高中物理教科版选修3-1练习题 2.6 焦耳定律 电路中的能量转化 Word版含解析

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名称 高中物理教科版选修3-1练习题 2.6 焦耳定律 电路中的能量转化 Word版含解析
格式 DOC
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资源类型 教案
版本资源 教科版
科目 物理
更新时间 2020-10-22 12:22:03

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文档简介

一、单项选择题
1.有四盏电灯,如图所示连接在电路中,L1和L2都标有“220 V 100 W”字样,L3和L4都标有“220 V 40 W”字样,把电路接通后,下列说法正确的是( D )
A.L1和L4一样亮 B.L2和L3一样亮
C.L3比L4亮 D.L1比L2亮
解析:根据串联电路的电压分配原则知L2、L3两端的电压最小,L4两端的电压最大.根据并联电路的电流分配原则知通过L3的电流小于通过L2的电流.由此可知L4最亮,L1次之,L3最暗.选项D正确.
2.室内有几种用电器:1.5 kW的电饭煲、200 W的电冰箱、750 W的取暖器、250 W的电视机和2 kW的空调器.如果进线处有13 A的保险丝,供电电压为220 V,下列情况下不可能同时使用的是( C )
A.电饭煲和电冰箱
B.取暖器和空调器
C.电饭煲和空调器
D.电冰箱、电视机和空调器
解析:电路中允许的最大功率为Pm=UI=2 860 W.用电器的功率之和大于Pm时,用电器就不可能同时使用,故选C.
3.功率为10 W的发光二极管(LED灯)的亮度与功率为60 W的白炽灯相当.根据国家节能战略,2016年前普通白炽灯应被淘汰.假设全国按5.5亿用户,每户家庭有2只60 W的白炽灯,均用10 W的LED灯替代,估算出全国一年节省的电能最接近( B )
A.8×108 kW·h B.8×1010 kW·h
C.8×1011 kW·h D.8×1013 kW·h
解析:该题考查电能的估算问题.解题思路是一年按365天,全国按5.5亿用户,每天按4小时估算.考查应变能力.2只节能灯比2只白炽灯节省的功率为100 W,即0.1 kW,所以一年节约的电能E=0.1×4×365×5.5×108 kW·h≈8×1010 kW·h,B选项正确.
4.三个阻值相同的灯泡,其允许消耗的最大功率都是10 W,现将其中的两只灯泡串联起来后再与第三只灯泡并联接在电路中,则整个电路允许消耗的最大功率为( C )
A.30 W B.20 W
C.15 W D.10 W
解析:
连接后电路如图,其中L3两端电压最高,它消耗的电功率为10 W时,因L1与L2串联,且电阻相等,则分配在L1与L2两灯电压都是灯L3两端电压的一半.
所以P1=P2===
= W=2.5 W
则整个电路消耗的功率P=P1+P2+P3=(2.5+2.5+10) W=15 W.
5.改革开放以来,人们的生活水平和生活质量有了较大的改善,电冰箱、空调机、电视机等家用电器得到了普遍使用.根据下图中铭牌上提供的信息,判断在12小时内正常使用的电冰箱与连续运转的电风扇消耗电能的情况是( B )
 
A.电冰箱比电风扇多
B.电风扇比电冰箱多
C.电风扇与电冰箱一样多
D.电冰箱比电风扇可能多,也可能少
解析:依据电冰箱铭牌可知,
电冰箱在12 h内耗电0.25 kW·h,
而电风扇在12 h内耗电W=Pt=0.78 kW·h,
故B项正确.
6.在研究微型电动机的性能时,应用如图所示的实验电路.当调节滑动变阻器R使电动机停止转动时,电流表和电压表的示数分别为0.50 A和2.0 V.重新调节R使电动机恢复正常运转,此时电流表和电压表的示数分别为2.0 A和24.0 V,则这台电动机正常运转时的输出功率为( A )
A.32 W B.44 W
C.47 W D.48 W
解析:电动机不转时,可得电动机的内阻为r==4 Ω;电动机正常运转时,有UI=I2r+P出,得到电动机正常运转时的输出功率为P出=32 W.
7.如图所示,A、B两点间电压为18 V,R1=0.2 Ω,电动机M的内阻也是0.2 Ω,线路中的电流是25 A,则此电路中电能转化为机械能的效率是( D )
A.72% B.28%
C.55.6% D.44.4%
解析:电路中总的电功率P=UI=450 W,电路中的电热功率P热=I2(R+r)=250 W,则电路中电能转化为机械能的效率为η=×100%≈44.4%.
二、多项选择题
8.电饭锅工作时有两种状态,一种是锅内水烧开前的加热状态,另一种是锅内水烧开后的保温状态,如图所示是电饭锅电路原理示意图,S是用感温材料制造的开关,下列说法正确的是( ABD )
A.其中R2是供加热用的电阻丝
B.当开关S接通时电饭锅为加热状态,S断开时为保温状态
C.要使R2在保温状态时的功率为加热状态的一半,应为2?1
D.要使R2在保温状态时的功率为加热状态的一半,应为(-1)?1
解析:由电路图可知,当S闭合时,只有R2中有电流,当S断开时,R1、R2串联,所以断开时电路的电功率较小,而闭合时电路的功率较大,故R2是供加热用的电阻丝,A、B选项正确;要使保温功率为加热功率的一半,由P=I2R2可知,电流应为I,则=I,=I,得R1?R2=(-1)?1.故D选项正确.
9.通常一次闪电过程历时约0.2~0.3 s,它由若干个相继发生的闪击构成.每个闪击持续时间仅40~80 μs,电荷转移主要发生在第一个闪击过程中.在某一次闪电前云地之间的电势差约为1.0×109 V,云地间距离约为1 km;第一个闪击过程中云地间转移的电荷量约为6 C,闪击持续时间约为60 μs.假定闪电前云地间的电场是均匀的.根据以上数据,下列判断正确的是( AC )
A.闪电电流的瞬时值可达到1×105 A
B.整个闪电过程的平均功率约为1×1014 W
C.闪电前云地间的电场强度约为1×106 V/m
D.整个闪电过程向外释放的能量约为6×106 J
解析:I== A=105 A
E== V/m=106 V/m W=Uq=6×109 J
P== W=3×1010 W.
10.如图所示,电阻R1=20 Ω,电动机绕线电阻R2=10 Ω,当开关S断开时,电流表的示数是I1=0.5 A,当开关S合上后,电动机转动起来,电路两端的电压不变,电流表的示数I和电路消耗的电功率P应是( BD )
A.I=1.5 A B.I<1.5 A
C.P=15 W D.P<15 W
解析:当开关S断开时,电动机没有通电,欧姆定律成立,所以电路两端的电压U=I1R1=10 V;当开关合上后,电动机转动起来,电路两端的电压U=10 V,通过电动机的电流应满足I2U>IR2,所以I2<1 A.所以电流表的示数I<1.5 A,电路消耗的电功率P<15 W,即B、D正确.
三、非选择题
11.一辆电动自行车的铭牌上给出了如下的技术参数表,
质量为M=70 kg的人骑此电动自行车沿平直公路行驶,所受阻力Ff恒为车和人总重的k=0.02倍.取g=10 m/s2,求:
(1)此车电机在额定电压下正常工作的效率.
(2)仅在电机以额定功率提供动力的情况下,人骑车行驶的最大速度.
(3)仅在电机以额定功率提供动力的情况下,当车速为v1=1.0 m/s时,人骑车的加速度.
答案:(1)85.7% (2)6.0 m/s (3)1.0 m/s2
解析:(1)由表可知,电机的额定电压为U0=40 V、额定电流为I0=3.5 A,所以电机正常工作时输入功率为
P入=U0I0=140 W
又因电机的输出功率为P出=120 W,
所以电机的效率为η=≈85.7%.
(2)行驶时所受阻力为Ff=k(M+m)g式中m为车的质量.
当达到最大速度vmax时,应有P出=Ffvmax,
所以最大速度vmax==6.0 m/s.
(3)当车速为v1=1.0 m/s时,牵引力F==120 N.
设此时车的加速度为a,根据牛顿第二定律F-Ff=(M+m)a,解得a=1.0 m/s2.
12.一台电风扇的额定功率是60 W,内阻为2 Ω,当它接在220 V的电压下正常运转,求:
(1)电风扇正常运转时,通过它的电流多大?每秒钟有多少电能转化为机械能?
(2)若接上电源后,电风扇因故不能转动,这时通过它的电流多大?电风扇实际消耗的电功率多大?此时可能会发生什么问题?
答案:(1)0.27 A 59.85 J (2)110 A 24 200 W 电风扇将被烧坏
解析:(1)电风扇正常运转,消耗的电功率为额定功率P=UI 所以I== A≈0.27 A 由能量守恒W=Q+E得:E=Pt-I2Rt≈59.85 J.
(2)电风扇不转动,相当于纯电阻,由欧姆定律得通过电风扇的电流I′== A=110 A.实际消耗的电功率
P′== W=24 200 W.
由于电风扇实际消耗的功率远大于额定功率,且电能全部转化为内能,电风扇将被烧坏.
13.两用电器A和B上分别标有“110 V 12.1 Ω”和“110 V
6.05 Ω”.现将A、B串联接在电压为220 V的电源两端,电源内阻不计,且A和B均为电阻元件.试计算用电器A和B的实际功率,并说明哪一个用电器可能被烧毁.
答案:1 778 W 889 W 用电器A可能被烧毁
解析:用电器A、B串联后,R总=RA+RB=18.15 Ω,总电流I==A.PA=I2RA=×12.1 W≈1 778 W>P额A= W= 1 000 W;PB=I2RB=×6.05 W≈889 W