机械能
1.
如图所示,某质点在外力作用下运动的速度—时间图线按余弦规律变化。则下列说法中正确的是( )
A.在0~t1时间内,外力做正功
B.在0~t1时间内,外力的功率逐渐增大
C.在t2时刻,外力的功率最大
D.在t1~t3时间内,外力做的总功为零
解析: 在0~t1时间内,质点速度减小,动能减小,由动能定理可知,外力做负功,选项A错误;v -t图线的斜率表示加速度,0时刻,v -t图线斜率为零,加速度为零,合外力为零,外力的功率为零,t1时刻,合外力最大,速度为零,外力的功率为零;0~t1时间内速度逐渐减小,合外力逐渐增大,所以外力的功率先增大后减小,选项B错误;在t2时刻,外力为零,速度最大,外力的功率为零,选项C错误;由于t1时刻和t3时刻质点速度均为零,动能为零,由动能定理可知,外力做的总功为零,选项D正确。
答案: D
2.
(多选)(2016·全国卷Ⅱ·21)如图,小球套在光滑的竖直杆上,轻弹簧一端固定于O点,另一端与小球相连。现将小球从M点由静止释放,它在下降的过程中经过了N点。已知在M、N两点处,弹簧对小球的弹力大小相等,且∠ONM<∠OMN<。在小球从M点运动到N点的过程中( )
A.弹力对小球先做正功后做负功
B.有两个时刻小球的加速度等于重力加速度
C.弹簧长度最短时,弹力对小球做功的功率为零
D.小球到达N点时的动能等于其在M、N两点的重力势能差
解析: 小球在从M点运动到N点的过程中,弹簧的压缩量先增大,后减小,到某一位置时,弹簧处于原长,再继续向下运动到N点的过程中,弹簧又伸长。弹簧的弹力方向与小球速度的方向的夹角先大于90°,再小于90°,最后又大于90°,因此弹力先做负功,再做正功,最后又做负功,A项错误;弹簧与杆垂直时,小球的加速度等于重力加速度,当弹簧的弹力为零时,小球的加速度也等于重力加速度,B项正确;弹簧长度最短时,弹力与小球的速度方向垂直,这时弹力对小球做功的功率为零,C项正确;由于在M、N两点处,弹簧的弹力大小相等,即弹簧的形变量相等,根据动能定理可知,小球从M点到N点的过程中,弹簧的弹力做功为零,重力做功等于动能的增量,即小球到达N点时的动能等于其在M、N两点的重力势能差,D项正确。
答案: BCD
3.(多选)(2018·山西省高三名校联考)如图甲所示,水平面上的物体在水平向右的拉力F作用下,由静止开始运动,运动过程中F的功率恒为5 W,物体运动速度的倒数与加速度a的关系如图乙所示。下列说法正确的是( )
A.该运动为匀加速直线运动
B.物体的质量为1 kg
C.物体速度为1 m/s时的加速度大小为3 m/s2
D.物体加速运动的时间可能为1 s
解析: 由于功率恒定,物体在外力作用下先做变加速直线运动,最终做匀速直线运动,选项A错误;对物体有,F-Ff=ma,P=Fv,=+a,在 -a图象中,由其斜率k=得,m=1 kg,由=0.4 s·m-1得,Ff=2 N,选项B正确;当速度v=1 m/s,代入上述表达式得,a=3 m/s2,选项C正确;物体的最大速度为vm==2.5 m/s,由Pt-Ffx=mv知,由于位移大小不确定,所以加速运动时间不确定,选项D错误。
答案: BC
热点二 实验的拓展与创新
4.某实验小组利用图示装置进行“探究动能定理”的实验,实验步骤如下:
A.挂上钩码,调节长木板的倾角,轻推小车后,使小车能沿长木板向下做匀速运动;
B.打开速度传感器,取下轻绳和钩码,保持A中调节好的长木板倾角不变,让小车从长木板顶端由静止下滑,分别记录小车通过速度传感器1和速度传感器2时的速度大小v1和v2;
C.重新挂上细绳和钩码,改变钩码的个数,重复A到B的步骤。
回答下列问题:
(1)按上述方案做实验,长木板表面粗糙对实验结果是否有影响?________(填“是”或“否”);
(2)若要验证动能定理的表达式,还需测量的物理量有________;
A.悬挂钩码的总质量m
B.长木板的倾角θ
C.两传感器间的距离l
D.小车的质量M
(3)根据实验所测的物理量,动能定理的表达式为________。(重力加速度为g)
解析: 小车在重力、斜面弹力、摩擦力、细绳拉力作用下处于平衡状态,撤去钩码后小车的合外力等于钩码的重力,所以长木板表面粗糙对实验结果没有影响。
根据动能定理可知,合外力对小车做的功等于小车动能的变化量,则有mgl=Mv-Mv,所以要测量悬挂钩码的总质量m,两传感器间的距离l,小车的质量M。故选A、C、D。
答案: (1)否 (2)ACD (3)mgl=Mv-Mv
5.(2017·江苏卷·10)利用如图甲所示的实验装置探究恒力做功与物体动能变化的关系。小车的质量为M=200.0 g,钩码的质量为m=10.0 g,打点计时器的电源为50 Hz的交流电。
甲
(1)挂钩码前,为了消除摩擦力的影响,应调节木板右侧的高度,直至向左轻推小车观察到________________________________________________________________________。
(2)挂上钩码,按实验要求打出的一条纸带如图乙所示。选择某一点为O,依次每隔4个计时点取一个计数点。用刻度尺量出相邻计数点间的距离Δx,记录在纸带上。计算打出各计数点时小车的速度v,其中打出计数点“1”时小车的速度v1=________m/s。
乙
(3)将钩码的重力视为小车受到的拉力,取g=9.80 m/s2,利用W=mgΔx算出拉力对小车做的功W。利用Ek=Mv2算出小车动能,并求出动能的变化量ΔEk。计算结果见下表。
W/(×10-3 J)
2.45
2.92
3.35
3.81
4.26
ΔEk/(×10-3 J)
2.31
2.73
3.12
3.61
4.00
请根据表中的数据,在图丙中作出ΔEk -W图象。
丙
(4)实验结果表明,ΔEk总是略小于W。某同学猜想是由于小车所受拉力小于钩码重力造成的。用题中小车和钩码质量的数据可算出小车受到的实际拉力F=________N。
解析: (1)完全平衡摩擦力的标志是轻推小车,小车做匀速运动。
(2)两计数点间的时间间隔T=5×0.02 s=0.1 s
v1== m/s=0.228 m/s
(3)确定标度,根据给出数据描点。作图如图所示。
(4)从图线上取两个点(4.5,4.24),(2.15,2.0)
图线的斜率k=≈0.953①
又有k==②
根据运动学公式有v2=2aΔx③
根据牛顿第二定律有
F=Ma④
由①②③④式解得F≈0.093 N
答案: (1)小车做匀速运动 (2)0.228 (3)见解析图
(4)0.093
热点三 功能关系与平抛运动、圆周运动的结合
6.
如图所示,用长为L的轻绳把一个小铁球悬挂在高为2L的O点处,小铁球以O点为圆心在竖直平面内做圆周运动且恰能到达最高点B处,不计空气阻力。若运动中轻绳断开,则小铁球落到地面时的速度大小为( )
A. B.
C. D.
解析: 小铁球恰能到达最高点B,则小铁球在最高点处的速度v=。以地面为零势能面,小铁球在B点处的总机械能为mg×3L+mv2=mgL,无论轻绳是在何处断的,小铁球的机械能总是守恒的,因此到达地面时的动能mv2=mgL,故小铁球落到地面的速度v′=,D正确。
答案: D
7.(2018·云南邵通二模)如图甲所示,四分之一光滑圆弧轨道与水平平台在B点处相切,圆弧半径R=1 m,质量为1 kg的物块置于A点,A、B间距离为2 m,物块与平台间的动摩擦因数μ=0.2。现用水平恒力F拉物块使之由静止开始向右运动,到B点时撤去拉力,则物块刚好能滑到轨道最高点。(g取10 m/s2)
(1)求F的大小;
(2)求物块刚滑到四分之一圆弧轨道时对轨道的压力大小。
(3)若将四分之一圆弧轨道竖直向下平移,使圆心与B点重合,如图乙所示,仍用水平恒力F拉物块使之由静止开始向右运动,到B点时撤去拉力,求物块在圆弧轨道上的落点与平台的高度差。(结果可用根式表示)
解析: (1)设A、B间距离为x0,则滑块从A点到圆弧轨道最高点,根据动能定理有Fx0-μmgx0-mgR=0,解得F=7 N
(2)从B点到圆弧轨道最高点,根据机械能守恒定律有mv=mgR,解得vB=2 m/s
在圆弧轨道的最低点,根据牛顿第二定律有FN-mg=m,解得FN=3mg=30 N
根据牛顿第三定律,物块对圆弧轨道的压力大小为30 N
(3)物块从B点做平抛运动,设下落的高度为y,水平位移为x,
则有x=vBt、y=gt2,x2+y2=R2
解得物块在圆弧轨道上的落点与平台间的高度差为y=(-2) m
答案: (1)7 N (2)30 N (3)(-2) m
8.(2018·河北邢台质检)如图所示,在距水平地面高为0.4 m处,水平固定一根长直光滑杆,在杆上P点固定一定滑轮,滑轮可绕水平轴无摩擦转动,在P点的右边,杆上套有一质量m=2 kg的小球A。半径R=0.3 m的光滑半圆形细轨道,竖直地固定在地面上,其圆心O在P点的正下方,在轨道上套有一质量也为m=2 kg的小球B。用一条不可伸长的柔软细绳,通过定滑轮将两小球连接起来。杆和半圆形轨道在同一竖直面内,两小球均可看做质点,且不计滑轮大小的影响,g取10 m/s2。现给小球A一个水平向右的恒力F=55 N。求:
(1)把小球B从地面拉到P点正下方C点过程中,力F做的功;
(2)把小球B从地面拉到P点正下方C点过程中,重力对小球B做的功;
(3)把小球B从地面拉到P点正下方C点时,小球A速度的大小;
(4)把小球B从地面拉到P点正下方C点时,小球B速度的大小;
(5)小球B被拉到离地多高时与小球A速度大小相等。
解析: (1)小球B被拉到C点过程中,已知拉力为恒力
则拉力做功为:WF=Fx
又x=PB-PC
据勾股定理可知PB=0.5 m,而PC=0.1 m
解得WF=22 J
(2)小球B被拉到C点过程中,重力对小球B做负功,则
WG=-mgR=-6 J
(3)小球B被拉到C点时,B球沿绳方向速度为0,则此时A球的速度也为0
(4)小球B被拉到C点时,据动能定理有:WF+WG=mv2
解得:v=4 m/s
(5)当绳与轨道相切时两球速度大小相等,由相似三角形知识得
=
所以h=0.3× m=0.225 m。
答案: (1)22 J (2)-6 J (3)0 (4)4 m/s (5)0.225 m