北师大版数学选修2-3 §2.3 条件概率与独立事件(26张PPT+21张PPT课件+作业)

文档属性

名称 北师大版数学选修2-3 §2.3 条件概率与独立事件(26张PPT+21张PPT课件+作业)
格式 zip
文件大小 1.4MB
资源类型 教案
版本资源 北师大版
科目 数学
更新时间 2019-11-25 17:21:22

文档简介


[A组 基础巩固]
1.下列结论正确的是(  )
A.P(B|A)B.P(B|A)=是可能的
C.0D.P(A|A)=0
解析:因为P(B|A)=,而0所以P(B|A)≥P(AB),所以A项错.
当P(A)=1时,P(AB)=P(B),
则P(B|A)==,所以B项正确.
而0≤P(B|A)≤1,P(A|A)=1,所以C,D两项错.故选B.
答案:B
2.乒乓球按其颜色分为白、黄两色,按质量优劣分为☆、☆☆、☆☆☆三等,现袋中有6个不同的球,从中任取2个,事件A=“取到的2个球☆个数之和为奇数”,事件B=“取到的2个球同色”,则P(B|A)=(  )
A. B.
C. D.
解析:由题意n(A)=2×CC=8,n(AB)=4,
∴P(B|A)==.
答案:D
3.某人忘记了一个电话号码的最后一个数字,只好任意去试拨,他第一次失败、第二次成功的概率是(  )
A. B.
C. D.
解析:某人第一次失败,第二次成功的概率为P==,所以选A.
答案:A
4.某地区气象台统计,该地区下雨的概率是,刮风的概率为,即刮风又下雨的概率为,则在下雨天里,刮风的概率为(  )
A. B.
C. D.
解析:设A为下雨,B为刮风,由题意P(A)=,P(B)=,P(AB)=,P(B|A)===.
答案:C
5.某班学生考试成绩中,数学不及格的占15%,语文不及格的占5%,两门都不及格的占3%.已知一学生数学不及格,则他语文也不及格的概率是(  )
A.0.2 B.0.33
C.0.5 D.0.6
解析:A=“数学不及格”,B=“语文不及格”,P(B|A)===0.2.
所以数学不及格时,该生语文也不及格的概率为0.2.
答案:A
6.在掷5枚硬币时,已知至少出现2个正面,则正好出现3个正面的概率为________.
解析:设A表示为“至少出现2个正面”,B表示为“正好出现3个正面”,
则P(A)=1--=,P(B)==.
因为B?A,故A∩B=B,所以P(A∩B)=P(B)=.
所以P(B|A)===.
答案:
7.某种元件的使用寿命超过1年的概率为0.6,使用寿命超过2年的概率为0.3,则某使用寿命超过1年的元件还能继续使用1年的概率为________.
解析:设事件A为“该元件的使用寿命超过1年”,B为“该元件的使用寿命超过2年”,则P(A)=0.6,P(B)=0.3,因为B?A,所以P(AB)=0.3,于是P(B|A)===0.5.
答案:0.5
8.抛掷红、蓝两枚骰子,设事件A为“蓝色骰子的点数为3或6”,事件B为“两枚骰子的点数之和大于8”.
(1)求P(A),P(B),P(AB);
(2)当已知蓝色骰子点数为3或6时,问两枚骰子的点数之和大于8的概率为多少?
解析:(1)设x为掷红骰子所得到的点数,y为掷蓝骰子所得到的点数,则所有可能的事件与(x,y)一一对应,由题意作图(如图).
显然,P(A)==,
P(B)==,
P(AB)=.
(2)解法一 P(B|A)==.
解法二 P(B|A)===.
9.现有6个节目准备参加比赛,其中4个舞蹈节目,2个语言类节目,如果不放回地依次抽取2个节目,求:
(1)第1次抽到舞蹈节目的概率;
(2)第1次和第2次都抽到舞蹈节目的概率;
(3)在第1次抽到舞蹈节目的条件下,第2次抽到舞蹈节目的概率.
解析:设第1次抽到舞蹈节目为事件A,第2次抽到舞蹈节目为事件B,则第1次和第2次都抽到舞蹈节目为事件AB.
(1)从6个节目中不放回地依次抽取2个的事件数为n(Ω)=A=30,
根据分步乘法计数原理,n(A)=AA=20,
于是P(A)===.
(2)因为n(AB)=A=12,
于是P(AB)===.
(3)解法一 由(1)(2)可得,在第1次抽到舞蹈节目的条件下,第2次抽到舞蹈节目的概率为
P(B|A)===.
解法二 因为n(AB)=12,n(A)=20,
所以P(B|A)===.
[B组 能力提升]
1.在区间(0,1)内随机投掷一个点M(其坐标为x),若A=,B=,则P(B|A)等于(  )
A. B.
C. D.
解析:P(A)==.
∵A∩B=,
∴P(AB)==,
∴P(B|A)===.
答案:A
2.一个家庭中有两个小孩,假定生男、生女是等可能的,已知这个家庭有一个是女孩,问这时另一个小孩是男孩的概率是________.
解析:设事件A为“其中一个是女孩”,事件B为“另一个小孩是男孩”,
Ω={(男,男),(男,女),(女,男),(女,女)},
A={(男,女),(女,男),(女,女)},n(A)=3,
B={(男,男),(男,女),(女,男)},
AB={(男,女),(女,男)},n(AB)=2.
由题意知P(B|A)==.
答案:
3.从混有5张假钞的20张百元钞票中任意抽取2张,将其中1张放在验钞机上检验发现是假钞,则2张都是假钞的概率为________.
解析:若A表示“抽到的两张都为假钞”,B表示“抽到的两张中至少有1张为假钞”,则所求概率为P(A|B).
又P(AB)=P(A)=,P(B)=,
由条件概率公式,易得
P(A|B)====.
答案:
4.某学生在一次考试中,共有10道题供选择,已知该生会答其中6题,从中随机抽5题供考生回答,答对3题及格,求该生在第一题不会答的情况下及格的概率.
解析:记事件A={从10题中依次抽5题,第一题不会答},
B={从10题中依次抽5题,有3题或4题会答}.
则P(A)=,
P(AB)=.
∴P(B|A)===.
∴该生在第一题不会答的情况下及格的概率为.
课件21张PPT。
[A组 基础巩固]
1.甲、乙两人射击,甲的命中率为,乙的命中率为,若2人同时射击一个目标,则他们都命中目标的概率是(  )
A. B.
C. D.
解析:×=.
答案:A
2.两个实习生每人加工一个零件,加工为一等品的概率分别为和,两个零件是否加工为一等品相互独立,则这两个零件中恰有一个一等品的概率为(  )
A. B.
C. D.
解析:设事件A:“一个实习生加工为一等品”,
事件B:“另一个实习生加工为一等品”,
由于A,B相互独立,
则恰有一个一等品的概率P=P(A)+P(B)
=P(A)·P()+P()·P(B)
=×+×=.
答案:B
3.设两个相互独立事件A,B都不发生的概率为,A发生且B不发生的概率与B发生且A不发生的概率相等,那么事件A发生的概率P(A)为(  )
A. B.
C. D.
解析:设事件A发生的概率为P(A),事件B发生的概率为P(B),则事件A不发生的概率为1-P(A),事件B不发生的概率为1-P(B),
依题意得
解得P(A)=.
答案:B
4.某大街在甲、乙、丙三处设有红绿灯,汽车在这三处因遇绿灯而通行的概率分别是为、、,则汽车在这三处因遇红灯而停车一次的概率为(  )
A. B.
C. D.
解析:设汽车分别在甲、乙、丙三处通行为事件A、B、C,则P(A)=,P(B)=,P(C)=.
停车一次即为事件BC+AC+AB,
故概率为P=××+××+××=.
答案:D
5.设两个独立事件A和B都不发生的概率为,A发生B不发生的概率与B发生A不发生的概率相同,则事件A发生的概率P(A)是(  )
A. B.
C. D.
解析:由题意,P()·P()=,
P()·P(B)=P(A)·P().
设P(A)=x,P(B)=y,
则
即
∴x2-2x+1=,
∴x-1=-,或x-1=(舍去),
∴x=.
答案:D
6.已知下列各对事件:
①甲组3名男生,2名女生;乙组2名男生,3名女生.今从甲、乙两组中各选1名同学参加游园活动,“从甲组中选出1名男生”与“从乙组中选出1名女生”;②一个家庭中有两个孩子,假定生男孩和生女孩是等可能的,“该家庭既有男孩又有女孩”与“该家庭中最多有一个女孩”;③一筐内有6个苹果和3个梨,“从中任意取出1个,取出的是苹果”与“把苹果再放回筐子,再从筐子中任意取出1个,取出的是梨”.
其中为相互独立事件的为________.
解析:判断两个事件A、B是否相互独立,可以看事件A的发生对事件B发生的概率是否有影响,也可用定义P(AB)=P(A)·P(B)来判断.
答案:①③
7.某条道路的A,B,C三处设有交通灯,这三盏灯在一分钟内平均开放绿灯的时间分别为25秒、35秒、45秒,某辆车在这条路上行驶时,三处都不停车的概率是________.
解析:P=××=.
答案:
8.在一次三人象棋对抗赛中,甲胜乙的概率为0.4,乙胜丙的概率为0.5,丙胜甲的概率为0.6,比赛顺序如下:第一局,甲对乙;第二局,第一局胜者对丙;第三局,第二局胜者对第一局败者;第四局,第三局胜者对第二局败者,则乙连胜四局的概率为__________.
解析:乙连胜四局,即乙先胜甲,然后胜丙,接着再胜甲,最后再胜丙,∴概率P=(1-0.4)×0.5×(1-0.4)×0.5=0.09.
答案:0.09
9.制造一种零件,甲机床的正品率为0.90,乙机床的正品率为0.80,分别从它们制造的产品中任意抽取一件.
(1)两件都是正品的概率;
(2)两件都是次品的概率;
(3)恰有一件正品的概率.
解析:记“从甲机床抽到正品”为事件A,“从乙机床抽到正品”为事件B,“抽取的两件产品中恰有一件正品”为事件C,由题意知A,B是相互独立事件,
(1)P(AB)=P(A)·P(B)=0.90×0.80=0.72;
(2)P( )=P()·P()=0.10×0.20=0.02;
(3)P(C)=P(A)+P(B)=P(A)·P()+P()·P(B)=0.90×0.20+0.10×0.80=0.26.
10.甲、乙两人参加一次英语口语考试,已知在备选的10道试题中,甲能答对其中的6道题,乙能答对其中的8道题,规定每次考试都从备选题中随机抽出3道题进行测试,至少答对2道题才算合格.
(1)分别求甲、乙两人考试合格的概率;
(2)求甲、乙两人至少有一人考试合格的概率.
解析:(1)设甲、乙两人考试合格分别为事件A、B,
则P(A)===,
P(B)===.
(2)由题意知事件A、B相互独立.
解法一 “甲、乙两人考试均不合格”即事件 发生.
因为P( )=P()P()=(1-)(1-)=.
所以甲、乙两人至少有一人考试合格的概率为
P=1-P( )=1-=.
解法二 “甲、乙两人考试至少有一人合格”即事件A、B、AB有一个发生,且A、B、AB彼此互斥.
所以甲、乙两人至少有一人考试合格的概率为
P=P(A)+P(B)+P(AB)
=P(A)P()+P()P(B)+P(A)P(B)
=×+×+×=.
[B组 能力提升]
1.甲、乙两人同时报考某一所大学,甲被录取的概率为0.6,乙被录取的概率为0.7,两人同时被录取的概率为0.42,两人是否被录取互不影响,则其中至少有一人被录取的概率为(  )
A.0.12 B.0.42
C.0.46 D.0.88
解析:至少有一人被录取的对立事件是两人都未被录取,两人是否被录取相互独立,故所求概率为1-(1-0.6)×(1-0.7)=0.88.
答案:D
2.在如图所示的电路图中,开关a,b,c闭合与断开的概率都是,且是相互独立的,则灯亮的概率是(  )
A. B.
C. D.
解析:设开关a,b,c闭合的事件分别为A,B,C,则灯亮这一事件E=ABC∪AB∪AC,且A,B,C相互独立,ABC,AB,AC互斥,
所以P(E)=P(ABC)∪P(AB)∪P(AC)
=P(ABC)+P(AB)+P(AC)
=P(A)P(B)P(C)+P(A)P(B)P()+P(A)P()P(C)
=××+××(1-)+×(1-)×=.
答案:B
3.国庆节放假,甲、乙、丙三人去北京旅游的概率分别是,,.假定三人的行动相互之间没有影响,那么这段时间内至少有1人去北京旅游的概率为________.
解析:设“国庆节放假,甲、乙、丙三人去北京旅游”分别为事件A、B、C,则A、B、C相互独立,且P(A)=,P(B)=,P(C)=,∴至少有1人去北京旅游的概率为:1-P()=1-P()·P()·P()=1-××=1-=.
答案:
4.甲、乙两人独立解某一道数学题,已知该题被甲独立解出的概率为0.6,被甲或乙解出的概率为0.92,则该题被乙独立解出的概率为________.
解析:记甲、乙分别解出此题的事件记为A、B.
设甲独立解出此题的概率为p1,乙为p2.
则P(A)=p1=0.6,P(B)=p2,
P(A+B)=1-P( )=1-(1-p1)(1-p2)
=p1+p2-p1p2=0.92.
0.6+p2-0.6p2=0.92,解得p2=0.8.
答案:0.8
5.如图,在一段线路中安装5个自动控制开关,在某段时间内各个开关是否能够闭合相互之间没有影响,在某段时间内各个开关能够闭合的概率如下表:
开关
A1
A2
A3
B1
B2
闭合的概率
0.6
0.5
0.8
0.7
0.9
求在这段时间内下列事件发生的概率:
(1)由于B1,B2不闭合而线路不通;
(2)由于A1,A2,A3不闭合而线路不通;
(3)线路正常工作.
解析:(1)记“开关B1闭合”为事件B1,“开关B2闭合”为事件B2,所以所求概率为1-P(B1B2)=1-P(B1)P(B2)=1-0.7×0.9=0.37.
(2)设“开关Ai闭合”为事件Ai(i=1,2,3),所求概率为P(123)=P(1)P(2)P(3)=(1-0.6)×(1-0.5)×(1-0.8)=0.04.
(3)解法一 所求概率为P(B1B2)[P(1 2A3)+P(1A23)+P(A123)+P(A1A23)+P(A12A3)+P(1A2A3)+P(A1A2A3)]=0.7×0.9×(0.4×0.5×0.8+0.4×0.5×0.2+0.6×0.5×0.2+0.6×0.5×0.2+0.6×0.5×0.8+0.4×0.5×0.8+0.6×0.5×0.8)=0.604 8.
解法二 所求概率为P(B1B2)[1-P(123)]=0.63×(1-0.04)=0.604 8.
课件26张PPT。
同课章节目录