件下反应生成的化合物，相对分子质量为134，试写出C所有可能的结构简式________________________。
解析：(1)根据M的相对分子质量，及C、H、N、O(做差求出)的质量分数，确定出M的分子式为C3H5O9N3。观察给出的线路，结合油脂A的转化途径，①是油脂A在酸性条件下发生水解，生成高级脂肪酸和丙三醇(甘油)，则B是丙三醇。结合提示及M的分子式，②是丙三醇与硝酸发生酯化反应得到M。(2)1 mol丙三醇能与3 mol Na反应，则0.1 mol 丙三醇需消耗0.3 mol 金属钠发生反应，则m(Na)＝6.9 g。(3)丙三醇、酯C、水、乙酸的相对分子质量分别是92、134、18、60，根据酯化反应的规律及守恒规律，推出是1 mol丙三醇和1 mol乙酸发生酯化反应，生成酯C和1 mol水。因丙三醇中的醇羟基有2种，则生成的酯的结构有2种：
15．(14分)葡萄糖是人类的营养素，在体内富氧条件下被氧化生成二氧化碳和水，在缺氧条件下则生成一种有机酸A。已知：
②将A进行如下图所示的反应，其中C和C′是同系物，C′是甲酸(HCOOH)。
回答下列问题：
(1)C和D′属于________(填序号，下同)。
①同系物 ②同分异构体
③同类物质 ④同素异形体
(2)D′和E分别属于哪一类化合物：D′______________，E______________。
①多元醇 ②醛 ③不饱和羧酸 ④多元羧酸 ⑤酯
(3)写出结构简式：A__________________________________________________。
F________________________________________________________________________。
H________________________________________________________________________。
(4)写出反应类型：(Ⅰ)________，(Ⅱ)________。
(5)写出下列转化的化学方程式：
A―→B：_________________________________________________________________
________________________________________________________________________；
A―→E：________________________________________________________________
________________________________________________________________________。
专题质量检测（四） 烃的衍生物
一、选择题(本题包括12小题，每小题5分，共60分)
1．关于酚羟基和醇羟基的分析中，错误的是( )
A．原子组成一样
B．O—H键的化学键类型一样
C．羟基中氢原子活泼性不同
D．酚羟基能发生电离，醇羟基也能发生电离
解析：选D 由于苯环的影响，酚羟基上的氢较活泼，故酚羟基能发生电离，而醇羟基不能电离。
2．下列有机化合物中均含有酸性杂质，除去这些杂质的方法中正确的是( )
A．苯中含苯酚杂质：加入溴水，过滤
B．乙醇中含乙酸杂质：加入碳酸钠溶液洗涤，分液
C．乙醛中含乙酸杂质：加入氢氧化钠溶液洗涤，分液
D．乙酸丁酯中含乙酸杂质：加入碳酸钠溶液洗涤，分液
解析：选D A项中形成的三溴苯酚易溶于苯中，不能用过滤法分离；除去苯中的杂质苯酚应加入NaOH溶液经洗涤、分液，A项错。B项操作不分层，无法分液，应加入NaOH溶液洗涤后再蒸馏，B项错。C项中不分层，无法分液，应加入NaOH溶液洗涤后再蒸馏。D项正确。
3.莽草酸可用于合成药物达菲，其结构简式如图，下列关于莽草酸的说法正确的是( )
A．分子式为C7H6O5
B．分子中含有两种官能团
C．可发生加成和取代反应
D．在水溶液中羟基和羧基均能电离出氢离子
解析：选C 根据莽草酸的结构简式可确定其分子式为C7H10O5，需要注意不存在苯环，A错误；有三种官能团：羧基、羟基、碳碳双键，B错误；碳碳双键可以被加成，羧基、羟基可发生酯化反应，C正确；在水溶液中羧基可以电离出H＋，羟基不能发生电离，D错误。
4．对同样的反应物，若使用不同的催化剂，可得到不同的产物，如：C2H5OHCH3CHO＋H2
2C2H5OHC2H5OC2H5＋H2O
2C2H5OHCH2===CH—CH===CH2＋H2＋2H2O
又知CH3CH2OH在活性铜催化下，可生成CH3COOCH2CH3及其他产物，则其他产物可能为( )
A．CO2 B．H2
C．H2O D．H2O和H2
解析：选B 根据质量守恒，原子在化学反应前后种类和个数不变，若CH3CH2OH在活性铜催化下，生成CH3COOCH2CH3，根据碳原子守恒CH3CH2OH前边计量数为2,2CH3CH2OH比CH3COOCH2CH3多4个H原子所以还会生成H2，故B项正确。
5．欲从溶有苯酚的乙醇溶液中回收苯酚，有下列操作：①蒸馏；②过滤；③静置分液；④加入足量的金属钠；⑤通入过量的二氧化碳；⑥加入足量的NaOH溶液；⑦加入足量的FeCl3溶液；⑧加入硫酸与NaBr溶液共热。最合理的步骤是( )
A．④⑤③ B．⑥①⑤③
C．⑥①⑤② D．⑧②⑤③
解析：选B 苯酚和乙醇的沸点相差不大，并且加热易使苯酚变质，故不能直接蒸馏，应先将苯酚转化为沸点较高的苯酚钠，然后控制蒸馏温度将乙醇蒸出，剩下的物质是苯酚钠的水溶液，再通入过量的二氧化碳，生成水中溶解度较小的苯酚，最后利用分液的方法即可得到纯净的苯酚。
6．下列鉴别方法不可行的是( )
A．用水鉴别乙醇、甲苯和溴苯
B．用燃烧法鉴别乙醇、苯和四氯化碳
C．用碳酸钠溶液鉴别乙醇、乙酸和乙酸乙酯
D．用酸性高锰酸钾溶液鉴别苯、环己烯和环己烷
解析：选D 乙醇溶于水，甲苯浮于水面，溴苯沉在水底，A项可行；乙醇、苯燃烧火焰有明显差别，而四氯化碳不燃烧，B项可行；乙醇溶于碳酸钠，乙酸与碳酸钠反应产生气泡，乙酸乙酯浮于溶液表面，C项可行；酸性高锰酸钾不能氧化苯和环己烷，D项不可行。
7．醇类化合物在香料中占有重要的地位，下面所列的是一些天然的或合成的醇类香料：
下列说法中正确的是( )
A．可用酸性KMnO4溶液检验①中是否含有碳碳双键
B．②和③互为同系物，均能催化氧化生成醛
C．④和⑤互为同分异构体，可用核磁共振氢谱检验
D．等物质的量的上述5种有机物与足量的金属钠反应，消耗钠的量相同
解析：选D A项，①中的羟基也能使酸性高锰酸钾溶液褪色，错误；B项为同系物，但羟基相连的碳上无氢，不能被氧化，错误；C项，④⑤的分子式不同，错误；D项，五种物质均有一个羟基，故都能和钠反应，且消耗钠的量相同，正确。
8．分子式为C5H12O2的二元醇有多种同分异构体，其中主链上碳原子数为3的同分异构体的数目为m，主链上碳原子数为4的同分异构体数目为n，下列各组数据中，m和n均正确的是(不包括1个碳原子上连接2个羟基的化合物)( )
A．m＝1，n＝6 B．m＝1，n＝7
C．m＝2，n＝6 D．m＝2，n＝7
解析：选C 对于多官能团的同分异构体的书写常采用“定一动一”的方法，当然本题还要注意官能团对碳链的特殊要求。二元醇C5H12O2主链上碳原子数为3的同分异构体为CH2OHCH(C2H5)CH2OH、CH2OHC(CH3)2CH2OH两种，主链上碳原子数为4的同分异构体为(只包括碳链和官能团)六种：
9．下列物质分别与NaOH的醇溶液共热后，能发生消去反应，且只生成一种有机物的是( )
解析：选B 能发生消去反应的卤代烃，其结构特点是：有β碳原子，而且β碳原子上连有氢原子；C中无β碳原子，A中的β碳原子上没有氢原子，所以A、C都不能发生消去反应；D发生消去反应后可得到两种烯烃：CH2===CH—CH2—CH3或CH3—CH===CH—CH3；B发生消去反应后只得到。
10．(2016·嘉兴高三9月基础测试)下列关于有机物结构、性质的分析正确的是( )
A．正丁烷和异丁烷的一氯取代物都只有两种，它们的沸点也相同
B．乙烯分子与苯分子都能与H2发生加成反应，说明二者均含碳碳双键
C．甲烷、苯、乙醇、乙酸和乙酸乙酯在一定条件下都能发生取代反应
D．乙醛加入Cu(OH)2粉末并加热可看到红色沉淀生成
解析：选C 正丁烷的沸点高于异丁烷，A错误；苯环中无碳碳双键，B错误；乙醛加入Cu(OH)2粉末并加热看不到红色沉淀生成，该实验需要在碱性条件下(要加NaOH溶液)与Cu(OH)2悬浊液反应，D错误。
11．普罗帕酮为广谱高效抗心律失常药，它可由有机物X经多步反应合成：
下列有关说法正确的是( )
A．在有机物X的1H核磁共振谱图中，有3组特征峰
B．可用溴水或FeCl3溶液鉴别X和Y
C．普罗帕酮分子中有2个手性碳原子
D．X、Y和普罗帕酮都能发生加成、水解、氧化、消去反应
解析：选B A项有机物X中有4种氢，分别是苯环上取代基的邻、间、对三种以及甲基上的H，错误；B项Y中有酚羟基，X中没有，所以可以用溴水或FeCl3溶液鉴别，正确；C项普罗帕酮分子中只有1个手性碳原子，即羟基所连碳，错误；D项有机物X、Y不能发生消去反应，Y与普罗帕酮不能发生水解反应，错误。
12．H7N9型禽流感是全球首次发现的新亚型流感病毒，达菲(Tamiflu)是治疗该病毒的最佳药物。以莽草酸为原料，经多步反应可制得达菲和对羟基苯甲酸。达菲、莽草酸、对羟基苯甲酸的结构简式如下：
下列有关说法正确的是( )
A．达菲、莽草酸、对羟基苯甲酸都属于芳香族化合物
B．1 mol莽草酸与NaOH溶液反应，最多消耗4 mol NaOH
C．对羟基苯甲酸较稳定，在空气中不易被氧化
D．利用FeCl3溶液可区别莽草酸和对羟基苯甲酸
解析：选D A项，达菲、莽草酸中无苯环，错误；B项，莽草酸中只有—COOH能与NaOH反应，错误；C项，对羟基苯甲酸中有酚羟基，易被氧化，错误；D项，莽草酸和对羟基苯甲酸，后者有酚羟基，正确。
二、非选择题(本题包括2小题，共40分)
13．(18分)(2016·浙江10月选考)烃A是一种重要的化工原料。已知A在标准状况下的密度为1.25 g·L－1，B可发生银镜反应。它们之间的转化关系如图：
请回答：
(1)有机物B中含有的官能团名称是________。
(2)第⑤步发生加成反应，该反应的化学方程式是_______________________________________________________________________。
(3)将金属钠与有机物D反应所得的少量产物溶于水，滴加2滴酚酞试液，水溶液显红色，其原因是_________________________________________________(用化学方程式表示)。
(4)下列说法正确的是________。
a．有机物A与D在一定条件下可反应生成乙醚[(CH3CH2)2O]
b．用新制碱性氢氧化铜悬浊液无法区分有机物B、C和D
c．通过直接蒸馏乙酸乙酯和有机物C的混合物，可分离得到纯的乙酸乙酯
d．相同条件下乙酸乙酯在氢氧化钠溶液中水解较在稀硫酸中更完全
解析：由题意知A的摩尔质量为1.25 g·L－1×22.4 L·mol－1＝28 g·mol－1，可推知A为乙烯(CH2===CH2)，则B为乙醛(CH3CHO)、C为乙酸(CH3COOH)、D为乙醇(CH3CH2OH)。
答案：(1)醛基
(2)CH2===CH2＋CH3COOH一定条件,CH3COOCH2CH3
(3)CH3CH2ONa＋H2O??CH3CH2OH＋NaOH
(4)a、d
14．(22分)(2016·浙江10月选考)某研究小组从甲苯出发，按下列路线合成染料中间体X和医药中间体Y。
已知：化合物A、E、F互为同分异构体。
请回答：
(1)下列说法不正确的是________。
A．化合物C能发生氧化反应，不发生还原反应
B．化合物D能发生水解反应
C．化合物E能发生取代反应
D．化合物F能形成内盐
(2)B＋C―→D的化学方程式是_____________________________________________。
(3)化合物G的结构简式是________________________________________________。
(4)写出同时符合下列条件的A的所有同分异构体的结构简式________________________________________________________________________。
①红外光谱检测表明分子中含有醛基；
②1H-NMR谱显示分子中含有苯环，且苯环上有两种不同化学环境的氢原子。
(5)为探索新的合成路线，采用苯和乙烯为原料制备化合物F，请设计该合成路线(用流程图表示，无机试剂任选)。
解析：由题意及框图推得A为
C为
答案：(1)A
(3)H2NCHO
