2020年广东省普通高中学业水平物理合格性试卷（7月份）

2020年广东省普通高中学业水平物理合格性试卷（7月份）
一、单项选择题Ⅰ：本大题共12小题，每小题3分，共36分。在每小题列出的四个选项中，只有一项最符合题意。
1．（3分）汽车在平直公路运动的速度﹣时间图象如图所示，下列对汽车运动的描述正确的是（　　）
A．0～t1时间内做匀速直线运动
B．t1～t2时间内做匀加速直线运动
C．t2～t3时间内做匀减速直线运动
D．t3时刻回到出发点
2．（3分）高速列车以速度v匀速通过某隧道，已知隧道长为s，列车长为1，则该列车通过隧道的时间（　　）
A．
B．
C．
D．
3．（3分）小李同学做家务时，用斜向下的恒力F推动房间内的木箱匀速移动，如图所示。关于木箱所受的推力F、摩擦力f、支持力FN和重力G大小之间的关系，下列说法正确的是（　　）
A．f＜F
B．f＞F
C．FN＜G
D．FN＝G
4．（3分）有关部门经常组织志愿者开展横渡珠江活动向社会宣传保护水环境。若某志愿者从江岸边的位置P出发，保持游姿方向始终与对岸垂直，游速大小恒定，江水的流速不变。该志愿者渡江的轨迹应是图中的（　　）
A．①
B．②
C．③
D．④
5．（3分）玩“套圈圈”游戏时，身材高大的老师和一年级小明同学直立站在同一水平线上，两人同时向各自正前方3m处放置在水平地面上的玩具小熊水平抛出小圆环，小圆环恰好都套中玩具熊，小圆环离手后的运动可视作平抛运动，下列说法正确的是（　　）
A．小明先套住玩具熊
B．老师先套住玩具熊
C．两人同时套住玩具熊
D．两人水平抛出小圆环的初速度相同
6．（3分）为保护生态环境，学校组织了植树活动，小王和小李同学合作提水，其所用力的情况如图所示。若桶和水的总重是300N，他俩所用的力大小相等，方向与竖直方向的夹角均是45°，则每人所用力的大小最接近（　　）
A．300N
B．212N
C．150N
D．100N
7．（3分）为探究超重、失重现象，小明同学将一台电子秤搬到一楼的电梯间，他平稳站在电子秤上。在电梯启动前、启动时和刚到二楼停止前，他观察到电了秤中自身体重的示数分别为G0、G1和G2，下列说法正确的是（　　）
A．G1＞G0
B．G1＜G0
C．G1＜G2
D．G0＝G1＝G2
8．（3分）如图所示，风力发电机叶片上有P、Q两点，其中P在叶片的端点，Q在另一叶片的中点。当叶片转动时，下列说法正确的是（　　）
A．两点的向心加速度方向相同
B．两点的向心加速度大小不同
C．两点的线速度大小相等
D．两点的线速度方向相同
9．（3分）质量为m的人造地球卫星离地面的高度是h，它绕地球飞行一圈的时间是T．若地球的质量是M，半径是R，万有引力常量是G，下列说法中正确的是（　　）
A．卫星受到的万有引力大小为G
B．卫星受到的万有引力大小为G
C．卫星运动的角速度大小为
D．卫星运动的角速度大小为
10．（3分）为提高学生的体能素质，学校开展跳绳活动。小张同学的体重是50kg，某次跳绳训练中，他每分钟跳绳100次。若他每次跳绳时重心平均升高5cm，则他每分钟克服自身重力所做的功最接近（　　）
A．25J
B．250J
C．2500J
D．5000J
11．（3分）小钢球从桌面边缘滑落到地面的过程可视为自由落体运动，下列关于小钢球能量转化情况的正确说法是（　　）
A．动能不断减少，势能不断增加，且动能和势能之和保持不变
B．动能不断减少，势能不断增加，且减少的动能总是小于增加的势能
C．动能不断增加，势能不断减少，且增加的动能总是等于减少的势能
D．动能不断增加，势能不断减少，且增加的动能总是大于减少的势能
12．（3分）下列关于经典力学的适用范围及其局限性的描述，正确的是（　　）
A．经典力学适用于以任意速度运动的物体
B．经典力学适用于宏观物体和微观粒子的运动
C．经典力学适用于做高速运动的微观粒子
D．经典力学适用于做低速运动的宏观物体
二、单项选择题Ⅱ：本大题为选做题，共16题，每小题3分；试题分为A、B两组，考生只选择其中一组题作答，并将选做题组类型（A或B）填涂在答题卡相应位置上。在每小题列出的四个选项中，只有一项最符合题意。选做题A组（选修1-1）
13．（3分）用两根轻质绝缘细线分别悬挂两带电小塑料球，图中描述的是两小球静止时可能的状态，其中正确的是（　　）
A．
B．
C．
D．
14．（3分）某静电场的电场线分布如图所示，F1、F2、F3和F4分别表示一负点电荷在电场中M点可能的受力情况其中正确的是（　　）
A．F4
B．F3
C．F2
D．F1
15．（3分）如图所示，E、F、P和Q是位于条形磁铁周围的四个点，这四个点中磁感应强度最大的是（　　）
A．E点
B．F点
C．P点
D．Q点
16．（3分）一段通电直导线置于下列匀强磁场中，图中给出的直导线所受安培力方向正确的是（　　）
A．
B．
C．
D．
17．（3分）如图所示，在足够大的匀强磁场区域中，在一正方形线圈MNQP，线圈平面平行磁场方向，线圈做下列运动，其磁通量将发生变化的是（　　）
A．线圈绕PQ边旋转
B．线圈绕MP边旋转
C．线圈向左平移
D．线圈向上平移
18．（3分）关于元器件，下列说法错误的是（　　）
A．太阳能电池板是将光能转化为电能
B．电热水壶烧水是利用电流的热效应
C．电容器是用来储存电荷的装置
D．微波炉加热食物是利用电磁感应原理
19．（3分）如图所示，在“研究影响通电导体所受磁场力大小的因素”的实验中，小张同学想同时改变通电导体摆动的方向并增大其摆动角度，以下操作可行的是（　　）
A．只增大电流强度
B．只增大磁场的磁感应强度
C．改变电流方向并增大电流强度
D．同时改变磁场方向和电流方向，并增大电流强度
20．（3分）用电饭煲煮饭，当饭熟后，它会自动换为保温状态，其使用的传感器是（　　）
A．温度传感器
B．生物传感器
C．压力传感器
D．红外线传感器
选做题B组（选修3-1）
21．下列情形与静电现象无关的是（　　）
A．梳过头发的塑料梳子吸起纸屑
B．电磁灶加热食物
C．复印机硒鼓吸附墨粉
D．油罐车后拖有一根接地的铁链
22．两个相同的金属小球，带电荷量分别为﹣2q和+6q，小球半径远小于两球心的距离r。将它们接触后放回原处。则此时的静电力大小为（　　）
A．k
B．k
C．k
D．k
23．某静电场的电场线分布如图所示，M点处有一正点电荷，下列说法正确的是（　　）
A．电荷所受电场力方向与该点电场线切线方向垂直
B．电荷所受电场力方向沿该点电场线的切线方向
C．电荷由静止释放后将逆着电场线运动
D．电荷由静止释放后将始终沿电场线运动
24．在静电场中，下列关于电势差、电势能的说法正确的是（　　）
A．正电荷周围任意两点间的电势差一定是正的
B．负电荷周围任意两点间的电势差一定是正的
C．放入电场中的电荷带电量越大，电势能一定越小
D．放入电场中的电荷克服电场力做功，电势能一定增大
25．在某次电学实验中，张同学希望通过更换电路中的电阻丝，以增大电阻，下列做法可行的是（　　）
A．选用同材质、较粗、较短的电阻丝
B．选用同材质、同粗细但较短的电阻丝
C．选用同材质、同长度但较粗的电阻丝
D．仅增加电阻丝的长度
26．如图所示，闭合开关K后，将滑动变阻器滑片P向左移动，电压表和电流表的示数变化情况分别是（　　）
A．变大，变小
B．变小，不变
C．变小，变大
D．不变，变大
27．如图所示，匀强磁场垂直纸面向里，一束不计重力的粒子流以速度v竖直向下进入磁场，所有粒子都向右偏转，下列判断正确的是（　　）
A．粒子都带负电
B．粒子都带正电
C．粒子都不带电
D．粒子有的带正电，有的带负电
28．在“探究导体电阻与其影响因素的定量关系”实验中，以下操作正确的是（　　）
A．用刻度尺测量金属丝的直径，只测一次
B．用刻度尺测量金属丝的长度，只测一次
C．实验中通电电流不宜过大，通电时间不宜过长
D．读各电表的示数时，一般不需要估读
三、非选择题，本大题包括3小题，共40分．
29．（12分）某同学使用图1所示的实验装置验证机械能守恒定律。
（1）电火花打点计时器使用的是　
　（选填“直流”或“交流”）电源，若电源频率是50Hz，它每隔　
　s打一个点。
（2）从电火花打点计时器打出的纸带中，选取一条点迹清晰的纸带，其中的一段如图2所示，当打点计时器打点3时重物速度的大小是　
　m/s。
（3）假设打点计时器打点1时重物速度的大小为v1，此时重物离地面的高度为h1；打点4时重物速度的大小为v4，此时重物离地面的高度为h4，设重物的质量为m，重力加速度为g，则需验证的机械能守恒定律的表达式为　
　。
30．（13分）如图所示，为了节能降耗，某高铁站设计了“节能坡”。现有一列“复兴号”列车沿MN轨道进站后在NO轨道上停留了几分钟，然后沿OP轨道出站。试简要回答下列问题：
（1）如果关闭动力，列车在上坡过程中受到哪些外力作用？
（2）列车沿OP轨道下坡的过程中动能和势能分别如何变化？
（3）“节能坡”是如何实现节能降耗的？
31．（15分）如图所示，在物流分拣过程中，将货物无初速置于水平传送带左端Q点，传送带始终以v＝2m/s匀速传动，当货物到达传送带的右端P点后，它会沿一个可忽略摩擦的斜坡滑向水平地面。Q与P之间距离l＝2m，P点到地面的高度h＝1m，货物与传送带及地面的动摩擦因数分别是μ1＝0.4、μ2＝0.3，斜坡与传送带及水平地面均平滑连接。将货物视为质点，g取10m/s2．求：
（1）货物在传送带上经历的时间；
（2）货物在地面上的滑行距离。
2020年广东省普通高中学业水平物理合格性试卷（7月份）
试题解析
一、单项选择题Ⅰ：本大题共12小题，每小题3分，共36分。在每小题列出的四个选项中，只有一项最符合题意。
1．解：A、0～t1时间内汽车的速度随时间均匀增大，做匀加速直线运动，故A错误；
B、t1～t2时间内汽车的速度不变，做匀速直线运动，故B错误；
C、t2～t3时间内汽车的速度随时间均匀减小，做匀减速直线运动，故C正确；
D、汽车一直沿正方向运动，t3时刻没有回到出发点，离出发点最远，故D错误。
故选：C。
2．解：列车通过隧道的时间是从车头进隧道到车尾出隧道的时间，所以列车的位移等于隧道长+列车长，则该列车通过隧道的时间：t＝，故ABC错误，D正确。
故选：D。
3．解：木箱受到的作用力如图所示：
设木箱所受的推力F与水平方向的夹角为θ对匀速移动的木箱，由平衡条件得：F?cosθ＝f
F?sinθ+G＝FN
所以f＜F，FN＞G，故A正确，BCD错误。
故选：A。
4．解：人在渡江的过程中同时参与了沿着江水方向的匀速直线运动以及垂直于对岸的匀速直线运动两个分运动，而两个匀速直线运动的合运动是匀速直线运动，所以运动轨迹是图中的③，故C正确，ABD错误。
故选：C。
5．解：ABC、设抛出的小圆环做平抛运动的初速度为v，水平抛出时的高度为h，下落的时间为t，则由h＝，解得：t＝，根据题意知小明的高度h比较小，则由上式得小圆环运动的时间较短，所以小明先套住玩具熊，故A正确，BC错误。
D、小圆环水平方向的位移：x＝vt＝v，由于x相等，小明水平抛出的小圆环运动时间短，则小明水平抛出小圆环的速度比老师水平抛出小圆环的速度要大，故D错误。
故选：A。
6．解：对桶和水整体进行受力分析如图所示：，
根据题意有F1?sin45°＝F2?sin45°，
F1?cos45°+F2?cos45°＝G，
代入数据解得F1＝F2≈212N，故B正确，ACD错误。
故选：B。
7．解：AB、启动时电梯向上加速，处于超重状态，则G1＞G0，故A正确，B错误；
CD、刚到二楼停止前电梯向上做减速运动，处于失重状态，则G2＜G0，因此有
G1＞G2，故CD错误。
故选：A。
8．解：A、风力发电机叶片上P、Q两点在做匀速圆周运动，向心加速度的方向时刻指向圆心，所以两点的向心加速度方向不相同，故A错误；
B、风力发电机叶片上P、Q两点属于同轴转动，故他们的角速度相等，由向心加速度公式a＝ω2r，可知半径r不相等，所以两点的向心加速度大小不同，故B正确；
C、由线速度与角速度的关系v＝ωr，P、Q两点的半径r不相等，故线速度的大小不相等，故C错误；
D、由于做匀速圆周运动，故线速度的方向位于切线方向，所以P、Q两点的线速度方向不相同，故D错误。
故选：B。
9．解：AB、根据万有引力定律可得卫星受到的万有引力大小为F＝G，故A错误、B正确；
CD、根据角速度的定义式可知卫星运动的角速度大小为，故CD错误。
故选：B。
10．解：每跳一次克服重力做功为W＝mgh＝50×10×0.05J＝25J；
每分钟克服重力做功为W总＝nW＝100×25J＝2500J，故ABD错误，C正确；
故选：C。
11．解：小钢球落向地面的过程中，高度减小，重力势能减小，运动速度增大，小球的动能增大，重力势能转化为动能，且增加的动能总是等于减少的势能，故ABD错误，C正确。
故选：C。
12．解：A、经典力学适用于低速运动的物体，不适用于高速运动的物体，故A错误；
B、经典力学只适用于宏观物体的运动，故B错误；
CD、经典力学适用于做低速运动的宏观物体，不适用于做高速运动的微观粒子，故C错误，D正确。
故选：D。
二、单项选择题Ⅱ：本大题为选做题，共16题，每小题3分；试题分为A、B两组，考生只选择其中一组题作答，并将选做题组类型（A或B）填涂在答题卡相应位置上。在每小题列出的四个选项中，只有一项最符合题意。选做题A组（选修1-1）
13．解：根据同种电荷相排斥、异种电互相吸引可知C正确、ABD错误。
故选：C。
14．解：电场中某点的电场方向与放入该点的正电荷受力分析相同，与放入该点负电荷的受力分析相反，所以负点电荷在电场中M点的受力为F1，故ABC错误、D正确。
故选：D。
15．解：根据电场线密的地方电场强度大可知Q点的电场强度最大，故ABC错误、D正确。
故选：D。
16．解：关于安培力的方向，可以根据左手定则来判断，即：伸开左手，拇指与手掌垂直且共面，磁感线穿过手心，四指指向电流方向，大拇指指向安培力方向。
A、导线与磁场方向平行不受安培力，故A错误；
B、根据左手定则可知安培力的方向应该垂直纸面向外，故B错误；
C、根据左手定则可知安培力的方向垂直于导线向上，故C正确；
D、根据左手定则可知安培力的方向一个垂直于导线向下，故D错误。
故选：C。
17．解：A、图中线圈平面平行磁场方向，其磁通量为零，当线圈绕PQ边旋转，穿过线圈的磁通量将增加，故A正确；
B、线圈绕MP边旋转时，线圈平面仍平行磁场方向，其磁通量仍为零，没有变化，故B错误；
CD、线圈向左平移或线圈向上平移，没有磁感线穿过线圈，其磁通量仍为零，没有变化，故D错误。
故选：A。
18．解：A、太阳能电池板是将光能转化为电能，故A正确；
B、电热水壶烧水是利用电流的热效应来工作的，故B正确；
C、电容器是用来储存电荷的元件，故C正确；
D、微波炉加热食物是利用共振原理，故D错误。
本题选错误的，
故选：D。
19．解：要想增大摆动角度，需增大安培力，根据安培力的公式F＝BIL可知需要使电流强度增大或增大磁感应强度；
要想改变导体摆动的方向，需要使电流方向改变、或磁场方向改变，如果同时改变磁场方向和电流方向，则安培力的方向不变，故C正确、ABD错误。
故选：C。
20．解：用电饭煲煮饭，当饭熟后，它会自动换为保温状态，要控制温度，所以其使用的传感器是温度传感器，故A正确，BCD错误。
故选：A。
选做题B组（选修3-1）
21．解：A、梳过头发的塑料梳子吸起纸屑，是利用摩擦起电原理，与静电现象有关，故A错误；
B、电磁灶加热食物的原理是电磁感应，与静电现象无关，故B正确；
C、复印机硒鼓吸附墨粉是与静电现象有关，故C错误；
D、油罐车运送油品时，必须安装一条拖地的铁链，是为了将摩擦产生的静电荷能及时导走，与静电现象有关，故D错误。
故选：B。
22．解：两个相同的金属小球，带电荷量分别为﹣2q和+6q，将它们接触后，两球的带电荷量均为＝2q
由库仑定律可知此时的静电力大小为：F＝k＝k，故A正确，BCD错误。
故选：A。
23．解：AB、正电荷的受力方向与电场线方向相同，所以电荷所受电场力方向与该点电场线切线方向一致，故A错误、B正确；
CD、电场线是曲线，电荷由静止释放，如果沿电场线方向运动，则没有力提供向心力，故电荷运动轨迹不可能与电场线重合，故CD错误。
故选：B。
24．解：A、正电荷周围任意两点间的电势差不一定是正的，与两点的顺序有关系，如A点的电势高于B点的电势，则A、B两点的电势差是正的，B、A两点的电势差是负的，故A错误；
B、同理，负电荷周围任意两点间的电势差不一定是正的，故B错误；
C、电势能与电势和电荷量均有关，放入电场中的电荷带电量越大，电势能不一定越小，如电荷带正电，电势为正值，则电势能越大，故C错误；
D、放入电场中的电荷克服电场力做功，电势能一定增大，故D正确。
故选：D。
25．解：根据电阻定律R＝可知，选用同材质、较粗时，横截面积大，选用较短的电阻丝时，长度短，此时电阻变小，故A错误；
B、根据电阻定律R＝可知，选用同材质、同粗细但较短的电阻丝，此时电阻变小，故B错误；
C、根据电阻定律R＝可知，选用同材质、同长度但较粗的电阻丝，此时电阻变小，故D错误；
D、根据电阻定律R＝可知，仅增加电阻丝的长度，此时电阻增大，故D正确；
故选：D。
26．解：闭合开关K后，将滑动变阻器滑片P向左移动，变阻器的有效电阻变小，外电路总电阻变小，根据闭合电路欧姆定律知，电路中电流变大，则电流表的示数变大。
电路中电流变大，电源的内电压变大，则路端电压变小，即电压表的示数变小，故ABD错误，C正确。
故选：C。
27．解：因为磁场垂直纸面向里，所有粒子进入磁场后均向右偏转，由左手则知，这些粒子全部带正电，故B正确，ACD错误。
故选：B。
28．解：A、为减小实验误差，实验时应用螺旋测微器在金属丝三个不同部位各测量一次直径，算出其平均值，故A错误；
B、为减小实验误差，需要用米尺量出金属丝接入电路的长度三次，算出其平均值，故B错误；
C、实验中通电电流不宜过大，通电时间不宜过长，否则，温度升高，导体的电阻会明显改变，故C正确；
D、读各电表的示数时，要估读一位，故D错误。
故选：C。
三、非选择题，本大题包括3小题，共40分．
29．解：（1）电火花打点计时器的工作电压为220V的交流电，若所使用的电源频率为50Hz，则它是每隔T＝＝0.02s打一个点；
（2）根据匀变速直线运动的规律可知，打点3时重物的速度大小为：＝＝1.56m/s
（3）当重力势能的减少量等于动能的增加量时，机械能守恒，则有：mg（h1﹣h4）＝
即为：2g（h1﹣h4）＝
故答案为：（1）交流，0.02；（2）1.56；
（3）2g（h1﹣h4）＝。
30．解：（1）在MN阶段，由于关闭动力，对列车受力分析，受到重力，支持力和阻力；
（2）列车沿OP轨道下坡的过程中，重力做正功，重力势能减小，由于列车速度增大，动能增大；
（3）节能坡”在列车上坡过程中，把动能转化为列车的重力势能，当列车开始运动后，列车要下坡，把列车的重力势能转化为列车的动能，从而起到节能降耗的作用；
答：（1）列车受到重力，支持力和阻力；
（2）列车沿OP轨道下坡的过程中，重力势能减小，动能增大；
（3）节能坡”在列车上坡过程中，把动能转化为列车的重力势能，当列车开始运动后，列车要下坡，把列车的重力势能转化为列车的动能，从而起到节能降耗的作用；
31．解：（1）货物在传送带上先做匀加速运动，根据牛顿第二定律得：
μ1mg＝ma1
得：a1＝μ1g＝4m/s2
货物的速度增加至v＝2m/s时所用时间为：t1＝＝s＝0.5s
货物匀加速运动通过的位移为：x＝＝×0.5m＝0.5m＜l＝2m
此后货物做匀速运动，所用时间为：t2＝＝s＝0.75s
故所求时间为：t＝t1+t2＝1.25s
（2）货物在斜坡上下滑时机械能守恒，则有：
mgh+＝
可得货物滑至斜坡底端时的速度大小为：v′＝2m/s
货物在水平地面上滑行的加速度大小为：a2＝＝μ2g＝3m/s2
货物在地面上的滑行距离为：s＝＝m＝4m
答：（1）货物在传送带上经历的时间是1.25s；
（2）货物在地面上的滑行距离是4m。