教科版(2019)高中物理 必修第一册 4.6 牛顿运动定律的应用课件

文档属性

名称 教科版(2019)高中物理 必修第一册 4.6 牛顿运动定律的应用课件
格式 ppt
文件大小 3.5MB
资源类型 教案
版本资源 教科版(2019)
科目 物理
更新时间 2020-09-09 19:11:45

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文档简介

第6节 牛顿运动定律的应用
学习目标要求
核心素养和关键能力
1.进一步学习分析物体的受力情况,并能结合物体的运动情况进行受力分析。
2.知道动力学的两类问题。理解加速度是解决两类动力学问题的桥梁。
3.熟练掌握应用牛顿运动定律解决问题的方法和步骤。
1.科学思维
能用牛顿运动定律相关的证据表达自己的观点;能从不同的角度解决动力学问题,具有质疑和创新的意识。
2.关键能力
分析解决实际问题的能力。
牛顿运动定律的应用
1.动力学方法测质量:如果已知物体的受力情况和运动情况,可以求出它的________,进一步利用______________求出它的质量。
2.从受力确定运动情况:如果已知物体的受力情况,可以由牛顿第二定律求出物体的________,再通过______________确定物体的运动情况。
3.从运动情况确定受力:如果已知物体的运动情况,根据运动学规律求出物体的________,结合受力分析,再根据______________求出力。
加速度
牛顿第二定律
加速度
运动学的规律
加速度
牛顿第二定律
[判一判]
(1)根据物体加速度的方向可以判断物体所受合外力的方向。( )
(2)物体运动状态的变化情况是由它的受力决定的。( )
(3)物体运动状态的变化情况是由它对其他物体的施力情况决定的。( )


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如图,滑梯的倾角为θ,一个小孩从静止开始下滑,小孩与滑梯间的动摩擦因数为μ,滑梯长度为L,怎样求小孩滑到底端的速度和需要的时间?
■情境导入
探究
根据受力确定运动情况
■归纳拓展
1.问题界定:根据物体受力确定运动情况,指的是在物体的受力情况已知的条件下,判断出物体的运动状态或求出物体的速度和位移等物理量。
2.解题思路
3.解题步骤
(1)确定研究对象,对研究对象进行受力分析,并画出物体的受力图。
(2)根据力的合成与分解,求出物体所受的合外力(包括大小和方向)。
(3)根据牛顿第二定律列方程,求出物体运动的加速度。
(4)结合物体运动的初始条件,选择运动学公式,求出所需求的运动学量——任意时刻的位移和速度以及运动轨迹等。
[例1] 如图所示,在海滨游乐场里有一种滑沙运动。某人坐在滑板上从斜坡的高处A点由静止开始滑下,滑到斜坡底端B点后,沿水平的滑道再滑行一段距离到C点停下来。若人和滑板的总质量m=60.0 kg,滑板与斜坡滑道和水平滑道间的动摩擦因数均为μ=0.5,斜坡的倾角θ=37°(sin 37°=0.6,cos 37°=0.8),斜坡与水平滑道间是平滑连接的,整个运动过程中空气阻力忽略不计,重力加速度取g=10 m/s2。求:
(1)人从斜坡上滑下的加速度为多大?
(2)若由于场地的限制,水平滑道BC的最大长度L=20.0 m,则斜坡上A、B两点间的距离应不超过多少?
解析 (1)人和滑板在斜坡上的受力如图所示,建立直角坐标系。
设人和滑板在斜坡上滑下的加速度为a1,
由牛顿第二定律得
mgsin θ-f=ma1,
N-mgcos θ=0,
其中f=μN,
联立解得人和滑板滑下的加速度为
a1=g(sin θ-μcos θ)=2.0 m/s2。
(2)人和滑板在水平滑道上受力如图所示。
由牛顿第二定律得N′-mg=0,
f′=ma2,其中f′=μN′,
联立解得人和滑板在水平滑道上运动的加速度大小为a2=μg=0.5×10 m/s2=5.0 m/s2,
联立解得LAB=50.0 m。
答案 (1)2.0 m/s2 (2)50.0 m
[针对训练1] 如图所示,一根足够长的水平杆固定不动,一个质量m=2 kg 的圆环套在杆上,圆环的直径略大于杆的截面直径,圆环与杆的动摩擦因数μ=0.75。对圆环施加一个与水平方向成θ=53°角斜向上、大小为F=25 N的拉力,使圆环由静止开始做匀加速直线运动(sin 53°=0.8,cos 53°=0.6,g取10 m/s2)。求:
(1)圆环对杆的弹力大小;
(2)圆环加速度的大小;
(3)若拉力F作用2 s后撤去,圆环在杆上滑行的总距离。
解析 (1)分析圆环的受力情况如图甲所示。
将F正交分解,F1=Fcos θ=15 N,F2=Fsin θ=20 N
因G=20 N与F2大小相等,故圆环对杆的弹力为0。
(2)由(1)可知,在拉力F作用下,环不受摩擦力,由牛顿第二定律可知:
F合=F1=ma1,代入数据得a1=7.5 m/s2。
(3)由(2)可知,撤去F时圆环的速度v0=a1t1=15 m/s
撤去F后圆环受力如图乙所示
根据牛顿第二定律
μmg=ma2得a2=7.5 m/s2
圆环的速度与加速度方向相反,做匀减速直线运动直至静止,取v0方向为正方向,则v0=15 m/s,a2=-7.5 m/s2
由运动学公式可得:撤去F后圆环滑行的位移
答案 (1)0 (2)7.5 m/s2 (3)30 m
1.问题界定
根据物体运动情况确定受力情况,指的是在物体的运动情况(如物体的运动性质、速度、加速度或位移)已知的条件下,求出物体所受的力。
2.解题思路
探究
根据运动情况确定受力
3.解题步骤
(1)确定研究对象,对研究对象进行受力分析和运动过程分析,并画出受力图和运动草图。
(2)选择合适的运动学公式,求出物体的加速度。
(3)根据牛顿第二运动定律列方程,求物体所受的合外力。
(4)根据力的合成与分解的方法,由合外力求出所需求的力。
[例2] 一辆汽车在恒定牵引力作用下由静止开始沿直线运动,4 s内通过8 m的距离,此后关闭发动机,汽车又运动了2 s停止,已知汽车的质量m=2×103 kg,汽车运动过程中所受的阻力大小不变,求:
(1)关闭发动机时汽车的速度大小;
(2)汽车运动过程中所受到的阻力大小;
(3)汽车牵引力的大小。
解析 (1)汽车开始做匀加速直线运动,则
由牛顿第二定律得-f=ma2,
解得f=4×103 N。
(3)开始加速过程中加速度为a1,
答案 (1)4 m/s (2)4×103 N (3)6×103 N
[针对训练2] 一物体静止在水平地面上,若给物体施加一水平推力F,使其做匀加速直线运动。物体与地面间的动摩擦因数为0.4,物体的质量为10 kg,在开始运动后的第6 s内发生的位移为11 m,g取10 m/s2。求所施加的力F的大小。
解得a=2 m/s2
由牛顿第二定律有F-μmg=ma
F=ma+μmg=10×2 N+0.4×10×10 N=60 N
答案 60 N
科学思维之模型构建——斜面运动模型
【题目示例】
如图甲所示,在高速公路的连续下坡路段通常会设置避险车道,供发生紧急情况的车辆避险使用,本题中避险车道是主车道旁的一段上坡路面。一辆货车在行驶过程中刹车失灵,以v0=90 km/h的速度驶入避险车道,如图乙所示。设货车进入避险车道后牵引力为零,货车与路面间的动摩擦因数μ=0.30,取重力加速度大小g=10 m/s2.
(1)为了防止货车在避险车道上停下后发生溜滑现象,该避险车道上坡路面的倾角θ应该满足什么条件?设最大静摩擦力等于滑动摩擦力,结果用θ的正切值表示;
(2)若避险车道路面倾角为15°,求货车在避险车道上行驶的最大距离。(已知sin 15°=0.26,cos 15°=0.97,结果保留2位有效数字。)
【建模思路】
【模型分析】 木块沿斜面向上滑动过程中,合外力为μmgcos θ+mgsin θ,方向沿斜面向下,减速运动到最高点后,有两种可能的运动状态:若μmgcos θ【题例解答】
解析 (1)对货车进行受力分析,可得货车的最大静摩擦力等于滑动摩擦力为
f=μmgcos θ
而货车重力在沿斜面方向的分量为
F=mgsin θ
若要货车在避险车道上停下后不发生溜滑现象,则需要f>F
即mgsin θ<μmgcos θ
解得tan θ≤μ
则当tan θ≤μ时,货车在避险车道上停下后不会发生溜滑现象。
(2)设货车在避险车道上的加速度为a,根据牛顿第二定律F合=ma
得F合=mgsin θ+μmgcos θ=ma
解得a=gsin θ+μgcos θ=10×(0.26+0.3×0.97) m/s2=5.51 m/s2
设货车在避险车道上行驶的最大距离为x,v0=90 km/h=25 m/s,
答案 (1)tan θ≤μ (2)57 m
【建模感悟】 并非只有木块在斜面上运动才为斜面运动模型,【题目示例】中的货车、可以看作“木块”,可以想到,各类形状的物体,在重力、弹力、滑动摩擦力作用下,在斜面上的运动,其运动均符合斜面运动模型。涉及计算时,需要特别注意摩擦力的方向。