2019版物理新教材人教版必修一同步练习:4.3牛顿第二定律(解析版)

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名称 2019版物理新教材人教版必修一同步练习:4.3牛顿第二定律(解析版)
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资源类型 教案
版本资源 人教版(2019)
科目 物理
更新时间 2019-10-12 19:54:11

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文档简介

2019版物理新教材人教版必修一同步练习:4.3牛顿第二定律(word解析版)
1.如图,带有长方体盒子的斜劈A放在固定的斜面体C的斜面上,在盒子内放有光滑球B,B恰与盒子前、后壁P、Q点相接触.若使斜劈A在斜面体C上由静止释放,以下说法正确的是
A.若C的斜面光滑,斜劈A由静止释放,则P点对球B有压力
B.若C的斜面光滑,斜劈A以一定的初速度沿斜面向上滑行,则P点对球B有压力
C.若C的斜面粗糙,斜劈A沿斜面匀速下滑,则Q点对球B有压力
D.若C的斜面粗糙,斜劈A以一定的初速度沿斜面向上滑行,则Q点对球B有压力
2.如图所示,一长木板放在斜面上,材料相同的两个小滑块P、Q放置在长木板上,且滑块P的质量大于滑块Q的质量,长木板在外力作用下向上运动,滑块P、Q和长木板相对静止。现使长木板突然停下来并保持不动,滑块P、Q始终在长木板上,则滑块P、Q之间的距离将
A.保持不变 B.一直增大 C.一直减小 D.条件不足,无法判断
3.由牛顿第二定律可知,无论多么小的力都可以使物体产生加速度,但是用较小的力去推地面上很重的物体时,物体仍然静止,这是因为( )
A.推力比静摩擦力小
B.物体有加速度,但太小,不易被察觉
C.物体所受推力比物体的重力小
D.物体所受的合外力仍为零
4.一条足够长的浅色水平传送带自左向右匀速运行,现将一块木炭无初速度地放在传送带的最左端,木炭在传送带上将会留下一段黑色的痕迹,下列说法正确的是(   )
A.黑色的痕迹将出现在木炭的左侧
B.木炭的质量越大,痕迹的长度越短
C.传送带运动的速度越大,痕迹的长度越长
D.木炭与传送带间的动摩擦因数越大,痕迹的长度越长
5.如图所示,质量均为m=2.0kg的物块A、B紧挨着放置在粗糙的水平地面上,物块A的左侧连接一劲度系数为k=100 N/m的轻质弹簧,弹簧另一端固定在竖直墙壁上。开始时,两物块压紧弹簧并都恰好处于静止状态。现使物块B在水平外力F(图中未画出)作用下向右做加速度大小为a=2m/s2的匀加速直线运动直至与A分离,已知两物块与地面间的动摩擦因数均为μ=0.4,最大静摩擦力等于滑动摩擦力,不计空气阻力,g=10 m/s2.则( )
A.开始时,弹簧的压缩量大小为8 cm
B.物块A、B分离时,所加外力F的大小为24 N
C.物块A、B由静止开始运动到分离所用的时间为0.4 s
D.物块A、B由静止开始运动到分离时,物块A的位移大小为4 cm
6.如图所示,木板与水平地面间的夹角θ=30°,可视为质点的一小木块恰好能沿着木板匀速下滑。若让该小木块从木板的底端以初速度v0=10 m/s 沿木板向上运动,取g=10 m/s2。则以下结论正确的是(  )
A.小木块与木板间的动摩擦因数为
B.小木块经t=2 s沿木板滑到最高点
C.小木块在t=2 s时速度大小为10 m/s,方向沿木板向下
D.小木块滑到最高点后将静止不动
7.如图所示,质量为 m2 的物块 B 放置在光滑水平桌面上,其上放置质量 m1 的物块 A, A 通过跨过定滑轮的细线与质量为 M 的物块 C 连接,释放 C,A 和 B 一起以加速度 a 从静止开始运动,已知 A、B 间动摩擦因数为 (1 ,则细线中的拉力大小为( )
A.Mg B.Mg+Ma C.Mg ( Ma D.(m1+m2)a
8.如图所示,光滑水平地面上的小车质量为M,站在小车水平底板上的人质量为m,且mA.人受到向左的摩擦力
B.人受到向右的摩擦力
C.人拉绳的力越大,人和车的加速度越大
D.人拉绳的力越大,人对车的摩擦力越大
9.如图甲所示,质量为的长木板A静止在光滑水平面上,在木板的左端放置-一个质量为的小铁块,铁块与木板间的动摩擦因数,对铁块施加水平向右的拉力大小随时间变化如图乙所示,4s时撤去拉力。可认为间的最大静摩擦力与滑动摩擦力大小相等,重力加速度.则下列说法错误的是( )
A.内,B的加速度大小
B.内,拉力做的功
C.相对滑行的最大距离
D.0~4s内系统产生的摩擦热
10.如图所示,质量m1=2kg的木板A静止在水平地面上,在木板的左端放置一个质量m2=4kg的铁块B(大小可忽略),铁块与木板间的动摩擦因数μl=0.25,木板长L=1m,水平恒力F作用在铁块上,假设最大静摩擦力和滑动摩擦力相等,g取10m/s2。
(1)若水平地面光滑,计算铁块与木板相对静止的最大外力F等于多少?
(2)若水平恒力F=20N,木板与水平地面间的动摩擦因数μ2=0.1,求铁块运动到木板右端所用的时间。
11.如图所示,倾角为θ=37°的斜面固定在水平面上,在斜面底端垂直斜面固定一挡板。质量为m=1kg的小滑块P紧靠挡板放置,P与斜面间的动摩擦因数为μ=0.5。现对P施加一个沿斜面向上的拉力F,拉力大小为F0=6N,作用s后改变力F的大小和方向(F始终平行斜面),使P沿斜面做匀变速运动,又经过s后发现P恰好与挡板相碰。已知重力加速度g取10m/s2,sin37°=0.6,cos37°=0.8,求:
(1)改变F前小滑块的位移;
(2)F改变后的最大值和最小值。
12.传送带被广泛应用于各行各业。如图所示,一倾斜放置的传送带与水平面的夹角=37°,在电动机的带动下以v=2m/s的速率顺时针方向匀速运行。M、N为传送带的两个端点,M、N两点间的距离L=7m,N端有一离传送带很近的挡板P可将传送带上的物块挡住。在传送带上的O处由静止释放质量为m=1kg的木块,木块可视为质点,若木块每次与挡板P发生碰撞时间极短,碰后都以碰前的速率反方向弹回,木块与传送带间的动摩擦因数=0.5,O、M间距离L1=3m。sin37°=0.6,cos37°=0.8,g取10m/s2。传送带与轮子间无相对滑动,不计轮轴处的摩擦。
(1)木块轻放上传送带后瞬间的加速度大小;
(2)木块第一次反弹后能到达的最高位置与挡板P的距离。
参考答案
1.D
【解析】
【详解】
AB.当斜面光滑,斜劈静止释放或者以一定的初速度沿斜面向上滑行时,斜劈和球整体具有相同的加速度gsinθ,方向沿斜面向下。根据牛顿第二定律,知B球的合力方向沿斜面向下,所以B球受重力、底部的支持力、以及Q对球的弹力,知P点对球无压力,Q点对球有压力,故AB错误;
C.斜劈A沿斜面匀速下滑,知B球处于平衡状态,受重力和底部的支持力平衡,所以P、Q对球均无压力,故C错误;
D. 若C的斜面粗糙,斜劈A以一定的初速度沿斜面向上滑行时,斜劈和球这个整体具有相同的加速度,方向沿斜面向下,根据牛顿第二定律,知B球的合力方向沿斜面向下,所以B球受重力、底部的支持力以及Q对球的弹力,故D正确.
2.A
【解析】
【详解】
根据牛 顿第二定律可知,长木板停止运动后,滑块P、Q的加速度大小均为,又两滑块的初速度相同,则在相同的时间内两滑块运动的位移相同,则滑块P、Q之间的距离将保持不变。
A.由上分析可知滑块P、Q之间的距离将保持不变,A正确;
BCD.由上分析可知滑块P、Q之间的距离将保持不变,BCD错误。
3.D
【解析】
【详解】
牛顿第二定律中的力F指合外力,用很小的力推桌子时,桌子由于受到地面摩擦的作用,推力与静摩擦力大小相等方向相反,合外力仍然为零,故无加速度。
A. 推力比静摩擦力小,与结论不相符,选项A错误;
B. 物体有加速度,但太小,不易被察觉,与结论不相符,选项B错误;
C. 物体所受推力比物体的重力小,与结论不相符,选项C错误;
D. 物体所受的合外力仍为零,与结论相符,选项D正确;
4.C
【解析】
【详解】
A.刚放上木炭包时木炭包的速度慢,传送带的速度快,木炭包向后滑动,所以黑色的径迹将出现在木炭包的右侧,所以A错误.
BCD.木炭包在传送带上运动靠的是与传送带之间的摩擦力,摩擦力作为它的合力产生加速度,所以由牛顿第二定律知:
所以:
当达到共同速度时,不再有相对滑动,由
得木炭包位移:
设相对滑动的时间为t,由

此时传送带的位移为:
所以滑动的位移是:
由此可以知道黑色的痕迹与木炭包的质量无关;传送带运动的速度越大,痕迹的长度越长;木炭包与传送带间动摩擦因数越大,痕迹的长度越短;所以B错误,C正确,D错误.
5.D
【解析】
【详解】
A.开始时,两物块压紧弹簧并恰好处于静止状态,根据平衡条件可得:
kx0=μ?2mg
解得:
x0=0.16m=16cm
故A错误;
B.物块A、B分离时,此时A和B之间的弹力为零,以B为研究对象,根据牛顿第二定律可得:
F-μmg=ma
解得所加外力
F=12N
故B错误;
CD.以A为研究对象,分离时弹簧压缩量为x,则
kx-μmg=ma
解得
x=0.12m
此过程A运动的位移为x0-x=0.04m=4cm,根据位移时间关系可得
x0-x=at2
解得物块A、B由静止开始运动到分离所用的时间为
t=0.2s
故C错误、D正确。
6.AD
【解析】
【详解】
A.木块沿斜面匀速下滑,由平衡条件得:
μmgcosθ=mgsinθ,
解得:
故A正确;
B.木块向上滑行时,由牛顿第二定律得:
μmgcosθ+mgsinθ=ma
解得:
a=10m/s2
木块滑到最高点需要的时间:
故B错误;
CD.木块沿面向上做匀减速直线运动,到达最高点时速度为零,由于μmgcosθ=mgsinθ,木块到达最高点速度为零时受到的合力为零,木块将静止在斜面上不会下滑,木块向上滑行的时间为1s,则t=2s时木块的速度为零,故C错误,D正确.
7.CD
【解析】
【详解】
ABC.以C为研究对象,则Mg﹣T=Ma,解得T=Mg﹣Ma,故AB错误C正确。
D.以AB为整体根据牛顿第二定律可知T=(m1+m2)a,故D正确。
8.ACD
【解析】
【详解】
AB.设绳子拉力为T,人与车间的静摩擦力为f,假设车对人的静摩擦力向左,人对车的静摩擦力向右,根据牛顿第二定律,有
对人:
T-f=ma
对车:
T+f=Ma
解得
T=(M+m)a① f=(M?m)a?②

由②式可知,当M>m时,即车对人的静摩擦力向左,人对车的静摩擦力向右;选项A正确,B错误;
C.由③式,加速度与拉力成正比。拉力越大,加速度越大,选项C正确;
D.人拉绳的力越大,加速度越大,由②式得,加速度越大,则摩擦力越大。故D正确。
9.BD
【解析】
【分析】
考查物体加速度,功的计算,摩擦力做功生热,根据牛顿第二定律,功能关系计算可得。
【详解】
A.内,B受到向右的拉力6N,摩擦力
由牛顿第二定律可得
解得B的加速度大小
故A不符合题意;
B.前1s物体B以4m/s2做匀加速运动,1s末时速度为

物体A的加速度为

1s末时的速度,
1s-2s时,B做匀速运动,A做匀加速运动,2s时两者达到共速,一起做匀加速直线运动
加速度大小 ,
4s末时速度
取B分析,前1s运动位移是
拉力做功
1s-2s时间内,B做匀速运动,位移
拉力做功
2S-4S时间内B做匀加速直线运动,加速度大小为1m/s2,位移
拉力做功
所以整个过程中拉力做的功总功
故B符合题意。
C.前2s相对滑行的最大距离
,
2s-4s两者相对静止,故最大距离为2m,故C不符合题意。
D. 0~4s内系统产生的摩擦热,故D符合题意。
【点睛】
用隔离法对物体AB分别受力分析,判断运动性质,前1sB以4m/s2做匀加速运动,A以1 m/s2加速匀运动,1s-2s,物体B做匀速运动,物体A以1 m/s2做匀加速运动,2s-4s时间内,二者以1 m/s2做匀加速直线运动。
摩擦生热数值上等于摩擦力和相对距离的乘积。
10.(1)F=30N (2)t=2s
【解析】
【详解】
(1)A、B之间的最大静摩擦力:
f=μ1m2g ①
相对静止时:
f=m1a ②
对整体:
F=(m1+m2)a ③
由①~③得,
F=30N
(2)由牛顿第二定律,对B:
F-μ1m2g=m2aB ④
对A:
μ1m2g-μ2(m1+m2)g=m1aA ⑤
根据题意:
L=xB-xA ⑥


由④~⑧,解得
t=2s
11.(1) m (2) F最大值为16N,最小值为8N
【解析】
【详解】
(1)应用牛顿第二定律可知施加推力F0时P的加速度
m/s2
改变F时P的速度为m/s
此段时间内运动位移m
(2)在改变F的△t时间内,小滑块P做匀变速直线运动,设加速度为a2
则有
又有
联立解得m/s2
改变推力F后,小滑块P向上运动的过程中,设推力大小为F1
应用牛顿第二定律有:
解得F1 =8N,方向沿斜面向下。
小滑块P向下运动的过程中,设推力大小为F2
应用牛顿第二定律有
解得F2=16N,方向沿斜面向下
所以改变推力F后,F最大值为16N,最小值为8N。
12.(1)2m/s2 (2)1.6m
【解析】
【详解】
(1)放上的后瞬间,根据牛顿第二定律:

解得木块轻放上传送带后瞬间的加速度

(2)设木块与挡板P碰撞前的速度v1,由运动学知识:
解得

木块与挡板P碰后向上减速到共同速度之前:
解得
木块向上的位移
共同速度之后,摩擦力反向,加速度为
木块向上的位移
木块第一次反弹后能到达的最高位置与挡板P的距离
答:(1)木块轻放上传送带后瞬间的加速度大小为;
(2)木块第一次反弹后能到达的最高位置与挡板P的距离为1.6m。