第一章 抛体运动测试题 word版含答案
文档属性
| 名称 | 第一章 抛体运动测试题 word版含答案 |  | |
| 格式 | zip | ||
| 文件大小 | 299.3KB | ||
| 资源类型 | 教案 | ||
| 版本资源 | 教科版 | ||
| 科目 | 物理 | ||
| 更新时间 | 2019-04-24 17:00:59 | ||
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文档简介
抛体运动
一、选择题(本题共9小题，1～6题为单选，7～9题为多选)
1．(2019·江苏泰州联考)如图所示是网球发球机，某次室内训练时将发球机放在距地面一定的高度，然后向竖直墙面发射网球。假定网球水平射出，某两次射出的网球碰到墙面时与水平方向夹角分别为30°和60°，若不考虑网球在空中受到的阻力，则( C )
A．两次发射的初速度之比为3?1
B．碰到墙面前空中运动时间之比为1?3
C．下降高度之比为1?3
D．碰到墙面时动能之比为3?1
[解析] 在平抛运动过程中，h＝gt2，x＝v0t，位移与水平方向夹角的正切值tan α＝＝。速度与水平方向夹角的正切值tanβ＝＝。则tanβ＝2tanα。在平抛运动中，h＝x，所以＝＝，由h＝gt2可知，＝＝，速度v＝，可得＝；由于vt＝可知，＝＝，所以动能之比＝＝。综上分析，C正确。
2．(2019·郑州一模)甲乙两个同学打乒乓球，某次动作中，甲同学持拍的拍面与水平方向成45°角，乙同学持拍的拍面与水平方向成30°角，如图所示。设乒乓球击打拍面时速度方向与拍面垂直，且乒乓球每次击打球拍前后的速度大小相等，不计空气阻力，则乒乓球击打甲的球拍的速度v1与乒乓球击打乙的球拍的速度v2之比为( C )
A． B．
C． D．
[解析] 根据平抛运动规律，乒乓球击打球拍时的水平速度相同，将击打球拍时的速度分解为水平方向和竖直方向，由v1sin45°＝v2sin30°，解得v1∶v2＝，选项C正确。
3．(2018·广东惠州二调)如图所示，某一运动员从弧形雪坡上沿水平方向飞出后，又落回到斜面雪坡上，若斜面雪坡的倾角为θ，运动员飞出时的速度大小为v0，不计空气阻力，运动员飞出后在空中的姿势保持不变，重力加速度为g，则下列说法正确的是( B )
A．运动员落到雪坡上时的速度大小是
B．运动员在空中运动的时间是
C．如果v0不同，则该运动员落到雪坡上时的速度方向也不同
D．不论v0多大，该运动员落到雪坡上时的速度方向与水平方向的夹角均为α＝2θ
[解析] 设运动员在空中运动的时间为t，运动员在竖直方向做自由落体运动，水平方向做匀速直线运动。运动员的竖直位移与水平位移之比＝＝＝tanθ，则运动的时间t＝，故B正确；运动员在竖直方向的速度大小vy＝gt＝2v0tanθ，运动员落到雪坡上时的速度大小v＝＝v0，故A错误；设运动员落到雪坡上时的速度方向与水平方向的夹角为α，则tanα＝＝＝2tanθ，而不是α＝2θ，由此可知，运动员落到雪坡上时的速度方向与初速度方向无关，初速度不同，运动员落到雪坡上时的速度方向相同，故C、D错误。
4．(2018·江苏南通一调)如图所示，某同学以不同的初速度将篮球从同一位置抛出两次，篮球抛出后均垂直撞在竖直墙上。图中曲线为篮球第一次运动的轨迹，O为撞击点，篮球第二次抛出后与墙的撞击点在O点正下方，忽略空气阻力，下列说法正确的是( B )
A．篮球两次在空中运动的时间相等
B．篮球第一次撞墙时的速度较小
C．篮球第一次抛出时速度的竖直分量较小
D．篮球第一次抛出时的初速度较小
[解析] 篮球的运动可视为反向的平抛运动，第二次上升的高度较小，所以运动时间较短，故A错误；篮球两次运动的水平位移相等，由x＝v0t得知第二次抛出时水平分速度较大，又两次均垂直撞在墙上，则篮球第二次撞墙时的速度较大，第一次撞墙时的速度较小，故B正确；篮球第二次运动时间较短，由vy＝gt可知，第二次抛出时速度的竖直分量较小，故C错误；根据速度的合成可知，不能确定篮球两次抛出时的速度大小关系，故D错误。
5．(2018·湖南浏阳一中等十校联考)一位同学做平抛实验时，只在纸上记下重垂线y方向，未在纸上记下斜槽末端O的位置，并只描出如图所示的一段平抛轨迹曲线。现在曲线上取A、B两点，用刻度尺分别量出两点到y的距离，AA′＝x1，BB′＝x2，以及A、B间的竖直距离h，可求出小球抛出的初速度v0为( A )
A． B．
C． D．(x2－x1)
[解析] 小球在水平方向做匀速直线运动，则小球由初始点O运动到A过程中，有x1＝v0t1，由初始点O运动到B过程，有x2＝v0t2，小球在竖直方向做自由落体运动，则有h＝gt－gt，联立得v0＝。故A正确，B、C、D错误。
6．(2018·山西太原五中模拟)如图所示，放置在竖直平面内的光滑轨道AB，是按照物体从高度为10m处以初速度为10m/s平抛的运动轨迹制成的，A端为抛出点，B端为落地点。现将一小球置于A点，使其由静止开始从轨道A端滑下。重力加速度g取10m/s2，则下列说法正确的是( A )
A．小球在下滑过程中不会脱离轨道
B．小球在下滑过程中运动的时间为s
C．小球下滑到B端的速度为10m/s
D．小球在B端的水平分速度为10m/s
[解析] 由于轨道是根据物体以初速度为10m/s平抛的运动轨迹制成的，小球是从静止开始释放的，则小球与平抛物体在竖直方向上的位移相同时，小球在同一位置水平方向上的速度永远小于平抛时的速度，故小球不会脱离轨道，A正确；若小球做平抛运动，从A运动到B的时间为t＝＝s，而小球从静止释放，不是做平抛运动。故运动时间不是s，B错误；小球运动过程中只有重力做功，所以小球机械能守恒，有mgh＝mv，解得vB＝＝10m/s，C错误；若小球做平抛运动，到达B端的水平分速度为10m/s，但是小球从静止释放，所以到达B端时水平分速度小于10m/s，D错误。
7．(2019·烟台市质量调研)在探究平抛运动的规律时，可以选用下列三种装置中的一种。以下操作合理的是( AB )
A．选用装置1研究平抛物体竖直分运动，观察A、B两球是否同时落地可采用的方法是用耳朵听两球落地的声音
B．选用装置2要获得稳定细水柱所显示的平抛轨迹，竖直管上端A应低于水面
C．选用装置2要获得稳定细水柱所显示的平抛轨迹，竖直管上端A应高于水面
D．选用装置3要准确获得钢球平抛轨迹，钢球每次可以从斜槽上不同位置静止释放
[解析] 显然选项A正确；对于装置2，要获得稳定细水柱所显示的平抛轨迹，需要保障水柱的初速度不变，即要求出水口处水的压强保持不变。当竖直管上端A低于水面时，A处的压强就与外面的大气压强保持相等，而出水口与A的高度差不变，这样就保障了出水口处水的压强不变。所以选项B正确；选用装置3要准确获得钢球平抛轨迹，钢球每次应该从斜槽上同一位置静止释放，以保障钢球平抛的初速度不变。
8．(2018·广东深圳高级中学月考)横截面为直角三角形的两个相同斜面紧靠在一起，固定在水平面上，如图所示，它们的竖直边长都是底边长的一半。现有三个小球从左边斜面的顶点以不同的初速度向右水平抛出，最后落在斜面上，其落点分别是a、b、c，下列判断正确的是( ABD )
A．图中三个小球相比较，落在a点的小球运动时间最长
B．图中三个小球相比较，落在c点的小球的初速度最大
C．图中三个小球相比较，落在c点的小球运动过程中速度变化最快
D．无论小球抛出时速度多大，落到两个斜面上的瞬时速度都不可能与斜面垂直
[解析] 小球在竖直方向做自由落体运动，有h＝gt2，运动的时间为t＝，可知其运动时间是由竖直方向的位移决定的，由图可知，落在a点的小球下落的高度最大，所以落在a点的小球运动的时间最长，A正确；落在c点的小球下落的高度最小，运动的时间最短，由于其水平位移最大，根据x＝vt知，落在c点的小球初速度最大，B正确；三个小球都做平抛运动，加速度都等于重力加速度，所以速度变化的快慢是相同的，C错误；落在左侧斜面上的小球的速度不可能与斜面垂直，分析落在右侧斜面上的小球，其竖直速度是gt，水平速度是v0，斜面与水平方向的夹角是arctan0.5，要使合速度垂直于斜面，需要满足v0＝gttanθ，即v0＝0.5gt，则经过t时间，竖直位移为0.5gt2，水平位移为v0t＝(0.5gt)t＝0.5gt2，即若要满足这个关系，水平位移和竖直位移需相等，由于落在右侧斜面上的小球的水平位移必定大于竖直位移，显然上述关系式不成立。则无论小球抛出时速度多大，落到两个斜面上的瞬时速度都不可能与斜面垂直，D正确。
9．(2018·河北衡水中学调研)如图所示，质量相同的两小球a、b分别从斜面顶端A和斜面中点B沿水平方向抛出，恰好都落在斜面底端。不计空气阻力，下列说法正确的是( BD )
A．小球a、b在空中运动的时间之比为2?1
B．小球a、b抛出时的初速度大小之比为?1
C．小球a、b到达斜面底端时的动能之比为4?1
D．小球a、b到达斜面底端时的速度方向与斜面夹角之比为1?1
[解析] 两小球下落的高度之比为2?1，根据公式h＝gt2得t＝，所以两小球在空中运动的时间之比为?1，故A错误；两小球的水平位移之比为2?1，根据公式x＝v0t得v0＝，所以两小球的初速度之比为?1，故B正确；小球从抛出到落到斜面底端的过程中，仅重力做功，根据动能定理得mgh＝mv2－mv，所以两小球到达斜面底端时的动能之比为Eka?Ekb＝?＝2?1，故C错误；小球落在斜面上，速度方向与水平方向夹角的正切值是位移与水平方向夹角正切值的2倍，因为位移与水平方向的夹角相等，则速度与水平方向的夹角相等，两小球到达斜面底端时速度方向与斜面的夹角也相等，故D正确。
二、非选择题
10．(2018·湖北襄阳调研)小球A以初速度v0从平台边缘O点水平抛出，其运动轨迹为曲线OD，如图所示。为了研究物体从光滑抛物线轨道顶端无初速度下滑的运动，特制作了一个与A平抛轨道完全相同的光滑轨道，并将该轨道固定在与OD曲线重合的位置，让小球A沿该轨道无初速度下滑(经分析，A下滑过程中不会脱离轨道)。在OD曲线上有一M点，O和M两点连线与竖直方向的夹角为45°，求小球A通过M点时的水平分速度。
[答案] v0
[解析] 以O点为坐标原点，沿水平方向建立x轴，竖直方向建立y轴。
当小球A以初速度v0做平抛运动时，有x＝v0t，y＝gt2
联立得小球A的平抛轨迹方程为y＝
由题意知在M点，有x＝y，得yM＝
小球A从O点沿该轨道无初速度下滑到M点，有mv＝mgyM
解得vM＝＝2v0
小球A由轨道经M点时的速度方向与平抛经M点时的速度方向相同，则＝＝
联立解得vMx＝v0
11．(2018·河南南阳一中月考)如图所示，倾角为37°的斜面长L＝1.9m，在固定斜面底端正上方的O点将一小球以速度v0＝3m/s水平抛出，与此同时释放在斜面顶端的滑块，经过一段时间后小球恰好能以垂直斜面的方向击中滑块(小球和滑块均可视为质点，重力加速度g取10m/s2，sin37°＝0.6，cos37°＝0.8)。求：
(1)抛出点O离斜面底端的高度；
(2)滑块与斜面间的动摩擦因数μ。
[答案] (1)1.7m (2)0.125
[解析] (1)设小球击中滑块时的速度为v，其竖直分速度为vy，
由几何关系得＝tan37°
设小球下落的时间为t，小球的竖直分速度vy＝gt
解得t＝0.4s
设竖直位移为y，水平位移为x，由平抛规律得y＝gt2，x＝v0t
设抛出点O到斜面底端的距离为h，由几何关系得h＝y＋xtan37°
联立以上各式得h＝1.7m
(2)在时间t内，滑块的位移为s，由几何关系得s＝L－
设滑块的加速度为a，由运动学公式得s＝at2
对滑块，由牛顿第二定律得mgsin37°－μmgcos37°＝ma
由以上各式解得μ＝0.125
一、选择题(本题共9小题，1～6题为单选，7～9题为多选)
1．(2019·江苏泰州联考)如图所示是网球发球机，某次室内训练时将发球机放在距地面一定的高度，然后向竖直墙面发射网球。假定网球水平射出，某两次射出的网球碰到墙面时与水平方向夹角分别为30°和60°，若不考虑网球在空中受到的阻力，则( C )
A．两次发射的初速度之比为3?1
B．碰到墙面前空中运动时间之比为1?3
C．下降高度之比为1?3
D．碰到墙面时动能之比为3?1
[解析] 在平抛运动过程中，h＝gt2，x＝v0t，位移与水平方向夹角的正切值tan α＝＝。速度与水平方向夹角的正切值tanβ＝＝。则tanβ＝2tanα。在平抛运动中，h＝x，所以＝＝，由h＝gt2可知，＝＝，速度v＝，可得＝；由于vt＝可知，＝＝，所以动能之比＝＝。综上分析，C正确。
2．(2019·郑州一模)甲乙两个同学打乒乓球，某次动作中，甲同学持拍的拍面与水平方向成45°角，乙同学持拍的拍面与水平方向成30°角，如图所示。设乒乓球击打拍面时速度方向与拍面垂直，且乒乓球每次击打球拍前后的速度大小相等，不计空气阻力，则乒乓球击打甲的球拍的速度v1与乒乓球击打乙的球拍的速度v2之比为( C )
A． B．
C． D．
[解析] 根据平抛运动规律，乒乓球击打球拍时的水平速度相同，将击打球拍时的速度分解为水平方向和竖直方向，由v1sin45°＝v2sin30°，解得v1∶v2＝，选项C正确。
3．(2018·广东惠州二调)如图所示，某一运动员从弧形雪坡上沿水平方向飞出后，又落回到斜面雪坡上，若斜面雪坡的倾角为θ，运动员飞出时的速度大小为v0，不计空气阻力，运动员飞出后在空中的姿势保持不变，重力加速度为g，则下列说法正确的是( B )
A．运动员落到雪坡上时的速度大小是
B．运动员在空中运动的时间是
C．如果v0不同，则该运动员落到雪坡上时的速度方向也不同
D．不论v0多大，该运动员落到雪坡上时的速度方向与水平方向的夹角均为α＝2θ
[解析] 设运动员在空中运动的时间为t，运动员在竖直方向做自由落体运动，水平方向做匀速直线运动。运动员的竖直位移与水平位移之比＝＝＝tanθ，则运动的时间t＝，故B正确；运动员在竖直方向的速度大小vy＝gt＝2v0tanθ，运动员落到雪坡上时的速度大小v＝＝v0，故A错误；设运动员落到雪坡上时的速度方向与水平方向的夹角为α，则tanα＝＝＝2tanθ，而不是α＝2θ，由此可知，运动员落到雪坡上时的速度方向与初速度方向无关，初速度不同，运动员落到雪坡上时的速度方向相同，故C、D错误。
4．(2018·江苏南通一调)如图所示，某同学以不同的初速度将篮球从同一位置抛出两次，篮球抛出后均垂直撞在竖直墙上。图中曲线为篮球第一次运动的轨迹，O为撞击点，篮球第二次抛出后与墙的撞击点在O点正下方，忽略空气阻力，下列说法正确的是( B )
A．篮球两次在空中运动的时间相等
B．篮球第一次撞墙时的速度较小
C．篮球第一次抛出时速度的竖直分量较小
D．篮球第一次抛出时的初速度较小
[解析] 篮球的运动可视为反向的平抛运动，第二次上升的高度较小，所以运动时间较短，故A错误；篮球两次运动的水平位移相等，由x＝v0t得知第二次抛出时水平分速度较大，又两次均垂直撞在墙上，则篮球第二次撞墙时的速度较大，第一次撞墙时的速度较小，故B正确；篮球第二次运动时间较短，由vy＝gt可知，第二次抛出时速度的竖直分量较小，故C错误；根据速度的合成可知，不能确定篮球两次抛出时的速度大小关系，故D错误。
5．(2018·湖南浏阳一中等十校联考)一位同学做平抛实验时，只在纸上记下重垂线y方向，未在纸上记下斜槽末端O的位置，并只描出如图所示的一段平抛轨迹曲线。现在曲线上取A、B两点，用刻度尺分别量出两点到y的距离，AA′＝x1，BB′＝x2，以及A、B间的竖直距离h，可求出小球抛出的初速度v0为( A )
A． B．
C． D．(x2－x1)
[解析] 小球在水平方向做匀速直线运动，则小球由初始点O运动到A过程中，有x1＝v0t1，由初始点O运动到B过程，有x2＝v0t2，小球在竖直方向做自由落体运动，则有h＝gt－gt，联立得v0＝。故A正确，B、C、D错误。
6．(2018·山西太原五中模拟)如图所示，放置在竖直平面内的光滑轨道AB，是按照物体从高度为10m处以初速度为10m/s平抛的运动轨迹制成的，A端为抛出点，B端为落地点。现将一小球置于A点，使其由静止开始从轨道A端滑下。重力加速度g取10m/s2，则下列说法正确的是( A )
A．小球在下滑过程中不会脱离轨道
B．小球在下滑过程中运动的时间为s
C．小球下滑到B端的速度为10m/s
D．小球在B端的水平分速度为10m/s
[解析] 由于轨道是根据物体以初速度为10m/s平抛的运动轨迹制成的，小球是从静止开始释放的，则小球与平抛物体在竖直方向上的位移相同时，小球在同一位置水平方向上的速度永远小于平抛时的速度，故小球不会脱离轨道，A正确；若小球做平抛运动，从A运动到B的时间为t＝＝s，而小球从静止释放，不是做平抛运动。故运动时间不是s，B错误；小球运动过程中只有重力做功，所以小球机械能守恒，有mgh＝mv，解得vB＝＝10m/s，C错误；若小球做平抛运动，到达B端的水平分速度为10m/s，但是小球从静止释放，所以到达B端时水平分速度小于10m/s，D错误。
7．(2019·烟台市质量调研)在探究平抛运动的规律时，可以选用下列三种装置中的一种。以下操作合理的是( AB )
A．选用装置1研究平抛物体竖直分运动，观察A、B两球是否同时落地可采用的方法是用耳朵听两球落地的声音
B．选用装置2要获得稳定细水柱所显示的平抛轨迹，竖直管上端A应低于水面
C．选用装置2要获得稳定细水柱所显示的平抛轨迹，竖直管上端A应高于水面
D．选用装置3要准确获得钢球平抛轨迹，钢球每次可以从斜槽上不同位置静止释放
[解析] 显然选项A正确；对于装置2，要获得稳定细水柱所显示的平抛轨迹，需要保障水柱的初速度不变，即要求出水口处水的压强保持不变。当竖直管上端A低于水面时，A处的压强就与外面的大气压强保持相等，而出水口与A的高度差不变，这样就保障了出水口处水的压强不变。所以选项B正确；选用装置3要准确获得钢球平抛轨迹，钢球每次应该从斜槽上同一位置静止释放，以保障钢球平抛的初速度不变。
8．(2018·广东深圳高级中学月考)横截面为直角三角形的两个相同斜面紧靠在一起，固定在水平面上，如图所示，它们的竖直边长都是底边长的一半。现有三个小球从左边斜面的顶点以不同的初速度向右水平抛出，最后落在斜面上，其落点分别是a、b、c，下列判断正确的是( ABD )
A．图中三个小球相比较，落在a点的小球运动时间最长
B．图中三个小球相比较，落在c点的小球的初速度最大
C．图中三个小球相比较，落在c点的小球运动过程中速度变化最快
D．无论小球抛出时速度多大，落到两个斜面上的瞬时速度都不可能与斜面垂直
[解析] 小球在竖直方向做自由落体运动，有h＝gt2，运动的时间为t＝，可知其运动时间是由竖直方向的位移决定的，由图可知，落在a点的小球下落的高度最大，所以落在a点的小球运动的时间最长，A正确；落在c点的小球下落的高度最小，运动的时间最短，由于其水平位移最大，根据x＝vt知，落在c点的小球初速度最大，B正确；三个小球都做平抛运动，加速度都等于重力加速度，所以速度变化的快慢是相同的，C错误；落在左侧斜面上的小球的速度不可能与斜面垂直，分析落在右侧斜面上的小球，其竖直速度是gt，水平速度是v0，斜面与水平方向的夹角是arctan0.5，要使合速度垂直于斜面，需要满足v0＝gttanθ，即v0＝0.5gt，则经过t时间，竖直位移为0.5gt2，水平位移为v0t＝(0.5gt)t＝0.5gt2，即若要满足这个关系，水平位移和竖直位移需相等，由于落在右侧斜面上的小球的水平位移必定大于竖直位移，显然上述关系式不成立。则无论小球抛出时速度多大，落到两个斜面上的瞬时速度都不可能与斜面垂直，D正确。
9．(2018·河北衡水中学调研)如图所示，质量相同的两小球a、b分别从斜面顶端A和斜面中点B沿水平方向抛出，恰好都落在斜面底端。不计空气阻力，下列说法正确的是( BD )
A．小球a、b在空中运动的时间之比为2?1
B．小球a、b抛出时的初速度大小之比为?1
C．小球a、b到达斜面底端时的动能之比为4?1
D．小球a、b到达斜面底端时的速度方向与斜面夹角之比为1?1
[解析] 两小球下落的高度之比为2?1，根据公式h＝gt2得t＝，所以两小球在空中运动的时间之比为?1，故A错误；两小球的水平位移之比为2?1，根据公式x＝v0t得v0＝，所以两小球的初速度之比为?1，故B正确；小球从抛出到落到斜面底端的过程中，仅重力做功，根据动能定理得mgh＝mv2－mv，所以两小球到达斜面底端时的动能之比为Eka?Ekb＝?＝2?1，故C错误；小球落在斜面上，速度方向与水平方向夹角的正切值是位移与水平方向夹角正切值的2倍，因为位移与水平方向的夹角相等，则速度与水平方向的夹角相等，两小球到达斜面底端时速度方向与斜面的夹角也相等，故D正确。
二、非选择题
10．(2018·湖北襄阳调研)小球A以初速度v0从平台边缘O点水平抛出，其运动轨迹为曲线OD，如图所示。为了研究物体从光滑抛物线轨道顶端无初速度下滑的运动，特制作了一个与A平抛轨道完全相同的光滑轨道，并将该轨道固定在与OD曲线重合的位置，让小球A沿该轨道无初速度下滑(经分析，A下滑过程中不会脱离轨道)。在OD曲线上有一M点，O和M两点连线与竖直方向的夹角为45°，求小球A通过M点时的水平分速度。
[答案] v0
[解析] 以O点为坐标原点，沿水平方向建立x轴，竖直方向建立y轴。
当小球A以初速度v0做平抛运动时，有x＝v0t，y＝gt2
联立得小球A的平抛轨迹方程为y＝
由题意知在M点，有x＝y，得yM＝
小球A从O点沿该轨道无初速度下滑到M点，有mv＝mgyM
解得vM＝＝2v0
小球A由轨道经M点时的速度方向与平抛经M点时的速度方向相同，则＝＝
联立解得vMx＝v0
11．(2018·河南南阳一中月考)如图所示，倾角为37°的斜面长L＝1.9m，在固定斜面底端正上方的O点将一小球以速度v0＝3m/s水平抛出，与此同时释放在斜面顶端的滑块，经过一段时间后小球恰好能以垂直斜面的方向击中滑块(小球和滑块均可视为质点，重力加速度g取10m/s2，sin37°＝0.6，cos37°＝0.8)。求：
(1)抛出点O离斜面底端的高度；
(2)滑块与斜面间的动摩擦因数μ。
[答案] (1)1.7m (2)0.125
[解析] (1)设小球击中滑块时的速度为v，其竖直分速度为vy，
由几何关系得＝tan37°
设小球下落的时间为t，小球的竖直分速度vy＝gt
解得t＝0.4s
设竖直位移为y，水平位移为x，由平抛规律得y＝gt2，x＝v0t
设抛出点O到斜面底端的距离为h，由几何关系得h＝y＋xtan37°
联立以上各式得h＝1.7m
(2)在时间t内，滑块的位移为s，由几何关系得s＝L－
设滑块的加速度为a，由运动学公式得s＝at2
对滑块，由牛顿第二定律得mgsin37°－μmgcos37°＝ma
由以上各式解得μ＝0.125