第1章单元评估
题号
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答案
第Ⅰ卷(选择题，共60分)
一、选择题(本题共20小题，每小题3分，共60分)
1．下列有关孟德尔豌豆杂交实验的叙述，正确的是( D )
A．孟德尔在豌豆开花时进行去雄和人工授粉，实现了亲本间的杂交
B．孟德尔研究豌豆花的构造，但无需考虑雌蕊、雄蕊的发育程度
C．孟德尔根据亲本中不同个体的性状表现来判断亲本是否纯合
D．孟德尔利用了豌豆自花传粉、闭花受粉的特性
解析：孟德尔以豌豆作为实验材料，利用了豌豆自花传粉、闭花受粉的特性，这样可避免外来花粉的干扰。进行实验时，要考虑雌蕊和雄蕊的发育程度，在花蕾期进行去雄，待雌蕊成熟时进行人工授粉，以确保实现亲本杂交。孟德尔依据性状是否稳定地遗传给后代，来判断某性状表现个体是否为纯合子。
2．孟德尔选用黄色圆粒豌豆和绿色皱粒豌豆进行两对相对性状的杂交实验，以下说法正确的是( B )
A．只能对黄色圆粒豌豆进行去雄，采集绿色皱粒豌豆的花粉
B．豌豆的黄色和绿色是指子叶的颜色而不是种皮的颜色
C．F2中亲本所没有的性状组合豌豆占总数的7/16
D．对每对相对性状单独进行分析，F2出现1∶2∶1的性状分离比
解析：孟德尔选用黄色圆粒豌豆和绿色皱粒豌豆进行两对相对性状的杂交实验过程中，无论正交还是反交都得到了相同的结论，所以黄色圆粒豌豆既可作为母本也可作为父本，A错误；在孟德尔的杂交实验中，F2出现了亲本的性状组合：黄色圆粒和绿色皱粒，也出现了亲本所没有的性状组合：绿色圆粒和黄色皱粒，前者占总数的10/16，后者占总数的6/16，C错误；孟德尔对每对相对性状单独进行分析，结果发现每对相对性状的遗传都遵循分离定律，即后代的性状分离比为3∶1，1∶2∶1是遗传因子组合类型的分离比，故D错误；豌豆的黄色和绿色是子叶透过种皮的颜色，B正确。
3．下列关于孟德尔豌豆杂交实验的叙述，正确的是( A )
A．杂交时，须在开花前除去母本的雄蕊
B．孟德尔巧妙设计的测交方法只能用于检测F1的遗传因子组成
C．通过测交可以推测被测个体产生配子的数量
D．孟德尔根据亲本中不同个体的性状表现来判断亲本是否纯合
解析：杂交时，须在花蕾期去除母本的雄蕊，A正确；孟德尔巧妙设计的测交方法主要用来检测F1产生的配子种类和比例，从而检测F1的遗传因子组成，B错误；通过测交可以推测被测个体产生配子的种类，而不是配子的数量，C错误；孟德尔根据性状是否能够稳定遗传给后代来判断某表现类型的个体是否为纯合子，D错误。
4．下列关于孟德尔遗传规律的得出过程，说法错误的是( D )
A．豌豆自花传粉、闭花受粉的特点是孟德尔杂交实验获得成功的原因之一
B．统计学方法的使用有助于孟德尔总结规律
C．进行测交实验是为了对提出的假说进行验证
D．分离定律采用了假说—演绎法，自由组合定律未使用
解析：豌豆是自花传粉且闭花受粉的植物，自然状态下是纯种，具有一些稳定的、易于区分的性状，这些使孟德尔得到的实验结果既可靠又易于统计分析；孟德尔运用统计学的方法对较大的实验数据进行处理，得出F2的性状分离比；孟德尔在实验的基础上提出问题，然后提出假说，首创测交方法，用以验证提出的假说。无论是分离定律还是自由组合定律，孟德尔都使用了假说—演绎法，D错误。
5．有关黄色圆粒豌豆(YyRr)自交的表述，正确的是( B )
A．黄色圆粒豌豆(YyRr)自交后代有9种表现型
B．F1产生的配子中，YR和yr的比例为1∶1
C．F1产生YR的雌配子和YR的雄配子的数量比为1∶1
D．自由组合是指YyRr产生的4种雌雄配子自由结合
解析：黄色圆粒豌豆(YyRr)自交后代有9种基因型、4种表现型；F1产生4种配子，且4种配子YR∶Yr∶yR∶yr的比例为1∶1∶1∶1；一般情况下，F1产生YR雄配子的数量比YR雌配子的数量多；自由组合是指YyRr产生配子时，决定不同性状的基因自由组合，不是雌雄配子的自由结合。
6．蜜蜂的雄蜂是由未受精的卵细胞发育而来的，雌蜂是由受精卵发育而来的，蜜蜂的体色褐色相对于黑色为显性，现有褐色雄蜂与黑色雌蜂杂交，则F1的体色将是
( D )
A．全部是褐色
B．雌蜂都是黑色，雄蜂都是褐色
C．褐色∶黑色＝3∶1
D．雌蜂都是褐色，雄蜂都是黑色
解析：假设褐色与黑色分别由A、a基因控制。褐色雄蜂基因型为A，其产生的精子基因型也为A，黑色雌蜂基因型为aa，其产生的卵细胞基因型为a，杂交产生的子代雄蜂基因型与卵细胞相同为a，体色表现为黑色，子代雌蜂基因型为Aa，体色表现为褐色。
7．自由组合定律中的“自由组合”是指( D )
A．带有不同遗传因子的雌雄配子间的组合
B．决定同一性状的成对的遗传因子的组合
C．两亲本间的组合
D．决定不同性状的遗传因子的组合
解析：自由组合定律中的“自由组合”在实质上是指决定不同性状的基因的自由组合。
8．在下列各项实验中，最终能证实基因的自由组合定律成立的是( C )
A．F1个体的自交实验
B．不同类型纯种亲本之间的杂交实验
C．F1个体与隐性个体的测交实验
D．鉴定亲本是否为纯种的自交实验
解析：孟德尔设计的实验程序，可以通过测交来验证F1的遗传因子组成即验证遗传定律的成立。
9．现有甲、乙两株豌豆，甲为黄色豆荚(AA)、黄色子叶(BB)，乙为绿色豆荚(aa)、绿色子叶(bb)，这两对性状独立遗传。由于害虫导致乙的雄蕊被破坏，通过杂交后，乙所结的种子再种下去，则长出的植株所结豌豆的豆荚及子叶表现型之比分别为( B )
A．绿∶黄＝1∶0 黄∶绿＝3∶1
B．黄∶绿＝1∶0 黄∶绿＝3∶1
C．黄∶绿＝3∶1 黄∶绿＝3∶1
D．黄∶绿＝1∶0 黄∶绿＝2∶1
解析：由于乙(aabb)雄蕊被破坏，只能作为母本，接受甲(AABB)的花粉进行受精，所结种子F1的基因型为AaBb。该种子种下去发育成的植株基因型为AaBb。当其再结种子时，所结豆荚为母本子房壁发育而来，颜色由Aa控制，表现为黄色，而子叶是由精卵结合而成的受精卵发育而来，即Bb1BB∶2Bb∶1bb，可见黄子叶∶绿子叶＝3∶1。
10．已知某闭花受粉植物高茎对矮茎为显性，红花对白花为显性，两对性状独立遗传。用纯合的高茎红花与矮茎白花杂交，F1自交，播种所有的F2，假定所有F2植株都能成活，F2植株开花时，拔掉所有的白花植株，假定剩余的每株F2植株自交收获的种子数量相等，且F3的表现型符合遗传的基本定律。从理论上讲F3中表现白花植株的比例为( B )
A．1/4
B．1/6
C．1/8
D．1/16
对于红花和白花这对性状：
F2中有BB、Bb、bb。
如果去除白花(bb)，则BB占，Bb占。
所以F3中基因型为BB、Bb、bb的比例分别为、、。
11．蚕茧的黄色(A)对白色(a)是显性，与蚕茧的颜色有关的基因还有(B、b)，两对基因分别位于两对同源染色体上。现已证明只有A_bb才表现为黄色茧。若两白色茧蚕(AaBb)相互交配，后代中白色茧蚕与黄色茧蚕的比例是( B )
A．3∶1
B．13∶3
C．1∶1
D．15∶1
解析：根据题干信息可知，只有基因型为A_bb时表现型才为黄色茧，AaBb相互交配后，后代的基因型为9种，其中A_bb个体占3/4×1/4＝3/16。
12．孟德尔利用豌豆的一对相对性状的杂交试验得出了基因的分离定律，下列关于孟德尔的遗传学实验的相关叙述中，错误的是( C )
A．豌豆为自花传粉、闭花受粉的植物，自然条件下，一般都是纯种
B．杂交实验过程运用了正反交实验，即高茎(♀)×矮茎(♂)和矮茎(♀)×高茎(♂)
C．两亲本杂交子代表现为显性性状，这一结果既否定融合遗传又支持孟德尔的遗传方式
D．实验中运用了假说—演绎法，“演绎”过程指的是对测交过程的演绎
解析：A.由于豌豆为自花传粉、闭花受粉的植物，自然条件下，一般不受外来花粉的干扰，所以一般都是纯种植物，A正确；B.杂交实验过程运用了正反交实验，即高茎(♀)×矮茎(♂)和矮茎(♀)×高茎(♂)，B正确；C.两亲本杂交子代表现为显性性状，这一结果既不否定融合遗传也不支持孟德尔的遗传方式；而F2出现3∶1的性状分离，否定了融合遗传并且支持孟德尔的遗传方式，C错误；D.通过对测交实验结果的演绎推理，证明等位基因在F1形成配子是分开并进入了不同配子，从而得出分离定律，所以“演绎”过程指的是对测交过程的演绎，D正确。故选C。
13．孟德尔主要通过豌豆的杂交实验，总结出了遗传学的两大基本规律，以下与之有关的说法中，正确的是( C )
A．孟德尔在实验中所运用的科学研究方法叫作假说验证法
B．豌豆是闭花受粉的植物，所以杂交实验不需要套袋
C．F1均表现为高茎，所以高茎是显性性状，矮茎是隐性性状
D．孟德尔通过豌豆杂交实验提出了基因的概念
解析：孟德尔通过豌豆的杂交实验，提出问题，作出假设，并设计测交实验验证，从而总结出遗传学的两大定律，在此过程中运用的研究方法为假说—演绎法。豌豆虽为闭花受粉，但在杂交实验中，去雄时为防止外来花粉干扰，还是需要套袋的。杂交实验中，F1均表现为高茎，所以高茎是显性性状，矮茎是隐性性状。孟德尔在其假说中提出了“遗传因子”的概念，“基因”的概念是由丹麦生物学家约翰逊在1909年提出的。
14．将基因型为Aa的豌豆连续自交，后代中的纯合子和杂合子所占的比例见下图，据图分析，下列说法错误的是( C )
A．a曲线可代表自交n代后纯合子所占的比例随自交代数的变化
B．b曲线可代表自交n代后显性纯合子所占的比例随自交代数的变化
C．隐性纯合子的比例比b曲线所对应的比例要小
D．c曲线可代表后代中杂合子所占比例随自交代数的变化
解析：杂合子(Aa)自交1次，后代中杂合子的概率为1/2，自交n代，Fn中杂合子的概率为(1/2)n，自交代数越多，后代中杂合子的概率越小，故D正确；自交n代，Fn中纯合子的概率为1－(1/2)n，其中显性纯合子和隐性纯合子的概率相等，比例均为[1－(1/2)n]/2，所以自交代数越多，纯合子的概率越接近于1，显性纯合子和隐性纯合子的比例均越接近1/2。
15．已知玉米子粒有色对无色是显性。现对一有色子粒的植株X进行测交，后代中有色子粒与无色子粒的比是1∶3，下列对这种杂交现象的推测不确切的是( C )
A．测交后代有色子粒的基因型与植株X相同
B．玉米子粒的有色和无色遗传遵循基因的自由组合定律
C．玉米子粒的有色和无色是由一对等位基因控制的
D．测交后代中无色子粒的基因型有3种
解析：对有色子粒的植株X进行测交，后代出现有色子粒与无色子粒的比是1∶3，说明玉米的有色和无色应由两对等位基因控制，且有色子粒的基因组成应为双显性，而基因组成为双隐性，一显一隐和双隐性的均表现为无色子粒，测交后代中无色子粒的基因型有3种。
16．已知某植物的抗病(A)和不抗病(a)、花粉长形(B)和花粉圆形(b)、高茎(D)和矮茎(d)三对性状能自由组合。现有4株纯合的植株，其基因型分别为①aaBBDD、②AABBDD、③aaBBdd、④AAbbDD。下列相关叙述不正确的是
( B )
A．任意选择两植株杂交都能验证基因的分离定律
B．欲验证基因的自由组合定律可选用的杂交组合只有①和④、②和③
C．欲培育出基因型为aabbdd的植株。可选择③和④进行杂交
D．欲通过检测花粉验证基因的分离定律可选择④和任意植株杂交
解析：由于任意选择两植株杂交都能产生含有等位基因的后代，所以都能验证基因的分离定律，A正确；欲验证基因的自由组合定律，杂交后代至少含有两对等位基因，可选用的杂交组合有①和④、②和③、③和④，B错误；欲培育出基因型为aabbdd的植株，可选择③和④进行杂交，得到AaBbDd的植株，再让其自交即可产生aabbdd的植株，C正确；欲通过检测花粉验证基因的分离定律可选择④和任意植株杂交，都可产生B、b等位基因，D正确。
17．将具有某一性状的杂合子(Aa)分别进行自交和自由交配，F2中纯合子所占比例高的交配方式和两种交配方式纯合子比例的差值分别是
( A )
A．自交、
B．自由交配、
C．自交、
D．自由交配、
解析：杂合子(Aa)连续自交两代，后代中杂合子所占比例是＝，纯合子的比例为；杂合子(Aa)自由交配两代，后代中杂合子所占比例是××2＝，纯合子的比例为。故F2中纯合子所占比例高的交配方式是自交，两种交配方式的纯合子比例的差值是－＝。
18．已知水稻高秆(T)对矮秆(t)为显性，抗病(R)对感病(r)为显性，两对基因独立遗传。现将一株表现型为高秆、抗病植株的花粉授给另一株表现型相同的植株，F1高秆∶矮秆＝3∶1，抗病∶感病＝3∶1。再将F1中高秆抗病类型分别与矮秆感病类型进行杂交，则产生的F2表现型之比理论上为( C )
A．9∶3∶3∶1
B．1∶1∶1∶1
C．4∶2∶2∶1
D．3∶1∶3∶1
解析：首先根据F1表现型及比例确定亲本基因型都是TtRr，然后确定F1中高秆抗病类型的基因型及比例为TTRR∶TtRR∶TTRr∶TtRr＝1∶2∶2∶4。最后确定与矮秆感病类型进行杂交产生的F2基因型及比例为TtRr∶ttRr∶Ttrr∶ttrr＝4∶2∶2∶1。从而判断表现型及比例为高秆抗病∶矮秆抗病∶高秆感病∶矮秆感病＝4∶2∶2∶1。
19．灰兔和白兔杂交，F1全是灰兔，F1雌雄个体相互交配，F2中有灰兔、黑兔和白兔，比例为9∶3∶4，则( D )
A．家兔的毛色受一对等位基因控制
B．F2灰兔中能稳定遗传的个体占1/16
C．F2灰兔基因型有4种，能产生4种比例相等的配子
D．F2中黑兔与白兔交配，后代出现白兔的几率是1/3
解析：由题意可知兔的毛色受两对等位基因控制。F2灰兔有4种基因型(1/9AABB、2/9AABb、2/9AaBB、4/9AaBb)，产生四种配子(AB∶Ab∶aB∶ab＝4∶2∶2∶1)；F2中黑兔(2/3Aabb、1/3AAbb)产生两种配子：Ab∶ab＝2∶1，白兔(1/4aaBB、2/4aaBb、1/4aabb)产生两种配子：aB∶ab＝1∶1，则后代白兔占1/3。
20．在性状分离比的模拟实验中，准备了如图所示的实验装置，小球上标记的A、a代表遗传因子。下列相关叙述正确的有( D )
①小球的不同颜色分别表示雌、雄配子
②小球的颜色可以不同，但形状必须相同
③甲、乙中小球数量必须相等，A∶a的值可以不同
④实验时分别从甲、乙中各随机抓取一个小球，模拟的是一对遗传因子的分离
A．①②
B．①③
C．②③
D．②④
解析：小球的不同颜色分别表示含有遗传因子a的配子和含有遗传因子A的配子，①错误；小球的颜色可以不同，但形状、大小等必须相同，这样可以避免主观因素的影响，以保证抓取每种小球的概率均为，②正确；甲、乙中的小球数量可以不同，但A∶a的值必须相同，③错误；实验时分别从甲、乙中各随机抓取一个小球，模拟的是成对的遗传因子分离，④正确。故选D。
第Ⅱ卷(非选择题，共40分)
二、非选择题(共40分)
21．(10分)牛的毛色有黑色和棕色，如果两头黑牛交配，产生了一头棕色子牛。请回答：
(1)黑色和棕色哪种毛色是显性性状？黑色。
(2)若用B与b表示牛的毛色的显性遗传因子与隐性遗传因子，写出上述两头黑牛及子代棕牛的遗传因子组成Bb、Bb、bb。
(3)上述两头黑牛产生一头黑色子牛的可能性是75%。若上述两头黑牛产生了一头黑色子牛，该子牛为纯合子的可能性是1/3，要判断这头黑色子牛是纯合子还是杂合子，最好选用与其交配的牛是( C )
A．纯种黑牛
B．杂种黑牛
C．棕色牛
D．以上都不对
(4)若用X雄牛与多头杂种雌牛相交配，共产生20头子牛，若子牛全为黑色，则X雄牛的遗传因子组成最可能是BB；如果子牛中10头黑色，10头棕色，则X雄牛的遗传因子组成最可能是bb；若子牛中14头为黑色，6头为棕色，则X雄牛的遗传因子组成最可能是Bb。
解析：(1)若棕色性状受显性遗传因子控制，而控制棕毛的遗传因子一定来自亲代，则亲代必定有棕色牛，这与题目相矛盾，所以控制棕毛的遗传因子是隐性遗传因子。(2)子代的隐性遗传因子必来自双亲，亲代黑牛有棕毛遗传因子但表现出黑毛，说明亲代黑牛的遗传因子组成是Bb。(3)Bb×Bb→1BB∶2Bb∶1bb，亲代黑牛(Bb×Bb)产生黑色子牛(BB或Bb)的可能性是3/4；若已知子牛为黑色，则它是纯合子的可能性是1/3。要鉴定一头黑牛是纯合子还是杂合子，最好用测交的方法，即选用棕色牛(bb)与之交配。(4)纯种黑牛与杂种黑牛交配，产生的后代全是黑色牛；杂种黑牛与杂种黑牛交配，产生黑牛与棕牛的比例为3∶1；棕色牛与杂种黑牛交配，产生黑牛与棕牛的比例为1∶1。
22．(10分)下图表示1
355只某种蝴蝶的性状。这些蝴蝶是具有两对相对性状的纯合亲本杂交产生的F2的性状(亲本杂交产生F1，然后F1雌雄个体自由交配得到F2)，蝴蝶的眼色和翅色由两对独立遗传的基因(B、b和E、e)控制。
请回答下列问题：
(1)对图中数据进行分析，眼色和翅色的显性性状分别是绿眼、紫翅。
(2)双亲基因型组合可能为BBEE×bbee或BBee×bbEE；图中F2绿眼紫翅中纯合子与杂合子之比为1∶8。
(3)如果雄性个体受到某种环境影响导致翅色基因E配子致死，其他配子和性状不受影响，选取F2绿眼紫翅个体中双杂合子(BbEe)雌雄个体交配，则后代的表现型种类为4种，表现型及比例为绿紫∶绿黄∶红紫∶红黄＝3∶3∶1∶1。
解析：(1)从图中可以看出，F2中绿眼∶红眼≈3∶1，紫翅∶黄翅≈3∶1，所以，眼色和翅色的显性性状分别为绿眼、紫翅。(2)对于眼色这一相对性状来说，绿眼∶红眼≈3∶1，亲本的基因型为BB和bb，对于翅色这一相对性状来说，紫翅∶黄翅≈3∶1，亲本的基因型为EE和ee，所以，双亲的基因型组合为BBEE×bbee或BBee×bbEE；F2中绿眼紫翅(B_E_)占9/16，其中纯合子是BBEE，占1/16，题目中问的是“F2绿眼紫翅中纯合子与杂合子之比”，纯合子只有一份，杂合子为9－1＝8(份)，故比例为1∶8。(3)BbEe雌雄个体交配，由于本题中有一特殊条件“雄性个体受到某种环境影响导致翅色基因E配子致死”，所以雄配子只有两种，即Be、be，所以可以用棋盘法写出后代的情况然后进行统计。
♀配子♂配子
BE
Be
bE
be
Be
BBEe绿紫
BBee绿黄
BbEe绿紫
Bbee绿黄
be
BbEe绿紫
Bbee绿黄
bbEe红紫
bbee红黄
显然，绿紫∶绿黄∶红紫∶红黄＝3∶3∶1∶1。
23．(2019·江苏，32)(10分)杜洛克猪毛色受独立遗传的两对等位基因控制，毛色有红毛、棕毛和白毛三种，对应的基因组成如下表。请回答下列问题：
毛色
红毛
棕毛
白毛
基因组成
A_B_
A_bb、aaB_
aabb
(1)棕毛猪的基因型有4种。
(2)已知两头纯合的棕毛猪杂交得到的F1均表现为红毛，F1雌雄交配产生F2。
①该杂交实验的亲本基因型为AAbb和aaBB。
②F1测交，后代表现型及对应比例为红毛∶棕毛∶白毛＝1∶2∶1。
③F2中纯合个体相互交配，能产生棕毛子代的基因型组合有4种(不考虑正反交)。
④F2的棕毛个体中纯合体的比例为1/3。F2中棕毛个体相互交配，子代白毛个体的比例为1/9。
(3)若另一对染色体上有一对基因I、i，I基因对A和B基因的表达都有抑制作用，i基因不抑制，如I_A_B_表现为白毛。基因型为IiAaBb的个体雌雄交配，子代中红毛个体的比例为9/64，白毛个体的比例为49/64。
解析：(1)由题表可知，棕毛猪的基因型有4种，即AAbb、Aabb、aaBB和aaBb。(2)①由两头纯合棕毛猪杂交得到的F1均表现为红毛，可知两亲本的基因型为AAbb和aaBB。
②F1的基因型为AaBb，F1测交后代的基因型及比例为AaBb∶Aabb∶aaBb∶aabb＝1∶1∶1∶1，因此其表现型及比例为红毛∶棕毛∶白毛＝1∶2∶1。③F2中的纯合体有4种基因型，分别为AABB、AAbb、aaBB和aabb，其相互交配能产生棕毛子代的基因型组合有4种，即AAbb×AAbb、aaBB×aaBB、AAbb×aabb、aaBB×aabb。④由自由组合定律可知，基因型为AaBb的F1雌雄个体交配产生的后代(F2)中，棕色个体中各基因型及所占比例为1/6AAbb、1/6aaBB、1/3Aabb、1/3aaBb，其中纯合子占1/3，F2中棕毛个体相互交配时，只有1/3Aabb×1/3Aabb、1/3aaBb×1/3aaBb、1/3Aabb×1/3aaBb和1/3aaBb×1/3Aabb四种杂交组合会产生白色个体，那么白毛个体所占的比例为1/3×1/3×1/4×4＝1/9。(3)基因型为IiAaBb的雌雄个体交配时，子代中红毛个体的基因型为iiA_B_，由于三对基因独立遗传，其所占的比例为1/4×3/4×3/4＝9/64；白毛个体的基因型为I_
_
_
_
_和iiaabb，即3/4＋1/4×1/4×1/4＝49/64。
24．(10分)大蒜是一种世界性的重要蔬菜和调味品，其绝大多数品种丧失了有性生殖能力。研究人员成功地使目前无法进行有性繁殖的大蒜植株恢复了有性繁殖能力，这一成果为大蒜进行遗传学育种研究开辟了道路。请分析回答下列问题：
假设：红皮(A)对白皮(a)为显性；抗病(B)对不抗病(b)为显性。(两对等位基因分别位于两对同源染色体上)
(1)抗病大蒜品系具有显著的抵抗病虫害的能力，在生产上具有重要应用价值，但已知该性状显性纯合时植株不能存活。用杂合抗病大蒜为亲本进行自交，其后代大蒜中抗病与不抗病植株的比例为2∶1。
(2)现以杂合红皮抗病大蒜为亲本进行自交，以获取白皮抗病大蒜。推断其自交后代发育成熟，表现型有4种，基因型6种；其中白皮抗病大蒜的基因型是aaBb，所占的比例为1/6。
(3)上面假设是否正确？请你就大蒜的红皮和白皮设计实验探究其显隐性关系。
①实验方案：(用遗传图解表示)
解：P：红色(纯合)×白色(纯合)
↓
种子
F1：
↓
种植
(成熟)
②结果预测及结论：如果F1蒜皮颜色均为红色，则红色为显性性状，白色为隐性性状，即假设正确；如果F1蒜皮颜色均为白色，则白色为显性性状，红色为隐性性状，即假设不正确。
解析：解答本题需要的知识点有遗传的基本规律及其应用，实验设计的基本思路及方法，要抓住“抗病显性纯合时植株不能存活”这一信息。杂合抗病大蒜的基因型是Bb，进行自交，后代中的基因型为1BB∶2Bb∶1bb，由于显性纯合时植株不能存活，推断其后代大蒜中抗病与不抗病植株的比例是2∶1。同理可推断以杂合红皮抗病大蒜为亲本进行自交，表现型有4种，基因型有6种；其中白皮抗病大蒜的基因型是aaBb，所占的比例为1/6。设计实验探究大蒜红皮和白皮的显隐性关系，方法可用纯合红皮蒜与纯合白皮蒜杂交，获取种子种植，生长发育至大蒜成熟，观察蒜皮的颜色：若F1蒜皮颜色均为红色，则红色为显性性状，白色为隐性性状；若F1蒜皮颜色均为白色，则白色为显性性状，红色为隐性性状。
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第Ⅰ卷(选择题，共60分)
一、选择题(本题共20小题，每小题3分，共60分)
1．下列有关孟德尔豌豆杂交实验的叙述，正确的是( )
A．孟德尔在豌豆开花时进行去雄和人工授粉，实现了亲本间的杂交
B．孟德尔研究豌豆花的构造，但无需考虑雌蕊、雄蕊的发育程度
C．孟德尔根据亲本中不同个体的性状表现来判断亲本是否纯合
D．孟德尔利用了豌豆自花传粉、闭花受粉的特性
2．孟德尔选用黄色圆粒豌豆和绿色皱粒豌豆进行两对相对性状的杂交实验，以下说法正确的是( )
A．只能对黄色圆粒豌豆进行去雄，采集绿色皱粒豌豆的花粉
B．豌豆的黄色和绿色是指子叶的颜色而不是种皮的颜色
C．F2中亲本所没有的性状组合豌豆占总数的7/16
D．对每对相对性状单独进行分析，F2出现1∶2∶1的性状分离比
3．下列关于孟德尔豌豆杂交实验的叙述，正确的是( )
A．杂交时，须在开花前除去母本的雄蕊
B．孟德尔巧妙设计的测交方法只能用于检测F1的遗传因子组成
C．通过测交可以推测被测个体产生配子的数量
D．孟德尔根据亲本中不同个体的性状表现来判断亲本是否纯合
4．下列关于孟德尔遗传规律的得出过程，说法错误的是( )
A．豌豆自花传粉、闭花受粉的特点是孟德尔杂交实验获得成功的原因之一
B．统计学方法的使用有助于孟德尔总结规律
C．进行测交实验是为了对提出的假说进行验证
D．分离定律采用了假说—演绎法，自由组合定律未使用
5．有关黄色圆粒豌豆(YyRr)自交的表述，正确的是( )
A．黄色圆粒豌豆(YyRr)自交后代有9种表现型
B．F1产生的配子中，YR和yr的比例为1∶1
C．F1产生YR的雌配子和YR的雄配子的数量比为1∶1
D．自由组合是指YyRr产生的4种雌雄配子自由结合
6．蜜蜂的雄蜂是由未受精的卵细胞发育而来的，雌蜂是由受精卵发育而来的，蜜蜂的体色褐色相对于黑色为显性，现有褐色雄蜂与黑色雌蜂杂交，则F1的体色将是
( )
A．全部是褐色
B．雌蜂都是黑色，雄蜂都是褐色
C．褐色∶黑色＝3∶1
D．雌蜂都是褐色，雄蜂都是黑色
7．自由组合定律中的“自由组合”是指( )
A．带有不同遗传因子的雌雄配子间的组合
B．决定同一性状的成对的遗传因子的组合
C．两亲本间的组合
D．决定不同性状的遗传因子的组合
8．在下列各项实验中，最终能证实基因的自由组合定律成立的是( )
A．F1个体的自交实验
B．不同类型纯种亲本之间的杂交实验
C．F1个体与隐性个体的测交实验
D．鉴定亲本是否为纯种的自交实验
9．现有甲、乙两株豌豆，甲为黄色豆荚(AA)、黄色子叶(BB)，乙为绿色豆荚(aa)、绿色子叶(bb)，这两对性状独立遗传。由于害虫导致乙的雄蕊被破坏，通过杂交后，乙所结的种子再种下去，则长出的植株所结豌豆的豆荚及子叶表现型之比分别为( )
A．绿∶黄＝1∶0 黄∶绿＝3∶1
B．黄∶绿＝1∶0 黄∶绿＝3∶1
C．黄∶绿＝3∶1 黄∶绿＝3∶1
D．黄∶绿＝1∶0 黄∶绿＝2∶1
10．已知某闭花受粉植物高茎对矮茎为显性，红花对白花为显性，两对性状独立遗传。用纯合的高茎红花与矮茎白花杂交，F1自交，播种所有的F2，假定所有F2植株都能成活，F2植株开花时，拔掉所有的白花植株，假定剩余的每株F2植株自交收获的种子数量相等，且F3的表现型符合遗传的基本定律。从理论上讲F3中表现白花植株的比例为( )
A．1/4
B．1/6
C．1/8
D．1/16
11．蚕茧的黄色(A)对白色(a)是显性，与蚕茧的颜色有关的基因还有(B、b)，两对基因分别位于两对同源染色体上。现已证明只有A_bb才表现为黄色茧。若两白色茧蚕(AaBb)相互交配，后代中白色茧蚕与黄色茧蚕的比例是( )
A．3∶1
B．13∶3
C．1∶1
D．15∶1
12．孟德尔利用豌豆的一对相对性状的杂交试验得出了基因的分离定律，下列关于孟德尔的遗传学实验的相关叙述中，错误的是( )
A．豌豆为自花传粉、闭花受粉的植物，自然条件下，一般都是纯种
B．杂交实验过程运用了正反交实验，即高茎(♀)×矮茎(♂)和矮茎(♀)×高茎(♂)
C．两亲本杂交子代表现为显性性状，这一结果既否定融合遗传又支持孟德尔的遗传方式
D．实验中运用了假说—演绎法，“演绎”过程指的是对测交过程的演绎
13．孟德尔主要通过豌豆的杂交实验，总结出了遗传学的两大基本规律，以下与之有关的说法中，正确的是( )
A．孟德尔在实验中所运用的科学研究方法叫作假说验证法
B．豌豆是闭花受粉的植物，所以杂交实验不需要套袋
C．F1均表现为高茎，所以高茎是显性性状，矮茎是隐性性状
D．孟德尔通过豌豆杂交实验提出了基因的概念
14．将基因型为Aa的豌豆连续自交，后代中的纯合子和杂合子所占的比例见下图，据图分析，下列说法错误的是( )
A．a曲线可代表自交n代后纯合子所占的比例随自交代数的变化
B．b曲线可代表自交n代后显性纯合子所占的比例随自交代数的变化
C．隐性纯合子的比例比b曲线所对应的比例要小
D．c曲线可代表后代中杂合子所占比例随自交代数的变化
15．已知玉米子粒有色对无色是显性。现对一有色子粒的植株X进行测交，后代中有色子粒与无色子粒的比是1∶3，下列对这种杂交现象的推测不确切的是( )
A．测交后代有色子粒的基因型与植株X相同
B．玉米子粒的有色和无色遗传遵循基因的自由组合定律
C．玉米子粒的有色和无色是由一对等位基因控制的
D．测交后代中无色子粒的基因型有3种
16．已知某植物的抗病(A)和不抗病(a)、花粉长形(B)和花粉圆形(b)、高茎(D)和矮茎(d)三对性状能自由组合。现有4株纯合的植株，其基因型分别为①aaBBDD、②AABBDD、③aaBBdd、④AAbbDD。下列相关叙述不正确的是
( )
A．任意选择两植株杂交都能验证基因的分离定律
B．欲验证基因的自由组合定律可选用的杂交组合只有①和④、②和③
C．欲培育出基因型为aabbdd的植株。可选择③和④进行杂交
D．欲通过检测花粉验证基因的分离定律可选择④和任意植株杂交
17．将具有某一性状的杂合子(Aa)分别进行自交和自由交配，F2中纯合子所占比例高的交配方式和两种交配方式纯合子比例的差值分别是
( )
A．自交、
B．自由交配、
C．自交、
D．自由交配、
18．已知水稻高秆(T)对矮秆(t)为显性，抗病(R)对感病(r)为显性，两对基因独立遗传。现将一株表现型为高秆、抗病植株的花粉授给另一株表现型相同的植株，F1高秆∶矮秆＝3∶1，抗病∶感病＝3∶1。再将F1中高秆抗病类型分别与矮秆感病类型进行杂交，则产生的F2表现型之比理论上为( )
A．9∶3∶3∶1
B．1∶1∶1∶1
C．4∶2∶2∶1
D．3∶1∶3∶1
19．灰兔和白兔杂交，F1全是灰兔，F1雌雄个体相互交配，F2中有灰兔、黑兔和白兔，比例为9∶3∶4，则( )
A．家兔的毛色受一对等位基因控制
B．F2灰兔中能稳定遗传的个体占1/16
C．F2灰兔基因型有4种，能产生4种比例相等的配子
D．F2中黑兔与白兔交配，后代出现白兔的几率是1/3
20．在性状分离比的模拟实验中，准备了如图所示的实验装置，小球上标记的A、a代表遗传因子。下列相关叙述正确的有( )
①小球的不同颜色分别表示雌、雄配子
②小球的颜色可以不同，但形状必须相同
③甲、乙中小球数量必须相等，A∶a的值可以不同
④实验时分别从甲、乙中各随机抓取一个小球，模拟的是一对遗传因子的分离
A．①②
B．①③
C．②③
D．②④
第Ⅱ卷(非选择题，共40分)
二、非选择题(共40分)
21．(10分)牛的毛色有黑色和棕色，如果两头黑牛交配，产生了一头棕色子牛。请回答：
(1)黑色和棕色哪种毛色是显性性状？(
)。
(2)若用B与b表示牛的毛色的显性遗传因子与隐性遗传因子，写出上述两头黑牛及子代棕牛的遗传因子组成(
)。
(3)上述两头黑牛产生一头黑色子牛的可能性是(
)。若上述两头黑牛产生了一头黑色子牛，该子牛为纯合子的可能性是(
)，要判断这头黑色子牛是纯合子还是杂合子，最好选用与其交配的牛是( )
A．纯种黑牛
B．杂种黑牛
C．棕色牛
D．以上都不对
(4)若用X雄牛与多头杂种雌牛相交配，共产生20头子牛，若子牛全为黑色，则X雄牛的遗传因子组成最可能是(
)；如果子牛中10头黑色，10头棕色，则X雄牛的遗传因子组成最可能是(
)；若子牛中14头为黑色，6头为棕色，则X雄牛的遗传因子组成最可能是(
)。
22．(10分)下图表示1
355只某种蝴蝶的性状。这些蝴蝶是具有两对相对性状的纯合亲本杂交产生的F2的性状(亲本杂交产生F1，然后F1雌雄个体自由交配得到F2)，蝴蝶的眼色和翅色由两对独立遗传的基因(B、b和E、e)控制。
请回答下列问题：
(1)对图中数据进行分析，眼色和翅色的显性性状分别是(
)、(
)。
(2)双亲基因型组合可能为(
)；图中F2绿眼紫翅中纯合子与杂合子之比为(
)。
(3)如果雄性个体受到某种环境影响导致翅色基因E配子致死，其他配子和性状不受影响，选取F2绿眼紫翅个体中双杂合子(BbEe)雌雄个体交配，则后代的表现型种类为(
)种，表现型及比例为(
)。
23．(2019·江苏，32)(10分)杜洛克猪毛色受独立遗传的两对等位基因控制，毛色有红毛、棕毛和白毛三种，对应的基因组成如下表。请回答下列问题：
毛色
红毛
棕毛
白毛
基因组成
A_B_
A_bb、aaB_
aabb
(1)棕毛猪的基因型有(
)种。
(2)已知两头纯合的棕毛猪杂交得到的F1均表现为红毛，F1雌雄交配产生F2。
①该杂交实验的亲本基因型为(
)。
②F1测交，后代表现型及对应比例为(
)。
③F2中纯合个体相互交配，能产生棕毛子代的基因型组合有(
)种(不考虑正反交)。
④F2的棕毛个体中纯合体的比例为(
)。F2中棕毛个体相互交配，子代白毛个体的比例为(
)。
(3)若另一对染色体上有一对基因I、i，I基因对A和B基因的表达都有抑制作用，i基因不抑制，如I(
)_表现为白毛。基因型为IiAaBb的个体雌雄交配，子代中红毛个体的比例为(
)，白毛个体的比例为(
)。
24．(10分)大蒜是一种世界性的重要蔬菜和调味品，其绝大多数品种丧失了有性生殖能力。研究人员成功地使目前无法进行有性繁殖的大蒜植株恢复了有性繁殖能力，这一成果为大蒜进行遗传学育种研究开辟了道路。请分析回答下列问题：
假设：红皮(A)对白皮(a)为显性；抗病(B)对不抗病(b)为显性。(两对等位基因分别位于两对同源染色体上)
(1)抗病大蒜品系具有显著的抵抗病虫害的能力，在生产上具有重要应用价值，但已知该性状显性纯合时植株不能存活。用杂合抗病大蒜为亲本进行自交，其后代大蒜中抗病与不抗病植株的比例为(
)。
(2)现以杂合红皮抗病大蒜为亲本进行自交，以获取白皮抗病大蒜。推断其自交后代发育成熟，表现型有4种，基因型6种；其中白皮抗病大蒜的基因型是(
)，所占的比例为(
)。
(3)上面假设是否正确？请你就大蒜的红皮和白皮设计实验探究其显隐性关系。
①实验方案：(用遗传图解表示)
②结果预测及结论：(
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