四川省夹江中学2019-2020学年高中物理教科版选修3-2：2.6变压器 跟踪训练（含解析）
文档属性
| 名称 | 四川省夹江中学2019-2020学年高中物理教科版选修3-2：2.6变压器 跟踪训练（含解析） |  | |
| 格式 | zip | ||
| 文件大小 | 289.0KB | ||
| 资源类型 | 教案 | ||
| 版本资源 | 教科版 | ||
| 科目 | 物理 | ||
| 更新时间 | 2020-07-01 18:11:55 | ||
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文档简介
2.6变压器
课时作业（含解析)
1．图1、图2分别表示两种电压的波形，其中图1所示电压按正弦规律变化．下列说法正确的是
A．图1表示交流电，图2表示直流电
B．两种电压的有效值相等
C．图1所示电压的瞬时值表达式为u=311sin100V
D．图1所示电压经匝数比为10:1的变压器变压后，频率变为原来的
2．如图所示，理想变压器的原线圈接在的交流电源上，副线圈接有的负载电阻，原、副线圈匝数之比为2：1，电流表、电压表均为理想电表。下列说法正确的是（ ）
A．原线圈的输入功率为
B．电流表的读数为1A
C．电压表的读数为
D．副线圈输出交流电的周期为50s
3．现用电压为380V的正弦式交流电给额定电压为220V的电灯供电，以下电路中不可能使电灯正常发光的有（
）
A．B．C．D．
4．如图所示，理想变压器的输入端通过灯泡L1与输出电压恒定的正弦交流电源相连，副线圈通过导线与两个相同的灯泡L2和L3相连，开始时开关S处于断开状态．当S闭合后，所有灯泡都能发光，下列说法中正确的有( )
A．副线圈两端电压不变
B．灯泡L1亮度变亮，L2的亮度不变
C．副线圈中电流变大，灯泡L1变亮，L2变暗
D．因为不知变压器原、副线圈的匝数比，所以L1及L2的亮度变化不能判断
5．如图所示，理想变压器的原线圈a、b两端接正弦交变电压，副线圈M、N两端通过输电线接有两个相同的灯泡L1和L2，输电线上的等效电阻为R。开始时，开关K断开，当接通K时，以下说法不正确的是（ ）
A．副线圈M、N两端的电压减小
B．等效电阻R上的电流增大
C．通过灯泡L1的电流减小
D．原线圈的输出功率增大
6．如图为模拟远距离输电的部分测试电路，a、b端接电压稳定的正弦交变电源，定值电阻阻值分别为R1、R2，且R1A．
B．原线圈两端电压U1一定变小
C．电源的输出功率一定增大
D．R1消耗的功率一定增加
7．有一额定电压为55V的特种灯泡，要使它正常发光，则应通过一个理想变压器再接入家中的电源，则选用的变压器原、副线圈的匝数比n1：n2应为（
）
A．1:2
B．1:4
C．2:1
D．4:1
8．为探究理想变压器原、副线圈电压、电流的关系，将原线圈接到电压有效值不变的正弦交流电源上，副线圈连接相同的灯泡L1、L2，电路中分别接了理想交流电压表V1、V2和理想交流电流表A1、A2，导线电阻不计，如图所示．当开关S闭合后
A．A1示数变大，A1与A2示数的比值不变
B．A1示数变大，A1与A2示数的比值变大
C．V2示数变小，V1与V2示数的比值变大
D．V2示数不变，V1与V2示数的比值不变
9．如图甲为小型旋转电枢式交流发电机的原理图，电阻为2Ω的矩形线圈在磁感应强度为B的匀强磁场中绕垂直于磁场方向的固定轴OO′匀速转动线圈的两端与滑动变阻器R连接，当R=10Ω时，交流电压表示数为10V。图乙是穿过矩形线圈的磁通量Φ随时间t变化的图象，下列说法正确的是（
）
A．0.02s时，R两端的电压瞬时值为零
B．电阻R上的电功率为10W，产生的交流的频率50Hz
C．当滑动变阻器触头向下滑动时，电压表示数变小
D．若仅将R换为原副线圈匝数比为2:5的理想变压器，则变压器空载时副线圈两端的电压为30V
10．为了监测变电站向外输电情况,要在变电站安装互感器,其接线如图所示.两变压器匝数分别为n1、n2和n3、n4,a和b是交流电表.则（
）
A．n1＞n2
B．n3＞n4
C．a为交流电流表,b为交流电压表
D．a为交流电压表,b为交流电流表
11．如图甲所示，理想变压器的原线圈通有正弦式交变电流，副线圈接有三个电阻和一个电容器.已知=20Ω，=40Ω，原、副线圈的匝数之比为10：1，原线圈的输入功率P=35W，通过电阻的正弦式交变电流如图乙所示，求：
（1）原线圈的输入电压的有效值；
（2）电阻消耗的电功率；
（3）流过电容器C的电流.
甲乙
12．如图所示是交流发电机模型示意图，N=100匝的矩形闭合导线框ABCD处于磁感应强度大小B=T的水平匀强磁场中，线框面积S=0.48m2．线框绕垂直于磁场的轴OO′以角速度ω=100πrad/s逆时针匀速转动，并与理想升压变压器相连，变压器副线圈接入一只“12V、24W”的灯泡，且灯泡正常发光，线框、输电线路的电阻都不计．
（1）将图示时刻记为t=0，请判断此刻线圈AB边中的电流方向，并写出该线框产生正弦交变电动势的瞬时值表达式；
（2）求变压器的原副线圈匝数比；
（3）求灯泡正常发光时，电流表的读数．
13．一台理想变压器的原、副线圈匝数比为4：1，在照明电路中使用，如果原线圈接交流电压?V，副线圈通过总电阻为的两根输电线给用电户输电问：
(1)如果用户使用的都是“220V、40W”的白炽灯，要使这些灯正常发光，接入电路的灯应为多少盏？
(2)如果电路中灯的盏数比正常发光时多了一倍，会出现什么问题和后果？
参考答案
1．C
【解析】
试题分析：由于两图中表示的电流方向都随时间变化，因此都为交流电，故A错误；由于对应相同时刻，图1电压比图2电压大，根据有效值的定义可知，图1有效值要比图2有效值大，故B错误；从图1可知，,所以图1电压的瞬时值表达式为，故C正确；交流电的频率和变压器无关，D错误；
故选C
考点：交流的峰值、有效值以及它们的关系；变压器的构造和原理．
点评：本题比较全面的涉及了关于交流电的物理知识，重点是交流电的描述和对于有效值的理解．
2．B
【解析】
A．由交流电压的表达式可知，原线圈两端所加的电压最大值为，故有效值为，由，解得副线圈电压的有效值为：
，
故输出功率：
，
再由输入功率等于输出功率知：
，
故A错误；
B．根据欧姆定律知:
，
由，可得：
，
故电流表读数为1A，故B正确；
C．电压表的读数为有效值，即，故C错误；
D．由交流电压的表达式可知：，又，解得：
，
故D错误。
故选B。
3．D
【解析】
A、电源电压为380V，由于灯泡与滑动变阻器的部分电阻并联再跟部分电阻串联，则灯泡的电压可能为220V，则灯泡可能正常发光．故A正确．
B、同理，灯泡与滑动变阻器的部分电阻并联再跟部分电阻串联，则灯泡的电压可能为220V，则灯泡可能正常发光．故B正确．
C、因为原线圈的匝数大于副线圈的匝数，则输出电压小于输入电压，可能小于220V，灯泡可能正常发光．故C正确．
D、原线圈的匝数小于副线圈的匝数，则输出电压大于输入电压，则灯泡的电压大于380V，则灯泡被烧坏．故D错误．
本题选择不可能正常发光的，故选D．
4．C
【解析】
当S接通后，输出功率变大，输出电流变大，变压器的输入功率等于输出功率，所以变压器的输入功率变大，输入电流变大，灯泡L1的电压增大，原线圈电压减小，匝数不变故副线圈电压减小，故A错误；由A可知，灯泡L1变亮，L2变暗，故BD错误，C正确．所以C正确，ABD错误．
5．A
【解析】
A．理想变压器输出电压与外电路无关，只和变压器变压比以及输入电压有关，则M、N的输出电压不变，A选项符合题意，故A正确；
B．开关S闭合，L1和L2并联总电阻变小，电路电流增大，B选项不合题意，故B错误；
C．等效电阻R分压增大，则L1两端分压变小，也即通过L1的电流变小，C选项不合题意，故C错误；
D．L1和L2并联总电阻变小，则外电路总电阻变小，变压器输出功率变大，则输入功率变大，由于输入电压不变，则原线圈中的电流增大，D选项不合题意，故D错误。
故选A。
6．A
【解析】
A．理想变压器的原、副线圈的电压变化比
电流变化比
则有
将R1视为输入端电源内阻，则有
所以有
故A正确；
BCD．向下调节滑动变阻器R3的滑动端P时，副线圈负载电阻R增大，由原副线圈的电压电流的关系得
原线圈的电流I1变小，R1功率减小，电源电压不变，电源的输出功率一定减小，根据闭合电路欧姆定律可知原线圈的输入电压增大，故BCD错误。
故选A。
7．D
【解析】
额定电压为55V的特种灯泡，要使它正常发光，副线圈两端电压的有效值，理想变压器接入家中的电源，原线圈两端电压的有效值，变压器原、副线圈的匝数比
故选D。
8．AD
【解析】
试题分析：由于理想变压器原线圈接到电压有效值不变，则副线圈电压不变，V2示数不变，V1与V2示数的比值不变，C错误、D正确．开关S闭合后，变压器副线圈的负载电阻减小，V2不变，由欧姆定律可得A1示数变大，由于理想变压器P2=P1，V1与V2示数的比值不变，所以A1与A2示数的比值不变，A正确，B错误．故选AD．
考点：变压器
9．BD
【解析】
A．0.02s时，穿过线圈的磁通量为零，此时磁通量变化率最大，感应电动势最大，则R两端的电压瞬时值最大，故A错误。
B．电压表的读数为R两端的电压，电阻R上的电功率
产生的交流的周期为T=0.02s，则频率为f=50Hz，故B正确。
C．当滑动变阻器触头向下滑动时，R增大，总电流减小，内压减小，路端电压增大，电压表示数增大，故C错误。
D．线圈中产生的感应电动势为
若仅将R换为原副线圈匝数比为2:5的理想变压器，则变压器空载时原线圈电流为零，则此时原线圈电压为
U1=E=12V
则副线圈两端的电压为
故D正确。
故选BD。
10．AD
【解析】
A．由图可知，a并联在电路中是电压互感器，电路中是强电压，通过变压器变成弱电压，用电压表测量，因为电压之比等于线圈匝数比，所以，故A正确；
B．b串联在电路中是电流互感器，电路中是强电流，通过变压器变成弱电流，用电流表测量，因为电流之比等于线圈匝数的倒数比，所以，故B错误；
CD．串联在电路中的是电流互感器，并联在电路中的是电压互感器，故a是电压表，b为电流表，故C错误D正确。
故选AD。
11．(1)200
V
(2)10
W
(3)0.
25
A
【解析】
(1)通过电阻R1的电流的有效值
电阻R1两端的电压有效值
所以原线圈的输入电压的有效值
（2）流过电阻R2的电流
电阻R2消耗的电功率
（3）原线圈的输入电流
副线圈的输出电流
通过电容器的电流
12．（1）
（2）40:1（3）0.05A
【解析】
根据右手定则判断感应电流方向，根据Em=nBsω求解电动势最大值，然后根据e=Emcosωt求解该正弦交流电的瞬时表达式；根据变压比公式列式求解即可；变压器的输入功率和输出功率相等，先求解功率，再求解电流表读数．
【详解】
（1）线框逆时针转动，根据右手定则，电流俯视为逆时针；电动势最大值为：，
从垂直中性面位置开始计时，故瞬时值为：e=Emcosωt=480cos100πt（V）
（2）升压变压器的输入电压为：
一只“12V、24W”的灯泡，且灯泡正常发光，根据变压比公式，有
解得：
（3）理想变压器的输入功率等于输出功率，则
代入数据解得：I1=0.05A.
【点睛】
本题关键是明确交流电的最大值和瞬时值的求解方法，同时要能够结合变压器的变压比公式、功率关系列式求解.
13．(1)165；(2)
出现原、副线圈电流过大有可能发热烧坏
【解析】
根据正弦交流电的最大值与有效值的关系，及线圈电压与匝数关系，与电功率表达式，即可求解；
由欧姆定律，结合电阻的变化，从而确定电流的变化，进而确定结果．
【详解】
原线圈电压有效值
根据得副线圈电压
根据灯正常发光，可知输电线上降压为
一盏灯正常发光时电流
根据可得电灯盏数为
输电线上能量损失增大；灯光变暗；变压器中原、副线圈电流过大有可能发热烧坏．
【点睛】
考查正弦式交流电的最大值与有效值的关系，掌握电压与匝数的关系，理解闭合电路欧姆定律的应用，学会电路分析的方法．
课时作业（含解析)
1．图1、图2分别表示两种电压的波形，其中图1所示电压按正弦规律变化．下列说法正确的是
A．图1表示交流电，图2表示直流电
B．两种电压的有效值相等
C．图1所示电压的瞬时值表达式为u=311sin100V
D．图1所示电压经匝数比为10:1的变压器变压后，频率变为原来的
2．如图所示，理想变压器的原线圈接在的交流电源上，副线圈接有的负载电阻，原、副线圈匝数之比为2：1，电流表、电压表均为理想电表。下列说法正确的是（ ）
A．原线圈的输入功率为
B．电流表的读数为1A
C．电压表的读数为
D．副线圈输出交流电的周期为50s
3．现用电压为380V的正弦式交流电给额定电压为220V的电灯供电，以下电路中不可能使电灯正常发光的有（
）
A．B．C．D．
4．如图所示，理想变压器的输入端通过灯泡L1与输出电压恒定的正弦交流电源相连，副线圈通过导线与两个相同的灯泡L2和L3相连，开始时开关S处于断开状态．当S闭合后，所有灯泡都能发光，下列说法中正确的有( )
A．副线圈两端电压不变
B．灯泡L1亮度变亮，L2的亮度不变
C．副线圈中电流变大，灯泡L1变亮，L2变暗
D．因为不知变压器原、副线圈的匝数比，所以L1及L2的亮度变化不能判断
5．如图所示，理想变压器的原线圈a、b两端接正弦交变电压，副线圈M、N两端通过输电线接有两个相同的灯泡L1和L2，输电线上的等效电阻为R。开始时，开关K断开，当接通K时，以下说法不正确的是（ ）
A．副线圈M、N两端的电压减小
B．等效电阻R上的电流增大
C．通过灯泡L1的电流减小
D．原线圈的输出功率增大
6．如图为模拟远距离输电的部分测试电路，a、b端接电压稳定的正弦交变电源，定值电阻阻值分别为R1、R2，且R1
B．原线圈两端电压U1一定变小
C．电源的输出功率一定增大
D．R1消耗的功率一定增加
7．有一额定电压为55V的特种灯泡，要使它正常发光，则应通过一个理想变压器再接入家中的电源，则选用的变压器原、副线圈的匝数比n1：n2应为（
）
A．1:2
B．1:4
C．2:1
D．4:1
8．为探究理想变压器原、副线圈电压、电流的关系，将原线圈接到电压有效值不变的正弦交流电源上，副线圈连接相同的灯泡L1、L2，电路中分别接了理想交流电压表V1、V2和理想交流电流表A1、A2，导线电阻不计，如图所示．当开关S闭合后
A．A1示数变大，A1与A2示数的比值不变
B．A1示数变大，A1与A2示数的比值变大
C．V2示数变小，V1与V2示数的比值变大
D．V2示数不变，V1与V2示数的比值不变
9．如图甲为小型旋转电枢式交流发电机的原理图，电阻为2Ω的矩形线圈在磁感应强度为B的匀强磁场中绕垂直于磁场方向的固定轴OO′匀速转动线圈的两端与滑动变阻器R连接，当R=10Ω时，交流电压表示数为10V。图乙是穿过矩形线圈的磁通量Φ随时间t变化的图象，下列说法正确的是（
）
A．0.02s时，R两端的电压瞬时值为零
B．电阻R上的电功率为10W，产生的交流的频率50Hz
C．当滑动变阻器触头向下滑动时，电压表示数变小
D．若仅将R换为原副线圈匝数比为2:5的理想变压器，则变压器空载时副线圈两端的电压为30V
10．为了监测变电站向外输电情况,要在变电站安装互感器,其接线如图所示.两变压器匝数分别为n1、n2和n3、n4,a和b是交流电表.则（
）
A．n1＞n2
B．n3＞n4
C．a为交流电流表,b为交流电压表
D．a为交流电压表,b为交流电流表
11．如图甲所示，理想变压器的原线圈通有正弦式交变电流，副线圈接有三个电阻和一个电容器.已知=20Ω，=40Ω，原、副线圈的匝数之比为10：1，原线圈的输入功率P=35W，通过电阻的正弦式交变电流如图乙所示，求：
（1）原线圈的输入电压的有效值；
（2）电阻消耗的电功率；
（3）流过电容器C的电流.
甲乙
12．如图所示是交流发电机模型示意图，N=100匝的矩形闭合导线框ABCD处于磁感应强度大小B=T的水平匀强磁场中，线框面积S=0.48m2．线框绕垂直于磁场的轴OO′以角速度ω=100πrad/s逆时针匀速转动，并与理想升压变压器相连，变压器副线圈接入一只“12V、24W”的灯泡，且灯泡正常发光，线框、输电线路的电阻都不计．
（1）将图示时刻记为t=0，请判断此刻线圈AB边中的电流方向，并写出该线框产生正弦交变电动势的瞬时值表达式；
（2）求变压器的原副线圈匝数比；
（3）求灯泡正常发光时，电流表的读数．
13．一台理想变压器的原、副线圈匝数比为4：1，在照明电路中使用，如果原线圈接交流电压?V，副线圈通过总电阻为的两根输电线给用电户输电问：
(1)如果用户使用的都是“220V、40W”的白炽灯，要使这些灯正常发光，接入电路的灯应为多少盏？
(2)如果电路中灯的盏数比正常发光时多了一倍，会出现什么问题和后果？
参考答案
1．C
【解析】
试题分析：由于两图中表示的电流方向都随时间变化，因此都为交流电，故A错误；由于对应相同时刻，图1电压比图2电压大，根据有效值的定义可知，图1有效值要比图2有效值大，故B错误；从图1可知，,所以图1电压的瞬时值表达式为，故C正确；交流电的频率和变压器无关，D错误；
故选C
考点：交流的峰值、有效值以及它们的关系；变压器的构造和原理．
点评：本题比较全面的涉及了关于交流电的物理知识，重点是交流电的描述和对于有效值的理解．
2．B
【解析】
A．由交流电压的表达式可知，原线圈两端所加的电压最大值为，故有效值为，由，解得副线圈电压的有效值为：
，
故输出功率：
，
再由输入功率等于输出功率知：
，
故A错误；
B．根据欧姆定律知:
，
由，可得：
，
故电流表读数为1A，故B正确；
C．电压表的读数为有效值，即，故C错误；
D．由交流电压的表达式可知：，又，解得：
，
故D错误。
故选B。
3．D
【解析】
A、电源电压为380V，由于灯泡与滑动变阻器的部分电阻并联再跟部分电阻串联，则灯泡的电压可能为220V，则灯泡可能正常发光．故A正确．
B、同理，灯泡与滑动变阻器的部分电阻并联再跟部分电阻串联，则灯泡的电压可能为220V，则灯泡可能正常发光．故B正确．
C、因为原线圈的匝数大于副线圈的匝数，则输出电压小于输入电压，可能小于220V，灯泡可能正常发光．故C正确．
D、原线圈的匝数小于副线圈的匝数，则输出电压大于输入电压，则灯泡的电压大于380V，则灯泡被烧坏．故D错误．
本题选择不可能正常发光的，故选D．
4．C
【解析】
当S接通后，输出功率变大，输出电流变大，变压器的输入功率等于输出功率，所以变压器的输入功率变大，输入电流变大，灯泡L1的电压增大，原线圈电压减小，匝数不变故副线圈电压减小，故A错误；由A可知，灯泡L1变亮，L2变暗，故BD错误，C正确．所以C正确，ABD错误．
5．A
【解析】
A．理想变压器输出电压与外电路无关，只和变压器变压比以及输入电压有关，则M、N的输出电压不变，A选项符合题意，故A正确；
B．开关S闭合，L1和L2并联总电阻变小，电路电流增大，B选项不合题意，故B错误；
C．等效电阻R分压增大，则L1两端分压变小，也即通过L1的电流变小，C选项不合题意，故C错误；
D．L1和L2并联总电阻变小，则外电路总电阻变小，变压器输出功率变大，则输入功率变大，由于输入电压不变，则原线圈中的电流增大，D选项不合题意，故D错误。
故选A。
6．A
【解析】
A．理想变压器的原、副线圈的电压变化比
电流变化比
则有
将R1视为输入端电源内阻，则有
所以有
故A正确；
BCD．向下调节滑动变阻器R3的滑动端P时，副线圈负载电阻R增大，由原副线圈的电压电流的关系得
原线圈的电流I1变小，R1功率减小，电源电压不变，电源的输出功率一定减小，根据闭合电路欧姆定律可知原线圈的输入电压增大，故BCD错误。
故选A。
7．D
【解析】
额定电压为55V的特种灯泡，要使它正常发光，副线圈两端电压的有效值，理想变压器接入家中的电源，原线圈两端电压的有效值，变压器原、副线圈的匝数比
故选D。
8．AD
【解析】
试题分析：由于理想变压器原线圈接到电压有效值不变，则副线圈电压不变，V2示数不变，V1与V2示数的比值不变，C错误、D正确．开关S闭合后，变压器副线圈的负载电阻减小，V2不变，由欧姆定律可得A1示数变大，由于理想变压器P2=P1，V1与V2示数的比值不变，所以A1与A2示数的比值不变，A正确，B错误．故选AD．
考点：变压器
9．BD
【解析】
A．0.02s时，穿过线圈的磁通量为零，此时磁通量变化率最大，感应电动势最大，则R两端的电压瞬时值最大，故A错误。
B．电压表的读数为R两端的电压，电阻R上的电功率
产生的交流的周期为T=0.02s，则频率为f=50Hz，故B正确。
C．当滑动变阻器触头向下滑动时，R增大，总电流减小，内压减小，路端电压增大，电压表示数增大，故C错误。
D．线圈中产生的感应电动势为
若仅将R换为原副线圈匝数比为2:5的理想变压器，则变压器空载时原线圈电流为零，则此时原线圈电压为
U1=E=12V
则副线圈两端的电压为
故D正确。
故选BD。
10．AD
【解析】
A．由图可知，a并联在电路中是电压互感器，电路中是强电压，通过变压器变成弱电压，用电压表测量，因为电压之比等于线圈匝数比，所以，故A正确；
B．b串联在电路中是电流互感器，电路中是强电流，通过变压器变成弱电流，用电流表测量，因为电流之比等于线圈匝数的倒数比，所以，故B错误；
CD．串联在电路中的是电流互感器，并联在电路中的是电压互感器，故a是电压表，b为电流表，故C错误D正确。
故选AD。
11．(1)200
V
(2)10
W
(3)0.
25
A
【解析】
(1)通过电阻R1的电流的有效值
电阻R1两端的电压有效值
所以原线圈的输入电压的有效值
（2）流过电阻R2的电流
电阻R2消耗的电功率
（3）原线圈的输入电流
副线圈的输出电流
通过电容器的电流
12．（1）
（2）40:1（3）0.05A
【解析】
根据右手定则判断感应电流方向，根据Em=nBsω求解电动势最大值，然后根据e=Emcosωt求解该正弦交流电的瞬时表达式；根据变压比公式列式求解即可；变压器的输入功率和输出功率相等，先求解功率，再求解电流表读数．
【详解】
（1）线框逆时针转动，根据右手定则，电流俯视为逆时针；电动势最大值为：，
从垂直中性面位置开始计时，故瞬时值为：e=Emcosωt=480cos100πt（V）
（2）升压变压器的输入电压为：
一只“12V、24W”的灯泡，且灯泡正常发光，根据变压比公式，有
解得：
（3）理想变压器的输入功率等于输出功率，则
代入数据解得：I1=0.05A.
【点睛】
本题关键是明确交流电的最大值和瞬时值的求解方法，同时要能够结合变压器的变压比公式、功率关系列式求解.
13．(1)165；(2)
出现原、副线圈电流过大有可能发热烧坏
【解析】
根据正弦交流电的最大值与有效值的关系，及线圈电压与匝数关系，与电功率表达式，即可求解；
由欧姆定律，结合电阻的变化，从而确定电流的变化，进而确定结果．
【详解】
原线圈电压有效值
根据得副线圈电压
根据灯正常发光，可知输电线上降压为
一盏灯正常发光时电流
根据可得电灯盏数为
输电线上能量损失增大；灯光变暗；变压器中原、副线圈电流过大有可能发热烧坏．
【点睛】
考查正弦式交流电的最大值与有效值的关系，掌握电压与匝数的关系，理解闭合电路欧姆定律的应用，学会电路分析的方法．