2019年浙江省科学中考复习专题25：电与磁 习题训练
文档属性
| 名称 | 2019年浙江省科学中考复习专题25：电与磁 习题训练 |  | |
| 格式 | zip | ||
| 文件大小 | 1.3MB | ||
| 资源类型 | 试卷 | ||
| 版本资源 | 通用版 | ||
| 科目 | 科学 | ||
| 更新时间 | 2019-04-19 14:40:21 | ||
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文档简介
2019年浙江省科学中考复习专题25：电与磁
一、单选题
1.关于电磁现象，下列说法正确的是（?? ）
A.?铜制品很容易被磁化 B.?电磁继电器中的铁芯，可以用永磁体代替 C.?发电机正常工作时，是将电能转化为机械能 D.?直流电动机的换向器，由两个彼此绝缘的金属半圆环组成
2.如图所示的几种器件，工作时应用了电磁感应现象的是（?? ）
A.?电铃 ??????????????????????????????B.?电风扇 C.?风力发电机 ????????????????????D.?门吸
3.如图所示，在光滑支架上套有L1、L2两个线圈，闭合开关S后，两个螺线管的情况是（??? ）
A.?静止不动?????????????????????B.?互相排斥?????????????????????C.?互相吸引??????????????????D.?不能确定
4.如上图所示，闭合开关，将滑动变阻器的滑片P向右移动时，弹簧测力计的示数变小。则下列分析正确的是(?? ?)
A.?电磁铁的上端为S极 B.?电源左端为“＋”极 C.?断开开关，弹簧测力计的示数为零 D.?若滑动变阻器的滑片P不动，抽去电磁铁铁芯，弹簧测力计的示数增大
5.新能源汽车在行驶过程中产生电流并给车内的蓄电池充电。下图中工作原理与汽车行驶中产生电流的原理相同的是（?? ）
A.?????????B.????????????C.?????????D.?
6.关于直流电动机的有关说法，错误的是（?? ）
A.?直流电动机是利用通电线圈在磁场中转动的原理制成的 B.?直流电动机中换向器的作用是在线圈经过平衡位置时就能自动改变线圈中的电流方向 C.?直流电动机是把电能转化为机械能的装置 D.?以上三种说法都是错误的
7.在如图所示的电路中，根据小磁针静止时的指向可知（?? ）
A.?a端是通电螺线管的N极，c端是电源正极????????????B.?b端是通电螺线管的N极，d端是电源正极 C.?a端是通电缧线管的N极，c端是电源负极????????????D.?b端是通电螺线管的N极，d端是电源负极
8.在探究“通电螺线管外部磁场分布”的实验中，开关断开时小磁针甲、乙的指向如图所示，当开关闭合时，通电螺线管有磁性，则下列说法正确的是（?? ）
A.?小磁针甲偏转，小磁针乙不偏转 B.?小磁针乙偏转，小磁针甲不偏转 C.?小磁针甲、乙均偏转 D.?滑动变阻器滑片P从右向左滑动时，通电螺线管的磁性逐渐增强
9.如图所示为直流电动机的工作原理，以下相关的分析中正确的是（?? ）
A.?电动机工作过程中，消耗的电能全部转化为机械能 B.?电动机工作过程中，线圈中也会产生感应电流 C.?电动机的线圈转动1周的过程中电流方向改变4次 D.?电动机中的线圈转动是利用了惯性，所以线圈质量越大越好
10.如图所示，先闭合开关S2 ， 再闭合开关S1 ， 则电磁铁的磁性将（?? ）
A.?不变???????????????????????????????B.?减弱???????????????????????????????C.?增强???????????????????????????????D.?无法判断?????????
11.如图所示，在蹄形磁体的磁场中悬挂一根铜棒，铜棒的两端a、b通过导线跟开关、电流表连接，开关闭合后（?? ）
A.?只要铜棒ab在磁场中运动，电流表指针就会偏转 B.?只改变铜棒运动方向时，电流表指针的偏转方向改变 C.?只改变磁场方向时，电流表指针的偏转方向不变 D.?同时改变磁场方向和铜棒运动方向时，电流表指针的偏转方向改变
12.如图所示，a表示垂直于纸面上的一根导线，它是闭合电路的一部分，它在磁场中按箭头方向运动时，会产生感应电流的是（?? ）
A.?甲和乙????????????????????????????????B.?乙和丙????????????????????????????????C.?丙和丁????????????????????????????????D.?甲和丁
13.如图所示，线圈abcd位于磁场中，K与1接通时，ab段导线受磁场力F的方向向上；当K改为与2接通时，ab段导线受磁场力（?? ）
A.?方向向下????????????B.?方向向上????????????C.?为零，因为电源反接????????????D.?为零，因为电路一定是断路
二、填空题
14.磁场具有方向，将一个小磁针放入磁场中任何一点，小磁针________所指的方向就是该点磁场的方向。请在右上图标出电源正负极和小磁针北极________（请把北极涂黑）。
15.如图所示，重为G的小铁块在水平方向力F的作用下，沿条形磁铁的表面从N极滑到S极，在此过程中小铁块对磁铁的压力大小变化情况是________。
16.小丽在做如图的实验时，闭合开关S后，观察到a、b两枚铁钉吸引大头针的现象。这个实验可以说明电磁铁的磁性强弱与________有关；如果将滑动变阻器的滑片向右移动，电磁铁a的磁性强弱的变化是________(填“变强”“变弱”或“不变”)，此实验还能说明稀硫酸溶液________(填“容易”或“不容易”)导电。
??????????????
17.如图所示，用漆包线绕成矩形线圈，将线圈两端的漆全部刮去后放入磁场。
（1）闭合开关，由于磁场对________有力的作用，线圈会转动；线圈在磁场中________(填“能”或“不能”)持续转动。
（2）将电源和开关换成小量程电流表，缓慢转动线圈，发现电流表的指针左右摆动，说明线圈在磁场中转动时产生了________(填“直流”或“交流”)电，根据此原理可制成________机。
18.小华在探究怎样产生感应电流的实验中，设计了如图所示的实验装置。
（1）将磁体向右插入螺线管中时，观察到灵敏电流计的指针向右偏转，这是________现象。
（2）将磁体从螺线管中向左拔出时，会观察到灵敏电流计的指针向________(填“左”或“右”)偏转。
三、实验探究题
19.如图所示是“探究导体在磁场中运动时产生感应电流的条件”的实验装置。闭合开关后，导体棒、灵敏电流计、开关、导线组成闭合电路。
?
（1）要使灵敏电流计的指针发生偏转，可行的操作是________。
（2）要使灵敏电流计的指针偏转方向发生改变，可以采取两种方法。
方法一：________ ；
方法二：________ 。
20.如图所示，AB和CD是两根固定且平行的水平金属导轨，符号“×”表示垂直于纸面向里的磁场的磁感线。现将空心簿铜管EF和GH垂直放在滑轨上，当拉动铜管GH使其向左移动时，发现铜管EF也立即运动起来。
（1）若拉动铜管EF使其向右移动时，则GH应向 ________（填“左”或“右”）移动。
（2）当拉动铜管EF使其向右移动，GH紧跟着运动的过程中，导轨上的两根簿铜管可分别看作是电动机和发电机，其中铜管________?可以看作电动机。
（3）本实验中EF和GH采用空心薄铜管而不采用铜棒的原因是________。
21.如图所示为了探究电磁铁的磁性强弱与哪些因素有关。
实验一：小明同学使用两个相同的大铁钉绕成电磁铁A 和B，还找来一些大头针进行实验，电路设计如图1 所示。
实验二：小丽同学使用大铁钉绕成电磁铁C，还找来一块已调零的电流表和一些大头针进行实验，电路设计如图2 所示。
实验步骤：根据图2 所示连接电路。
闭合开关S，调节滑动变阻器的滑片到某一位置，记录电流表的示数和电磁铁吸引大头针的个数。调节滑动变阻器的滑片位置改变电路中的电流大小，记录电流表的示数和电磁铁吸引大头针的个数。根据以上两个实验来回答以下问题：
（1）实验中通过观察________，来判断电磁铁磁性的强弱。
（2）实验一研究的问题是电磁铁的磁性强弱与________是否有关。
（3）实验二在探究电磁铁的磁性强弱与哪些因素有关的实验中，控制的变量是________。
四、解答题
22.小明利用实验室的电磁继电器、热敏电阻R1、可变电阻器R2等器件设计了一个恒温箱控制电路，如图甲所示，其中“交流电源”是恒温箱加热器的电源(加热器在恒温箱内，图中未画出)；R1处于恒温箱内，图乙是小明通过实验测得的R1的阻值随温度变化的关系曲线。电磁继电器的电源两端电压U＝6伏，电磁继电器线圈的电阻可不计，通过实验测得当电流为20毫安时，电磁继电器的衔铁被吸合。
（1）当恒温箱内的温度达到或者超过预设的最高温度时，热敏电阻R1的阻值________，直流控制电路中的电流________，电磁继电器的衔铁被吸合。(填“增大”或“减小”)
（2）为了实现温度控制，恒温箱的加热器(加热器的电热丝图中未画出)应该选择接在以下的 ?????。
A.?AB端???????????????????????????????????B.?CD端???????????????????????????????????C.?AC端???????????????????????????????????D.?BC端
（3）如果要使恒温箱内预设的温度可调节范围是50 ℃～90 ℃，可供选择的可变电阻器R2的电阻值有如下的几种，应选择 ?????可变电阻器最恰当。
A.?0～100欧?????????????????????????B.?0～200欧?????????????????????????C.?0～300欧?????????????????????????D.?0～3 000欧
（4）若要提高恒温箱控制的温度，合理的操作方法是________。
答案解析部分
一、单选题
1. D
解析：铁钴镍等磁性材料容易被磁化。发电机的工作原理是：闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，电路中会产生感应电流，感应电流的方向与磁场方向和导体的切割方向有关。由于切割磁感线的方向在改变，所产生的电流也会变化同时把机械能转化为电能。直流电动机的构造分为四大部分，分别叫磁铁、线圈、两个电刷、换向器，换向器由两个彼此绝缘的金属半圆环组成，其作用是改变线圈中的电流方向，从而改变线圈的受力的方向，保证线圈持续转动。
【解答】A、铁钴镍等磁性材料容易被磁化，铜不是磁性材料不易被磁化；故A错误； B、电磁继电器中的磁体必须有铁芯，它是利用电流的磁效应原理制成的，电流的通断控制磁性的有无，不是永久磁体；故B错误； C、发电机正常工作时，是将机械能转化为电能；故C错误； D、直流电动机的换向器，由两个彼此绝缘的金属半圆环组成；故D正确； 故答案为：D。
2. C
解析：电磁感应又称磁电感应现象，是指闭合电路的一部分导体在磁场中作切割磁感线运动，导体中就会产生电流的现象。
【解答】A、电铃是利用电流的磁效应来工作；故A错误； B、电风扇内部含有电动机，是利用通电导体在磁场中受力的原理制成的；故B错误； C、风力发电机是利用电磁感应现象的原理制成的；故C正确； D、门吸是利用磁体能吸引铁、钴、镍等磁性材料的性质制成的；故D错误； 故答案为：C。
3. B
解析：利用安培定则分别判断左右两个螺线管的磁极，然后根据磁极之间的相互作用判断即可。 【解答】左边螺线管：线圈上电流方向为从上向下，根据安培定则可知，右边为N极，左边为S极； 右边螺线管：线圈上电流方向为从下向上，根据安培定则可知，左边为N极，右边为S极。 根据“同名磁极相互排斥”可知，两个螺线管相互排斥，故B正确。 故选B。
4. D
解析：（1）根据弹簧测力计的示数变化判断电磁铁的上端极性； （2）根据安培定则判断电流方向，进而判断电源的正极和负极； （3）对悬挂的磁铁进行受力分析，判断弹簧测力计的示数变化； （4）电磁铁的铁芯可以增强它的磁场强度。 【解答】A.当滑动变阻器的滑片向右移动时，电流增大，电磁铁磁性增强；因为弹簧测力计的示数减少，所以电磁铁的上端与永磁铁下端为同极，即电磁铁的上端是N极，故A错误； B.根据安培定则，右手大拇指向上，握住螺线管，这时可知螺线管上电流方向从左到右，因此电源左端是负极，故B错误； C.弹簧测力计的示数等于永磁铁的重力与电磁铁的排斥力的差，即：；断开开关，排斥力为0，因此弹簧测力计的示数会增大，故C错误； D.若滑动变阻器的滑片不动，抽去电磁铁的铁芯，这时永磁铁受到的排斥力会减小，弹簧测力计的示数会增大，故D正确。 故选D。
5. B
解析：当闭合电路中的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，就会在电路中产生感应电流，这就是电感应现象，根据这一点来判断下列中哪一个应用的是电磁感应.。 【解答】汽车行驶中产生电流的原理是电磁感应。 A、此图可说明通电导体在磁场中受力运动，与电动机原理相同，A不合题意； B、此图为电磁感应原理，符合题意； C、奥斯特实验，说明了通电导体周围存在着磁场，C不合题意； D、此图探究电磁铁的磁性与线圈匝数的关系，不合题意。 故答案为：B。 ?
6. D
解析：直流电动机是根据通电线圈在磁场中受到力的作用而发生转动的原理制成的，它在工作时将电能转化为机械能。它的构造分为四大部分，分别叫磁铁、线圈、两个电刷、换向器，其中换向器的主要作用是改变线圈中的电流方向，从而改变线圈的受力的方向，保证线圈持续转动。
【解答】A、直流电动机是根据通电线圈在磁场中受到力的作用而发生转动的原理制成的；故A正确； B、换向器的主要作用是改变线圈中的电流方向，从而改变线圈的受力的方向，保证线圈持续转动；故B正确； C、直流电动机在工作时将电能转化为机械能；故C正确； 因为以上三种说法正确；故D错误； 故答案为：D。
7. A
解析：通电螺线管中的安培定则：用右手握住通电螺线管，使四指弯曲与电流方向一致，那么指所指的那一端是通电螺线管的N极。磁感线的方向为小磁针N极所指的方向，在通电螺线管外部磁感线由N极出发回到S极，在通电螺线管内部磁感线由S极出发回到N极。
【解答】根据小磁针N极的指向可知，a端是通电螺线管的N极，b端是通电螺线管的S极，再根据安培定则得出c端是电源的正极，d端是电源的负极；故A正确，B、C、D错误； 故答案为：A。 ?
8. B
解析：通电螺线管中的安培定则：用右手握住通电螺线管，使四指弯曲与电流方向一致，那么指所指的那一端是通电螺线管的N极。通电路线管的周围存在磁场，磁场磁性的大小与三个因素有关：电流大小、线圈匝数多少、有无铁芯。同等条件下，线圈匝数越多，磁性越强；同等条件下，通过电磁铁的电流越强，其磁性越强；同等条件下，有铁芯比没有铁芯磁性强。
【解答】根据安培定则可知，通电螺线管右侧为N极，左侧为S极，所以小磁针甲不偏转，小磁针乙偏转；故A、C错误，B正确； 当滑动变阻器滑片P从右向左滑动时，闭合回路中的电阻变大，电压不变，根据欧姆定律可知，闭合回路中的电流变小，而线圈匝数不变所以通电螺线管的磁性逐渐减小；故D错误； 故答案为：B。
9. B
解析：直流电动机是根据通电线圈在磁场中受到力的作用而发生转动的原理制成的，它在工作时将电能转化为机械能。闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，电路中会产生感应电流。
【解答】A、电动机工作过程中有能量的散失，例如内能，因此消耗的电能大部分转化为机械能；故A错误； B、电动机工作过程中，线圈在磁场中做切割磁感线的运动，因此线圈中会有感应电流产生；故B正确； C、电动机工作过程中，线圈中的电流呈现周期性变化，线圈转动1周的过程中电流方向改变2次；故C错误； D、电动机中的线圈转动是利用了惯性，但线圈的质量不能太大，太大的话电动机启动困难，因此不是线圈质量越大越好；故D错误； 故答案为：B。
10. C
解析：电磁铁的磁性强弱与三个因素有关：电流大小、线圈匝数多少、有无铁芯。同等条件下，线圈匝数越多，磁性越强；同等条件下，通过电磁铁的电流越强，其磁性越强；同等条件下，有铁芯比没有铁芯磁性强。并联电路中闭合回路的总电阻为R=。
【解答】根据图示电路图可知，R1与R2并联，先闭合开关S2 ， R1与通电通电电磁铁串联接入闭合回路，再闭合开关S1后，R1与R2并联之后再与通电电磁铁串联接入闭合回路，此过程中闭合回路中的总电阻R=减小，电源电不变，根据欧姆定律可知，闭合回路的总电流变大，所以电磁铁的磁性增强；故A、B、D错误，C正确； 故答案为：C。
11. B
解析：右手定则规定：伸平右手使姆指与四指垂直，手心向着磁场的N极，姆指的方向与导体运动的方向一致，四指所指的方向即为导体中感应电流的方向。要产生感应电流或感应电动势必须同时满足以下两个条件：闭合回路；导体切割磁感线。
【解答】A、当铜棒ab在磁场中竖直上下运动时，电流表指针不会偏转；故A错误； B、根据右手定则可知，只改变铜棒运动方向时，电流表指针的偏转方向改变；故B正确； C、根据右手定则可知，只改变磁场方向时，电流表指针的方向会发生偏转方向；故C错误； D、根据右手定则可知，同时改变磁场方向和铜棒运动方向时，电流表指针的偏转方向不变；故D错误； 故答案为：B。?
12. C
解析：右手定则规定：伸平右手使姆指与四指垂直，手心向着磁场的N极，姆指的方向与导体运动的方向一致，四指所指的方向即为导体中感应电流的方向。要产生感应电流或感应电动势必须同时满足以下两个条件：闭合回路；导体切割磁感线。
【解答】甲图导体为闭合电路的一部分，导体运动的方向与磁感线方向平行，即导体不切割磁感线，故甲图不会产生感应电流；乙图导体为闭合电路的一部分，导体运动的方向与磁感线方向平行，即导体不切割磁感线，故乙图不会产生感应电流；丙图导体为闭合电路的一部分，导体运动的方向与磁感线方向垂直，导体做切割磁感线的运动，故丙图会产生感应电流；丁图导体为闭合电路的一部分，导体运动的方向与磁感线方向不平行，导体做切割磁感线的运动，故丁图会产生感应电流；故ABD错误，C正确； 故答案为：C。 ?
13. A
解析：左手定则规定：伸平左手使姆指与四指垂直，手心向着磁场的N极，四指的方向与导体中电流的方向一致，姆指所指的方向即为导体在磁场中受力的方向。根据左手定则可知，通电导体在磁场中的受力方向与电流的方向和磁感线的方向有关。
【解答】K与1接通时，电流由a流向b，ab段导线受磁场力F的方向向上；当K改为与2接通时，电流由b流向a，利用左手定则可知，ab段导线受磁场力方向向下；故B、C、D错误，A正确； 故答案为：A。?
二、填空题
14. N极 ；
解析：（1）磁场中某点小磁针静止时N极所指的方向就是该点的磁场方向； （2）首先根据磁感线方向判断通电螺线管的N极方向，再根据安培定则判断电源的正负极；根据磁极之间的相互作用判断小磁针的北极。 【解答】磁场具有方向，将一个小磁针放入磁场中任何一点，小磁针N极所指的方向就是该点磁场的方向。 根据磁感线的环绕方向可知，通电螺线管的左端是N极；右手大拇指向左，握住螺线管，根据安培定则可知，螺线管上电流是从下向上，那么电源的左端是负极，右端是正极； 根据异名磁极相互吸引的原理可知，因为螺线管的右端是S极，所以小磁针的左端是N极。 故答案为：N极；同解析
15. 先变小后变大 解析：磁体的两端磁性最强，中间磁性最弱；对小铁块进行受力分析后判断压力的变化即可。 【解答】铁块对磁铁的压力等于自身重力和磁铁的引力的和，即； 小铁块无论在N极，还是在磁铁的S极，铁块都会受到磁铁的引力；因为磁铁的两端磁性最强，所以铁块受到的引力最大；磁铁的中间磁性最弱，所以铁块在磁铁中间时受到的磁力最小。 那么小铁块对磁铁的压力变化为：先变小后变大。 故答案为：先变小后变大 ?
16. 线圈匝数；变强；容易
解析：电磁铁的磁性强弱与三个因素有关：电流大小、线圈匝数多少、有无铁芯。同等条件下，线圈匝数越多，磁性越强；同等条件下，通过电磁铁的电流越强，其磁性越强；同等条件下，有铁芯比没有铁芯磁性强。闭合回路的欧姆定律公式为I=。
【解答】根据图中电路图可知，该电路为串联电路，即电流处处相等，线圈的缠绕方式相同，而线圈匝数不同，所以这个实验可以说明电磁铁法人磁性强弱与线圈匝数有关；当滑动变阻器的滑片向右移动时，闭合回路中的电阻减小，电压不变，根据闭合回路的欧姆定律可知，闭合回路的电流变大。所以电磁铁a的磁性变强；闭合回路有一部分插入稀硫酸溶液中，当开关闭合后，闭合回路中有电流通过，所以此实验说明稀硫酸溶液能导电； 故答案为：线圈匝数；变强；容易。
17. （1）电流；不能 （2）交流；发电
解析：电动机是根据通电线圈在磁场中受到力的作用而发生转动的原理制成的，它在工作时将电能转化为机械能。发电机的工作原理是：闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，电路中会产生感应电流，感应电流的方向与磁场方向和导体的切割方向有关。由于切割磁感线的方向在改变，所产生的电流也会变化同时把机械能转化为电能。
【解答】（1）闭合开关后，通电线圈能够在磁场中转动，说明磁场对电流有力的作用，线圈两端的漆全部被刮去，线圈转到平衡位置时，由于线圈中电流的方向不能发生改变，所以线圈在磁场中不能持续转动； （2）将电源和开关换成小量程电流表，缓慢转动线圈，线圈在磁场中做切割磁感线的运动会产生感应电流，由于电流表的指针左右摆动，所以线圈在磁场中转动产生了交流电，根据此原理可制成发电机； 故答案为：（1）电流；不能；（2）交流；发电。
18. （1）电磁感应
（2）左
解析：电磁感应又称磁电感应现象，是指闭合电路的一部分导体在磁场中作切割磁感线运动，导体中就会产生电流的现象。这种利用磁场产生电流的现象叫做电磁感应现象，产生的电流叫做感应电流，感应电流的方向与磁场方向和导体的切割方向有关。
【解答】（1）磁铁的周围存在磁场，将磁体向右插入螺线管中时，通电螺线管做切割磁感线的运动，灵敏电流计的指针向右偏转，说明有感应电流产生，此现象为电磁感应现象； （2）将磁铁从螺线管中向左拔出时，相对于磁铁，螺线管向右运动，导体向相反的方向做切割磁感线的运动，产生的感应电流方向向相反的方向发生变化，灵敏电流计的指针向左偏转； 故答案为：电磁感应；左。
?
三、实验探究题
19. （1）使导体棒水平向左或向右运动
（2）调换N极、S极位置；改变导体棒运动方向
解析：闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，电路中会产生感应电流，感应电流的方向与磁场方向和导体的切割方向有关。
【解答】（1）闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，电路中会产生感应电流，因此要使电流计指针发生偏转，可行的操作是使导体棒水平向左或向右运动； （2）感应电流的方向与磁场方向和导体的切割方向有关，所以要使灵敏电流计的指针偏转方向发生改变，可以采取方法为：调换N极、S极位置；改变导体棒运动方向； 故答案为：（1）使导体棒水平向左或向右运动；（2）调换N极、S极位置；改变导体棒运动方向。
?20. （1）右 （2）GH （3）空心薄钢管质量小，压力小，产生的摩擦力小，容易运动起来 解析：（1）首先根据“右手”定则判断GH中产生的电流方向，再根据“左手定则”判断GH的运动方向； （2）发电机将机械能转化为电能，电动机将电能转化为机械能； （3）摩擦力与压力和接触面的粗糙程度有关。 【解答】（1）当拉动铜管EF向右运动时，根据“右手定则”：让磁感线垂直穿过手心，即右手手心向外，大拇指指向运动方向（向右），四个手指的方向就是感应电流的方向，即电流从F到E；那么GH中的电流从上到下，根据“左手定则”：磁感线垂直穿过手心，即左手手心向外，四个手指指向电流方向（向下），大拇指所指的方向就是运动方向，即GH向右运动； （2）铜管EF运动起来产生电能，因此它是发电机；铜管GH通上电流运动起来，因此是电动机； （3）因为摩擦力与压力大小有关，所以本实验中EF和GH采用空心薄铜管而不采用铜棒的原因是：空心薄钢管质量小，压力小，产生的摩擦力小，容易运动起来。 故答案为：（1）右；（2）GH；（3）空心薄钢管质量小，压力小，产生的摩擦力小，容易运动起来
21. （1）吸引大头针数目 （2）线圈匝数 （3）线圈匝数 解析：（1）吸引的大头针数目越多，说明电磁铁的磁性越强，据此解答； （2）分析实验一中哪个因素不同，就是探究的这个因素对电磁铁磁性的影响； （3）分析实验二改变的因素是哪个，其他的因素都要保持相同。 【解答】（1）吸引的大头针数目越多，说明电磁铁的磁性越强，因此实验中通过观察吸引大头针的数目，来判断电磁铁磁性的强弱； （2）实验一中，两个电磁铁串联，那么电流大小相等，但线圈匝数不同，因此探究的是电磁铁的磁性强弱与线圈匝数是否有关； （3）实验二中，变阻器是用来改变通过电磁铁电流大小的，因此它探究的是电磁铁的磁性强弱与电流大小的关系，控制的因素是线圈匝数。 故答案为：（1）吸引大头针数目；（2）线圈匝数；（3）线圈匝数
四、解答题
22. （1）减小；增大 （2）B （3）C （4）适当向右调节滑动变阻器R2的滑片，使其接入电路的阻值变大
解析：电磁继电器由电磁铁、衔铁、簧片、触点（静触点、动触点）组成。其工作电路由低压控制电路和高压工作电路两部分构成。低压控制电路是由电磁铁、低压电源和开关组成；工作电路由机器（电动机等）、高压电源、电磁继电器的触点部分组成。闭合回路的欧姆定律公式I=。
【解答】（1）根据乙图R1的阻值随温度变化的关系曲线可知，当恒温箱内的温度达到或者超过预设的最高温度时，热敏电阻R1的阻值减小，电源电压不变，根据闭合回路的欧姆定律公式I=可知，直流控制电路中的电流增大； （2）由于“交流电源”是恒温箱加热器的电源，所以恒温箱的加热器应接在CD端； （3）根据题意可知，当电流为20毫安时，电磁继电器的衔铁被吸合，此时的电阻为R2===300， 所以应选择0300的可变电阻； （4）若要提高恒温箱控制的温度， 应适当向右调节滑动变阻器R2的滑片，使其接入电路的阻值变大，此时，R1的阻值减小，恒温箱的可控温度升高； 故答案为：（1）减小；增大；（2）B；（3）C；（4）适当向右调节滑动变阻器R2的滑片，使其接入电路的阻值变大。
一、单选题
1.关于电磁现象，下列说法正确的是（?? ）
A.?铜制品很容易被磁化 B.?电磁继电器中的铁芯，可以用永磁体代替 C.?发电机正常工作时，是将电能转化为机械能 D.?直流电动机的换向器，由两个彼此绝缘的金属半圆环组成
2.如图所示的几种器件，工作时应用了电磁感应现象的是（?? ）
A.?电铃 ??????????????????????????????B.?电风扇 C.?风力发电机 ????????????????????D.?门吸
3.如图所示，在光滑支架上套有L1、L2两个线圈，闭合开关S后，两个螺线管的情况是（??? ）
A.?静止不动?????????????????????B.?互相排斥?????????????????????C.?互相吸引??????????????????D.?不能确定
4.如上图所示，闭合开关，将滑动变阻器的滑片P向右移动时，弹簧测力计的示数变小。则下列分析正确的是(?? ?)
A.?电磁铁的上端为S极 B.?电源左端为“＋”极 C.?断开开关，弹簧测力计的示数为零 D.?若滑动变阻器的滑片P不动，抽去电磁铁铁芯，弹簧测力计的示数增大
5.新能源汽车在行驶过程中产生电流并给车内的蓄电池充电。下图中工作原理与汽车行驶中产生电流的原理相同的是（?? ）
A.?????????B.????????????C.?????????D.?
6.关于直流电动机的有关说法，错误的是（?? ）
A.?直流电动机是利用通电线圈在磁场中转动的原理制成的 B.?直流电动机中换向器的作用是在线圈经过平衡位置时就能自动改变线圈中的电流方向 C.?直流电动机是把电能转化为机械能的装置 D.?以上三种说法都是错误的
7.在如图所示的电路中，根据小磁针静止时的指向可知（?? ）
A.?a端是通电螺线管的N极，c端是电源正极????????????B.?b端是通电螺线管的N极，d端是电源正极 C.?a端是通电缧线管的N极，c端是电源负极????????????D.?b端是通电螺线管的N极，d端是电源负极
8.在探究“通电螺线管外部磁场分布”的实验中，开关断开时小磁针甲、乙的指向如图所示，当开关闭合时，通电螺线管有磁性，则下列说法正确的是（?? ）
A.?小磁针甲偏转，小磁针乙不偏转 B.?小磁针乙偏转，小磁针甲不偏转 C.?小磁针甲、乙均偏转 D.?滑动变阻器滑片P从右向左滑动时，通电螺线管的磁性逐渐增强
9.如图所示为直流电动机的工作原理，以下相关的分析中正确的是（?? ）
A.?电动机工作过程中，消耗的电能全部转化为机械能 B.?电动机工作过程中，线圈中也会产生感应电流 C.?电动机的线圈转动1周的过程中电流方向改变4次 D.?电动机中的线圈转动是利用了惯性，所以线圈质量越大越好
10.如图所示，先闭合开关S2 ， 再闭合开关S1 ， 则电磁铁的磁性将（?? ）
A.?不变???????????????????????????????B.?减弱???????????????????????????????C.?增强???????????????????????????????D.?无法判断?????????
11.如图所示，在蹄形磁体的磁场中悬挂一根铜棒，铜棒的两端a、b通过导线跟开关、电流表连接，开关闭合后（?? ）
A.?只要铜棒ab在磁场中运动，电流表指针就会偏转 B.?只改变铜棒运动方向时，电流表指针的偏转方向改变 C.?只改变磁场方向时，电流表指针的偏转方向不变 D.?同时改变磁场方向和铜棒运动方向时，电流表指针的偏转方向改变
12.如图所示，a表示垂直于纸面上的一根导线，它是闭合电路的一部分，它在磁场中按箭头方向运动时，会产生感应电流的是（?? ）
A.?甲和乙????????????????????????????????B.?乙和丙????????????????????????????????C.?丙和丁????????????????????????????????D.?甲和丁
13.如图所示，线圈abcd位于磁场中，K与1接通时，ab段导线受磁场力F的方向向上；当K改为与2接通时，ab段导线受磁场力（?? ）
A.?方向向下????????????B.?方向向上????????????C.?为零，因为电源反接????????????D.?为零，因为电路一定是断路
二、填空题
14.磁场具有方向，将一个小磁针放入磁场中任何一点，小磁针________所指的方向就是该点磁场的方向。请在右上图标出电源正负极和小磁针北极________（请把北极涂黑）。
15.如图所示，重为G的小铁块在水平方向力F的作用下，沿条形磁铁的表面从N极滑到S极，在此过程中小铁块对磁铁的压力大小变化情况是________。
16.小丽在做如图的实验时，闭合开关S后，观察到a、b两枚铁钉吸引大头针的现象。这个实验可以说明电磁铁的磁性强弱与________有关；如果将滑动变阻器的滑片向右移动，电磁铁a的磁性强弱的变化是________(填“变强”“变弱”或“不变”)，此实验还能说明稀硫酸溶液________(填“容易”或“不容易”)导电。
??????????????
17.如图所示，用漆包线绕成矩形线圈，将线圈两端的漆全部刮去后放入磁场。
（1）闭合开关，由于磁场对________有力的作用，线圈会转动；线圈在磁场中________(填“能”或“不能”)持续转动。
（2）将电源和开关换成小量程电流表，缓慢转动线圈，发现电流表的指针左右摆动，说明线圈在磁场中转动时产生了________(填“直流”或“交流”)电，根据此原理可制成________机。
18.小华在探究怎样产生感应电流的实验中，设计了如图所示的实验装置。
（1）将磁体向右插入螺线管中时，观察到灵敏电流计的指针向右偏转，这是________现象。
（2）将磁体从螺线管中向左拔出时，会观察到灵敏电流计的指针向________(填“左”或“右”)偏转。
三、实验探究题
19.如图所示是“探究导体在磁场中运动时产生感应电流的条件”的实验装置。闭合开关后，导体棒、灵敏电流计、开关、导线组成闭合电路。
?
（1）要使灵敏电流计的指针发生偏转，可行的操作是________。
（2）要使灵敏电流计的指针偏转方向发生改变，可以采取两种方法。
方法一：________ ；
方法二：________ 。
20.如图所示，AB和CD是两根固定且平行的水平金属导轨，符号“×”表示垂直于纸面向里的磁场的磁感线。现将空心簿铜管EF和GH垂直放在滑轨上，当拉动铜管GH使其向左移动时，发现铜管EF也立即运动起来。
（1）若拉动铜管EF使其向右移动时，则GH应向 ________（填“左”或“右”）移动。
（2）当拉动铜管EF使其向右移动，GH紧跟着运动的过程中，导轨上的两根簿铜管可分别看作是电动机和发电机，其中铜管________?可以看作电动机。
（3）本实验中EF和GH采用空心薄铜管而不采用铜棒的原因是________。
21.如图所示为了探究电磁铁的磁性强弱与哪些因素有关。
实验一：小明同学使用两个相同的大铁钉绕成电磁铁A 和B，还找来一些大头针进行实验，电路设计如图1 所示。
实验二：小丽同学使用大铁钉绕成电磁铁C，还找来一块已调零的电流表和一些大头针进行实验，电路设计如图2 所示。
实验步骤：根据图2 所示连接电路。
闭合开关S，调节滑动变阻器的滑片到某一位置，记录电流表的示数和电磁铁吸引大头针的个数。调节滑动变阻器的滑片位置改变电路中的电流大小，记录电流表的示数和电磁铁吸引大头针的个数。根据以上两个实验来回答以下问题：
（1）实验中通过观察________，来判断电磁铁磁性的强弱。
（2）实验一研究的问题是电磁铁的磁性强弱与________是否有关。
（3）实验二在探究电磁铁的磁性强弱与哪些因素有关的实验中，控制的变量是________。
四、解答题
22.小明利用实验室的电磁继电器、热敏电阻R1、可变电阻器R2等器件设计了一个恒温箱控制电路，如图甲所示，其中“交流电源”是恒温箱加热器的电源(加热器在恒温箱内，图中未画出)；R1处于恒温箱内，图乙是小明通过实验测得的R1的阻值随温度变化的关系曲线。电磁继电器的电源两端电压U＝6伏，电磁继电器线圈的电阻可不计，通过实验测得当电流为20毫安时，电磁继电器的衔铁被吸合。
（1）当恒温箱内的温度达到或者超过预设的最高温度时，热敏电阻R1的阻值________，直流控制电路中的电流________，电磁继电器的衔铁被吸合。(填“增大”或“减小”)
（2）为了实现温度控制，恒温箱的加热器(加热器的电热丝图中未画出)应该选择接在以下的 ?????。
A.?AB端???????????????????????????????????B.?CD端???????????????????????????????????C.?AC端???????????????????????????????????D.?BC端
（3）如果要使恒温箱内预设的温度可调节范围是50 ℃～90 ℃，可供选择的可变电阻器R2的电阻值有如下的几种，应选择 ?????可变电阻器最恰当。
A.?0～100欧?????????????????????????B.?0～200欧?????????????????????????C.?0～300欧?????????????????????????D.?0～3 000欧
（4）若要提高恒温箱控制的温度，合理的操作方法是________。
答案解析部分
一、单选题
1. D
解析：铁钴镍等磁性材料容易被磁化。发电机的工作原理是：闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，电路中会产生感应电流，感应电流的方向与磁场方向和导体的切割方向有关。由于切割磁感线的方向在改变，所产生的电流也会变化同时把机械能转化为电能。直流电动机的构造分为四大部分，分别叫磁铁、线圈、两个电刷、换向器，换向器由两个彼此绝缘的金属半圆环组成，其作用是改变线圈中的电流方向，从而改变线圈的受力的方向，保证线圈持续转动。
【解答】A、铁钴镍等磁性材料容易被磁化，铜不是磁性材料不易被磁化；故A错误； B、电磁继电器中的磁体必须有铁芯，它是利用电流的磁效应原理制成的，电流的通断控制磁性的有无，不是永久磁体；故B错误； C、发电机正常工作时，是将机械能转化为电能；故C错误； D、直流电动机的换向器，由两个彼此绝缘的金属半圆环组成；故D正确； 故答案为：D。
2. C
解析：电磁感应又称磁电感应现象，是指闭合电路的一部分导体在磁场中作切割磁感线运动，导体中就会产生电流的现象。
【解答】A、电铃是利用电流的磁效应来工作；故A错误； B、电风扇内部含有电动机，是利用通电导体在磁场中受力的原理制成的；故B错误； C、风力发电机是利用电磁感应现象的原理制成的；故C正确； D、门吸是利用磁体能吸引铁、钴、镍等磁性材料的性质制成的；故D错误； 故答案为：C。
3. B
解析：利用安培定则分别判断左右两个螺线管的磁极，然后根据磁极之间的相互作用判断即可。 【解答】左边螺线管：线圈上电流方向为从上向下，根据安培定则可知，右边为N极，左边为S极； 右边螺线管：线圈上电流方向为从下向上，根据安培定则可知，左边为N极，右边为S极。 根据“同名磁极相互排斥”可知，两个螺线管相互排斥，故B正确。 故选B。
4. D
解析：（1）根据弹簧测力计的示数变化判断电磁铁的上端极性； （2）根据安培定则判断电流方向，进而判断电源的正极和负极； （3）对悬挂的磁铁进行受力分析，判断弹簧测力计的示数变化； （4）电磁铁的铁芯可以增强它的磁场强度。 【解答】A.当滑动变阻器的滑片向右移动时，电流增大，电磁铁磁性增强；因为弹簧测力计的示数减少，所以电磁铁的上端与永磁铁下端为同极，即电磁铁的上端是N极，故A错误； B.根据安培定则，右手大拇指向上，握住螺线管，这时可知螺线管上电流方向从左到右，因此电源左端是负极，故B错误； C.弹簧测力计的示数等于永磁铁的重力与电磁铁的排斥力的差，即：；断开开关，排斥力为0，因此弹簧测力计的示数会增大，故C错误； D.若滑动变阻器的滑片不动，抽去电磁铁的铁芯，这时永磁铁受到的排斥力会减小，弹簧测力计的示数会增大，故D正确。 故选D。
5. B
解析：当闭合电路中的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，就会在电路中产生感应电流，这就是电感应现象，根据这一点来判断下列中哪一个应用的是电磁感应.。 【解答】汽车行驶中产生电流的原理是电磁感应。 A、此图可说明通电导体在磁场中受力运动，与电动机原理相同，A不合题意； B、此图为电磁感应原理，符合题意； C、奥斯特实验，说明了通电导体周围存在着磁场，C不合题意； D、此图探究电磁铁的磁性与线圈匝数的关系，不合题意。 故答案为：B。 ?
6. D
解析：直流电动机是根据通电线圈在磁场中受到力的作用而发生转动的原理制成的，它在工作时将电能转化为机械能。它的构造分为四大部分，分别叫磁铁、线圈、两个电刷、换向器，其中换向器的主要作用是改变线圈中的电流方向，从而改变线圈的受力的方向，保证线圈持续转动。
【解答】A、直流电动机是根据通电线圈在磁场中受到力的作用而发生转动的原理制成的；故A正确； B、换向器的主要作用是改变线圈中的电流方向，从而改变线圈的受力的方向，保证线圈持续转动；故B正确； C、直流电动机在工作时将电能转化为机械能；故C正确； 因为以上三种说法正确；故D错误； 故答案为：D。
7. A
解析：通电螺线管中的安培定则：用右手握住通电螺线管，使四指弯曲与电流方向一致，那么指所指的那一端是通电螺线管的N极。磁感线的方向为小磁针N极所指的方向，在通电螺线管外部磁感线由N极出发回到S极，在通电螺线管内部磁感线由S极出发回到N极。
【解答】根据小磁针N极的指向可知，a端是通电螺线管的N极，b端是通电螺线管的S极，再根据安培定则得出c端是电源的正极，d端是电源的负极；故A正确，B、C、D错误； 故答案为：A。 ?
8. B
解析：通电螺线管中的安培定则：用右手握住通电螺线管，使四指弯曲与电流方向一致，那么指所指的那一端是通电螺线管的N极。通电路线管的周围存在磁场，磁场磁性的大小与三个因素有关：电流大小、线圈匝数多少、有无铁芯。同等条件下，线圈匝数越多，磁性越强；同等条件下，通过电磁铁的电流越强，其磁性越强；同等条件下，有铁芯比没有铁芯磁性强。
【解答】根据安培定则可知，通电螺线管右侧为N极，左侧为S极，所以小磁针甲不偏转，小磁针乙偏转；故A、C错误，B正确； 当滑动变阻器滑片P从右向左滑动时，闭合回路中的电阻变大，电压不变，根据欧姆定律可知，闭合回路中的电流变小，而线圈匝数不变所以通电螺线管的磁性逐渐减小；故D错误； 故答案为：B。
9. B
解析：直流电动机是根据通电线圈在磁场中受到力的作用而发生转动的原理制成的，它在工作时将电能转化为机械能。闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，电路中会产生感应电流。
【解答】A、电动机工作过程中有能量的散失，例如内能，因此消耗的电能大部分转化为机械能；故A错误； B、电动机工作过程中，线圈在磁场中做切割磁感线的运动，因此线圈中会有感应电流产生；故B正确； C、电动机工作过程中，线圈中的电流呈现周期性变化，线圈转动1周的过程中电流方向改变2次；故C错误； D、电动机中的线圈转动是利用了惯性，但线圈的质量不能太大，太大的话电动机启动困难，因此不是线圈质量越大越好；故D错误； 故答案为：B。
10. C
解析：电磁铁的磁性强弱与三个因素有关：电流大小、线圈匝数多少、有无铁芯。同等条件下，线圈匝数越多，磁性越强；同等条件下，通过电磁铁的电流越强，其磁性越强；同等条件下，有铁芯比没有铁芯磁性强。并联电路中闭合回路的总电阻为R=。
【解答】根据图示电路图可知，R1与R2并联，先闭合开关S2 ， R1与通电通电电磁铁串联接入闭合回路，再闭合开关S1后，R1与R2并联之后再与通电电磁铁串联接入闭合回路，此过程中闭合回路中的总电阻R=减小，电源电不变，根据欧姆定律可知，闭合回路的总电流变大，所以电磁铁的磁性增强；故A、B、D错误，C正确； 故答案为：C。
11. B
解析：右手定则规定：伸平右手使姆指与四指垂直，手心向着磁场的N极，姆指的方向与导体运动的方向一致，四指所指的方向即为导体中感应电流的方向。要产生感应电流或感应电动势必须同时满足以下两个条件：闭合回路；导体切割磁感线。
【解答】A、当铜棒ab在磁场中竖直上下运动时，电流表指针不会偏转；故A错误； B、根据右手定则可知，只改变铜棒运动方向时，电流表指针的偏转方向改变；故B正确； C、根据右手定则可知，只改变磁场方向时，电流表指针的方向会发生偏转方向；故C错误； D、根据右手定则可知，同时改变磁场方向和铜棒运动方向时，电流表指针的偏转方向不变；故D错误； 故答案为：B。?
12. C
解析：右手定则规定：伸平右手使姆指与四指垂直，手心向着磁场的N极，姆指的方向与导体运动的方向一致，四指所指的方向即为导体中感应电流的方向。要产生感应电流或感应电动势必须同时满足以下两个条件：闭合回路；导体切割磁感线。
【解答】甲图导体为闭合电路的一部分，导体运动的方向与磁感线方向平行，即导体不切割磁感线，故甲图不会产生感应电流；乙图导体为闭合电路的一部分，导体运动的方向与磁感线方向平行，即导体不切割磁感线，故乙图不会产生感应电流；丙图导体为闭合电路的一部分，导体运动的方向与磁感线方向垂直，导体做切割磁感线的运动，故丙图会产生感应电流；丁图导体为闭合电路的一部分，导体运动的方向与磁感线方向不平行，导体做切割磁感线的运动，故丁图会产生感应电流；故ABD错误，C正确； 故答案为：C。 ?
13. A
解析：左手定则规定：伸平左手使姆指与四指垂直，手心向着磁场的N极，四指的方向与导体中电流的方向一致，姆指所指的方向即为导体在磁场中受力的方向。根据左手定则可知，通电导体在磁场中的受力方向与电流的方向和磁感线的方向有关。
【解答】K与1接通时，电流由a流向b，ab段导线受磁场力F的方向向上；当K改为与2接通时，电流由b流向a，利用左手定则可知，ab段导线受磁场力方向向下；故B、C、D错误，A正确； 故答案为：A。?
二、填空题
14. N极 ；
解析：（1）磁场中某点小磁针静止时N极所指的方向就是该点的磁场方向； （2）首先根据磁感线方向判断通电螺线管的N极方向，再根据安培定则判断电源的正负极；根据磁极之间的相互作用判断小磁针的北极。 【解答】磁场具有方向，将一个小磁针放入磁场中任何一点，小磁针N极所指的方向就是该点磁场的方向。 根据磁感线的环绕方向可知，通电螺线管的左端是N极；右手大拇指向左，握住螺线管，根据安培定则可知，螺线管上电流是从下向上，那么电源的左端是负极，右端是正极； 根据异名磁极相互吸引的原理可知，因为螺线管的右端是S极，所以小磁针的左端是N极。 故答案为：N极；同解析
15. 先变小后变大 解析：磁体的两端磁性最强，中间磁性最弱；对小铁块进行受力分析后判断压力的变化即可。 【解答】铁块对磁铁的压力等于自身重力和磁铁的引力的和，即； 小铁块无论在N极，还是在磁铁的S极，铁块都会受到磁铁的引力；因为磁铁的两端磁性最强，所以铁块受到的引力最大；磁铁的中间磁性最弱，所以铁块在磁铁中间时受到的磁力最小。 那么小铁块对磁铁的压力变化为：先变小后变大。 故答案为：先变小后变大 ?
16. 线圈匝数；变强；容易
解析：电磁铁的磁性强弱与三个因素有关：电流大小、线圈匝数多少、有无铁芯。同等条件下，线圈匝数越多，磁性越强；同等条件下，通过电磁铁的电流越强，其磁性越强；同等条件下，有铁芯比没有铁芯磁性强。闭合回路的欧姆定律公式为I=。
【解答】根据图中电路图可知，该电路为串联电路，即电流处处相等，线圈的缠绕方式相同，而线圈匝数不同，所以这个实验可以说明电磁铁法人磁性强弱与线圈匝数有关；当滑动变阻器的滑片向右移动时，闭合回路中的电阻减小，电压不变，根据闭合回路的欧姆定律可知，闭合回路的电流变大。所以电磁铁a的磁性变强；闭合回路有一部分插入稀硫酸溶液中，当开关闭合后，闭合回路中有电流通过，所以此实验说明稀硫酸溶液能导电； 故答案为：线圈匝数；变强；容易。
17. （1）电流；不能 （2）交流；发电
解析：电动机是根据通电线圈在磁场中受到力的作用而发生转动的原理制成的，它在工作时将电能转化为机械能。发电机的工作原理是：闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，电路中会产生感应电流，感应电流的方向与磁场方向和导体的切割方向有关。由于切割磁感线的方向在改变，所产生的电流也会变化同时把机械能转化为电能。
【解答】（1）闭合开关后，通电线圈能够在磁场中转动，说明磁场对电流有力的作用，线圈两端的漆全部被刮去，线圈转到平衡位置时，由于线圈中电流的方向不能发生改变，所以线圈在磁场中不能持续转动； （2）将电源和开关换成小量程电流表，缓慢转动线圈，线圈在磁场中做切割磁感线的运动会产生感应电流，由于电流表的指针左右摆动，所以线圈在磁场中转动产生了交流电，根据此原理可制成发电机； 故答案为：（1）电流；不能；（2）交流；发电。
18. （1）电磁感应
（2）左
解析：电磁感应又称磁电感应现象，是指闭合电路的一部分导体在磁场中作切割磁感线运动，导体中就会产生电流的现象。这种利用磁场产生电流的现象叫做电磁感应现象，产生的电流叫做感应电流，感应电流的方向与磁场方向和导体的切割方向有关。
【解答】（1）磁铁的周围存在磁场，将磁体向右插入螺线管中时，通电螺线管做切割磁感线的运动，灵敏电流计的指针向右偏转，说明有感应电流产生，此现象为电磁感应现象； （2）将磁铁从螺线管中向左拔出时，相对于磁铁，螺线管向右运动，导体向相反的方向做切割磁感线的运动，产生的感应电流方向向相反的方向发生变化，灵敏电流计的指针向左偏转； 故答案为：电磁感应；左。
?
三、实验探究题
19. （1）使导体棒水平向左或向右运动
（2）调换N极、S极位置；改变导体棒运动方向
解析：闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，电路中会产生感应电流，感应电流的方向与磁场方向和导体的切割方向有关。
【解答】（1）闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，电路中会产生感应电流，因此要使电流计指针发生偏转，可行的操作是使导体棒水平向左或向右运动； （2）感应电流的方向与磁场方向和导体的切割方向有关，所以要使灵敏电流计的指针偏转方向发生改变，可以采取方法为：调换N极、S极位置；改变导体棒运动方向； 故答案为：（1）使导体棒水平向左或向右运动；（2）调换N极、S极位置；改变导体棒运动方向。
?20. （1）右 （2）GH （3）空心薄钢管质量小，压力小，产生的摩擦力小，容易运动起来 解析：（1）首先根据“右手”定则判断GH中产生的电流方向，再根据“左手定则”判断GH的运动方向； （2）发电机将机械能转化为电能，电动机将电能转化为机械能； （3）摩擦力与压力和接触面的粗糙程度有关。 【解答】（1）当拉动铜管EF向右运动时，根据“右手定则”：让磁感线垂直穿过手心，即右手手心向外，大拇指指向运动方向（向右），四个手指的方向就是感应电流的方向，即电流从F到E；那么GH中的电流从上到下，根据“左手定则”：磁感线垂直穿过手心，即左手手心向外，四个手指指向电流方向（向下），大拇指所指的方向就是运动方向，即GH向右运动； （2）铜管EF运动起来产生电能，因此它是发电机；铜管GH通上电流运动起来，因此是电动机； （3）因为摩擦力与压力大小有关，所以本实验中EF和GH采用空心薄铜管而不采用铜棒的原因是：空心薄钢管质量小，压力小，产生的摩擦力小，容易运动起来。 故答案为：（1）右；（2）GH；（3）空心薄钢管质量小，压力小，产生的摩擦力小，容易运动起来
21. （1）吸引大头针数目 （2）线圈匝数 （3）线圈匝数 解析：（1）吸引的大头针数目越多，说明电磁铁的磁性越强，据此解答； （2）分析实验一中哪个因素不同，就是探究的这个因素对电磁铁磁性的影响； （3）分析实验二改变的因素是哪个，其他的因素都要保持相同。 【解答】（1）吸引的大头针数目越多，说明电磁铁的磁性越强，因此实验中通过观察吸引大头针的数目，来判断电磁铁磁性的强弱； （2）实验一中，两个电磁铁串联，那么电流大小相等，但线圈匝数不同，因此探究的是电磁铁的磁性强弱与线圈匝数是否有关； （3）实验二中，变阻器是用来改变通过电磁铁电流大小的，因此它探究的是电磁铁的磁性强弱与电流大小的关系，控制的因素是线圈匝数。 故答案为：（1）吸引大头针数目；（2）线圈匝数；（3）线圈匝数
四、解答题
22. （1）减小；增大 （2）B （3）C （4）适当向右调节滑动变阻器R2的滑片，使其接入电路的阻值变大
解析：电磁继电器由电磁铁、衔铁、簧片、触点（静触点、动触点）组成。其工作电路由低压控制电路和高压工作电路两部分构成。低压控制电路是由电磁铁、低压电源和开关组成；工作电路由机器（电动机等）、高压电源、电磁继电器的触点部分组成。闭合回路的欧姆定律公式I=。
【解答】（1）根据乙图R1的阻值随温度变化的关系曲线可知，当恒温箱内的温度达到或者超过预设的最高温度时，热敏电阻R1的阻值减小，电源电压不变，根据闭合回路的欧姆定律公式I=可知，直流控制电路中的电流增大； （2）由于“交流电源”是恒温箱加热器的电源，所以恒温箱的加热器应接在CD端； （3）根据题意可知，当电流为20毫安时，电磁继电器的衔铁被吸合，此时的电阻为R2===300， 所以应选择0300的可变电阻； （4）若要提高恒温箱控制的温度， 应适当向右调节滑动变阻器R2的滑片，使其接入电路的阻值变大，此时，R1的阻值减小，恒温箱的可控温度升高； 故答案为：（1）减小；增大；（2）B；（3）C；（4）适当向右调节滑动变阻器R2的滑片，使其接入电路的阻值变大。