第1章 1.1 基本计数原理(2)
文档属性
| 名称 | 第1章 1.1 基本计数原理(2) |  | |
| 格式 | zip | ||
| 文件大小 | 247.1KB | ||
| 资源类型 | 教案 | ||
| 版本资源 | 人教新课标B版 | ||
| 科目 | 数学 | ||
| 更新时间 | 2019-11-07 12:25:35 | ||
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文档简介
课件43张PPT。第一章——计数原理1.1 基本计数原理(二)[学习目标]
1.进一步理解和掌握分类加法计数原理和分步乘法计数原理.
2.能根据实际问题特征，正确选择原理解决实际问题.1预习导学 挑战自我，点点落实2课堂讲义 重点难点，个个击破3当堂检测 当堂训练，体验成功[知识链接]
1.火车上有10名乘客，沿途有5个车站，乘客下车的可能方式有多少种？
答 分10步.
第1步：考虑第1名乘客下车的所有可能有5种；
第2步：考虑第2名乘客下车的所有可能有5种；…
第10步：考虑第10名乘客下车的所有可能有5种.
故乘客下车的可能方式有5×5×5×…×5＝510(种).10个2.从1,2,3,4,7,9六个数中，任意取两个不同数作对数的底数和真数，则所有不同的对数的值的个数有多少？
答 (1)当取的两数中有1时，且1只能为真数，此时不管取哪一个数为底数对数的值都为0.
(2)当两数都不取1时，分两步：①取底数，5种；②取真数，4种.
其中log23＝log49，log32＝log94，log24＝log39，log42＝log93，
∴即所有不同的对数的值的个数为1＋5×4－4＝17.[预习导引]
1.两计数原理的联系
分类加法计数原理与分步乘法计数原理，回答的都是有关
的不同方法的种数问题.做一件事2.两计数原理的区别
分类加法计数原理针对的是 问题，其中各种方法相互独立，用其中任何一种方法都可以做完这件事，分类要做到 ；分步乘法计数原理针对的是 问题，各个步骤中的方法相互依存，只有各个步骤都完成才算做完这件事，分步要做到 .分类不重不漏分步步骤完整要点一 两个计数原理在排数中的应用
例1 数字不重复的四位偶数共有多少个？
解 (1)0在末位时，十、百、千分别有9,8,7种排法，共有9×8×7＝504(个).
(2)0不在末位时，2,4,6,8中的一个在末位，有4种排法，首位有8种(0除外)，其余两位分别有8,7两种排法.∴共有4×8×8×7＝1 792(个).
由(1)(2)知，共有符合题意的偶数为504＋1 792＝2 296(个).规律方法 排数问题实际就是分步问题，需要用分步乘法计数原理解决.此题中，由于数字0的出现，又进行了分类讨论，即在解决相关的排数问题时，要注意两个原理的综合应用.跟踪演练1 用0,1，…，9这十个数字，可以组成多少个：
(1)三位整数？
解 由于0不可在最高位，因此应对它进行单独考虑.
百位数字有9种选择，十位数字和个位数字都各有10种选择.
由分步乘法计数原理知，适合题意的三位数共有9×10×10＝900(个).(2)无重复数字的三位整数？
解 由于数字不可重复，可知百位数字有9种选择，十位数字也有9种选择，但个位数字仅有8种选择.
由分步乘法计数原理知，适合题意的三位数共有9×9×8＝648(个).(3)小于500的无重复数字的三位整数？
解 百位数字只有4种选择，十位数字有9种选择，个位数字有8种选择.
由分步乘法计数原理知，适合题意的三位数共有4×9×8＝288(个).要点二 抽取(分配)问题
例2 高三年级的三个班到甲、乙、丙、丁四个工厂进行社会实践，其中工厂甲必须有班级去，每班去何工厂可自由选择，则不同的分配方案有( )
A.16种 B.18种
C.37种 D.48种解析 方法一 (直接法)
以甲工厂分配班级情况进行分类，共分为三类：
第一类，三个班级都去甲工厂，此时分配方案只有1种情况；
第二类，有两个班级去甲工厂，剩下的班级去另外三个工厂，其分配方案共有3×3＝9(种)；
第三类，有一个班级去甲工厂，另外两个班级去其他三个工厂，其分配方案共有3×3×3＝27(种).综上所述，不同的分配方案有1＋9＋27＝37(种).
方法二 (间接法)
先计算3个班自由选择去何工厂的总数，再扣除甲工厂无人去的情况，
即：4×4×4－3×3×3＝37(种)方案.
答案 C规律方法 解决抽取(分配)问题的方法
(1)当涉及对象数目不大时，一般选用例举法、树状图法、框图法或者图表法.
(2)当涉及对象数目很大时，一般有两种方法：①直接使用分类加法计数原理或分步乘法计数原理.一般地，若抽取是有顺序的就按分步进行；若是按对象特征抽取的，则按分类进行.②间接法：去掉限制条件，计算所有的抽取方法数，然后减去所有不符合条件的抽取方法数即可.跟踪演练2 3个不同的小球放入5个不同的盒子，每个盒子至多放一个小球，共有多少种方法？
解 方法一 (以小球为研究对象)分三步来完成：
第一步：放第一个小球有5种选择；
第二步：放第二个小球有4种选择；
第三步：放第三个小球有3种选择.
根据分步乘法计数原理得：共有方法数N＝5×4×3＝60(种).方法二 (以盒子为研究对象)盒子标上序号1,2,3,4,5；分成以下10类：
第一类：空盒子标号为(1,2)，选法有3×2×1＝6(种)；
第二类：空盒子标号为(1,3)，选法有3×2×1＝6(种)；
第三类：空盒子标号为(1,4)，选法有3×2×1＝6(种).
分类还有以下几种情况：(1,5)，(2,3)，(2,4)，(2,5)，(3,4)，(3,5)，(4,5)；共10类，每一类都有6种方法.根据分类加法计数原理得：共有方法数N＝6＋6＋…＋6＝60(种).要点三 涂色问题
例3 一个同心圆形花坛，分为两部分，中间小圆部分种植草坪和绿色灌木，周围的圆环分为n(n≥3，n∈N)等份，种植红、黄、蓝三色不同的花，要求相邻两部分种植不同颜色的花.(1)如图1，圆环分成的3等份为a1，a2，a3，有多少种不同的种植方法？解 如图1，先对a1部分种植，有3种不同的
种植方法，再对a2，a3种植.
因为a2，a3与a1不同颜色，a2，a3也不同，
所以由分步乘法计数原理得3×2×1＝6(种).(2)如图2，圆环分成的4等份为a1，a2，a3，a4，有多少种不同的种植方法？解 如图2，当a1，a3不同色时，
有3×2×1×1＝6(种)种植方法，
当a1，a3同色时，
有3×2×2×1＝12(种)种植方法，
由分类加法计数原理，共有6＋12＝18(种)种植方法.规律方法 (1)涂色问题的基本要求是相邻区域不同色，但是不相邻的区域可以同色.解决此类问题要特别关注图形的结构特征.如果图形不很规则，往往从某一块出发进行分步涂色，从而选用分步乘法计数原理；如果图形具有一定的对称性，那么先对涂色方案进行分类，每一类再进行分步.
(2)涂色问题往往涉及两计数原理的综合应用，因此，要找准分类标准，兼顾条件的情况下分步涂色.跟踪演练3 用6种不同颜色的彩色粉笔写黑板报，板报设计如图所示，要求相邻区域不能用同一种颜色的彩色粉笔.则该板报有多少种书写方案？解 第一步，对英语角用的彩色粉笔有6种不同的选法；
第二步，对语文学苑用的彩色粉笔，不能与英语角相同，有5种不同的选法；第三步，选理综世界用的彩色粉笔，与英语角和语文学苑用的颜色都不相同，有4种不同的选法；
第四步，选数学天地用的彩色笔，只要与理综世界不同即可.有5种不同的选法.
由分步乘法计数原理知，共有6×5×4×5＝600种不同的书写方案.要点四 种植问题
例4 从黄瓜、白菜、油菜、扁豆4种蔬菜品种中选出3种，分别种在不同土质的三块土地上，其中黄瓜必须种植，求有多少种不同的种植方法.
解 方法一 (直接法)：若黄瓜种在第一块土地上，则有3×2×1＝6(种)不同种植方法.同理，黄瓜种在第二块、第三块土地上，均有3×2×1＝6(种)不同种植方法.
故不同的种植方法共有6×3＝18(种).
方法二 (间接法)：从4种蔬菜中选出3种，种在三块地上，有4×3×2＝24(种)，其中不种黄瓜有3×2×1＝6(种)，
故共有不同种植方法24－6＝18(种).规律方法 按元素性质分类，按事件发生过程分步是计数问题的基本思想方法，区分“分类”与“分步”的关键，是验证所提供的某一种方法是否完成了这件事情，分类中的每一种方法都完成了这件事情，而分步中的每一种方法不能完成这件事情，只是向事情的完成迈进了一步.跟踪演练4 将3种作物全部种植在如图所示的5块试验田里，每块种植一种作物且相邻的试验田不能种植同一种作物，不同的种植方法共有________种(以数字作答).解析 分别用a，b，c代表3种作物，先安排第一块田，有3种方法，不妨设放入a，再安排第二块田，有2种方法b或c，不妨设放入b，第三块也有2种方法a或c.(1)若第三块田放c：第四、五块田分别有2种方法，共有2×2＝4(种)方法.(2)若第三块田放a：第四块有2种方法b或c：①若第四块放c：第五块有2种方法；②若第四块放b：第五块只能种作物c，共1种方法.
综上，共有3×2×(2×2＋2＋1)＝42(种)方法.答案 421.某小组有8名男生，6名女生，从中任选男生、女生各一人去参加座谈会，则不同的选法有( )
A.48种 B.24种 C.14种 D.12种
解析 从8名男生中任意挑选一名参加座谈会，共有8种不同的选法，
从6名女生中任意挑选一名参加座谈会，共有6种不同的选法.
由分步乘法计数原理知，不同的选法共有8×6＝48(种).1234A12342.已知函数y＝ax2＋bx＋c为二次函数，其中a，b，c∈{0,1,2,3,4}，则不同的二次函数的个数为( )
A.125 B.15 C.100 D.10
解析 若y＝ax2＋bx＋c为二次函数，则a≠0，要完成该事件，需分步进行：
第一步：对于系数a有4种不同的选法；1234第二步：对于系数b有5种不同的选法；
第三步：对于系数c有5种不同的选法.
由分步乘法计数原理知，共有4×5×5＝100(个).
答案 C3.(a1＋a2)·(b1＋b2＋b3)·(c1＋c2＋c3＋c4)的展开式中有________项.
解析 要得到项数分三步：
第一步，从第一个因式中取一个因子，有2种取法；
第二步，从第二个因式中取一个因子，有3种取法；1234第三步，从第三个因式中取一个因子，有4种取法.
由分步乘法计数原理知，共有2×3×4＝24(项).
答案 2412344.由0,1,2,3这四个数字，可组成多少个：
(1)无重复数字的三位数？
解 (1)0不能做百位数字，所以百位数字有3种选择，十位数字有3种选择，个位数字有2种选择，
所以无重复数字的三位数共有3×3×2＝18(个).1234(2)可以有重复数字的三位数？
解 百位数字有3种选择，十位数字有4种选择，个位数字也有4种选择.
由分步乘法计数原理知，可以有重复数字的三位数共有3×4×4＝48(个).1234课堂小结
1.分类加法计数原理与分步乘法计数原理是两个最基本，也是最重要的原理，是解答排列，组合问题，尤其是较复杂的排列，组合问题的基础.
2.应用分类加法计数原理要求分类的每一种方法都能把事件独立完成；应用分步乘法计数原理要求各步均是完成事件必须经过的若干彼此独立的步骤.3.一般是先分类再分步，分类时要设计好标准，设计好分类方案，防止重复和遗漏.
4.若正面分类，种类比较多，而问题的反面种类比较少时，则使用间接法会简单一些.
1.进一步理解和掌握分类加法计数原理和分步乘法计数原理.
2.能根据实际问题特征，正确选择原理解决实际问题.1预习导学 挑战自我，点点落实2课堂讲义 重点难点，个个击破3当堂检测 当堂训练，体验成功[知识链接]
1.火车上有10名乘客，沿途有5个车站，乘客下车的可能方式有多少种？
答 分10步.
第1步：考虑第1名乘客下车的所有可能有5种；
第2步：考虑第2名乘客下车的所有可能有5种；…
第10步：考虑第10名乘客下车的所有可能有5种.
故乘客下车的可能方式有5×5×5×…×5＝510(种).10个2.从1,2,3,4,7,9六个数中，任意取两个不同数作对数的底数和真数，则所有不同的对数的值的个数有多少？
答 (1)当取的两数中有1时，且1只能为真数，此时不管取哪一个数为底数对数的值都为0.
(2)当两数都不取1时，分两步：①取底数，5种；②取真数，4种.
其中log23＝log49，log32＝log94，log24＝log39，log42＝log93，
∴即所有不同的对数的值的个数为1＋5×4－4＝17.[预习导引]
1.两计数原理的联系
分类加法计数原理与分步乘法计数原理，回答的都是有关
的不同方法的种数问题.做一件事2.两计数原理的区别
分类加法计数原理针对的是 问题，其中各种方法相互独立，用其中任何一种方法都可以做完这件事，分类要做到 ；分步乘法计数原理针对的是 问题，各个步骤中的方法相互依存，只有各个步骤都完成才算做完这件事，分步要做到 .分类不重不漏分步步骤完整要点一 两个计数原理在排数中的应用
例1 数字不重复的四位偶数共有多少个？
解 (1)0在末位时，十、百、千分别有9,8,7种排法，共有9×8×7＝504(个).
(2)0不在末位时，2,4,6,8中的一个在末位，有4种排法，首位有8种(0除外)，其余两位分别有8,7两种排法.∴共有4×8×8×7＝1 792(个).
由(1)(2)知，共有符合题意的偶数为504＋1 792＝2 296(个).规律方法 排数问题实际就是分步问题，需要用分步乘法计数原理解决.此题中，由于数字0的出现，又进行了分类讨论，即在解决相关的排数问题时，要注意两个原理的综合应用.跟踪演练1 用0,1，…，9这十个数字，可以组成多少个：
(1)三位整数？
解 由于0不可在最高位，因此应对它进行单独考虑.
百位数字有9种选择，十位数字和个位数字都各有10种选择.
由分步乘法计数原理知，适合题意的三位数共有9×10×10＝900(个).(2)无重复数字的三位整数？
解 由于数字不可重复，可知百位数字有9种选择，十位数字也有9种选择，但个位数字仅有8种选择.
由分步乘法计数原理知，适合题意的三位数共有9×9×8＝648(个).(3)小于500的无重复数字的三位整数？
解 百位数字只有4种选择，十位数字有9种选择，个位数字有8种选择.
由分步乘法计数原理知，适合题意的三位数共有4×9×8＝288(个).要点二 抽取(分配)问题
例2 高三年级的三个班到甲、乙、丙、丁四个工厂进行社会实践，其中工厂甲必须有班级去，每班去何工厂可自由选择，则不同的分配方案有( )
A.16种 B.18种
C.37种 D.48种解析 方法一 (直接法)
以甲工厂分配班级情况进行分类，共分为三类：
第一类，三个班级都去甲工厂，此时分配方案只有1种情况；
第二类，有两个班级去甲工厂，剩下的班级去另外三个工厂，其分配方案共有3×3＝9(种)；
第三类，有一个班级去甲工厂，另外两个班级去其他三个工厂，其分配方案共有3×3×3＝27(种).综上所述，不同的分配方案有1＋9＋27＝37(种).
方法二 (间接法)
先计算3个班自由选择去何工厂的总数，再扣除甲工厂无人去的情况，
即：4×4×4－3×3×3＝37(种)方案.
答案 C规律方法 解决抽取(分配)问题的方法
(1)当涉及对象数目不大时，一般选用例举法、树状图法、框图法或者图表法.
(2)当涉及对象数目很大时，一般有两种方法：①直接使用分类加法计数原理或分步乘法计数原理.一般地，若抽取是有顺序的就按分步进行；若是按对象特征抽取的，则按分类进行.②间接法：去掉限制条件，计算所有的抽取方法数，然后减去所有不符合条件的抽取方法数即可.跟踪演练2 3个不同的小球放入5个不同的盒子，每个盒子至多放一个小球，共有多少种方法？
解 方法一 (以小球为研究对象)分三步来完成：
第一步：放第一个小球有5种选择；
第二步：放第二个小球有4种选择；
第三步：放第三个小球有3种选择.
根据分步乘法计数原理得：共有方法数N＝5×4×3＝60(种).方法二 (以盒子为研究对象)盒子标上序号1,2,3,4,5；分成以下10类：
第一类：空盒子标号为(1,2)，选法有3×2×1＝6(种)；
第二类：空盒子标号为(1,3)，选法有3×2×1＝6(种)；
第三类：空盒子标号为(1,4)，选法有3×2×1＝6(种).
分类还有以下几种情况：(1,5)，(2,3)，(2,4)，(2,5)，(3,4)，(3,5)，(4,5)；共10类，每一类都有6种方法.根据分类加法计数原理得：共有方法数N＝6＋6＋…＋6＝60(种).要点三 涂色问题
例3 一个同心圆形花坛，分为两部分，中间小圆部分种植草坪和绿色灌木，周围的圆环分为n(n≥3，n∈N)等份，种植红、黄、蓝三色不同的花，要求相邻两部分种植不同颜色的花.(1)如图1，圆环分成的3等份为a1，a2，a3，有多少种不同的种植方法？解 如图1，先对a1部分种植，有3种不同的
种植方法，再对a2，a3种植.
因为a2，a3与a1不同颜色，a2，a3也不同，
所以由分步乘法计数原理得3×2×1＝6(种).(2)如图2，圆环分成的4等份为a1，a2，a3，a4，有多少种不同的种植方法？解 如图2，当a1，a3不同色时，
有3×2×1×1＝6(种)种植方法，
当a1，a3同色时，
有3×2×2×1＝12(种)种植方法，
由分类加法计数原理，共有6＋12＝18(种)种植方法.规律方法 (1)涂色问题的基本要求是相邻区域不同色，但是不相邻的区域可以同色.解决此类问题要特别关注图形的结构特征.如果图形不很规则，往往从某一块出发进行分步涂色，从而选用分步乘法计数原理；如果图形具有一定的对称性，那么先对涂色方案进行分类，每一类再进行分步.
(2)涂色问题往往涉及两计数原理的综合应用，因此，要找准分类标准，兼顾条件的情况下分步涂色.跟踪演练3 用6种不同颜色的彩色粉笔写黑板报，板报设计如图所示，要求相邻区域不能用同一种颜色的彩色粉笔.则该板报有多少种书写方案？解 第一步，对英语角用的彩色粉笔有6种不同的选法；
第二步，对语文学苑用的彩色粉笔，不能与英语角相同，有5种不同的选法；第三步，选理综世界用的彩色粉笔，与英语角和语文学苑用的颜色都不相同，有4种不同的选法；
第四步，选数学天地用的彩色笔，只要与理综世界不同即可.有5种不同的选法.
由分步乘法计数原理知，共有6×5×4×5＝600种不同的书写方案.要点四 种植问题
例4 从黄瓜、白菜、油菜、扁豆4种蔬菜品种中选出3种，分别种在不同土质的三块土地上，其中黄瓜必须种植，求有多少种不同的种植方法.
解 方法一 (直接法)：若黄瓜种在第一块土地上，则有3×2×1＝6(种)不同种植方法.同理，黄瓜种在第二块、第三块土地上，均有3×2×1＝6(种)不同种植方法.
故不同的种植方法共有6×3＝18(种).
方法二 (间接法)：从4种蔬菜中选出3种，种在三块地上，有4×3×2＝24(种)，其中不种黄瓜有3×2×1＝6(种)，
故共有不同种植方法24－6＝18(种).规律方法 按元素性质分类，按事件发生过程分步是计数问题的基本思想方法，区分“分类”与“分步”的关键，是验证所提供的某一种方法是否完成了这件事情，分类中的每一种方法都完成了这件事情，而分步中的每一种方法不能完成这件事情，只是向事情的完成迈进了一步.跟踪演练4 将3种作物全部种植在如图所示的5块试验田里，每块种植一种作物且相邻的试验田不能种植同一种作物，不同的种植方法共有________种(以数字作答).解析 分别用a，b，c代表3种作物，先安排第一块田，有3种方法，不妨设放入a，再安排第二块田，有2种方法b或c，不妨设放入b，第三块也有2种方法a或c.(1)若第三块田放c：第四、五块田分别有2种方法，共有2×2＝4(种)方法.(2)若第三块田放a：第四块有2种方法b或c：①若第四块放c：第五块有2种方法；②若第四块放b：第五块只能种作物c，共1种方法.
综上，共有3×2×(2×2＋2＋1)＝42(种)方法.答案 421.某小组有8名男生，6名女生，从中任选男生、女生各一人去参加座谈会，则不同的选法有( )
A.48种 B.24种 C.14种 D.12种
解析 从8名男生中任意挑选一名参加座谈会，共有8种不同的选法，
从6名女生中任意挑选一名参加座谈会，共有6种不同的选法.
由分步乘法计数原理知，不同的选法共有8×6＝48(种).1234A12342.已知函数y＝ax2＋bx＋c为二次函数，其中a，b，c∈{0,1,2,3,4}，则不同的二次函数的个数为( )
A.125 B.15 C.100 D.10
解析 若y＝ax2＋bx＋c为二次函数，则a≠0，要完成该事件，需分步进行：
第一步：对于系数a有4种不同的选法；1234第二步：对于系数b有5种不同的选法；
第三步：对于系数c有5种不同的选法.
由分步乘法计数原理知，共有4×5×5＝100(个).
答案 C3.(a1＋a2)·(b1＋b2＋b3)·(c1＋c2＋c3＋c4)的展开式中有________项.
解析 要得到项数分三步：
第一步，从第一个因式中取一个因子，有2种取法；
第二步，从第二个因式中取一个因子，有3种取法；1234第三步，从第三个因式中取一个因子，有4种取法.
由分步乘法计数原理知，共有2×3×4＝24(项).
答案 2412344.由0,1,2,3这四个数字，可组成多少个：
(1)无重复数字的三位数？
解 (1)0不能做百位数字，所以百位数字有3种选择，十位数字有3种选择，个位数字有2种选择，
所以无重复数字的三位数共有3×3×2＝18(个).1234(2)可以有重复数字的三位数？
解 百位数字有3种选择，十位数字有4种选择，个位数字也有4种选择.
由分步乘法计数原理知，可以有重复数字的三位数共有3×4×4＝48(个).1234课堂小结
1.分类加法计数原理与分步乘法计数原理是两个最基本，也是最重要的原理，是解答排列，组合问题，尤其是较复杂的排列，组合问题的基础.
2.应用分类加法计数原理要求分类的每一种方法都能把事件独立完成；应用分步乘法计数原理要求各步均是完成事件必须经过的若干彼此独立的步骤.3.一般是先分类再分步，分类时要设计好标准，设计好分类方案，防止重复和遗漏.
4.若正面分类，种类比较多，而问题的反面种类比较少时，则使用间接法会简单一些.