人教版高中数学必修5同步练习题、期中、期末复习资料、补习资料16【提高】等比数列及其前n项和
文档属性
| 名称 | 人教版高中数学必修5同步练习题、期中、期末复习资料、补习资料16【提高】等比数列及其前n项和 |  | |
| 格式 | zip | ||
| 文件大小 | 456.9KB | ||
| 资源类型 | 教案 | ||
| 版本资源 | 人教新课标A版 | ||
| 科目 | 数学 | ||
| 更新时间 | 2019-07-30 11:12:27 | ||
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文档简介
等比数列及其前n项和
【学习目标】
1.掌握等比数列的定义，理解等比中项的概念；掌握等比数列的通项公式及推导；
2.掌握等比数列的性质和前n项和公式及公式证明思路；会用它们灵活解决有关等比数列的问题；
3.能在具体的问题情境中，识别数列的等差关系或等比关系，并能用有关知识解决相应的问题；
4.了解等比数列与指数函数的关系.
【要点梳理】
要点一、等比数列的定义
一般地，如果一个数列从第二项起，每一项与它的前一项的比等于同一个常数，那么这个数列就叫做等比数列.这个常数叫做等比数列的公比；公比通常用字母表示（），即：.
要点诠释：
①由于等比数列每一项都可能作分母，故每一项均不为0，因此q可不能是0；
②“从第二项起，每一项与它的前一项的比等于同一个常数”，这里的项具有任意性和有序性，常数是同一个；
③隐含条件：任一项且；“”是数列成等比数列的必要非充分条件；
④常数列都是等差数列，但不一定是等比数列。不为0的常数列是公比为1的等比数列；
⑤证明一个数列为等比数列，其依据.利用这种形式来判定，就便于操作了.
要点二、等比中项
如果三个数、、成等比数列，那么称数为与的等比中项.其中。
要点诠释：
①只有当与同号即时，与才有等比中项，且与有两个互为相反数的等比中项. 当与异号或有一个为零即时，与没有等比中项。
②任意两个实数与都有等差中项，且当与确定时，等差中项唯一. 但任意两个实数与不一定有等比中项，且当与有等比中项时，等比中项不唯一。
③当时，、、成等比数列。
④是、、成等比数列的必要不充分条件。
要点三、等比数列的通项公式
等比数列的通项公式
首相为，公比为的等比数列的通项公式为：
推导过程：
（1）归纳法：
根据等比数列的定义可得：
∴；
；
；
……
当n=1时，上式也成立
∴归纳得出：
（2）叠乘法：
根据等比数列的定义可得：
，
，
，
……
，
把以上个等式的左边与右边分别相乘（叠乘），并化简得：，即
又a1也符合上式
∴.
(3)迭代法：
∴.
要点诠释：
①通项公式由首项和公比完全确定，一旦一个等比数列的首项和公比确定，该等比数列就唯一确定了。
②通项公式中共涉及、、、四个量，已知其中任意三个量，通过解方程，便可求出第四个量。
等比数列的通项公式的推广
已知等比数列中，第项为，公比为，则：
证明：∵，
∴
∴
由上可知，等比数列的通项公式可以用数列中的任一项与公比来表示，通项公式可以看成是时的特殊情况。
要点四、等比数列的前n项和公式
等比数列的前n项和公式
推导过程：
（1）利用等比性质
由等比数列的定义，有
根据等比性质，有
∴当时，或.
（2）错位相减法
等比数列的前n项和，
①当时，，；
②当时，由得：
∴或.
即
要点诠释：
①错位相减法是一种非常常见和重要的数列求和方法，适用于一个等差数列和一个等比数列对应项的积组成的数列求和问题，要求理解并掌握此法.
②在求等比数列前项和时，要注意区分和.
③当时，等比数列的两个求和公式，共涉及、、、、五个量，已知其中任意三个量，通过解方程组，便可求出其余两个量.
要点五、等比数列的性质
设等比数列的公比为
①若，且,则，
特别地，当时.
②下标成等差数列且公差为的项,,,…组成的新数列仍为等比数列，公比为.
③若，是项数相同的等比数列，则、、（是常数且）、、(,是常数)、、也是等比数列；
④连续项和（不为零）仍是等比数列.即,,，…成等比数列.
要点六、等比数列中的函数关系
等比数列中，，若设,则：
（1）当时，，等比数列是非零常数列。它的图象是在直线上均匀排列的一群孤立的点.
（2）当时，等比数列的通项公式是关于的指数型函数；它的图象是分布在曲线（）上的一些孤立的点.
①当且时，等比数列是递增数列；
②当且时，等比数列是递减数列；
③当且时，等比数列是递减数列；
④当且时，等比数列是递增数列。
（3）当时，等比数列是摆动数列。
要点诠释：常数列不一定是等比数列，只有非零常数列才是公比为1的等比数列.
【典型例题】
类型一：等比数列的定义与通项公式
例1．已知数列的首项为……，
证明：数列是等比数列.
【解析】由得，
∴又
∴数列是首项为，公比为的等比数列.
【总结升华】证明一个数列为等比数列，要紧扣定义，这里是采用了转化与化归的策略.
举一反三：
【变式1】已知数列中
判断数列是等比数列，并说明理由
【答案】是等比数列
∵
∴，
∴数列是首项为2，公比为-2的等比数列
【变式2】设是公比为的等比数列，，
令，
若数列有连续四项在集合中，
则
【答案】由题知有连续的四项在集合中，则必有-54，-24为相隔两项，
又∵
∴，
∴
类型二：等比数列的通项
例2．等比数列中，, ,求.
【思路点拨】等比数列的计算，一般优先考虑使用性质，使计算简捷。
【解析】
法一：设此数列公比为，则
由(2)得：..........(3)
∴.
由(1)得： , ∴ ......(4)
(3)÷(4)得：，
∴,解得或
当时，，；
当时，，.
法二：∵,又,
∴、为方程的两实数根，
∴ 或
∵, ∴或.
【总结升华】
①列方程（组）求解是等比数列的基本方法，同时利用性质可以减少计算量；
②解题过程中具体求解时，要设法降次消元，常常整体代入以达降次目的，故较多变形要用除法（除式不为零）.
举一反三：
【变式1】{an}为等比数列，an＞0，且a1a89=16，求a44a45a46的值。
【答案】64；
∵，又an＞0，∴a45=4
∴。
【变式2】已知等比数列，若，，求.
【答案】或；
【变式3】（2018 全国I高考）设等比数列满足a1+a3=10，a2+a4=5，则a1a2an的最大值为 .
【答案】
设等比数列{an}的公比为q（q≠0），由得，解得。所以，于是当n=3或n=4时，a1a2…an取得最大值26=64。
类型二：等比数列的前n项和公式
例3．设等比数列{an}的前n项和为Sn，若S3+S6=2S9，求数列的公比q.
【思路点拨】使用等比数例的求和公式Sn时，应首先考虑分q=1 、q≠1两种情况。
【解析】若q=1，则有S3=3a1，S6=6a1，S9=9a1.
因a1≠0，得S3+S6≠2S9，显然q=1与题设矛盾，故q≠1.
由得，，
整理得q3(2q6-q3-1)=0，
由q≠0，得2q6-q3-1=0，从而(2q3+1)(q3-1)=0，
因q3≠1，故，所以
【总结升华】利用等比数列求和公式列出方程，通过解方程求出q是这类问题的常用方法.
举一反三：
【变式1】已知：{an}为等比数列，a1a2a3=27，S3=13，求S5.
【答案】；
∵，，则a1=1或a1=9
∴.
【变式2】(2018 天津)设{an}是首项为a1，公差为－1的等差数列，Sn为其前n项和，若S1，S2，S4成等比数列，则a1的值为 ．
【答案】－．
由题意可得，an＝a1＋(n－1)(－1)＝a1＋1－n，Sn＝
再根据若S1，S2，S4成等比数列，可得 ＝S1?S4，即 (2a1－1)2＝a1?(4a1－6)，
解得 a1＝－，
类型三：等比数列的性质
例4. 等比数列中，若,求.
【解析】
∵是等比数列，∴
∴
【总结升华】本例考查了两点，一是对数式的运算法则，一是等比数列的性质.
举一反三：
【变式1】若等比数列满足，则公比为
（A）2 （B）4 （C）8 （D）16
【答案】选B，因为等比数列满足， ①
所以 ②
② ①
得．又因为，所以
【变式2】在和之间插入三个数，使这五个数成等比数列，则插入的三个数的乘积为________。
【答案】216；
法一：设这个等比数列为，其公比为，
∵，，∴，
∴。
法二：设这个等比数列为，公比为，则，，
加入的三项分别为，，，
由题意，，也成等比数列，∴，故，
∴。
类型四：等比数列前n项和公式的性质
例5．在等比数列中，已知，，求.
【思路点拨】
等差数列中也有类似的题目，我们仍然采用等差数列的解决办法，即等比数列中前k项和，第2个k项和，第3个k项和，……，第n个k项和仍然成等比数列。
【解析】
法一：令b1=Sn=48, b2=S2n-Sn=60-48=12，b3=S3n-S2n
观察b1=a1+a2+……+an,
b2=an+1+an+2+……+a2n=qn(a1+a2+……+an)，
b3=a2n+1+a2n+2+……+a3n=q2n(a1+a2+……+an)
易知b1,b2,b3成等比数列，∴，
∴S3n=b3+S2n=3+60=63.
法二：∵，∴，
由已知得
②÷①得，即 ③
③代入①得，
∴.
法三：∵为等比数列，∴，，也成等比数列，
∴，
∴.
【总结升华】性质的应用有些时候会更方便快捷.
举一反三：
【变式1】等比数列中，公比q=2, S4=1,则S8=___________.
【答案】17；
S8=S4+a5+a6+a7+a8=S4+a1q4+a2q4+a3q4+a4q4=S4+q4(a1+a2+a3+a4)=S4+q4S4=S4(1+q4)=1×(1+24)=17
【变式2】已知等比数列的前n项和为Sn, 且S10=10, S20=40,求：S30=？
【答案】130；
【变式3】等比数列中，若a1+a2=324, a3+a4=36, 则a5+a6=_____________.
【答案】4；
令b1=a1+a2=a1(1+q)，b2=a3+a4=a1q2(1+q),b3=a5+a6=a1q4(1+q),
易知：b1, b2, b3成等比数列，∴b3===4,即a5+a6=4.
【变式4】等比数列中，若a1+a2+a3=7,a4+a5+a6=56, 求a7+a8+a9的值。
【答案】448；
∵{an}是等比数列，∴(a4+a5+a6)=(a1+a2+a3)q3,∴q3=8,
∴a7+a8+a9=(a4+a5+a6)q3=56×8=448.
类型五：等差等比数列的综合应用
例6．已知是各项均为正数的等比数列，且，
，
【思路点拨】等比数列的计算，一般优先考虑使用性质，如果不宜用性质，则回归为基本量a1、q的问题，列出a1、q的方程组。
(1)求的通项公式.
(2)设，求数列的前项和.
【答案】(1)由题中条件可得
解得：
∴数列的通项为
（2）由（1）知数列的通项为，
∴
∴
【总结升华】分清等差，等比的概念，选择适当的设法是解决这类问题的关键.
例7. (2018 江西)已知数列{an}的前n项和，n∈N*．
(1)求数列{an}的通项公式；
(2)证明：对任意的n＞1，都存在m∈N*，使得a1，an，am成等比数列．
【答案】
(1)an＝3n－2；(2)见解析
【解析】
(1)∵，n∈N*．
∴当n≥2时，，(*)
当n＝1时，．
因此当n＝1时，(*)也成立．
∴数列{an}的通项公式an＝3n－2．
(2)证明：对任意的n＞1，
假设都存在m∈N*，使得a1，an，am成等比数列．则an2＝a1am，
∴(3n－2)2＝1×(3m－2)，化为m＝3n2－4n＋2，
∵n＞1，∴，
因此对任意的n＞1，都存在m＝3n2－4n＋2∈N*，使得a1，an，am成等比数列．
举一反三：
【变式1】等比数列{an}的前n项和为Sn，已知S1，S3，S2成等差数列．
(1)求{an}的公比q；
(2)若a1－a3＝3，求Sn.
【答案】
(1)依题意有2S3＝S1＋S2，
即a1＋(a1＋a1q)＝2(a1＋a1q＋a1q2)，
由于a1≠0，故2q2＋q＝0.又q≠0，从而.
(2)由已知可得，
故a1＝4，
从而Sn＝.
【变式2】已知正项数列{an}，其前n项和Sn满足，且a1，a3，a15成等比数列，求数列{an}的通项an.
【答案】∵， ①
∴，解之得a1=2或a1=3.
又， ②
由①-②得，即
∵an+an-1＞0，∴an-an-1=5(n≥2).
当a1=3时，a3=13，a15=73，a1，a3，a15不成等比数列
∴a1≠3；
当a1=2时，a3=12，a15=72，有a32=a1a15，
∴a1=2，∴an=5n-3.
【巩固练习】
一、选择题
1．（2018 新课标Ⅱ）等比数列{an}满足a1=3，a1+a3+a5=21，则a3+a5+a7= ( )。
A．21 B．42 C．63 D．84
2．已知等比数列{an}中，各项都是正数，且a1，,2a2成等差数列，则＝( )
A． B．
C． D．
3．设等比数列{an}的公比为q(q≠1)，则数列a3，a6，a9，…，a3n，…的前n项和为( )
A. B.
C. D.
4．已知等比数列{an}满足an>0，n＝1,2，…，且a5·a2n－5＝22n(n≥3)，则当n≥1时，log2a1＋log2a3＋…＋log2a2n－1＝( )
A．n(2n－1) B．(n＋1)2
C．n2 D．(n－1)2
5．设等比数列{an}的前n项和为Sn，若，则＝( )
A．2 B.
C. D．3
6．等比数列{an}共有2n＋1项，奇数项之积为100，偶数项之积为120，则an＋1等于( )
A. B.
C．20 D．110
二、填空题
7.（2018 浙江理）设数列{an}的前n项和为Sn.若S2=4，an+1=2Sn+1，n∈N*，则a1= ，S5= .
8．在等比数列中，若，则公比= ；= .
9.在等比数列{an}中，a1＝1，公比|q|≠1，若am＝a1·a2·a3·a4·a5，则m＝________.
10．数列{an}是等差数列，若a1＋1，a3＋3，a5＋5构成公比为q的等比数列，则q＝ ．
三、解答题
11.在等比数列{an}中，已知：a1=2,S3=26,求q与a3;
12.已知：对任意自然数n都有a1+a2+……+an=2n-1，求+……+.
13．有四个数，前三个成等比数列，且和为19；后三个成等差数列，且和为12.求这四个数.
14．（2018 新课标Ⅲ文）已知各项都为正数的数列{an}满足a1=1，.
（I）求a2，a3；
（II）求{an}的通项公式.
15．已知数列{an}为等差数列，公差d≠0，{an}中部分项组成的数列恰为等比数列，且知k1=1, k2=5,k3=17.
（1）求kn；
（2）证明： k1+k2+……+kn=3n-n-1.
16.(2018 福建文)在等差数列{}中，=4，+=15．
（Ⅰ）求数列{}的通项公式；
（Ⅱ）设，求b1+b2+b3+…+b10的值．
【答案与解析】
1.【答案】B
【解析】a1+a3+a5=a1(1+q2+q4)=21，所以q2=2.a3+a5+a7=(a1+a3+a5)·q2=42.
2．【答案】 C
【解析】 由题意知
即a1q2＝a1＋2a1q
∴q2－2q－1＝0
∴或 (舍)
，故选C.
3. 【答案】 D
【解析】 由于.故选D.
4. 【答案】 C
【解析】 由a5·a2n－5＝22n(n≥3)得an2＝22n，又an>0，则an＝2n，log2a1＋log2a3＋…＋log2a2n－1＝1＋3＋…＋(2n－1)＝n2，故选C.
5. 【答案】 B
【解析】 设公比为q，则，
于是.
6. 【答案】 B
【解析】 由题意知：S奇＝a1·a3·…·a2n＋1＝100，
S偶＝a2·a4·…·a2n＝120
∴，
∴，故选B
7．【答案】 1 121
【解析】 a1+a2=4，a2=2a1+1 → a1=1，a2=3，
再由an+1=2Sn+1，an=2Sn－1+1（n≥2）→ an+1－an=2an → an+1=3an（n≥2），又a2=3a1，
所以an+1=3an（n≥1），。
8．【答案】2，.
【解析】，解得，
9. 【答案】 11
【解析】 am＝a1·a2·a3·a4·a5
＝a15· q1＋2＋3＋4＝a15q10＝a1·q10
∴m＝11.
10. 【答案】1
【解析】设等差数列{an}的公差为d，
由a1＋1，a3＋3，a5＋5构成等比数列，
得：，
整理得：，
即．
化简得：(d＋1)2＝0，即d＝－1．
∴．
11.【解析】2(1+q+q2)=26, 解得q=3或q=-4.当q=3时a3=18；当q=-4时, a3=32.
12.【解析】依题意Sn=2n-1,易求得an=2n-1, a1=1且公比为2，可知，，……成等比数列，公比为4.∴++……+==.
13．【解析】依题意设这四个数为y, x-d, x,x+d，
∵后三个数和为12，∴(x-d)+x+(x+d)=12，解得x=4.
又前三个数成等比且和为19，
∴, 解得或，
∴这四个数为9，6，4，2或25，-10，4，18.
14.【解析】 （1）由题意得，
（2）由得。
因为{an}的各项都为正数，所以。
故{an}是首项为1，公比为的等比数列，因此。
15．【解析】
依题意：=a1, =a5=a1+4d, =a17=a1+16d，而，，为等比数列.
故有(a1+4d)2=a1(a1+16d),解得a1=2d.
因而{}的公比q====3.
而在等差数列{an}中是第kn项，
∴=a1+(kn-1)d,即=(kn+1)d……(1)
又在等比数列{}中是第n项，
∴=a1·qn-1即=2d·3n-1……(2)
联立(1)(2)，解得kn=2·3n-1-1.
（2）k1+k2+……+kn=(2·30-1)+(2·31-1)+……+(2·3n-1-1)=2(30+31+……+3n-1)-n
=
16. 解析：（I）设等差数列{an}的公差为d．
由已知得，
解得．
所以an=a1+(n-1)d=n+2．
(Ⅱ)由(Ⅰ)可得bn=2n+n．
所以b1+b2+b3+…+b10=(2+1)+(22+2)+(23+3)+…+(210+10)
＝(2+22+23+…+210)+(1+2+3+…+10)
【学习目标】
1.掌握等比数列的定义，理解等比中项的概念；掌握等比数列的通项公式及推导；
2.掌握等比数列的性质和前n项和公式及公式证明思路；会用它们灵活解决有关等比数列的问题；
3.能在具体的问题情境中，识别数列的等差关系或等比关系，并能用有关知识解决相应的问题；
4.了解等比数列与指数函数的关系.
【要点梳理】
要点一、等比数列的定义
一般地，如果一个数列从第二项起，每一项与它的前一项的比等于同一个常数，那么这个数列就叫做等比数列.这个常数叫做等比数列的公比；公比通常用字母表示（），即：.
要点诠释：
①由于等比数列每一项都可能作分母，故每一项均不为0，因此q可不能是0；
②“从第二项起，每一项与它的前一项的比等于同一个常数”，这里的项具有任意性和有序性，常数是同一个；
③隐含条件：任一项且；“”是数列成等比数列的必要非充分条件；
④常数列都是等差数列，但不一定是等比数列。不为0的常数列是公比为1的等比数列；
⑤证明一个数列为等比数列，其依据.利用这种形式来判定，就便于操作了.
要点二、等比中项
如果三个数、、成等比数列，那么称数为与的等比中项.其中。
要点诠释：
①只有当与同号即时，与才有等比中项，且与有两个互为相反数的等比中项. 当与异号或有一个为零即时，与没有等比中项。
②任意两个实数与都有等差中项，且当与确定时，等差中项唯一. 但任意两个实数与不一定有等比中项，且当与有等比中项时，等比中项不唯一。
③当时，、、成等比数列。
④是、、成等比数列的必要不充分条件。
要点三、等比数列的通项公式
等比数列的通项公式
首相为，公比为的等比数列的通项公式为：
推导过程：
（1）归纳法：
根据等比数列的定义可得：
∴；
；
；
……
当n=1时，上式也成立
∴归纳得出：
（2）叠乘法：
根据等比数列的定义可得：
，
，
，
……
，
把以上个等式的左边与右边分别相乘（叠乘），并化简得：，即
又a1也符合上式
∴.
(3)迭代法：
∴.
要点诠释：
①通项公式由首项和公比完全确定，一旦一个等比数列的首项和公比确定，该等比数列就唯一确定了。
②通项公式中共涉及、、、四个量，已知其中任意三个量，通过解方程，便可求出第四个量。
等比数列的通项公式的推广
已知等比数列中，第项为，公比为，则：
证明：∵，
∴
∴
由上可知，等比数列的通项公式可以用数列中的任一项与公比来表示，通项公式可以看成是时的特殊情况。
要点四、等比数列的前n项和公式
等比数列的前n项和公式
推导过程：
（1）利用等比性质
由等比数列的定义，有
根据等比性质，有
∴当时，或.
（2）错位相减法
等比数列的前n项和，
①当时，，；
②当时，由得：
∴或.
即
要点诠释：
①错位相减法是一种非常常见和重要的数列求和方法，适用于一个等差数列和一个等比数列对应项的积组成的数列求和问题，要求理解并掌握此法.
②在求等比数列前项和时，要注意区分和.
③当时，等比数列的两个求和公式，共涉及、、、、五个量，已知其中任意三个量，通过解方程组，便可求出其余两个量.
要点五、等比数列的性质
设等比数列的公比为
①若，且,则，
特别地，当时.
②下标成等差数列且公差为的项,,,…组成的新数列仍为等比数列，公比为.
③若，是项数相同的等比数列，则、、（是常数且）、、(,是常数)、、也是等比数列；
④连续项和（不为零）仍是等比数列.即,,，…成等比数列.
要点六、等比数列中的函数关系
等比数列中，，若设,则：
（1）当时，，等比数列是非零常数列。它的图象是在直线上均匀排列的一群孤立的点.
（2）当时，等比数列的通项公式是关于的指数型函数；它的图象是分布在曲线（）上的一些孤立的点.
①当且时，等比数列是递增数列；
②当且时，等比数列是递减数列；
③当且时，等比数列是递减数列；
④当且时，等比数列是递增数列。
（3）当时，等比数列是摆动数列。
要点诠释：常数列不一定是等比数列，只有非零常数列才是公比为1的等比数列.
【典型例题】
类型一：等比数列的定义与通项公式
例1．已知数列的首项为……，
证明：数列是等比数列.
【解析】由得，
∴又
∴数列是首项为，公比为的等比数列.
【总结升华】证明一个数列为等比数列，要紧扣定义，这里是采用了转化与化归的策略.
举一反三：
【变式1】已知数列中
判断数列是等比数列，并说明理由
【答案】是等比数列
∵
∴，
∴数列是首项为2，公比为-2的等比数列
【变式2】设是公比为的等比数列，，
令，
若数列有连续四项在集合中，
则
【答案】由题知有连续的四项在集合中，则必有-54，-24为相隔两项，
又∵
∴，
∴
类型二：等比数列的通项
例2．等比数列中，, ,求.
【思路点拨】等比数列的计算，一般优先考虑使用性质，使计算简捷。
【解析】
法一：设此数列公比为，则
由(2)得：..........(3)
∴.
由(1)得： , ∴ ......(4)
(3)÷(4)得：，
∴,解得或
当时，，；
当时，，.
法二：∵,又,
∴、为方程的两实数根，
∴ 或
∵, ∴或.
【总结升华】
①列方程（组）求解是等比数列的基本方法，同时利用性质可以减少计算量；
②解题过程中具体求解时，要设法降次消元，常常整体代入以达降次目的，故较多变形要用除法（除式不为零）.
举一反三：
【变式1】{an}为等比数列，an＞0，且a1a89=16，求a44a45a46的值。
【答案】64；
∵，又an＞0，∴a45=4
∴。
【变式2】已知等比数列，若，，求.
【答案】或；
【变式3】（2018 全国I高考）设等比数列满足a1+a3=10，a2+a4=5，则a1a2an的最大值为 .
【答案】
设等比数列{an}的公比为q（q≠0），由得，解得。所以，于是当n=3或n=4时，a1a2…an取得最大值26=64。
类型二：等比数列的前n项和公式
例3．设等比数列{an}的前n项和为Sn，若S3+S6=2S9，求数列的公比q.
【思路点拨】使用等比数例的求和公式Sn时，应首先考虑分q=1 、q≠1两种情况。
【解析】若q=1，则有S3=3a1，S6=6a1，S9=9a1.
因a1≠0，得S3+S6≠2S9，显然q=1与题设矛盾，故q≠1.
由得，，
整理得q3(2q6-q3-1)=0，
由q≠0，得2q6-q3-1=0，从而(2q3+1)(q3-1)=0，
因q3≠1，故，所以
【总结升华】利用等比数列求和公式列出方程，通过解方程求出q是这类问题的常用方法.
举一反三：
【变式1】已知：{an}为等比数列，a1a2a3=27，S3=13，求S5.
【答案】；
∵，，则a1=1或a1=9
∴.
【变式2】(2018 天津)设{an}是首项为a1，公差为－1的等差数列，Sn为其前n项和，若S1，S2，S4成等比数列，则a1的值为 ．
【答案】－．
由题意可得，an＝a1＋(n－1)(－1)＝a1＋1－n，Sn＝
再根据若S1，S2，S4成等比数列，可得 ＝S1?S4，即 (2a1－1)2＝a1?(4a1－6)，
解得 a1＝－，
类型三：等比数列的性质
例4. 等比数列中，若,求.
【解析】
∵是等比数列，∴
∴
【总结升华】本例考查了两点，一是对数式的运算法则，一是等比数列的性质.
举一反三：
【变式1】若等比数列满足，则公比为
（A）2 （B）4 （C）8 （D）16
【答案】选B，因为等比数列满足， ①
所以 ②
② ①
得．又因为，所以
【变式2】在和之间插入三个数，使这五个数成等比数列，则插入的三个数的乘积为________。
【答案】216；
法一：设这个等比数列为，其公比为，
∵，，∴，
∴。
法二：设这个等比数列为，公比为，则，，
加入的三项分别为，，，
由题意，，也成等比数列，∴，故，
∴。
类型四：等比数列前n项和公式的性质
例5．在等比数列中，已知，，求.
【思路点拨】
等差数列中也有类似的题目，我们仍然采用等差数列的解决办法，即等比数列中前k项和，第2个k项和，第3个k项和，……，第n个k项和仍然成等比数列。
【解析】
法一：令b1=Sn=48, b2=S2n-Sn=60-48=12，b3=S3n-S2n
观察b1=a1+a2+……+an,
b2=an+1+an+2+……+a2n=qn(a1+a2+……+an)，
b3=a2n+1+a2n+2+……+a3n=q2n(a1+a2+……+an)
易知b1,b2,b3成等比数列，∴，
∴S3n=b3+S2n=3+60=63.
法二：∵，∴，
由已知得
②÷①得，即 ③
③代入①得，
∴.
法三：∵为等比数列，∴，，也成等比数列，
∴，
∴.
【总结升华】性质的应用有些时候会更方便快捷.
举一反三：
【变式1】等比数列中，公比q=2, S4=1,则S8=___________.
【答案】17；
S8=S4+a5+a6+a7+a8=S4+a1q4+a2q4+a3q4+a4q4=S4+q4(a1+a2+a3+a4)=S4+q4S4=S4(1+q4)=1×(1+24)=17
【变式2】已知等比数列的前n项和为Sn, 且S10=10, S20=40,求：S30=？
【答案】130；
【变式3】等比数列中，若a1+a2=324, a3+a4=36, 则a5+a6=_____________.
【答案】4；
令b1=a1+a2=a1(1+q)，b2=a3+a4=a1q2(1+q),b3=a5+a6=a1q4(1+q),
易知：b1, b2, b3成等比数列，∴b3===4,即a5+a6=4.
【变式4】等比数列中，若a1+a2+a3=7,a4+a5+a6=56, 求a7+a8+a9的值。
【答案】448；
∵{an}是等比数列，∴(a4+a5+a6)=(a1+a2+a3)q3,∴q3=8,
∴a7+a8+a9=(a4+a5+a6)q3=56×8=448.
类型五：等差等比数列的综合应用
例6．已知是各项均为正数的等比数列，且，
，
【思路点拨】等比数列的计算，一般优先考虑使用性质，如果不宜用性质，则回归为基本量a1、q的问题，列出a1、q的方程组。
(1)求的通项公式.
(2)设，求数列的前项和.
【答案】(1)由题中条件可得
解得：
∴数列的通项为
（2）由（1）知数列的通项为，
∴
∴
【总结升华】分清等差，等比的概念，选择适当的设法是解决这类问题的关键.
例7. (2018 江西)已知数列{an}的前n项和，n∈N*．
(1)求数列{an}的通项公式；
(2)证明：对任意的n＞1，都存在m∈N*，使得a1，an，am成等比数列．
【答案】
(1)an＝3n－2；(2)见解析
【解析】
(1)∵，n∈N*．
∴当n≥2时，，(*)
当n＝1时，．
因此当n＝1时，(*)也成立．
∴数列{an}的通项公式an＝3n－2．
(2)证明：对任意的n＞1，
假设都存在m∈N*，使得a1，an，am成等比数列．则an2＝a1am，
∴(3n－2)2＝1×(3m－2)，化为m＝3n2－4n＋2，
∵n＞1，∴，
因此对任意的n＞1，都存在m＝3n2－4n＋2∈N*，使得a1，an，am成等比数列．
举一反三：
【变式1】等比数列{an}的前n项和为Sn，已知S1，S3，S2成等差数列．
(1)求{an}的公比q；
(2)若a1－a3＝3，求Sn.
【答案】
(1)依题意有2S3＝S1＋S2，
即a1＋(a1＋a1q)＝2(a1＋a1q＋a1q2)，
由于a1≠0，故2q2＋q＝0.又q≠0，从而.
(2)由已知可得，
故a1＝4，
从而Sn＝.
【变式2】已知正项数列{an}，其前n项和Sn满足，且a1，a3，a15成等比数列，求数列{an}的通项an.
【答案】∵， ①
∴，解之得a1=2或a1=3.
又， ②
由①-②得，即
∵an+an-1＞0，∴an-an-1=5(n≥2).
当a1=3时，a3=13，a15=73，a1，a3，a15不成等比数列
∴a1≠3；
当a1=2时，a3=12，a15=72，有a32=a1a15，
∴a1=2，∴an=5n-3.
【巩固练习】
一、选择题
1．（2018 新课标Ⅱ）等比数列{an}满足a1=3，a1+a3+a5=21，则a3+a5+a7= ( )。
A．21 B．42 C．63 D．84
2．已知等比数列{an}中，各项都是正数，且a1，,2a2成等差数列，则＝( )
A． B．
C． D．
3．设等比数列{an}的公比为q(q≠1)，则数列a3，a6，a9，…，a3n，…的前n项和为( )
A. B.
C. D.
4．已知等比数列{an}满足an>0，n＝1,2，…，且a5·a2n－5＝22n(n≥3)，则当n≥1时，log2a1＋log2a3＋…＋log2a2n－1＝( )
A．n(2n－1) B．(n＋1)2
C．n2 D．(n－1)2
5．设等比数列{an}的前n项和为Sn，若，则＝( )
A．2 B.
C. D．3
6．等比数列{an}共有2n＋1项，奇数项之积为100，偶数项之积为120，则an＋1等于( )
A. B.
C．20 D．110
二、填空题
7.（2018 浙江理）设数列{an}的前n项和为Sn.若S2=4，an+1=2Sn+1，n∈N*，则a1= ，S5= .
8．在等比数列中，若，则公比= ；= .
9.在等比数列{an}中，a1＝1，公比|q|≠1，若am＝a1·a2·a3·a4·a5，则m＝________.
10．数列{an}是等差数列，若a1＋1，a3＋3，a5＋5构成公比为q的等比数列，则q＝ ．
三、解答题
11.在等比数列{an}中，已知：a1=2,S3=26,求q与a3;
12.已知：对任意自然数n都有a1+a2+……+an=2n-1，求+……+.
13．有四个数，前三个成等比数列，且和为19；后三个成等差数列，且和为12.求这四个数.
14．（2018 新课标Ⅲ文）已知各项都为正数的数列{an}满足a1=1，.
（I）求a2，a3；
（II）求{an}的通项公式.
15．已知数列{an}为等差数列，公差d≠0，{an}中部分项组成的数列恰为等比数列，且知k1=1, k2=5,k3=17.
（1）求kn；
（2）证明： k1+k2+……+kn=3n-n-1.
16.(2018 福建文)在等差数列{}中，=4，+=15．
（Ⅰ）求数列{}的通项公式；
（Ⅱ）设，求b1+b2+b3+…+b10的值．
【答案与解析】
1.【答案】B
【解析】a1+a3+a5=a1(1+q2+q4)=21，所以q2=2.a3+a5+a7=(a1+a3+a5)·q2=42.
2．【答案】 C
【解析】 由题意知
即a1q2＝a1＋2a1q
∴q2－2q－1＝0
∴或 (舍)
，故选C.
3. 【答案】 D
【解析】 由于.故选D.
4. 【答案】 C
【解析】 由a5·a2n－5＝22n(n≥3)得an2＝22n，又an>0，则an＝2n，log2a1＋log2a3＋…＋log2a2n－1＝1＋3＋…＋(2n－1)＝n2，故选C.
5. 【答案】 B
【解析】 设公比为q，则，
于是.
6. 【答案】 B
【解析】 由题意知：S奇＝a1·a3·…·a2n＋1＝100，
S偶＝a2·a4·…·a2n＝120
∴，
∴，故选B
7．【答案】 1 121
【解析】 a1+a2=4，a2=2a1+1 → a1=1，a2=3，
再由an+1=2Sn+1，an=2Sn－1+1（n≥2）→ an+1－an=2an → an+1=3an（n≥2），又a2=3a1，
所以an+1=3an（n≥1），。
8．【答案】2，.
【解析】，解得，
9. 【答案】 11
【解析】 am＝a1·a2·a3·a4·a5
＝a15· q1＋2＋3＋4＝a15q10＝a1·q10
∴m＝11.
10. 【答案】1
【解析】设等差数列{an}的公差为d，
由a1＋1，a3＋3，a5＋5构成等比数列，
得：，
整理得：，
即．
化简得：(d＋1)2＝0，即d＝－1．
∴．
11.【解析】2(1+q+q2)=26, 解得q=3或q=-4.当q=3时a3=18；当q=-4时, a3=32.
12.【解析】依题意Sn=2n-1,易求得an=2n-1, a1=1且公比为2，可知，，……成等比数列，公比为4.∴++……+==.
13．【解析】依题意设这四个数为y, x-d, x,x+d，
∵后三个数和为12，∴(x-d)+x+(x+d)=12，解得x=4.
又前三个数成等比且和为19，
∴, 解得或，
∴这四个数为9，6，4，2或25，-10，4，18.
14.【解析】 （1）由题意得，
（2）由得。
因为{an}的各项都为正数，所以。
故{an}是首项为1，公比为的等比数列，因此。
15．【解析】
依题意：=a1, =a5=a1+4d, =a17=a1+16d，而，，为等比数列.
故有(a1+4d)2=a1(a1+16d),解得a1=2d.
因而{}的公比q====3.
而在等差数列{an}中是第kn项，
∴=a1+(kn-1)d,即=(kn+1)d……(1)
又在等比数列{}中是第n项，
∴=a1·qn-1即=2d·3n-1……(2)
联立(1)(2)，解得kn=2·3n-1-1.
（2）k1+k2+……+kn=(2·30-1)+(2·31-1)+……+(2·3n-1-1)=2(30+31+……+3n-1)-n
=
16. 解析：（I）设等差数列{an}的公差为d．
由已知得，
解得．
所以an=a1+(n-1)d=n+2．
(Ⅱ)由(Ⅰ)可得bn=2n+n．
所以b1+b2+b3+…+b10=(2+1)+(22+2)+(23+3)+…+(210+10)
＝(2+22+23+…+210)+(1+2+3+…+10)