主备
教师
任教科目
物理
任教班级
高二
课题
1.5法拉第电磁感应定律的应用（一）
课型
新课
课时
2
授课
教师
授课
班级
高二（1）班
教
学
目
标
知识
与
技能
(1)通过复习，进一步理解感生电动势的概念，明确感生电动势的作用；
(2)在复习巩固的基础上，熟练掌握法拉第电磁感应定律．
过程
与
方法
通过本节复习，培养学生运用物理知识，分析和解决一些实际问题的能力．
情感
态度
价值观
培养学生用辩证唯物主义的观点认识问题。
教学
重点
对法拉第电磁感应定律的进一步理解和运用；
教学
难点
法拉第电磁感应定律的综合运用
突破重、难点的
手段
讲解分析 组织讨论 对比探讨
教法
与
学法
讲授发 分析法 观察法 探究法
教学手段与媒体
多媒体 实验演示
备课时间： 年 月 日
教 学 过 程
教学活动设计
学生活动设计
（含设计意图）
授课教师
二次备课
主要教学过程
(一)复习引入新课
1．叙述法拉第电磁感应定律的内容．
2．写出其表达式．
3.说明和ε=BLv的区别和联系．
4.由 推导
由图1所示，讲清图中各示意，引导学生共同推导．
设在Δt时间内，导体MN以速度v切割磁感线，移动距离为d=vΔt，设MN长为L，这一过程中，回路磁通量变化为
ΔФ=Ф2-Ф1=B(s+d)L-BsL=BLd．
根据法拉第电磁感应定律，
说明：
上述推导需条件：磁感应强度B、导线切割速度v与长度L三者互相垂直，若上述三垂直中只有二垂直，而v与B不垂直，设夹角为θ，再请全体学生推导ε的计算式．教师指点方法：将v分解，其中与磁感线平行的速度分量没有作用，有效切割速度为vsinθ(图2)，因此得：
ε=BLvsinθ．指出上式中当θ=90°时，ε=BLvsin90°=BLv．
5．关于ε=BLvsinθ的意义．
(1)sinθ的意义是把公式中的B、L、v转化为两两垂直：
①vsinθ=v⊥，是将切割磁感线的速度v分解为垂直于B和L的有效分量；
②Bsinθ=B⊥，是将磁感应强度B分解为垂直于v和L的有效分量；
③Lsinθ=L⊥，是将导体长L等价成垂直于B和v的有效长度．
在上述分解和转化的方法是等价的，所得结果完全相同．
(2)在上式中，若速度v是即时速度，则电动势ε即为即时电动势；若速度v是平均速度，则电动势ε即为平均电动势．
(二)主要教学过程设计
例1如图3所示，宽L=0.5m的平行长金属导轨与水平面夹角θ=37．与导轨平面垂直的匀强磁场磁感应强度B=1.0T．质量m=100g的金属棒ab垂直两导轨放置，其电阻r=1Ω，与导轨间滑动摩擦因数μ=0.25．两导轨由R=9Ω的电阻在下端相连．导轨及导轨与ab棒接触电阻不计(取sin37°=0.6，cos37°=0.8，g=10m/s2)．求：
(1)当ab沿轨道向下运动，速度v=10m/s时，ab棒运动的加速度．
(2)ab棒沿轨道下滑的最大速度．
(3)ab棒以最大速度运动时，重力对ab棒做功的功率，ab棒产生的电功率以及输出电功率．
首先留出点时间，让学生认真审题、分析和思考，并能写出初步的解答方案．对较困难的学生，教师可适当引导，然后找两个典型解答，请同学在黑板上板演．
ab棒在导轨上下滑时受力情况如图4所示，
其中磁场力
摩擦力，根据牛顿第二定律，在沿轨道方向上
当v=10m/s时，ab棒运动的加速度大小是
②当ab棒在导轨上运动加速度变为零时，开始做匀速运动，这时ab运动速度有最大值．由上述方程可知：
mgsinθ-μmcosθ-B2L2v/(R＋r)=0，
=16(m/s)．
③重力做功的功率．
P1=mgvsinθ=0.1×10×16×0.6=9.6(W)．
金属棒ab产生的电功率
输出电功率
适当归纳解答本题的思路，然后提出作为导体转动的情况其感生电动势应如何求．
例2 如图5所示，长L=10cm的金属棒ab在磁感应强度B=2T的匀强磁场中以a端为轴，在垂直磁场方向的平面内以角速度ω=10rad/s做顺时针方向的匀速转动．ab两端的电势差是____V，a、b两端________端电势高，____端电势低．若ab以中点为轴转动，其它条件不变，ab两端电势差为____V．
组织同学审题后，学生会发现，本题中金属棒ab转动时，棒上各点速率不同．因此欲求其感生电动势ε，需要找出一个等效点，采用求平均的方法，这时采用表达式
另外有的同学也可能提出运用表达式ε=ΔФ/Δt的方法．这时，教师应按同学的思路，找在Δt时间内，棒ab转过的角度Δθ=ωΔt，扫过的面积ΔS．相应的磁通量变化ΔФ=BΔS．然后利用
方法一：
(1)ab导体以a端为轴做切割磁感线运动时，导体上各点速度大小不同．b端速度vb=ωL，a端速度为零．其它各点的速度与该点到a点的距离成正比．
计算ab切割磁感线产生感生电动势时的速度可采用a、b两点速度的平均值，即
若在a、b两端接上外电路，由右手定则可知感生电流由b端流出，ab作为电源，b端电势高．
若没有构成闭合电路时，ab两端电势差就是电动势ε．
(2)以ab中点为轴转动时，a端、b端电势都比中点电势高．而且a、b与中点的电动势相等，a、b两点电势相等，电势差为零．
四个空依次填：0.1，b，a，0．
方法二：(略)
归纳本题解答思路，提出将本题改造如下．
例3? 投影片．一导体圆环的电阻为4Ω，半径为0.05m，圆环平面垂直匀强磁场，如图6所示放置．磁感应强度为4T，两根电阻均为2Ω的导线Oa和Ob，Oa固定，a端b端均与环接触，Ob以4rad/s的角速度逆时针沿圆环转动．求：当Ob的b端从a端滑过180°时，通过导线Oa中的电流是多少？
组织学生审题后，学生会发现，本题是金属导线Oa、Ob绕O轴转动．
欲求感生电动势ε，应该选用哪个表达式会感到困惑．这时可引导学生，由于棒上各点速率不同．到底选哪个点合适，可提出等效取平均的方法．可仿效例2解法一．当然还可以用其它方法．但因有两根又如何？
方法一：
导线Ob在磁场中绕着O点旋转，切割磁感线产生感应电动势ε不变
方法二：
由法拉第电磁感应定律来看，导线Ob在单位时间内扫过的面积是：
Ob导线b端在圆环上的位置变化，只改变了图7中R1与R2的阻值．由闭合电路欧姆定律，Oa中的电流：
当Ob从Oa转180°，有R1=R2=2Ω，代入上式
路结构变化时的方法和步骤，使学生在学习这部分内容时，也对电路问题作了一定的复习与巩固工作．最后提出线圈在磁场中转动时，如何求其感生电动势．
例4 如图8所示，边长为a，总电阻为R的闭合正方形单匝线框，放在磁应强度为B的匀强磁场中，磁感线与线框平面垂直．当线框由图示位置转过180°角过程中，流过线框导线横截面的电量是多少？
学生审题后会发现，本题与前三例均不同，这情况感生电动势的求法一时难以想象出，不过这时可做些提示，具体如下：
线框在磁场中转动过程中，转到不同位置时，线框中产生的感应电动势的即时值不同，因而线框中的感应电流也不同．解答本题的关键是如何理解和计算转180°角过程中穿过线框的磁通量的变化量．
可以这样理解：一个平面有正、反两面，从正面穿入的磁通量设为正值，则从另一面穿入的磁通量就是负值、线框处于如图8所示位置时，磁感线从线框一面穿入，磁通量是Ф1=BS=Ba2，转过180°后磁感线从线框的另一面穿入，这时的磁通量就是Ф2=-BS=-Ba2，先后两次穿过线框磁通量的值相等，但正负不同，那么线框转180°过程中磁通量的变化量为
ΔФ=Ф2-Ф1=-Ba2-Ba2=-2Ba2．
取绝对值就是2Ba2．由此，可应用法拉第电磁感应定律求转180°过程中的平均感应电动势，最后应用欧姆定律和电流强度的定义式就可以求通过线框截面的电量．
评价与
总结
推荐作业
板
书
设
计
课
后
反
思
备课组长（教研组长）签名： 时间： 年 月 日
法拉第电磁感应定律的应用（一）
一.法拉第电磁感应定律
1、内容：电路中感应电动势的大小，跟穿过这一电路的磁通量的变化率成正比
2、公式：
3、理解法拉第电磁感应定律应注意
(1)Φ、ΔΦ、ΔΦ/Δt的区别
Φ磁通量为状态量，指“线圈在某—位置(某一时刻)的磁通量”； ΔΦ磁通变化量为过程量，指 “线圈从某一位置到另一位置过程中(某段时间内)的磁通变化量”； 磁通量的变化量一般有三种情况：当回路面积S不变的时候， ；
当磁感应强度B不变的时候，；当回路面积S和磁感应强度B都不变，而他们的相对位置发生变化（如转动）的时候，（S1是回路面积S在与B垂直方向上的投影的变化量）． ΔΦ/Δt磁通变化率也是状态量，它是描写磁通量变化快慢的物理量，等于磁通变化量与完成这一变化所用时间的比值。磁通量通常为时间的函数，这一函数如果存在最大值和最小值，则磁通量最大的时刻，磁通的变化率一定为零。
(2)公式适用于回路磁通量变化的的情况，但是回路不一定要闭合。
(3)公式中,若△t 取一段时间,则E为△t这段时间内的平均值，要注意的是当磁能量的变化率不是均匀变化时，平均电动势一般不等于初态与末态电动势的算术平均值。若△t趋近于零，则E为瞬时值。
（4）ΔΦ不能决定E的大小，ΔΦ/Δt才能决定E的大小，而ΔΦ/Δt与ΔΦ之间无大小上的必然联系。
（5）当ΔΦ仅由B的变化引起时，，当ΔΦ仅由S的变化引起时，则。
4、导体做切割磁感线运动时产生感应电动势
（1）公式推导，如图1当导体由ab匀速移动到a1b1时，ΔS=L·v·Δt，Δφ=B·ΔS=BLvΔt，由得E=BLv
（2）E=BLv中，v是导体垂直切割磁感线时的速度，L是做切割磁感线运动的部分导体的长度，此式只适用于BLv三者相互垂直的情况。
（3）若导线是曲折的，或L、V与B不是两两垂直，则L应是导线的有效切割长度。如图2所示三种情况下感应电动势相同。
(4) 导体转动切割磁感线产生感应电动势．
当导体在垂直于磁场的平面内，绕一端以角速度(匀速转动，切割磁感线产生感应电动势时，如图3所示． E=BLV中=BL2(/2．式中的V中为导体杆中心的转动线速度。
(5)两种方法求感应电动势的比较
是求整个回路的总电动势,并且求出的是△t时间内的平均感应电动势,而公式E=BLV求出的只是切割磁感线的那部分导体中的感应电动势,不一定是回路中的总感应电动势,并且它一般用于求某一时刻的瞬时感应电动势.
二．典型例题
例1、有一面积为S=100cm2的金属环，电阻为R=0.1(，环中磁场的变化规律如下图4所示，且磁场方向垂直纸面向里，在t1到t2时间内，通过金属环的电量是多少？
〖解析〗由图象可知，磁感应强度的变化率为
线圈中的磁通量的变化率
线圈中的感应电流
通过环的电量
【点评】本题是磁通量变化产生感应电动势类型，此外还需用闭合电路欧姆定律，电流的定义，并能由图象识别环中磁场的变化规律，方能正确解题。
例2、如图5所示，长L的金属导线下悬一小球，在竖直向下的匀强磁场中作圆锥摆运动，圆锥的半顶角为(，摆球的角速度为(，磁感应强度为B，试求金属导线中产生的感应电动势。
〖解析〗金属导线切割磁感线的有效长度为L’=Lsin(,各点平均切割速度为，所以金属导线中产生的感应电动势.
例3．如图6所示，粗细均匀的电阻为r的的金属环放在磁感应强度为B的垂直环面的匀强磁场中，圆环直径为d，长d、电阻为r/2的金属棒ab在中点处与环相切，使ab始终以垂直棒的速度V向左运动，当达到圆环直径位置时，ab棒两端的电势差大小为多少？
〖解析〗ab到达虚线所示的的直径位置时，ab切割磁感线产生感应电动势：E=BdV
电路等效如图7所示，
【点评】本题是电磁感应中的电路问题，产生感应电动势的那部分导体（或线圈）相当于电源，这部分导体（或线圈）要看作内电路，导体（或线圈）的电阻是电源的内阻；解决这类问题还要结合电路的有关规律，如欧姆定律、串并联电路的性质等进行求解。
例4、有一单匝线圈位于磁场中,线圈平面和磁场方向垂直,线圈的质量不计,在t1=0.1s时间内将线圈匀速拉出磁场,设外力所做的功为W1,通过导线的感应电量q1;若在t2=0.5s时间内重将一圈匀速平移到磁场原位置,设外力所做的功为W2,通过导线的感应电量为q2,则
A.W1>W2,q1>q2 B. W1C. W1W2,q1=q2
〖解析〗线圈从磁场中匀速拉出或拉进时,由于穿过线圈的磁通量减少或增多,使线圈中产生感应电流,此电流又受安培力的作用,为使其匀速平移,必施以一方向与此相反的外力且大小与安培力相等,由此可看出外力做的功完全用来转化为线圈的电热,即,L为边长,d为线圈平移的位移,L、d为线圈平移的位移，L、d均不变，因为t1:t2=5:1,所以W1：W2= t2:t1=5:1，即W1>W2，又与△t无关，所以q1=q2
【点评】本题是关于电磁感应现象中的能量转化问题，通过数学计算，，拉出过程中，磁通量变化相同，而时间不同，△t越短，做功越多，也可定性分析，由W=F·d可知第一次快拉F大；第二次F小，故W1>W2.
另外，所以只要是同一线圈，不论是以多长时间拉出磁场或拉进，导线内通过的电量取决于磁通量的变化和线圈电阻。
第五节 电磁感应规律的应用
1．情景分析：如图1所示，铜棒Oa长为L，磁场的磁感应强度为B，铜棒在垂直于匀强磁场的平面上绕O点以角速度ω匀速转动，则棒切割磁感线的等效速度v＝，产生的感应电动势E＝BL2ω，由右手定则可判定铜棒的O端电势较高．
图1
2．如图2所示，导体棒ef沿着导轨面向右匀速运动，导轨电阻不计．导体棒ef相当于电源，e是正极，f是负极，电源内部电流由负极流向正极；R和Rg构成外电路，外电路中电流由电源正极流向负极．
图2
3．电磁感应中的能量：在由导体切割磁感线产生的电磁感应现象中，导体克服安培力做多少功，就有多少其他形式的能转化为电能，即电能是通过克服安培力做功转变来的．
4．正在转动的电风扇叶片，一旦被卡住，电风扇电动机的温度上升，时间一久，便发生一种焦糊味，十分危险，产生这种现象的原因是
________________________________________________________________________．
答案 见解析
解析 电风扇叶片一旦卡住，这时反电动势消失，电阻很小的线圈直接连在电源的两端，电流会很大，所以电风扇电动机的温度很快上升，十分危险．
5．当穿过线圈的磁通量发生变化时，下列说法中正确的是( )
A．线圈中一定有感应电流
B．线圈中一定有感应电动势
C．感应电动势的大小跟磁通量的变化成正比
D．感应电动势的大小跟线圈的电阻有关
答案 B
解析 产生感应电流的条件与产生感应电动势的条件是不同的，只有电路闭合且磁通量发生变化才能产生感应电流，不管电路是否闭合，只要磁通量变化，就一定有感应电动势产生．感应电动势只与磁通量的变化快慢和线圈的匝数有关．
6．如图3所示，在竖直向下的匀强磁场中，将一水平放置的金属棒ab以水平速度v抛出，且棒与磁场垂直，设棒在落下的过程中方向不变且不计空气阻力，则金属棒在运动的过程中产生的感应电动势大小变化情况是( )
图3
A．越来越大B．越来越小
C．保持不变D．无法判断
答案 C
解析 在运用公式E＝BLv进行感应电动势的运算时，要注意该公式中B、L、v三者必须互相垂直．如果不互相垂直，要进行相应的分解后运用分量代入运算．本题中切割速度为金属棒的水平分速度，水平分速度不变，故感应电动势大小保持不变，选C.
7．如图4所示，竖直放置的两根平行金属导轨之间接有定值电阻R，质量不能忽略的金属棒与两导轨始终保持垂直并良好接触且无摩擦，棒与导轨的电阻均不计，整个装置放在匀强磁场中，磁场方向与导轨平面垂直，棒在竖直向上的恒力F作用下加速上升的一段时间内，力F做的功与安培力做的功的代数和等于( )
图4
A．棒的机械能增加量
B．棒的动能增加量
C．棒的重力势能增加量
D．电阻R上放出的热量
答案 A
解析 棒受重力G、拉力F和安培力FA的作用．由动能定理：WF＋WG＋W安＝ΔEk得WF＋W安＝ΔEk＋mgh，即力F做的功与安培力做功的代数和等于机械能的增量，A项正确．
【概念规律练】
知识点一 法拉第电机模型的分析
1．如图5所示，长为L的金属棒ab，绕b端在垂直于匀强磁场的平面内以角速度ω匀速转动，磁感应强度为B，求ab两端的电势差．
图5
答案 BL2ω
解析 方法一 棒上各处速率不等，故不能直接用公式E＝BLv求解，由v＝ωr可知，棒上各点线速度跟半径成正比，故可用棒的中点的速度作为平均切割速度代入公式计算．
由＝ωL/2，有BL＝BL2ω，由右手定则判断φa>φb，即Uab>0，故Uab＝BL2ω
方法二 用E＝n来求解．
设经过Δt时间ab棒扫过的扇形面积为
ΔS＝LωΔtL＝L2ωΔt
变化的磁通量为ΔΦ＝BΔS＝BL2ωΔt，
所以E＝n＝nB＝BL2ω(n＝1)
由右手定则判断φa>φb
所以a、b两端的电势差为BL2ω.
点评 当导体棒转动切割磁感线时，若棒上各处磁感应强度B相同，则可直接应用公式E＝BL2ω.
2．如图6所示，长为L的导线下悬一小球，在竖直向上的匀强磁场中做圆锥摆运动，圆锥的偏角为θ，摆球的角速度为ω，磁感应强度为B，则金属导线中产生的感应电动势大小为________．
图6
答案 BL2ωsin2θ
解析 导线的有效长度为L′＝Lsinθ
电动势E＝BL′2ω＝BL2ωsin2θ
点评 导体在磁场中转动，导线本身与磁场并不垂直，应考虑切割磁感线的有效长度．
知识点二 电磁感应中的电路问题
3．如图7所示，长为L＝0.2m、电阻为r＝0.3Ω、质量为m＝0.1kg的金属棒CD垂直放在位于水平面上的两条平行光滑金属导轨上，两导轨间距也为L，棒与导轨接触良好，导轨电阻不计，导轨左端接有R＝0.5Ω的电阻，量程为0～3.0A的电流表串联在一条导轨上，量程为0～1.0V的电压表接在电阻R的两端，垂直导轨平面的匀强磁场向下穿过平面．现以向右恒定的外力F使金属棒右移，当金属棒以v＝2m/s的速度在导轨平面上匀速滑动时，观察到电路中的一个电表正好满偏，而另一电表未满偏．问：
图7
(1)此时满偏的电表是什么表？说明理由．
(2)拉动金属棒的外力F有多大？
(3)导轨处的磁感应强度多大？
答案 (1)见解析 (2)1.6N (3)4T
解析 (1)假设电流表满偏，则I＝3A，R两端电压U＝IR＝3×0.5V＝1.5V，将大于电压表的量程，不符合题意，故满偏电表应该是电压表．
(2)由能量关系，电路中的电能应是外力做功转化来的，所以有Fv＝I2(R＋r)，I＝，两式联立得，F＝＝1.6N.
(3)磁场是恒定的，且不发生变化，由于CD运动而产生感应电动势，因此是动生电动势．根据法拉第电磁感应定律有E＝BLv，根据闭合电路欧姆定律得E＝U＋Ir以及I＝，联立三式得B＝＋＝4T.
点评 注意区分电源和外电路，熟练运用闭合电路的有关规律．
4．匀强磁场的磁感应强度B＝0.2T，磁场宽度l＝3m，一正方形金属框边长ad＝l′＝1m，每边的电阻r＝0.2Ω，金属框以v＝10m/s的速度匀速穿过磁场区，其平面始终保持与磁感线方向垂直，如图8所示．求：
图8
(1)画出金属框穿过磁场区的过程中，金属框内感应电流的I－t图线；(要求写出作图依据)
(2)画出ab两端电压的U－t图线．(要求写出作图依据)
答案 见解析
解析 线框的运动过程分为三个阶段：第Ⅰ阶段cd相当于电源，ab为等效外电路；第Ⅱ阶段cd和ab相当于开路时两并联的电源；第Ⅲ阶段ab相当于电源，cd相当于外电路，如下图所示．
(1)在第一阶段，有I1＝＝＝2.5A
感应电流方向沿逆时针方向，持续时间为
t1＝＝s＝0.1s
ab两端的电压为U1＝I1·r＝2.5×0.2V＝0.5V
(2)在第二阶段，有I2＝0，U2＝E＝Bl′v＝2V
t2＝0.2s
(3)在第三阶段，有I3＝＝2.5A
感应电流方向为顺时针方向
U3＝I3×3r＝1.5 V，t3＝0.1 s
规定逆时针方向为电流正方向，故I－t图象和ab两端U－t图象分别如下图所示．
点评 第二阶段cd与ab全部进入磁场后，回路中磁通量不变化，无感应电流，但ab、cd都切割磁感线，有感应电动势，相当于开路时两个并联的电路．
【方法技巧练】
用能量观点巧解电磁感应问题
5．如图9所示，将匀强磁场中的线圈(正方形，边长为L)以不同的速度v1和v2匀速拉出磁场，线圈电阻为R，那么两次拉出过程中，外力做功之比W1∶W2＝________.外力做功功率之比P1∶P2＝________.
图9
答案 v1∶v2 v∶v
解析 线圈匀速拉出磁场，故其动能未变化．线圈中由于电磁感应产生电流，即有电能产生，且电能全部转化为内能，故外力做多少功就有多少内能产生．
W＝Q＝I2RΔt＝2RΔt＝∝∝v
故W1∶W2＝v1∶v2
同理，由P＝＝∝v2可得P1∶P2＝v∶v
方法总结 两次均匀速把线框拉出磁场都有F安＝F外，但两次的外力不同．
6．光滑曲面与竖直平面的交线是抛物线，如图10所示，抛物线的方程为y＝x2，其下半部处在一个水平方向的匀强磁场中，磁场的上边界是y＝a的直线(图中的虚线所示)，一个质量为m的小金属块从抛物线y＝b(b>a)处以速度v沿抛物线下滑，假设抛物线足够长，则金属块在曲面上滑动的过程中产生的焦耳热总量是( )
图10
A．mgbB.mv2
C．mg(b－a) D．mg(b－a)＋mv2
答案 D
解析 金属块在进入磁场或离开磁场的过程中，穿过金属块的磁通量发生变化，产生电流，进而产生焦耳热．最后，金属块在高为a的曲面上做往复运动．减少的机械能为mg(b－a)＋mv2，由能量的转化和守恒可知，减少的机械能全部转化成焦耳热，即选D.
方法总结 在电磁感应现象中，感应电动势是由于非静电力移动自由电荷做功而产生的，要直接计算非静电力做功一般比较困难，因此要根据能量的转化及守恒来求解．
1．如图11所示，一个带正电的粒子在垂直于匀强磁场的平面内做圆周运动，当磁感应强度均匀增大时，此粒子的动能将( )
图11
A．不变
B．增大
C．减少
D．以上情况都有可能
答案 B
解析 当磁场增强时，将产生如图所示的电场，带正电的粒子将受到这个电场对它的电场力作用，而使动能增大．
2．如图12所示，用一阻值为R的均匀细导线围成的金属环半径为a，匀强磁场的磁感应强度为B，垂直穿过金属环所在平面．电阻为的导体杆AB，沿环表面以速度v向右滑至环中央时，杆的端电压为( )
图12
A．BavB.Bav
C.BavD.Bav
答案 C
解析 当电阻为的导体杆AB沿环表面以速度v向右滑至环中央时，这个回路的总电动势为：E＝2Bav.并联的两个半圆环的等效电阻为，杆的端电压为UAB＝E·＝Bav.
方法总结 当磁场和导体间有相对运动，且感应电动势大小在变化，求瞬时感应电动势时，应采用公式E＝BLvsinθ.
3．在匀强磁场中，ab、cd两根导体棒沿两根导轨分别以速度v1、v2滑动，如图13所示，下列情况中，能使电容器获得最多电荷量且左边极板带正电的是( )
图13
A．v1＝v2，方向都向右
B．v1＝v2，方向都向左
C．v1>v2，v1向右，v2向左
D．v1>v2，v1向左，v2向右
答案 C
解析 当ab棒和cd棒分别向右和向左运动时，两棒均相当于电源，且串联，电路中有最大电动势，对应最大的顺时针方向电流，电阻上有最高电压，所以电容器上有最多电荷量，左极板带正电．
4．如图14所示，在匀强磁场中，MN和PQ是两条平行的金属导轨，而ab与cd为串联有电压表和电流表的两根金属棒，当两棒以相同速度向右运动时，正确的是( )
图14
A．电压表有读数，电流表有读数
B．电压表无读数，电流表无读数
C．电压表有读数，电流表无读数
D．电压表无读数，电流表有读数
答案 B
解析 当ab与cd以相同速度向右运动时，abcd围成的闭合回路的磁通量无变化，则回路内无感应电流，使电压表和电流表指针偏转必须有电流流过电表，所以两表无示数，故B选项正确．
5．如图15甲所示，固定在水平桌面上的光滑金属框架cdeg处于方向竖直向下的匀强磁场中，金属杆ab与金属框架接触良好．在两根导轨的端点d、e之间连接一电阻，其他部分电阻忽略不计．现用一水平向右的外力F作用在金属杆ab上，使金属杆由静止开始向右在框架上滑动，运动中杆ab始终垂直于框架．图乙为一段时间内金属杆受到的安培力F安随时间t的变化关系，则图中可以表示外力F随时间t变化关系的图象是( )
图15
答案 D
解析 ab切割磁感线产生感应电动势E＝BLv，感应电流为I＝，安培力F安＝，所以v∝F安，v∝t，金属杆的加速度为定值．又由牛顿第二定律F－F安＝ma，即F＝F安＋ma，可知D项正确．
6．如图16所示，在一均匀磁场中有一导线框abcd，线框处于水平面内，磁场与线框平面垂直，R为一电阻，ef为垂直于ab的一段导体杆，它可在ab，cd上无摩擦地滑动，杆ef及线框中导线的电阻都可不计．开始时，给ef一个向右的初速度，则( )
图16
A．ef将减速向右运动，但不是匀减速
B．ef将匀减速向右运动，最后停止
C．ef将匀速向右运动
D．ef将往返运动
答案 A
解析 ef向右运动，在闭合回路中产生感应电流，根据楞次定律，ef棒受安培力将阻碍其向右运动，即ef要克服安培力做功而使动能减少，故ef是向右做减速运动．但值得注意的是，随速度v的减小，加速度减小，故不可能做匀减速运动．A正确．
7．如图17所示，竖直放置的螺线管与导线abcd构成回路，导线所围的区域内有一垂直纸面向里的变化的磁场，螺线管下方水平桌面上有一导体圆环，导线abcd所围区域内磁场的磁感应强度按下图中哪一图线所表示的方式随时间变化时，导体环将受到向上的磁场力作用( )
图17
答案 A
解析 b→b→a→螺线管→d→c，螺线管下方的导体环中有磁通量穿过．但由于磁场的变化越来越慢，穿过圆环的磁通量也越来越小，根据楞次定律，为阻碍环中磁通量的减少，环将靠近螺线管，即环受向上的磁场力的作用．B选项中，磁场变化越来越快，螺线管中磁场变强，圆环中磁通量增大，为阻碍磁通量增大，环将向下运动，即受磁场力向下．C、D选项中，磁场均匀变化，螺线管中电流恒定，穿过圆环的磁通量不变，圆环中无感应电流产生，与螺线管无相互作用的力．
8．如图18所示，空间某区域中有一匀强磁场，磁感应强度方向水平，且垂直纸面向里，磁场上边界b和下边界d水平．在竖直面内有一矩形金属线圈，线圈上下边的距离很短，下边水平．线圈从水平面a开始下落．已知磁场上下边界之间的距离大于水平面a、b之间的距离．若线圈下边刚通过水平面b、c(位于磁场中)和d时，线圈所受到的磁场力的大小分别为Fb，Fc和Fd，则( )
图18
A．Fd>Fc>FbB．FcC．Fc>Fb>FdD．Fc答案 D
解析 本题考查电磁感应和安培力相关知识．线圈在进入和离开磁场的过程中，产生感应电流，线圈相应地受到安培力的作用，根据F＝ILB，E＝BLv，I＝，可知安培力F＝，不难看出安培力与速度成正比，当线圈完全进入磁场的过程中，没有安培力，故Fc＝0，且其只在重力作用下加速下落，所以vd>vb，即Fd>Fb，答案为D项．
9．(双选)如图19所示，两根光滑的金属导轨，平行放置在倾角为θ的斜面上，导轨的左端接有电阻R，导轨自身的电阻可忽略不计．斜面处在一匀强磁场中，磁场方向垂直于斜面向上．质量为m、电阻可以不计的金属棒ab，在沿着斜面与棒垂直的恒力F作用下沿导轨匀速上滑，并上升h高度，在这一过程中( )
图19
A．作用于金属棒上的各个力的合力所做的功等于零
B．作用于金属棒上的各个力的合力所做的功等于mgh与电阻R上产生的焦耳热之和
C．恒力F与安培力的合力所做的功等于零
D．恒力F与重力的合力所做的功等于电阻R上产生的焦耳热
答案 AD
解析 金属棒匀速上滑的过程中，对金属棒受力分析可知，有三个力对棒做功，恒力F做正功，重力做负功，安培力阻碍相对运动，沿斜面向下，做负功．匀速运动时，所受合力为零，故合力做功为零，A正确；克服安培力做多少功就有多少其他形式的能转化为电路中的电能，电能又等于R上产生的焦耳热，故外力F与重力的合力所做的功等于电阻R上产生的焦耳热，D正确．
10．如图20所示的匀强磁场中，有两根相距20cm固定的平行金属光滑导轨MN和PQ.磁场方向垂直于MN、PQ所在平面．导轨上放置着ab、cd两根平行的可动金属细棒．在两棒中点OO′之间拴一根40cm长的细绳，绳长保持不变．设磁感应强度B以1.0T/s的变化率均匀减小，abdc回路的电阻为0.50Ω.求：当B减小到10T时，两可动边所受磁场力和abdc回路消耗的功率．
图20
答案 均为0.32N 0.0128W
解析 根据E＝＝
E＝1.0×20×40×10－4V＝0.08V
根据I＝，F＝BIL
F＝10××20×10－2N＝0.32N
P＝＝W＝0.0128W
11．两根光滑的长直金属导轨MN、M′N′平行置于同一水平面内，导轨间距为l，电阻不计，M、M′处接有如图21所示的电路，电路中各电阻的阻值均为R，电容器的电容为C.长度也为l、阻值同为R的金属棒ab垂直于导轨放置，导轨处于磁感应强度为B、方向竖直向下的匀强磁场中．ab在外力作用下向右匀速运动且与导轨保持良好接触，在ab运动距离为s的过程中，整个回路中产生的焦耳热为Q.求：
图21
(1)ab运动速度v的大小；
(2)电容器所带的电荷量q.
答案 (1) (2)
解析 (1)设ab上产生的感应电动势为E，回路中的电流为I，ab运动距离s，所用时间为t，则有
E＝Blv
I＝
t＝
Q＝I2(4R)t
由上述方程得v＝
(2)设电容器两极板间的电势差为U，则有U＝IR
电容器所带电荷量q＝CU，解得q＝
12．如图22所示，P、Q为水平面内平行放置的光滑金属长直导轨，间距为L1，处在竖直向下、磁感应强度大小为B1的匀强磁场中．一导体杆ef垂直于P、Q放在导轨上，在外力作用下向左做匀速直线运动．质量为m、每边电阻均为r、边长为L2的正方形金属框abcd置于竖直平面内，两顶点a、b通过细导线与导轨相连，磁感应强度大小为B2的匀强磁场垂直金属框向里，金属框恰好处于静止状态．不计其余电阻和细导线对a、b点的作用力．
图22
(1)通过ab边的电流Iab是多大？
(2)导体杆ef的运动速度v是多大？
答案 (1) (2)
解析 (1)设通过正方形金属框的总电流为I，ab边的电流为Iab，dc边的电流为Idc，则Iab＝I①
Idc＝I②
金属框受重力和安培力，处于静止状态，有
mg＝B2IabL2＋B2IdcL2③
由①②③，解得
Iab＝
(2)由(1)可得I＝⑤
设导体杆切割磁感线产生的电动势为E，有
E＝B1L1v⑥
设ad、dc、bc三边电阻串联后与ab边电阻并联的总电阻为R，则R＝r⑦
根据闭合电路欧姆定律，有I＝⑧
由⑤～⑧，解得v＝
