2020年中考专题复习-实验探究题（物理）

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2020年中考专题复习——实验探究题（物理）
学校:___________姓名：___________班级：___________考号：___________
一．实验探究题（共14小题）
1．小强同学为了测量某种液体的密度，进行了以下操作（如图所示）：






甲 乙 丙
（1）实验的操作顺序是　 　。（甲乙丙排序）
（2）称量时，如果在右盘加上最小的5g砝码时，发现指针偏向分度盘中央的右侧，此时应　 　。
（3）由图可得倒出的液体质量为　 　g，该液体密度为　 　kg/m3。
（4）不用量筒，只需添加一个完全相同的烧杯和适量的水，也可以完成该实验。实验步骤如下：
A．用已调好的天平测出空烧杯的质量，记为m0；
B．向一个烧杯倒入适量待测液体（图乙），用天平测出液体和烧杯的总质量，记为m1；
C．向另一个烧杯中倒入与图乙等深度的水，用天平测出水和烧杯的总质量，记为m2；
D．液体的密度ρ液＝　 　（水的密度用ρ水表示）
2．小明在老师的指导下用小球和弹簧等器材进行了如下实验与探究（不考虑空气阻力，g取10N/kg）：
（1）让小球从某高度处由静止开始下落到竖直放置的轻弹簧上（如图甲），在刚接触轻弹簧的瞬间（如图乙），小球速度为5m/s。从小球接触弹簧到将弹簧压缩至最短（如图丙）的整个过程中，得到小球的速度v和弹簧缩短的长度△x之间的关系如图丁所示，其中A为典线的最高点，已知该轻弹簧每受到0.1N的压力就缩短1cm，并且轻弹簧在全过程中始终发生弹性形变。
①从小球接触弹簧到将弹簧压缩至最短的过程中，小球速度的变化情况是　 　。
②实验中所用小球的质量为　 　kg，全过程中，弹簧中弹力的最大值为　 　N。
③由图可知，当弹簧的压缩量最大时，小球的速度为0，此时，小球处于　 　状态（选填“平衡”或“非平衡”）。
3．在疫情期间，小明的物理老师在腾讯课堂中直播上了一节凸透镜成像的实验课，老师播放了以前用凸透镜点燃物理试卷的视频，也可以点燃火柴，如图甲所示，而且老师说用这种方法可以测出凸透镜的焦距，若测得此凸透镜的焦距为15cm，物理老师又给同学们播放了“探究凸透镜成像的规律”实验视频，如图乙所示，观看了视频后，让小明回答如下问题。






（1）实验时，应将烛焰的焰心、透镜的光心、光屏的中心调整至同一　 　上；实验中固定好透镜和蜡烛后，无论如何移动光屏，发现光屏上始终有一个大小不变的光斑，其原因可能是物距　 　（选填“大于”、“小于”或“等于”）焦距。
（2）解决上述问题后，将蜡烛由图乙中的位置逐渐靠近凸透镜，移动光屏得到最清晰的像为止，若光屏上不能呈现像时，就从光屏一侧透过凸透镜观察蜡烛的像，最终能观察到如图丙所示的4个不同的像，则4个像出现的先后顺序是　 　（填符号）。
（3）将近视眼镜片放在发光体与凸透镜之间，光屏上原来清晰的像变模糊了；使光屏　 　（选填“靠近”或“远离”）透镜，又能在光屏上看到发光体清晰的像。由此可知，在近视眼得到矫正之前，物体的像成在视网膜的　 　（选填“前方”或“后方”）。
（4）当光屏上出现清晰的像时，将蜡烛与光屏的位置互换，则光屏上　 　（选填“能”或“不能”）得到
清晰的像；随着蜡烛的燃烧，光屏上的像向　 　（选填“上”或“下”）移动。
4．小芳利用图甲所示的电路测量未知电阻Rx的阻值，阻值大约为5Ω。

（1）请你根据电路图，用笔画线代替导线，在图乙中完成实验电路的连接。
（2）闭合开关后，调节滑动变阻器，记录多组数据。画出了待测电阻Rx的I﹣U图象，如图丙所示，由图象可得Rx＝　 　Ω。
（3）小芳又设计了一种方案，也测出了Rx的阻值。电路如图丁所示，R0为阻值已知的定值电阻，电源电压未知且恒定不变。测量步骤如下：
①当开关　 　时，电流表读数为I1； ②当开关S1、S2都闭合时，电流表读数为I2；
③待测电阻Rx＝　 　。（用已知和测出的物理量符号表示）
5．飞机在空中飞行时都有一定的迎角（机翼轴线与水平气流的夹角），飞机飞行时的升力除了与机翼形状有关外是否还与迎角大小有关？为了研究这一问题，在老师的帮助下，小明利用电风扇、升力测力计、飞机模型，按图甲方式进行如下实验。
闭合电风扇的开关，调节档位使其风速最大，并使飞机模型的迎角为0°，记录测力计的示数。
②改变迎角大小，使其分别为5°、10°、15°、20°，重复步骤①。
③处理相关数据得到“升力与迎角的关系”如图乙。
（1）本实验得出的结论是　 　。
（2）小明若要进一步探究“飞机的升力与其飞行速度的关系”。利用现有器材，如何完成实验操作？写出实验步骤，画出实验数据的记录表格。



（3）资料显示：本实验结论与实际相符，且飞机迎角一定时，飞行速度越大升力也越大。若某飞机以500km/h做水平匀速直线飞行时的迎角为θ1，而以800km/h做水平匀速直线飞行时的迎角为θ2（θ1、θ2均小于15°）。请比较θ1、θ2的大小关系　 　。

6．在探究“杠杆平衡的条件”实验中，所用的实验器材有：杠杆（每小格均等长）、铁架台、刻度尺、细线和若干个重为1N的钩码。

（1）为了便于测量力臂要将如图甲所示杠杆调节在水平位置平衡，应将平衡螺母适当往　 　（选填“左”或“右”）调；
（2）杠杆调节好后，进行了三次实验，实验情景如图乙、丙、丁所示，以两边钩码的重力分别为动力F1和阻力F2，对应的力臂为L1和L2，由此可得杠杆的平衡条件为：　 　。实验中进行多次实验的目的是　 　（选填“A”或“B”）：
A．取平均值减少误差 B．使实验结论具有普遍性
（3）将如图丁所示杠杆两边的钩码各撤掉1个，则杠杆　 　（选填“保持平衡”、“左端下沉”或“右端下沉”）；
（4）如图1所示，用细绳竖直向上拉，使杠杆在水平位置平衡，则拉力F为　 　N；保持杠杆平衡，将细绳转到虚线位置时，拉力F大小将　 　（选填“变大”、“不变”或“变小”）；
（5）在生活、生产中经常应用到杠杆的平衡条件，例如用天平测量物体的质量。某次用天平测量物体质量时，如图2所示，则物体的质量为　 　g。
7．如图甲所示，小许在验证“阿基米德原理”的实验时，准备了如下器材：小铁块、细线、盛满水的溢水杯、小桶和弹簧测力计。实验步骤如下：






A．测出“空桶和被排开的水”所受的总重力G总；
B．把小铁块浸没在盛满水的溢水杯中，并用小桶收集小铁块所排开的水，同时读出此时弹簧测力计的示数为F；
C．用弹簧测力计测出小铁块所受的重力G铁；
D．测出空桶所受的重力G桶。
（1）上述步骤最合理的排序为　 　（填字母）。
（2）铁块浸没在水中时所受的浮力F浮＝　 　（用G铁、F表示）。
（3）铁块排开的水受到的重力G排＝　 　（用G总、G桶表示）。
（4）若　 　＝　 　（用G铁、F、G总、G桶表示）可验证阿基米德原理。
（5）实验中是将物块浸没在水中，若物块未浸没，实验结论还正确吗？　 　。
（6）得出结论后，小许进一步深入研究，绘制出了当液体的密度不变时F浮与V排的图象（如图乙所示）。根据图象可知，液体的密度是　 　kg/m3（g取10N/kg）。
8．如下图所示，甲、乙分别是“探究平面镜成像特点”和“探究凸透镜成像规律”的实验装置。
（1）在“探究平面镜成像的特点”实验中，用　 　作为平面镜，实验时为确定虚像位置，需移动未点燃的蜡烛B，直到它看上去　 　，此过程中人眼的观察位置应该是　 　（选填序号：①直接观察玻璃板后蜡烛B；②在玻璃板前蜡烛A这一侧不同的位置；③直接观察光屏。下同。）；在判断平面镜中成的是实像还是虚像时，移走蜡烛B，在其像所在位置放一光屏后，人眼的观察位置应该是　 　。
（2）在“探究凸透镜成像规律”的实验中，如图所示，烛焰在光屏上成清晰的像，利用此成像特点可制成　 　（选填“放大镜”、“照相机”或“投影仪”）；保持凸透镜位置不动，将蜡烛从远处逐渐向凸透镜的焦点靠近时，要想在光屏上得到清晰的烛焰的像，光屏应向　 　（填“靠近”或“远离”）凸透镜的方向移动，所成像的大小将　 　（填“变大”、“变小”或“不变”）。如果此时给透镜的左侧“戴上”近视眼镜，则光屏应向　 　（选填“左”或“右”）移动，才能再次得到清晰的像。
9．磁感应强度B用来描述磁场的强弱，国际单位是特斯拉，符号是“T”。为了探究电磁铁外轴线上磁感应强度的大小与哪些因素有关，小应设计了如图1所示的电路，图甲电源电压6V，R为磁感应电阻，其阻值随磁感应强度变化的关系图线如图2。
（1）当图乙S2断开，图甲S1闭合时，电流表的示数为　 　mA；闭合S1和S2，图乙中滑动变阻器的滑片P向右移动，能说明磁感电阻R处的磁感应强度B逐渐增强的现象是　 　。
（2）闭合S1、S2，滑片P不动，沿电磁铁轴线向左移动磁感电阻R，测出R离电磁铁左端的距离x与对应的电流表示数I，算出R处磁感应强度B的数值如表。请计算x＝5cm时，B＝　 　T．
x/cm 1 2 3 4 5 6
I/mA 10 12 15 20 30 46
B/T 0.68 0.65 0.60 0.51 ？ 0.20
（3）综合以上实验数据可以得岀的结论是　 　。
10．在探究“物体动能的大小与哪些因素有关”的实验中，让质量不同的铁球从斜面的同一高度由静止释放，撞击同一木块，能将木块撞出一段距离。如图甲所示。请回答下列问题：

（1）从同一高度由静止释放的目的是　 　，该实验的目的是研究铁球的动能大小与　 　（选填“质量”或“速度”）的关系。
（2）该实验是通过观察　 　的大小，来说明铁球对木块做功的多少，从而判断出　 　（“铁球”或“木块”）具有的动能的大小。
（3）有同学将实验装置改进成图乙所示，利用质量不同的铁球将同一弹簧压缩相同程度后静止释放，撞击同一木块，将木块撞出一段距离进行比较。该实验方案是否可行？
答：　 　你的理由是　 　。
11．在“比较纸锥下落快慢”的活动中：






（1）将如图甲所示两个等大的圆纸片，各裁去一个扇形，做成如图A、B所示的两个锥角不等的纸锥。应选择图　 　中所示的位置（乙/丙），将两个纸锥从同一高度同时释放。
（2）在实际实验时，发现该实验有两处操作比较困难
①某些纸锥下落时摇摇晃晃，运动的轨迹类似于“S型”，运动的路程与测量结果不符，请你帮忙改进，你的方法是　 　（写出一种即可）；
②在实际测量时，发现纸锥　 　（下落的距离/下落的时间）较难测量，对此，我们可以做如下改进：
a采用锥角较　 　的纸锥进行实验（选填“大”或“小”）；
b增加纸锥下落的　 　。
（3）经过以上改进以后，某小组利用频闪照片拍摄处其中一个纸锥下落的过程，如图丁所示，照相机每隔0.2s曝光一次，由此可以判断纸锥下落时的速度变化情况是　 　（不变/先变大后不变/一直变大）。
（4）若测得纸锥在AB两位置间的实际距离为8cm，则此过程中，纸锥的速度为　 　m/s。
（5）图戊中能反应纸锥下落时速度变化情况的是　 　 。
12．如图是探究“电流通过导体时产生热量与哪些因素有关”的实验装置，两个透明容器中密封着等量的空气。
（1）实验中，要比较电阻丝产生的热量的多少，只需比较与之相连的U形管中　 　。
（2）甲装置可探究电流产生的热量与　 　的关系，通电一段时间后，　 　（填“左”或“右”）侧容器中U形管中液面的高度差大。
（3）乙装置中的电阻R3的作用主要是　 　。
（4）如果乙装置中R3发生了断路，保证通电时间相同，与步骤（3）相比较，则左侧U形管中液面的高度差将　 　（填“变大”“变小”或“不变”）。
（5）利用甲装置还可以研究电压一定时，电流通过导体时产生热量与电阻的关系。可将甲装置做如下改动：将接在B接线柱上的导线改接在A处，再取一根导线连接在　 　两个接线柱之间即可。
13．实验老师为“测量小灯泡额定功率”准备了如下器材：电源（电压恒为6V）开关、电压表和电流表各一只、额定电压为2.5V的待测小灯泡（电阻约为10Ω）、滑动变阻器（“20Ω 1A”）、导线若干。


（1）请用笔画线代替导线，将图甲中的实物图连接完整（要求：滑片向右移动灯泡变亮）。
（2）闭合开关前电流表的指针如图乙所示，其原因是　 　。
（3）故障排除后，调节滑动变阻器的滑片，并绘制了小灯泡的电流随其两端电压变化的关系如图丙所示，则小灯泡的额定功率为　 　W．从图象中还发现：当电压表的示数增大时，电压表与电流表的示数之比　 　（选填“变大”、“变小或“不变”）。
（4）小陈同学为了验证电流跟电阻的关系，他又借到了一个滑动变阻器（50Ω 0.5A）和五个定值电阻（5Ω、10Ω、15Ω、20Ω、25Ω），其余器材不变。用定值电阻更换甲图中的灯泡，小陈同学得到如图丁所示的电流随定值电阻变化的图象，则实验中他所用的滑动变阻器是　 　（选填字母：A.20Ω 1A B.50Ω 0.5A），若某次实验中滑动变阻器连入的阻值为14Ω，则所用定值电阻的阻值为　 　Ω。
（5）下课前老师布置了一道课后作业。要求：在只有下列实验器材的前提下测出未知定值电阻Rx的阻值。实验器材：电阻Rx、电源（电压恒定但未知）、滑动变阻器（已知最大阻值为R0）、电流表、开关、导线若干。
小张同学设计了如图戊所示的电路图，用以下步骤测Rx的阻值。
①闭合开关S，移动滑片P至B端，记下电流表示数I1；
②移动滑片P至A端，记下电流表示数I2（I2未超过电流表的量程）；
③请帮他写出Rx的表达式：Rx＝　 　（用字母R0、I1、I2表示）。
14．在疫情期间，小明在网络课程中看到了物理大师所讲解的伏安法测电功率实验，小明想要测出一个标有“3.8V”字样的小灯泡的额定功率，于是连接了如图甲所示的实验电路（不完整），电源电压恒为6V。

（1）请用笔画线代替导线，完成图甲中实物电路的连接。（连线时导线不能交叉）
（2）图甲中，连接电路时，开关应处于断开状态。闭合开关前滑动变阻器的滑片应位于　 　（选填“A”或“B”）端。
（3）电路连接完整后，闭合开关，发现小灯泡不发光，但电流表有示数，接下来的操作应该是　 　。（填字母）
A．更换小灯泡 B．检查电路是否有故障 C．移动滑动变阻器滑片，观察小灯泡是否发光
（4）实验时，移动滑片P到某处，电压表示数为3V，要测量小灯泡的额定功率，应将滑片P向　 　（选填“A”或“B”）端移动。当电压表示数为3.8V时，电流表的示数如图乙所示，则小灯泡的额定功率
　 　W。
（5）在实验操作中，发现电流表损坏不能使用。小明利用阻值为10Ω的定值电阻R0，设计了如图丙所示的电路，测量额定电压为2.5V的另一小灯泡的额定功率。操作如下：
①闭合开关S、S1，断开S2，调节滑动变阻器，使电压表的示数为　 　V；
②保持滑动变阻器滑片位置不变，闭合开关S、S2，断开S1，读出电压表示数为4.5V；
③这个小灯泡的额定功率P额＝　 　W



2020年中考专题复习——实验探究题（物理）
参考答案
1．（1）乙、丙、甲；（2）取下最小砝码再向右移动游码直至天平平衡；（3）44；1.1×103；（4）?ρ水。
2．（1）先变大后变小；（2）0.1；6.2； （3）非平衡。
3．（1）高度；等于；（2）ADCB；（3）远离；前方；（4）能；上。
4．（1）如下图所示；




（2）4；（3）①S1；③R0。
5．（1）飞机以一定的速度飞行时，迎角从0°到20°，随着迎角的增大，飞机所受升力先增大后减小，15°附近时达到最大；
（2）①闭合电风扇的开关，调节档位使其风速v最大，并使分级模型的迎角为θ；记录测力计的示数F，并计入表格；
②保持电风扇与飞机模型的距离不变，迎角为θ不变，调节电风扇档位使其风速v变小，记录测力计的示数F，并计入表格，如下表：
风速v
弹簧测力计示数F
（3）θ1＞θ2。
6．（1）右；（2）F1L1＝F2L2（动力×动力臂＝阻力×阻力臂）； B；（3）左端下沉；
（4）1；变大；（5）72。
7．（1）DCBA；（2）G铁﹣F；（3）G总﹣G桶；（4）G铁﹣F；G总﹣G桶；（5）正确；（6）1.2×103。
8．（1）玻璃板；与蜡烛A的像重合；②；③；（2）投影仪；远离；变大；右。
9．（1）60；图甲中电流表的示数逐渐减小；
（2）0.40；
（3）电磁铁外轴线上磁感应强度随电磁铁电流的增大而增大，随离电磁铁距离的增大而减小。
10．（1）控制到达水平面速度相同；质量；
（2）木块移动的距离；铁球；
（3）不可行；木块最终移动距离相同。
11．（1）乙；
（2）①选用质量较大的纸锥（或在纸锥内放入一个较重的小物体）；
②下落的时间；a．大；b．高度；
（3）先变大后不变；
（4）0.2；
（5）A。
12．（1）液面高度差的变化；（2）电阻；右；（3）使通过R1和R2的电流不相等；
（4）变小；（5）BD。
13．（1）如下所示：

（2）电流表指针没有调零；（3）0.625；变大；（4）B；10；（5）。
14．（1）如下所示：

（2）B；（3）C；（4）A；1.14；（5）2.5；0.5。


试题解析
1．【解答】解：（1）要测量液体的密度，正确的过程是：将待测液体倒入烧杯中，用天平测出烧杯和液体的总质量；将烧杯中液体的一部分倒入量筒，测出这部分液体的体积；用天平测量烧杯和剩余液体的总质量。所以正确的实验顺序是乙、丙、甲。
（2）称量时，如果加上最小砝码后，发现指针偏向分度盘的右侧，接下来的正确操作是取下最小砝码再向右移动游码直至天平平衡。
（3）由图丙可知，液体的体积为V＝40cm3；
烧杯和液体的总质量为50g+20g+10g+2.4g＝82.4g，烧杯和剩余液体的质量为20g+10g+5g+3.4g＝38.4g，
量筒中液体的质量为m＝82.4g﹣38.4g＝44g，
液体的密度为ρ＝＝＝1.1g/cm3＝1.1×103kg/m3；
（4）用天平测量出液体的密度：
A．用已调好的天平测出空烧杯的质量，记为m0；
B．向一个烧杯倒入适量待测液体（图乙），用天平测出液体和烧杯的总质量，记为m1；
则水的质量m水＝m2﹣m0，由ρ＝可求得，水的体积V＝，
C．向另一个烧杯中倒入与图乙等深度的水，用天平测出水和烧杯的总质量，记为m2；
则液体的质量m液＝m1﹣m0，
烧杯内液体的体积等于水的体积
则液体的密度表达式ρ＝＝＝?ρ水。
故答案为：（1）乙、丙、甲；（2）取下最小砝码再向右移动游码直至天平平衡；（3）44；1.1×103；（4）?ρ水。
2．【解答】解：（1）小球接触到弹簧后的下落中，弹簧逐渐发生弹簧形变，弹簧力由小变大，当重力大于弹力时小球受合力向下，小球加速下落；
当弹力等于重力时，小球受到合力为0，速度达到最大；
当弹力大于小球重力时，合力向上，小球开始做减速运动。
由此可知小球下落速度的变化情况是：先变大后变小；
（2）由小球的速度图象知，开始小球的速度增大，说明小球的重力大于弹簧对它的弹力，当△x为0.1m时，小球的速度最大，然后减小，说明当△x为0.1m时，小球的重力等于弹簧对它的弹力。所以可得G＝F＝0.1N/cm×0.1×100cm＝1N
则m＝＝＝0.1kg
弹簧的最大缩短量为△x最大＝0.62m＝62cm
所以F最大＝0.1N/cm×62cm＝6.2N；
（3）由（2）中数据知，当弹簧的压缩量最大时，小球的速度为0，此时，小球受到的弹力大于其重力，所以小球处于不平衡态。
故答案为：（1）先变大后变小；（2）0.1；6.2； （3）非平衡。
3．【解答】解：
（1）在实验前要调节烛焰、凸透镜和光屏，使它们的中心大致在同一高度，使像能成在光屏的中央；
实验中固定好透镜和蜡烛后，发现无论如何移动光屏，光屏只有一个与透镜大小几乎相同的光斑，说明光平行与主光轴射出，则可能将蜡烛置于焦点处了，即此时物距等于焦距；
（2）根据凸透镜成像规律可知，u＞2f时，成倒立、缩小的实像，对应的像为A。
u＝2f时，成倒立、等大的实像，对应的像为D。
2f＞u＞f时，成倒立、放大的实像，对应的像为C。
u＜f时，成正立、放大的虚像，对应的像为B。
所以，将蜡烛由图乙中的位置逐渐靠近凸透镜，四个像出现的先后顺序是ADCB。
（3）近视眼镜是凹透镜，凹透镜对光线有发散作用，使原来会聚成像的光线推迟会聚，则像距变大，所以光屏应远离凸透镜，才能得到清晰的像；
近视眼镜可以使像远离晶状体（或凸透镜），说明近视眼得到矫正之前，物体的像成在视网膜的前方。
（4）使烛焰将蜡烛和光屏互换位置，根据折射现象中光路是可逆的，此时物距在一倍焦距与二倍焦距之间，则可在光屏上成清晰放大、倒立的实像；
随着实验的进行，蜡烛由于燃烧逐渐变短，根据过光心的光线不改变传播方向可知，光屏上的像会逐渐向上移动。
故答案为：（1）高度；等于；（2）ADCB；（3）远离；前方；（4）能；上。
4．【解答】解：
（1）电源电压为3V，故电压表选用小量程与待测电阻并联，阻值大约为5Ω，由欧姆定律，电路的最大电流为：
I＝＝＝0.6A，故电流表选用小量程与电阻串联，如下所示：

（2）待测电阻Rx的I﹣U图象为过原点的直线，则电阻为一定值，由欧姆定律，如图丙所示，由图象可得Rx＝＝＝4Ω；
（3）测量步骤：
①当开关 S1时，电流表读数为I1；
②当开关S1、S2都闭合时，电流表读数为I2；
③在①中，两电阻串联，由欧姆定律和电阻的串联，电源电压：
U＝I1（Rx+R0）；
在②中，待测电阻短路，由欧姆定律，电源电压：
U＝I2R0；
联立上面两式，待测电阻：
Rx＝R0。
故答案为：（1）如上图所示；（2）4；（3）①S1；③R0。
5．【解答】解：（1）由图乙可以看出：飞机以一定的速度飞行时，迎角从0°到20°，随着迎角的增大，飞机所受升力先增大后减小，15°附近时达到最大；
（2）小明若要进一步研究“飞机的升力与其飞行速度的关系”需要控制仰角相同，改变飞行速度，实验中通过改变电风扇的档位来改变风速大小；所以步骤为：
①闭合电风扇的开关，调节档位使其风速v最大，并使分级模型的迎角为θ；记录测力计的示数F，并计入表格；
②保持电风扇与飞机模型的距离不变，迎角为θ不变，调节电风扇档位使其风速v变小，记录测力计的示数F，并计入表格，如下表：
风速v
弹簧测力计示数F
（3）飞机在水平匀速直线飞行时升力一定，根据“飞机迎角一定时，飞行速度越大升力也越大”知飞行时升力一定，速度越大，仰角越小，所以θ1＞θ2。
故答案为：（1）飞机以一定的速度飞行时，迎角从0°到20°，随着迎角的增大，飞机所受升力先增大后减小，15°附近时达到最大；
（2）见解析；（3）θ1＞θ2。
6．【解答】解：（1）由图知，右端偏高，为使杠杆在水平位置平衡，需要将平衡螺母向右调节；
（2）杠杆调节好后，进行了三次实验，实验情景如图乙、丙、丁所示，以两边钩码的重力分别为动力F1和阻力F2，对应的力臂为L1和L2，分析上述数据，可得出的杠杆的平衡条件是：F1l1＝F2l2（或动力×动力臂＝阻力×阻力臂）；
本题为探究性实验，实验中多次实验，是为了得出普遍性结论，避免偶然性，故选B；
（3）如图丁所示杠杆两边的钩码各撤掉1个，
左端：2G×4L＝8GL，右端：G×6L＝6GL，
左端大于右端，故左端下沉；
（4）设杠杆每个格的长度为L，每个钩码的重力为G＝1N，根据杠杆的平衡条件：
F1L1＝F2L2，2G?2L＝F?4L，解得F＝G＝1N，
保持杠杆平衡，将细绳转到虚线位置时，拉力F向左倾斜时，此时F的力臂变短，根据杠杆的平衡条件，力变大；
（5）在天平的标尺上，1g之间有5个小格，一个小格代表的质量是0.2g，被测物体的质量为50g+20g+2g＝72g。
故答案为：（1）右；（2）F1L1＝F2L2（动力×动力臂＝阻力×阻力臂）； B；（3）左端下沉；（4）1；变大；（5）72。
7．【解答】解：（1）做实验时先测出物体重力和空小桶的重力，再把物体放入水中读出测力计的示数，最后测出排开水的重力，进行比较。
D．测出空桶所受的重力G桶；
C．用弹簧测力计测出小铁块所受的重力G铁；
B．把小铁块浸没在盛满水的溢水杯中，并用小桶收集小铁块所排开的水，同时读出此时弹簧测力计的示数为F；
A．测出“空桶和被排开的水”所受的总重力G总；
故上述步骤的正确排序为：DCBA；
（2）根据称重法测浮力，铁块浸没在水中时所受浮力：F浮＝G铁﹣F；
（3）铁块排开的水受到的重力：G排＝G总﹣G桶；
（4）G铁﹣F＝G总﹣G桶，即F浮＝G排，可验证阿基米德原理；
（5）由阿基米德原理可知，若物块未浸没，浮力变小，排开液体的重力变化小，但浮力仍等于排开液体的重力，所以实验结论还正确；
（6）由图乙知，当V排＝200cm3时，受到的浮力为2.4N，
由阿基米德原理，F浮＝ρ液gV排知，
液体的密度是：
ρ液＝＝＝1.2×103kg/m3。
故答案为：（1）DCBA；（2）G铁﹣F；（3）G总﹣G桶；（4）G铁﹣F；G总﹣G桶；（5）正确；（6）1.2×103。
8．【解答】解：（1）在“探究平面镜成像的特点”实验中，用玻璃板作为平面镜；
平面镜成的像是光的反射形成的，A蜡烛发出的光线经玻璃板反射，被人眼接收，才能看到像，故眼睛在A蜡烛所在这一侧；然后移动未点燃的蜡烛B，直到A的像与B完全重合为止，在判断平面镜中成的是实像还是虚像时，移走蜡烛B，在其像所在位置放一光屏后，人眼的观察位置应该是直接观察光屏。
（2）在“探究凸透镜成像规律”的实验中，如图所示，物距小于像距，烛焰在光屏上成清晰的倒立的放大的实像，利用此成像特点可制成投影仪；
根据凸透镜成实像时的变化规律，物距变近，像距变远，要得到清晰的像应将光屏远离凸透镜，此时像的大小变大；
近视眼镜是凹透镜，凹透镜对光线有发散作用，如果此时给透镜的左侧戴上近视眼镜，使原来会聚成像的光线推迟会聚，所以要想接到清晰的像，光屏要远离透镜，即光屏向右移动才能再次得到清晰的像。
故答案为：（1）玻璃板；与蜡烛A的像重合；②；③；（2）投影仪；远离；变大；右。
9．【解答】解：
（1）当图乙S2断开，R周围的磁场强度为零，由图2可知，此时的磁感应电阻R＝100Ω，
图甲S1闭合时，电路为R的简单电路，电流表测电路中的电流，
则此时电流表的示数：
I＝＝＝0.06A＝60mA；
闭合S1和S2，图乙中滑动变阻器的滑片P向右移动，变阻器接入电路的电阻减小，电路中的电流增大，R周围的磁场变强，
由图2可知，R的阻值变大，则图甲中电流表的示数减小，
所以，能说明磁感电阻R处的磁感应强度B逐渐增强的现象是：图甲中电流表的示数逐渐减小；
（2）x＝5cm时，由表格数据可知此时电流表示数I′＝30mA＝0.03A，
此时磁感应电阻的阻值：
R′＝＝＝200Ω，
由图2可知，对应的磁感应强度B＝0.40T；
（3）由表格数据可以得出：电磁铁外轴线上磁感应强度随电磁铁电流的增大而增大，随离电磁铁距离的增大而减小。
故答案为：
（1）60；图甲中电流表的示数逐渐减小；
（2）0.40；
（3）电磁铁外轴线上磁感应强度随电磁铁电流的增大而增大，随离电磁铁距离的增大而减小。
10．【解答】解：（1）根据实验的要求可知，从同一高度由静止释放的目的是控制到达水平面速度相同，该实验的目的是研究铁球的动能大小与质量的关系；
（2）实验中，是通过观察木块移动的距离的大小，来说明铁球对木块做功的多少，从而判断出铁球具有的动能的大小，这是转换法的运用；
（3）观察图乙的装置可知，若用质量不同的铁球将同一弹簧压缩相同程度后静止释放，撞击同一木块，撞击的动能由弹簧的弹性势能转化而来，而弹簧的弹性势能的大小与形变程度有关，故弹簧势能相同，转化出的动能相同，因此，木块最终移动的距离相同，这样是不能完成实验目的。
故答案为：
（1）控制到达水平面速度相同；质量；
（2）木块移动的距离；铁球；
（3）不可行；木块最终移动距离相同。
11．【解答】解：
（1）为了比较纸锥下落的快慢，应把两个纸锥拿到同一高度同时释放，且纸锥是下端着地；图乙中两纸锥的下端高度相同，图丙中两纸锥的上端高度相同，故应选图乙的位置释放。
（2）①某些纸锥下落时摇摇晃晃，可能是纸锥较轻，重力较小、阻力较大，所以可选用质量较大的纸锥（或在纸锥内放入一个较重的小物体）；
②在实际测量时，纸锥下落快，下落的时间较难测量，必须增加纸锥下落的高度和锥角（增大锥角可增大空气阻力），以增大下落时间，便于时间的测量；
（3）由图丁可知，纸锥在相同时间内通过的路程先变大后不变，所以纸锥的运动速度先变大后不变；
（4）照相机每隔0.2s曝光一次，由图丁可知，AB间的运动时间t＝0.2s×2＝0.4s，
则此过程中，纸锥的速度v＝＝＝0.2m/s；
（5）由纸锥的运动照片可知，在相等时间t内，纸锥通过的路程先变大后不变，由v＝可知纸锥的速度先变大后不变；由图象可知，A的图象表示物体速度随时间先变大后不变，故A正确。
故答案为：
（1）乙；
（2）①选用质量较大的纸锥（或在纸锥内放入一个较重的小物体）；②下落的时间；a．大；b．高度；
（3）先变大后不变；
（4）0.2；
（5）A。
12．【解答】解：（1）电流通过导体产生热量的多少不能直接观察，实验前，应使两个U形管中的液面高度相同，液体温度的变化可以通过液面高度差的变化来反映；
（2）甲装置中，将容器中的电阻丝串联起来接到电源两端，通过他们的电流I与通电时间t相同，电阻不同，探究电流产生的热量与电阻的关系；左边容器中的电阻小于右边容器中的电阻，由Q＝I2Rt可知，右边容器中的电阻产生的热量多，温度升得较快，这表明：在电流和通电时间相同的情况下，导体的电阻越大，产生的热量越多；
（3）图乙的装置在实验中，右侧容器的外部，将一个完全相同的电阻和这个容器内的电阻并联，再接入原电路，使通过左边容器中电阻的电流与通过右边容器中电阻的电流不同，可以探究电流产生的热量与通过导体的电流大小的关系；
（4）当乙装置中R3发生了断路时，电路中只有R1和R2串联，此时电路中的总电阻变大，电路中电流变小，根据焦耳定律Q＝I2Rt在相同时间内，电阻丝R1产生热量变小，与步骤（3）相比较，则左侧U型管中液面的高度差将变小；
（5）利用甲装置还可以研究电压一定时，电流通过导体时产生热量与电阻的关系，应将两电阻丝并联，所以将接在B接线柱上的导线改接在A处，再取一根导线在BD两个接线柱之间即可。
故答案为：（1）液面高度差的变化；（2）电阻；右；（3）使通过R1和R2的电流不相等；（4）变小；（5）BD。
13．【解答】解：（1）滑片向右移动灯泡变亮，即电流变大电阻变小，故变阻器滑片右下接线柱连入电路中，如下所示：

（2）闭合开关前电流表的指针如图乙所示，其原因是电流表指针没有调零。
（3）根据绘制的小灯泡的电流随其两端电压变化的关系知，灯在额定电压下的电流为0.25A，则小灯泡的额定功率为：
P＝UI＝2.5V×0.25A＝0.625W；
从图象知，当电压为0.5V时，电流为0.1A，由欧姆定律，灯的电阻为：
R1＝＝＝5Ω，同理，灯正常发光时的电阻为10Ω，故当电压表的示数增大时，电压表与电流表的示数之比 （灯的电阻）变大；
（4）图丁所示的电流随定值电阻变化的图象，电流与电阻之积为：
U＝IR＝0.1A×25Ω＝﹣﹣﹣﹣0.5A×5Ω＝2.5V，
根据串联电路电压的规律，变阻器分得的电压：U滑＝U﹣UV＝6V﹣2.5V＝3.5V，变阻器分得的电压为电压表示数的＝1.4倍，根据分压原理，当接入25Ω电阻时，变阻器连入电路中的电阻为：
R滑＝1.4×25Ω＝35Ω，故为了完成整个实验，应该选取最大阻值至少35Ω的滑动变阻器，则实验中他所用的滑动变阻器是50Ω 0.5A，选B；
若变阻器连入的阻值为14Ω，由欧姆定律，电路的电流为：
I＝＝＝0.25A，由欧姆定律，则所用定值电阻的阻值为：
R定＝＝＝10Ω；
（5）①闭合开关S，移动滑片P至B端，记下电流表示数I1；
②移动滑片P至A端，记下电流表示数I2（I1未超过电流表的量程）；
③在①中两电阻串联，由电阻的串联和欧姆定律，电源电压：
U＝I1（Rx+R0）
在②中，为RX的简单电路，由欧姆定律：
U＝I2RX，因电源电压不变，故：
U＝I1（Rx+R0）＝I2RX，
Rx的表达式：
Rx＝。
故答案为：（1）如上所示；（2）电流表指针没有调零；（3）0.625；变大；（4）B；10；（5）。
14．【解答】解：（1）灯的额定电压为3.8V，故电压表选用大量程与灯并联，如下所示：

（2）图甲中，连接电路时，开关应处于断开状态；为了保护电路，闭合开关前滑动变阻器的滑片应位于阻值最大处B端；
（3）电路连接完整后，闭合开关，电流表有示数，说明电路为通路，发现小灯泡不发光，则电路中的电流过小，接下来的操作应该是移动滑动变阻器滑片，观察小灯泡是否发光，故选C；
（4）灯在额定电压下正常发光，示数3V小于灯的额定电压3.8V，应增大灯的电压，根据串联电路电压的规律，应减小变阻器的电压，由分压原理，应减小变阻器连入电路中的电阻大小，故滑片向A移动，直到电压表示数为额定电压；
当电压表示数为3.8V时，电流表的示数如图乙所示，电流表选用小量程，分度值为0.02A，电流0.3A，则小灯泡的额定功率是：
P＝UI＝3.8V×0.3A＝1.14W；
（5）①闭合开关S、S1，断开S2，调节滑动变阻器，使电压表的示数为U额＝2.5V；
②保持滑动变阻器滑片位置不变，闭合开关S、S2，断开S1，读出电压表示数为U＝4.5V；
③在②中，电压表测灯与定值电阻的总电压，因此时各电阻的大小和电压不变，灯仍正常工作，根据串联电路电压的规律，此时定值电阻的电压为：
U0＝U﹣U额，由欧姆定，灯的额定电流：I＝；
小灯泡的额定功率：P额＝U额×＝2.5V×＝0.5W。
故答案为：（1）如上所示；（2）B；（3）C；（4）A；1.14；（5）2.5；0.5。

















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