人教版(2019)物理选择性必修第二册1.3带电粒子在匀强磁场中的运动同步训练(含解析)

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名称 人教版(2019)物理选择性必修第二册1.3带电粒子在匀强磁场中的运动同步训练(含解析)
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资源类型 教案
版本资源 人教版(2019)
科目 物理
更新时间 2020-05-29 14:05:15

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人教版(2019)物理选择性必修第二册
1.3带电粒子在匀强磁场中的运动同步训练
一、单项选择题(下列选项中只有一个选项满足题意)
1.如图所示,在垂直纸面向里的匀强磁场的边界上,有一个质量和电荷量确定的正离子,从O点第一次以速度v射入磁场中,射入方向与边界成θ角,第二次以速度2v射入,其他不变。若不计重力,则(  )
A.运动的轨道半径相同
B.重新回到边界的速度大小不相同
C.重新回到边界的位置与O点距离相同
D.运动的时间相同
2.如图所示,一粒子发射源P能够在纸面内向各个方向发射速率为v、比荷为k的带正电粒子,空间存在垂直纸面向里的匀强磁场(图中未画出),不考虑粒子间的相互作用和粒子重力,已知粒子做圆周运动的半径大小为d,纸面内另一点A距P的距离恰为d,则(  )
A.磁感应强度的大小为
B.粒子在磁场中均沿顺时针方向做圆周运动
C.粒子从P出发至少经过时间到达A点
D.同一时刻发射出的带电粒子到达A点的时间差为
3.国际空间站上的阿尔法磁谱仪(AMS)是探究宇宙中的反物质和暗物质(即由反粒子构成的物质)的重要仪器,如氚核()的反粒子(比如反氚核)为()。该磁谱仪核心部分的截面区域是半径为R的圆形匀强磁场,该区域磁场方向垂直纸面向里,如图所示,P为粒子入射窗口,各粒子从P射入速度相同,均沿直径方向,P、a、b、c、d、e为圆周上等分点,若氚核粒子射入磁场区域后打在d点,则反质子()射入后,则(  )
A.反质子将打在b点
B.反质子射入磁场后运动轨迹的半径为氚核的3倍
C.反质子在磁场中运动的时间为氚核的
D.反质子在磁场中运动的轨迹弧长为氚核的
4.如图所示,在以原点为圆心、半径为的圆形区域内,存在磁感应强度大小为方向垂直于纸面向里的匀强磁场,、、为磁场边界上的点,、为边界与坐标轴的交点,连线与轴负方向成45°。一带负电粒子从点以速度沿方向射入磁场,恰好从点飞出,粒子在磁场中运动的时间为(

A.
B.
C.
D.
5.如图所示,ABC为与匀强磁场垂直的边长为a的等边三角形,比荷为的电子以速度v0从A
点沿AB边射出(电子重力不计),欲使电子能经过AC边,磁感应强度B的取值为
A.B<
B.B<
C.B>
D.B>
6.如图所示,两相邻且范围足够大的匀强磁场区域Ⅰ和Ⅱ的磁感应强度方向平行、大小分别为B和2B。一带正电粒子(不计重力)以速度v从磁场分界线MN上某处射入磁场区域Ⅰ,其速度方向与磁场方向垂直且与分界线MN成角,经过t1时间后粒子进入到磁场区域Ⅱ,又经过t2时间后回到区域Ⅰ,设粒子在区域Ⅰ、Ⅱ中的角速度分别为ω1、ω2,则(  )
A.ω1∶ω2=1∶1
B.ω1∶ω2=2∶1
C.t1∶t2=1∶1
D.t1∶t2=2∶1
7.在xOy坐标系的Ⅰ、Ⅳ象限有垂直纸面向里的匀强磁场,在x轴上A点(L,0)同时以相同速率v沿不同方向发出a、b两个相同带电粒子(粒子重力不计),其中a沿平行+y方向发射,经磁场偏转后,均先后到达y轴上的B点(0,
L),则两个粒子到达B点的时间差为
A.
B.
C.
D.
8.如图所示,在三角形BAC内充满垂直纸面向外的匀强磁场(图中未画出),AB边长度为d,。一群质量均为m、电荷量均为q、速度大小均为的带正电粒子垂直AB边射入磁场,己知从AC边射出且速度垂直于AC边的粒子在磁场中运动的时间为,而在此边射出的粒子,在磁场中的运动最长时间为。(不计粒子重力和粒子间相互作用力)。则下列判断中正确的是(  )
A.粒子在磁场中做匀速圆周运动的周期为
B.该匀强磁场的磁感应强度大小为
C.题中运动时间最长的粒子射出点距A点
D.粒子进入磁场时速度大小为
9.如图,半径为R的圆是一圆柱形匀强磁场区域的横截面(纸面),磁感应强度大小为B,方向垂直于纸面向外.一电荷量为q(q>0)、质量为m的粒子沿平行于直径ab的方向射入磁场区域,射入点与ab的距离为.已知粒子射出磁场与射入磁场时运动方向间的夹角为60°,则粒子的速率为(不计重力)(  )
A.
B.
C.
D.
10.如图所示,在半径为R的圆内有磁感应强度大小为B、方向垂直纸面向里的匀强磁场。一个质量为m、电量为q的带正电粒子沿半径方向从a点射入,从b点射出。速度方向改变了60°,粒子的重力不计。若磁感应强度变为B后,该粒子保持速度不变从同一位置入射。下列描述正确的是(  )
A.粒子做圆周运动的半径为R
B.粒子做圆周运动的半径为R
C.粒子在磁场中的运动的时间为
D.粒子在磁场中的运动的时间为
二、多项选择题
11.如图所示,在x轴上方存在垂直于纸面向里的匀强磁场,磁感应强度为B在xOy平面内,从原点O处沿与x轴正方向成角(0<<π)方向以速率v发射一个带正电的粒子(重力不计),则下列说法正确的是(  )
A.当v一定时,越大,粒子在磁场中运动的时间越短
B.当v一定,越大时,粒子离开磁场的位置距O点越远
C.当一定,v越大时,粒子在磁场中运动的角速度越大
D.当一定,v变化,粒子在磁场中运动的时间不变
12.如图所示,半径为R的圆形区域内有垂直于圆平面向里的匀强磁场。磁感应强度大小为B,O为圆心,∠AOC=,D为AC的中点,DO为一块很薄的粒子吸收板。一束质量为m、电荷量为e的电子以相同速度在AD间平行于DO方向垂直射入磁场,不考虑电子的重力及相互作用,电子打在吸收板上即被板吸收。则电子在磁场中运动的时间可能为(  )
A.
B.
C.
D.
三、综合计算题
13.如图,在半径为L、圆心为O的圆形区域内存在着磁感应强度大小为B、方向垂直纸面向里的匀强磁场。MN为水平直径,a、b粒子(重力均不计)分别从磁场区域下方不同位置以相同速度沿垂直于MN的方向射入磁场,其中a粒子从圆形区域最低点射入,两粒子均从M点离开,离开时,a粒子速度沿水平方向,b粒子与a粒子的速度方向夹角为。已知两粒子的质量均为m、电量均为+q,求:
(1)两粒子进入磁场时的速度大小v;
(2)b粒子在磁场中的运动时间t。
14.如图,坐标系xOy的第一象限内,以O为圆心半径分别为R、2R的圆弧ab、cd、及两坐标轴围成Ⅰ、Ⅱ两个区域。Ⅰ、Ⅱ区域中存在磁感应强度大小均为B0的匀强磁场,其中Ⅰ区域的磁场方向垂直坐标平面向外、Ⅱ区域的磁场方向垂直坐标平面向里。一质量为m、电荷量为q的带正电粒子,以某一初速度从坐标原点O沿+y方向射入磁场,与弧ab交点的坐标为(R,R)。求:
(1)粒子的初速度大小;
(2)粒子从O点运动到弧cd经历的时间t。
15.带电粒子的质量m=1.7×10-27kg,电荷量q=1.6×10-19C,以速度v=3.2×106m/s,沿垂直于磁场又垂直于磁场边界的方向进入匀强磁场中,磁场的磁感应强度为B=0.17T,如图所示,求:
(1)带电粒子在磁场中做圆周运动的半径大小;
(2)若要使带电粒子从左边界射出,磁场的宽度L至少多大;
(3)若磁场的宽度L=10cm,在磁场中运动的时间。
16.如图所示,在直角坐标系xOy平面内,虚线OP与x轴问的夹角,OP与y轴所夹区域内存在磁感应强度大小为B、方向垂直于坐标平面向外的匀强磁场。一质量为m、电荷量为q的带正电粒子从坐标为(0,L)的M点沿x轴正方向进入磁场区域,并从OP上到O点的距离为的A点(图中未画出)离开磁场区域。粒子重力不计。求
(1)粒子的速度大小;
(2)粒子从M点运动到A点所用的时间t。
人教版(2019)物理选择性必修第二册
1.3带电粒子在匀强磁场中的运动同步训练参考答案
1.D
【解析】
A.正离子射入磁场后做匀速直线运动,因此有
变形后可得
由于第二次速度为第一次的两倍,因此第二次半径为第一次的两倍,故A错误;
B.由于洛伦兹力不做功,离子的动能不发生变化,所以离子回到磁场边界时的速度大小与进入时一样,故B错误;
C.由几何知识可知,两次实验的圆心角均相同,则重新回到边界的位置与O点的距离为
由于第二次射入的速度为第一次的两倍,因此两次实验重新回到边界的位置与O的距离不同,故C错误;
D.由几何知识得两次实验的圆心角均相同,为
则运动时间为
其中周期为
因此两次运动时间相同,故D正确。
故选D。
2.D
【解析】
A.根据

选项A错误;
B.由左手定则可知,粒子在磁场中均沿逆时针方向做圆周运动,选项B错误;
C.能经过A点且用时间最短的粒子在磁场中转过的角度为60°,则用时间
选项C错误;
D.能经过A点且用时间最长的粒子在磁场中转过的角度为300°,则用时间
则同一时刻发射出的带电粒子到达A点的时间差为
选项D正确。
故选D。
3.C
【解析】
AB.带电粒子在磁场中做匀速圆周运动,洛伦兹力提供向心力,由牛顿第二定律得
解得
氚核的轨道半径为r,已知各粒子从p射入速度相同,根据氚核()和反质子的质量关系可知反质子的轨道半径应为
氚核()射入后打在d点,它转过的圆心角
根据几何关系得
同理反质子的几何关系也应该是

由左手定则可知,反质子刚射入磁场时受到的洛伦兹力竖直向下,则反质子应从a点射出磁场,故AB错误;
C.根据带电粒子的周期公式可知氚核的周期
反质子的周期
反质子在磁场中运动的时间
氚核的周期
氚核在磁场中运动的时间
则反质子在磁场中运动的时间为氚核在磁场中运动时间的倍,故C正确;
D.氚核的轨迹弧长
反质子的轨迹弧长
所以反质子在磁场中运动的轨迹弧长为氚核的,故D错误。
故选C。
4.B
【解析】
做出运动的轨迹图,可知速度的偏转角为
粒子在磁场中运动的时间为
故选B。
5.C
【解析】
当电子从C点离开磁场时,电子做匀速圆周运动对应的半径最小,设为R,如图所示:
由几何知识得:
2Rcos30?=a,
解得:

欲使电子能经过AC边,必须满足:


得:

解得:

A.
B<.故A项错误;
B.
B<.故B项错误;
C.
B>.故C项正确;
D.
B>.故D项错误.
6.D
【解析】
AB.由洛伦兹力充当向心力可知
根据线速度和角速度关系可得
联立解得
则可知,角速度与磁场成正比,故
故AB错误;
CD.粒子在两磁场中运动轨迹如图所示,粒子在两磁场中转过的圆心角均为,由可知,粒子在I中的周期为II中周期的2倍;则由
可知
故C错误,D正确。
故选D。
7.D
【解析】
根据洛伦兹力提供向心力,使其做匀速圆周运动,并由题意可分劣圆弧与优圆弧,从而由几何关系来确定已知长度与半径的关系,并由周期公式可两个粒子到达B点的时间差.
做出ab的运动的轨迹如图,
对于a的运动轨迹,由几何关系得:
,解得,a粒子的偏转角,所以,同理可得b粒子的偏转角
,a粒子在磁场中运动的时间,b粒子在磁场中运动的时间:
,它们到达B点的时间差:
,D正确.
8.C
【解析】
A.带电粒子在磁场中做匀速圆周运动,垂直边射出的粒子在磁场中运动的时间
可得周期
故A错误;
B.由可得
故B错误;
C.设运动时间最长的粒子在磁场中的运动轨迹所对的圆心角为,则有
解得
画出该粒子的运动轨迹如图所示
设轨道半径为,由几何知识得
可得
则射出点距的距离
故C正确;
D.根据题意有
解得
故D错误;
故选C。
9.B
【解析】
带电粒子从距离ab为处射入磁场,且射出时与射入时速度方向的夹角为60°,粒子运动轨迹如图,ce为射入速度所在直线,d为射出点,射出速度反向延长交ce于f点,磁场区域圆心为O,带电粒子所做圆周运动圆心为O′,则O、f、O′在一条直线上,由几何关系得带电粒子所做圆周运动的轨迹半径为R,由F洛=Fn得
qvB=
解得
v=
A.,与结论不相符,选项A错误;
B.,与结论相符,选项B正确;
C.,与结论不相符,选项C错误;
D.,与结论不相符,选项D错误;
故选B。
10.D
【解析】
AB.带电粒子进入磁场中做匀速圆周运动,由
由几何关系得:
当磁感应强度由B变为B时,轨迹半径变为
AB错误;
CD.设磁场半径为r,粒子原来速度的偏向角为α,B变化后速度的偏向角为β。根据几何关系有
又,则得,所以粒子飞出场区时速度方向改变的角度为90°。则用时间
C错误D正确。
故选D。
11.AD
【解析】
AD.由运动轨迹可知,其运动的圆心角为,周期公式为
所以其运动时间为
公式中与v无关,所以当v一定时,越大,粒子在磁场中运动的时间越短,当一定,v变化,粒子在磁场中运动的时间不变,故选项AD正确;
B.根据

由轨迹图可得
所以当v一定,如果为锐角,则越大时,粒子离开磁场的位置距O点越远,如果为钝角,则越大时,粒子离开磁场的位置距O点越近,所以选项B错误;
C.根据周期公式
因此由角速度公式
可知角速度大小与线速度无关,故选项C错误。
故选AD。
12.AC
【解析】
所有电子在磁场中做圆周运动的轨迹半径r相同,由

r=
电子在磁场中做圆周运动的周期
画出电子在磁场中运动的轨迹如图所示
可知从AO边射出磁场的电子在磁场中运动二圆周,其运动时间为
从CO边射出磁场的电子在磁场中运动等于或大于圆周,其运动时间为
其中沿DO方向从O点射人磁场的电子在磁场中运动圆周,其运动时间最长,最长时间
综上所述,故选AC。
13.(1);(2)
【解析】
(1)a粒子在磁场中的运动轨迹如图所示,由几何关系可得其轨迹半径为
R=L
由洛伦兹力提供向心力得
解得
(2)b粒子在磁场中的运动轨迹如图所示,由几何关系可得轨迹的圆心角
=
粒子在磁场中的运动周期
b粒子在磁场中的运动时间
解得
14.(1);(2)
【解析】
(1)粒子进入磁场做匀速圆周运动,如图所示
由几何关系知,粒子在区域Ⅰ中运动时的轨迹半径为
设粒子的初速度大小为,根据牛顿第二定律有
联立可得
(2)粒子在Ⅰ区域的轨迹对应的圆心角为,故运动时间为
进入Ⅱ区域后,粒子运动的偏转方向改变,但轨迹半径不变,轨迹与弧的交点与、在一条直线上,运动轨迹如图
所以粒子在Ⅰ、Ⅱ两区域的运动轨迹对应的圆心角相等,故运动时间相等粒子从到弧的运动时间为
整理得为
15.(1)0.2m;(2)0.2m;(3)
【解析】
(1)由洛伦兹力提供向心力得
代入解得
(2)若要使带电粒子从左边界射出,则带电粒子在磁场内转半圈,磁场宽度至少为带电粒子做圆周运动的半径,即磁场的宽度L至少为,使带电粒子相切与右边界做圆周运动。
(3)带电粒子的运动轨迹如下图
由几何关系得
解得
带电粒子做圆周运动的周期
代入解得带电粒子运动时间为
16.(1)
;(2)
【解析】
(1)粒子的运动轨连如图所示
由几何关系可知,粒子轨迹圆弧的半径为
根据牛顿第二定律有
解得
(2)轨迹圆弧对应的圆心角为
经分析可知
解得