2019年数学浙江专版选修2-3新一线同步(讲义+课件+课时跟踪检测):第二章 2.4 2.4.1 条件概率(21张)

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名称 2019年数学浙江专版选修2-3新一线同步(讲义+课件+课时跟踪检测):第二章 2.4 2.4.1 条件概率(21张)
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科目 数学
更新时间 2019-04-28 16:00:49

文档简介

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2.4.1 条件概率
/
预习课本P51~53,思考并完成以下问题
1.条件概率的定义是什么?它的计算公式有哪些?
 
 
 
2.条件概率的特点是什么?它具有哪些性质?
 
 
 
    
1.条件概率
(1)概念
设A,B为两个事件,且P(A)>0,称P(B|A)=为在事件A发生的条件下,事件B发生的条件概率.P(B|A)读作A发生的条件下B发生的概率.
(2)计算公式
①缩小样本空间法:P(B|A)=;
②公式法:P(B|A)=.
[点睛]
(1)P(B|A)与P(A|B)意义不同,由条件概率的定义可知P(B|A)表示在事件A发生的条件下事件B发生的条件概率;而P(A|B)表示在事件B发生的条件下事件A发生的条件概率.
(2)P(B|A)与P(B):在事件A发生的前提下,事件B发生的概率不一定是P(B),即P(B|A)与P(B)不一定相等.
2.条件概率的性质
(1)有界性:0≤P(B|A)≤1.
(2)可加性:如果B和C是两个互斥事件,则P(B∪C|A)=P(B|A)+P(C|A).
[点睛] 对条件概率性质的两点说明
(1)前提条件:P(A)>0.
(2)P(B∪C|A)=P(B|A)+P(C|A),必须B与C互斥,并且都是在同一个条件A下.

1.判断下列命题是否正确.(正确的打“√”,错误的打“×”)
(1)若事件A,B互斥,则P(B|A)=1.(  )
(2)事件A发生的条件下, 事件B发生,相当于A, B同时发生.(  )
答案:(1)× (2)√
2.已知P(AB)=,P(A)=,则P(B|A)为(  )
A.            B.
C. D.
答案:B
3.下列式子成立的是(  )
A.P(A|B)=P(B|A) B.0C.P(AB)=P(B|A)·P(A) D.P(A∩B|A)=P(B)
答案:C
4.把一枚硬币任意掷两次,事件A={第一次出现正面},事件B={第二次出现正面},则P(B|A)=________.
答案:
/
/
条件概率的计算
  [典例] 抛掷红、蓝两颗骰子,记事件A为“蓝色骰子的点数为4或6”,事件B为“两颗骰子的点数之和大于8”,求:(1)事件A发生的条件下,事件B发生的概率.
(2)事件B发生的条件下,事件A发生的概率.
[解] [法一 定义法]
抛掷红、蓝两颗骰子,事件总数为6×6=36,事件A的基本事件数为6×2=12,所以P(A)==.
由于3+6=6+3=4+5=5+4>8,4+6=6+4=5+5>8,5+6=6+5>8,6+6>8,所以事件B的基本事件数为4+3+2+1=10,所以P(B)==.在事件A发生的条件下,事件B发生,即事件AB的基本事件数为6.
故P(AB)==.由条件概率公式,得
(1)P(B|A)===,
(2)P(A|B)===.
[法二 缩减基本事件总数法]
n(A)=6×2=12.
由3+6=6+3=4+5=5+4>8,4+6=6+4=5+5>8,5+6=6+5>8,6+6>8知,n(B)=10,其中n(AB)=6.
所以(1)P(B|A)===,
(2)P(A|B)===.
/
计算条件概率的两种方法
/
提醒:(1)对定义法,要注意P(AB)的求法.
(2)对第二种方法,要注意n(AB)与n(A)的求法.      
[活学活用]
1.已知某产品的次品率为4%,其合格品中75%为一级品,则任选一件为一级品的概率为(  )
A.75%         B.96%
C.72% D.78.125%
解析:选C 记“任选一件产品是合格品”为事件A,则P(A)=1-P()=1-4%=96%. 记“任选一件产品是一级品”为事件B.由于一级品必是合格品,所以事件A包含事件B,故P(AB)=P(B).由合格品中75%为一级品知P(B|A)=75%; 故P(B)=P(AB)=P(A)·P(B|A)=96%×75%=72%.
2.一个盒子中有6只好晶体管,4只坏晶体管,任取两次,每次取一只,每一次取后不放回.若已知第一只是好的,求第二只也是好的概率.
解:令A={第1只是好的},B={第2只是好的},
法一:n(A)=CC,n(AB)=CC,
故P(B|A)===.
法二:因事件A已发生(已知),故我们只研究事件B发生便可,在A发生的条件下,盒中仅剩9只晶体管,其中5只好的,所以P(B|A)==.
/
条件概率的应用
[典例] 在一个袋子中装有10个球,设有1个红球,2个黄球,3个黑球,4个白球,从中依次摸2个球,求在第一个球是红球的条件下,第二个球是黄球或黑球的概率.
[解] 法一:设“摸出第一个球为红球”为事件A,“摸出第二个球为黄球”为事件B,“摸出第二个球为黑球”为事件C,则
P(A)=,P(AB)==,
P(AC)==.
∴P(B|A)====,
P(C|A)===.
∴P(B∪C|A)=P(B|A)+P(C|A)=+=.
∴所求的条件概率为.
法二:∵n(A)=1×C=9,n(B∪C|A)=C+C=5,
∴P(B∪C|A)=.∴所求的条件概率为.
/
利用条件概率性质的解题策略
(1)分析条件,选择公式:首先看事件B,C是否互斥,若互斥,则选择公式P(B∪C|A)=P(B|A)+P(C|A).
(2)分解计算,代入求值:为了求比较复杂事件的概率,一般先把它分解成两个(或若干个)互不相容的较简单的事件之和,求出这些简单事件的概率,再利用加法公式即得所求的复杂事件的概率.      
[活学活用]
在某次考试中,要从20道题中随机地抽出6道题,若考生至少能答对其中4道题即可通过,至少能答对其中5道题就获得优秀.已知某考生能答对其中10道题,并且知道他在这次考试中已经通过,求他获得优秀成绩的概率.
解:记事件A为“该考生6道题全答对”,事件B为“该考生答对了其中5道题,另一道答错”,事件C为“该考生答对了其中4道题,另2道题答错”,事件D为“该考生在这次考试中通过”,事件E为“该考生在这次考试中获得优秀”,则A,B,C两两互斥,且D=A∪B∪C,E=A∪B,可知P(D)=P(A∪B∪C)=P(A)+P(B)+P(C)
=++=,P(AD)=P(A),P(BD)=P(B),
P(E|D)=P(A|D)+P(B|D)
=+=+=.
故所求的概率为.
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层级一 学业水平达标
1.已知P(B|A)=,P(A)=,则P(AB)等于(  )
A.          B.
C. D.
解析:选C P(AB)=P(B|A)·P(A)=×=.
2.4张奖券中只有1张能中奖,现分别由4名同学无放回地抽取.若已知第一名同学没有抽到中奖券,则最后一名同学抽到中奖券的概率是(  )
A. B.
C. D.1
解析:选B 因为第一名同学没有抽到中奖券,所以问题变为3张奖券,1张能中奖,最后一名同学抽到中奖券的概率显然是.
3.甲、乙、丙三人到三个景点旅游,每人只去一个景点,设事件A为“三个人去的景点不相同”,B为“甲独自去一个景点”,则概率P(A|B)等于(  )
A. B.
C. D.
解析:选C 由题意可知,n(B)=C22=12,n(AB)=A=6.
∴P(A|B)===.
4.甲、乙两市都位于长江下游,根据一百多年来的气象记录,知道一年中下雨天的比例甲市占20%,乙市占18%,两地同时下雨占12%,记P(A)=0.2,P(B)=0.18,P(AB)=0.12,则P(A|B)和P(B|A)分别等于(  )
A., B. ,
C., D. ,
解析:选C P(A|B)===,P(B|A)===.
5.某地区空气质量监测资料表明,一天的空气质量为优良的概率是0.75,连续两天为优良的概率是0.6,已知某天的空气质量为优良,则随后一天的空气质量为优良的概率是(  )
A.0.8 B.0.75
C.0.6 D.0.45
解析:选A 记事件A表示“一天的空气质量为优良”,事件B表示“随后一天的空气质量为优良”,P(A)=0.75,P(AB)=0.6,由条件概率,得P(B|A)===0.8.
6.投掷两颗均匀的骰子,已知点数不同,设两颗骰子点数之和为ξ,则ξ≤6的概率为________.
解析:设A=“投掷两颗骰子,其点数不同”,B=“ξ≤6”,则P(A)==,P(AB)=,∴P(B|A)==.
答案:
7.一个家庭中有两个小孩.假定生男、生女是等可能的,已知这个家庭有一个是女孩,则这时另一个小孩是男孩的概率是________.
解析:设A=“其中一个是女孩”,B=“其中一个是男孩”,则P(A)=,P(AB)=,∴P(B|A)==.
答案:
8.盒中装有6件产品,其中4件一等品,2件二等品,从中不放回地取产品,每次1件,取两次,已知第二次取得一等品,则第一次取得的是二等品的概率是________.
解析:令第二次取得一等品为事件A,第一次取得二等品为事件B,则P(AB)==,P(A)==.
所以P(B|A)==×=.
答案:
9.五个乒乓球,其中3个新的,2个旧的,每次取一个,不放回的取两次,求:
(1)第一次取到新球的概率;
(2)第二次取到新球的概率;
(3)在第一次取到新球的条件下,第二次取到新球的概率.
解:设第一次取到新球为事件A,第二次取到新球为事件B.
(1)P(A)==.
(2)P(B)===.
(3)法一:P(AB)==,
P(B|A)===.
法二:n(A)=3×4=12,n(AB)=3×2=6,
P(B|A)===.
10.某校高三(1)班有学生40人,其中共青团员15人.全班平均分成4个小组,其中第一组有共青团员4人.从该班任选一人作学生代表.
(1)求选到的是第一组的学生的概率;
(2)已知选到的是共青团员,求他是第一组学生的概率.
解:设事件A表示“选到第一组学生”,
事件B表示“选到共青团员”.
(1)由题意,P(A)==.
(2)法一:要求的是在事件B发生的条件下,事件A发生的条件概率P(A|B).不难理解,在事件B发生的条件下(即以所选到的学生是共青团员为前提),有15种不同的选择,其中属于第一组的有4种选择.因此,P(A|B)=.
法二:P(B)==,P(AB)==,
∴P(A|B)==.
层级二 应试能力达标
1.一个盒子里有20个大小形状相同的小球,其中5个红的,5个黄的,10个绿的,从盒子中任取一球,若它不是红球,则它是绿球的概率是(  )
A.          B.
C. D.
解析:选C 在已知取出的小球不是红球的条件下,问题相当于从5黄10绿共15个小球中任取一个,求它是绿球的概率,∴P==.
2.从1,2,3,4,5中任取2个不同的数,事件A=“取到的2个数之和为偶数”,事件B=“取到的2个数均为偶数”,则P(B|A)=(  )
A. B.
C. D.
解析:选B ∵P(A)==,P(AB)==,
∴P(B|A)==.
3.某种元件的使用寿命超过1年的概率为0.6,使用寿命超过2年的概率为0.3,则使用寿命超过1年的元件还能继续使用的概率为(  )
A.0.3 B.0.5
C.0.6 D.1
解析:选B 设事件A为“该元件的使用寿命超过1年”,B为“该元件的使用寿命超过2年”,则P(A)=0.6,P(B)=0.3.
因为B?A,所以P(AB)=P(B)=0.3,
于是P(B|A)===0.5.
4.从混有5张假钞的20张百元钞票中任意抽出2张,将其中1张放到验钞机上检验发现是假钞,则第2张也是假钞的概率为(  )
A. B.
C. D.
解析:选D 设事件A表示“抽到2张都是假钞”,事件B为“2张中至少有一张假钞”,所以为P(A|B). 而P(AB)==,P(B)==.∴P(A|B)==.
5.100件产品中有5件次品,不放回地抽取两次,每次抽1件,已知第一次抽出的是次品,则第2次抽出正品的概率为________.
解析:设“第一次抽到次品”为事件A,“第二次抽到正品”为事件B,则P(A)==,P(AB)==,
所以P(B|A)==.
答案:
6.从1~100这100个整数中,任取一数,已知取出的一数是不大于50的数,则它是2或3的倍数的概率为________.
解析:法一:根据题意可知取出的一个数是不大于50的数,则这样的数共有50个,其中是2或3的倍数的数共有33个,故所求概率为.
法二:设A=“取出的球不大于50”,B=“取出的数是2或3的倍数”,则P(A)==,P(AB)=,
∴P(B|A)==.
答案:
7.现有6个节目准备参加比赛,其中4个舞蹈节目,2个语言类节目,如果不放回地依次抽取2个节目,求:
(1)第1次抽到舞蹈节目的概率;
(2)第1次和第2次都抽到舞蹈节目的概率;
(3)在第1次抽到舞蹈的条件下,第2次抽到舞蹈节目的概率.
解:设“第1次抽到舞蹈节目”为事件A,“第2次抽到舞蹈节目”为事件B,则“第1次和第2次都抽到舞蹈节目”为事件AB.
(1)从6个节目中不放回地依次抽取2次的事件数为n(Ω)=A=30,
根据分步计数原理n(A)=AA=20,
于是P(A)===.
(2)因为n(AB)=A=12,于是
P(AB)===.
(3)法一:由(1)(2)可得,在第1次抽到舞蹈节目的条件下,第2次抽到舞蹈节目的概率为P(B|A)===.
法二:因为n(AB)=12,n(A)=20,
所以P(B|A)===.
/
8.有外形相同的球分装在三个盒子中,每盒10个.其中,第一个盒子中有7个球标有字母A,3个球标有字母B;第二个盒子中有红球和白球各5个;第三个盒子中则有红球8个,白球2个.试验按如下规则进行:先在第一个盒子中任取一个球,若取得标有字母A的球,则在第二个盒子中任取一个球;若第一次取得标有字母B的球,则在第三个盒子中任取一个球.如果第二次取出的是红球,则称试验成功,求试验成功的概率.
解:设A={从第一个盒子中取得标有字母A的球},
B={从第一个盒子中取得标有字母B的球},
R={第二次取出的球是红球},
则容易求得P(A)=,P(B)=,
P(R|A)=,P(R|B)=.
事件“试验成功”表示为RA∪RB,又事件RA与事件RB互斥,
故由概率的加法公式,得
P(RA∪RB)=P(RA)+P(RB)
=P(R|A)P(A)+P(R|B)P(B)
=×+×=0.59.
课件21张PPT。
“多练提能·熟生巧”见“课时跟踪检测(十四)”
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课时跟踪检测(十四) 条件概率
层级一 学业水平达标
1.已知P(B|A)=,P(A)=,则P(AB)等于(  )
A.          B.
C. D.
解析:选C P(AB)=P(B|A)·P(A)=×=.
2.4张奖券中只有1张能中奖,现分别由4名同学无放回地抽取.若已知第一名同学没有抽到中奖券,则最后一名同学抽到中奖券的概率是(  )
A. B.
C. D.1
解析:选B 因为第一名同学没有抽到中奖券,所以问题变为3张奖券,1张能中奖,最后一名同学抽到中奖券的概率显然是.
3.甲、乙、丙三人到三个景点旅游,每人只去一个景点,设事件A为“三个人去的景点不相同”,B为“甲独自去一个景点”,则概率P(A|B)等于(  )
A. B.
C. D.
解析:选C 由题意可知,n(B)=C22=12,n(AB)=A=6.
∴P(A|B)===.
4.甲、乙两市都位于长江下游,根据一百多年来的气象记录,知道一年中下雨天的比例甲市占20%,乙市占18%,两地同时下雨占12%,记P(A)=0.2,P(B)=0.18,P(AB)=0.12,则P(A|B)和P(B|A)分别等于(  )
A., B. ,
C., D. ,
解析:选C P(A|B)===,P(B|A)===.
5.某地区空气质量监测资料表明,一天的空气质量为优良的概率是0.75,连续两天为优良的概率是0.6,已知某天的空气质量为优良,则随后一天的空气质量为优良的概率是(  )
A.0.8 B.0.75
C.0.6 D.0.45
解析:选A 记事件A表示“一天的空气质量为优良”,事件B表示“随后一天的空气质量为优良”,P(A)=0.75,P(AB)=0.6,由条件概率,得P(B|A)===0.8.
6.投掷两颗均匀的骰子,已知点数不同,设两颗骰子点数之和为ξ,则ξ≤6的概率为________.
解析:设A=“投掷两颗骰子,其点数不同”,B=“ξ≤6”,则P(A)==,P(AB)=,∴P(B|A)==.
答案:
7.一个家庭中有两个小孩.假定生男、生女是等可能的,已知这个家庭有一个是女孩,则这时另一个小孩是男孩的概率是________.
解析:设A=“其中一个是女孩”,B=“其中一个是男孩”,则P(A)=,P(AB)=,∴P(B|A)==.
答案:
8.盒中装有6件产品,其中4件一等品,2件二等品,从中不放回地取产品,每次1件,取两次,已知第二次取得一等品,则第一次取得的是二等品的概率是________.
解析:令第二次取得一等品为事件A,第一次取得二等品为事件B,则P(AB)==,P(A)==.
所以P(B|A)==×=.
答案:
9.五个乒乓球,其中3个新的,2个旧的,每次取一个,不放回的取两次,求:
(1)第一次取到新球的概率;
(2)第二次取到新球的概率;
(3)在第一次取到新球的条件下,第二次取到新球的概率.
解:设第一次取到新球为事件A,第二次取到新球为事件B.
(1)P(A)==.
(2)P(B)===.
(3)法一:P(AB)==,
P(B|A)===.
法二:n(A)=3×4=12,n(AB)=3×2=6,
P(B|A)===.
10.某校高三(1)班有学生40人,其中共青团员15人.全班平均分成4个小组,其中第一组有共青团员4人.从该班任选一人作学生代表.
(1)求选到的是第一组的学生的概率;
(2)已知选到的是共青团员,求他是第一组学生的概率.
解:设事件A表示“选到第一组学生”,
事件B表示“选到共青团员”.
(1)由题意,P(A)==.
(2)法一:要求的是在事件B发生的条件下,事件A发生的条件概率P(A|B).不难理解,在事件B发生的条件下(即以所选到的学生是共青团员为前提),有15种不同的选择,其中属于第一组的有4种选择.因此,P(A|B)=.
法二:P(B)==,P(AB)==,
∴P(A|B)==.
层级二 应试能力达标
1.一个盒子里有20个大小形状相同的小球,其中5个红的,5个黄的,10个绿的,从盒子中任取一球,若它不是红球,则它是绿球的概率是(  )
A.          B.
C. D.
解析:选C 在已知取出的小球不是红球的条件下,问题相当于从5黄10绿共15个小球中任取一个,求它是绿球的概率,∴P==.
2.从1,2,3,4,5中任取2个不同的数,事件A=“取到的2个数之和为偶数”,事件B=“取到的2个数均为偶数”,则P(B|A)=(  )
A. B.
C. D.
解析:选B ∵P(A)==,P(AB)==,
∴P(B|A)==.
3.某种元件的使用寿命超过1年的概率为0.6,使用寿命超过2年的概率为0.3,则使用寿命超过1年的元件还能继续使用的概率为(  )
A.0.3 B.0.5
C.0.6 D.1
解析:选B 设事件A为“该元件的使用寿命超过1年”,B为“该元件的使用寿命超过2年”,则P(A)=0.6,P(B)=0.3.
因为B?A,所以P(AB)=P(B)=0.3,
于是P(B|A)===0.5.
4.从混有5张假钞的20张百元钞票中任意抽出2张,将其中1张放到验钞机上检验发现是假钞,则第2张也是假钞的概率为(  )
A. B.
C. D.
解析:选D 设事件A表示“抽到2张都是假钞”,事件B为“2张中至少有一张假钞”,所以为P(A|B). 而P(AB)==,P(B)==.∴P(A|B)==.
5.100件产品中有5件次品,不放回地抽取两次,每次抽1件,已知第一次抽出的是次品,则第2次抽出正品的概率为________.
解析:设“第一次抽到次品”为事件A,“第二次抽到正品”为事件B,则P(A)==,P(AB)==,
所以P(B|A)==.
答案:
6.从1~100这100个整数中,任取一数,已知取出的一数是不大于50的数,则它是2或3的倍数的概率为________.
解析:法一:根据题意可知取出的一个数是不大于50的数,则这样的数共有50个,其中是2或3的倍数的数共有33个,故所求概率为.
法二:设A=“取出的球不大于50”,B=“取出的数是2或3的倍数”,则P(A)==,P(AB)=,
∴P(B|A)==.
答案:
7.现有6个节目准备参加比赛,其中4个舞蹈节目,2个语言类节目,如果不放回地依次抽取2个节目,求:
(1)第1次抽到舞蹈节目的概率;
(2)第1次和第2次都抽到舞蹈节目的概率;
(3)在第1次抽到舞蹈的条件下,第2次抽到舞蹈节目的概率.
解:设“第1次抽到舞蹈节目”为事件A,“第2次抽到舞蹈节目”为事件B,则“第1次和第2次都抽到舞蹈节目”为事件AB.
(1)从6个节目中不放回地依次抽取2次的事件数为n(Ω)=A=30,
根据分步计数原理n(A)=AA=20,
于是P(A)===.
(2)因为n(AB)=A=12,于是
P(AB)===.
(3)法一:由(1)(2)可得,在第1次抽到舞蹈节目的条件下,第2次抽到舞蹈节目的概率为P(B|A)===.
法二:因为n(AB)=12,n(A)=20,
所以P(B|A)===.
8.有外形相同的球分装在三个盒子中,每盒10个.其中,第一个盒子中有7个球标有字母A,3个球标有字母B;第二个盒子中有红球和白球各5个;第三个盒子中则有红球8个,白球2个.试验按如下规则进行:先在第一个盒子中任取一个球,若取得标有字母A的球,则在第二个盒子中任取一个球;若第一次取得标有字母B的球,则在第三个盒子中任取一个球.如果第二次取出的是红球,则称试验成功,求试验成功的概率.
解:设A={从第一个盒子中取得标有字母A的球},
B={从第一个盒子中取得标有字母B的球},
R={第二次取出的球是红球},
则容易求得P(A)=,P(B)=,
P(R|A)=,P(R|B)=.
事件“试验成功”表示为RA∪RB,又事件RA与事件RB互斥,
故由概率的加法公式,得
P(RA∪RB)=P(RA)+P(RB)
=P(R|A)P(A)+P(R|B)P(B)
=×+×=0.59.
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