第1章 章末评估检测
(时间：60分钟 满分：100分)
一、选择题(本题共20小题，每小题3分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的)
1．一对相对性状的亲本杂交子二代中( )
A．所有的统计结果都等于3∶1
B．统计的样本足够大时才符合3∶1
C．性状按3∶1的比例出现
D．统计的样本越小越接近3∶1
解析：孟德尔之后，科学家们在继续研究中发现，只有满足大样本即实验群体足够大，才能够实现孟德尔统计的比例关系，越小越偏离，越大越接近。
答案：B
2．孟德尔在一对相对性状的豌豆杂交实验中做了三个实验，他发现问题阶段做的实验和验证假说阶段做的实验分别是( )
A．自交、杂交 测交 B．测交、自交 杂交
C．杂交、自交 测交 D．杂交、测交 自交
解析：发现问题的阶段进行了杂交(得F1)和自交(得F2)实验，经过假设后，再通过测交实验进行验证。
答案：C
3．孟德尔利用高茎和矮茎豌豆的杂交实验，发现了分离定律。下列与此有关的叙述，正确的是( )
A．由于豌豆是自花传粉植物，因此实验过程中免去了人工授粉的麻烦
B．雌雄配子的随机结合是F2出现3∶1性状分离比的条件之一
C．孟德尔提出的假说证明了分离定律真实可靠
D若让F2中的高茎豌豆自交，理论上子代中矮茎植株约占2/3
解析：孟德尔利用高茎和矮茎豌豆的杂交实验过程中需要人工授粉；孟德尔测交实验验证了分离定律真实可靠；F2中的高茎豌豆自交，理论上子代中矮茎植株约占2/3×1/4＝1/6。
答案：B
4．a1、a2、a3和a4为一个基因的4个不同等位基因，杂交组合a1a2×a3a4的F1中，两个个体基因型都为a1a3的概率是( )
A．1/16 B．1/8
C．1/4 D．1/2
解析：a1a2×a3a4的F1中，一个个体为a1a3的概率是1/2×1/2＝1/4，两个个体基因型都为a1a3的概率是1/4×1/4＝1/16，A正确。
答案：A
5．下列曲线能正确表示杂合子(Aa)连续自交若干代，子代中显性纯合子所占的比例是( )
A B
C D
解析：杂合子(Aa)连续自交n代，其后代杂合子占，即越来越少，而纯合子则越来越多，占1－，其中显性纯合子与隐性纯合子各占一半为－，即自交代数越多，显性纯合子所占比例越趋近于。
答案：B
6．某同学做性状分离比模拟实验时，用两个小桶代表雌、雄生殖器官，桶内的小球分别代表雌、雄配子，用不同的小球的随机组合，模拟生物在生殖过程中，雌雄配子的随机结合。某同学进行了多次如图所示的四组实验，结果接近3∶1的是( )
A．①③ B．①②③④
C．①②④ D．①②
解析：用两个小桶代表雌、雄生殖器官，桶内的小球分别代表雌、雄配子，要出现3∶1的性状分离比，必须满足雌雄生殖器官中，D的雌配子：d的雌配子＝1∶1，D的雄配子：d的雄配子＝1∶1，雄配子可以多于雌配子，①②正确，D正确。
答案：D
7．对下列实例的判断中，正确的是( )
A．有耳垂的双亲生出了无耳垂的子女，因此无耳垂为隐性性状
B．杂合子的自交后代不会出现纯合子
C．高茎豌豆和矮茎豌豆杂交，子一代出现了高茎和矮茎，所以高茎是显性性状
D．杂合子的测交后代都是杂合子
解析：有耳垂的双亲生出了无耳垂的子女，表明亲本性状为显性，无耳垂为隐性性状，故A正确；杂合子的自交后代会出现性状分离，其中有纯合子，故B错误；高茎豌豆和矮茎豌豆杂交，子一代出现了高茎和矮茎，无法判断高茎和矮茎的显隐关系，故C错误；杂合子的测交后代有纯合子和杂合子，故D错误。
答案：A
8．已知绵羊角的性状表现与遗传因子组成的关系如下表，下列判断正确的是( )
遗传因子组成
HH
Hh
hh
公羊的性状表现
有角
有角
无角
母羊的性状表现
有角
无角
无角
A.若双亲无角，则子代全部无角
B．若双亲有角，则子代全部有角
C．若双亲基因型为Hh，则子代有角与无角的数量比可能为1∶1
D．绵羊角的性状遗传不遵循分离定律
解析：绵羊角的性状遗传受一对等位基因的控制，遵循分离定律。无角双亲可能是Hh的母羊和hh的公羊，其后代中1/2的遗传因子组成为Hh，如果是公羊，则表现为有角；有角的双亲可能是HH的母羊和Hh的公羊，其后代中遗传因子组成为Hh的母羊表现为无角；若双亲遗传因子组成为Hh，则子代HH、Hh、hh的比例为1∶2∶1，HH的表现有角，hh的表现无角，Hh的公羊有角，母羊无角，有角与无角的数量比可能为1∶1。
答案：C
9．食指长于无名指为长食指，反之为短食指，该相对性状由常染色体上一对等位基因控制(TS表示短食指基因，TL表示长食指基因)。TS在男性为显性，TL在女性为显性。若一对夫妇均为短食指，所生孩子既有长食指又有短食指，则该夫妇再生一个孩子是长食指的概率为( )
A．1/4 B．1/3
C．1/2 D．3/4
解析：根据这对夫妇的表现型可以确定男性的基因型为TLTS或者TSTS，女性的基因型一定为TSTS，又根据其孩子中既有长食指又有短食指，可以确定该男性的基因型一定为TLTS(如果是TSTS，则后代的基因型都为TSTS，不论男孩还是女孩，都是短食指，与题干不符)。因此，后代的基因型为TLTS或TSTS，各占1/2，TSTS不论男孩还是女孩都是短食指，TLTS只有是女孩时才是长食指，因此，该夫妇生一个孩子为长食指的概率为×＝。
答案：A
10．已知尿黑酸尿病是由一对遗传因子控制的遗传病，分析如图所示的遗传系谱，控制相关性状的遗传因子用P、p表示，则下列说法正确的是( )
A．Ⅱ－3是杂合子
B．Ⅰ－3的遗传因子组成一定是Pp
C．Ⅱ－3如果怀孕生育一个健康孩子的概率是1/2
D．Ⅰ－1一定是纯合子
解析：据遗传系谱图分析，Ⅰ3和Ⅰ4正常，后代出现患病的个体，可知该病为隐性遗传病。则Ⅱ－3是隐性纯合子；Ⅰ3不患病但有致病基因，其遗传因子组成一定是Pp；Ⅱ－3是患者，其遗传因子组成一定为pp，但Ⅱ－2遗传因子组成未知，所以Ⅱ－3生健康孩子的概率不能确定；Ⅰ－1不患病，其遗传因子组成为PP或Pp。
答案：B
11．孟德尔的两对相对性状的遗传实验中，具有1∶1∶1∶1比例的是( )
①F1产生配子类型的比例 ②F2表现型的比例 ③F1测交后代类型的比例 ④F1表现型的比例 ⑤F2遗传因子组合的比例
A．②④ B．①③
C．④⑤ D．②⑤
解析：孟德尔两对相对性状的遗传实验中，F1遗传因子组合为YyRr，表现型只有一种，F1的配子为YR、Yr、yR、yr，比例为1∶1∶1∶1；F1测交后代的遗传因子组合为YyRr、Yyrr、yyRr、yyrr四种，表现型也是四种，比例都是1∶1∶1∶1。F2表现型有四种，比例为9∶3∶3∶1；F2遗传因子组合有9种，比例为4∶2∶2∶2∶2∶1∶1∶1∶1。
答案：B
12．豌豆黄色(Y)对绿色(y)呈显性，圆粒(R)对皱粒(r)呈显性，这两对基因是自由组合的。甲豌豆(YyRr)与乙豌豆杂交，其后代中四种表现型比例为3∶3∶1∶1。乙豌豆的基因型是( )
A．yyRr B．YyRR C．yyRR D．YyRr
解析：后代中四种表现型比例“3∶3∶1∶1”可转化为“(3∶1)(1∶1)”，由已知的一亲本基因型为YyRr，则可判断乙豌豆的基因型为yyRr或Yyrr，A项符合题意。
答案：A
13．基因型分别为aaBbCCDd和AABbCCdd的两种豌豆杂交，其子代中纯合子的比例为( )
A．1/4 B．1/8 C．1/16 D．0
解析：基因型分别为aaBbCCDd和AABbCCdd的两种豌豆杂交时，对每对基因讲，可按基因的分离定律计算纯合子比例，然后将每对基因出现纯合子的概率相乘，即可得出总的纯合子出现的比例。总的纯合子出现的比例为0×1/2×1×1/2＝0。
答案：D
14．己知某植物开红花是由两个显性基因A和B共同决定的，否则开白花，两对等位基因独立遗传，则植株AaBb自交后代的表现型种类及比例是( )
A．4种，9∶3∶3∶1 B．4种，1∶1∶1∶1
C．2种，3∶1 D．2种，9∶7
解析：由于A和B存在时才开红花，所以AaBb自交后代中A－B－∶A－bb∶aaB－∶aabb＝9∶3∶3∶1，所以表现型为2种，红花∶白花＝9∶7。
答案：D
15．番茄高蔓(H)对矮蔓(h)显性，红色果实(R)对黄色果实(r)显性，这两对基因独立遗传。纯合高蔓红果番茄和矮蔓黄果番茄杂交，F2中表现型与亲本不同且能稳定遗传的个体，其基因型及比例为( )
A．HHRR，1/16 B．Hhrr，1/8
C．hhRR，1/16 D．hhrr，1/8
解析：HHRR的表现型与亲本相同，A错误；Hhrr的表现型与亲本不同，但不能稳定遗传，B错误；hhRR的表现型与亲本不同，且能稳定遗传，其所占的比例为1/4×1/4＝1/16，C正确；hhrr的表现型与亲本相同，且其所占比例为1/4×1/4＝1/16，D错误。
答案：C
16．豌豆黄色(Y)对绿色(y)为显性，圆粒(R)对皱粒(r)为显性，两个黄色圆粒豌豆品种进行杂交，得到6 000粒种子均为黄色，但有1 500粒为皱粒。两个杂交亲本的基因组合可能为( )
A．YYRR×YYRr B．YyRr×YyRr
C．YyRR×YYRr D．YYRr×YyRr
解析：由题干信息可知，子代圆粒∶皱粒＝3∶1，全为黄色，由此可推知两个杂交亲本的基因组合为YYRr×YYRr或YYRr×YyRr。
答案：D
17．某种鼠中，毛的黄色基因Y对灰色基因y为显性，短尾基因T对长尾基因t为显性，且基因Y或T在纯合时都能使胚胎致死，这两对基因是自由组合的。现有两只黄色短尾鼠交配，它们所生后代的表现型比例为( )
A．9∶3∶3∶1 B．4∶2∶2∶1
C．3∶3∶1∶1 D．1∶1∶1∶1
解析：由题意知亲本为YyTt×YyTt，则所生后代的基因型Y－T－∶Y－tt∶yyT－∶yytt＝4∶2∶2∶1。Y_T_中不能存活的为YYTT、YYTt、YyTT、yyTT、YYtt，能存活的只有YyTt。Y－tt中能存活的为Yytt，yyT－中能存活的为yyTt。
答案：B
18．豌豆的红花对白花是显性，长花粉对圆花粉是显性。现有红花长花粉与白花圆花粉植株杂交，F1都是红花长花粉。若F1自交获得F2植株，其中白花圆花粉个体为32株，则F2中杂合的红花圆花粉植株数是( )
A．96 B．128 C．32 D．64
解析：根据题意，F2中白花圆花粉(可设基因型为aabb)个体为32株，占F2中的1/16，而重组类型红花圆花粉植株应占3/16，其中杂合的红花圆花粉植株应占2/16，即32×2＝64株。
答案：D
19．下列关于性状显隐性或纯合子与杂合子判断方法的叙述，错误的是( )
A．甲×乙―→只有甲―→甲为显性性状
B．甲×甲―→甲＋乙―→乙为隐性性状
C．甲×乙―→甲∶乙＝1∶1―→甲为显性性状
D．花粉鉴定法：只有一种花粉―→纯合子；至少有两种花粉―→杂合子
解析：甲×乙―→只有甲，这说明甲为显性性状，A正确；甲×甲―→甲＋乙，出现性状分离现象，这说明乙为隐性性状，B正确；甲×乙―→甲∶乙＝1∶1，这属于测交，据此不能确定显隐性关系，C错误；纯合子只能产生一种配子，花粉鉴定法：只有一种花粉―→纯合子；至少有两种花粉―→杂合子，D正确。
答案：C
20．某黄色卷尾鼠彼此杂交，得子代：黄色卷尾、黄色正常尾、鼠色卷尾、鼠色正常尾。导致出现上述遗传现象的主要原因是( )
A．卷尾性状由显性基因控制
B．鼠色性状由隐性基因控制
C．不遵循基因的自由组合定律
D．控制黄色性状的基因纯合致死
解析：单纯考虑尾的性状，后代卷尾∶正常尾＝3∶1，可见控制尾的性状的一对等位基因按分离定律遗传，卷尾性状由显性基因控制；单纯考虑体色这对相对性状，后代黄色∶鼠色＝2∶1，可见鼠色性状由隐性基因控制，黄色性状由显性基因控制，且控制黄色性状的基因纯合致死。两对等位基因的遗传遵循基因的自由组合定律。
答案：D
二、非选择题(共40分)
21．(10分，每空2分)某学生在学校调查了人的拇指能否向背侧弯曲的遗传情况，他们以年级为单位，对各班级的统计进行汇总和整理，见下表：
子代类型
亲代类型
第一组：双亲均为拇指能向背侧弯曲
第二组：双亲中只有一个为拇指能向背侧弯曲
第三组：双亲全为拇指不能向背侧弯曲
拇指能向背侧弯曲
480
480
0
拇指不能向背侧弯曲
288
448
全部子代均为拇指不能向背侧弯曲
请根据表中数据，回答下列问题：
(1)根据表中第________组婚姻状况调查，就能判断属于显性性状的是________。
(2)设控制显性性状的遗传因子为A，控制隐性性状的遗传因子为a，请写出在实际调查中，第二组双亲中可能有的婚配组合的遗传因子组成______________________________________________。
(3)若第一组的一个同学是拇指不能向背侧变曲，请推测他的一个哥哥拇指能向背侧弯曲的概率是________。根据表中的遗传情况分析，拇指能向背侧弯曲和拇指不能向背侧弯曲的遗传符合分离定律，但从第一组的数据看，子代性状没有呈典型的孟德尔分离比(3∶1)，其原因是________________________________________________。
解析：(1)根据表中第一组，双亲均为拇指能向背侧弯曲，而子代中出现拇指不能向背侧弯曲个体，即发生性状分离，说明拇指能向背侧弯曲为显性性状。
(2)由于第二组的双亲中只有一个拇指能向背侧弯曲，所以第二组双亲中可能有的婚配组合的遗传因子组成为AA×aa和Aa×aa。
(3)若第一组的一个同学是拇指不能向背侧变曲，其遗传因子组成为aa，而其双亲均为拇指能向背侧弯曲，则遗传因子组成都为Aa，所以他的一个哥哥拇指能向背侧弯曲的概率是3/4。由于只有Aa×Aa的后代才会出现3∶1的性状分离比，而第一组的双亲遗传因子组成可能为AA或Aa，所以从第一组的数据看，子代性状没有呈典型的孟德尔分离比(3∶1)。
答案：(1)一 拇指能向背侧弯曲 (2)AA×aa、Aa×aa (3)3/4 Aa×Aa的后代才会出现3∶1的性状分离比，而第一组的双亲遗传因子组成可能为AA或Aa
22．(7分，每空1分)在一个经长期随机交配形成的自然鼠群中，存在的毛色表现型与基因型的关系如下表(注：AA纯合胚胎致死)。请分析回答相关问题：
表现型
黄色
灰色
黑色
基因型
Aa1
Aa2
a1a1
a1a2
a2a2
(1)若亲本基因型为Aa1×Aa2，则其子代的表现型可能为________________。
(2)两只鼠杂交， 后代出现三种表现型。则该对亲本的基因型是________________，它们再生一只黑色雄鼠的概率是________。
(3)现有一只黄色雄鼠和多只其他各色的雌鼠，如何利用杂交方法检测出该雄鼠的基因型？
实验思路：
①选用该黄色雄鼠与多只________色雌鼠杂交。
②________________。
结果预测：
①如果后代出现黄色和灰色，则该黄色雄鼠的基因型为_______。
②如果后代出现________________，则该黄色雄鼠的基因型为Aa2。
解析：(1)Aa1×Aa2，后代基因型为AA、Aa1、Aa2、a1a2，AA死亡，子代的表现型为黄色和灰色。(2)两只鼠杂交，后代出现三种表现型，亲本的基因型为Aa2和a1a2，它们生黑色雄鼠的概率为(1/2)×(1/4)＝1/8。(3)要通过杂交后方法检测出黄色雄鼠的基因型，可将该黄色雄鼠与多只黑色雌鼠杂交并观察后代毛色，如果后代出现黄色和灰色，则该黄色雄鼠的基因型为Aa1；如果后代出现黄色和黑色，则该黄色雄鼠的基因型为Aa2。
答案：(1)黄色、灰色
(2)Aa2、a1a2 1/8
(3)实验思路：①黑 ②观察后代的毛色
结果预测：①Aa1 ②黄色和黑色
23．(12分，每空2分)已知柿子椒果实圆锥形(A)对灯笼形(a)为显性，红色(B)对黄色(b)为显性，辣味(C)对甜味(c)为显性，假定这三对基因自由组合，现有以下4个纯合亲本。
亲本
果形
果色
果味
甲
灯笼形
红色
辣味
乙
灯笼形
黄色
辣味
丙
圆锥形
红色
甜味
丁
圆锥形
黄色
甜味
请回答下列问题：
(1)利用以上亲本进行杂交，F2能出现灯笼形、黄色、甜味果实的植株的亲本组合有______________________________________。
(2)上述亲本组合中，F2出现灯笼形、黄色、甜味果实的植株比例最高的亲本组合是________，其基因型为________。这种亲本组合杂交，F1的基因型和表现型分别是________，其F2的全部表现型有________，灯笼形、黄色、甜味果实的植株在该F2中出现的比例是________。
解析：(1)由题意知，四个亲本中甲的基因型为aaBBCC，乙的基因型为aabbCC，丙的基因型为AABBcc，丁的基因型为AAbbcc。若要使F2出现灯笼形、黄色、甜味(aabbcc)的个体，F1必须同时具有a、b、c基因，则亲本组合为甲与丁、乙与丙、乙与丁。(2)甲与丁杂交得到的F1基因型为AaBbCc，F1自交得到的F2中aabbcc的概率为1/4×1/4×1/4＝1/64；乙与丙杂交得到的F1基因型为AaBbCc，F1自交得到的F2中aabbcc的概率为1/64；乙与丁杂交得到的F1基因型为AabbCc，F1自交得到的F2中aabbcc的概率为1/4×1×1/4＝1/16。所以F2出现灯笼形、黄色、甜味果实比例最高的亲本组合是乙与丁，即aabbCC×AAbbcc，F1为AabbCc，表现为圆锥形黄色辣味果实，F2中会出现A_bbC_(圆锥形黄色辣味)、A_bbcc(圆锥形黄色甜味)、aabbC_(灯笼形黄色辣味)、aabbcc(灯笼形黄色甜味)，其中灯笼形、黄色、甜味果实的植株在该F2中占1/4×1/4＝1/16。
答案：(1)甲与丁、乙与丙、乙与丁 (2)乙与丁 aabbCC与AAbbcc AabbCc，圆锥形黄色辣味 圆锥形黄色辣味、圆锥形黄色甜味、灯笼形黄色辣味、灯笼形黄色甜味 1/16
24．(11分，除标注外，每空1分)用黄色圆粒豌豆(YYRR)和绿色皱粒豌豆(yyrr)作亲本，杂交得到F1，F1自交得到F2。某研究性学习小组的同学从F2中选取了一粒黄色圆粒豌豆甲，欲鉴定其基因型。请完善下列实验方案并回答问题：
(1)选取多株表现型为________的豌豆乙与甲一起播种，进行杂交实验。实验时，应选用的母本、父本分别是________，原因是_______
_______________________________________________________
_________________________________________________(2分)；
在母本的花成熟前，应先采取________处理，待花成熟时再进行________________。
(2)请预测该实验可能得到的实验结果并得出相应的结论：
预测结果
相应结论
①________
甲的基因型为YyRr
后代只出现黄色圆粒、黄色皱粒两种表现型
②________
③________
甲的基因型为YyRR
④________
⑤________
解析：根据题干信息，应采用测交法鉴定F2中一粒黄色圆粒豌豆甲(Y－R－)的基因型，让隐性纯合子(yyrr)乙与甲杂交，为防止偶然性，选用乙作母本，甲作父本。该黄色圆粒豌豆的基因型不确定，可将黄色圆粒豌豆的所有基因型写出，分别与隐性纯合子杂交，根据理论上所得表现型，来预测实验结果，从而得出相应结论。
答案：(1)绿色皱粒 乙、甲 多株乙接受甲的花粉，可以产生大量的种子，从而保证了该实验可获得大量的数据进行统计分析，避免了实验过程中的偶然性 去雄和套袋 人工授粉
(2)①后代出现黄色圆粒、黄色皱粒、绿色圆粒、绿色皱粒四种表现型
②甲的基因型为YYRr
③后代只出现黄色圆粒、绿色圆粒两种表现型
④后代只出现黄色圆粒一种表现型
⑤甲的基因型为YYRR
第1节 孟德尔的豌豆杂交实验（一）
1．下列关于一对相对性状的豌豆杂交实验的叙述中，正确的是( )
A．F1的性状表现与亲本的正交和反交无关
B．亲本的杂交与F1的自交均是在自然状态下实现的
C．F1仍是纯种
D．F2中出现3∶1的性状分离比是偶然的
解析：亲本的杂交需人工传粉；若F1是纯种，则其自交后代应全是高茎；孟德尔对豌豆的其他6对相对性状也进行了杂交实验，F2总是出现3∶1的性状分离比。
答案：A
2．关于纯合子、杂合子的叙述，正确的是( )
A．纯合子的自交后代都是纯合子
B．杂合子的自交后代全是杂合子
C．纯合子和杂合子杂交后代全是杂合子
D．两纯合子异花传粉，后代一定是纯合子
答案：A
3．人类多指是由显性遗传因子(A)控制的一种常见畸形，下列叙述不正确的是( )
A．只要亲代之一的遗传因子组成为AA，其子女均患多指
B．只要亲代之一含有A遗传因子，其子女都有可能出现多指
C．双亲的遗传因子组成均为Aa，其子女均患多指
D．双亲的遗传因子组成均为Aa，其子女患多指的概率是3/4
解析：多指是由显性遗传因子控制的，因此双亲一方的遗传因子组成为AA时，子女均患多指。双亲一方只要含有A遗传因子，其后代就有患多指的可能性。双亲的遗传因子组成均为Aa时，子女患多指的概率是3/4，子女正常的概率为1/4。
答案：C
4．奶牛毛色黑白斑是显性性状，产奶量高；隐性的红白斑奶牛产奶量低。现要鉴定一头黑白斑公牛是否是纯合子，选用交配的母牛应为( )
A．纯种黑白斑母牛 B．杂种黑白斑母牛
C．纯种红白斑母牛 D．杂种红白斑母牛
解析：验证显性性状的动物个体是否为纯合子常用测交的方法，即用显性性状个体与隐性纯合子个体杂交。红白斑为隐性性状，只有纯种的红白斑母牛，无杂种的红白斑母牛。
答案：C
5．某高等植物中，抗病和感病这对相对性状由一对遗传因子控制，要确定这对性状的显隐性关系，应该选用的杂交组合是( )
A．抗病株×感病株
B．抗病纯合子×感病纯合子
C．抗病株×抗病株，或感病株×感病株
D．抗病纯合子×抗病纯合子，或感病纯合子×感病纯合子
解析：具有相对性状的纯合个体进行正反交，子代表现出来的性状就是显性性状，对应的为隐性性状，故B项正确。
答案：B
6．豌豆的紫花和白花是一对相对性状，这对相对性状由一对遗传因子C、c控制。下表是豌豆花色的三个组合的遗传实验结果。请根据实验结果分析并回答下列问题：
实验组合
亲本性状表现
F1的性状表现和植株数目
紫花
白花
1
紫花×白花
405
411
2
紫花×白花
807
0
3
紫花×紫花
1240
420
(1)根据组合________能判断出________是显性性状。
(2)请写出三个组合亲本的遗传因子组成：
组合1：________；
组合2：________；
组合3：________。
(3)组合3的F1显性性状植株中，杂合子占________，若取组合2中的F1紫花植株与组合3中的F1紫花植株杂交，后代出现白花植株的概率为________。
(4)组合________为测交实验。
(5)如何根据组合3选育出具有稳定遗传性状的白花品种？如何选育具有稳定遗传性状的紫花品种？
_______________________________________________________
_______________________________________________________
______________________________________________________。
解析：首先将3个组合中的子代植株数目统计分析成特定的分离比：
实验组合
亲本性状表现
F1的性状表现和分离比
紫花
白花
1
紫花×白花
1∶1
2
紫花×白花
1∶0
3
紫花×紫花
3∶1
由F1的性状表现和比例不难看出组合1为测交实验，亲本遗传因子组成为Cc×cc；组合2为纯合子杂交，亲本遗传因子组成为CC×cc；组合3为杂合子自交，亲本遗传因子组成为Cc×Cc，其中纯合子杂交与杂合子自交能判断出显隐性。组合3的F1显性性状植株中，遗传因子组成有CC和Cc，其中CC占1/3，Cc占2/3，组合2的F1紫花植株的遗传因子组成全为Cc，故两者杂交，子代出现白花植株的概率为2/3×1/4＝1/6。要选育具有稳定遗传性状的白花品种(隐性性状)，一出现就可直接保留；要选育具有稳定遗传性状的紫花品种(显性性状)，需连续自交，提高纯合度，直至不出现性状分离。
答案：(1)2或3 紫花
(2)Cc×cc CC×cc Cc×Cc
(3)2/3 1/6 (4)1
(5)要选育具有稳定遗传性状的白花品种，一出现就可直接保留；要选育具有稳定遗传性状的紫花品种，需连续自交，直至不出现性状分离
[A级 基础巩固]
1．孟德尔购买了34个不同的豌豆品种进行了两年的试种，最后保留了22个品种，因为无论自花授粉还是同品种内不同个体异花授粉，这些品种的性状都能保持稳定。下列相关叙述正确的是( )
A．试种中异花授粉产生的后代均为杂合子
B．孟德尔可利用花园内的蜜蜂为豌豆传粉
C．可获得用于杂交实验的各种性状的纯种
D．试种期间异花授粉时不需要给母本去雄
解析：无论自花授粉还是同品种内不同个体异花授粉，这些品种的性状都能保持稳定，说明这22个品种都是纯合子，则同种豌豆异花传粉产生的后代为纯合子，A错误；豌豆是自花传粉、闭花授粉的，蜜蜂不能为其传粉，B错误；可获得用于杂交实验的各种性状的纯种，C正确；试种期间异花授粉时需要给母本去雄，D错误。
答案：C
2．下列各组中属于相对性状的是( )
A．玉米的黄粒和圆粒
B．玉米的白色种子和糯性种子
C．人的身高与体重
D．绵羊的白毛和黑毛
答案：D
3．在性状分离比的模拟实验中，甲、乙容器分别代表某动物的雌、雄生殖器官，小球的颜色和字母表示雌、雄配子的种类，每个容器中小球数量均为12个。则下列装置正确的是( )
A. B.
C. D.
解析：性状分离比模拟的是杂合子的生物个体，在生殖过程中雌雄配子的随机组合。由题意可知，本模拟实验中，雌雄个体的遗传因子组成均为Aa，因在形成配子过程中，成对的A和a会发生分离，雌雄个体分别产生两种比值相等的雌雄配子，因此每个容器中，代表A配子和a配子的小球数量应该相等，故而A、B、C错误，D正确。
答案：D
4．将豌豆高茎(DD)和矮茎(dd)杂交所得的全部种子播种后，待长出的植株开花时，有的进行同株异花传粉，有的进行异株异花传粉，有的让其自花传粉。三种方式所得种子混合播种，长出的植株性状表现是( )
A．全都是高茎 B．高茎∶矮茎＝3∶1
C．A、B两项都有可能 D．无法判断
答案：B
5．秃顶受常染色体上的显性遗传因子B控制，但只在男性身上表现。一个非秃顶男性与一个女性结婚，生下的男孩长大以后表现为秃顶，则这个女性的遗传因子组成是( )
A．bb B．Bb
C．BB或Bb D．BB
解析：依题意可知：一个非秃顶男性的遗传因子组成为bb，该男子与一个女性结婚，生下的男孩长大以后表现为秃顶，则该男孩必然含有来自母亲的遗传因子B，因此这个女性的遗传因子组成是BB或Bb，C正确。
答案：C
6．下图为豌豆杂交示意图，分析回答问题：
(1)写出下列各字母的遗传学意义：
P________、F1________、F2________、F3________、×________、________。
(2)图中遗传因子组成有________、________、________，性状表现中显性性状是________。
(3)F1可产生________种配子，其类型有________。
(4)F2自交得到的F3中高茎纯合子占________。
解析：(1)P表示亲本，F1表示子一代，F2表示子二代，F3表示子三代。图中×表示杂交，表示自交。(2)图中遗传因子组成有Aa、aa以及AA，性状表现中显性性状为高茎。(3)F1为杂合子，即Aa，其产生两种类型配子，分别为A、a。(4)F1(Aa)自交产生的F2中AA占1/4，Aa占1/2，aa占1/4，则F2自交后产生的F3中，高茎纯合子即AA占的比例为：1/4＋1/2×1/4＝3/8。
答案：(1)亲本 子一代 子二代 子三代 杂交 自交
(2)Aa aa AA 高茎 (3)两 A、a
(4)3/8
B级 能力训练
7．下列关于测交的说法，正确的是( )
A．通过测交得到的子代都表现为显性性状
B．通过测交可以测定被测个体的遗传因子组成
C．通过测交得到的子代都能稳定遗传
D．通过测交得到的子代的性状表现相同
解析：通过测交得到的子代，性状表现不同，有的表现为显性性状，有的表现为隐性性状，表现为隐性性状的子代为纯合子，能稳定遗传，表现为显性性状的子代为杂合子，不能稳定遗传，A、C、D错误；测交后代的表现型及其比例与被测个体产生的配子的种类及比例相同，因此通过测交可以测定被测个体的遗传因子组成，B正确。
答案：B
8．将遗传因子组成为Aa的杂合子，逐代自交三次，F3中纯合子所占比例为( )
A．1/8 B．7/8
C．7/16 D．9/16
解析：Aa杂合子自交后F1中纯合子和杂合子所占比例均为1/2；F1自交，AA和aa的自交后代均为纯合子，只有F1中所占比例为1/2的Aa自交后代中又出现1/2Aa，即F2中杂合子Aa所占比例为×，即(1/2)2，以此类推第n代中杂合子所占比例为(1/2)n，根据以上公式，F3中Aa所占比例为(1/2)3，因此，纯合子所占比例＝1－(1/2)3＝7/8。
答案：B
9．将具有一对相对性状的纯种豌豆个体间行种植，另将具有一对相对性状的纯种玉米个体间行种植。具有隐性性状的一行植株上所产生的F1是( )
A．豌豆和玉米都有显性个体和隐性个体
B．豌豆都为隐性个体，玉米既有显性又有隐性
C．豌豆和玉米的显性和隐性比例都是3∶1
D．玉米都为隐性个体，豌豆既有显性又有隐性
解析：豌豆为自花传粉的植物，所以子代性状不发生性状分离，表现为隐性；玉米既可自花传粉又可异花传粉，所以在玉米植株上既有显性性状，又有隐性性状，但比例不为1∶1。
答案：B
10．南瓜果实的黄色和白色是由一对遗传因子(A和a)控制的，用一株黄色果实南瓜和一株白色果实南瓜杂交，子代(F1)既有黄色果实南瓜也有白色果实南瓜，让F1自交产生的F2性状表现如图所示。下列说法不正确的是( )
A．由①②可知黄果是隐性性状
B．由③可以判定白果是显性性状
C．F2中，黄果与白果的理论比例是5∶3
D．P中白果的遗传因子组成是aa
解析：首先判断亲本中白果为显性且为杂合子。F1中黄果和白果各占，再分别自交，F2中黄果占，白果占。
答案：D
11．牛的毛色有黑色和棕色，如果两头黑牛交配，生出了一头棕色子牛。请回答下列问题。
(1)黑色和棕色中哪种毛色是显性性状？________。
(2)若分别用B与b表示牛的毛色的显性遗传因子与隐性遗传因子，写出上述两头黑牛及子代棕牛的遗传因子组成_____________。
(3)上述两头黑牛生出一黑色子牛的概率是________。若上述两头黑牛生出了一头黑色子牛，该子牛为纯合子的概率是________。
(4)若用X雄牛与多头杂种雌牛相交配，共产生20头子牛，若子牛全为黑色，则X雄牛的遗传因子组成最可能是________；如果子牛中10头为黑色，10头为棕色，则X雄牛的遗传因子组成最可能是________；若子牛中15头为黑色，6头为棕色，则X雄牛的遗传因子组成最可能是________。
解析：(1)根据题意两头黑牛交配，产生了一头棕色子牛，可推知黑色是显性性状，棕色是隐性性状。(2)子代的隐性遗传因子必来自双亲，亲代黑牛有棕色遗传因子，但表现出黑色，说明亲代黑牛的遗传因子组成是Bb。(3)Bb×Bb→1BB∶2Bb∶1bb，亲代黑牛(Bb×Bb)产生黑色子牛(BB或Bb)的概率是3/4；若已知子牛为黑色，则它是纯合子的概率是1/3。(4)纯种黑牛与杂种黑牛交配，后代全是黑色牛，则X雄牛的遗传因子组成为BB；棕色牛与杂种黑牛交配， 后代中黑牛与棕牛的比例为1∶1，则该雄牛的遗传因子组成为bb；杂种黑牛与杂种黑牛交配，后代中黑牛与棕牛的比例为3∶1，则此雄牛遗传因子组成为Bb。
答案：(1)黑色 (2)Bb、Bb、bb (3)3/4 1/3 (4)BB bb Bb
12．在家兔的染色体上有一系列决定毛色的遗传因子A、a1、a2、a。A对a1、a2、a为显性，a1对a2、a为显性，a2对a为显性。遗传因子系列决定家兔毛皮颜色时其性状表现与遗传因子组成关系如下表：
毛皮颜色性状表现
遗传因子组成
全色
A－
青旗拉
a1－
喜马拉扬
a2－
白化
aa
请回答下列问题：
(1)家兔皮毛颜色的遗传因子组成共有________种，其中纯合子有________种。
(2)若一只全色雄兔和一只喜马拉扬雌兔多次交配后，子代全色∶青旗拉＝1∶1，则两只亲本兔的遗传因子组成分别为________、________。
(3)遗传因子为Aa1的雌雄兔交配，子代的毛色及比例为________。
(4)若有一只喜马拉扬雄兔和多只其他各色的雌兔，如何利用最简便的杂交方法检测出喜马拉扬雄兔的遗传因子组成？(写出实验思路和预期实验结果即可)
_______________________________________________________
______________________________________________________。
解析：(1)根据题目信息家兔毛色的遗传因子组成有：AA、Aa1、Aa2、Aa、a1a1、a1a2、a1a、a2a2、a2a、aa，纯合子有4种。
(2)全色雄兔(A－)和一只喜马拉扬雌兔(a2__)多次交配后，子代全色(A－)∶青旗拉(a1__)＝1∶1，推理亲代全色雄兔为Aa1，喜马拉扬雌兔为a2a2或a2a。
(3)遗传因子组成为Aa1的雌雄兔交配，子代中有全色兔为AA、Aa1共占3/4；青旗拉兔为a1a1占1/4。
(4)喜马拉扬雄兔的遗传因子组成是a2a2或a2a，检测出喜马拉扬雄兔的遗传因子组成，应让喜马拉扬雄兔与白化兔测交。
答案：(1)10 4 (2)Aa1 a1a2或a2a (3)全色兔占3/4，青旗拉兔占1/4 (4)选用多只白化雌兔与该喜马拉扬雄兔交配。若后代均为喜马拉扬兔，则该喜马拉扬雄兔的遗传因子组成为a2a2；若后代出现了白化兔，则该喜马拉扬雄兔的遗传因子组成为a2a
C级 拓展提升
13．果蝇的黑体(v)与灰体(V)是一对相对性状，某实验小组对果蝇的这对相对性状进行遗传研究。如果用含有某种添加剂的食物喂养果蝇，所有的果蝇都是黑体，现有一只用含有该种添加剂的食物喂养的黑体雄果蝇，请设计一个实验探究其遗传因子组成。
(1)选取多只用不含添加剂的食物喂养的________雌果蝇与待测果蝇交配。
(2)用____________________________________喂养子代果蝇。
(3)通过观察子代果蝇性状，推断待测果蝇的遗传因子组成：
①若子代________________，则待测果蝇的遗传因子组成为VV；
②____________________________________________________；
③____________________________________________________。
解析：(1)根据题意可知，用含某种添加剂的食物喂养的果蝇全为黑色，则待测黑体果蝇的遗传因子组成可能为VV、Vv或vv，要确定其遗传因子组成，应选用遗传因子组成为vv的雌果蝇与其交配，且只能用不含添加剂的食物喂养得到的黑体果蝇(vv)。此外，为保证子代果蝇有较多数量，便于分析，可选用多只雌果蝇。
(2)为防止食物中添加剂对子代果蝇体色产生影响，应用不含添加剂的食物来喂养子代果蝇。
(3)根据杂交子代果蝇的体色，可推断被测果蝇的遗传因子组成：①若子代全为灰体，则待测果蝇的遗传因子组成为VV；②若子代全为黑体，则待测果蝇的遗传因子组成为vv；③若子代中既有灰体，也有黑体，则待测果蝇的遗传因子组成为Vv。
答案：(1)黑体 (2)不含添加剂的食物 (3)①全为灰体 ②若子代全为黑体，则待测果蝇的遗传因子组成为vv ③若子代既有灰体，也有黑体，则待测果蝇的遗传因子组成为Vv
第2节 孟德尔的豌豆杂交实验（二）
1．孟德尔用豌豆做两对相对性状的遗传实验不必考虑的是( )
A．亲本的双方都必须是纯合子
B．两对相对性状各自要有显隐性关系
C．对母本去雄，授以父本花粉
D．显性亲本作父本，隐性亲本作母本
解析：做两对相对性状的遗传实验时，要求是具有两对相对性状的纯种亲本杂交，A正确；两对相对性状中每一对相对性状的遗传都遵循分离定律，即两对相对性状各自有显隐性关系，B正确；因为是以豌豆为实验材料，为避免自然条件下的自花传粉，要对母本去雄，授以父本花粉，C正确；由于不管是正交还是反交，结果都是一样，故不必考虑哪种亲本作父本，哪种亲本作母本。
答案：D
2．玉米糯性(B)对非糯性(b)为显性，籽粒黄色(Y)对白色(y)为显性。一株非糯性的黄色玉米自交，子代中不可能有的基因型是( )
A．bbyy B．bbYY
C．bbYy D．BBYY
答案：D
3．下图表示豌豆杂交实验时F1自交产生F2的结果统计。对此说法不正确的是( )
A．F1的表现型和基因型不能确定
B．控制亲本的表现型和基因型不能确定
C．控制这个结果能够说明黄色和圆粒是显性性状
D．控制这两对相对性状的基因可以自由组合
解析：F1的表现型为黄色圆粒，基因型为AaBb，由此判断A项说法错误。
答案：A
4．大鼠的毛色由独立遗传的两对等位基因控制。用黄色大鼠与黑色大鼠进行杂交实验，结果如图。据图判断，下列叙述正确的是 ( )
A．黄色为显性性状，黑色为隐性性状
B．F1与黄色亲本杂交，后代有两种表现型
C．F1和F2中灰色大鼠均为杂合子
D．F2黑色大鼠与米色大鼠杂交，其后代中出现米色大鼠的概率为1/4
答案：B
5．已知A与a、B与b、C与c 3对等位基因自由组合，基因型分别为AaBbCc、AabbCc的两个体进行杂交。下列关于杂交后代的推测，正确的是( )
A．表现型有8种，AaBbCc个体的比例为1/16
B．表现型有4种，aaBbcc个体的比例为1/16
C．表现型有8种，Aabbcc个体的比例为1/8
D．表现型有8种，aaBbCc个体的比例为1/16
答案：D
6．桃子中，毛状表皮(F)对光滑表皮(f)为显性，卵形脐基因(G)和无脐基因(g)的杂合体表现为圆形脐，两对基因独立遗传。用纯合的毛状表皮、无脐桃与光滑表皮、卵形脐桃杂交，得F1，F1自交得F2。据此分析回答：
(1)F1的基因型是_____________________________________。
(2)F2的表现型有________种，其中光滑表皮、卵形脐的比例是________。
(3)有人选取F2中的两个植株进行杂交，得到的F3植株所结的果实性状及数量如表所示：
性状
毛状表皮卵形脐
毛状表皮圆形脐
毛状表皮无脐
光滑表皮卵形脐
光滑表皮圆形脐
光滑表皮无脐
数量
209
401
196
200
393
197
他所选取的F2植株的基因型是________、________。
解析：(1)由题干信息可知F1的基因型为FfGg。(2)由于Gg表现为圆形脐，则F2的表现型有毛状表皮毛卵形脐，光滑表皮卵形脐，毛状表皮圆形脐、光滑表皮圆形脐，光滑表皮无脐，毛状表皮无脐，其中光滑表皮卵形脐的比例为1/16。(3)F3植株所结的果实中毛状表皮和光滑表皮比例约为1∶1，则选取的F2植株表皮的基因型是Ff和ff；F3植株所结的果实中有圆形脐、卵形脐和无脐三种表现型，且比例约为2∶1∶1，则选取的F2植株脐的基因型为Gg和Gg，综合可得，所选F2植株的基因型为FfGg和ffGg。
答案：(1)FfGg (2)6 1/16 (3)FfGg ffGg
[A级 基础巩固]
1．基因型为YyRr、yyRr的两个体杂交时，雌雄配子的结合方式有( )
A．2种 B．4种
C．8种 D．16种
解析：基因型为YyRr产生的配子有4种，yyRr产生的配子有2种，雌雄配子的结合方式有4×2种。
答案：C
2．能够产生YyRR、yyRR、YyRr、yyRr、Yyrr、yyrr六种基因型的杂合组合是( )
A．YYRR×yyrr B．YyRr×yyRr
C．YyRr×yyrr D．YyRr×Yyrr
解析：YYRR×yyrr只产生1种基因型，A错误；YyRr×yyrr产生4种基因型，C错误；YyRr×Yyrr产生6种基因，包括YYRr，与题干不符，D错误。
答案：B
3．一对亲本的杂交后代表现型有4种，比例为3∶1∶3∶1，这对杂交组合为( )
A．Ddtt×ddtt B．DDTt×ddTt
C．Ddtt×DdTt D．DDTt×DdTT
解析：由子代表现型比例为3∶1∶3∶1＝(3∶1)×(1∶1)推出第一种情况：Dd与Dd杂交，Tt与tt测交，则亲代为DdTt与Ddtt；第二种情况为：Tt与Tt杂交，Dd与dd测交，则亲代为DdTt与ddTt，C项正确。
答案：C
4．(2015·海南卷)下列叙述正确的是( )
A．孟德尔定律支持融合遗传的观点
B．孟德尔定律描述的过程发生在有丝分裂中
C．按照孟德尔定律，AaBbCcDd个体自交，子代基因型有16种
D．按照孟德尔定律，对AaBbCc个体进行测交，测交子代基因型有8种
解析：孟德尔定律的假设是遗传因子独立存在，互不融合，A项错误；孟德尔定律发生在真核生物有性生殖形成配子的过程中，B项错误；基因型为AaBbCcDd个体自交，子代基因型有3×3×3×3＝81(种)，C项错误；对基因型为AaBbCc的个体测交，子代基因型有2×2×2＝8(种)，D项正确。
答案：D
5．遗传学的奠基人孟德尔之所以在研究遗传规律时获得了巨大成功，关键在于他在实验的过程中选择了正确的方法。下面各项中，除哪一项外均是他获得成功的重要原因( )
A．先只针对一对相对性状的遗传规律进行研究，然后再研究多对性状的遗传规律
B．选择了严格自花传粉的豌豆作为实验材料
C．选择了多种植物作为实验材料，做了大量的实验
D．应用了统计学的方法对结果进行统计分析
答案：C
6．已知桃树中，树体乔化与矮化为一对相对性状(由等位基因D、d控制)，蟠桃果形与圆桃果形为一对相对性状(由等位基因H、h控制)，蟠桃对圆桃为显性。下表是桃树两个杂交组合的实验统计数据：
亲本组合
后代的表现型及其株数
组别
表现型
乔化蟠桃
乔化圆桃
矮化蟠桃
矮化圆桃
甲
乔化蟠桃×矮化圆桃
41
0
0
42
乙
乔化蟠桃×乔化圆桃
30
13
0
14
(1)根据组别________的结果，可判断桃树树体的显性性状为________。
(2)甲组的两个亲本基因型分别为_________________________。
(3)根据甲组的杂交结果可判断，上述两对相对性状的遗传不遵循自由组合定律。理由是：如果这两对性状的遗传遵循自由组合定律，则甲组的杂交后代应出现______种表现型，比例应为____________。
解析：(1)乙组中，乔化×乔化→矮化，说明树体乔化对矮化为显性。(2)甲组中，乔化×矮化→41乔化∶42矮化，则说明亲本的基因型为Dd×dd；蟠桃×圆桃→41蟠桃∶42圆桃，则说明亲本的基因型为Hh×hh。所以两亲本的基因型为DdHh和ddhh。(3)如果两对相对性状的遗传遵循自由组合定律，则DdHh×ddhh→1DdHh∶1Ddhh∶1ddHh∶1ddhh，即乔化蟠桃∶乔化圆桃∶矮化蟠桃∶矮化圆桃＝1∶1∶1∶1。
答案：(1)乙 乔化 (2)DdHh、ddhh (3)4 1∶1∶1∶1
B级 能力训练
7．普通小麦中有高秆抗病和矮秆易感病两个品种，控制两对相对性状的遗传因子独立遗传。现用显性纯合子高秆抗病小麦和矮秆易感病小麦杂交得F1，F1自交或测交，预测结果不正确的是( )
A．自交结果中高秆抗病与矮秆抗病比例为9∶1
B．自交结果中高秆与矮秆比例为3∶1，抗病与易感病比例为3∶1
C．测交结果为矮秆抗病∶矮秆易感病∶高秆抗病∶高秆易感病比例为1∶1∶1∶1
D．自交和测交后代出现四种相同的表现类型
解析：F1自交后代表现类型及比例为高秆抗病∶矮秆抗病∶高秆易感病∶矮秆易感病＝9∶3∶3∶1，所以高秆抗病∶矮秆抗病＝3∶1，高秆∶矮秆＝3∶1，抗病∶易感病＝3∶1，A错误，B正确。F1测交后代表现类型及比例为高秆抗病∶矮秆抗病∶高秆易感病∶矮秆易感病＝1∶1∶1∶1，C、D正确。
答案：A
8．人类并指(D)为显性遗传病，白化病(a)是一种隐性遗传病，已知控制两种病的基因遵循自由组合定律。一个家庭中，父亲并指，母亲正常，他们有一个患白化病但手指正常的孩子，这对夫妇再生一个患病孩子的概率是( )
A．1/2 B．1/8
C．3/8 D．5/8
解析：由题干信息可推断其父、母亲的基因型分别为AaDd、Aadd；则再生孩子手指正常概率为1/2，再生孩子肤色正常概率为3/4，由此计算出再生孩子正常概率为3/8，因此再生孩子患病概率为1－3/8＝5/8。
答案：D
9．已知A、a和B、b两对基因控制两对独立遗传的相对性状，则下列说法不正确的是( )
A．AABb与aabb杂交，后代中不会出现纯合子
B．AABB与aabb杂交，所得F1再自交，F2中能够稳定遗传的个体占1/4
C．AABb的个体自交，后代中能够稳定遗传的个体占1/2
D．如果后代中表现型比例接近1∶1∶1∶1，则两亲本的基因型一定为AaBb和aabb
解析：如果后代中表现型比例接近1∶1∶1∶1，则两亲本的基因型可能为AaBb和aabb，也可能为Aabb和aaBb。
答案：D
10．在西葫芦的皮色遗传中，已知黄皮基因(Y)对绿皮基因(y)为显性，但在另一白色显性基因(W)存在时，则基因Y和y都不能表达。现有基因型为WwYy的个体自交，其后代表现型种类及比例是 ( )
A．4种，9∶3∶3∶1 B．2种，13∶3
C．3种，12∶3∶1 D．3种，10∶3∶3
解析：由题意知，W抑制Y基因表达，W－Y－的个体表现为白色，另外W_yy的个体也为白色，wwyy的个体表现为绿色，wwY_的个体表现为黄色，因此WwYy自交后代中表现型有白、黄、绿3种，比例为12∶3∶1。
答案：C
11．小鼠体色由位于常染色体上的两对基因决定，A基因决定黄色，R基因决定黑色，A、R同时存在则皮毛呈灰色，无A、R则呈白色。一灰色雄鼠和一黄色雌鼠交配，F1代表现型及其比例为：3/8黄色小鼠、3/8灰色小鼠、1/8黑色小鼠、1/8白色小鼠。试问：
(1)亲代中，灰色雄鼠的基因型为________，黄色雌鼠的基因型为________。
(2)让F1的黑色雌、雄小鼠交配，则理论上F2黑色个体中纯合子的比例为________。
(3)若让F1中的黄色雌、雄小鼠自由交配，得到的F2中体色的表现型应为________，其比例为________，黄色雌鼠的概率应为________。
解析：(1)由题意知，亲本分别为灰色和黄色，子代出现四种体色，所以亲本基因型分别为AaRr和Aarr。
(2)F1的黑色鼠基因型为aaBr。所以让F1的黑色雌、雄小鼠交配，则理论上F2黑色个体的基因型及其比例为aaBr∶aaRR＝2∶1，其中纯合子的比例为1/3。
(3)F1中的黄色鼠基因型为Aarr∶AArr＝2∶1，F1中的黄色雌、雄小鼠自由交配，其子代基因型及其比例为Aarr∶AArr∶aarr＝4∶4∶1，即黄色(Aarr和AArr)∶白色(aarr)＝8∶1，其中黄色雌鼠的概率为×＝。
答案：(1)AaRr Aarr (2)1/3 (3)黄色或白色 8∶1 4/9
12．鸡的羽毛有白色和有色等性状，显性基因I是抑制基因，显性基因C是有色羽基因，隐性基因c是白羽基因，且这两对基因独立遗传。当I和C同时存在时，C不发挥作用，显示白色羽。
(1)现将一种白羽莱杭鸡(IICC)若干只与另一种白羽温德鸡(iicc)若干只作为亲本进行杂交，F1的表现型为________，基因型为________。
(2)让F1雌雄个体互相交配(自交)，F2中表现型为白色羽的比例为________，其中能够稳定遗传的比例为________。
(3)F2中有色羽个体的基因型为________，若要判断一只有色羽公鸡是否为纯合子，可以让其与多只________母鸡交配，结果________________________时，说明这只公鸡为纯合子。请用遗传图解解释上述现象。
解析：(1)F1中由于有I存在，I就抑制了有色羽基因C的表达，使其不能表现为有色羽而表现为白色羽。(2)C存在且I不存在时是有色羽，其他情况均为白色羽，在正常的I－C－∶I－c－∶i－C_∶i－c－＝9∶3∶3∶1中，仅第三种为有色羽，因此白色羽为13/16，稳定遗传必为纯合体，但是注意“其中”两字，即问的是占总白色羽的比例。(3)有色羽个体的基因型为iiCc或iiCC，与iicc杂交的原因是避免I的干扰，结果是全部为有色羽时说明是纯合子iiCC。
答案：(1)白色羽 IiCc (2)13/16 3/13 (3)iiCC或iiCc 白羽温德 全部为有色羽(后代不出现白色羽) 遗传图解见下图：
C级 拓展提升
13．某种植物的果皮有毛和无毛、果肉黄色和白色为两对相对性状，各由一对等位基因控制(前者用D、d表示，后者用F、f表示)，且独立遗传。利用该种植物三种不同基因型的个体(有毛白肉A、无毛黄肉B、无毛黄肉C)进行杂交，实验结果如下：
有毛白肉A×无毛黄肉B
↓
有毛黄肉：有毛白肉为1∶1
实验1
无毛黄肉B×无毛黄肉C 有毛白肉A×无毛黄肉C
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全部为无毛黄肉 全部为有毛黄肉
实验2 实验3
回答下列问题：
(1)果皮有毛和无毛这对相对性状中的显性性状为________，果肉黄色和白色这对相对性状中的显性性状为________。
(2)有毛白肉A、无毛黄肉B和无毛黄肉C的基因型依次为
______________________________________________________。
(3)若无毛黄肉B自交，理论上，下一代的表现型及比例为_____。
(4)若实验3中的子代自交，理论上，下一代的表现型及比例为
______________________________________________________。
解析：(1)由实验一：有毛A与无毛B杂交，子一代均为有毛，说明有毛为显性性状，双亲关于果皮毛色的基因均为纯合的；由实验三：白肉A与黄肉C杂交，子一代均为黄肉，据此可判断黄肉为显性性状；双亲关于果肉颜色的基因均为纯合的；在此基础上，依据实验一中的白肉A与黄肉B杂交，子一代黄肉与白肉的比例为1∶1，可判断黄肉B为杂合的。
(2)结合对(1)的分析可推知：有毛白肉A、无毛黄肉B和无毛黄肉C的基因型依次为：DDff、ddFf、ddFF。
(3)无毛黄肉B的基因型为ddFf，理论上其自交下一代的基因型及比例为ddFF∶ddFf∶ddff＝1∶2∶1，所以表现型及比例为无毛黄肉∶无毛白肉＝3∶1
(4)综上分析可推知：实验三中的子代的基因型均为DdFf，理论上其自交下一代的表现型及比例为有毛黄肉(D_F_)∶有毛白肉(D_ff)∶无毛黄肉(ddF_)∶无毛白肉(ddff)＝9∶3∶3∶1。
答案：(1)有毛 黄肉 (2)DDff、ddFf、ddFF (3)无毛黄肉：无毛白肉＝3∶1 (4)有毛黄肉∶有毛白肉∶无毛黄肉∶无毛白肉＝9∶3∶3∶1
