内江六中22级第三期中期考试
物理试卷(总分
分;时间:90分钟)
单选题
4分)
描述
A、摩擦起电的实质是通过外力做功从而产
场
场力成正比
荷量成反
值最
科学家密立根通过油滴实验测得的
电场强度为零处,电势也一定为零
图A、B是两个等量异种点
两点
在连线的中垂线
之
离相等
1、2两点电场强度相
两点电势相等
两点电场强度大小相等方向相
势高于5点电势
场中,将
荷从a点移到b点,电场力做
点的电场强
点
场线方向一定从b指
点的电势一定比
荷的动能一定减
图所示电路,闭合电键S,滑动变阻器的滑片向左滑动
的是(
A、电流表A的示数增大
B、电流表
如果保持滑动变阻器的
示数都减
如图甲所
光滑水平
两个小球发生正碰
质量分
图乙为它们碰撞前后的
图象。已知
mi
判断()
A、碰前
动,m1匀加速运动
碰后m2和
右运动
4994
动量守
D、碰撞过程中系统损失了
机械能
利用电容传感器可检测矿井渗水,及时发出安全警报
避免事
故的发生。如图所示是一种通
容
的变化来检测矿井中液
高低的仪器原
定的导体芯,B为
层绝缘三
物质,C
(矿井中含有杂质的水
C构成电容器。已知
敏电流
指针偏转方
流从哪侧流入电流
二2222222二二
表则电流表指针向哪侧偏转。若矿井渗
体深度h增大)
A、指针向右偏转,A,C构成
指针向左偏转,A,C构成的电容器
指针向右偏转,A
成的电容器放电D、指针向左偏转
C构成
放
用半导体材料制成的电阻
压U的关系图象如图
标准电阻
并联后接在电压恒为
源两端
耗
率相同,现将它们连接成如图(b)所示的电路,仍接
源的两端,设
消耗的电功率分别是
(a
(b)
大小关系是()
8、如图所
竖直平面内有水平向右、场强为E=1
的匀强电场。在匀强电场中有一根
绝缘细线,一端固定在
另一端系一质量为0.08kg
线
方向成
若小球获得初速度恰能
绕O点在竖直平
运动,取小球在静止时的位置为电势能零
和重力势能零点
球在运动至圆周轨迹上的最高点时有机械能的最小值
球绕o点在竖直平面内做圆周运动的电势能和机械能之和保持不变,且为
多选题(4×4=16分,选对
分,选对但不全得2分,有错得0分
为电解槽,M为电动机,N为
压
内
断开时,电流表A示数为
S2闭合、S1、S3断开时,A的示数为
动机输出功率为35W
数为
炉子N的电阻为2Ω,接通S1时N消耗的功率为
机M的线圈电阻
消耗的功率为60W
输
的功率为16
质量为m的均匀木块静止在光滑水平
木块
位拿着完全相同步枪和子
射
首先左侧开枪
水平射入木块的最大深度为d1,待子
弹与木块共速后右侧开枪,子弹水平射入木块的最大深度为d2。子弹
未射穿木块,且两颗子弹与木块
作用力大小均相同
确的为
最终木块
动
最终木块静止不动
图所示,是两个电源的路端电压U和电流
图线,则下列说法正确
当I1=I2时,电源总功率P1=P
时,外电阻
当
源输出功率
源内部消耗的电功率
所示,长为
倾角为θ=370的光滑绝缘斜面处
的匀强电场内江六中22级第三期中期考试
物理答案
一、单选题（8×3=24分）
1
2
3
4
5
6
7
8
C
A
C
C
C
B
D
A
二、多选题（4×4=16分，选对选得4分，选对但不全得2分，有错得0分）
9
10
11
12
AD
BC
AD
BD
三、实验题（每空2分，共20分）
13、（1）
__9.270______mm。
（2）
10.98
mm
14（1）___C_____；___D_____；__G______。
（2）
0.33A
。
（3）请在虚线框中画出上实验的电路原理图（无错2分，只要有错就不得分）
15、（1）
BD
（2）m1·OP＝m1·OM＋m2·ON（3）m1·OP2＝m1·OM
2＋m2·ON2
四、计算（4个小题，共40分）
16、（6分）
（1）A到B过程，UAB＝－＝
V＝200
V
.....................
................（1分）
UBC＝＝
V＝－300
V.
UAB＝φA－φB
UBC＝φB－φC
所以UAC＝UAB＋UBC＝－100
V
.....................
........（1分）
（2）若φB＝0
,则φA＝UAB＝200
V
.....................
............（1分）
φC＝φB－UBC＝0－(－300
V)＝300
V........
.....................（1分）
EpA＝－qφA＝－6×10－4
J
........
.....................
........（1分）
Epc＝－qφC＝－9×10－4
J........
.....................
........（1分）
17.（8分）
（1）由题意：继续向右移动滑片P至另一位置，电压表示数变大，量程0—15V;
........（1分）
电流表示数变小，0—0.6A。电流表示数为0.15A。
........（1分）
（2）
R并＝
Ω＝4Ω，
................（1分）
根据闭合电路欧姆定律得：
电流表示数为0.3A时，干路电流0.9A
................（1分）
E＝2.5＋0.9（r+
R并）
................（1分）
电流表示数为0.15A时，干路电流0.45A
................（1分）
E＝5＋0.45（r+
R并）
................（1分）
解得：E=7.5v
................（1分）
（12分）
（1）子弹打穿木块的过程中，子弹与木块系统动量守恒，由动量守恒定律得
m0v0＝m0v1＋mvA
................（2分）
解得vA
＝3
m/s...................（1分）
（2）木块在木板上滑动直到共速，由动量守恒定律得
mvA=（M+m）v共................（2分）
v共＝1
m/s.................（1分）
（3）由能量守恒可得mvA2＝Q＋(m＋M)v共2
................（2分）
Q＝3J................（1分）
Q＝μmgL
................（2分）
L
＝3m................（1分）
（14分）（1）在电场I中由动能定理得：eEL＝mv2................（2分）
v＝
................（1分）
在电场II中做类平抛运动vt=L................（1分）
eE＝ma
................（1分）
y1＝at2＝方向向下................（1分）
y＝-=
坐标（-2L，）即D点离开................（1分）
(3)设释放点的位置坐标为（x，y）
在电场I中由动能定理得：eEx＝mv02................（1分）
在电场II中做类平抛运动L＝v0
t，
eE＝ma
，
y＝at2................（1分）
解得
y＝.................（1分）
（4）设释放点的位置坐标为（x，y）
在电场I中由动能定理得：eEx＝mv02
在电场II中做类平抛运动水平方向的位移L＝t1v0
,
eE＝ma
竖直方向的位移y1＝at12＝.................（1分）
在最左侧区域中匀速运动
水平方向的位移＝t2v0
.................（1分）
竖直方向的位移y2＝at1t2＝.................（1分）
竖直方向的总位移：y＝y1＋y2
＝
即y
＝.................（1分）
