2020年人教版高中物理选修3-5第十六章第二节动量和动量定理 同步练习（含答案及解析）
文档属性
| 名称 | 2020年人教版高中物理选修3-5第十六章第二节动量和动量定理 同步练习（含答案及解析） |  | |
| 格式 | rar | ||
| 文件大小 | 1.3MB | ||
| 资源类型 | 试卷 | ||
| 版本资源 | 人教版（新课程标准） | ||
| 科目 | 物理 | ||
| 更新时间 | 2020-07-01 08:51:43 | ||
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文档简介
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2020年人教版高中物理选修3-5第十六章第二节动量和动量定理
同步练习
一、选择题
1、从同一高度落下的玻璃杯掉在水泥地上比掉在泥土地上易碎，是因为掉在水泥地上时，杯子（
）
A.
动量的变化量大
B.
动量大
C.
受到的冲量大
D.
受到的作用力大
2、质量为60kg的建筑工人，不慎从高空跌落，幸好弹性安全带的保护使他悬挂起来。已知安全带的缓冲时间为1.5s，安全带的自然长度为5m，取g=10m/s2，则安全带所受的平均冲力大小为（
）
A.
300N
B.
600N
C.
1000N
D.
1200N
3、质量为的铁锤从高处落下，打在水泥桩上，铁锤与水泥桩撞击的时间是，则撞击过程中，铁锤对桩的平均冲击力大小为（
）
A．
B．
C．
D．
4、人从高处跳到较硬的水平地面时，为了安全，一般都是让脚尖先触地且着地时要弯曲双腿，这是为了（
）
A．减小地面对人的冲量
B．减小人的动量的变化
C．增加人对地面的冲击时间
D．增大人对地面的压强
5、质量为的篮球从某一高处从静止下落，经过时间与地面接触，经过时间弹离地面，经过时间达到最高点。重力加速度为，忽略空气阻力。地面对篮球作用力冲量大小为（
）
A．
B．
C．
D．
6、超强台风山竹于2018年9月16日前后来到我国广东中部沿海登陆，其风力达到17级超强台风强度，风速左右，对固定建筑物破坏程度非常巨大。请你根据所学物理知识推算固定建筑物所受风力（空气的压力）与风速（空气流动速度）大小关系，假设某一建筑物垂直风速方向的受力面积为S，风速大小为v，空气吹到建筑物上后速度瞬间减为零，空气密度为ρ，风力F与风速大小v关系式为(
)
A．
B．
C．
D．
7、完全相同的两个小滑块甲和乙，可视为质点，分别从质量相同，底边长相同的两个斜面体顶端由静止滑下，如图所示，已知斜面倾角为α和β，且α＞β，两个滑块和斜面之间的动摩擦因数相同，下滑过程中斜面体均保持静止，下列说法正确的是（ ）
A．甲滑块滑到斜面底端的速度比乙大
B．甲滑块在斜面上滑动的时间一定比乙长
C．甲滑块下滑过程中，机械能的变化量比乙大
D．甲滑块下滑过程中，斜面体对水平地面的压力比乙大
8、（多选）一颗速度较大的子弹，水平击穿原来静止在光滑水平面上的木块。设木块对子弹的阻力恒定，则当子弹射入的速度增大时，子弹击穿木块后，下列说法正确的是（
）
A．木块得到的动能变大了
B．子弹损失的动能变大了
C．子弹穿过木块的时间变短了
D．木块的位移变小了
E.系统产生的热量变大了
9、（多选）质量为m的运动员从下蹲状态向上起跳，经时间t身体伸直并刚好离开水平地面，该过程中，地面对他的冲量大小为I，重力加速度大小为g.下列说法正确的是（
）
A．运动员在加速上升过程中处于超重状态
B．运动员离开地面时的速度大小为
C．该过程中，地面对运动员做的功为
D．该过程中，人的动量变化大小为I-mgt
10、（多选）如图所示，半径和动能都相等的两个小球相向而行，甲球质量m甲大于乙球质量m乙，水平面是光滑的，两球做对心碰撞以后的运动情况可能是下述哪些情况（
）
A．甲球速度为零，乙球速度不为零
B．两球速度都不为零
C．乙球速度为零，甲球速度不为零
D．两球都以各自原来的速率反向运动
二、计算题
11、如图所示，水平面AB光滑，质量为m=1.0kg的物体处于静止状态。当其瞬间受到水平冲量I=10N·s的作用后向右运动，倾角为θ=37°的斜面与水平面在B点用极小的光滑圆弧相连，物体与斜面间动摩擦因数μ=0.5，经B点后再经过1.5s物体到达C点。g取10m/s2，sin
37°=0.6，cos
37°=0.8，求BC两点间的距离。
12、建筑工地的护栏外有“施工重地，禁止入内”的提示。因为施工区域常常有建筑材料掉下，对地面上的人员造成伤害。假设离地面高12.8m的建筑物上，质量为2kg的砖从静止开始自由下落，砖与地面作用的时间0.05s后静止。忽略空气阻力，重力加速度取，求：
（1）从开始下落到与地面撞击前，重力对砖的冲量大小；
（2）从撞击地面瞬间开始到静止，地面对砖的冲量大小；
（3）地面对砖的平均作用力大小。
13、如图，某人用手抓住一个箱子静止在足够长的光滑水平面上，已知人的质量为4m，箱子质量为m.某时刻人以相对地面v0的速度向右推出箱子，箱子与右侧墙壁碰
撞后以的速度弹回，当人接到箱子后再以相对地面v0的速度向右推出箱子，如此反复，求：
(1)第一次推出箱子后人的速度大小v1；
(2)若每次箱子与右侧墙壁碰撞过程所用时间为t，箱子所受墙壁的平均冲力的大小F；
(3)试通过计算推断人第二次推出箱子后，能否再次接到与墙壁碰撞弹回的箱子。
14、一个质量为m=100g的小球从离厚垫h=0.8m高处自由下落，落到厚软垫上，若从小球接触到软垫到小球陷至最低点经历的时间Δt
=
0.2s，（g=10m/s2），求：
（1）小球接触到软垫前的一瞬间的动量；
（2）小球从开始下落到陷至最低点的过程中，重力的冲量；
（3）软垫对小球的平均冲力.
参考答案
一、选择题
1、【答案】D
【解析】
AB.从同一高度落下的杯子，所以杯子落地速度大小相同，动量相同，末动量为零，所以动量变化量相同，AB错误。
CD.根据动量定理
，冲量的大小相同；落在水泥地上的与地作用时间短，作用力大，更容易碎，C错误D正确。
2、【答案】C
【解析】
根据自由落体运动，当安全带伸直时，，解得：，根据动量定理可得：，解得：F=1000N，ABD错误C正确。
3、【答案】A
【解析】
根据自由落体的运动学公式，可得铁锤碰前的速度为
取向下为正，对铁锤由动量定理得
解得
由牛顿第三定律可得，铁锤对桩的作用力大小
故A正确，BCD错误。
故选A。
4、【答案】C
【解析】
设人的质量为m，着地前速度大小为v，着地时间为t，地面对人冲量大小为I，作用力大小为F，取竖直向下方向为正方向。
AB.人着地过程，人的动量从一定值减到零，动量的变化量不变，根据动量定理得：mgt-I=0-mv，得到地面对人的冲量I=mgt+mv，m、v一定，t延长，则I增大，故AB错误；
C.让脚尖先触地且着地时要弯曲双腿，增加地面对人的冲击时间，故C正确；
D.根据动量定理得：mgt-Ft=0-mv，可知t增大，则F减小，人对地面的压强减小，故D错误。
故选C。
5、【答案】A
【解析】
选向下为正，运动全程由动量定理得：mg（t1+t2+t3）+I地=0，则有：
I地=-（mgtl+mgt2十mgt3），
负号表方向。
A．，故A符合题意；
B．，故B不符合题意；
C．，故C不符合题意；
D．，故D不符合题意。
故选A。
6、【答案】B
【解析】
根据“推算固定建筑物所受风力（空气的压力）与风速（空气流动速度）大小关系”可知，本题考查动量定理，设t时间内吹到建筑物上的空气质量为m，根据动量定理的公式Ft=△mv，即可求解。
【详解】
设t时间内吹到建筑物上的空气质量为m，则m=ρSvt，根据动量定理-Ft=0-mv=0-ρSv2t，F=ρSv2，故B正确，ACD错误。
故选：B
7、【答案】A
【解析】
A．令斜面的倾角θ，底边长l，滑块质量为m，斜面的质量为M，滑块在斜面运动时，根据动能定理有
所以滑块达到斜面底端的速度为
由于两斜面的倾角满足α＞β，所以甲滑块滑到斜面底端的速度比乙大，故A正确；
B．滑块在斜面滑动的过程中，根据动量定理有
所以滑块在斜面上的运动时间为
由于甲滑块运动到斜面底端的速度大于乙，且α＞β，所以两滑块在斜面上运动时间的大小关系不确定，故B错误；
C．根据机械能守恒条件可知，滑块下滑过程机械能的量
则甲乙机械能的改变量相等，故C错误；
D．根据牛顿第二定律可知，滑块下滑的加速度大小为
因为，所以
将滑块和斜面当作一个整体，根据牛顿第二定律可知，水平面对斜面体的支持力大小为
因为a甲＞a乙且α＞β，所以N甲＜N乙，根据牛顿第三定律可知，甲下滑过程中，斜面体对水平地面的压力比乙小，故D错误。
故选A。
8、【答案】CD
【解析】
设子弹的初速度为作出子弹、木块的图像，如图中的实线所示，梯形面积为子弹相对木块的位移，即木块的厚度；面积为木块的位移。
当子弹的初速度增大为时，子弹、木块运动的图像如图中的虚线，梯形面积仍等于子弹相对木块的位移，即木块的厚度，故梯形面积与梯形面积相等。
C．对比实虚曲线可知，当子弹射入速度增大后，子弹穿过木块的时间变短了，选项C正确；
A．木块的速度变小，动能变小了，选项A错误；
D．面积小于的面积，即木块的位移变小，选项D正确；
E．系统产生的热量，在这两种情况下相同，选项E错误；
B．由能量关系知，子弹损失的动能等于木块得到的动能加上系统产生的热量，由于系统产生的热量不变，木块得到的动能变小了，所以子弹损失的动能变小了，选项B错误。
故选CD。
9、【答案】AD
【解析】
运动员在加速上升过程中加速度向上，处于超重状态，故A正确；取向上为正，根据动量定理可得I﹣mgt＝mv，解得v＝﹣gt，故B错误；该过程中，地面对运动员做的功为0，故C错误；根据动量定理可得：该过程中，人的动量变化大小为△P＝I﹣mgt，故D正确．
10、【答案】AB
【解析】
由动能Ek＝mv2与动量p=mv，得到动能与动量的关系式：p＝，由于两球的动能相等，而甲球质量m甲大于乙球质量m乙，所以p甲＞p乙，碰撞前总动量向右。由动量守恒定律，碰撞后若甲球速度为零，而乙球向右，则总动量向右，所以选项A正确。由动量守恒定律，碰撞后若甲、乙球速度均不为零，合为一整体向右，则总动量也向右，所以选项B正确。若乙球速度为零，则甲球一定向左运动，则总动量向左，与动量守恒不相符，所以选项C错误。两球都以各自原来的速率反向运动，由于总动量大小向左，所以与动量守恒不相符，所以选项D错误。故选AB。
【点睛】
关于碰撞问题要注意：①碰撞前后动量守恒．②碰撞前后动能不会增加，即能量守恒．③与实际情况相符，即碰撞后，不能穿越，最多也只能合为一整体．
二、计算题
11、【答案】4.75m
【解析】
根据动量定理有
解得
沿斜面上滑
速度减少为零时，有
解得
最高点距点的距离
物体下滑
从最高点到点的距离
两点间的距离
12、【答案】（1）
（2）
（3）F=660N
【解析】（1）砖做自由落体运动，下落高度h=12.8m，设下落时间为t
根据自由落体运动的公式
解得：t=1.6s
则下落过程中重力的冲量
（2）设地面对砖的冲量大小为I
根据动量定理
即
解得：
（3）设地面对砖平均作用力大小为F，由冲量的定义可知
代入数据解得：F=660N
13、【答案】（1）；（2）；（3）能。
【解析】
取水平向左为正方向：
(1)由动量守恒定律，有
可得
；
(2)对箱子，由动量定理，有
可得
；
(3)研究人第一次接到箱子并第二次推出箱子的过程，人和箱子组成的系统动量守恒，则
解得
因为，所以人能再次接到与墙壁碰撞弹回的箱子。
14、【答案】(1)0.4N·s
向下
(2)0.6N·s
向下
(3)3N
向上
【解析】
(1)由机械能守恒可得，小球接触后软垫时的速度为：
球与软垫碰撞前动量为：
P1=mv=0.1×4N？s=0.4N？s
方向竖直向下
(2)落地前后动量的变化为：
△P=0-P1=0-0.4N？s=-0.4N？s
落时过程中，小球重力的冲量为：
I=mgt=0.1×10×0.2N？s=0.2N？s
方向竖直向下
由动量定理可知：I+mgt=△P，即为：I+0.2N？s=-0.4N？s
解得：
I=-0.6N？s
（负号表示方向向上）
(3)设小球刚落到软垫瞬间的速度为v，对小球自由下落的过程，
由机械能守恒可得：
解得：
选取小球接触软垫的过程为研究过程，取向下为正方向。设软垫对小球的平均作用力为F，由动量定理有：，解得：
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精品试卷·第
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2020年人教版高中物理选修3-5第十六章第二节动量和动量定理
同步练习
一、选择题
1、从同一高度落下的玻璃杯掉在水泥地上比掉在泥土地上易碎，是因为掉在水泥地上时，杯子（
）
A.
动量的变化量大
B.
动量大
C.
受到的冲量大
D.
受到的作用力大
2、质量为60kg的建筑工人，不慎从高空跌落，幸好弹性安全带的保护使他悬挂起来。已知安全带的缓冲时间为1.5s，安全带的自然长度为5m，取g=10m/s2，则安全带所受的平均冲力大小为（
）
A.
300N
B.
600N
C.
1000N
D.
1200N
3、质量为的铁锤从高处落下，打在水泥桩上，铁锤与水泥桩撞击的时间是，则撞击过程中，铁锤对桩的平均冲击力大小为（
）
A．
B．
C．
D．
4、人从高处跳到较硬的水平地面时，为了安全，一般都是让脚尖先触地且着地时要弯曲双腿，这是为了（
）
A．减小地面对人的冲量
B．减小人的动量的变化
C．增加人对地面的冲击时间
D．增大人对地面的压强
5、质量为的篮球从某一高处从静止下落，经过时间与地面接触，经过时间弹离地面，经过时间达到最高点。重力加速度为，忽略空气阻力。地面对篮球作用力冲量大小为（
）
A．
B．
C．
D．
6、超强台风山竹于2018年9月16日前后来到我国广东中部沿海登陆，其风力达到17级超强台风强度，风速左右，对固定建筑物破坏程度非常巨大。请你根据所学物理知识推算固定建筑物所受风力（空气的压力）与风速（空气流动速度）大小关系，假设某一建筑物垂直风速方向的受力面积为S，风速大小为v，空气吹到建筑物上后速度瞬间减为零，空气密度为ρ，风力F与风速大小v关系式为(
)
A．
B．
C．
D．
7、完全相同的两个小滑块甲和乙，可视为质点，分别从质量相同，底边长相同的两个斜面体顶端由静止滑下，如图所示，已知斜面倾角为α和β，且α＞β，两个滑块和斜面之间的动摩擦因数相同，下滑过程中斜面体均保持静止，下列说法正确的是（ ）
A．甲滑块滑到斜面底端的速度比乙大
B．甲滑块在斜面上滑动的时间一定比乙长
C．甲滑块下滑过程中，机械能的变化量比乙大
D．甲滑块下滑过程中，斜面体对水平地面的压力比乙大
8、（多选）一颗速度较大的子弹，水平击穿原来静止在光滑水平面上的木块。设木块对子弹的阻力恒定，则当子弹射入的速度增大时，子弹击穿木块后，下列说法正确的是（
）
A．木块得到的动能变大了
B．子弹损失的动能变大了
C．子弹穿过木块的时间变短了
D．木块的位移变小了
E.系统产生的热量变大了
9、（多选）质量为m的运动员从下蹲状态向上起跳，经时间t身体伸直并刚好离开水平地面，该过程中，地面对他的冲量大小为I，重力加速度大小为g.下列说法正确的是（
）
A．运动员在加速上升过程中处于超重状态
B．运动员离开地面时的速度大小为
C．该过程中，地面对运动员做的功为
D．该过程中，人的动量变化大小为I-mgt
10、（多选）如图所示，半径和动能都相等的两个小球相向而行，甲球质量m甲大于乙球质量m乙，水平面是光滑的，两球做对心碰撞以后的运动情况可能是下述哪些情况（
）
A．甲球速度为零，乙球速度不为零
B．两球速度都不为零
C．乙球速度为零，甲球速度不为零
D．两球都以各自原来的速率反向运动
二、计算题
11、如图所示，水平面AB光滑，质量为m=1.0kg的物体处于静止状态。当其瞬间受到水平冲量I=10N·s的作用后向右运动，倾角为θ=37°的斜面与水平面在B点用极小的光滑圆弧相连，物体与斜面间动摩擦因数μ=0.5，经B点后再经过1.5s物体到达C点。g取10m/s2，sin
37°=0.6，cos
37°=0.8，求BC两点间的距离。
12、建筑工地的护栏外有“施工重地，禁止入内”的提示。因为施工区域常常有建筑材料掉下，对地面上的人员造成伤害。假设离地面高12.8m的建筑物上，质量为2kg的砖从静止开始自由下落，砖与地面作用的时间0.05s后静止。忽略空气阻力，重力加速度取，求：
（1）从开始下落到与地面撞击前，重力对砖的冲量大小；
（2）从撞击地面瞬间开始到静止，地面对砖的冲量大小；
（3）地面对砖的平均作用力大小。
13、如图，某人用手抓住一个箱子静止在足够长的光滑水平面上，已知人的质量为4m，箱子质量为m.某时刻人以相对地面v0的速度向右推出箱子，箱子与右侧墙壁碰
撞后以的速度弹回，当人接到箱子后再以相对地面v0的速度向右推出箱子，如此反复，求：
(1)第一次推出箱子后人的速度大小v1；
(2)若每次箱子与右侧墙壁碰撞过程所用时间为t，箱子所受墙壁的平均冲力的大小F；
(3)试通过计算推断人第二次推出箱子后，能否再次接到与墙壁碰撞弹回的箱子。
14、一个质量为m=100g的小球从离厚垫h=0.8m高处自由下落，落到厚软垫上，若从小球接触到软垫到小球陷至最低点经历的时间Δt
=
0.2s，（g=10m/s2），求：
（1）小球接触到软垫前的一瞬间的动量；
（2）小球从开始下落到陷至最低点的过程中，重力的冲量；
（3）软垫对小球的平均冲力.
参考答案
一、选择题
1、【答案】D
【解析】
AB.从同一高度落下的杯子，所以杯子落地速度大小相同，动量相同，末动量为零，所以动量变化量相同，AB错误。
CD.根据动量定理
，冲量的大小相同；落在水泥地上的与地作用时间短，作用力大，更容易碎，C错误D正确。
2、【答案】C
【解析】
根据自由落体运动，当安全带伸直时，，解得：，根据动量定理可得：，解得：F=1000N，ABD错误C正确。
3、【答案】A
【解析】
根据自由落体的运动学公式，可得铁锤碰前的速度为
取向下为正，对铁锤由动量定理得
解得
由牛顿第三定律可得，铁锤对桩的作用力大小
故A正确，BCD错误。
故选A。
4、【答案】C
【解析】
设人的质量为m，着地前速度大小为v，着地时间为t，地面对人冲量大小为I，作用力大小为F，取竖直向下方向为正方向。
AB.人着地过程，人的动量从一定值减到零，动量的变化量不变，根据动量定理得：mgt-I=0-mv，得到地面对人的冲量I=mgt+mv，m、v一定，t延长，则I增大，故AB错误；
C.让脚尖先触地且着地时要弯曲双腿，增加地面对人的冲击时间，故C正确；
D.根据动量定理得：mgt-Ft=0-mv，可知t增大，则F减小，人对地面的压强减小，故D错误。
故选C。
5、【答案】A
【解析】
选向下为正，运动全程由动量定理得：mg（t1+t2+t3）+I地=0，则有：
I地=-（mgtl+mgt2十mgt3），
负号表方向。
A．，故A符合题意；
B．，故B不符合题意；
C．，故C不符合题意；
D．，故D不符合题意。
故选A。
6、【答案】B
【解析】
根据“推算固定建筑物所受风力（空气的压力）与风速（空气流动速度）大小关系”可知，本题考查动量定理，设t时间内吹到建筑物上的空气质量为m，根据动量定理的公式Ft=△mv，即可求解。
【详解】
设t时间内吹到建筑物上的空气质量为m，则m=ρSvt，根据动量定理-Ft=0-mv=0-ρSv2t，F=ρSv2，故B正确，ACD错误。
故选：B
7、【答案】A
【解析】
A．令斜面的倾角θ，底边长l，滑块质量为m，斜面的质量为M，滑块在斜面运动时，根据动能定理有
所以滑块达到斜面底端的速度为
由于两斜面的倾角满足α＞β，所以甲滑块滑到斜面底端的速度比乙大，故A正确；
B．滑块在斜面滑动的过程中，根据动量定理有
所以滑块在斜面上的运动时间为
由于甲滑块运动到斜面底端的速度大于乙，且α＞β，所以两滑块在斜面上运动时间的大小关系不确定，故B错误；
C．根据机械能守恒条件可知，滑块下滑过程机械能的量
则甲乙机械能的改变量相等，故C错误；
D．根据牛顿第二定律可知，滑块下滑的加速度大小为
因为，所以
将滑块和斜面当作一个整体，根据牛顿第二定律可知，水平面对斜面体的支持力大小为
因为a甲＞a乙且α＞β，所以N甲＜N乙，根据牛顿第三定律可知，甲下滑过程中，斜面体对水平地面的压力比乙小，故D错误。
故选A。
8、【答案】CD
【解析】
设子弹的初速度为作出子弹、木块的图像，如图中的实线所示，梯形面积为子弹相对木块的位移，即木块的厚度；面积为木块的位移。
当子弹的初速度增大为时，子弹、木块运动的图像如图中的虚线，梯形面积仍等于子弹相对木块的位移，即木块的厚度，故梯形面积与梯形面积相等。
C．对比实虚曲线可知，当子弹射入速度增大后，子弹穿过木块的时间变短了，选项C正确；
A．木块的速度变小，动能变小了，选项A错误；
D．面积小于的面积，即木块的位移变小，选项D正确；
E．系统产生的热量，在这两种情况下相同，选项E错误；
B．由能量关系知，子弹损失的动能等于木块得到的动能加上系统产生的热量，由于系统产生的热量不变，木块得到的动能变小了，所以子弹损失的动能变小了，选项B错误。
故选CD。
9、【答案】AD
【解析】
运动员在加速上升过程中加速度向上，处于超重状态，故A正确；取向上为正，根据动量定理可得I﹣mgt＝mv，解得v＝﹣gt，故B错误；该过程中，地面对运动员做的功为0，故C错误；根据动量定理可得：该过程中，人的动量变化大小为△P＝I﹣mgt，故D正确．
10、【答案】AB
【解析】
由动能Ek＝mv2与动量p=mv，得到动能与动量的关系式：p＝，由于两球的动能相等，而甲球质量m甲大于乙球质量m乙，所以p甲＞p乙，碰撞前总动量向右。由动量守恒定律，碰撞后若甲球速度为零，而乙球向右，则总动量向右，所以选项A正确。由动量守恒定律，碰撞后若甲、乙球速度均不为零，合为一整体向右，则总动量也向右，所以选项B正确。若乙球速度为零，则甲球一定向左运动，则总动量向左，与动量守恒不相符，所以选项C错误。两球都以各自原来的速率反向运动，由于总动量大小向左，所以与动量守恒不相符，所以选项D错误。故选AB。
【点睛】
关于碰撞问题要注意：①碰撞前后动量守恒．②碰撞前后动能不会增加，即能量守恒．③与实际情况相符，即碰撞后，不能穿越，最多也只能合为一整体．
二、计算题
11、【答案】4.75m
【解析】
根据动量定理有
解得
沿斜面上滑
速度减少为零时，有
解得
最高点距点的距离
物体下滑
从最高点到点的距离
两点间的距离
12、【答案】（1）
（2）
（3）F=660N
【解析】（1）砖做自由落体运动，下落高度h=12.8m，设下落时间为t
根据自由落体运动的公式
解得：t=1.6s
则下落过程中重力的冲量
（2）设地面对砖的冲量大小为I
根据动量定理
即
解得：
（3）设地面对砖平均作用力大小为F，由冲量的定义可知
代入数据解得：F=660N
13、【答案】（1）；（2）；（3）能。
【解析】
取水平向左为正方向：
(1)由动量守恒定律，有
可得
；
(2)对箱子，由动量定理，有
可得
；
(3)研究人第一次接到箱子并第二次推出箱子的过程，人和箱子组成的系统动量守恒，则
解得
因为，所以人能再次接到与墙壁碰撞弹回的箱子。
14、【答案】(1)0.4N·s
向下
(2)0.6N·s
向下
(3)3N
向上
【解析】
(1)由机械能守恒可得，小球接触后软垫时的速度为：
球与软垫碰撞前动量为：
P1=mv=0.1×4N？s=0.4N？s
方向竖直向下
(2)落地前后动量的变化为：
△P=0-P1=0-0.4N？s=-0.4N？s
落时过程中，小球重力的冲量为：
I=mgt=0.1×10×0.2N？s=0.2N？s
方向竖直向下
由动量定理可知：I+mgt=△P，即为：I+0.2N？s=-0.4N？s
解得：
I=-0.6N？s
（负号表示方向向上）
(3)设小球刚落到软垫瞬间的速度为v，对小球自由下落的过程，
由机械能守恒可得：
解得：
选取小球接触软垫的过程为研究过程，取向下为正方向。设软垫对小球的平均作用力为F，由动量定理有：，解得：
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精品试卷·第
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