吉林省长春市三中2020-2021学年高一物理晨测练习（二）

长春三中晨测练习（二）
学校:___________姓名：___________班级：___________考号：___________
一、单选题（本大题共6小题，共24.0分）
关于速度，下列说法中正确的是（?
）
A.
速度保持不变的运动一定是匀速直线运动
B.
平均速度的大小通常叫平均速率
C.
平均速度等于这段时间始末速度之和的一半
D.
平均速度为瞬时速度的平均值
下列物理量是标量的是?
?
（?
?）
A.
位移
B.
路程
C.
速度
D.
加速度
如图，质量为m的小圆板与轻弹簧相连，把轻弹簧的另一端固定在内壁光滑的圆筒底部，构成弹射器．用弹射器竖直射物体，关于弹射时的分析正确的是（　　）
A.
弹射瞬间，圆板受到的合力为零
B.
弹射瞬间，小圆板加速度为g
C.
弹射时弹簧处于拉伸状态
D.
弹射时弹簧处于压缩状态
下列说法正确的是（　　）
A.
高速公路上限速牌上的速度值一定是指平均速度
B.
研究电子绕原子核的转动时，可以把原子看作质点
C.
运动员的链球成绩是指球从离开手到落地的位移大小
D.
加速度数值很大的运动物体，速度可以很小
关于速度和加速度，下列说法中正确的是（）
A.
速度方向改变，加速度方向一定改变
B.
加速度大的物体运动得快
C.
加速度减小时速度也一定减小
D.
加速度不为零时，速度一定会改变
物体在做直线运动，则下列对其运动的描述，正确的是（　　）
A.
当加速度为负值时，则一定是匀减速直线运动
B.
加速度大小不变的运动，一定是匀变速直线运动
C.
加速度恒定（不为零）的直线运动一定是匀变速直线运动
D.
若物体在运动的过程中，速度的方向发生改变，则一定不是匀变速直线运动
二、多选题（本大题共4小题，共16.0分）
关于直线运动，下列说法正确的是（　　）
A.
研究飞往火星的宇宙飞船最佳运行轨道时，飞船可以看成质点
B.
物体在某段时间内的平均速度是3m/s，则物体在1s内的位移一定是3m
C.
表示做事得过且过说“做一天和尚，撞一天钟”，“一天”指时间间隔
D.
物体做自由落体运动的加速度大小与其质量有关
E.
物体的加速度方向保持不变，速度方向不一定保持不变。
运动学中有人想引入“加速度的变化率”，关于“加速度的变化率”，下列说法正确的是（）
A.
从运动学角度的定义，“加速度的变化率”的单位应是m／s3
B.
加速度的变化率为0的运动是匀速运动
C.
若加速度与速度同方向，如图所示的a－t图象，表示的是物体的速度在增加
D.
若加速度与速度同方向，如图所示的a－t图象，已知物体在t＝0时速度为5m／s，则2s末的速度大小为8m／s
在下图给出的图象中，表示物体做匀速直线运动的是
(
)
A.
B.
C.
D.
质量m=2kg、初速度v0=8m/s的物体沿着粗糙的水平面向右运动，物体与地面之间的动摩擦因数μ=0.1，同时物体还要受一个如图所示的随时间变化的水平拉力F的作用，水平向右为拉力的正方向。则以下结论正确的是（取g=10m/s2）（　　）
A.
0s～1s内，物体的加速度大小为2m/s2
B.
1s～2s内，物体的加速度大小为2m/s2
C.
0s～1s内，物体的位移为7m
D.
0s～2s内，物体的总位移为11m
答案和解析
1.【答案】A
【解析】
【分析】
本题考查了对速度和速率的理解，准确掌握彼此间的联系与区别是解题的关键。
根据速度和速率的定义进行解答即可。
【解答】
A.速度是矢量，其保持保持不变，指大小和方向都不变，故A正确；
B.平均速率的计算方法是:,平均速度是计算方法是：,故B错误；
C.只有在匀变速运动中，平均速度等于这段时间始末速度之和的一半；在匀变速运动中，平均速度不一定等于这段时间始末速度之和的一半，故C错误；
D.平均速度是一段时间内物体的速度平均值，瞬时速度是物体在瞬间的速度，根据定义可知，平均速度和瞬时速度无关系，故D错误。
?故选A。
2.【答案】B
【解析】【解答】
本题考查了对矢量和标量的理解，准确掌握矢量和标量的区别时间解题的关键。
既有大小又有方向，相加是遵循平行四边形定则的物理量是矢量，如力、速度、加速度、位移、动量等都是矢量；只有大小，没有方向的物理量是标量，如路程、时间、质量等都是标量。
【解答】
根据矢量和标量的定义可知：位移、速度、加速度都是既有大小也有方向的，都是矢量，只有路程是只有大小没有方向的，是标量，所以B正确，ACD错误。
故选B。
3.【答案】B
【解析】
【分析】
弹射瞬间指的是小球刚好脱离圆板的瞬间，此时球对圆板无压力，根据牛顿第二定律分析小球的加速度，从而知道小圆板的加速度．解决本题的关键要抓住弹射瞬间圆板和小球加速度相同，两者间无弹力，采用隔离法，由牛顿第二定律研究它们的受力情况．
【解答】
解：弹射瞬间小球刚好脱离圆板，此时小球对圆板无压力，以小球为研究对象，由牛顿第二定律知，小球只受重力，加速度为g，方向竖直向下．弹射瞬间，圆板与小球的加速度相同，也为g，所以圆板的合力等于其重力，弹簧处于原长状态，故ACD错误，B正确．
故选：B.
4.【答案】D
【解析】解：A、限速牌上的速度限制的是每一时刻的速度，故为瞬时速度，故A错误；
B、研究电子绕原子核的转动时，不能把原子看作质点，否则就没有转动，故B错误；
C、运动员的铅球成绩测量的是水平位移，不能说是球从离开手到落地的位移大小，故C错误；
D、加速度是描述速度变化快慢的物理量，加速度大，速度变化快，但速度可以很小，比如竖直上抛运动的最高点，加速度为重力加速度，速度为零，故D正确。
故选：D。
明确平均速度和瞬时速度的区别；
知道物体看成质点的条件；
并明确铅球比赛中的成绩测量方法；
加速度等于单位时间内的速度变化量，反映速度变化快慢的物理量。
本题考查质点、平均速度和瞬时速度、位移以及加速度，要注意明确各物理量的性质，解决本题的关键知道加速度的物理意义。
5.【答案】D
【解析】解：A、速度方向改变，加速度方向不一定改变，如平抛运动，故A错误；
B、加速度是反映速度变化快慢的物理量，则加速度大的物体运动不一定快，故B错误；
C、当加速度方向与速度方向相同时，做加速运动，加速度虽然减小，但速度增大，故C错误；
D、物体有加速度，速度必然改变，所以加速度不为零时，速度一定改变，故D正确．
故选：D
6.【答案】C
【解析】解：A、若速度也为负值，加速度保持不变时，物体是做匀加速直线运动，故A错误；
B、加速度是矢量，加速度大小不变，若方向改变，则加速度是变化的，物体不是做匀变速直线运动，故B错误，C正确；
D、速度的方向发生改变，也可能加速度保持不变，即可能为匀变速直线运动，例如物体在做匀减速直线运动时，当速度减小到零后，运动的方向会发生改变，物体做反向匀加速运动。D错误。
故选：C。
明确加速度的性质，知道加速度和速度方向相同时，物体做加速运动，方向相反时做减速运动。
本题考查对加速度的理解，要注意明确加速度和速度均为矢量，二者的方向关系决定了物体的运动性质。
7.【答案】ACE
【解析】解：A、研究飞往火星宇宙飞船的最佳运行轨道时，飞船的形状对于轨道没有影响，可以忽略，能看成质点，故A正确；
B、物体在某段时间内的平均速度为3m/s，并不代表任意时间内的平均速度为3m/s，所以物体在任意1s内位移不一定等于3m，故B错误。
C、“做一天和尚撞一天钟”“一天”，对应的是一个过程，是持续的量，表示时间间隔，故C正确。
D、自由落体运动的加速度大小与其质量无关，故D错误。
E、物体做匀减速运动，速度减为0后，方向改变，但加速度方向不变，故E正确。
故选：ACE。
当物体的形状、大小对所研究的问题没有影响时，我们就可以把它看成质点，根据把物体看成质点的条件来判断即可。平均速度等于位移与时间的比值，时间是指时间的长度，在时间轴上对应一段距离，时刻是指时间点，在时间轴上对应的是一个点。加速度的方向就是物体速度变化量的方向，与物体速度的方向无关。
本题考查质点、时间与时刻平均速度等物理量的概念，明确看成质点的条件，注意时间与时刻的区别，难度不大，属于基础题。
8.【答案】ACD
【解析】
【分析】
“加速度的变化率”是采用比值法定义的物理量，定义式反应物理量大小和单位之间的关系；加速度与速度同向时，物体加速运动，加速度与速度反向时，物体减速运动；根据微元法可知a-t图像与轴所围图形的面积表示该段时间内的速度变化。
该题考查了微元、比值法等物理方法，能够和已经掌握的知识形成类比，才能灵活应用。
【解答】
A.“加速度的变化率”为单位时间内加速度的变化，定义式为，故单位为m／s3，故A正确；
B.加速度的变化率为0，即表示加速度不随时间变化，为匀加速运动，故B错误；
C.加速度与速度同向时，物体加速运动，反向时，物体减速运动，故C正确；
D.若加速度与速度同方向,物体做加速运动，图像与轴所围图形的面积表示2s内速度的增量，,所以2s末的速度为8m/s,方向一定与初速度方向一致，故D正确。
故选ACD。
9.【答案】AD
【解析】
【分析】
看清楚图象中的横坐标和纵坐标所代表的物理量，再根据图象的形状判断物理量间的关系或变化规律。
图象能直观形象地表示两个物理量之间的变化规律，是物理上常用的研究物理物体的方法。
【解答】
A、图象表示物体的速度不随时间发生变化，是匀速直线运动；故A正确；
B、图象表示物体的速度随时间均匀减小，是匀减速直线运动；故B错误；
C、图象表示物体的速度随时间均匀增大，是匀加速直线运动；故C错误；
D、图象表示通过的位移与时间成正比，即物体的速度不变，是匀速直线运动；故D正确；
故选AD。
10.【答案】BD
【解析】解：A、0-1s内，对物体受力分析：
由牛顿第二定律可得：F+μmg=ma1
得，故A错误；
B、1-2s内受力分析：
由牛顿第二定律可得：F-μmg=ma2
得a2=2m/s2故B正确
C、1s末的速度v1=v0-a1t1=8-4×1m/s=4m/s
向右的位移
，故C错误；
D、2s末的速度为v2=v1+a2t=4+2×1=6m/s
位置右移
总位移为x=x1+x2=11m，方向向右，故D正确；
故选：BD。
根据牛顿第二定律求出0-1s内的加速度，结合速度时间公式和平均速度公式求出0-1s内的位移，根据牛顿第二定律求出1-2s内的加速度，结合速度时间公式和平均速度公式求出1-2s内的位移，从而求出总位移。
解决本题的关键理清物体的运动规律，结合牛顿第二定律和运动学公式灵活求解，知道加速度是联系力学和运动学的桥梁。
第2页，共2页
第1页，共1页