北师大版物理-九年级上册-第十二章-欧姆定律-巩固提升练习 有解析

北师大版物理-九年级上册-第十二章-欧姆定律-巩固提升练习
一、单选题
1.图为灯L1、L2的U﹣I图象，根据图象可知（?? ）
/
?通过L2的电流为0.2A时，L2两端的电压为100V??/
B.?电压为160V时，通过L1的电流较大C.?电压为160V时，L1的电阻较大???????????????????????????
D.?把两灯并联接入220V的电路中，L1较亮
2.如图所示，电源电压保持不变．滑动变阻器R0的滑片P在移动过程中，电压表的示数变化范围是0～4伏，电流表的示数变化范围是0.5～1安，求：电源电压、电阻R的阻值和变阻器R0的最大阻值及电源电压（ ?? ）/?
A.?8Ω 4Ω 8V????????????????????????/B.?4Ω 8Ω 8V????????????????????????C.?8Ω 8Ω 4V????????????????????????D.?8Ω 8Ω 8V
3.如图所示，闭合开关S后，灯泡L发光，现把滑动变阻器的滑片P向a端移动，则灯泡L的亮度与电流表示数的变化情况是（　　）/
A.?灯泡L变亮，电流表示数变大???????????????????????????????B.?灯泡L变暗，电流表示数变小C.?灯泡L变亮，电流表示数变小???????????????????????????????D.?灯泡L变暗，电流表示数变大
4.如图所示，电源电压不变，闭合开关S后，滑动变阻器滑片P向b端移动过程中，下列说法正确的是（?? ） /
A.?电流表A1示数变小，电路的总电阻变小B.?电流表A2示数不变，电路消耗的总功率变小C.?电压表V示数变小，R1与R2两端的电压之比变小D.?电压表V示数不变，电压表V的示数与电流表A2的示数比值变大
5.用图示的电路探究导体的导电性能，电路中电源电压保持不变，R是一只光敏电阻，当光照射强度增大时，其电阻值会减小．闭合开关，减弱对光敏电阻的照射强度，电流表和电压表示数的变化情况是???????（ ?????）/
A.?电流表示数增大，电压表示数减小??????????????????????
B.?电流表示数减小，电压表示数增大C.?电流表、电压表示数均增大????????????????????????????????
D.?电流表、电压表示数均减小
6.进行物理实验时，正确的操作是获取实验数据的前提．在“用电压表和电流表测小灯泡电阻”的实验中，下列操作中有问题的是（　　）
A.?连接电路的过程中，开关应处于断开状态B.?连接电路的过程中，滑动变阻器要全部连入电路C.?电流表要与待测电阻串联，电压表要与待测电阻并联D.?试触时发现电流表指针反向偏转，电压表正常，只需断开电路，将电池正、负极对调
7.如图所示电路中电源电压不变，当S闭合，且滑片P 向左滑动时，各电表示数的变化情况是（?? ）
/
A.?A1表读数不变、A2表读数变小、V表读数变小??????????/
B.?A1表读数变大、A2表读数变大、V表读数不变C.?A1表读数变小、A2表读数变大、V表读数变大??????????/
D.?A1表读数不变、A2表读数变大、V表读数不变
二、多选题
8.在下图所示的电路中，电源电压保持不变，闭合开关S后， 当滑动变阻器的滑片向右移动时，电压表V的示数为U、电流表A1、A2、A的示数分别为I1、I2、I；且电流表A示数的变化量为△I、电流表A2示数的变化量为△I2.则下列选项中比值变大的是（???? ）/
A.?/???????????????????????????????????????B.?/???????????????????????????????????????C.?/???????????????????????????????????????D.?/
9.如图所示电路中，电源电压不变，开关S闭合后，滑动变阻器的滑片P向右移动时（?? ） /
A.?电流表的示数变小?????????
B.?电流表的示数不变?????????
C.?电压表的示数变大?????????
D.?电压表的示数不变
10.江西省高速公路收费站已经开始对过往的超载货车实施计重收费，如图所示是计重秤原理图，以下说法正确的是（?? ）
/
A.?称重表相当于一个电流表????????????????????????????????????B.?当车辆越重时，R1两端的电压越小C.?电路中的R1是保护电阻???????????????????????????????????????D.?当车辆越重时，称重表的示数越大
11.如图所示电路中，电源电压不变，R1为定值电阻，R2为滑动变阻器（a、b为其两端点）．闭合开关S，当滑片P在某一端点时，电流表示数为0.1A，R2消耗的电功率为1W；当滑片P移动至某一位置时，电流表示数为0.3A，R2消耗的电功率为1.8W．则当滑片P从a移到b的过程中（?? ） /
A.?电流表示数变化了0.5A???????????????????????????????????????/B.?电压表示数变化了4VC.?R1消耗的电功率变化了5W?????????????????????????????????/D.?电路消耗的总功率变化了6W
12.在“测量小灯泡电阻”的实验中，滑动变阻器能起到以下作用的是（　　）
A.?改变电路中的电流??????????????????????????????????????????????/B.?保护电路C.?改变被测小灯泡的电阻???????????????????????????????????????/D.?改变被测小灯泡两端的电压
13.如图所示是油量自动测定装置的示意图，0为杠杆支点，R0为定值电阻，Rx是滑动变阻器，当闭合开关S后（?? ）
/
A.?滑动变阻器Rx连入电路的阻值随油量的增加而增大。B.?电流表的读数随油量的增加而减小C.?电压表的读数随油量的增加而增大D.?随油量的增加，电压表与电流表的比值保持不变
三、填空题
14.如图所示的电路中，电阻R1的阻值为10Ω．闭合开关S，电流表A1的示数为0.6A，电流表A2的示数为0.4A，则电阻R2的阻值为________Ω。
/
15.甲和乙是由同种材料制成的长度相等的电阻丝，甲和乙中的电流与其两端的电压关系如图所示，则甲电阻丝的横截面积比乙电阻丝________（选填“大”或“小”）；若将甲和乙并联后接在电压为2V电源两端，则干路中的电流为________A。/
16.在某一温度下，两个电路元件甲和乙中的电流与电压的关系如图7所示。由图可知，元件甲的电阻是________Ω，将元件甲、乙并联后接在电压为2V的电源两端，则干路的电流是________A。将元件甲、乙串联后接在电压为2V的电源两端，电路中的电流是________A。/
17.一种亮度可以调节的小台灯，其电路如图甲所示。电源电压为24Ⅴ，灯泡L的额定电压为24Ⅴ，通过灯泡L的电流跟其两端电压的关系如图乙所示。当灯泡正常发光时，灯丝的电阻为 ________ Ω。调节滑动变阻器R，使灯泡两端的电压是12Ⅴ，则灯泡的实际功率为 ________ ?W，滑动变阻器R连入电路的阻值是 ________ Ω。/
18.如图所示电路，闭合开关，滑片向右移动时，灯泡的亮度将________（选填“变亮”“变暗”或“不变”）．电流表A1的示数将________（选填“变大”、“变小”或“不变”），电压表示数与电流表A2示数的比值将________（选填“变“变小”或“不变”）/
四、实验探究题
19.小丽和小亮在探究“通过导体的电流跟电阻的关系”实验中，根据实验目的设计出实验电路图，并按电路图连接实验器材如图1所示。
/
（1）在如图1所示的实物电路中，________连接有错误；
（2）请你画出正确的实验电路图；
（3）小亮将电路连接的错误改正后开始实验，在闭合开关S前，应使滑动变阻器的滑片P置于________端（选填“A”或“B”）；
（4）在此实验中，为达到实验目的，每次应更换________?，并移动滑动变阻器的滑片P，改变其连入电路的阻值，目的是使________?表的示数保持不变。
（5）在实验过程中，当滑动变阻器的滑片P移到某点时，发现两电表的示数如图2甲、乙所示，则此时小亮所使用的电阻为________?Ω；
（6）小丽重新设置了小亮实验中不变量的数值，又进行了多组实验，并根据自己的实验数据绘制出通过导体的电流随导体电阻变化规律的图象，如图3所示。请你根据图象判断，当导体电阻为5Ω时，通过该导体的电流为________?A。
五、综合题
20.如图所示，R1=6Ω，R2为定值电阻，电源电压恒定，当闭合开关S1 ， S2时，电流表示数为1.5A，当闭合开关S1 ， 断开开关S2时，电压表示数为6V．
/
（1）电源电压；
（2）R2的阻值．
21.如图所示的电路中，R1=10Ω，当开关S闭合时，电流表示数为0.1A，电压表示数为2V．请结合串联电路电流、电压特点以及欧姆定律，求： /
（1）电阻R1两端的电压；
（2）电源电压；
（3）R2的阻值．

答案
一、单选题
1.【答案】 C
【解析】【解答】解：A．由图象可知，通过L2的电流为0.2A时，L2两端的电压为58V，故A错误；
B．由图象可知，电压为160V时，通过L1、L2的电流大小关系为I2＞I1 ， 故B错误；
C．由于电压为160V时，I2＞I1 ， 根据R= /可知，R1＞R2 ， 即L1的电阻较大，故C正确；
D．把两灯并联接入220V的电路中，则它们两端的电压相等，根据图象可知，通过L2的电流大于通过L1的电流，根据P=UI可知：P2＞P1 ， 所以L2较亮，故D错误．
故选C．
【分析】（1）根据图象读出通过L2的电流为0.2A时L2两端的电压；（2）根据图象比较得出电压为160V时，通过L1、L2的电流大小关系；（3）已知电压为160V时，通过L1、L2的电流大小关系，根据欧姆定律比较两电阻的大小关系；（4）两电阻并联时两端的电压相等，根据图象比较它们的电流关系，即可根据P=UI比较灯泡的亮度．
2.【答案】 D
【解析】已知：U1=0V，I1=1A；U2=4V，I2=0.5A；求：R，R0 ， U【解答】由图可知，滑动变阻器R0与定值电阻R串联，电压表并联在滑动变阻器两端，当电流表示数是0.5A时，滑动变阻器两端的电压是4V，则电源电压U=0.5A×R+4V-----①，当电流表示数是1A时，滑动变阻器两端的电压是0V，则电源电压U=1A×R------------②；由①②可得：R=8Ω；U=8V；当滑片P在a端时，滑动变阻器接入电路的阻值最大，并且滑动变阻器两端电压及通过的电流为U2=4V，I2=0.5A；滑动变阻器的最大阻值为R0=U2/I2=4V/0.5A=8Ω．
故选：D
3.【答案】A
【解析】【解答】解：由图可知灯L与滑动变阻器串联，滑动变阻器的滑片P向a端移动时，其连入电路中的电阻变小，则电路中的总电阻R=R滑+RL变小，因此由欧姆定律I=/?可知，电路中的电流变大；因为灯泡的电阻不变，所以灯泡L的实际功率为PL实=I2RL变大，因此小灯泡的亮度变亮．故选A．【分析】从图可知，灯L与滑动变阻器串联，电流表测量的是整个电路中的电流，首先判断当滑动变阻器的滑片P向a端移动时，其连入电路中的电阻怎样变化，再根据串联电路电阻的特点判断电路中总电阻的变化，最后再利用公式I=/判断电路中电流的变化，判断小灯泡的亮度应依据小灯泡的实际功率，已知电流和电阻，可利用公式P=I2R分析电功率的变化情况，从而判断灯泡的亮度的变化．
4.【答案】B
【解析】【解答】解：根据电路图作出等效电路图如图所示； A、由电路图可知，滑动变阻器滑片P向b端移动过程中，滑动变阻器接入电路的阻值变大，电路总电阻变大，电源电压不变，由欧姆定律可知，电路电流变小，电流表A1示数变小，故A错误；B、电源电压不变，电阻R1阻值不变，∵I= /，∴R= /，通过电阻R1的电流不变，电流表A2示数不变，由A可知，电路总电流变小，电路消耗的总功率P=UI变小，故B正确；C、电压表测电源电压，电源电压不变，电压表示数不变，故C错误；D、电压表测电源电压，电源电压不变，电压表示数不变；电压表V与电流表A2的示数比值等于电阻R1的阻值，电阻R1不变，因此电压表V的示数与电流表A2的示数比值不变，故D错误；故选B．/【分析】分析清楚电路结构，作出等效电路图，根据滑片的移动方向确定滑动变阻器接入电路的阻值如何变化，然后根据并联电路特点、欧姆定律、电功率公式分析答题．
5.【答案】 B
【解析】【分析】由图可知，光敏电阻及灯泡串联，由题意知电路中电阻的变化，则由欧姆定律可求得电路中电流的变化，则可知灯泡两端的电压变化，再由串联电路的电压特点可求得电压表的示数变化．【解答】因光照射强度增大时，其电阻会减小；所以，减小光敏电阻的照射强度时，光敏电阻阻值增大；则由欧姆定律I=/
可知，电源电压不变，则电路中电流减小；即电流表示数减小．根据欧姆定律U=IR可知：灯泡的阻值不变，通过灯泡的电流变小，则灯泡两端的电压减小；再由串联电路的电压规律可知，光敏电阻两端的电压及灯泡两端的电压之和等于电源电压，因电源电压不变，灯泡两端的电压减小，则可知光敏电阻两端的电压增大；即电压表示数增大．故选B．【点评】本题要注意光敏电阻两端的电压变化的分析过程，因光敏电阻的阻值及电流值同时发生了变化，则无法直接利用欧姆定律求解，故先分析灯泡两端的电压变化再由串联电路的规律分析光敏电阻两端的电压变化．
6.【答案】 D
【解析】【解答】A、为防止连接错误，造成电路中电流过大烧坏用电器，连接电路的过程中，开关应断开；
B、为防止电路中电流过大烧坏用电器，连接电路时，滑动变阻器应处于最大阻值处；
C、根据电压表和电流表的正确使用可知，电流表要与待测电阻串联，电压表要与待测电阻并联；
D、试触时发现电流表指针反向偏转，说明电流表的正负接线柱反接了，若此时将电池正、负极对调，虽然满足了电流表的接法，但又会导致电压表的接线柱反接，故此方法不正确．
故选D．
【分析】（1）在实验前，应断开开关、滑动变阻器处于最大阻值处，是为了防止电路中电流过大烧坏用电器；
（2）根据电表的正确使用方法可知，电流表要与待测电阻串联，电压表要与待测电阻并联；电流要从电表的正接线柱流入负接线柱流出．
7.【答案】 D
【解析】【解答】由图示可知，滑片P 向左滑动时，电阻变小，由总电阻变小，总电流变大，所以电流表A2示数变大，定值电阻R1两端的电压不变，通过电阻R1的电流不变，故电流表A1示数不变，电压表V的示数不变；D符合题意.故答案为：D.【分析】电压表的内阻很大，分析电路时可看做断路；电流表内阻很小，分析电路时可看做一根导线，根据欧姆定律进行分析.
二、多选题
8.【答案】A,B,C
【解析】【解答】A、由图示可知，当开关S闭合后，两电阻是并联的，电流表A测总电流，电流表A1测通过定值电阻的电流，电流表A2测变阻器的电流，电压表测并联电路两端的电压也是电源电压；BC、当滑动变阻器的滑片向右移动时，变阻器的电阻变大，总电阻变大，所以总电流减小，即I变小；D、由于电源电压不变，通过定值电阻电流I1不变，通过变阻器的电流I2变小，由于通过电流表A1的电流不变，所以电流表A的示数变化量△I与电流表A2示数的变化量△I2相等，故可知，ABC三项的比值都是变大的，D项的比值是不变的；故答案为：ABC.【分析】本题考查了学生对动态电路的分析和掌握，由于电源电压不变，通过定值电阻电流I1不变，通过变阻器的电流I2变小，由于通过电流表A1的电流不变，所以电流表A的示数变化量△I与电流表A2示数的变化量△I2相等.
9.【答案】AD
【解析】【解答】解：由电路图可知，R1和R2并联，电压表测量电源电压，电流表测干路电流； 电压表测电源的电压，且电源的电压不变，故电压表的示数不变；当滑动变阻器的滑片P向右移动时，变阻器R2接入电路的电阻变大，由欧姆定律可知，R2支路的电流变小，而R1支路的电流不变；由并联电路中干路电流等于各支路电流之和可知，干路电流变小，即电流表的示数变小．故选：AD．【分析】先判断电路的连接情况，分清各表的作用，根据滑动变阻器电阻的变化判断电流的变化．
10.【答案】 A,C,D
【解析】【解答】A选项，由图中可以看出称重表与电阻串联在电路中，故称重表相当于一个电流表，A符合题意。
C选项，电路中的R1是为了防止电路中电流过大而设置的，是保护电阻，C符合题意。
B、D选项，当车辆越重时，滑动变阻器接入电路的阻值越小，根据串联电路电压特点可知，电阻R1不变，所以其两端电压变大，而电路的总电阻越小，故电路中总电流越大，即称重表的示数越大，B不符合题意D符合题意。
故答案为：ACD
【分析】分析电路图，根据称重表在电路的连接情况判断是电流表还是电压表；根据电路中滑片的变化情况对选项逐一方向后，选择正确答案.
11.【答案】AD
【解析】【解答】解： 由题可知，闭合开关S，当滑片P在某一端点时，电流表示数为0.1A，当滑片P移动至某一位置时，电流表示数为0.3A，这表明某一端点为b点，即滑片于b点时，电流表示数最小为Ib=0.1A；由图可知，R1与R2串联，当P于b点时，R2全部接入电路，电压表测R2两端的电压U2 ， R2消耗的电功率为lW；根据串联电路的电压规律和P=UI可得，电源电压：U=U1+U2=IbR1+ /=0.1A×R1+ /①当滑片P移动至某一位置时，电流表示数为I'=0.3A，R2消耗的电功率为P'2=1.8W，根据串联电路的电压规律和P=UI可得，电源电压：U=U1'+U2'=I'R1+ /=0.3A×R1+ /②由①②可解得：U=12V，R1=20Ω；当滑片于a点时，R2接入电路的阻值为0，电路为R1的简单电路，此时电压表的最小示数：Ua=0V，电流表的最大示数：Ia= /= /=0.6A；电路消耗的最大总功率：Pa=UIa=12V×0.6A=7.2W；R1消耗的最大电功率：P1=Pa=7.2W；当滑片于b点时，R2全部接入电路且与R1串联，电压表测R2的电压U2 ， 电路中电流最小为Ib=0.1A，即电流表的最小示数：Ib=0.1A，由P=UI可知R2两端的电压即电压表示数为：U2= /= /=10V，电路消耗的最小总功率：Pb=UIb=12V×0.1A=1.2W，R1消耗的最小电功率：P1'=Ib2 R1=（0.1A）2×20Ω=0.2W，所以，当滑片由a滑至b端时：A、电流表示数变化：△I=Ia﹣Ib=0.6A﹣0.1A=0.5A，故A正确；B、电压表示数变化：△U=Ub﹣Ua=10V﹣0V=10V，故B错误；C、R1消耗的电功率变化：△P1=P1﹣P1'=7.2W﹣0.2W=7W，故C错误；D、电路消耗的总功率变化：△P=Pa﹣Pb=7.2W﹣1.2W=6W．故D正确．故选AD．【分析】分析电路的连接方式，根据电流表示数判断某一端点是a还是b，利用电源电压不变和串联电路的特点列等式，分别求出电源电压和电阻R1的值，当滑片P于a、b点时，根据电路的连接情况计算电流表和电压表的示数变化情况，由P=UI计算电路的总功率及R1消耗的功率变化情况，据此解题．
12.【答案】A,B,D
【解析】【解答】A、移动滑动变阻器的滑片，改变了连入电路的电阻，改变了电路中的电流．B、滑动变阻器的连入电路时，滑片滑到最大阻值处，电阻最大，电源电压不变，电流最小，起到保护电路的作用．C、灯泡灯丝的长度、材料、横截面积有关，实验过程中三者没有发生变化，因此小灯泡的电阻不变．D、移动滑动变阻器的滑片时，改变了电路中电阻的大小，从而改变了电路中的电流，根据U=IR可得，灯泡的电阻不变，电流变化，所以被测电阻两端的电压变化．故选ABD．【分析】电阻大小跟电阻的长度、材料、横截面积有关，跟电阻中的电流、电阻两端的电压无关．“测量小灯泡电阻”的实验中，滑动变阻器和被测灯泡串联在电路中，滑片处于最大阻值处，电源电压不变，电流中的电流最小，起到保护作用．移动变阻器的滑片，改变了连入电路的电阻，电源电压不变，电路中的电流变化，根据U=IR知，灯泡两端的电压也随之变化．　
13.【答案】 C,D
【解析】【解答】A.根据杠杆的特点，当油量增加时，浮标上浮，滑片下移，滑动变阻器的电阻减小，A不符合题意； B.当油量增大时，电阻减小，电流表示数变大，B不符合题意； C.当油量增大时，电流变大，定值电阻R0处的电压变大，C符合题意； D.当油量增大时，电压表和电流表的示数之比是定值电阻，阻值不变，D符合题意。 故答案为：CD。 【分析】根据油量的变化分析滑动变阻器电阻的变化，结合电阻的改变分析电流被电压表的变化。
三、填空题
14.【答案】 5
【解析】【解答】解：由电路图可知，电阻R1和电阻R2并联，电流表A1测干路电流，电流表A2测R2支路的电流；
∵并联电路中干路电流等于各支路电流之和，
∴通过电阻R1的电流：
I1＝I﹣I2＝0.6A﹣0.4A＝0.2A，
∵并联电路中各支路两端的电压相等，
∴根据欧姆定律可得：
U＝I1R1＝I2R2 ， 即0.2A×10Ω＝0.4A×R2 ，
解得：R2＝5Ω。
故答案为：5
【分析】结合电路图，理清元件的连接方式及电表的测量对象，根据并联电路的电流特点求出通过电阻R1的电流，根据欧姆定律I=/分别表示出两电阻两端的电压，利用并联电路各支路两端的电压关系建立等式即可求出电阻R2的阻值.
15.【答案】小；0.6
【解析】【解答】（1）由元件甲和乙中的电流与其两端电压的关系图象可知，当U甲=U乙=U=2V时，I甲=0.2A，I乙=0.4A，则由 /可知元件甲的电阻： /，元件乙的电阻 /，所以R甲＞R乙。（2）将元件甲和乙并联在2V的电源两端，则 /，从图可知，此时通过元件甲的电流为I甲=0.2A，此时通过元件乙的电流为I乙=0.4A，所以干路中的电流为： /。故答案为：小；0.6。【分析】从元件甲和乙中的电流与其两端电压的关系图中任找一点读出对应的电流和电压，再利用公式R=/计算出元件甲和乙的电阻；并联电路中各支路两端电压相等，由图表可知2V电压下通过两元件的电流，利用并联电路电流的特点I=I甲+I乙计算出电路中的电流.
16.【答案】5；0.6；0.1
【解析】【解答】解：（1）由图象可知元件甲为定值电阻，当U甲=1V时，I甲=0.2A，由I=/可得，元件甲的电阻：R甲=/=/=5Ω；（2）因并联电路中各支路两端的电压相等，所以，将元件甲、乙并联后接在电压为2V的电源两端时，两元件两端的电压均为2V，由图象可知，I甲=0.4A，I乙=0.2A，因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，所以，干路的电流：I=I甲+I乙=0.4A+0.2A=0.6A；（3）因串联电路中各处的电流相等，所以，将元件甲、乙串联后接在某电源两端，电路的电流是0.1A时，通过两元件的电流均为0.1A，由图象可知，两元件两端的电压分别为：U甲=0.5V，U乙=1.5V，因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，总电压：U=U甲+U乙=0.5V+1.5V=2V，符合题意，故电路中的电流是0.1A．故答案为：5；0.6；0.1．【分析】（1）由图象可知通过甲的电流和两端的电压成正比，则甲的电阻为定值电阻，读出任意一组电流和电压值，根据欧姆定律求出其阻值；（2）两元件并联接在电压为2V的电源两端时，它们两端的电压相等，根据图象读出通过两元件的电流，根据并联电路的电流特点求出干路的电流；（3）元件甲、乙串联接在某电源两端时通过它们的电流相等，根据图象读出两元件两端的电压，根据串联电路的电压特点求出总电压．
17.【答案】60；3.6；40
【解析】【解答】(1)灯泡正常发光时的电压为24V,由图乙可知通过灯泡的电流IL=0.4A，由I= /可得，此时灯丝的电阻：RL= /= /=60Ω；(2)由电路图可知,R与L串联,由图象可知灯泡两端的电压是12V时,通过灯泡的电流I′L=0.3A，此时灯泡的实际功率：P′L=U′LI′L=12V×0.3A=3.6W，因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，滑动变阻器两端的电压：U滑=U?U′L=24V?12V=12V，因串联电路中各处的电流相等，所以，滑动变阻器R连入电路的阻值：R滑= /?= /?L= /=40Ω，故答案为：60；3.6；40.【分析】根据公式/，可求出灯的电阻；灯的实际电功率等于灯的实际电压乘于实际电路；根据串联分压求出变阻器的电压，在根据电阻公式求出电阻.
18.【答案】不变；不变；变小
【解析】【解答】解：根据电路图可知，灯泡与滑动变阻器并联，电流表A1测量灯泡的电流，电流表A2测量干路电流，电压表测量滑动变阻器两端电压，也就是电源电压．因为并联电路中各支路互不影响，所以，闭合开关，滑片向右移动时，灯泡亮度不变，电流表A1的示数不变；当滑动变阻器滑片向右移动时，滑动变阻器接入电路的电阻变小，总电阻变小，所以干路电流增大，也就是电流表A2示数变大．因为电源电压不变、电流表A2的示数变大，所以电压表示数与电流表A2示数的比值将变小．故答案为：不变；不变；变小.【分析】根据电路图当开关闭合情况不同时，形成不同电路，再结合滑动变阻器的变化，分析电流表和电压表的变化情况.
四、实验探究题
19.【答案】 （1）电流表正负接线柱（2）根据电流法画电路图：即从电源正极开始，按电流方向，依次连接开关、滑动变阻器、电阻和电流表，到电源负极，最后将电压表并联在电阻两端。如图：
/（3）B（4）不同的电阻；电压（5）10.8（6）1.2
【解析】【解答】解：（1）由图1知，电流表的正负接线柱接法错误，电流从负接线柱流入，正接线柱流出了；
（2）根据电流法画电路图：即从电源正极开始，按电流方向，依次连接开关、滑动变阻器、电阻和电流表，到电源负极，最后将电压表并联在电阻两端。如图：
/
（3）由图知，滑动变阻器的下面接了左边的接线柱，为了保护电路，在闭合开关S前，应使滑动变阻器的滑片移至最右端即B端，使其阻值最大；
（4）本实验目的是探究导体的电流跟电阻的关系，根据控制变量法，应只改变导体的电阻，控制电阻两端的电压不变，所以为达到实验目的；
（5）图甲电压表的路程为0～3V，分度值为0.1V，示数为2.8V；图乙，电流表的路程为0～0.6A，分度值为0.02A，示数为0.26A；
则R=/≈10.8Ω；
（6）由图象知，当电阻为20Ω时，对应的电流为0.3A，所以电阻两端的电压U=IR=0.3A×20Ω=6V；
当电阻为5Ω时，电流I′=/=1.2A。
故答案为：（1）电流表正负接线柱；（2）见上图；（3）B；（4）不同的电阻，电压；（5）10.8；（6）1.2。
【分析】（1）实物连接图中找错误之处，主要从电压表、电流表、滑动变阻器的正确使用上考虑；
（2）由实物图画电路图：从电源正极开始，按电流方向，依次连接开关、滑动变阻器、电阻和电流表，到电源负极，最后将电压表并联在电阻两端；
（3）在闭合开关S前，为了保护电路，应使滑动变阻器接入阻值处于最大阻值处；
（4）在此实验中实验目的是通过导体的电流跟导体电阻的关系，根据控制变量法可知应控制的物理量和改变的量；
（5）根据甲、乙读出电压表和电流表的示数，根据公式R=/求出导体的电阻；
（6）根据图象中的某点，确定对应的电流和电阻，由U=IR求出电压值，从而可根据I=/求出5Ω对应的电流值。
五、综合题
20.【答案】 （1）解：当闭合开关S1 ， S2时，电路为R1的简单电路，电流表测电路中的电流，由I=/? 可得，电源的电压：U=IR1=1.5A×6Ω=9V；（2）解：当闭合开关S1 ， 断开开关S2时，两电阻串联，电压表测R1两端的电压，因串联电路中总电压等于各分电压之和，
所以，R2两端的电压：U2=U﹣U1=9V﹣6V=3V，
因串联电路中各处的电流相等，
所以，电路中的电流：
I′=/? ,即/? ，
解得：R2=3Ω．
【解析】【分析】（1）当闭合开关S1 ， S2时，电路为R1的简单电路，电流表测电路中的电流，根据欧姆定律求出电源的电压；（2）当闭合开关S1 ， 断开开关S2时，两电阻串联，电压表测R1两端的电压，根据串联电路的电压特点求出R2两端的电压，根据串联电路的电流特点和欧姆定律得出等式即可求出R2的阻值．
21.【答案】（1）解：由电路图可知，R1与R2串联，电压表测R2两端的电压，电流表测电路中的电流． 由I= /可得，电阻R1两端的电压：U1=IR1=0.1A×10Ω=1V（2）解：因串联电路中总电压等于各分电压之和， 所以，电源的电压：U=U1+U2=1V+2V=3V（3）解：R2的阻值： R2= /= /=20Ω．
【解析】【分析】由电路图可知，R1与R2串联，电压表测R2两端的电压，电流表测电路中的电流．（1）根据欧姆定律求出电阻R1两端的电压；（2）根据串联电路的电压特点求出电源的电压；（3）利用欧姆定律求出R2的阻值．