2018年高考试卷浙江卷(4月选学)（完美精品word版）

21世纪教育网 –中小学教育资源及组卷应用平台
2018年4月浙江省普通高校招生选考科目考试
物理试题
本试题卷分选择题和非选择题两部分，共8页，满分100分，考试时间90分钟。其中加试题部分为30分，用【加试题】标出。
选择题部分
一、选择题Ⅰ（本题共13小题，每小题3分，共39分。每小题列出的四个备选项中只有一个是符合题目要求的，不选、多选、错选均不得分）
1．通过理想斜面实验得出“力不是维持物体运动的原因”的科学家是（ ）
A．亚里士多德 B．伽利略 C．笛卡尔 D．牛顿
答案：B
2．某驾驶员使用定速巡航，在高速公路上以时速110公里行驶了200公里。其中“时速110公里”、“行驶200公里”分别是指（ ）
A．速度、位移 B．速度、路程 C．速率、位移 D．速率、路程
答案：D
3．用国际单位制的基本单位表示能量的单位，下列正确的是（ ）
A．kg．m2/s2 B． kg．m/s2 C．N/m D． N．m
答案：A
4．A、B两艘快艇在湖面上做匀速圆周运动（如图），在相同的时间内，它们通过的路程之比是4:3,运动方向改变的角度之比是3:2，则它们（ ）
A．线速度大小之比为4:3
B．角速度大小之比为3:4
C．圆周运动的半径之比为2:1
D．向心加速度大小之比为1:2
答案：A
解析：圆周运动中线速度定义为单位时间内转过的圆弧长，即， 所以线速度之比为
4：3，选项A正确；角速度定义为单位时间内转过的弧度角，即 ，且运动方向改变角度等于圆心角，所以角速度之比为3：2，B错；半径， 即半径之比为8：9，C错；向心加速度 ，即向心加速度之比为2：1，选项D错。
5．杭州市正将主干道上的部分高压钠灯换成LED灯，已知高压钠灯功率为400W，LED灯功率为180W，若更换4000盏，则一个月可节约的电能约为（ ）
A．9×102 kWh B． 3×105kWh C． 6×105 kWh D． 1×1012 kWh
答案：B
解析：一个月30天，每天亮灯按10h计，共30×10h=300h，LED灯比高压钠灯每盏功率小220W，使用4000盏可节电4000×0.22kW×300h=2.64×105kWh ， 即可节电2.64×105kwh，最接近为B。
6．真空中两个完全相同、带等量同种电荷的金属小球A和B（可视为点电荷），分别固定在两处，它们之间的静电力为F。用一个不带电的同样金属球C先后与A、B球接触，然后移开球C，此时A、B球间的静电力为（ ）
A． B． C． D．
答案：C
解析：设原来A，B各带Q电荷量，根据相同的小球接触后电荷的分配规律可知，C球与A球碰后，A和C均带Q/2的电荷量，然后C球与B球接触后，C和B各带电3Q/4，所以原来的静电力为后来的静电力为，选项C正确
7．处于磁场B中的矩形金属线框可绕轴OO' 转动，当线框中通以电流Ⅰ时，如图所示，此时线框左右两边受安培力F的方向正确的是（ ）
答案：D
8．如图所示，小芳在体重计上完成下蹲动作。下列F-t图像能反映体重计示数随时间变化的是（ ）
答案：C
解析：下蹲时先加速下降，后减速下降，故先失重，后超重，F先小于重力，后大于重力，C正确。
9．土星最大的卫星叫“泰坦”（如图），每16天绕土星一周，其公转轨道半径为1.2×106 km。
已知引力常量G=6.67×10-11 Nm2/kg2，则土星的质量约为（ ）
A． 5×1017 kg B． 5×1026 kg
C． 7×1033 kg D． 4×1036 kg
答案：B
解析：卫星绕土星运动，土星的引力提供卫星做圆周运动的向心力设土星质量为M：，解得
代入计算可得：M≈5×1026 kg，故B正确，A、C、D错误。
故选B。
10．如图所示，竖井中的升降机可将地下深处的矿石快速运送到地面。某一竖井的深度为104m，升降机运行的最大速度为8m/s，加速度大小不超过1m/s2 。假定升降机到井口的速度为0，则将矿石从井底提升到井口的最短时间是（ ）
A．13s B．16s
C．21s D．26s
答案：C
解析：升降机先加速上升，再做匀速运动，最后匀减速运动到井口的速度为0，，
加速运动时间t1=v/a=8s，距离为h1=v2/2a=32m；
匀减速运动时间t3=v/a=8s，匀减速距离h3=h1=32m，
故中间匀速阶段h2=104-32-32=40m，匀速阶段的时间t2=h2/v=5s，
所以t=t1+t2+t3=8+5+8=21s，选项C正确。
11．一带电粒子仅在电场力作用下从A点开始以-v0做直线运动，其v-t图像如图所示。粒子在t0时刻运动到B点，3 t0时刻运动到C点，以下判断正确的是（ ）
A．A、B、C三点的电势关系为
B． A、B、C三点的场强大小关系为
C．粒子从A点经B点运动到C点，电势能先增加后减少
D．粒子从A点经B点运动到C点，电场力先做正功后做负功
答案：C
解析：带电粒子的带电性不确定，无法判断电势的高低，A错；根据图像可知带电粒子的动能先减小后增大，由能量转化关系可知，动能转化为电势能，所以电势能先增大后减小，电场力先做负功再做正功，选项C正确D错误； v-t图像的斜率表示加速度的大小，也可间接地反映电场力和电场强度的大小，图线的斜率先增大后减小，且方向没有改变，所以电场强度应该是EB最大，选项B错误。
12．在城市建设施工中，经常需要确定地下金属管线的位置，如图所示。有一种探测方法是，首先给金属长直管线通上电流，再用可以测量磁场强弱、方向的仪器进行以下操作：①用测量仪在金属管线附近的水平地面上找到磁感应强度最强的某点，记为a；②在a点附近的地面上，找到与a点磁感应强度相同的若干点，将这些点连成直线EF；③在地面上过a点垂直于EF的直线上，找到磁场方向与地面夹角为45 的b、c两点，测得b、c两点距离为L。由此可确定金属管线（ ）
A．平行于EF，深度为 B．平行于EF，深度为L
C．垂直于EF，深度为 D．平行于EF，深度为L
答案：A
解析：根据通电直导线产生的磁场特点，距离电流越近，产生的磁场强度越大，则a点距离管线最近，EF上的点均是距离管线最近的点，管线在EF的正下方，与EF平行，。根据安培定则作出管线产生磁场的横截面如图示：
由几何关系可以确定a到管线的距离为，故BCD错误，A正确。
13．如图所示，一根绳的两端分别固定在两座猴山的A、B处，A、B两点水平距离为16m，竖直距离为2m，A、B间绳长为20m。质量为10kg的猴子抓住套在绳子上的滑环从A处滑到B处。以A点所在水平面为参考平面，猴子在滑行过程中重力势能最小值约为（绳处于拉直状态）（ ）
A． -1.2×103 J B． -7.5×102 J
C． -6.0×102 J D．-2.0×102 J
答案：B
解析：由图可知猴子到C点时重力势能最小，∠BCF=∠ECF=θ，所以LBC·sinθ+LAC·sinθ=BD,所以sinθ=BD/L ACB=4/5，即θ=53o。AD=2m，
则ED=AD·tan53o=8/3m，所以FE=20/3m。
FC︰AD=FE︰ED，得FC=5m，
所以AC高度差为7m，再加上猴子自身高度，猴子重心距套环约为0.5m，故猴子重力势能最小约为Ep=-mgh=-750J。选项B正确。
二、选择题II（本题共3小题，每小题2分，共6分。每小题列出的四个备选项中至少有一个是符合题目要求的。全部选对的得2分，选对但不全的得1分，有选错的得0分）
14．【加试题】下列说法正确的是（ ）
A．组成原子核的核子越多，原子核越稳定
B．衰变为经过4次α衰，2次β衰变
C．在LC振荡电路中，当电流最大时，线圈两端电势差也最大
D． 在电子的单缝衍射实验中，狭缝变窄，电子动量的不确定量变大
答案：BD
解析 ：比结合能是结合能与核子数之比，比结合能越大，原子核中核子结合得越牢固，原子核越稳定。中等质量的原子核，比结合能最大，组成原子核的核子数越多，它的比结合能不一定越大，选项A错误；由核反应中质量数守恒和电荷数守恒可知，222+4×4+0=238， 86+4×2-1×2=92，选项B正确；在LC振荡电路中，当电流最大时，线圈中磁场能最大，而电场能为零，这时极板间场强为零，电势差为零，即电容器极板间电压为零，C错误；根据不确定关系可知，位置和动量不能同时测定，当狭缝越窄，位置的不确定量减小了，但动量不确定量却增大了，选项D正确。故选BD。
15． 【加试题】氢原子的能级图如图所示，关于大量氢原子的能级跃迁，下列说法正确的是（可见光的波长范围为4.0×10-7 m—7.6×10-7 m,普朗克常量h=6.6×10-34 J·s，真空中的光速c=3.0×108 m/s）（ ）
A．氢原子从高能级跃迁到基态时，会辐射γ射线
B．氢原子处在n=4能级，会辐射可见光
C．氢原子从高能级向n=3能级跃迁时，辐射的光具有显著的热效应
D．氢原子从高能级向n=2能级跃迁时，辐射的光在同一介质中传播速度最小的光子能量为1.89eV
答案：BC
解析：γ射线是原子核处于激发态发生衰变时放出的，氢原子跃迁时辐射的能量远小于γ射线光子能量，不会辐射γ射线．故A错误；
氢原子在n=4能级时会向向n=2能级跃迁时，ΔE=2.55ev，产生的波长为，属于可见光区域，B正确；
氢原子从高能级向n=3能级跃迁时，辐射的光子能量小于可见光的红光能量，发出的光在红外线部分，具有显著的热效应，选项C正确；
氢原子从高能级向n=2能级跃迁时，辐射的光子最小能量为1.89eV，其波长最长，不同波长的光在同一介质中传播速度相同，选项D错误。
16．两列频率相同、振幅均为A的简谐横波P、Q分别沿+x和-x轴方向在同一介质中传播，两列波的振动方向均沿y轴。某时刻两波的波面如图所示，实线表示P波的波峰、Q波的波谷；虚线表示P波的波谷、Q波的波峰。a、b、c为三个等间距的质点，d为b、c中间的质点。下列判断正确的是（ ）
A．质点a的振幅为2A
B．质点b始终静止不动
C．图示时刻质点c的位移为0
D．图示时刻质点d的振动方向沿-y轴
答案：CD
解析：质点a和c是波峰与波谷相遇处，振动减弱，振幅相等则两波振幅差即为零，故a和c此时位移为零，A错，C正确；
经过1/4周期，两列波各自向前传播四分之一波长，P波a处的波谷和Q波在c处的波谷刚好传播到b点，所以b点时波谷与波谷相遇，振幅为2A,为振动加强点，故选项B错误；
图示时刻，d点在P波的平衡位置与波峰之间，振动方向沿y轴的负方向，同时，d点在Q波的波谷与平衡位置之间，振动方向沿y轴的负方向，所以d的合振动方向沿 -y轴，
选项D正确。
非选择题部分
三、非选择题（本题共7小题，共55分）
17．（5分）（1）用图1所示装置做“探究功与速度变化的关系”实验时，除了图中已给出的实验器材外，还需要的测量工具有_______（填字母）；
A． 秒表 B． 天平 C．刻度尺 D．弹簧测力计
（2）用图2所示装置做“验证机械能守恒定律”实验时，释放重物前有以下操作，其中正确的是_______（填字母）；
A．将打点计时器的两个限位孔调节到同一竖直线上
B．手提纸带任意位置
C．使重物靠近打点计时器
（3）图3是小球做平抛运动的频闪照片，其上覆盖了一张透明的方格纸。已知方格纸每小格的边长均为0.80cm。由图可知小球的初速度大小为______m/s（结果保留两位有效数字）
答案：（1）C （2）AC （3）0.66~0.74
解析：（1）实验“探究功与速度变化的关系”使用打点计时器测速度，不需要秒表，故A错误；因为运动中质量不变，在找关系时不需要天平测质量，B错误；由纸带上的点计算速度需要用刻度尺测量计数点的间距，故C正确。每次实验时橡皮筋成倍数地增加，形变量不变，功的关系不需要测力，故D错误。故选C。
（2）图2是利用自由落体运动验证机械能守恒定律，需要把两限位孔调到同一竖直线上，减小限位孔与纸带间的摩擦力，故A正确；要使重物靠近打电计时器再释放，以纸带上打出尽可能多的点，B错误C正确。故选AC。
（3）由图可知，竖直方向上，则t=0.4s
水平方向上，可解得，v0=0.70m/s
18．（5分）（1）小明用多用电表测量一小段2B铅笔芯的电阻R，正确的操作顺序是_____（填字母）；
A．把选择开关旋转到交流电压最高档
B．调节欧姆调零旋钮使指针指到欧姆零点
C．把红、黑表笔分别接在Rx两端，然后读数
D．把选择开关旋转到合适的档位，将红、黑表笔接触
E．把红、黑表笔分别插入多用电表“+”、“-”插孔，用螺丝刀调节指针定位螺丝，使指针指0
（2）小明正确操作后，多用电表的指针位置如图所示，则Rx=______Ω
（3）小张认为用多用电表测量小电阻误差太大，采用伏安法测量。
现有实验器材如下：电源（电动势3V，内阻可忽略），电压表（量程3V，内阻约为3kΩ），多用电表（2.5mA挡、25mA挡和250mA挡，对应的内电阻约为40Ω,4Ω和0.4Ω），滑动变阻器Rp（0—10Ω），定值电阻R0（阻值10Ω），开关及导线若干。
测量铅笔芯的电阻Rx，下列电路图中最合适的是___（填字母），多用电表选择开关应置于_____挡。
答案：（1）EDBCA （2）2.8~3.0 （3） B 250mA
解析：(1)操作步骤先机械调零即E，再欧姆调零，即D、B ；再测量电阻即C，最后复位打到OFF档或交流电压最大档即A，所以顺序为EDBCA，
（2）读数档位为×1档，表盘读数为2.9，所以读数为2.9Ω。
（3）由题意可知铅笔芯的电阻Rx很小，采用电流表外接法，A错误；D电路图不是分压器接法，滑动变阻器不能调节电压，D错误；C电路中，由于铅笔芯的电阻Rx很小，调节滑动变阻器的过程中，电压表的变化范围很小，读数误差大，而用R0串联后既能放大电压表读数，又能起到保护作用，故选用B电路图。
估测电流最大值为I=U/(R0+Rx)=230mA，故要选250mA档
19．（9分）可爱的企鹅喜欢在冰面上游玩，如图所示，有一企鹅在倾角为37o的斜面上，先以加速度a=0.5m/s2从冰面底部由静止开始沿直线向上“奔跑”，t=8s时，突然卧倒以肚皮贴着冰面向前滑行，最后退滑到出发点，完成一次游戏（企鹅在滑动过程中姿势保持不变）。若企鹅肚皮与冰面间的动摩擦因数μ=0.25，已知sin37o=0.6，cos37o=0.8 。求：
（1）企鹅向上“奔跑”的位移大小；
（2）企鹅在冰面上滑动的加速度大小；
（3）企鹅退滑到出发点的速度大小。（计算结果可用根式表示）
解：（1）奔跑过程： 有x=16m，
（2）上滑过程： 有a1=8m/s2，
下滑过程： 有a2=4m/s2，
（3）上滑位移：
退滑到出发点的速度：得到：
20． 如图所示，一轨道由半径为2m的四分之一竖直圆弧轨道AB和长度可以调节的水平直轨道BC在B点平滑连接而成。现有一质量为0.2kg的小球从A点无初速度释放，经过圆弧上的B点时，传感器测得轨道所受压力大小为3.6N，小球经过BC段所受阻力为其重力的0.2倍，然后从C点水平飞离轨道，落到水平面上的P点，P、C两点间的高度差为3.2m。小球运动过程中可以视为质点，且不计空气阻力。
（1）求小球运动至B点的速度大小；
（2）求小球在圆弧轨道上克服摩擦力所做的功；
（3）为使小球落点P与B点的水平距离最大，求BC段的长度；
（4）小球落到P点后弹起，与地面多次碰撞后静止。假设小球每次碰撞机械能损失75%，碰撞前后速度方向与地面的夹角相等。求小球从C点飞出后静止所需的时间。
解：（1）在B点： 得到：
（2）A至B过程中，由动能定理： 得到：
（3）B至C过程中，由动能定理：
B至P的水平距离：
当 P至B的水平距离最大
（4）C至P时间：
……
21．（4分）【加试题】（1）细丝和单缝有相似的衍射图样。在相同条件下，小明用激光束分别垂直照射两种不同直径的细丝Ⅰ和细丝Ⅱ，在光屏上形成的衍射图样如图1中a和b所示。已知细丝Ⅰ的直径为0.605mm，现用螺旋测微器测量细丝Ⅱ的直径，如图2所示，细丝Ⅱ的直径为______mm。图1中的______（填“a”或“b”）是细丝Ⅱ的衍射图样。
（2）小明在做“用双缝干涉测量光的波长”实验时，尝试用单缝和平面镜做类似实验。单缝和平面镜的放置如图3所示，白炽灯发出的光经过滤光片成为波长为λ的单色光照射单缝，能在光屏上观察到明暗相间的干涉条纹。小明测得单缝与镜面延长线的距离为h，与光屏的距离为D，则条纹间距△x=_______。随后小明撤去平面镜，在单缝下方A处放置同样的另一单缝，形成双缝结构，则在光屏上_______（填“能”或“不能”）观察到干涉条纹。
答案：（1）0.996~1.000， a
（2），不能
解析：（1）根据螺旋测微器的读数规则，可知固定刻度的1mm刻度已出，估计到0.001mm ，读数为1.000mm。
由a和b图比较可知衍射b明显，细丝越细，衍射越明显，故a图是细丝II的衍射图样。
（2）平面镜反射可以等效看成是从单缝及其在平面镜中的虚像发出的两列光干涉，即间距为2h的两条双缝干涉，所以。
虽然，在单缝下方A处放置同样的另一单缝，形成双缝结构，但白炽灯的光通过滤光片后直接通过双孔不能形成稳定的相位差，并不成为相干光。干涉的条件是频率相等，振动方向相同，相位差恒定，而光波是概率波，随机发射，即使两个光源同时打开也不能保证相遇的两光波一定是恒定相位差。一定要用一分为二的方法获得相干光，所以，双缝干涉实验需要在双缝前再加一条单缝。
22．（10分）【加试题】压力波测量仪可将待测压力波转换为电压信号，其原理如图1所示。压力波p（t）进入弹性盒后，通过与铰链O相连的“-|”型轻杆L，驱动杆端头A处的微型霍尔片在磁场中沿x轴方向做微小振动，其位移x与压力p成正比（x=αp，α>0）。霍尔片的放大图如图2所示，它由长×宽×厚=a×b×d、单位体积内自由电子数为n的N型半导体制成。磁场方向垂直于x轴向上，磁感应强度大小为B=B0（1-β|x|），β>0。无压力波输入时，霍尔片静止在x=0处，此时给霍尔片通以沿C1C2方向的电流I，则在侧面上D1 、D2两点间产生霍尔电压U0。
（1）指出D1 、D2两点哪点电势高；
（2）推导出U0与I、B0之间的关系式（提示：电流I与自由电子定向移动速率v之间关系为I=nevbd，其中e为电子电荷量）；
（3）弹性盒中输入压力波p（t），霍尔片中通以相同电流，测得霍尔电压UH随时间t变化图像如图3。忽略霍尔片在磁场中运动产生的电动势和阻尼，求压力波的振幅和频率。（结果用U0、U1、t0、α及β表示）
答案：（1）D1点电势高
（2）电子受力平衡：evB0=eEH 得到
（3）霍尔电压，
振幅： 频率：
23．（10分）【加试题】如图所示，在竖直平面内建立xOy坐标系，在0≤x≤0.65m、y≤0.40m范围内存在一具有理想边界，方向垂直直面向内的匀强磁场区域。一边长l=0.10m、质量m=0.02kg、电阻R=0.40的匀质正方形刚性导线框abcd处于图示位置，其中心的坐标为（0，0.65m）。现将线框以初速度v0=2.0m/s水平向右抛出，线框在进入磁场过程中速度保持不变，然后在磁场中运动，最后从磁场右边界离开磁场区域，完成运动全过程。线框在全过程中始终处于xOy平面内，其ab边与x轴保持平行，空气阻力不计。求：
（1）磁感应强度B的大小；
（2）线框在全过程中产生的焦耳热Q；
（3）在全过程中，cb两端的电势差Ucb与线框中心位置的x坐标的函数关系。
解：（1）感应电流，受力平衡mg=BIl
进入时的y方向速度vy=2m/s，B=2T
（2）由动量定理：-BlΔq=mv-mv0得到
全过程能量守恒：得到Q=0.0375J
（3）进入磁场前：x≤0.4m， Uab=0
进入磁场过程：0.4m＜x≤0.5m，
在磁场中 0.5m＜x≤0.6m，
出磁场过程 0.6m＜x≤0.7m，
S
N
O
O'
I
+

第7题图
B
F
F
I
A
B
F
F
I
B
B
F
F
I
C
B
F
F
I
D
F
O
t
A
F
O
t
B
F
O
t
C
F
O
t
D
第8题图
第9题图
第10题图
O
t
v
v0
-v0
t0
2t0
3t0
第11题图
水平地面
金属管线
I
第12题图
a
b
c
A
B
第13题图
A
D
E
F
C
B
第15题图
∞
E/eV
n
0
-13.60
-3.40
-1.51
-0.85
-0.54
-0.38
1
2
3
4
5
6
P
Q
O
y
x
a
b
c
d
第16题图
第17题图3
第17题图2
第17题图1
第18题图
C
B
A
D
mA
V
R0
Rx
RP
mA
V
R0
Rx
RP
mA
V
R0
Rx
RP
mA
V
R0
Rx
RP
第19题图
P
地面
h=3.2m
C
B
A
R=2m
第20题图
a
b
第21题图1
0
4
5
4 45
0
5
0
第21题图2
细丝Ⅱ
第21题图3
D
h
平面镜
单缝
白炽灯
滤光片
光　屏
第22题图2
第22题图1
p(t)
O
L
B
x
A
弹性盒
d
UH
B
b
C1
I
D1
D2
a
C2
第22题图3
UH
t
t0
2t0
3t0
4t0
O
U0
U1
第23题图
O
0.40
y/m
a
b
c
d
v0
0.65
x/m
21世纪教育网 www.21cnjy.com 精品试卷·第 2 页 （共 2 页）
HYPERLINK "http://21世纪教育网(www.21cnjy.com)
" 21世纪教育网(www.21cnjy.com)