2018-2019学年福建省漳州市第一中学九年级（下）期中物理试卷（解析版）
文档属性
| 名称 | 2018-2019学年福建省漳州市第一中学九年级（下）期中物理试卷（解析版） |  | |
| 格式 | zip | ||
| 文件大小 | 692.0KB | ||
| 资源类型 | 教案 | ||
| 版本资源 | 沪粤版 | ||
| 科目 | 物理 | ||
| 更新时间 | 2019-04-09 17:50:44 | ||
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文档简介
2018-2019学年福建省漳州市第一中学九年级（下）期中物理试卷
一．选择题（共16小题，满分32分，每小题2分）
1．下列能源中属于新能源的是（ ）
A．石油 B．太阳能 C．煤炭 D．天然气
2．对诗句“小小竹排江中游，巍巍青山两岸走”的描述中正确的是（ ）
A．前一句是以竹排为参照物来表示青山在运动
B．前一句是以青山为参照物来表示竹排在运动
C．后一句是以青山为参照物来表示两岸在运动
D．后一句是以两岸为参照物来表示青山在运动
3．下列说法中，正确的是（ ）
A．电磁波的频率越高，传播的速度就越大
B．电磁波可以在真空中传播
C．手机间通话靠超声波传递
D．微波不具有能量
4．如图所示，“影”是生活中常见的光现象，如做光学游戏的“手影”、留下美好记忆照片的“摄影”、投影仪射到屏幕上的“投影”、湖岸景色在水中形成的“倒影”等，其中它们与物理知识对应关系正确的是（ ）
A．手影﹣平面镜成像 B． 摄影﹣凸透镜成像
C．投影﹣小孔成像 D．倒影﹣光的折射
5．下列实例中利用了熔化吸热的是（ ）
A．运输食品时利用干冰降温防止食品腐烂
B．天热时向地上洒水会感到凉快
C．给发烧的病人用酒精擦拭身体以进行物理降温
D．向可乐饮料中加冰块会使饮料变得更凉
6．在扬城第一场雪降临的深夜，环卫工人们连夜洒盐化雪，防止雪水结冰给出行的人们带来不便。一辆正在洒盐的卡车，匀速驶上桥顶的过程中，下列说法正确的是（ ）
A．动能增大，重力势能不变
B．动能不变，重力势能增大
C．动能减小，重力势能无法确定
D．动能和重力势能都无法确定
7．如图所示，用甲乙两个滑轮将同样的钩码匀速提升相同的高度，则下列说法正确的是（ ）
A．F1与F2大小相等
B．甲中绳的自由端移动的距离比乙大
C．F1做的总功比F2多
D．F1做的总功比F2少
8．向一个轻质塑料瓶中装入密度为ρA的液体后密闭，把它分别放在盛有密度为ρ甲、ρ乙两种液体的容器中，两容器内液面刚好相平，且瓶底和瓶口均相平。若塑料瓶在甲、乙两种液体中所受浮力分别为F甲、F乙，甲、乙两种液体对容器底部的压强分别为p甲和p乙，如图所示，下列判断正确的是（ ）
A．p甲＞p乙，F甲＝F乙 B．p甲＜p乙，ρ乙＞ρ甲
C．p甲＞p乙，ρ乙＜ρ甲 D．p甲＝p乙，F甲＝F乙
9．有一石块重力大小为G，在空气中运动时受到的阻力为f且不变，当它竖直上抛时受到的合力大小为F1，竖直下落时受到的合力大小为F2，则（ ）
A．F1＞F2 B．F1＜F2 C．F1＝F2 D．不能确定
10．如图，粗细均匀木棒AB长为1m，水平放置在O、O'两个支点上。已知AO、O'B长度均为0.25m。若把B端竖直向上稍微抬起一点距离，至少需要用力40N；则木棒的重力为（ ）
A．160N B．120N C．80N D．4ON
11．水的比热容大于沙石的比热容。质量相等的水和沙石吸收相等的热量，若吸收的热量全部转化为内能，则沙石的（ ）
A．内能较小 B．末温较高
C．内能增加的较多 D．温度升高较多
12．如甲图所示，小明用弹簧测力计拉木块，使它先后两次沿水平木板匀速滑动相同的距离，乙图是他两次拉动同一木块得到的距离随时间变化的图象。下列说法错误的是（ ）
A．两次木块运动的速度相同
B．木块两次受到的摩擦力相同
C．两次拉力对木块做的功一样多
D．第一次拉力对木块做功的功率较大
13．为避免超高车辆闯入隧道造成事故，小欢设计了警示电路，使用时闭合开关S．导线EF横置于隧道口上沿前方，一旦被驶来的车辆撞断，红灯L亮且电动机转动放下栏杆。灯和电动机中，即使其中之一断路，另一个也能正常工作。下列电路中符合要求的是（ ）
A． B．
C． D．
14．波士顿大学的科学家设计了一种“波浪能量采集船”，如图所示，在船的两侧装有可触及水面的“工作臂”，“工作臂”的底端装有手掌状的、紧贴水面的浮标。当波浪使浮标上下浮动时，工作臂就前后移动，完成能量的采集，并把它们储存到船上的大容量电池中。图中能反映“波浪能量采集船”能量采集原理的是（ ）
A． B．
C． D．
15．如图所示，甲、乙、丙三图中的装置完全相同，燃料的质量相同，烧杯内的液体质量也相同，下列说法正确的是（ ）
A．比较不同液体的比热容，可以选择乙丙两图
B．比较不同液体的比热容，可以选择甲乙两图
C．比较不同燃料的热值，可以选择甲乙两图
D．比较不同燃料的热值，可以选择乙丙两图
16．如图所示，这是一个自制的测定风速的装置，其中风速表是由电压表改装而成，“T”型管道的竖直管内装有一个可上下自由移动的轻质活塞A，A和滑动变阻器的滑片相连。下列说法正确的是（ ）
A．风速变大，R1的阻值变大
B．风速变大，活塞向下运动
C．风速变大，电压表的示数变大
D．以上说法均不正确
二．填空题（共6小题，满分12分，每小题2分）
17．小梦在喝完盒装酸奶后，又用力吸了一下，发现奶盒变瘪了，这个实验可以证明 的存在；也可以说明力可以改变物体的 。
18．一切正在发声的物体都在 ， 停止，发声也停止；声音的传播需要 ， 中不能传播声音。
19．2015年3月13日，短道速滑世锦赛在俄罗斯莫斯科举行。如图所示是中国选手武大靖在男子500米短道速滑比赛中夺金的场景。在滑行的过程中冰刀与冰面之间形成的水膜可以 摩擦（选填“增大”或“减小”）；由于摩擦，冰刀温度升高，这是通过 方式增加了冰刀的内能。
20．为了检查卧室里L2是否存在问题（其他部分电路元好），电上师傅常在进户火线上串联一个完好的家用电灯泡L1，如图所示，若闭合开关时，发现L1、L2均不发光，说明卧室灯L2出现了 情况：若闭合开关时，发现L1正常发光，则说明卧室灯L2出现 情况，若此时用试电笔接触A点处，氖管 （选填“会”或“不会”）发光。
21．如图所示，烧杯内盛有某种液体，把一体积为1×10﹣4m3的铝块用细线系在弹簧测力计下浸没在液体中，静止时弹簧测力计的示数为1.5N，已知铝的密度为2.7×103kg/m3．则铝块在液体中受到的浮力等于 N，液体的密度为 kg/m3．（g取10N/kg）
22．如图甲所示，电源电压恒定不变，R1为定值电阻，R2为滑动变阻器。闭合开关S，滑动变阻器的滑片P从最右端移到最左端时，定值电阻R1的I﹣U图象如图乙所示（滑片P在最右端时R1两端电压为3V），滑动变阻器R2的P﹣R图象如图丙所示。则：定值电阻R1为 Ω，电源电压为 V；滑动变阻器R2的最大值为 Ω。
三．解答题（共2小题，满分4分，每小题2分）
23．如图所示，在平静的湖边有一盏路灯标记为S，潜水爱好者在水下E处看到路灯的像为S′．请画出水下E处的人看到路灯S的光路图。
24．护城河上安装的吊桥可以看成一个以B为支点的杠杆，一个人通过定滑轮将吊桥拉起，请在下图中画出杠杆所受动力的示意图及动力的力臂。
四．解答题（共1小题，满分4分，每小题4分）
25．（4分）图是我们熟悉的眼镜，为了让人佩戴更舒服，在镜架的设计中，鼻托为什么设计得比较宽？镜框为什么采用轻质的材料？请运用学过的力学知识说明其中的道理。
五．实验探究题（共5小题，满分28分）
26．（7分）用焦距为10cm的凸透镜探究“凸透镜成像规律”。
（1）小豪同学将蜡烛、凸透镜、光屏随意固定在光具座上，点燃蜡烛后，沿光具座无论怎样移动光屏，在光屏上始终得不到烛焰的像，原因可能是 。
（2）重新调整后，将蜡烛、凸透镜固定在光具座上，如图甲所示，移动光屏后得到烛焰清晰、完整的像，该像是倒立 （选填“放大”或“缩小”）的实像。我们可以从不同角度看到光屏上的像，是因为发生了 （选填“镜面反射”或“漫反射”）。
（3）接下来保持蜡烛和光屏的位置不动，将凸透镜向蜡烛方向移动，光屏上再次出现了一个倒立
（选填“放大”或“缩小”）的清晰实像，与这种成像原理一致的光学仪器是 （选填“照相机”、“投影仪”或“放大镜”）。
（4）当光屏上出现蜡烛清晰的像时，如果用遮光板挡住透镜的上半部分，我们观察光屏时，将会在光屏上看到 。
A．蜡烛像的下半部分 B．蜡烛像的上半部分
C．蜡烛完整的像，像的亮度变暗 D．蜡烛完整的像，像的亮度不变
（5）在图甲中，小豪把自己的近视眼镜放在凸透镜和蜡烛之间，发现光屏上的像变得模糊不清，应该向 （填“靠近”或“远离”）透镜方向移动光屏，可再次得到清晰的像。
（6）某小组实验时对图甲中的装置进行了改进，将蜡烛换成带有“F”形的LED灯、光屏贴上方格纸，如图乙所示，请写出改进后其中一个优点： 。
27．（5分）在探究“冰和石蜡的熔化特点”活动中，小明按图甲所示组装好实验装置，在A试管中放入一些冰块，B试管中放入一些石蜡后进行了实验，现请你帮助小明完成下列实验中的一些内容。
（1）实验中应选用 （选填“较大的”或“较小的”）冰块。
（2）如甲实验装置中存在一些问题，请你指出其中一处：
（3）下表是小明记录冰熔化过程中的数据，请根据表数据在图乙中作出温度随时间变化曲线
时间/min 0 0.5 1 1.5 2 2.5 3 3.5 4 4.5 5
温度/℃ ﹣5 ﹣2 0 0 0 0 1 2 3 4 5
（4）根据探究过程可知：冰的熔化过程持续了 min；实验进行到1.3min时，A试管中的物质处于 状态。
（5）从上面探究过程可知：冰是一种 ，其熔化时的特点是 。
28．（6分）有一个形状不规则的小木块，将其放在水中时，浮在水面上，用以下两种方案测量该木块的密度。
方案一：
（1）用天平测小木块的质量：测质量前，指针指在分度盘的左侧，则平衡螺母应向 （左/右）移动，平衡后测得小木块的质量为m；
（2）在量筒中倒入适量的水体积为V0；
（3）用细针将小木块浸没水中，读出量筒中水面对应的刻度为V1，则木块的密度表达式ρ＝ 。
方案二：
（1）在量筒中倒入适量的水，体积为V2，如图所示；
（2）用一个体积为10cm3的铁块和小木块拴在一起浸没水中，读出量筒中水面对应的刻度为V3＝90cm3；
（3）从量筒中取出铁块，小木块漂浮水面，读出量筒中水面对应的刻度为V4＝68cm3，则木块的密度ρ＝ g/cm3。
对比以上两种方案，误差比较小的是 ，理由： 。
29．（4分）图甲是我国选手冬运会女子冰壶比赛中的一个场景，比赛时两名队员在冰壶前方“刷冰”，通过做功的方式改变冰的内能，使表面的冰熔化成薄薄的一层水，使干摩擦变湿摩擦；这样就能减少冰壶与冰面之间的摩擦，使冰壶按照运动员预计的运动快慢和方向运动。
（1）为探究刷冰长度的影响因素，小明和同学用图乙装置寻找模拟刷冰区域的材料，他们将木块分别放在长木板、绸布、棉布上，用弹簧测力计拉木块做水平 运动，发现测力计示数关系是F棉＞F木＞F绸，若用木板模拟未刷冰区域，则应选 模拟刷冰区域。
（2）图乙中弹簧测力计的示数是 N。
（3）他们用图丙装置，将长为l的所选材料M平铺在木板上，让木块从斜面上滑下，经过M后停在木板上的固定位置P，所需材料M的长度l与哪些因素有关？大家提出以下猜想：
猜想1：与木块由静止滑下时的高度h有关；
猜想2：与M左端到斜面底端的距离x有关。
①验证猜想1时，保持x不变，将木块 （选填“同一”或“不同”）高度由静止滑下，改变l，使木块最终都停在位置P，数据记录如下：
序号 1 2 3 4 5 6
释放的高度h/m 0.10 0.14 0.18 0.20 0.22 0.26
M的长度l/m 2.00 1.60 1.20 0.86 0.80 0.40
根据表格数据，可知l与h的关系是 。
②验证猜想2时，小明改变x，将木块从不同高度由静止滑下，记录数据，得出结论，分析实验中存在的问题是 ，正确操作，发现每次只将M前后移动时，木块都会经过M停在P位置，该现象说明猜想2是 （选填“正确”或“错误”）的。
30．（6分）某实验小组的同学用图甲所示器材测量小灯泡电功率，待测小灯泡L的额定电压为3.8V，额定功率小于1W，电源电压恒为6V，滑动变阻器R的规格为“20Ω1A”，图甲所示是该实验小组没有连接完整的电路。
（1）请你用笔画线代替导线，在图甲中把电路连接完整；
（2）排除故障后，正确连接好电路，闭合开关，发现小灯泡不亮，但电流表、电压表均有示数，请分析出现这种现象的原因是 。为测量小灯泡的额定功率，接下来的操作应该是 读出并记录电流表的示数。当灯泡正常发光时，电流表示数如图乙所示，其值为 A，小灯泡的额定功率为 W。
（3）测出小灯泡的额定功率后，再测大于小灯泡额定功率的实际功率，应将滑动变阻器的滑片向 （选填“左”或“右”）端滑动。
（4）测量小灯泡的电功率 （选填“需要”或“不需要”）多次测量求平均值，原因是 。
六．计算题（共3小题，满分20分）
31．（6分）在今年我区中考体育测试中：
（1）当我们进行剧烈的跑跳运动过程中人体产热 人体散热（选填“大于”、“小于”或“等于”），从而出现满脸通红的情况。
（2）在长跑中男生1000米满分成绩为3分40秒。某男生在1000米测试中正好获得满分，求他在1000米长跑中的平均速度是多少？（计算结果保留一位小数）
（3）已知某同学的质量为50kg，每只脚与地面的接触面积为0.025m2．该同学站立时对水平地面的压强为多大？（取g＝10N/kg）
（4）在体育测试另一项目立定跳远中，体重为500N的某同学从最高点到落地点的过程中，重心下降的最大距离为0.3m，轨迹如图所示。则此过程中重力做的功为多少？
32．（6分）在如图所示的电路中，电源电压保持不变，电阻R1的阻值为20Ω．闭合开关S，电流表A1的示数为0.3A，电流表A2的示数为0.2A．求：
（1）电源电压U；
（2）电阻R2的阻值。
33．（8分）小强家买了一个自动电热水壶，其铭牌如下表。小强装了0.5kg的水，加热5min后把水烧开，水壶自动断电。已知大气压为1个标准大气压，电热水壶正常工作且电阻不变，水的初温为20℃，c水＝4.2×103J/（kg?℃），求：
自动电热水壶
型号 WL100F
电源 220V50Hz
额定功率 1000W
容量 1L
（1）这壶水吸收的热量；
（2）水壶消耗的电能；
（3）此电热水壶的热效率。
2018-2019学年福建省漳州市第一中学九年级（下）期中物理试卷
参考答案与试题解析
一．选择题（共16小题，满分32分，每小题2分）
1．下列能源中属于新能源的是（ ）
A．石油 B．太阳能 C．煤炭 D．天然气
【分析】新能源主要指潮汐能、地热能、风能、太阳能、核能等。常规能源是指传统的能源，包括植物秸秆和化石燃料，石油，天然气和煤都是化石燃料。
【解答】解：常规能源是指传统的能源，包括植物秸秆和化石燃料，石油，天然气和煤都是化石燃料，所以这些都是常规能源。因此只有太阳能是新能源。故B符合题意。
故选：B。
【点评】解决此题主要依靠识记集中新能源的类型，并且知道什么是常规能源。
2．对诗句“小小竹排江中游，巍巍青山两岸走”的描述中正确的是（ ）
A．前一句是以竹排为参照物来表示青山在运动
B．前一句是以青山为参照物来表示竹排在运动
C．后一句是以青山为参照物来表示两岸在运动
D．后一句是以两岸为参照物来表示青山在运动
【分析】在判断物体是运动还是静止时，要先选取一个标准作为参照物，参照物不同，同一物体的运动情况也会发生变化。
【解答】解：AB、“小小竹排江中游”，竹排相对于青山的位置不断变化，则“竹排江中游”是以青山为参照物，故A错误，B正确；
CD、“巍巍青山两岸走”，两岸的青山相对于竹排的位置不断变化，则“青山两岸走”是以竹排为参照物，故CD错误。
故选：B。
【点评】本题以古诗句为背景，通过参照物的选取考查了运动和静止的相对性，难度不大。
3．下列说法中，正确的是（ ）
A．电磁波的频率越高，传播的速度就越大
B．电磁波可以在真空中传播
C．手机间通话靠超声波传递
D．微波不具有能量
【分析】（1）明确机械波和电磁波的性质，明确机械波的传播速度由介质决定；
（2）电磁波的传播不需要靠介质，在真空中也可传播；
（3）手机既是电磁波的发射台也是电磁波接收台；
（4）微波是电磁波的一种，传播速度与电磁波速度相同，具有能量。
【解答】解：A、电磁波的速度在真空中均为光速，与频率无关，故A错误；
B、电磁波可以在真空中传播，不需要介质，故B正确；
C、手机是现代人们最常用的通信工具之一，手机间通话和收发信息是利用电磁波，即微波，故C错误；
D、微波可以传递信息，具有能量，故D错误。
故选：B。
【点评】此题主要考查电磁波的传播，是基础知识。
4．如图所示，“影”是生活中常见的光现象，如做光学游戏的“手影”、留下美好记忆照片的“摄影”、投影仪射到屏幕上的“投影”、湖岸景色在水中形成的“倒影”等，其中它们与物理知识对应关系正确的是（ ）
A．手影﹣平面镜成像 B． 摄影﹣凸透镜成像
C．投影﹣小孔成像 D．倒影﹣光的折射
【分析】各种影的形成都与光的传播有关，本题要把手影、摄影、投影、倒影道理弄清，知道其光学原理。利用光的直线传播、光的反射、光的折射解释这几种“影”形成的原因。
【解答】解：A、手影是影子，光在沿直线传播过程中遇到不透明的物体，在物体的后面形成的光照不到的暗区叫影子，这是光的直线传播造成的，平面镜成像是光的反射造成的，故A错误；
B、摄影是利用凸透镜成倒立、缩小、实像的原理进行工作的，故B正确；
C、投影是利用凸透镜成倒立、放大、实像的原理工作的，而小孔成像是光的直线传播造成的，故C错误；
D、岸上的景物在水中的倒影是平面镜成像，平静的水面相当于平面镜，其原理是光的反射，故D错误。
故选：B。
【点评】影子、日月食、小孔成像都是光的直线传播原理；倒影、照镜子、潜望镜都是光的反射原理；透镜、看水下的物体等都是光的折射原理，此题是一道光学的综合题，也是中考的一个热点知识。
5．下列实例中利用了熔化吸热的是（ ）
A．运输食品时利用干冰降温防止食品腐烂
B．天热时向地上洒水会感到凉快
C．给发烧的病人用酒精擦拭身体以进行物理降温
D．向可乐饮料中加冰块会使饮料变得更凉
【分析】（1）物质由固态变成液态叫做熔化，熔化吸热；物质由液态变成固态叫做凝固，凝固放热；
（2）物质由液态变成气态叫做汽化，汽化吸热；物质由气态变成液态叫做液化，液化放热；
（3）物质由固态直接变成气态叫做升华，升华吸热；物质由气态直接变成固态叫做凝华，凝华放热。
【解答】解：
A、利用干冰降温防止食品变质，利用了干冰升华吸热，不符合题意；
B、向地上洒水会使周围更凉快，利用了水的汽化吸热，不符合题意；
C、给发烧的病人用酒精擦拭身体以进行物理降温，是酒精的汽化吸热，不符合题意；
D、加冰块会使饮料变得冰凉，利用了冰块的熔化吸热，符合题意。
故选：D。
【点评】六种物态变化中，吸热的有熔化、汽化、升华，放热的有凝固、液化、凝华，注意分清，是中考的热点。
6．在扬城第一场雪降临的深夜，环卫工人们连夜洒盐化雪，防止雪水结冰给出行的人们带来不便。一辆正在洒盐的卡车，匀速驶上桥顶的过程中，下列说法正确的是（ ）
A．动能增大，重力势能不变
B．动能不变，重力势能增大
C．动能减小，重力势能无法确定
D．动能和重力势能都无法确定
【分析】分析洒水车动能和重力势能大小的变化，从动能和重力势能大小的影响因素进行分析：
（1）动能大小的影响因素：质量、速度。质量越大、速度越大，动能越大。
（2）重力势能大小的影响因素：质量、被举得高度。质量越大、高度越高，重力势能越大。
【解答】解：正在洒盐的卡车，匀速驶上桥顶的过程中，质量不断减小，速度保持不变，则洒盐车的动能不断减小；因高度不断增大，质量不断减小，所以无法确定重力势能的变化情况。
故选：C。
【点评】掌握动能、重力势能、弹性势能的影响因素，利用控制变量法能判断动能、重力势能、弹性势能、机械能的变化。
7．如图所示，用甲乙两个滑轮将同样的钩码匀速提升相同的高度，则下列说法正确的是（ ）
A．F1与F2大小相等
B．甲中绳的自由端移动的距离比乙大
C．F1做的总功比F2多
D．F1做的总功比F2少
【分析】由滑轮的特点可知力的大小和绳子自由端移动的距离；把相同的重物匀速提升相同的高度，做的有用功相同；而总功等于有用功加上额外功，可知利用动滑轮做的总功多。
【解答】解：观察图可知，甲为定滑轮，乙为动滑轮；
A、F1＝G，F2＝（G+G动），拉力F1和F2大小不相等，A错误；
B、乙是动滑轮，省力但费距离，故乙中绳的自由端移动的距离比甲大，B错误；
CD、F1要克服摩擦、绳重和钩码重力做功，F2要克服摩擦、绳重、动滑轮重力和钩码重力做功，所以F2做的总功较多，故C错误，D正确。
故选：D。
【点评】本题考查了定滑轮与定滑轮的特点，有用功、额外功、总功的计算方法；本题关键在于确定使用任何机械都不省功。
8．向一个轻质塑料瓶中装入密度为ρA的液体后密闭，把它分别放在盛有密度为ρ甲、ρ乙两种液体的容器中，两容器内液面刚好相平，且瓶底和瓶口均相平。若塑料瓶在甲、乙两种液体中所受浮力分别为F甲、F乙，甲、乙两种液体对容器底部的压强分别为p甲和p乙，如图所示，下列判断正确的是（ ）
A．p甲＞p乙，F甲＝F乙 B．p甲＜p乙，ρ乙＞ρ甲
C．p甲＞p乙，ρ乙＜ρ甲 D．p甲＝p乙，F甲＝F乙
【分析】物体漂浮时受到的浮力和自身的重力相等，根据同一塑料瓶和液体的重力不变判断两者浮力的关系，由图可知两者排开液体的体积关系，根据阿基米德原理的变形式判断两液体的密度关系，两液面的深度相同，根据p＝ρgh比较两种液体对容器底部的压强关系。
【解答】解：因同一塑料瓶和液体的重力不变，且塑料瓶在甲、乙中均漂浮，
所以，塑料瓶在两液体中受到的浮力相等，即F甲＝F乙，
由图可知，塑料瓶在甲中排开液体的体积大于在乙中排开液体的体积，
由F浮＝ρgV排的变形式ρ＝可知，ρ甲＜ρ乙，故C错误；
因两容器内液面刚好相平，
所以，由p＝ρgh可知，p甲＜p乙，故AD错误、B正确。
故选：B。
【点评】本题考查了物体浮沉条件和阿基米德原理以及液体压强公式的应用，正确的比较两者排开液体的体积关系是关键。
9．有一石块重力大小为G，在空气中运动时受到的阻力为f且不变，当它竖直上抛时受到的合力大小为F1，竖直下落时受到的合力大小为F2，则（ ）
A．F1＞F2 B．F1＜F2 C．F1＝F2 D．不能确定
【分析】根据同一直线上力的合成方法解题：
两力在同一直线上方向相同时，合力的大小等于两分力的大小之和，方向与分力方向相同；
两力在同一直线上，方向相反时，合力大小等于两力大小之差，方向与较大的力的方向相同。
【解答】解：石块上升时受向下的重力G，向下的空气阻力f作用，合力F1＝G+f，
下落时，受阻力f向上，合力F2＝G﹣f，F1＞F2。
故选：A。
【点评】本题考查了同一直线上力的合成，是一道基础题；解题的关键是判断出石块运动时受到的阻力方向。
10．如图，粗细均匀木棒AB长为1m，水平放置在O、O'两个支点上。已知AO、O'B长度均为0.25m。若把B端竖直向上稍微抬起一点距离，至少需要用力40N；则木棒的重力为（ ）
A．160N B．120N C．80N D．4ON
【分析】若把B端竖直向上稍微抬起一点距离，先确定支点、阻力作用点，进而得出阻力臂和动力臂大小，利用杠杆平衡条件求阻力（重力）大小。
【解答】解：
设木棒的重心为C，由于木棒质地均匀，则C为AB的中点；
已知AB＝1m，AO＝O′B＝0.25m，所以OC＝O′C＝0.25m。
如图：
从B端竖直向上抬木棒时，杠杆OCB以O为支点，由杠杆的平衡条件得：
F×OB＝G×OC，
代入数据得：
40N×（1m﹣0.25m）＝G×0.25m，
解得：G＝120N。
故选：B。
【点评】在B端施加的动力方向不同时，相应的支点也会改变，准确找出对应的杠杆是突破题目的关键。
11．水的比热容大于沙石的比热容。质量相等的水和沙石吸收相等的热量，若吸收的热量全部转化为内能，则沙石的（ ）
A．内能较小 B．末温较高
C．内能增加的较多 D．温度升高较多
【分析】由吸热公式Q吸＝cm△t可知，质量相同的不同物质，吸收相同的热量，比热容大的温度升高少，比热容小的温度升高多。
【解答】解：A、由于水和砂石在吸收热量前其内能大小不确定，所以水和砂石吸收相等的热量后水和砂石的内能大小还是不确定，故A错误。
B、由水和砂石的初温不确定，所以水和砂石的末温也不确定，故B错误；
C、水和砂石吸收相等的热量，所以水和砂石的增加的内能是相同的，故C错误；
D、质量相同的水和砂石，因为水的比热容大于砂石的比热容，吸收相同的热量后，由Q吸＝cm△t可知，砂石的温度升高的多，水的温度升高较少，故D正确。
故选：D。
【点评】本题考查了学生对吸热公式Q吸＝cm△t掌握和运用，理解并记住：质量相同的不同物质，吸收或放出相同的热量，比热容大的物体温度变化小；变化相同的温度，比热容大的物体吸收或放出的热量多。
12．如甲图所示，小明用弹簧测力计拉木块，使它先后两次沿水平木板匀速滑动相同的距离，乙图是他两次拉动同一木块得到的距离随时间变化的图象。下列说法错误的是（ ）
A．两次木块运动的速度相同
B．木块两次受到的摩擦力相同
C．两次拉力对木块做的功一样多
D．第一次拉力对木块做功的功率较大
【分析】（1）根据速度的计算公式v＝，利用图象可以确定物体的运动速度。
（2）先判断木块两次的运动状态，然后根据二力平衡的条件分析拉力和摩擦力的关系。
（3）根据作用在物体上的拉力和在拉力方向上通过的距离，利用公式W＝Fs比较两次做功的多少。
（4）根据决定功率的因素即木块的拉力和木块的速度进行分析。
【解答】解：A、从图象中可看出，相同时间第一次通过路程大于第二次，所以第一次实验的速度大于第二次的速度。故A错误；
B、用弹簧测力计拉木块沿水平木板匀速滑动，木块做匀速直线运动，不论其速度大小如何，都受到平衡力的作用，在水平方向上，摩擦力和拉力是一对平衡力。并且压力和接触面的粗糙程度相同，摩擦力相同，故两次实验的拉力和摩擦力均相等。故B正确；
C、在相同拉力作用下，木块两次运动的距离相同，由W＝Fs可知，以木块两次所做的功一样多。故C正确；
D、由A中分析第一次速度大，木块所受的拉力不变，根据公式P＝Fv可知，拉力第一次做功的功率大。故D正确。
故选：A。
【点评】此题考查了二力平衡的条件、摩擦力大小的决定因素、速度的计算等知识点。图象是形象描述物理状态、物理过程和物理规律的常用工具，也是应用数学知识解决物理问题的一个重要方面，它不仅可以使抽象的概念直观形象，也能使动态变化过程更为清晰。
13．为避免超高车辆闯入隧道造成事故，小欢设计了警示电路，使用时闭合开关S．导线EF横置于隧道口上沿前方，一旦被驶来的车辆撞断，红灯L亮且电动机转动放下栏杆。灯和电动机中，即使其中之一断路，另一个也能正常工作。下列电路中符合要求的是（ ）
A． B．
C． D．
【分析】串联的各电路元件相互影响，不能独立工作，并联的各电路元件互不影响，能独立工作；根据题意确定各电路元件的连接方式，然后选择电路。
【解答】解：导线EF横置于隧道口上沿前方，一旦被驶来的车辆撞断，红灯L亮且电动机转动放下栏杆，
说明EF断开之后，电动机与指示灯是通路，EF断开之前，电动机与指示灯被短路，
则导线EF与电动机和指示灯并联，
灯和电动机中，即使其中之一断路，另一个也能正常工作，
说明指示灯与电动机互不影响，能独立工作，电动机与指示灯是并联的，
为防止EF断开之前电源被短路，电路干路中要接入保护电阻，由图示电路图可知，C符合要求。
故选：C。
【点评】本题考查了实验电路设计，根据题意确定各电路元件的连接方式是正确解题的关键。
14．波士顿大学的科学家设计了一种“波浪能量采集船”，如图所示，在船的两侧装有可触及水面的“工作臂”，“工作臂”的底端装有手掌状的、紧贴水面的浮标。当波浪使浮标上下浮动时，工作臂就前后移动，完成能量的采集，并把它们储存到船上的大容量电池中。图中能反映“波浪能量采集船”能量采集原理的是（ ）
A． B．
C． D．
【分析】通过题意明确这种“波浪能量采集船”是采集的波流的机械能，而获得的是电能，从而再对照选项中的原理，看哪一个是将机械能转化为电能的装置。
【解答】解：A、是电磁感应的装置，将机械能转化为电能，与“波浪能量采集船”的能量转化相同，符合题意；
B、通电导体在磁场中受力，将电能转化为机械能，与“波浪能量采集船”的能量转化不同，不符合题意；
C、是奥斯特实验，是电流的磁效应，与“波浪能量采集船”的能量转化不同，不符合题意；
D、是研究电磁铁的装置，与“波浪能量采集船”的能量转化不同，不符合题意。
故选：A。
【点评】通过分析题意，明确这种“波浪能量采集船”是如何采集能量，发生了怎样的能量转化，是解答的关键。
15．如图所示，甲、乙、丙三图中的装置完全相同，燃料的质量相同，烧杯内的液体质量也相同，下列说法正确的是（ ）
A．比较不同液体的比热容，可以选择乙丙两图
B．比较不同液体的比热容，可以选择甲乙两图
C．比较不同燃料的热值，可以选择甲乙两图
D．比较不同燃料的热值，可以选择乙丙两图
【分析】（1）燃料的热值大小不能直接测量，需要通过液体吸收热量的多少来体现燃料燃烧放出热量的多少，而液体吸收热量的多少跟液体的质量和升高的温度有关，因此为了比较热值大小要用不同的燃料，加热同一种液体，让液体的质量相同，通过温度计的示数高低得出吸热多少，进而判断热值大小；
（2）为了比较两种液体的比热容，需要燃烧相同的燃料，加热不同的液体，让液体的质量相同，温度计的示数变化相同时，通过比较加热时间比较吸热多少，进而判断两种比热容的大小关系。
【解答】解：
AB、为了比较不同液体的比热容，需要燃烧相同的燃料，加热不同的液体，让液体的质量和温度的变化相同，
通过比较加热时间，进而判断两种液体比热容的大小关系，应选择甲和丙两图进行实验，故AB错误；
CD、为了比较不同燃料的热值要用不同的燃料，应加热同一种液体，让液体的质量相同，
通过温度计的示数高低得出吸热多少，进而判断热值大小，应选择甲和乙两图进行实验，故C正确，D错误。
故选：C。
【点评】本题考查了学生对热值概念、比热容概念、转换法和控制变量法的了解与掌握，分析时利用好控制变量法是解决本题的关键。
16．如图所示，这是一个自制的测定风速的装置，其中风速表是由电压表改装而成，“T”型管道的竖直管内装有一个可上下自由移动的轻质活塞A，A和滑动变阻器的滑片相连。下列说法正确的是（ ）
A．风速变大，R1的阻值变大
B．风速变大，活塞向下运动
C．风速变大，电压表的示数变大
D．以上说法均不正确
【分析】（1）流体压强和流速的关系：流速越大的地方压强越小；
（2）根据活塞的移动确定接入电路中电阻的变化，根据欧姆定律可知电路中电流的变化，根据U＝IR可知电压表示数的变化。
【解答】解：当风速变大时，活塞上方气压变小，活塞向上移动，滑动变阻器接入电路的电阻变小，电路中的总电阻变小，由欧姆定律可知，电路中电流变大；
由U＝IR可知，定值电阻两端电压变大，即电压表（风速表）示数变大。故C正确，ABD错误。
故选：C。
【点评】本题考查了电路的动态分析，涉及到滑动变阻器的使用和欧姆定律的应用，关键是根据流速与压强的关系判断出风速变大时活塞的运动方向。
二．填空题（共6小题，满分12分，每小题2分）
17．小梦在喝完盒装酸奶后，又用力吸了一下，发现奶盒变瘪了，这个实验可以证明 大气压 的存在；也可以说明力可以改变物体的 形状 。
【分析】（1）用力吸空奶盒，盒内气压小于外界大气压，产生的压力差将奶盒压扁；
（2）力的作用效果：一是改变物体的形状，二是改变物体的运动状态。
【解答】解：（1）用力吸一下空奶盒，盒内气体减少气压减小，小于外界大气压，在大气压的作用下奶盒变扁了，这个现象说明了大气压的存在。
（2）大气压使奶盒变扁，说明了力可以改变物体的形状。
故答案为：大气压；形状。
【点评】大气压在现实生活中的存在和应用特别广泛，生活中要注意观察，本题考查了学生应用物理知识解决实际问题的能力。
18．一切正在发声的物体都在 振动 ， 振动 停止，发声也停止；声音的传播需要 介质 ， 真空 中不能传播声音。
【分析】物体振动才能发声。声音的传播需要介质，真空不能传声。
【解答】解：声音是由物体振动产生的，如果物体不振动，则不会有声音产生；所以一切正在发声的物体都在振动，振动停止，发声也就停止。
声音需要在介质中传播，也就是说在固体、液体和气体中都能传播，但真空不能传声。
故答案为：振动；振动；介质；真空。
【点评】本题需要学生掌握声音产生的原因，还要了解声音传播的要求，是一道基础题。
19．2015年3月13日，短道速滑世锦赛在俄罗斯莫斯科举行。如图所示是中国选手武大靖在男子500米短道速滑比赛中夺金的场景。在滑行的过程中冰刀与冰面之间形成的水膜可以 减小 摩擦（选填“增大”或“减小”）；由于摩擦，冰刀温度升高，这是通过 做功 方式增加了冰刀的内能。
【分析】影响摩擦力大小的因素有压力和接触面的粗糙程度；。
通过摩擦的方法使物体内能增加的都属于以做功的方式改变内能。
【解答】解：在滑行的过程中冰刀与冰面之间形成的水膜可以使接触面变光滑，达到减小摩擦的目的；
由于摩擦，冰刀温度升高，这是通过做功的方式增加了冰刀的内能。
故答案为：减小；做功。
【点评】明确影响滑动摩擦力大小的因素，了解改变物体内能的两种方式，是解答此题的关键。
20．为了检查卧室里L2是否存在问题（其他部分电路元好），电上师傅常在进户火线上串联一个完好的家用电灯泡L1，如图所示，若闭合开关时，发现L1、L2均不发光，说明卧室灯L2出现了 开路 情况：若闭合开关时，发现L1正常发光，则说明卧室灯L2出现 短路 情况，若此时用试电笔接触A点处，氖管 会 （选填“会”或“不会”）发光。
【分析】（1）在进户线的干路上串联额定电压220V的白炽灯L1，闭合开关，L1恰能正常发光，说明该支路短路；L1发光暗红色，说明该支路工作正常；L1和L2不发光，说明L2出现了开路（或断路）；
（2）当测电笔接触火线时氖管会发光、接触零线时氖管不发光。
【解答】解：（1）在进户线的干路上串联一个白炽灯L1，闭合开关S后，L1、L2串联在家庭电路中，两灯泡不发光，说明L2出现了开路（或断路）；
（2）若闭合开关时，发现L1正常发光，说明其两端的电压为220V，该支路只有灯泡L1正常接入电路，所以卧室灯L2出现短路；
若此时用测电笔接触A点，由于与火线相通，则氖管发光。
故答案为：开路（或断路）；短路；会。
【点评】此题主要考查学生对于家庭电路连接规则、电路故障的分析和测电笔的使用方法，属于中考必考点。
21．如图所示，烧杯内盛有某种液体，把一体积为1×10﹣4m3的铝块用细线系在弹簧测力计下浸没在液体中，静止时弹簧测力计的示数为1.5N，已知铝的密度为2.7×103kg/m3．则铝块在液体中受到的浮力等于 1.2 N，液体的密度为 1.2×103 kg/m3．（g取10N/kg）
【分析】已知铝块的体积和密度，根据公式m＝ρV可求铝块的质量，再利用公式G＝mg求出重力，物体所受的浮力等于物体空气中的重力减去在液体中的重力，再利用公式F浮＝ρgV排求出液体的密度。
【解答】解：铝块的重力G＝mg＝ρVg＝2.7×lO3kg/m3×1×10﹣4m3×10N/kg＝2.7N，
铝块所受浮力F浮＝G﹣G示＝2.7N﹣1.5N＝1.2N，
液体密度ρ＝＝＝1.2×103kg/m3。
故答案为：1.2；1.2×103。
【点评】本题考查重力、浮力和液体密度的计算，关键是利用重力差法求铝块的浮力和利用浮力公式求液体的密度，还要明白一点，铝块完全浸没，排开液体的体积等于自身的体积。
22．如图甲所示，电源电压恒定不变，R1为定值电阻，R2为滑动变阻器。闭合开关S，滑动变阻器的滑片P从最右端移到最左端时，定值电阻R1的I﹣U图象如图乙所示（滑片P在最右端时R1两端电压为3V），滑动变阻器R2的P﹣R图象如图丙所示。则：定值电阻R1为 10 Ω，电源电压为 12 V；滑动变阻器R2的最大值为 30 Ω。
【分析】（1）R1为定值电阻，从图象乙中读出一组R1两端电压和对应的电流值，由欧姆定律计算其阻值；
（2）由图甲知两电阻串联，由串联电路特点、欧姆定律和电功率计算公式表示出R2的功率，由图丙知其功率的最大值，由P＝I2R计算电路中此时的电流，由串联电路特点和欧姆定律计算电源电压；
（3）当变阻器连入阻值最大时电路中电流最小，由图象乙计算此时定值电阻的电压和电流，根据串联电路特点和欧姆定律计算变阻器的最大值。
【解答】解：
（1）R1为定值电阻，从图象乙知，当它两端电压为3V时，通过它的电流为0.3A，
由I＝可得，定值电阻R1的阻值：R1＝＝＝10Ω；
（2）由图甲可知，两电阻串联，电路中电流：I＝，
由P＝I2R可得，R2的功率：
P2＝（）2R2＝R2＝，
所以，当R2＝R1＝10Ω时，P2有最大值，
由图象可知，R2的功率最大值为3.6W，由P＝I2R可得此时电路中电流：
I＝I2＝＝＝0.6A，
由串联电路特点和欧姆定律可得电源电压：
U＝I（R1+R2）＝0.6A×（10Ω+10Ω）＝12V；
（3）电源电压一定，由I＝可知，当R2连入阻值最大时，电路中电流最小，由图象乙知：此时R1的电流为0.3A（即电路中的最小电流），
则电路中的最大总电阻：R总最大＝＝＝40Ω，
由电阻的串联可得，R2的最大值：R2最大＝R总最大﹣R1＝40Ω﹣10Ω＝30Ω。
故答案为：10；12；30。
【点评】本题考查了串联电路特点、欧姆定律公式和电功率公式的应用，要能从图象中获取有用信息，关键是变阻器电功率最大值时其阻值的判断。
三．解答题（共2小题，满分4分，每小题2分）
23．如图所示，在平静的湖边有一盏路灯标记为S，潜水爱好者在水下E处看到路灯的像为S′．请画出水下E处的人看到路灯S的光路图。
【分析】由“爱好者在水下E处看到路灯的像为S′”根据光的直线传播可确定入射点，然后根据光从空气中斜射入水中时，折射角小于入射角即可画出水下E处的人看到路灯S的光路图。
【解答】解：连接ES′与界面的交点即为入射点，过入射点垂直于界面作出法线，根据光从空气中斜射入水中时，折射角小于入射角，可画出水下E处的人看到路灯S的光路图；
【点评】作图时注意入射光线和反射光线用实线画，反射光线的反向延长线用虚线画，另外光线箭头很容易画错。
24．护城河上安装的吊桥可以看成一个以B为支点的杠杆，一个人通过定滑轮将吊桥拉起，请在下图中画出杠杆所受动力的示意图及动力的力臂。
【分析】绳的拉力沿着绳指向绳收缩的方向，力臂是从支点到力的作用线的距离。
【解答】解：杠杆的支点在B处，绳的拉力沿绳方向画，从支点向力的作用线引垂线，画出力臂，标上符号L，如图所示：
【点评】会找出杠杆的五要素，会根据力与力臂的关系画出相应的作用力和力臂。
四．解答题（共1小题，满分4分，每小题4分）
25．（4分）图是我们熟悉的眼镜，为了让人佩戴更舒服，在镜架的设计中，鼻托为什么设计得比较宽？镜框为什么采用轻质的材料？请运用学过的力学知识说明其中的道理。
【分析】减小压强的方法：是在压力一定时，通过增大受力面积来减小压强；是在受力面积一定时，通过减小压力来减小压强。
【解答】答：（1）鼻托设计为较宽是为了增大受力面积，在压力一定时，可以减小眼镜对人的压强，使人感觉更舒服；
（2）镜框采用轻质的材料，在体积相同时，减小镜框的质量，则减小眼镜总重力，从而减小眼镜对人的压力，在受力面积一定时，可以减小眼镜对人的压强，使人感觉更舒适。
【点评】此题考查减小压强的方法和与密度有关的物理现象，难度不大，与学生的实际生活联系密切，属于基础题。
五．实验探究题（共5小题，满分28分）
26．（7分）用焦距为10cm的凸透镜探究“凸透镜成像规律”。
（1）小豪同学将蜡烛、凸透镜、光屏随意固定在光具座上，点燃蜡烛后，沿光具座无论怎样移动光屏，在光屏上始终得不到烛焰的像，原因可能是 烛焰中心、凸透镜光心、光屏中心不在同一高度 。
（2）重新调整后，将蜡烛、凸透镜固定在光具座上，如图甲所示，移动光屏后得到烛焰清晰、完整的像，该像是倒立 缩小 （选填“放大”或“缩小”）的实像。我们可以从不同角度看到光屏上的像，是因为发生了 漫反射 （选填“镜面反射”或“漫反射”）。
（3）接下来保持蜡烛和光屏的位置不动，将凸透镜向蜡烛方向移动，光屏上再次出现了一个倒立
放大 （选填“放大”或“缩小”）的清晰实像，与这种成像原理一致的光学仪器是 投影仪 （选填“照相机”、“投影仪”或“放大镜”）。
（4）当光屏上出现蜡烛清晰的像时，如果用遮光板挡住透镜的上半部分，我们观察光屏时，将会在光屏上看到 C 。
A．蜡烛像的下半部分 B．蜡烛像的上半部分
C．蜡烛完整的像，像的亮度变暗 D．蜡烛完整的像，像的亮度不变
（5）在图甲中，小豪把自己的近视眼镜放在凸透镜和蜡烛之间，发现光屏上的像变得模糊不清，应该向 远离 （填“靠近”或“远离”）透镜方向移动光屏，可再次得到清晰的像。
（6）某小组实验时对图甲中的装置进行了改进，将蜡烛换成带有“F”形的LED灯、光屏贴上方格纸，如图乙所示，请写出改进后其中一个优点： 实验现象更明显、便于观察、减少了污染 。
【分析】（1）光屏上得不到烛焰像的情况有三种：①成的像是虚像，虚像是不会成在光屏上的；②成实像，但由于烛焰、凸透镜、光屏三者的中心不在同一高度上，虽然成的是实像，但光屏上显示不出来；③不成像，当物体位于焦点上，即u＝f时，此时不成像，所以光屏上也得不到烛焰的像。
（2）凸透镜规律：u＞2f时，在凸透镜的另一侧得到倒立、缩小的实像，f＜v＜2f。
（3）凸透镜规律及其应用，2f＞u＞f时，在凸透镜的另一侧得到倒立、放大的实像，v＞2f。应用于投影仪。
（4）当用遮光板挡住透镜的某一部分时，由于通过凸透镜会聚的光线数量减少，所以像会比原来变暗，但仍成完整的像。
（5）首先明确近视镜是凹透镜，然后在明确凹透镜光学性质的基础上，即可确定放上凹透镜后像的位置的变化，然后调整光屏的移动方向；
（6）蜡烛换成LED灯便于观察；光屏换成带有方格光屏便于比较像与物体的大小关系。
【解答】解：（1）在做凸透镜成像规律的实验时，首先要调整三者的中心在同一高度上，这样做的目的就是为了保证使烛焰的像能够成在光屏上，所以当调整光屏的位置始终光屏上没有像时，首先要想到这种可能。
（2）此时物距为50cm﹣20cm＝30cm，而焦距为10cm，物距大于2倍焦距，所以成的像是倒立、缩小的实像；我们可以从不同角度看到光屏上的像，是因为发生了漫反射；
（3）保持蜡烛和光屏的位置不动，将凸透镜向蜡烛的方向移动，物距小于像距，成倒立、放大的实像。投影仪利用此原理。
（4）如果用遮光板挡住透镜的上半部分，下半部分仍能会聚光线成完整的像，但由于会聚的光线比原来减少，所以像比原来变暗。故选C；
（5）近视眼镜是凹透镜，它对光线有发散作用，所以在蜡烛和凸透镜之间放上凹透镜后，蜡烛在凸透镜后面成的像将远离凸透镜，为了使像再成在光屏上，所以要将光屏向右移动，远离凸透镜。
（6）蜡烛换成LED灯的优点：实验现象更明显、便于观察、减少了污染等。
故答案为：（1）烛焰中心、凸透镜光心、光屏中心不在同一高度；（2）缩小；（3）放大；投影仪；（4）C；（5）远离；（6）实验现象更明显、便于观察、减少了污染。
【点评】此题是探究凸透镜成像的实验，考查了学生对实验操作的要求。一定要注意实验前的调整工作。为使像成在光屏的中央，应使凸透镜、烛焰、光屏的中心大致在同一高度处。凸透镜的主光轴永远随着凸透镜的上下移动而移动，对于烛焰在凸透镜主光轴的哪个位置，画图说明很容易理解。
27．（5分）在探究“冰和石蜡的熔化特点”活动中，小明按图甲所示组装好实验装置，在A试管中放入一些冰块，B试管中放入一些石蜡后进行了实验，现请你帮助小明完成下列实验中的一些内容。
（1）实验中应选用 较小的 （选填“较大的”或“较小的”）冰块。
（2）如甲实验装置中存在一些问题，请你指出其中一处： 温度计的玻璃泡未浸入小冰块中
（3）下表是小明记录冰熔化过程中的数据，请根据表数据在图乙中作出温度随时间变化曲线
时间/min 0 0.5 1 1.5 2 2.5 3 3.5 4 4.5 5
温度/℃ ﹣5 ﹣2 0 0 0 0 1 2 3 4 5
（4）根据探究过程可知：冰的熔化过程持续了 1.5 min；实验进行到1.3min时，A试管中的物质处于 固液共存 状态。
（5）从上面探究过程可知：冰是一种 晶体 ，其熔化时的特点是 吸热，温度保持不变 。
【分析】（1）酒精是易燃物很易燃烧，酒精灯倾斜酒精易流出容易发生失火现象。较大的冰块受热不均匀，较小的冰块接触紧密，受热均匀；
（2）根据温度计的使用的注意事项：玻璃泡要全部浸入被测物体，不能碰到容器底，也不能碰到容器壁；
（3）以表格中的时间为横坐标，以时间对应的温度为纵坐标在图象上确定坐标点，然后用平滑的曲线连接起来即可得到温度随时间变化的图象。
（4）根据晶体熔化时温度的变化规律来答题；晶体有一定的熔点，在熔化过程中物体处于固液共存状态，且温度保持不变。
（5）分析表格数据，得出结论。
【解答】解：（1）为减小实验误差，实验过程中宜选用较小的冰块，因为较小的冰块之间接触紧密，受热均匀；
（2）温度计在使用时：玻璃泡要全部浸入冰块中，不能碰到容器底，也不能碰到容器壁，由图A可知，温度计的玻璃泡未浸入小冰块中；
（3）根据表中的数据，先在图中描出温度﹣时间相对应的点，再连线，如图：
（4）从第1min到第3min，物质的温度保持0℃不变，熔化经过了1.5min．在熔化过程中处于固液共存状态，由题可知，冰在熔化时须达到熔点且继续吸热；
（5）由表中数据可知，从第1分钟到第3钟，酒精灯仍在不断加热，但温度并没有发生变化，故冰是晶体；晶体熔化时不断吸热，温度保持不变。
故答案为：（1）较小；（2）温度计的玻璃泡未浸入小冰块中；（3）如图；（4）1.5；固液共存；（5）晶体；吸热，温度保持不变。
【点评】本题考查晶体熔化特点的探究，注意温度计的正确使用，理解晶体在熔点阶段，温度是一个固定数值，表现在图象上就是一段水平直线。另外，虽然熔化时温度不变，但此过程仍需吸收热量。
28．（6分）有一个形状不规则的小木块，将其放在水中时，浮在水面上，用以下两种方案测量该木块的密度。
方案一：
（1）用天平测小木块的质量：测质量前，指针指在分度盘的左侧，则平衡螺母应向 右 （左/右）移动，平衡后测得小木块的质量为m；
（2）在量筒中倒入适量的水体积为V0；
（3）用细针将小木块浸没水中，读出量筒中水面对应的刻度为V1，则木块的密度表达式ρ＝ 。
方案二：
（1）在量筒中倒入适量的水，体积为V2，如图所示；
（2）用一个体积为10cm3的铁块和小木块拴在一起浸没水中，读出量筒中水面对应的刻度为V3＝90cm3；
（3）从量筒中取出铁块，小木块漂浮水面，读出量筒中水面对应的刻度为V4＝68cm3，则木块的密度ρ＝ 0.6 g/cm3。
对比以上两种方案，误差比较小的是 方法一 ，理由： 方法二由于铁块取出时带有水，使得量筒中的木块和水的体积偏小，即木块排开水的体积偏小，木块质量偏小 。
【分析】方法一：（1）测质量前，按“左偏右调”的原则调节平衡螺母使横梁平衡。
（3）根据ρ＝表示出木块的密度；
方法二：（1）根据量筒的分度值读出量筒中水的体积为V2，
（2）用一个体积为10cm3的铁块和小木块拴在一起浸没水中，读出量筒中水面对应的刻度为V3，用V3﹣V2﹣V铁算出木块的体积；
（3）从量筒中取出铁块，小木块漂浮水面，读出量筒中水面对应的刻度为V4，用68cm3，则V4﹣V2算出小木块排开水的体积，利用阿基米德原理求木块受到的浮力；因为木块漂浮，木块重力等于浮力；利用G＝mg求木块的质量；再利用密度公式求小木块的密度；
由于取出铁块时带有水，使得木块质量偏小，根据密度公式判断误差。
【解答】解：方法一：
（1）测质量前，按“左偏右调”的原则调节平衡螺母，使横梁平衡，当指针指在分度盘的左侧，则平衡螺母应向右调节。
（3）木块的体积V＝V1﹣V0，
木块的密度为：ρ＝＝；
方法二：
（1）量筒的最小分度值为2ml，水的体积V2＝50ml＝50cm3；
（2）木块的体积：V′＝V3﹣V2﹣V铁＝90cm3﹣50cm3﹣10cm3＝30cm3；
（3）木块排开水的体积V排＝V4﹣V2，木块受到的浮力F浮＝ρ水gV排＝ρ水g（V4﹣V2）；
因为木块漂浮，所以木块重力G木＝F浮＝ρ水g（V4﹣V2）；
木块的质量：m木＝＝＝ρ水（V4﹣V2）；
小木块的密度：
ρ木＝＝＝＝0.6g/cm3；
由于铁块取出时带有水，使得量筒中的木块和水的体积偏小，即木块排开水的体积偏小，木块质量偏小，根据ρ＝知，密度偏小，故方法一误差较小。
故答案为：方法一：（1）右；（3）；方法二：（3）0.6；方法一；方法二由于铁块取出时带有水，使得量筒中的木块和水的体积偏小，即木块排开水的体积偏小，木块质量偏小。
【点评】本题考查了测固体的密度初中物理要求较高，方法最基本的有两种：一是用量筒和天平，一是利用浮力知识设计的这一种，要熟练掌握。
29．（4分）图甲是我国选手冬运会女子冰壶比赛中的一个场景，比赛时两名队员在冰壶前方“刷冰”，通过做功的方式改变冰的内能，使表面的冰熔化成薄薄的一层水，使干摩擦变湿摩擦；这样就能减少冰壶与冰面之间的摩擦，使冰壶按照运动员预计的运动快慢和方向运动。
（1）为探究刷冰长度的影响因素，小明和同学用图乙装置寻找模拟刷冰区域的材料，他们将木块分别放在长木板、绸布、棉布上，用弹簧测力计拉木块做水平 匀速直线 运动，发现测力计示数关系是F棉＞F木＞F绸，若用木板模拟未刷冰区域，则应选 绸布 模拟刷冰区域。
（2）图乙中弹簧测力计的示数是 2.2 N。
（3）他们用图丙装置，将长为l的所选材料M平铺在木板上，让木块从斜面上滑下，经过M后停在木板上的固定位置P，所需材料M的长度l与哪些因素有关？大家提出以下猜想：
猜想1：与木块由静止滑下时的高度h有关；
猜想2：与M左端到斜面底端的距离x有关。
①验证猜想1时，保持x不变，将木块 不同 （选填“同一”或“不同”）高度由静止滑下，改变l，使木块最终都停在位置P，数据记录如下：
序号 1 2 3 4 5 6
释放的高度h/m 0.10 0.14 0.18 0.20 0.22 0.26
M的长度l/m 2.00 1.60 1.20 0.86 0.80 0.40
根据表格数据，可知l与h的关系是 保持x不变，h越大，l越小 。
②验证猜想2时，小明改变x，将木块从不同高度由静止滑下，记录数据，得出结论，分析实验中存在的问题是 没有控制h相同（或没有控制物块从斜面同一高度下滑） ，正确操作，发现每次只将M前后移动时，木块都会经过M停在P位置，该现象说明猜想2是 错误 （选填“正确”或“错误”）的。
【分析】（1）根据二力平衡结合题意分析；
（2）由图乙中弹簧测力计分度值读数；
（3）所需材料M的长度l与与木块由静止滑下时的高度h和与M左端到斜面底端的距离x有关，根据控制变量法，研究与其中一个因素的关系时，要控制另外一个因素不变；
①根据控制变量法分析；由表中数据得出结论；
②根据控制变量法分析；
正确操作，发现每次只将M前后移动时，即x发生变化，木块都会经过M停在P位置，据此分析。
【解答】解：
（1）将木块分别放在长木板、绸布、棉布上，用弹簧测力计拉木块做水平匀速直线运动，发现测力计示数关系是F棉＞F木＞F绸，根据二力平衡，测力计示数等于木块受到的摩擦力，所以木块在绸布上受到摩擦力最小；
在探究刷冰长度的影响因素的实验过程中，若用木板模拟未刷冰区域，则应选择摩擦力小的材料模拟刷冰区域，故选绸布；
（2）图乙中弹簧测力计分度值为0.2N，示数是2.2N；
（3）①验证猜想1时，即M的长度l与木块由静止滑下时的高度h有关，应保持x不变，将木块从不同高度由静止滑下，改变l，使木块最终都停在位置P；
由表格数据可知l与h的关系是：保持x不变时，h越大，l越小；
②验证猜想2时，即M的长度l与M左端到斜面底端的距离x有关，根据控制变量法，小明应只改变x，应将木块从相同高度由静止滑下，故实验中存在的问题是：没有控制h相同（或没有控制物块从斜面同一高度下滑）；
正确操作，发现每次只将M前后移动时，即x发生变化，木块都会经过M停在P位置，即M的长度l与M左端到斜面底端的距离x无关；该现象说明猜想2是错误的。
故答案为：（1）匀速直线；绸布；
（2）2.2；
（3）①不同； 保持x不变，h越大，l越小；②没有控制h相同 （或 没有控制物块从斜面同一高度下滑）； 错误。
【点评】本题考查二力平衡、数据分析、控制变量法的运用，关键是正确理解题意。
30．（6分）某实验小组的同学用图甲所示器材测量小灯泡电功率，待测小灯泡L的额定电压为3.8V，额定功率小于1W，电源电压恒为6V，滑动变阻器R的规格为“20Ω1A”，图甲所示是该实验小组没有连接完整的电路。
（1）请你用笔画线代替导线，在图甲中把电路连接完整；
（2）排除故障后，正确连接好电路，闭合开关，发现小灯泡不亮，但电流表、电压表均有示数，请分析出现这种现象的原因是 变阻器连入电路中的电阻最大，电流过小 。为测量小灯泡的额定功率，接下来的操作应该是 向右移动变阻器的滑片，使电压表示数为3.8V 读出并记录电流表的示数。当灯泡正常发光时，电流表示数如图乙所示，其值为 0.2 A，小灯泡的额定功率为 0.76 W。
（3）测出小灯泡的额定功率后，再测大于小灯泡额定功率的实际功率，应将滑动变阻器的滑片向 右 （选填“左”或“右”）端滑动。
（4）测量小灯泡的电功率 不需要 （选填“需要”或“不需要”）多次测量求平均值，原因是 灯在额定电压下的功率为额定功率，不同电压下的功率不同 。
【分析】（1）根据待测小灯泡L的额定电压为3.8V确定电压表选用大量程与灯并联，由额定功率小于1W，根据P＝UI求出灯的额定电流确定电流流表选用小量程与灯串联，变阻器按一下一上接入电路中与灯串联；
（2）排除故障后，正确连接好电路，闭合开关，电流表、电压表均有示数，说明电路为通路，小灯泡不亮，说明电路中的电流过小，据此分析；
灯在额定电压下正常发光，据此分析接下来的操作；
根据电流表选用小量程确定分度值读数，根据P＝UI求出小灯泡的额定功率；
（3）当灯的实际电压大于灯的额定电压时，灯的实际功率大于灯的额定功率，故测出小灯泡的额定功率后，再测大于小灯泡额定功率的实际功率，要增大灯的电压，根据串联电路电压的规律和分压原理确定滑动变阻器的滑片移动的方向；
（4）灯在额定电压下的功率为额定功率，不同电压下的功率不同，据此分析。
【解答】解：（1）待测小灯泡L的额定电压为3.8V，电压表选用大量程与灯并联，额定功率小于1W，根据P＝UI，灯的额定电流小于：
I＝＝≈0.26A，
故电流表选用小量程与灯串联，变阻器按一下一上接入电路中与灯串联，如下所示：
（2）排除故障后，正确连接好电路，闭合开关，电流表、电压表均有示数，说明电路为通路，小灯泡不亮，说明电路中的电流过小，现这种现象的原因是：变阻器连入电路中的电阻最大；
灯在额定电压下正常发光，故为测量小灯泡的额定功率，接下来的操作应该是：向右移动变阻器的滑片，使电压表示数为3.8V，读出并记录电流表的示数；
当灯泡正常发光时，电流表示数如图乙所示，电流表选用小量程，分度值为0.02A，其值为0.2A，小灯泡的额定功率为：
P＝UI＝3.8V×0.2A＝0.76W；
（3）当灯的实际电压等于额定电压，灯的功率为额定功率，当灯的实际电压大于灯的额定电压时，灯的实际功率大于灯的额定功率，故测出小灯泡的额定功率后，再测大于小灯泡额定功率的实际功率，要增大灯的电压，由串联电路电压的规律，要减小变阻器连入电路中的电阻，由分压原理，应将滑动变阻器的滑片向右端滑动。
（4）测量小灯泡的电功率不需要多次测量求平均值，因为灯在额定电压下的功率为额定功率，不同电压下的功率不同，取平均值没有意义。
故答案为：（1）如上所示；（2）变阻器连入电路中的电阻最大，电流过小；向右移动变阻器的滑片，使电压表示数为3.8V；0.2；0.76；（3）右；（4）灯在额定电压下的功率为额定功率，不同电压下的功率不同。
【点评】本题测量小灯泡电功率，考查电路连接、器材的选择、电路分析、操作过程、电流表读数、额定功率的计算和数据处理。
六．计算题（共3小题，满分20分）
31．（6分）在今年我区中考体育测试中：
（1）当我们进行剧烈的跑跳运动过程中人体产热 大于 人体散热（选填“大于”、“小于”或“等于”），从而出现满脸通红的情况。
（2）在长跑中男生1000米满分成绩为3分40秒。某男生在1000米测试中正好获得满分，求他在1000米长跑中的平均速度是多少？（计算结果保留一位小数）
（3）已知某同学的质量为50kg，每只脚与地面的接触面积为0.025m2．该同学站立时对水平地面的压强为多大？（取g＝10N/kg）
（4）在体育测试另一项目立定跳远中，体重为500N的某同学从最高点到落地点的过程中，重心下降的最大距离为0.3m，轨迹如图所示。则此过程中重力做的功为多少？
【分析】（1）体温的相对恒定是机体产热和散热动态平衡的结果，要对这种平衡加以分析，产的热多，散的热多；产的热少，散的热少。
（2）首先将3分40秒化成分钟，再利用所跑的总和为1000，进而求出答案。
（3）已知小明的质量，根据公式G＝mg可求重力。在水平地面上对地面的压力等于自身的重力，根据公式p＝可求站立时他对地面的压强。
（4）知道人受到的重力和在重力方向上移动的距离，利用W＝Gh求重力做功大小；
【解答】解：（1）产热多于散热则体温升高出现满脸通红；
（2）已知t＝3分40秒＝220s，s＝1000m，则跑1000的速度为v＝＝＝4.5m/s；
（3）重力G＝mg＝50kg×10N/kg＝500N。
压强p＝＝＝＝1×104Pa。
（4）重力做功：W＝Gh＝500N×0.3m＝150J。
故答案为：（1）大于；（2）他在1000米长跑中的平均速度4.5m/s；（3）该同学站立时对水平地面的压强为1×104Pa；（4）此过程中重力做的功为150J。
【点评】此题考查了学生对速度的计算、压强的计算、功的计算，属于基础计算，比较简单。
32．（6分）在如图所示的电路中，电源电压保持不变，电阻R1的阻值为20Ω．闭合开关S，电流表A1的示数为0.3A，电流表A2的示数为0.2A．求：
（1）电源电压U；
（2）电阻R2的阻值。
【分析】由电路图可知，两电阻并联，电流表A1测R1支路电流，电流表A2测R2支路的电流。
（1）根据并联电路的电压特点和欧姆定律求出电源的电压；
（2）根据欧姆定律求出R2的阻值。
【解答】解：由电路图可知，两电阻并联，电流表A1测R1支路电流，电流表A2测R2支路的电流。
（1）因并联电路中各支路两端的电压相等，
所以，由I＝可得，电源的电压：
U＝I1R1＝0.3A×20Ω＝6V；
（2）R2的阻值：
R2＝＝＝30Ω。
答：（1）电源电压是6V；
（2）R2的阻值是30Ω。
【点评】本题考查了并联电路的特点和欧姆定律的应用，是一道基础题目。
33．（8分）小强家买了一个自动电热水壶，其铭牌如下表。小强装了0.5kg的水，加热5min后把水烧开，水壶自动断电。已知大气压为1个标准大气压，电热水壶正常工作且电阻不变，水的初温为20℃，c水＝4.2×103J/（kg?℃），求：
自动电热水壶
型号 WL100F
电源 220V50Hz
额定功率 1000W
容量 1L
（1）这壶水吸收的热量；
（2）水壶消耗的电能；
（3）此电热水壶的热效率。
【分析】（1）知道水的质量和比热容以及初温、末温（1个标准大气压下水的沸点为100℃），根据Q吸＝cm（t﹣t0）求出这壶水吸收的热量；
（2）电热水壶正常工作时的功率和额定功率相等，根据P＝求出水壶消耗的电能；
（3）知道水吸收的热量和消耗的电能，利用η＝×100%求出此电热水壶的热效率。
【解答】解：（1）1个标准大气压下水的沸点为100℃，则这壶水吸收的热量：
Q吸＝cm（t﹣t0）＝4.2×103J/（kg?℃）×0.5kg×（100℃﹣20℃）＝1.68×105J；
（2）由P＝可得，水壶消耗的电能：
W＝Pt′＝1000W×5×60s＝3×105J；
（3）此电热水壶的热效率：
η＝×100%＝×100%＝56%。
答：（1）这壶水吸收的热量为1.68×105J；
（2）水壶消耗的电能为3×105J；
（3）此电热水壶的热效率为56%。
【点评】本题考查了吸热公式和电功公式、效率公式的应用，关键是知道1个标准大气压下水的沸点为100℃。
一．选择题（共16小题，满分32分，每小题2分）
1．下列能源中属于新能源的是（ ）
A．石油 B．太阳能 C．煤炭 D．天然气
2．对诗句“小小竹排江中游，巍巍青山两岸走”的描述中正确的是（ ）
A．前一句是以竹排为参照物来表示青山在运动
B．前一句是以青山为参照物来表示竹排在运动
C．后一句是以青山为参照物来表示两岸在运动
D．后一句是以两岸为参照物来表示青山在运动
3．下列说法中，正确的是（ ）
A．电磁波的频率越高，传播的速度就越大
B．电磁波可以在真空中传播
C．手机间通话靠超声波传递
D．微波不具有能量
4．如图所示，“影”是生活中常见的光现象，如做光学游戏的“手影”、留下美好记忆照片的“摄影”、投影仪射到屏幕上的“投影”、湖岸景色在水中形成的“倒影”等，其中它们与物理知识对应关系正确的是（ ）
A．手影﹣平面镜成像 B． 摄影﹣凸透镜成像
C．投影﹣小孔成像 D．倒影﹣光的折射
5．下列实例中利用了熔化吸热的是（ ）
A．运输食品时利用干冰降温防止食品腐烂
B．天热时向地上洒水会感到凉快
C．给发烧的病人用酒精擦拭身体以进行物理降温
D．向可乐饮料中加冰块会使饮料变得更凉
6．在扬城第一场雪降临的深夜，环卫工人们连夜洒盐化雪，防止雪水结冰给出行的人们带来不便。一辆正在洒盐的卡车，匀速驶上桥顶的过程中，下列说法正确的是（ ）
A．动能增大，重力势能不变
B．动能不变，重力势能增大
C．动能减小，重力势能无法确定
D．动能和重力势能都无法确定
7．如图所示，用甲乙两个滑轮将同样的钩码匀速提升相同的高度，则下列说法正确的是（ ）
A．F1与F2大小相等
B．甲中绳的自由端移动的距离比乙大
C．F1做的总功比F2多
D．F1做的总功比F2少
8．向一个轻质塑料瓶中装入密度为ρA的液体后密闭，把它分别放在盛有密度为ρ甲、ρ乙两种液体的容器中，两容器内液面刚好相平，且瓶底和瓶口均相平。若塑料瓶在甲、乙两种液体中所受浮力分别为F甲、F乙，甲、乙两种液体对容器底部的压强分别为p甲和p乙，如图所示，下列判断正确的是（ ）
A．p甲＞p乙，F甲＝F乙 B．p甲＜p乙，ρ乙＞ρ甲
C．p甲＞p乙，ρ乙＜ρ甲 D．p甲＝p乙，F甲＝F乙
9．有一石块重力大小为G，在空气中运动时受到的阻力为f且不变，当它竖直上抛时受到的合力大小为F1，竖直下落时受到的合力大小为F2，则（ ）
A．F1＞F2 B．F1＜F2 C．F1＝F2 D．不能确定
10．如图，粗细均匀木棒AB长为1m，水平放置在O、O'两个支点上。已知AO、O'B长度均为0.25m。若把B端竖直向上稍微抬起一点距离，至少需要用力40N；则木棒的重力为（ ）
A．160N B．120N C．80N D．4ON
11．水的比热容大于沙石的比热容。质量相等的水和沙石吸收相等的热量，若吸收的热量全部转化为内能，则沙石的（ ）
A．内能较小 B．末温较高
C．内能增加的较多 D．温度升高较多
12．如甲图所示，小明用弹簧测力计拉木块，使它先后两次沿水平木板匀速滑动相同的距离，乙图是他两次拉动同一木块得到的距离随时间变化的图象。下列说法错误的是（ ）
A．两次木块运动的速度相同
B．木块两次受到的摩擦力相同
C．两次拉力对木块做的功一样多
D．第一次拉力对木块做功的功率较大
13．为避免超高车辆闯入隧道造成事故，小欢设计了警示电路，使用时闭合开关S．导线EF横置于隧道口上沿前方，一旦被驶来的车辆撞断，红灯L亮且电动机转动放下栏杆。灯和电动机中，即使其中之一断路，另一个也能正常工作。下列电路中符合要求的是（ ）
A． B．
C． D．
14．波士顿大学的科学家设计了一种“波浪能量采集船”，如图所示，在船的两侧装有可触及水面的“工作臂”，“工作臂”的底端装有手掌状的、紧贴水面的浮标。当波浪使浮标上下浮动时，工作臂就前后移动，完成能量的采集，并把它们储存到船上的大容量电池中。图中能反映“波浪能量采集船”能量采集原理的是（ ）
A． B．
C． D．
15．如图所示，甲、乙、丙三图中的装置完全相同，燃料的质量相同，烧杯内的液体质量也相同，下列说法正确的是（ ）
A．比较不同液体的比热容，可以选择乙丙两图
B．比较不同液体的比热容，可以选择甲乙两图
C．比较不同燃料的热值，可以选择甲乙两图
D．比较不同燃料的热值，可以选择乙丙两图
16．如图所示，这是一个自制的测定风速的装置，其中风速表是由电压表改装而成，“T”型管道的竖直管内装有一个可上下自由移动的轻质活塞A，A和滑动变阻器的滑片相连。下列说法正确的是（ ）
A．风速变大，R1的阻值变大
B．风速变大，活塞向下运动
C．风速变大，电压表的示数变大
D．以上说法均不正确
二．填空题（共6小题，满分12分，每小题2分）
17．小梦在喝完盒装酸奶后，又用力吸了一下，发现奶盒变瘪了，这个实验可以证明 的存在；也可以说明力可以改变物体的 。
18．一切正在发声的物体都在 ， 停止，发声也停止；声音的传播需要 ， 中不能传播声音。
19．2015年3月13日，短道速滑世锦赛在俄罗斯莫斯科举行。如图所示是中国选手武大靖在男子500米短道速滑比赛中夺金的场景。在滑行的过程中冰刀与冰面之间形成的水膜可以 摩擦（选填“增大”或“减小”）；由于摩擦，冰刀温度升高，这是通过 方式增加了冰刀的内能。
20．为了检查卧室里L2是否存在问题（其他部分电路元好），电上师傅常在进户火线上串联一个完好的家用电灯泡L1，如图所示，若闭合开关时，发现L1、L2均不发光，说明卧室灯L2出现了 情况：若闭合开关时，发现L1正常发光，则说明卧室灯L2出现 情况，若此时用试电笔接触A点处，氖管 （选填“会”或“不会”）发光。
21．如图所示，烧杯内盛有某种液体，把一体积为1×10﹣4m3的铝块用细线系在弹簧测力计下浸没在液体中，静止时弹簧测力计的示数为1.5N，已知铝的密度为2.7×103kg/m3．则铝块在液体中受到的浮力等于 N，液体的密度为 kg/m3．（g取10N/kg）
22．如图甲所示，电源电压恒定不变，R1为定值电阻，R2为滑动变阻器。闭合开关S，滑动变阻器的滑片P从最右端移到最左端时，定值电阻R1的I﹣U图象如图乙所示（滑片P在最右端时R1两端电压为3V），滑动变阻器R2的P﹣R图象如图丙所示。则：定值电阻R1为 Ω，电源电压为 V；滑动变阻器R2的最大值为 Ω。
三．解答题（共2小题，满分4分，每小题2分）
23．如图所示，在平静的湖边有一盏路灯标记为S，潜水爱好者在水下E处看到路灯的像为S′．请画出水下E处的人看到路灯S的光路图。
24．护城河上安装的吊桥可以看成一个以B为支点的杠杆，一个人通过定滑轮将吊桥拉起，请在下图中画出杠杆所受动力的示意图及动力的力臂。
四．解答题（共1小题，满分4分，每小题4分）
25．（4分）图是我们熟悉的眼镜，为了让人佩戴更舒服，在镜架的设计中，鼻托为什么设计得比较宽？镜框为什么采用轻质的材料？请运用学过的力学知识说明其中的道理。
五．实验探究题（共5小题，满分28分）
26．（7分）用焦距为10cm的凸透镜探究“凸透镜成像规律”。
（1）小豪同学将蜡烛、凸透镜、光屏随意固定在光具座上，点燃蜡烛后，沿光具座无论怎样移动光屏，在光屏上始终得不到烛焰的像，原因可能是 。
（2）重新调整后，将蜡烛、凸透镜固定在光具座上，如图甲所示，移动光屏后得到烛焰清晰、完整的像，该像是倒立 （选填“放大”或“缩小”）的实像。我们可以从不同角度看到光屏上的像，是因为发生了 （选填“镜面反射”或“漫反射”）。
（3）接下来保持蜡烛和光屏的位置不动，将凸透镜向蜡烛方向移动，光屏上再次出现了一个倒立
（选填“放大”或“缩小”）的清晰实像，与这种成像原理一致的光学仪器是 （选填“照相机”、“投影仪”或“放大镜”）。
（4）当光屏上出现蜡烛清晰的像时，如果用遮光板挡住透镜的上半部分，我们观察光屏时，将会在光屏上看到 。
A．蜡烛像的下半部分 B．蜡烛像的上半部分
C．蜡烛完整的像，像的亮度变暗 D．蜡烛完整的像，像的亮度不变
（5）在图甲中，小豪把自己的近视眼镜放在凸透镜和蜡烛之间，发现光屏上的像变得模糊不清，应该向 （填“靠近”或“远离”）透镜方向移动光屏，可再次得到清晰的像。
（6）某小组实验时对图甲中的装置进行了改进，将蜡烛换成带有“F”形的LED灯、光屏贴上方格纸，如图乙所示，请写出改进后其中一个优点： 。
27．（5分）在探究“冰和石蜡的熔化特点”活动中，小明按图甲所示组装好实验装置，在A试管中放入一些冰块，B试管中放入一些石蜡后进行了实验，现请你帮助小明完成下列实验中的一些内容。
（1）实验中应选用 （选填“较大的”或“较小的”）冰块。
（2）如甲实验装置中存在一些问题，请你指出其中一处：
（3）下表是小明记录冰熔化过程中的数据，请根据表数据在图乙中作出温度随时间变化曲线
时间/min 0 0.5 1 1.5 2 2.5 3 3.5 4 4.5 5
温度/℃ ﹣5 ﹣2 0 0 0 0 1 2 3 4 5
（4）根据探究过程可知：冰的熔化过程持续了 min；实验进行到1.3min时，A试管中的物质处于 状态。
（5）从上面探究过程可知：冰是一种 ，其熔化时的特点是 。
28．（6分）有一个形状不规则的小木块，将其放在水中时，浮在水面上，用以下两种方案测量该木块的密度。
方案一：
（1）用天平测小木块的质量：测质量前，指针指在分度盘的左侧，则平衡螺母应向 （左/右）移动，平衡后测得小木块的质量为m；
（2）在量筒中倒入适量的水体积为V0；
（3）用细针将小木块浸没水中，读出量筒中水面对应的刻度为V1，则木块的密度表达式ρ＝ 。
方案二：
（1）在量筒中倒入适量的水，体积为V2，如图所示；
（2）用一个体积为10cm3的铁块和小木块拴在一起浸没水中，读出量筒中水面对应的刻度为V3＝90cm3；
（3）从量筒中取出铁块，小木块漂浮水面，读出量筒中水面对应的刻度为V4＝68cm3，则木块的密度ρ＝ g/cm3。
对比以上两种方案，误差比较小的是 ，理由： 。
29．（4分）图甲是我国选手冬运会女子冰壶比赛中的一个场景，比赛时两名队员在冰壶前方“刷冰”，通过做功的方式改变冰的内能，使表面的冰熔化成薄薄的一层水，使干摩擦变湿摩擦；这样就能减少冰壶与冰面之间的摩擦，使冰壶按照运动员预计的运动快慢和方向运动。
（1）为探究刷冰长度的影响因素，小明和同学用图乙装置寻找模拟刷冰区域的材料，他们将木块分别放在长木板、绸布、棉布上，用弹簧测力计拉木块做水平 运动，发现测力计示数关系是F棉＞F木＞F绸，若用木板模拟未刷冰区域，则应选 模拟刷冰区域。
（2）图乙中弹簧测力计的示数是 N。
（3）他们用图丙装置，将长为l的所选材料M平铺在木板上，让木块从斜面上滑下，经过M后停在木板上的固定位置P，所需材料M的长度l与哪些因素有关？大家提出以下猜想：
猜想1：与木块由静止滑下时的高度h有关；
猜想2：与M左端到斜面底端的距离x有关。
①验证猜想1时，保持x不变，将木块 （选填“同一”或“不同”）高度由静止滑下，改变l，使木块最终都停在位置P，数据记录如下：
序号 1 2 3 4 5 6
释放的高度h/m 0.10 0.14 0.18 0.20 0.22 0.26
M的长度l/m 2.00 1.60 1.20 0.86 0.80 0.40
根据表格数据，可知l与h的关系是 。
②验证猜想2时，小明改变x，将木块从不同高度由静止滑下，记录数据，得出结论，分析实验中存在的问题是 ，正确操作，发现每次只将M前后移动时，木块都会经过M停在P位置，该现象说明猜想2是 （选填“正确”或“错误”）的。
30．（6分）某实验小组的同学用图甲所示器材测量小灯泡电功率，待测小灯泡L的额定电压为3.8V，额定功率小于1W，电源电压恒为6V，滑动变阻器R的规格为“20Ω1A”，图甲所示是该实验小组没有连接完整的电路。
（1）请你用笔画线代替导线，在图甲中把电路连接完整；
（2）排除故障后，正确连接好电路，闭合开关，发现小灯泡不亮，但电流表、电压表均有示数，请分析出现这种现象的原因是 。为测量小灯泡的额定功率，接下来的操作应该是 读出并记录电流表的示数。当灯泡正常发光时，电流表示数如图乙所示，其值为 A，小灯泡的额定功率为 W。
（3）测出小灯泡的额定功率后，再测大于小灯泡额定功率的实际功率，应将滑动变阻器的滑片向 （选填“左”或“右”）端滑动。
（4）测量小灯泡的电功率 （选填“需要”或“不需要”）多次测量求平均值，原因是 。
六．计算题（共3小题，满分20分）
31．（6分）在今年我区中考体育测试中：
（1）当我们进行剧烈的跑跳运动过程中人体产热 人体散热（选填“大于”、“小于”或“等于”），从而出现满脸通红的情况。
（2）在长跑中男生1000米满分成绩为3分40秒。某男生在1000米测试中正好获得满分，求他在1000米长跑中的平均速度是多少？（计算结果保留一位小数）
（3）已知某同学的质量为50kg，每只脚与地面的接触面积为0.025m2．该同学站立时对水平地面的压强为多大？（取g＝10N/kg）
（4）在体育测试另一项目立定跳远中，体重为500N的某同学从最高点到落地点的过程中，重心下降的最大距离为0.3m，轨迹如图所示。则此过程中重力做的功为多少？
32．（6分）在如图所示的电路中，电源电压保持不变，电阻R1的阻值为20Ω．闭合开关S，电流表A1的示数为0.3A，电流表A2的示数为0.2A．求：
（1）电源电压U；
（2）电阻R2的阻值。
33．（8分）小强家买了一个自动电热水壶，其铭牌如下表。小强装了0.5kg的水，加热5min后把水烧开，水壶自动断电。已知大气压为1个标准大气压，电热水壶正常工作且电阻不变，水的初温为20℃，c水＝4.2×103J/（kg?℃），求：
自动电热水壶
型号 WL100F
电源 220V50Hz
额定功率 1000W
容量 1L
（1）这壶水吸收的热量；
（2）水壶消耗的电能；
（3）此电热水壶的热效率。
2018-2019学年福建省漳州市第一中学九年级（下）期中物理试卷
参考答案与试题解析
一．选择题（共16小题，满分32分，每小题2分）
1．下列能源中属于新能源的是（ ）
A．石油 B．太阳能 C．煤炭 D．天然气
【分析】新能源主要指潮汐能、地热能、风能、太阳能、核能等。常规能源是指传统的能源，包括植物秸秆和化石燃料，石油，天然气和煤都是化石燃料。
【解答】解：常规能源是指传统的能源，包括植物秸秆和化石燃料，石油，天然气和煤都是化石燃料，所以这些都是常规能源。因此只有太阳能是新能源。故B符合题意。
故选：B。
【点评】解决此题主要依靠识记集中新能源的类型，并且知道什么是常规能源。
2．对诗句“小小竹排江中游，巍巍青山两岸走”的描述中正确的是（ ）
A．前一句是以竹排为参照物来表示青山在运动
B．前一句是以青山为参照物来表示竹排在运动
C．后一句是以青山为参照物来表示两岸在运动
D．后一句是以两岸为参照物来表示青山在运动
【分析】在判断物体是运动还是静止时，要先选取一个标准作为参照物，参照物不同，同一物体的运动情况也会发生变化。
【解答】解：AB、“小小竹排江中游”，竹排相对于青山的位置不断变化，则“竹排江中游”是以青山为参照物，故A错误，B正确；
CD、“巍巍青山两岸走”，两岸的青山相对于竹排的位置不断变化，则“青山两岸走”是以竹排为参照物，故CD错误。
故选：B。
【点评】本题以古诗句为背景，通过参照物的选取考查了运动和静止的相对性，难度不大。
3．下列说法中，正确的是（ ）
A．电磁波的频率越高，传播的速度就越大
B．电磁波可以在真空中传播
C．手机间通话靠超声波传递
D．微波不具有能量
【分析】（1）明确机械波和电磁波的性质，明确机械波的传播速度由介质决定；
（2）电磁波的传播不需要靠介质，在真空中也可传播；
（3）手机既是电磁波的发射台也是电磁波接收台；
（4）微波是电磁波的一种，传播速度与电磁波速度相同，具有能量。
【解答】解：A、电磁波的速度在真空中均为光速，与频率无关，故A错误；
B、电磁波可以在真空中传播，不需要介质，故B正确；
C、手机是现代人们最常用的通信工具之一，手机间通话和收发信息是利用电磁波，即微波，故C错误；
D、微波可以传递信息，具有能量，故D错误。
故选：B。
【点评】此题主要考查电磁波的传播，是基础知识。
4．如图所示，“影”是生活中常见的光现象，如做光学游戏的“手影”、留下美好记忆照片的“摄影”、投影仪射到屏幕上的“投影”、湖岸景色在水中形成的“倒影”等，其中它们与物理知识对应关系正确的是（ ）
A．手影﹣平面镜成像 B． 摄影﹣凸透镜成像
C．投影﹣小孔成像 D．倒影﹣光的折射
【分析】各种影的形成都与光的传播有关，本题要把手影、摄影、投影、倒影道理弄清，知道其光学原理。利用光的直线传播、光的反射、光的折射解释这几种“影”形成的原因。
【解答】解：A、手影是影子，光在沿直线传播过程中遇到不透明的物体，在物体的后面形成的光照不到的暗区叫影子，这是光的直线传播造成的，平面镜成像是光的反射造成的，故A错误；
B、摄影是利用凸透镜成倒立、缩小、实像的原理进行工作的，故B正确；
C、投影是利用凸透镜成倒立、放大、实像的原理工作的，而小孔成像是光的直线传播造成的，故C错误；
D、岸上的景物在水中的倒影是平面镜成像，平静的水面相当于平面镜，其原理是光的反射，故D错误。
故选：B。
【点评】影子、日月食、小孔成像都是光的直线传播原理；倒影、照镜子、潜望镜都是光的反射原理；透镜、看水下的物体等都是光的折射原理，此题是一道光学的综合题，也是中考的一个热点知识。
5．下列实例中利用了熔化吸热的是（ ）
A．运输食品时利用干冰降温防止食品腐烂
B．天热时向地上洒水会感到凉快
C．给发烧的病人用酒精擦拭身体以进行物理降温
D．向可乐饮料中加冰块会使饮料变得更凉
【分析】（1）物质由固态变成液态叫做熔化，熔化吸热；物质由液态变成固态叫做凝固，凝固放热；
（2）物质由液态变成气态叫做汽化，汽化吸热；物质由气态变成液态叫做液化，液化放热；
（3）物质由固态直接变成气态叫做升华，升华吸热；物质由气态直接变成固态叫做凝华，凝华放热。
【解答】解：
A、利用干冰降温防止食品变质，利用了干冰升华吸热，不符合题意；
B、向地上洒水会使周围更凉快，利用了水的汽化吸热，不符合题意；
C、给发烧的病人用酒精擦拭身体以进行物理降温，是酒精的汽化吸热，不符合题意；
D、加冰块会使饮料变得冰凉，利用了冰块的熔化吸热，符合题意。
故选：D。
【点评】六种物态变化中，吸热的有熔化、汽化、升华，放热的有凝固、液化、凝华，注意分清，是中考的热点。
6．在扬城第一场雪降临的深夜，环卫工人们连夜洒盐化雪，防止雪水结冰给出行的人们带来不便。一辆正在洒盐的卡车，匀速驶上桥顶的过程中，下列说法正确的是（ ）
A．动能增大，重力势能不变
B．动能不变，重力势能增大
C．动能减小，重力势能无法确定
D．动能和重力势能都无法确定
【分析】分析洒水车动能和重力势能大小的变化，从动能和重力势能大小的影响因素进行分析：
（1）动能大小的影响因素：质量、速度。质量越大、速度越大，动能越大。
（2）重力势能大小的影响因素：质量、被举得高度。质量越大、高度越高，重力势能越大。
【解答】解：正在洒盐的卡车，匀速驶上桥顶的过程中，质量不断减小，速度保持不变，则洒盐车的动能不断减小；因高度不断增大，质量不断减小，所以无法确定重力势能的变化情况。
故选：C。
【点评】掌握动能、重力势能、弹性势能的影响因素，利用控制变量法能判断动能、重力势能、弹性势能、机械能的变化。
7．如图所示，用甲乙两个滑轮将同样的钩码匀速提升相同的高度，则下列说法正确的是（ ）
A．F1与F2大小相等
B．甲中绳的自由端移动的距离比乙大
C．F1做的总功比F2多
D．F1做的总功比F2少
【分析】由滑轮的特点可知力的大小和绳子自由端移动的距离；把相同的重物匀速提升相同的高度，做的有用功相同；而总功等于有用功加上额外功，可知利用动滑轮做的总功多。
【解答】解：观察图可知，甲为定滑轮，乙为动滑轮；
A、F1＝G，F2＝（G+G动），拉力F1和F2大小不相等，A错误；
B、乙是动滑轮，省力但费距离，故乙中绳的自由端移动的距离比甲大，B错误；
CD、F1要克服摩擦、绳重和钩码重力做功，F2要克服摩擦、绳重、动滑轮重力和钩码重力做功，所以F2做的总功较多，故C错误，D正确。
故选：D。
【点评】本题考查了定滑轮与定滑轮的特点，有用功、额外功、总功的计算方法；本题关键在于确定使用任何机械都不省功。
8．向一个轻质塑料瓶中装入密度为ρA的液体后密闭，把它分别放在盛有密度为ρ甲、ρ乙两种液体的容器中，两容器内液面刚好相平，且瓶底和瓶口均相平。若塑料瓶在甲、乙两种液体中所受浮力分别为F甲、F乙，甲、乙两种液体对容器底部的压强分别为p甲和p乙，如图所示，下列判断正确的是（ ）
A．p甲＞p乙，F甲＝F乙 B．p甲＜p乙，ρ乙＞ρ甲
C．p甲＞p乙，ρ乙＜ρ甲 D．p甲＝p乙，F甲＝F乙
【分析】物体漂浮时受到的浮力和自身的重力相等，根据同一塑料瓶和液体的重力不变判断两者浮力的关系，由图可知两者排开液体的体积关系，根据阿基米德原理的变形式判断两液体的密度关系，两液面的深度相同，根据p＝ρgh比较两种液体对容器底部的压强关系。
【解答】解：因同一塑料瓶和液体的重力不变，且塑料瓶在甲、乙中均漂浮，
所以，塑料瓶在两液体中受到的浮力相等，即F甲＝F乙，
由图可知，塑料瓶在甲中排开液体的体积大于在乙中排开液体的体积，
由F浮＝ρgV排的变形式ρ＝可知，ρ甲＜ρ乙，故C错误；
因两容器内液面刚好相平，
所以，由p＝ρgh可知，p甲＜p乙，故AD错误、B正确。
故选：B。
【点评】本题考查了物体浮沉条件和阿基米德原理以及液体压强公式的应用，正确的比较两者排开液体的体积关系是关键。
9．有一石块重力大小为G，在空气中运动时受到的阻力为f且不变，当它竖直上抛时受到的合力大小为F1，竖直下落时受到的合力大小为F2，则（ ）
A．F1＞F2 B．F1＜F2 C．F1＝F2 D．不能确定
【分析】根据同一直线上力的合成方法解题：
两力在同一直线上方向相同时，合力的大小等于两分力的大小之和，方向与分力方向相同；
两力在同一直线上，方向相反时，合力大小等于两力大小之差，方向与较大的力的方向相同。
【解答】解：石块上升时受向下的重力G，向下的空气阻力f作用，合力F1＝G+f，
下落时，受阻力f向上，合力F2＝G﹣f，F1＞F2。
故选：A。
【点评】本题考查了同一直线上力的合成，是一道基础题；解题的关键是判断出石块运动时受到的阻力方向。
10．如图，粗细均匀木棒AB长为1m，水平放置在O、O'两个支点上。已知AO、O'B长度均为0.25m。若把B端竖直向上稍微抬起一点距离，至少需要用力40N；则木棒的重力为（ ）
A．160N B．120N C．80N D．4ON
【分析】若把B端竖直向上稍微抬起一点距离，先确定支点、阻力作用点，进而得出阻力臂和动力臂大小，利用杠杆平衡条件求阻力（重力）大小。
【解答】解：
设木棒的重心为C，由于木棒质地均匀，则C为AB的中点；
已知AB＝1m，AO＝O′B＝0.25m，所以OC＝O′C＝0.25m。
如图：
从B端竖直向上抬木棒时，杠杆OCB以O为支点，由杠杆的平衡条件得：
F×OB＝G×OC，
代入数据得：
40N×（1m﹣0.25m）＝G×0.25m，
解得：G＝120N。
故选：B。
【点评】在B端施加的动力方向不同时，相应的支点也会改变，准确找出对应的杠杆是突破题目的关键。
11．水的比热容大于沙石的比热容。质量相等的水和沙石吸收相等的热量，若吸收的热量全部转化为内能，则沙石的（ ）
A．内能较小 B．末温较高
C．内能增加的较多 D．温度升高较多
【分析】由吸热公式Q吸＝cm△t可知，质量相同的不同物质，吸收相同的热量，比热容大的温度升高少，比热容小的温度升高多。
【解答】解：A、由于水和砂石在吸收热量前其内能大小不确定，所以水和砂石吸收相等的热量后水和砂石的内能大小还是不确定，故A错误。
B、由水和砂石的初温不确定，所以水和砂石的末温也不确定，故B错误；
C、水和砂石吸收相等的热量，所以水和砂石的增加的内能是相同的，故C错误；
D、质量相同的水和砂石，因为水的比热容大于砂石的比热容，吸收相同的热量后，由Q吸＝cm△t可知，砂石的温度升高的多，水的温度升高较少，故D正确。
故选：D。
【点评】本题考查了学生对吸热公式Q吸＝cm△t掌握和运用，理解并记住：质量相同的不同物质，吸收或放出相同的热量，比热容大的物体温度变化小；变化相同的温度，比热容大的物体吸收或放出的热量多。
12．如甲图所示，小明用弹簧测力计拉木块，使它先后两次沿水平木板匀速滑动相同的距离，乙图是他两次拉动同一木块得到的距离随时间变化的图象。下列说法错误的是（ ）
A．两次木块运动的速度相同
B．木块两次受到的摩擦力相同
C．两次拉力对木块做的功一样多
D．第一次拉力对木块做功的功率较大
【分析】（1）根据速度的计算公式v＝，利用图象可以确定物体的运动速度。
（2）先判断木块两次的运动状态，然后根据二力平衡的条件分析拉力和摩擦力的关系。
（3）根据作用在物体上的拉力和在拉力方向上通过的距离，利用公式W＝Fs比较两次做功的多少。
（4）根据决定功率的因素即木块的拉力和木块的速度进行分析。
【解答】解：A、从图象中可看出，相同时间第一次通过路程大于第二次，所以第一次实验的速度大于第二次的速度。故A错误；
B、用弹簧测力计拉木块沿水平木板匀速滑动，木块做匀速直线运动，不论其速度大小如何，都受到平衡力的作用，在水平方向上，摩擦力和拉力是一对平衡力。并且压力和接触面的粗糙程度相同，摩擦力相同，故两次实验的拉力和摩擦力均相等。故B正确；
C、在相同拉力作用下，木块两次运动的距离相同，由W＝Fs可知，以木块两次所做的功一样多。故C正确；
D、由A中分析第一次速度大，木块所受的拉力不变，根据公式P＝Fv可知，拉力第一次做功的功率大。故D正确。
故选：A。
【点评】此题考查了二力平衡的条件、摩擦力大小的决定因素、速度的计算等知识点。图象是形象描述物理状态、物理过程和物理规律的常用工具，也是应用数学知识解决物理问题的一个重要方面，它不仅可以使抽象的概念直观形象，也能使动态变化过程更为清晰。
13．为避免超高车辆闯入隧道造成事故，小欢设计了警示电路，使用时闭合开关S．导线EF横置于隧道口上沿前方，一旦被驶来的车辆撞断，红灯L亮且电动机转动放下栏杆。灯和电动机中，即使其中之一断路，另一个也能正常工作。下列电路中符合要求的是（ ）
A． B．
C． D．
【分析】串联的各电路元件相互影响，不能独立工作，并联的各电路元件互不影响，能独立工作；根据题意确定各电路元件的连接方式，然后选择电路。
【解答】解：导线EF横置于隧道口上沿前方，一旦被驶来的车辆撞断，红灯L亮且电动机转动放下栏杆，
说明EF断开之后，电动机与指示灯是通路，EF断开之前，电动机与指示灯被短路，
则导线EF与电动机和指示灯并联，
灯和电动机中，即使其中之一断路，另一个也能正常工作，
说明指示灯与电动机互不影响，能独立工作，电动机与指示灯是并联的，
为防止EF断开之前电源被短路，电路干路中要接入保护电阻，由图示电路图可知，C符合要求。
故选：C。
【点评】本题考查了实验电路设计，根据题意确定各电路元件的连接方式是正确解题的关键。
14．波士顿大学的科学家设计了一种“波浪能量采集船”，如图所示，在船的两侧装有可触及水面的“工作臂”，“工作臂”的底端装有手掌状的、紧贴水面的浮标。当波浪使浮标上下浮动时，工作臂就前后移动，完成能量的采集，并把它们储存到船上的大容量电池中。图中能反映“波浪能量采集船”能量采集原理的是（ ）
A． B．
C． D．
【分析】通过题意明确这种“波浪能量采集船”是采集的波流的机械能，而获得的是电能，从而再对照选项中的原理，看哪一个是将机械能转化为电能的装置。
【解答】解：A、是电磁感应的装置，将机械能转化为电能，与“波浪能量采集船”的能量转化相同，符合题意；
B、通电导体在磁场中受力，将电能转化为机械能，与“波浪能量采集船”的能量转化不同，不符合题意；
C、是奥斯特实验，是电流的磁效应，与“波浪能量采集船”的能量转化不同，不符合题意；
D、是研究电磁铁的装置，与“波浪能量采集船”的能量转化不同，不符合题意。
故选：A。
【点评】通过分析题意，明确这种“波浪能量采集船”是如何采集能量，发生了怎样的能量转化，是解答的关键。
15．如图所示，甲、乙、丙三图中的装置完全相同，燃料的质量相同，烧杯内的液体质量也相同，下列说法正确的是（ ）
A．比较不同液体的比热容，可以选择乙丙两图
B．比较不同液体的比热容，可以选择甲乙两图
C．比较不同燃料的热值，可以选择甲乙两图
D．比较不同燃料的热值，可以选择乙丙两图
【分析】（1）燃料的热值大小不能直接测量，需要通过液体吸收热量的多少来体现燃料燃烧放出热量的多少，而液体吸收热量的多少跟液体的质量和升高的温度有关，因此为了比较热值大小要用不同的燃料，加热同一种液体，让液体的质量相同，通过温度计的示数高低得出吸热多少，进而判断热值大小；
（2）为了比较两种液体的比热容，需要燃烧相同的燃料，加热不同的液体，让液体的质量相同，温度计的示数变化相同时，通过比较加热时间比较吸热多少，进而判断两种比热容的大小关系。
【解答】解：
AB、为了比较不同液体的比热容，需要燃烧相同的燃料，加热不同的液体，让液体的质量和温度的变化相同，
通过比较加热时间，进而判断两种液体比热容的大小关系，应选择甲和丙两图进行实验，故AB错误；
CD、为了比较不同燃料的热值要用不同的燃料，应加热同一种液体，让液体的质量相同，
通过温度计的示数高低得出吸热多少，进而判断热值大小，应选择甲和乙两图进行实验，故C正确，D错误。
故选：C。
【点评】本题考查了学生对热值概念、比热容概念、转换法和控制变量法的了解与掌握，分析时利用好控制变量法是解决本题的关键。
16．如图所示，这是一个自制的测定风速的装置，其中风速表是由电压表改装而成，“T”型管道的竖直管内装有一个可上下自由移动的轻质活塞A，A和滑动变阻器的滑片相连。下列说法正确的是（ ）
A．风速变大，R1的阻值变大
B．风速变大，活塞向下运动
C．风速变大，电压表的示数变大
D．以上说法均不正确
【分析】（1）流体压强和流速的关系：流速越大的地方压强越小；
（2）根据活塞的移动确定接入电路中电阻的变化，根据欧姆定律可知电路中电流的变化，根据U＝IR可知电压表示数的变化。
【解答】解：当风速变大时，活塞上方气压变小，活塞向上移动，滑动变阻器接入电路的电阻变小，电路中的总电阻变小，由欧姆定律可知，电路中电流变大；
由U＝IR可知，定值电阻两端电压变大，即电压表（风速表）示数变大。故C正确，ABD错误。
故选：C。
【点评】本题考查了电路的动态分析，涉及到滑动变阻器的使用和欧姆定律的应用，关键是根据流速与压强的关系判断出风速变大时活塞的运动方向。
二．填空题（共6小题，满分12分，每小题2分）
17．小梦在喝完盒装酸奶后，又用力吸了一下，发现奶盒变瘪了，这个实验可以证明 大气压 的存在；也可以说明力可以改变物体的 形状 。
【分析】（1）用力吸空奶盒，盒内气压小于外界大气压，产生的压力差将奶盒压扁；
（2）力的作用效果：一是改变物体的形状，二是改变物体的运动状态。
【解答】解：（1）用力吸一下空奶盒，盒内气体减少气压减小，小于外界大气压，在大气压的作用下奶盒变扁了，这个现象说明了大气压的存在。
（2）大气压使奶盒变扁，说明了力可以改变物体的形状。
故答案为：大气压；形状。
【点评】大气压在现实生活中的存在和应用特别广泛，生活中要注意观察，本题考查了学生应用物理知识解决实际问题的能力。
18．一切正在发声的物体都在 振动 ， 振动 停止，发声也停止；声音的传播需要 介质 ， 真空 中不能传播声音。
【分析】物体振动才能发声。声音的传播需要介质，真空不能传声。
【解答】解：声音是由物体振动产生的，如果物体不振动，则不会有声音产生；所以一切正在发声的物体都在振动，振动停止，发声也就停止。
声音需要在介质中传播，也就是说在固体、液体和气体中都能传播，但真空不能传声。
故答案为：振动；振动；介质；真空。
【点评】本题需要学生掌握声音产生的原因，还要了解声音传播的要求，是一道基础题。
19．2015年3月13日，短道速滑世锦赛在俄罗斯莫斯科举行。如图所示是中国选手武大靖在男子500米短道速滑比赛中夺金的场景。在滑行的过程中冰刀与冰面之间形成的水膜可以 减小 摩擦（选填“增大”或“减小”）；由于摩擦，冰刀温度升高，这是通过 做功 方式增加了冰刀的内能。
【分析】影响摩擦力大小的因素有压力和接触面的粗糙程度；。
通过摩擦的方法使物体内能增加的都属于以做功的方式改变内能。
【解答】解：在滑行的过程中冰刀与冰面之间形成的水膜可以使接触面变光滑，达到减小摩擦的目的；
由于摩擦，冰刀温度升高，这是通过做功的方式增加了冰刀的内能。
故答案为：减小；做功。
【点评】明确影响滑动摩擦力大小的因素，了解改变物体内能的两种方式，是解答此题的关键。
20．为了检查卧室里L2是否存在问题（其他部分电路元好），电上师傅常在进户火线上串联一个完好的家用电灯泡L1，如图所示，若闭合开关时，发现L1、L2均不发光，说明卧室灯L2出现了 开路 情况：若闭合开关时，发现L1正常发光，则说明卧室灯L2出现 短路 情况，若此时用试电笔接触A点处，氖管 会 （选填“会”或“不会”）发光。
【分析】（1）在进户线的干路上串联额定电压220V的白炽灯L1，闭合开关，L1恰能正常发光，说明该支路短路；L1发光暗红色，说明该支路工作正常；L1和L2不发光，说明L2出现了开路（或断路）；
（2）当测电笔接触火线时氖管会发光、接触零线时氖管不发光。
【解答】解：（1）在进户线的干路上串联一个白炽灯L1，闭合开关S后，L1、L2串联在家庭电路中，两灯泡不发光，说明L2出现了开路（或断路）；
（2）若闭合开关时，发现L1正常发光，说明其两端的电压为220V，该支路只有灯泡L1正常接入电路，所以卧室灯L2出现短路；
若此时用测电笔接触A点，由于与火线相通，则氖管发光。
故答案为：开路（或断路）；短路；会。
【点评】此题主要考查学生对于家庭电路连接规则、电路故障的分析和测电笔的使用方法，属于中考必考点。
21．如图所示，烧杯内盛有某种液体，把一体积为1×10﹣4m3的铝块用细线系在弹簧测力计下浸没在液体中，静止时弹簧测力计的示数为1.5N，已知铝的密度为2.7×103kg/m3．则铝块在液体中受到的浮力等于 1.2 N，液体的密度为 1.2×103 kg/m3．（g取10N/kg）
【分析】已知铝块的体积和密度，根据公式m＝ρV可求铝块的质量，再利用公式G＝mg求出重力，物体所受的浮力等于物体空气中的重力减去在液体中的重力，再利用公式F浮＝ρgV排求出液体的密度。
【解答】解：铝块的重力G＝mg＝ρVg＝2.7×lO3kg/m3×1×10﹣4m3×10N/kg＝2.7N，
铝块所受浮力F浮＝G﹣G示＝2.7N﹣1.5N＝1.2N，
液体密度ρ＝＝＝1.2×103kg/m3。
故答案为：1.2；1.2×103。
【点评】本题考查重力、浮力和液体密度的计算，关键是利用重力差法求铝块的浮力和利用浮力公式求液体的密度，还要明白一点，铝块完全浸没，排开液体的体积等于自身的体积。
22．如图甲所示，电源电压恒定不变，R1为定值电阻，R2为滑动变阻器。闭合开关S，滑动变阻器的滑片P从最右端移到最左端时，定值电阻R1的I﹣U图象如图乙所示（滑片P在最右端时R1两端电压为3V），滑动变阻器R2的P﹣R图象如图丙所示。则：定值电阻R1为 10 Ω，电源电压为 12 V；滑动变阻器R2的最大值为 30 Ω。
【分析】（1）R1为定值电阻，从图象乙中读出一组R1两端电压和对应的电流值，由欧姆定律计算其阻值；
（2）由图甲知两电阻串联，由串联电路特点、欧姆定律和电功率计算公式表示出R2的功率，由图丙知其功率的最大值，由P＝I2R计算电路中此时的电流，由串联电路特点和欧姆定律计算电源电压；
（3）当变阻器连入阻值最大时电路中电流最小，由图象乙计算此时定值电阻的电压和电流，根据串联电路特点和欧姆定律计算变阻器的最大值。
【解答】解：
（1）R1为定值电阻，从图象乙知，当它两端电压为3V时，通过它的电流为0.3A，
由I＝可得，定值电阻R1的阻值：R1＝＝＝10Ω；
（2）由图甲可知，两电阻串联，电路中电流：I＝，
由P＝I2R可得，R2的功率：
P2＝（）2R2＝R2＝，
所以，当R2＝R1＝10Ω时，P2有最大值，
由图象可知，R2的功率最大值为3.6W，由P＝I2R可得此时电路中电流：
I＝I2＝＝＝0.6A，
由串联电路特点和欧姆定律可得电源电压：
U＝I（R1+R2）＝0.6A×（10Ω+10Ω）＝12V；
（3）电源电压一定，由I＝可知，当R2连入阻值最大时，电路中电流最小，由图象乙知：此时R1的电流为0.3A（即电路中的最小电流），
则电路中的最大总电阻：R总最大＝＝＝40Ω，
由电阻的串联可得，R2的最大值：R2最大＝R总最大﹣R1＝40Ω﹣10Ω＝30Ω。
故答案为：10；12；30。
【点评】本题考查了串联电路特点、欧姆定律公式和电功率公式的应用，要能从图象中获取有用信息，关键是变阻器电功率最大值时其阻值的判断。
三．解答题（共2小题，满分4分，每小题2分）
23．如图所示，在平静的湖边有一盏路灯标记为S，潜水爱好者在水下E处看到路灯的像为S′．请画出水下E处的人看到路灯S的光路图。
【分析】由“爱好者在水下E处看到路灯的像为S′”根据光的直线传播可确定入射点，然后根据光从空气中斜射入水中时，折射角小于入射角即可画出水下E处的人看到路灯S的光路图。
【解答】解：连接ES′与界面的交点即为入射点，过入射点垂直于界面作出法线，根据光从空气中斜射入水中时，折射角小于入射角，可画出水下E处的人看到路灯S的光路图；
【点评】作图时注意入射光线和反射光线用实线画，反射光线的反向延长线用虚线画，另外光线箭头很容易画错。
24．护城河上安装的吊桥可以看成一个以B为支点的杠杆，一个人通过定滑轮将吊桥拉起，请在下图中画出杠杆所受动力的示意图及动力的力臂。
【分析】绳的拉力沿着绳指向绳收缩的方向，力臂是从支点到力的作用线的距离。
【解答】解：杠杆的支点在B处，绳的拉力沿绳方向画，从支点向力的作用线引垂线，画出力臂，标上符号L，如图所示：
【点评】会找出杠杆的五要素，会根据力与力臂的关系画出相应的作用力和力臂。
四．解答题（共1小题，满分4分，每小题4分）
25．（4分）图是我们熟悉的眼镜，为了让人佩戴更舒服，在镜架的设计中，鼻托为什么设计得比较宽？镜框为什么采用轻质的材料？请运用学过的力学知识说明其中的道理。
【分析】减小压强的方法：是在压力一定时，通过增大受力面积来减小压强；是在受力面积一定时，通过减小压力来减小压强。
【解答】答：（1）鼻托设计为较宽是为了增大受力面积，在压力一定时，可以减小眼镜对人的压强，使人感觉更舒服；
（2）镜框采用轻质的材料，在体积相同时，减小镜框的质量，则减小眼镜总重力，从而减小眼镜对人的压力，在受力面积一定时，可以减小眼镜对人的压强，使人感觉更舒适。
【点评】此题考查减小压强的方法和与密度有关的物理现象，难度不大，与学生的实际生活联系密切，属于基础题。
五．实验探究题（共5小题，满分28分）
26．（7分）用焦距为10cm的凸透镜探究“凸透镜成像规律”。
（1）小豪同学将蜡烛、凸透镜、光屏随意固定在光具座上，点燃蜡烛后，沿光具座无论怎样移动光屏，在光屏上始终得不到烛焰的像，原因可能是 烛焰中心、凸透镜光心、光屏中心不在同一高度 。
（2）重新调整后，将蜡烛、凸透镜固定在光具座上，如图甲所示，移动光屏后得到烛焰清晰、完整的像，该像是倒立 缩小 （选填“放大”或“缩小”）的实像。我们可以从不同角度看到光屏上的像，是因为发生了 漫反射 （选填“镜面反射”或“漫反射”）。
（3）接下来保持蜡烛和光屏的位置不动，将凸透镜向蜡烛方向移动，光屏上再次出现了一个倒立
放大 （选填“放大”或“缩小”）的清晰实像，与这种成像原理一致的光学仪器是 投影仪 （选填“照相机”、“投影仪”或“放大镜”）。
（4）当光屏上出现蜡烛清晰的像时，如果用遮光板挡住透镜的上半部分，我们观察光屏时，将会在光屏上看到 C 。
A．蜡烛像的下半部分 B．蜡烛像的上半部分
C．蜡烛完整的像，像的亮度变暗 D．蜡烛完整的像，像的亮度不变
（5）在图甲中，小豪把自己的近视眼镜放在凸透镜和蜡烛之间，发现光屏上的像变得模糊不清，应该向 远离 （填“靠近”或“远离”）透镜方向移动光屏，可再次得到清晰的像。
（6）某小组实验时对图甲中的装置进行了改进，将蜡烛换成带有“F”形的LED灯、光屏贴上方格纸，如图乙所示，请写出改进后其中一个优点： 实验现象更明显、便于观察、减少了污染 。
【分析】（1）光屏上得不到烛焰像的情况有三种：①成的像是虚像，虚像是不会成在光屏上的；②成实像，但由于烛焰、凸透镜、光屏三者的中心不在同一高度上，虽然成的是实像，但光屏上显示不出来；③不成像，当物体位于焦点上，即u＝f时，此时不成像，所以光屏上也得不到烛焰的像。
（2）凸透镜规律：u＞2f时，在凸透镜的另一侧得到倒立、缩小的实像，f＜v＜2f。
（3）凸透镜规律及其应用，2f＞u＞f时，在凸透镜的另一侧得到倒立、放大的实像，v＞2f。应用于投影仪。
（4）当用遮光板挡住透镜的某一部分时，由于通过凸透镜会聚的光线数量减少，所以像会比原来变暗，但仍成完整的像。
（5）首先明确近视镜是凹透镜，然后在明确凹透镜光学性质的基础上，即可确定放上凹透镜后像的位置的变化，然后调整光屏的移动方向；
（6）蜡烛换成LED灯便于观察；光屏换成带有方格光屏便于比较像与物体的大小关系。
【解答】解：（1）在做凸透镜成像规律的实验时，首先要调整三者的中心在同一高度上，这样做的目的就是为了保证使烛焰的像能够成在光屏上，所以当调整光屏的位置始终光屏上没有像时，首先要想到这种可能。
（2）此时物距为50cm﹣20cm＝30cm，而焦距为10cm，物距大于2倍焦距，所以成的像是倒立、缩小的实像；我们可以从不同角度看到光屏上的像，是因为发生了漫反射；
（3）保持蜡烛和光屏的位置不动，将凸透镜向蜡烛的方向移动，物距小于像距，成倒立、放大的实像。投影仪利用此原理。
（4）如果用遮光板挡住透镜的上半部分，下半部分仍能会聚光线成完整的像，但由于会聚的光线比原来减少，所以像比原来变暗。故选C；
（5）近视眼镜是凹透镜，它对光线有发散作用，所以在蜡烛和凸透镜之间放上凹透镜后，蜡烛在凸透镜后面成的像将远离凸透镜，为了使像再成在光屏上，所以要将光屏向右移动，远离凸透镜。
（6）蜡烛换成LED灯的优点：实验现象更明显、便于观察、减少了污染等。
故答案为：（1）烛焰中心、凸透镜光心、光屏中心不在同一高度；（2）缩小；（3）放大；投影仪；（4）C；（5）远离；（6）实验现象更明显、便于观察、减少了污染。
【点评】此题是探究凸透镜成像的实验，考查了学生对实验操作的要求。一定要注意实验前的调整工作。为使像成在光屏的中央，应使凸透镜、烛焰、光屏的中心大致在同一高度处。凸透镜的主光轴永远随着凸透镜的上下移动而移动，对于烛焰在凸透镜主光轴的哪个位置，画图说明很容易理解。
27．（5分）在探究“冰和石蜡的熔化特点”活动中，小明按图甲所示组装好实验装置，在A试管中放入一些冰块，B试管中放入一些石蜡后进行了实验，现请你帮助小明完成下列实验中的一些内容。
（1）实验中应选用 较小的 （选填“较大的”或“较小的”）冰块。
（2）如甲实验装置中存在一些问题，请你指出其中一处： 温度计的玻璃泡未浸入小冰块中
（3）下表是小明记录冰熔化过程中的数据，请根据表数据在图乙中作出温度随时间变化曲线
时间/min 0 0.5 1 1.5 2 2.5 3 3.5 4 4.5 5
温度/℃ ﹣5 ﹣2 0 0 0 0 1 2 3 4 5
（4）根据探究过程可知：冰的熔化过程持续了 1.5 min；实验进行到1.3min时，A试管中的物质处于 固液共存 状态。
（5）从上面探究过程可知：冰是一种 晶体 ，其熔化时的特点是 吸热，温度保持不变 。
【分析】（1）酒精是易燃物很易燃烧，酒精灯倾斜酒精易流出容易发生失火现象。较大的冰块受热不均匀，较小的冰块接触紧密，受热均匀；
（2）根据温度计的使用的注意事项：玻璃泡要全部浸入被测物体，不能碰到容器底，也不能碰到容器壁；
（3）以表格中的时间为横坐标，以时间对应的温度为纵坐标在图象上确定坐标点，然后用平滑的曲线连接起来即可得到温度随时间变化的图象。
（4）根据晶体熔化时温度的变化规律来答题；晶体有一定的熔点，在熔化过程中物体处于固液共存状态，且温度保持不变。
（5）分析表格数据，得出结论。
【解答】解：（1）为减小实验误差，实验过程中宜选用较小的冰块，因为较小的冰块之间接触紧密，受热均匀；
（2）温度计在使用时：玻璃泡要全部浸入冰块中，不能碰到容器底，也不能碰到容器壁，由图A可知，温度计的玻璃泡未浸入小冰块中；
（3）根据表中的数据，先在图中描出温度﹣时间相对应的点，再连线，如图：
（4）从第1min到第3min，物质的温度保持0℃不变，熔化经过了1.5min．在熔化过程中处于固液共存状态，由题可知，冰在熔化时须达到熔点且继续吸热；
（5）由表中数据可知，从第1分钟到第3钟，酒精灯仍在不断加热，但温度并没有发生变化，故冰是晶体；晶体熔化时不断吸热，温度保持不变。
故答案为：（1）较小；（2）温度计的玻璃泡未浸入小冰块中；（3）如图；（4）1.5；固液共存；（5）晶体；吸热，温度保持不变。
【点评】本题考查晶体熔化特点的探究，注意温度计的正确使用，理解晶体在熔点阶段，温度是一个固定数值，表现在图象上就是一段水平直线。另外，虽然熔化时温度不变，但此过程仍需吸收热量。
28．（6分）有一个形状不规则的小木块，将其放在水中时，浮在水面上，用以下两种方案测量该木块的密度。
方案一：
（1）用天平测小木块的质量：测质量前，指针指在分度盘的左侧，则平衡螺母应向 右 （左/右）移动，平衡后测得小木块的质量为m；
（2）在量筒中倒入适量的水体积为V0；
（3）用细针将小木块浸没水中，读出量筒中水面对应的刻度为V1，则木块的密度表达式ρ＝ 。
方案二：
（1）在量筒中倒入适量的水，体积为V2，如图所示；
（2）用一个体积为10cm3的铁块和小木块拴在一起浸没水中，读出量筒中水面对应的刻度为V3＝90cm3；
（3）从量筒中取出铁块，小木块漂浮水面，读出量筒中水面对应的刻度为V4＝68cm3，则木块的密度ρ＝ 0.6 g/cm3。
对比以上两种方案，误差比较小的是 方法一 ，理由： 方法二由于铁块取出时带有水，使得量筒中的木块和水的体积偏小，即木块排开水的体积偏小，木块质量偏小 。
【分析】方法一：（1）测质量前，按“左偏右调”的原则调节平衡螺母使横梁平衡。
（3）根据ρ＝表示出木块的密度；
方法二：（1）根据量筒的分度值读出量筒中水的体积为V2，
（2）用一个体积为10cm3的铁块和小木块拴在一起浸没水中，读出量筒中水面对应的刻度为V3，用V3﹣V2﹣V铁算出木块的体积；
（3）从量筒中取出铁块，小木块漂浮水面，读出量筒中水面对应的刻度为V4，用68cm3，则V4﹣V2算出小木块排开水的体积，利用阿基米德原理求木块受到的浮力；因为木块漂浮，木块重力等于浮力；利用G＝mg求木块的质量；再利用密度公式求小木块的密度；
由于取出铁块时带有水，使得木块质量偏小，根据密度公式判断误差。
【解答】解：方法一：
（1）测质量前，按“左偏右调”的原则调节平衡螺母，使横梁平衡，当指针指在分度盘的左侧，则平衡螺母应向右调节。
（3）木块的体积V＝V1﹣V0，
木块的密度为：ρ＝＝；
方法二：
（1）量筒的最小分度值为2ml，水的体积V2＝50ml＝50cm3；
（2）木块的体积：V′＝V3﹣V2﹣V铁＝90cm3﹣50cm3﹣10cm3＝30cm3；
（3）木块排开水的体积V排＝V4﹣V2，木块受到的浮力F浮＝ρ水gV排＝ρ水g（V4﹣V2）；
因为木块漂浮，所以木块重力G木＝F浮＝ρ水g（V4﹣V2）；
木块的质量：m木＝＝＝ρ水（V4﹣V2）；
小木块的密度：
ρ木＝＝＝＝0.6g/cm3；
由于铁块取出时带有水，使得量筒中的木块和水的体积偏小，即木块排开水的体积偏小，木块质量偏小，根据ρ＝知，密度偏小，故方法一误差较小。
故答案为：方法一：（1）右；（3）；方法二：（3）0.6；方法一；方法二由于铁块取出时带有水，使得量筒中的木块和水的体积偏小，即木块排开水的体积偏小，木块质量偏小。
【点评】本题考查了测固体的密度初中物理要求较高，方法最基本的有两种：一是用量筒和天平，一是利用浮力知识设计的这一种，要熟练掌握。
29．（4分）图甲是我国选手冬运会女子冰壶比赛中的一个场景，比赛时两名队员在冰壶前方“刷冰”，通过做功的方式改变冰的内能，使表面的冰熔化成薄薄的一层水，使干摩擦变湿摩擦；这样就能减少冰壶与冰面之间的摩擦，使冰壶按照运动员预计的运动快慢和方向运动。
（1）为探究刷冰长度的影响因素，小明和同学用图乙装置寻找模拟刷冰区域的材料，他们将木块分别放在长木板、绸布、棉布上，用弹簧测力计拉木块做水平 匀速直线 运动，发现测力计示数关系是F棉＞F木＞F绸，若用木板模拟未刷冰区域，则应选 绸布 模拟刷冰区域。
（2）图乙中弹簧测力计的示数是 2.2 N。
（3）他们用图丙装置，将长为l的所选材料M平铺在木板上，让木块从斜面上滑下，经过M后停在木板上的固定位置P，所需材料M的长度l与哪些因素有关？大家提出以下猜想：
猜想1：与木块由静止滑下时的高度h有关；
猜想2：与M左端到斜面底端的距离x有关。
①验证猜想1时，保持x不变，将木块 不同 （选填“同一”或“不同”）高度由静止滑下，改变l，使木块最终都停在位置P，数据记录如下：
序号 1 2 3 4 5 6
释放的高度h/m 0.10 0.14 0.18 0.20 0.22 0.26
M的长度l/m 2.00 1.60 1.20 0.86 0.80 0.40
根据表格数据，可知l与h的关系是 保持x不变，h越大，l越小 。
②验证猜想2时，小明改变x，将木块从不同高度由静止滑下，记录数据，得出结论，分析实验中存在的问题是 没有控制h相同（或没有控制物块从斜面同一高度下滑） ，正确操作，发现每次只将M前后移动时，木块都会经过M停在P位置，该现象说明猜想2是 错误 （选填“正确”或“错误”）的。
【分析】（1）根据二力平衡结合题意分析；
（2）由图乙中弹簧测力计分度值读数；
（3）所需材料M的长度l与与木块由静止滑下时的高度h和与M左端到斜面底端的距离x有关，根据控制变量法，研究与其中一个因素的关系时，要控制另外一个因素不变；
①根据控制变量法分析；由表中数据得出结论；
②根据控制变量法分析；
正确操作，发现每次只将M前后移动时，即x发生变化，木块都会经过M停在P位置，据此分析。
【解答】解：
（1）将木块分别放在长木板、绸布、棉布上，用弹簧测力计拉木块做水平匀速直线运动，发现测力计示数关系是F棉＞F木＞F绸，根据二力平衡，测力计示数等于木块受到的摩擦力，所以木块在绸布上受到摩擦力最小；
在探究刷冰长度的影响因素的实验过程中，若用木板模拟未刷冰区域，则应选择摩擦力小的材料模拟刷冰区域，故选绸布；
（2）图乙中弹簧测力计分度值为0.2N，示数是2.2N；
（3）①验证猜想1时，即M的长度l与木块由静止滑下时的高度h有关，应保持x不变，将木块从不同高度由静止滑下，改变l，使木块最终都停在位置P；
由表格数据可知l与h的关系是：保持x不变时，h越大，l越小；
②验证猜想2时，即M的长度l与M左端到斜面底端的距离x有关，根据控制变量法，小明应只改变x，应将木块从相同高度由静止滑下，故实验中存在的问题是：没有控制h相同（或没有控制物块从斜面同一高度下滑）；
正确操作，发现每次只将M前后移动时，即x发生变化，木块都会经过M停在P位置，即M的长度l与M左端到斜面底端的距离x无关；该现象说明猜想2是错误的。
故答案为：（1）匀速直线；绸布；
（2）2.2；
（3）①不同； 保持x不变，h越大，l越小；②没有控制h相同 （或 没有控制物块从斜面同一高度下滑）； 错误。
【点评】本题考查二力平衡、数据分析、控制变量法的运用，关键是正确理解题意。
30．（6分）某实验小组的同学用图甲所示器材测量小灯泡电功率，待测小灯泡L的额定电压为3.8V，额定功率小于1W，电源电压恒为6V，滑动变阻器R的规格为“20Ω1A”，图甲所示是该实验小组没有连接完整的电路。
（1）请你用笔画线代替导线，在图甲中把电路连接完整；
（2）排除故障后，正确连接好电路，闭合开关，发现小灯泡不亮，但电流表、电压表均有示数，请分析出现这种现象的原因是 变阻器连入电路中的电阻最大，电流过小 。为测量小灯泡的额定功率，接下来的操作应该是 向右移动变阻器的滑片，使电压表示数为3.8V 读出并记录电流表的示数。当灯泡正常发光时，电流表示数如图乙所示，其值为 0.2 A，小灯泡的额定功率为 0.76 W。
（3）测出小灯泡的额定功率后，再测大于小灯泡额定功率的实际功率，应将滑动变阻器的滑片向 右 （选填“左”或“右”）端滑动。
（4）测量小灯泡的电功率 不需要 （选填“需要”或“不需要”）多次测量求平均值，原因是 灯在额定电压下的功率为额定功率，不同电压下的功率不同 。
【分析】（1）根据待测小灯泡L的额定电压为3.8V确定电压表选用大量程与灯并联，由额定功率小于1W，根据P＝UI求出灯的额定电流确定电流流表选用小量程与灯串联，变阻器按一下一上接入电路中与灯串联；
（2）排除故障后，正确连接好电路，闭合开关，电流表、电压表均有示数，说明电路为通路，小灯泡不亮，说明电路中的电流过小，据此分析；
灯在额定电压下正常发光，据此分析接下来的操作；
根据电流表选用小量程确定分度值读数，根据P＝UI求出小灯泡的额定功率；
（3）当灯的实际电压大于灯的额定电压时，灯的实际功率大于灯的额定功率，故测出小灯泡的额定功率后，再测大于小灯泡额定功率的实际功率，要增大灯的电压，根据串联电路电压的规律和分压原理确定滑动变阻器的滑片移动的方向；
（4）灯在额定电压下的功率为额定功率，不同电压下的功率不同，据此分析。
【解答】解：（1）待测小灯泡L的额定电压为3.8V，电压表选用大量程与灯并联，额定功率小于1W，根据P＝UI，灯的额定电流小于：
I＝＝≈0.26A，
故电流表选用小量程与灯串联，变阻器按一下一上接入电路中与灯串联，如下所示：
（2）排除故障后，正确连接好电路，闭合开关，电流表、电压表均有示数，说明电路为通路，小灯泡不亮，说明电路中的电流过小，现这种现象的原因是：变阻器连入电路中的电阻最大；
灯在额定电压下正常发光，故为测量小灯泡的额定功率，接下来的操作应该是：向右移动变阻器的滑片，使电压表示数为3.8V，读出并记录电流表的示数；
当灯泡正常发光时，电流表示数如图乙所示，电流表选用小量程，分度值为0.02A，其值为0.2A，小灯泡的额定功率为：
P＝UI＝3.8V×0.2A＝0.76W；
（3）当灯的实际电压等于额定电压，灯的功率为额定功率，当灯的实际电压大于灯的额定电压时，灯的实际功率大于灯的额定功率，故测出小灯泡的额定功率后，再测大于小灯泡额定功率的实际功率，要增大灯的电压，由串联电路电压的规律，要减小变阻器连入电路中的电阻，由分压原理，应将滑动变阻器的滑片向右端滑动。
（4）测量小灯泡的电功率不需要多次测量求平均值，因为灯在额定电压下的功率为额定功率，不同电压下的功率不同，取平均值没有意义。
故答案为：（1）如上所示；（2）变阻器连入电路中的电阻最大，电流过小；向右移动变阻器的滑片，使电压表示数为3.8V；0.2；0.76；（3）右；（4）灯在额定电压下的功率为额定功率，不同电压下的功率不同。
【点评】本题测量小灯泡电功率，考查电路连接、器材的选择、电路分析、操作过程、电流表读数、额定功率的计算和数据处理。
六．计算题（共3小题，满分20分）
31．（6分）在今年我区中考体育测试中：
（1）当我们进行剧烈的跑跳运动过程中人体产热 大于 人体散热（选填“大于”、“小于”或“等于”），从而出现满脸通红的情况。
（2）在长跑中男生1000米满分成绩为3分40秒。某男生在1000米测试中正好获得满分，求他在1000米长跑中的平均速度是多少？（计算结果保留一位小数）
（3）已知某同学的质量为50kg，每只脚与地面的接触面积为0.025m2．该同学站立时对水平地面的压强为多大？（取g＝10N/kg）
（4）在体育测试另一项目立定跳远中，体重为500N的某同学从最高点到落地点的过程中，重心下降的最大距离为0.3m，轨迹如图所示。则此过程中重力做的功为多少？
【分析】（1）体温的相对恒定是机体产热和散热动态平衡的结果，要对这种平衡加以分析，产的热多，散的热多；产的热少，散的热少。
（2）首先将3分40秒化成分钟，再利用所跑的总和为1000，进而求出答案。
（3）已知小明的质量，根据公式G＝mg可求重力。在水平地面上对地面的压力等于自身的重力，根据公式p＝可求站立时他对地面的压强。
（4）知道人受到的重力和在重力方向上移动的距离，利用W＝Gh求重力做功大小；
【解答】解：（1）产热多于散热则体温升高出现满脸通红；
（2）已知t＝3分40秒＝220s，s＝1000m，则跑1000的速度为v＝＝＝4.5m/s；
（3）重力G＝mg＝50kg×10N/kg＝500N。
压强p＝＝＝＝1×104Pa。
（4）重力做功：W＝Gh＝500N×0.3m＝150J。
故答案为：（1）大于；（2）他在1000米长跑中的平均速度4.5m/s；（3）该同学站立时对水平地面的压强为1×104Pa；（4）此过程中重力做的功为150J。
【点评】此题考查了学生对速度的计算、压强的计算、功的计算，属于基础计算，比较简单。
32．（6分）在如图所示的电路中，电源电压保持不变，电阻R1的阻值为20Ω．闭合开关S，电流表A1的示数为0.3A，电流表A2的示数为0.2A．求：
（1）电源电压U；
（2）电阻R2的阻值。
【分析】由电路图可知，两电阻并联，电流表A1测R1支路电流，电流表A2测R2支路的电流。
（1）根据并联电路的电压特点和欧姆定律求出电源的电压；
（2）根据欧姆定律求出R2的阻值。
【解答】解：由电路图可知，两电阻并联，电流表A1测R1支路电流，电流表A2测R2支路的电流。
（1）因并联电路中各支路两端的电压相等，
所以，由I＝可得，电源的电压：
U＝I1R1＝0.3A×20Ω＝6V；
（2）R2的阻值：
R2＝＝＝30Ω。
答：（1）电源电压是6V；
（2）R2的阻值是30Ω。
【点评】本题考查了并联电路的特点和欧姆定律的应用，是一道基础题目。
33．（8分）小强家买了一个自动电热水壶，其铭牌如下表。小强装了0.5kg的水，加热5min后把水烧开，水壶自动断电。已知大气压为1个标准大气压，电热水壶正常工作且电阻不变，水的初温为20℃，c水＝4.2×103J/（kg?℃），求：
自动电热水壶
型号 WL100F
电源 220V50Hz
额定功率 1000W
容量 1L
（1）这壶水吸收的热量；
（2）水壶消耗的电能；
（3）此电热水壶的热效率。
【分析】（1）知道水的质量和比热容以及初温、末温（1个标准大气压下水的沸点为100℃），根据Q吸＝cm（t﹣t0）求出这壶水吸收的热量；
（2）电热水壶正常工作时的功率和额定功率相等，根据P＝求出水壶消耗的电能；
（3）知道水吸收的热量和消耗的电能，利用η＝×100%求出此电热水壶的热效率。
【解答】解：（1）1个标准大气压下水的沸点为100℃，则这壶水吸收的热量：
Q吸＝cm（t﹣t0）＝4.2×103J/（kg?℃）×0.5kg×（100℃﹣20℃）＝1.68×105J；
（2）由P＝可得，水壶消耗的电能：
W＝Pt′＝1000W×5×60s＝3×105J；
（3）此电热水壶的热效率：
η＝×100%＝×100%＝56%。
答：（1）这壶水吸收的热量为1.68×105J；
（2）水壶消耗的电能为3×105J；
（3）此电热水壶的热效率为56%。
【点评】本题考查了吸热公式和电功公式、效率公式的应用，关键是知道1个标准大气压下水的沸点为100℃。
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