2.1.2生物专项训练卷（十）：孟德尔的豌豆杂交实验（二）（含解析）

生物专项训练卷（十）：孟德尔的豌豆杂交实验（二）
满分：100分
考试时间：90分钟
命题人：
一、选择题（25×2=50分）
1．孟德尔自由组合定律中的“自由组合”是指(　　)
A．带有不同遗传因子的雌雄配子间的组合
B．两亲本间的组合
C．决定同一性状的成对的遗传因子的组合
D．决定不同性状的遗传因子的组合
2．最能正确表示基因自由组合定律实质的是(　　)
3．(2019·广州模拟)黄色圆粒(YyRr)豌豆自交，从其子代中任取一株黄色圆粒豌豆与绿色皱粒豌豆杂交，后代不可能出现的表现型比例是(　　)
A．只有一种表现型　　
B．1∶1
C．1∶1∶1∶1
D．3∶1∶3∶1
4．某动物细胞中位于常染色体上的基因A、B、C分别对a、b、c为显性。现用两个纯合子个体杂交得F1，F1测交的结果为aabbcc∶AaBbCc∶aaBbcc∶AabbCc＝1∶1∶1∶1。则F1体细胞中三对基因在染色体上的位置是(　　)
5．(2019·梅州期中)将纯合白皮西葫芦与纯合绿皮西葫芦杂交，其F1为白色。将F1与绿皮亲本回交，其回交后代白皮∶绿皮∶黄皮＝2∶1∶1。下列分析错误的是(　　)
A．西葫芦的皮色至少由两对等位基因控制
B．F1自交后代有3种表现型，其中黄皮占
C．回交后代中白色西葫芦有两种基因型
D．杂合的白皮西葫芦自交总会出现黄皮后代
6．(2019·惠州二调)已知某二倍体自花传粉植物的红果(A)对黄果(a)、子房二室(B)对多室(b)，分别为显性。现将该种植物的某一未知植株与黄果子房多室品系杂交(均不考虑新的基因突变)，子代(数量足够多)表现型有4种，下列说法错误的是(　　)
A．该未知植株的基因型必定为AaBb
B．该未知植株必定能产生4种数量相等的雌配子或雄配子
C．该未知植株必定能产生4种雌配子或雄配子
D．若该未知植株自交，则其所得子代的基因型理论上应该有9种
7．(2019·佛山模拟)将一开紫花(色素是非蛋白质类物质)的豌豆的大量种子进行辐射处理，种植后发现甲、乙两株后代出现白花，且紫花与白花的分离比约为3∶1。选择这两株后代中开白花的植株杂交，子代全部开紫花。下列相关叙述中正确的是(　　)
A．白花豌豆的出现说明基因突变具有低频性和多害少利性
B．辐射处理导致甲乙中多个基因发生突变从而开白花
C．甲、乙两株花色基因突变发生在独立遗传的两对基因上
D．花色性状是基因通过控制蛋白质的结构直接控制生物的性状
8．(2019·深圳质检)蜜蜂的雌蜂是由受精卵发育而来的二倍体，雄蜂是由卵细胞直接发育而来的单倍体。蜜蜂长绒毛对短绒毛为显性、体色褐色对黑色为显性。现有一只雄蜂与蜂王杂交，子代雌蜂均为褐色长绒毛，雄蜂黑色长绒毛和黑色短绒毛各占一半。以下分析错误的是(　　)
A．雄蜂体细胞和有性生殖细胞中都不具有成对的同源染色体
B．亲本雌蜂性状为黑色长绒毛，能产生两种基因型的卵细胞
C．亲本雄蜂性状为褐色长绒毛，只能产生一种基因型的精子
D．蜜蜂体色和绒毛长短的遗传与性别相关联，属于伴性遗传
9．(2019·五省创优联考)油菜花为两性花，其雄性不育(不能产生可育的花粉)性状受两对独立遗传的等位基因控制，其中M基因控制雄性可育，m基因控制雄性不育，r基因会抑制m基因的表达(表现为可育)。下列分析正确的是(　　)
A．用基因型为mmRR的植株作为母本进行杂交实验前要进行去雄处理
B．基因型为Mmrr的植株自交子代均表现为雄性可育
C．基因型为mmRr的植株的自交后代中雄性可育∶雄性不育＝1∶3
D．存在两株雄性可育植株进行杂交，后代均为雄性不育植株的情况
10．(2019·衡水中学五调)某种果蝇中，野生型果蝇是红眼长翅的纯合子，紫眼和卷翅是较常见的突变体，控制这两对性状的基因都位于常染色体上。用紫眼卷翅果蝇与野生型果蝇杂交，F1果蝇有红眼卷翅和红眼长翅两种类型。让F1的红眼卷翅雌雄果蝇杂交，F2的表现型及比例为红眼卷翅∶紫眼卷翅∶红眼长翅∶紫眼长翅＝6∶2∶3∶1。下列相关分析错误的是(　　)
A．这两对性状能独立遗传，且卷翅果蝇中不存在纯合子
B．卷翅对长翅为显性，亲代雌雄果蝇共产生4种基因型的配子
C．F2中红眼卷翅果蝇产生基因组合为双隐性配子的比例是
D．F2中的红眼卷翅雌雄个体自由交配，子代中红眼长翅果蝇的比例为
11.若保证两对相对性状杂交实验，F2出现四种性状类型，数量比为9∶3∶3∶1。产生上述结果的必要条件不包括(　　)
A.F1雌雄配子各有四种，数量比均为1∶1∶1∶1
B.F1雌雄配子的结合是随机的
C.P的一方是双显纯合子，另一方是双隐纯合子
D.F2的个体数量足够多
12.(2019·山师附中模拟)现有4个水稻纯合品种，具有两对相对性状且各由一对等位基因控制。若用该4个品种组成两个杂交组合，使F1中这两对相对性状均为显性性状，且这两个组合的F2的表现型及数量比完全一致，为实现上述目的，下列说法错误的是(　　)
A.两对等位基因必须位于非同源染色体上
B.形成配子时等位基因必须自由组合
C.受精时雌雄配子必须要随机结合
D.每种基因型的受精卵的存活率必须相同
13.(2019·山东威海模拟)某单子叶植物非糯性(A)对糯性(a)为显性，叶片抗病(T)对易染病(t)为显性，花粉粒长形(D)对圆形(d)为显性，三对等位基因分别位于三对同源染色体上，非糯性花粉遇碘液变蓝，糯性花粉遇碘液为棕色。现有四种纯合子，其基因型分别为：①AATTdd，②AAttDD，③AAttdd，④aattdd，下列说法正确的是(　　)
A.若采用花粉鉴定法验证基因的分离定律，应选择亲本①和③杂交
B.若采用花粉鉴定法验证基因的自由组合定律，可以选择亲本①和②杂交
C.若培育糯性抗病优良品种，应选用①和④杂交
D.若将①和④杂交所得F1的花粉用碘液染色，可观察到比例为1∶1∶1∶1的四种花粉粒
14.(2015·海南卷，12)下列叙述正确的是(　　)
A.孟德尔定律支持融合遗传的观点
B.孟德尔定律描述的过程发生在有丝分裂中
C.按照孟德尔定律，AaBbCcDd个体自交，子代基因型有16种
D.按照孟德尔定律，对AaBbCc个体进行测交，测交子代基因型有8种
15.(2019·山东菏泽模拟)某二倍体植物花瓣的大小受一对等位基因A、a控制，基因型为AA的植株表现为大花瓣，Aa为小花瓣，aa为无花瓣。花瓣颜色(红色和黄色)受另一对等位基因R、r控制，R对r为完全显性，两对基因独立遗传。下列有关叙述错误的是(　　)
A.若基因型为AaRr的个体测交，则子代表现型有3种，基因型4种
B.若基因型为AaRr的亲本自交，则子代共有9种基因型，6种表现型
C.若基因型为AaRr的亲本自交，则子代有花瓣植株中，AaRr所占比例约为1/3，而所有植株中的纯合子约占1/4
D.若基因型为AaRr与Aarr的亲本杂交，则子代是红色花瓣的植株占3/8
16.(2017·全国卷Ⅱ，6)若某哺乳动物毛色由3对位于常染色体上的、独立分配的等位基因决定，其中A基因编码的酶可使黄色素转化为褐色素；B基因编码的酶可使该褐色素转化为黑色素；D基因的表达产物能完全抑制A基因的表达；相应的隐性等位基因a、b、d的表达产物没有上述功能。若用两个纯合黄色品种的动物作为亲本进行杂交，F1均为黄色，F2中毛色表现型出现了黄∶褐∶黑＝52∶3∶9的数量比，则杂交亲本的组合是(　　)
A.AABBDD×aaBBdd，或AAbbDD×aabbdd
B.aaBBDD×aabbdd，或AAbbDD×aaBBDD
C.aabbDD×aabbdd，或AAbbDD×aabbdd
D.AAbbDD×aaBBdd，或AABBDD×aabbdd
17.下表为3个不同小麦杂交组合及其子代的表现型和植株数目。据表分析，下列推断正确的是(　　)
组合序号
杂交组合类型
子代的表现型和植株数目
抗病红种皮
抗病白种皮
感病红种皮
感病白种皮
一
抗病红种皮①×感病红种皮②
416
138
410
135
二
抗病红种皮③×感病白种皮④
180
184
178
182
三
感病红种皮⑤×感病白种皮⑥
140
136
420
414
A.由组合二可以判定白种皮为隐性性状
B.由组合三可以判定抗病为显性性状
C.亲本①和③的基因型不相同
D.亲本②和⑤的基因型相同
18.(2018·海南卷，17)蜜蜂中，雌蜂是雌雄配子结合产生的二倍体，雄蜂是由未受精的卵直接发育而来的。某对蜜蜂所产生子代的基因型为：雌蜂是AADD、AADd、AaDD、AaDd；雄蜂
是AD、Ad、aD、ad。这对蜜蜂的基因型是(　　)
A.AADd和ad
B.AaDd和aD
C.AaDd和AD
D.Aadd和AD
19.在下列各杂交组合中，后代表现型比为1∶1∶1∶1的亲本组合是(　　)
A.EeFf×EeFf
B.EeFf×Eeff
C.Eeff×eeFf
D.EEFf×eeff
20.(2019·山东潍坊模拟)家鼠的灰毛和黑毛由一对等位基因控制，灰毛对黑毛为显性。现有一只灰毛雌鼠(M)，为了确定M是否为纯合子(就毛色而言)，让M与一只黑毛雄鼠交配，得到一窝共4个子代。不考虑变异，下列分析不合理的是(　　)
A.若子代出现黑毛鼠，则M一定是杂合子
B.若子代全为灰毛鼠，则M一定是纯合子
C.若子代中灰毛雄鼠∶黑毛雌鼠＝3∶1，则M一定是杂合子
D.若子代中灰毛雄鼠∶黑毛雌鼠＝1∶1，则M一定是杂合子
21.(2019·山东K12联盟)豌豆子叶的黄色(Y)对绿色(y)为显性，圆粒种子(R)对皱粒种子(r)为显性。某人用黄色圆粒和绿色圆粒的豌豆进行杂交，发现后代性状统计结果为：黄色圆粒376，黄色皱粒124，绿色圆粒373，绿色皱粒130，下列说法错误的是(　　)
A.亲本的基因组成是YyRr和yyRr
B.F1中纯合子占的比例是1/4
C.用F1中的黄色圆粒豌豆与绿色皱粒豌豆杂交，得到的F2有四种表现型
D.用F1中的黄色圆粒豌豆与绿色皱粒豌豆杂交得到的F2中，r基因的频率为1/3
22.(2019·北京通州模拟)某种昆虫长翅(R)对残翅(r)为显性，直翅(M)对弯翅(m)为显性，有刺刚毛(N)对无刺刚毛(n)为显性，控制这3对性状的基因均位于常染色体上。现有这种昆虫一只，其基因型如图所示。下列相关说法正确的是(　　)
A.这三对相对性状的遗传遵循基因的自由组合定律
B.该昆虫产生的精细胞的基因型有8种
C.为验证自由组合定律，与该昆虫测交的个体基因型为rrmmnn或rrMMnn
D.该昆虫与相同基因型的昆虫交配，后代中与亲代表现型相同的概率为1/4
23.(2019·山东烟台模拟)某植物花色有紫色和白色两种，受两对同源染色体上的两对等位基因控制，种群中某一紫花植株与任意的白花植株杂交，子代紫花植株均占1/4，若不考虑变异，下列叙述错误的是(　　)
A.植株的花色遗传遵循基因的自由组合定律
B.得到子代全为紫花植株的亲本组合有两种
C.该紫花植株自交后代出现紫花植株的概率是1/4
D.种群中所有白花植株自由交配产生紫花植株的概率是1/8
24.(2019·山东名校联盟)果蝇的后胸正常和后胸异常是由一对等位基因控制，卷翅和非卷翅是由另一对等位基因控制。一对后胸正常卷翅果蝇杂交的子代中出现了后胸异常雌果蝇，雄果蝇中的非卷翅个体占1/4。不考虑变异的情况下，下列推理合理的是(　　)
A.亲本雌蝇只含一种隐性基因
B.子代不会出现后胸正常非卷翅雌果蝇
C.两对基因都位于常染色体上
D.两对基因只能位于同一对染色体上
25.(2019·北京平谷模拟)某二倍体植物的花有两性花(一朵花中同时有雄蕊和雌蕊)、单性花(一朵花中只有雄蕊或只有雌蕊，分别为雄花、雌花)、无性花(花中没有雄蕊和雌蕊)三种类型，花的三种类型同时受到两对独立遗传的等位基因B和b、D和d控制，基因组成与花的类型、是否可育之间的对应关系如表所示。下列相关说法错误的是(　　)
基因组成
花的类型
是否可育
B_D_
两性花
可育
B_dd
雄花
可育
bbD_
雌花
可育
bbdd
无性花
败育
A.基因型为BBDD与bbDD的植株杂交，应以基因型为BBDD的植株作母本
B.基因型为BbDd的植株自交，后代中可育个体占15/16
C.该植物种群中基因b和基因d的频率会逐渐减小
D.两种单性花植株的杂交后代中可能出现败育的后代
二、非选择题（50分）
26.(11)已知某自花传粉植物紫茎(A)对绿茎(a)为显性，抗病(B)对感病(b)为显性，位于两对同源染色体上，且当花粉含AB基因时不能参与受精。请回答：
(1)在做杂交实验时，需要对母本做(1分)　　　　　　处理，以避免自交或其他花粉对实验的干扰。
(2)将基因型为Aabb的植株自交所结全部种子播种后，共得16株植株，有9株表现为紫茎，有7株表现为绿茎，产生该种现象最可能的原因是__________________________________
_____________________________________________________________________。
(3)用基因型AaBb和aabb的植株为亲本杂交，正交和反交产生的子代的表现型及比例　　
　　(填“相同”或“不相同”)。
(4)若用基因型为AaBb的植株自交，则子代植株中紫茎抗病植株所占的比例为　　　　。
(5)用紫茎高秆(AACC)与绿茎矮秆(aacc)的植物杂交得F1，将F1作为母本进行测交，子代出现四种表现型，且比例不为1∶1∶1∶1，则F1中产生了　　　　种配子。实验结果不符合自由组合定律，原因是这两对等位基因不满足该定律中“　　　　　　　　”这一基本条件。
27.(9分)水稻的高秆对矮秆为完全显性，由一对等位基因A、a控制，抗病对易感病为完全显性，由另一对等位基因B、b控制，现有纯合高秆抗病和纯合矮秆易感病的两种亲本杂交，所得F1测交，多次重复实验，统计测交后代的表现型及比例都近似为：4高秆抗病∶1高秆易感病∶1矮秆抗病∶4矮秆易感病。请回答下列问题：
(1)根据实验结果分析可知，题中所涉及的基因　　　　(填“符合”或“不符合”)基因的分离定律。　　　　(填“符合”或“不符合”)基因的自由组合定律，原因是（2分）______________________________________________________________________________
_____________________________________________________________________。
(2)根据F1测交后代的表现型及比例推断F1产生的配子类型及比例为（2分）　　　　　　。若让F1自交，其后代中杂合子占　　　　。
(3)F1测交后代出现性状重组类型的原因在于（2分）　　　　　　　　　　　　　　　　(从减数分裂的角度分析作答)
28.(5分)一个正常的女人与一个并指(Bb)的男人结婚，他们生了一个白化病且手指正常的孩子。若他们再生一个孩子：
(1)只患并指的概率是　　　　。
(2)只患白化病的概率是　　　　。
(3)既患白化病又患并指的男孩的概率是　　　　。
(4)只患一种病的概率是　　　　。
(5)患病的概率是　　　　。
29.(14)某种昆虫的正常翅与裂翅、红眼与紫红眼分别由基因B(b)、D(d)控制。为研究其遗传机制，选取裂翅紫红眼雌、雄个体随机交配，得到的F1表现型及数目见下表。
回答下列问题：
(1)红眼与紫红眼中，隐性性状是　　　　，判断的依据是____________________。
亲本裂翅紫红眼雌性个体的基因型为　　　　。
(2)F1的基因型共有　　　　种。F1正常翅紫红眼雌性个体的体细胞内基因D的数目最多时有　　　　个。F1出现4种表现型的原因是________________________________________
_____________________________________________________________________。
(3)若从F1中选取裂翅紫红眼雌性个体和裂翅红眼雄性个体交配。理论上，其子代中杂合子的比例为　　______________　　。
30.(11分)科学工作者用荧光标记法对某品系二倍体植物AA(2n＝24)的花色基因(A－红花、a－白花)进行研究，A被标记为红色荧光点。
(1)正常个体一个细胞的红色荧光点数量最多为　　　　个，这表明该细胞完成了
　　　　　　　　过程。
(2)在该品系中，偶然发现有一棵植株的绝大多数体细胞中有三个红色荧光点，进一步研究发现该植株育性正常。取该植株的体细胞进行观察，发现染色体数量为24条，但染色体的结构异常。A基因在染色体上的分布情况如图所示。
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勿动\\2020版
选考总复习
学生用书
生物（四省市）（鲁津京琼）\\717.tif"
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请分析下列实验：
①让该植株与白色品系植株杂交得F1；
②任取两株F1植株杂交，得到F2(假设F2的数量足够多)；
③统计F2中各花色的比例：
若后代红花∶白花＝　　　　，则能确定属于第二种情况。
若后代红花∶白花＝3∶1，则　　　　(填“能”或“不能”)（1分）确定属于第一种情况。请画出F1可能的基因及染色体组成图像并配以简单的文字说明原因（4分）。
生物专项训练卷（十）答案详解：孟德尔的豌豆杂交实验（二）
命题人：徐义东
一、选择题
1.解析：自由组合定律是指决定不同性状的遗传因子的组合。
答案：D
2.解析：基因的自由组合定律的实质是在减数分裂产生配子的过程中，等位基因分离，非同源染色体上的非等位基因自由组合。
答案：D
3.解析：黄色圆粒(YyRr)豌豆自交，后代黄色圆粒豌豆的基因型为YYRR或YYRr或YyRR或YyRr，与yyrr的豌豆杂交，后代出现的表现型比例只有一种或两种1∶1或四种1∶1∶1∶1。
答案：D
4.解析：要判别三对等位基因在染色体上的情况时可两两考虑。若只考虑A、a和B、b，从测交后代来看aabb∶aaBb∶AaBb∶Aabb＝1∶1∶1∶1，可知这两对基因遵循自由组合定律，即这两对基因位于两对同源染色体上；若只考虑A、a和C、c，从测交后代来看只有aacc和AaCc，这两对基因不遵循自由组合，即两对基因位于一对同源染色体上，且A与C连锁，a与c连锁，故答案为B。
答案：B
5.解析：纯合白皮西葫芦与纯合绿皮西葫芦杂交，其F1为白色。将F1与绿皮亲本回交，其回交后代白皮∶绿皮∶黄皮＝2∶1∶1，说明白皮为显性，亲本白皮西葫芦的基因型为AABB，绿皮西葫芦的基因型为aabb，F1的基因型为AaBb，A_B_和A_bb为白色，aaB_为黄皮，aabb为绿皮。F1基因型为AaBb，自交后代有3种表现型(12A_∶3aaB∶aabb)，其中黄皮占。回交后代中白色西葫芦基因型为AaBb和Aabb。若杂合的白皮西葫芦的基因型为Aabb，自交总不会出现黄皮后代。
答案：D
6.解析：一未知植株与黄果子房多室品系杂交，子代表现型有4种，则该植株可产生4种配子，该未知植株的基因型必定为AaBb，A项、C项正确；子代4种表现型的比例未知，因此该未知植株产生的4种雌配子或雄配子比例未知，B项错误；该植株可产生4种配子，雌雄配子随机结合，借鉴两对相对性状的杂交实验，则该未知植株自交，则其所得子代的基因型理论上应该有9种，D项正确。
答案：B
7.解析：选择这两株后代中开白花的植株杂交，子代全部开紫花，说明两株白花植株发生突变的基因不同，其基因型分别为AAbb和aaBB，甲、乙两株的基因型分别为AABb和AaBB。
答案：C
8.解析：雄蜂为单倍体，是由蜂王的卵细胞发育而来的，因此雄蜂的体细胞和有性生殖细胞中都不具有成对的同源染色体，A项正确；由于后代雄蜂黑色长绒毛和黑色短绒毛各占一半，说明亲本雌蜂为黑色长绒毛，可以产生两种配子，B项正确；由于后代雌蜂均为褐色长绒毛，说明亲本雄蜂为褐色长毛绒，只能产生一种配子，C项正确；根据题意分析可知，蜜蜂的性别与染色体组数有关，而与性染色体无关，D项错误。
答案：D
9.解析：根据题意，基因型为mmRR的植株不能产生可育花粉，作为母本进行杂交实验前不需要进行去雄处理，A项错误；基因型为Mmrr的植株自交，子代都含有rr，r基因会抑制m基因的表达，因此子代均表现为雄性可育，B项正确；根据题意，基因型为mmRr的雄性植株不可育，不能产生可育花粉，不能自交，C项错误；D.根据题意，雄性可育植株基因型有M_R_、M_rr、mmrr，若要使后代均为雄性不育，则子代必须都为mmR_，可知不存在两株雄性可育植株进行杂交后代均为雄性不育植株的情况，D项错误。
答案：B
10.解析：本题主要考查伴性遗传，考查学生的综合运用能力。由F2的表现型及比例为：红眼卷翅∶紫眼卷翅∶红眼长翅∶紫眼长翅＝6∶2∶3∶1，可判断这两对性状能独立遗传。F1中卷翅的基因型为Bb，而F2的性状分离比是2∶1，说明卷翅基因纯合(BB)时致死。亲代中红眼长翅果蝇为纯合子，紫眼卷翅果蝇为杂合子，二者共产生3种基因型的配子。
答案：B
11.解析　F1雌雄配子各有四种且数量比均为1∶1∶1∶1是自由组合定律应用的必要条件，另外还要遵循雌雄配子的结合是随机的。F2的个体数量应足够多，才能避免实验的偶然性，但是亲本的一方是一显一隐纯合子，另一方是一隐一显纯合子也会得到F1双杂合子。
答案　C
12.解析　根据题干信息，4个纯合品种组成两个杂交组合，F1中两对相对性状均为显性性状，且F2的表现型及数量比一致，说明F1产生的配子种类和比例是相同的，因此这两对基因不可能位于同一对同源染色体上，只能位于两对非同源染色体上，在形成配子时非等位基因自由组合，A正确、B错误；受精时雌雄配子随机结合，受精卵的存活率相同，才能保证F2的表现型和比例相同，C、D正确。
答案　B
13.解析　根据题意，若采用花粉鉴定法验证基因的分离定律，应选择亲本①×④或②×④或③×④，然后再自交；若采用花粉鉴定法验证基因的自由组合定律，应选择亲本②×④；若培育糯性抗病优良品种，应选用①和④杂交；将①和④杂交所得F1的基因型为AaTtdd，由于只有非糯性和糯性花粉遇碘出现颜色变化，因此F1花粉用碘液染色，可观察到比例为1∶1的两种花粉粒。
答案　C
14.解析　孟德尔指出，生物的性状是由遗传因子决定的，这些遗传因子就像一个个独立的颗粒，既不会相互融合，也不会在传递中消失，他不支持融合遗传，A错误；孟德尔指出，生物体在形成生殖细胞——配子时，成对的遗传因子彼此分离，分别进入不同的配子中，而形成生殖细胞的过程是减数分裂，B错误；根据孟德尔的自由组合定律，AaBbCcDd个体自交，四对等位基因的分离和组合是互不干扰的，每对等位基因可产生三种不同的基因型，所以子代基因型可以产生3×3×3×3＝81种，C错误；同理，AaBbCc个体进行测交，每对等位基因可以产生两种不同的基因型，所以测交子代基因型有2×2×2＝8种，D正确。
答案　D
15.解析　若基因型为AaRr的个体测交，则子代基因型有AaRr、Aarr、aaRr、aarr
4种，表现型有3种，分别为：小花瓣红色、小花瓣黄色、无花瓣，A项正确；若基因型为AaRr的亲本自交，由于两对基因独立遗传，因此根据基因的自由组合定律，子代共有3×3＝9种基因型，而Aa自交子代表现型有3种，Rr自交子代表现型有2种，但由于aa表现为无花瓣，故aaR_与aarr的表现型相同，所以子代表现型共有5种，B项错误；若基因型为AaRr的亲本自交，则子代有花瓣植株中，AaRr所占比例约为2/3×1/2＝1/3，子代的所有植株中，纯合子所占比例约为1/4，C项正确；若基因型为AaRr与Aarr的亲本杂交，则子代是红色花瓣(A_Rr)的植株所占比例为3/4×1/2＝3/8，D项正确。
答案　B
16.解析　由题意知，两个纯合黄色品种的动物作为亲本进行杂交，F1均为黄色，F2中毛色表现型出现了黄∶褐∶黑＝52∶3∶9，子二代中黑色个体占＝＝，结合题干3对等位基因位于常染色体上且独立分配，说明符合基因的自由组合定律，而黑色个体的基因型为A_B_dd，要出现的比例，可拆分为××，可进一步推出F1基因组成为AaBbDd，进而推出D选项正确。
答案　D
17.解析　根据子代表现型及比例可判断亲本的基因型。假设感病与抗病基因用A、a表示，种皮颜色基因用B、b表示，根据题意和图表分析可知：组合二中，红种皮×白种皮→后代红种皮∶白种皮＝1∶1，无法判断显隐性关系，A错误；组合三中，感病×感病→后代出现抗病，即出现性状分离，说明感病相对于抗病为显性性状，B错误；组合一子代感病∶抗病＝1∶1，红种皮∶白种皮＝3∶1，则亲本基因型是aaBb和AaBb；组合二子代感病∶抗病＝1∶1，红种皮∶白种皮＝1∶1，则亲本基因型是aaBb和Aabb，因此亲本①和③基因型相同，C错误；组合三子代感病∶抗病＝3∶1，红种皮∶白种皮＝1∶1，则亲本基因型是AaBb和Aabb，因此亲本②与⑤基因型相同，D正确。
答案　D
18解析　一对亲本进行杂交，所有子一代雄蜂是AD、Ad、aD、ad，由于雄蜂是由未受精的卵直接发育而来的，即雌蜂亲本形成AD、Ad、aD、ad四种配子；由于雄蜂是由单倍体形成的，因此个体只能形成一种配子，由于所有子一代雌蜂的基因型有AADD、AADd、AaDD、AaDd四种，从基因型可以看出，每个子代的基因型中均有AD，因此可知这个AD就是精子的基因型，即亲本中雄蜂的基因型是AD，那么蜂王可以提供AD、Ad、aD和ad四种配子，其基因型是AaDd。因此亲本的基因型分别是AaDd(蜂王)和AD(雄蜂)。
答案　C
19.解析　可用分解组合法对选项逐一分析。A项中Ee×Ee后代表现型比例为3∶1，Ff×Ff后代表现型比例为3∶1，则EeFf×EeFf后代表现型比例为(3∶1)×(3∶1)＝9∶3∶3∶1。按此方法B项组合的后代比例为(3∶1)×(1∶1)＝3∶3∶1∶1。C项为(1∶1)×(1∶1)＝1∶1∶1∶1。D项为1×(1∶1)＝1∶1。
答案　C
20.解析　因子代的数量非常少，即使子代全为灰毛鼠，也不能确定M一定是纯合子。
答案　B
21.解析　根据题意分析，某人用黄色圆粒Y_R_和绿色圆粒yyR_的豌豆进行杂交，后代黄色∶绿色＝(376＋124)∶(373＋130)≈1∶1，圆粒∶皱粒＝(376＋373)∶(124＋130)≈3∶1，因此亲本基因型为YyRr和yyRr，A正确；F1中纯合子的比例为1/2×1/2＝1/4，B正确；F1中的黄色圆粒豌豆基因型为YyRR或YyRr，绿色皱粒豌豆基因型为yyrr，两者杂交后代的表现型有2×2＝4种，C正确；用F1中的黄色圆粒豌豆(YyRR或YyRr)与绿色皱粒豌豆(yyrr)杂交得到的F2中，Rr∶rr＝(2/3)∶(1/3)＝2∶1，因此r的基因频率＝2/3×1/2＋1/3＝2/3，D错误。
答案　D
22.解析　自由组合定律适用于非同源染色体上的非等位基因，故昆虫长翅(R)对残翅(r)，直翅(M)对弯翅(m)不适合自由组合定律，A错误；该昆虫产生的精细胞的基因型只有4种，B错误；可以用测交实验验证自由组合定律，与该昆虫测交的个体基因型为rrmmnn或rrMMnn，C正确；该昆虫与相同基因型的昆虫交配，后代中与亲代表现型相同的概率为9/16，D错误。
答案　C
23.解析　由于花色受两对同源染色体上的两对等位基因控制，说明植株的花色遗传遵循基因的自由组合定律，A正确；假设该植物的花色由基因A、a与B、b控制，种群中某一紫花植株与任意的白花植株杂交，子代紫花植株均占1/4，说明亲本中紫花植株的基因型只能为AaBb，得到子代全为紫花植株的亲本组合为AAbb与aaBB，AABB与aabb，即两种，B正确；该紫花植株AaBb自交后代出现紫花植株AaBb的概率为，C正确；种群中所有白花植株中A、a与B、b基因频率未知，无法计算子代中紫花植株AaBb的概率，D错误。
答案　D
24.解析　后胸正常卷翅果蝇相互交配，出现后胸异常、非卷翅，说明后胸正常对后胸异常是显性性状，卷翅对非卷翅是显性性状，子代雄果蝇中非卷翅占1/4，说明翅型位于常染色体上，如果控制后胸的基因位于X染色体上，后代雌果蝇都是后胸正常，不会有后胸异常，由于子代出现后胸异常雌果蝇，因此控制后胸正常和后胸异常的基因也位于常染色体上，双亲都含有两种隐性基因，A错误，C正确；两对相对性状与性别无关，子代可能会有后胸正常非卷翅雌果蝇，B错误；两对等位基因位于常染色体上，但是不一定位于一对同源染色体上，D错误。
答案　C
25.解析　据表格信息可知，基因型为B_D_的植株是两性花，杂交时，既可以做父本，又可以做母本；而基因型为bbDD的植株是雌花，只能做母本，因此基因型为BBDD与bbDD的植株杂交，应以基因型为BBDD的植株作父本，基因型为bbDD的植株做母本，A错误；基因型为BbDd的植株自交，其后代的基因型及比例为B_D_∶B_dd∶bbD_∶bbdd＝9∶3∶3∶1，其中只有基因型为bbdd的植株不育，因此后代中可育个体占15/16，B正确；由于基因型为bbdd的个体是败育的，植物种群中出现基因型为bbdd的植株会死亡，导致该植物种群中基因b和基因d的频率会逐渐减小，C正确；两种单性花植株的基因型分别为bbD_、B_dd，因此二者杂交，其后代中可能出现败育的后代(bbdd)，D正确。
答案　A
二、非选择题
26解析：(1)在做杂交实验时，为了避免自交或其他花粉对实验的干扰，需要对母本进行去雄和套袋处理，且去雄要彻底。
(2)基因型为Aabb的植株自交，由于统计的后代数量较少，导致后代紫茎与绿茎比例为9∶7，而不是3∶1。
(3)由于AB的花粉不能参与受精，而AB的卵细胞可以，因此用基因型AaBb和aabb的植株为亲本杂交，正交和反交产生的子代的表现型及比例不同。
(4)若用基因型为AaBb的植株自交，雌配子的种类及其比例为AB∶Ab∶aB∶ab＝1∶1∶1∶1，雄配子的种类及其比例为Ab∶aB∶ab＝1∶1∶1，则子代植株中紫茎抗病植株(A_B_)所占的比例＝1/4＋1/4×1/3＋1/4×1/3＝5/12。
(5)用紫茎高秆(AACC)与绿茎矮秆(aacc)的植物杂交，F1基因型为AaCc，其测交后代出现了4种表现型，说明F1产生了4种基因型的配子；而测交后代的比例不是1∶1∶1∶1，说明这两对等位基因位于一对同源染色体上，不满足自由组合定律的基本条件——“非同源染色体上的非等位基因”。
答案：(1)去雄和套袋　(2)子代样本数量太少　(3)不相同　(4)5/12　(5)4种　非同源染色体上的非等位基因
27解析：(1)由题干分析可知，杂交子一代的基因型是AaBb，两对等位基因在遗传时符合基因的分离定律，由于杂交子一代测交后代的性状分离比不是1∶1∶1∶1，因此两对等位基因不符合基因的自由组合定律。
(2)子一代的基因型是AaBb，测交另一个亲本的基因型是aabb，aabb只产生一种类型的配子ab，测交后代的表现型及比例是A_B_∶A_bb∶aaB_∶aabb＝4∶1∶1∶4，因此AaBb产生的配子的类型及比例是AB∶Ab∶aB∶ab＝4∶1∶1∶4；让子一代自交，纯合子的比例是AABB＋AAbb＋aaBB＋aabb＝4/10×4/10×2＋1/10×1/10×2＝17/50，杂合子的比例是1－17/50＝33/50。
(3)由分析可知，两对等位基因位于一对同源染色体上，A、B在一条染色体上，a、b在另一条染色体上，在减数分裂四分体时期，同源染色体的非姐妹染色单体之间发生交叉互换，产生了基因型为四种类型的配子，其中Ab和aB是重组类型的配子，结果是测交后代出现高秆易感病、矮秆抗病的重组类型。
答案：(1)符合　不符合　测交后代的表现型不是1∶1∶1∶1，说明不能产生4种比例相等的配子
(2)AB∶Ab∶aB∶ab＝4∶1∶1∶4　33/50
(3)减数分裂四分体时期，同源染色体的非姐妹染色单体之间发生交叉互换
28解析：由题意知，第1个孩子的基因型应为aabb，则该夫妇基因型应分别为妇：Aabb；夫：AaBb。依据该夫妇基因型可知，孩子中并指的概率应为1/2(非并指概率为1/2)，白化病的概率应为1/4(非白化病概率应为3/4)，则：(1)再生一个只患并指孩子的概率为：并指概率×非白化概率＝×＝。(2)只患白化病的概率为：白化病概率×非并指概率＝×＝。(3)生一既白化又并指的男孩的概率为：男孩出生率×白化病概率×并指概率＝1/2×1/4×1/2＝1/16。(4)后代只患一种病的概率为：并指概率×非白化病概率＋白化病概率×非并指概率＝1/2×3/4＋1/4×1/2＝1/2。(5)后代中患病的概率为：1－全正常(非并指、非白化)＝1－1/2×3/4＝5/8。
答案：(1)3/8　(2)1/8　(3)1/16　(4)1/2　(5)5/8
29.解析：(1)亲本均为紫红眼，子代出现红眼，可知红眼是隐性性状。逐对分析子代表现型及比例，裂翅∶正常翅＝2∶1，紫红眼∶红眼＝2∶1，且雌雄无明显差异，可知两对等位基因均位于常染色体上，且遵循自由组合定律，但裂翅纯合致死、紫红眼纯合致死，因此双亲的基因型均为BbDd。(2)由第(1)小题分析可知，F1的基因型共有4种。F1正常翅紫红眼雌性个体的基因型为bbDd，考虑细胞分裂间期DNA复制，因此其体细胞内基因D的数目最多时有2个。F1出现4种表现型的原因是减数分裂过程中，非同源染色体上非等位基因自由组合。(3)F1中选取裂翅紫红眼雌性个体(BbDd)和裂翅红眼雄性个体(Bbdd)交配，逐对分析，子代中BB致死、Bb∶bb＝2∶1，Dd∶dd＝1∶1，因此纯合子bbdd为1/6，杂合子的比例即为5/6。
答案：(1)红眼　紫红眼与紫红眼交配，F1出现了红眼　BbDd　(2)4　2　减数分裂过程中，非同源染色体上非等位基因自由组合　(3)5/6
30.解析：(1)控制每一相对性状的基因在体细胞是成对存在的。已知A基因被标记为红色荧光点。正常开红花的二倍体纯合植物的基因型为AA，一个体细胞中含有2个A基因；在有丝分裂间期DNA完成复制后，体细胞中含有4个A基因。可见，正常个体一个细胞的红色荧光点数量最多为4个，这表明该细胞完成了DNA复制(染色体复制)过程。
(2)依题意可知：偶然发现有一棵植株的绝大多数体细胞中有三个红色荧光点，即绝大多数体细胞中含有三个A基因，该种变异是染色体结构异常所致，多出来一个A基因的原因有两种可能：第一种情况位于同源染色体上；第二种情况位于非同源染色体上。
如果属于第一种情况，即多出的A基因在同源染色体上，则该植株能产生AA和A两种配子，白色品系植株(aa)只产生基因型为a的一种配子，该植株与白色品系植株杂交所得F1的基因型为AAa和Aa，F1的基因及染色体组成图像如下图中的图1(基因型为Aa)、图2(基因型为AAa)所示。任取两株F1植株杂交，有三种杂交组合，即AAa×Aa、AAa×AAa和Aa×Aa；因AAa产生的配子及其比例为AA∶a＝1∶1，Aa产生的配子及其比例为A∶a＝1∶1，所以这三种杂交获得的F2中红花∶白花均为3∶1。
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"F:\\课件
勿动\\2020版
选考总复习
学生用书
生物（四省市）（鲁津京琼）\\719.tif"
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如果属于第二种情况，即多出的A基因位于非同源染色体上，则该植株能产生AA和A两种配子，与白色品系植株杂交所得F1的基因型为AAa和Aa，F1的基因及染色体组成图像如上图中的图3(基因型为Aa)、图4(基因型为AAa)所示。任取两株F1植株杂交，有三种杂交组合，即AAa×Aa、AAa×AAa和Aa×Aa；因AAa产生的配子及其比例为AA∶Aa∶A∶a＝1∶1∶1∶1，Aa产生的配子及其比例为A∶a＝1∶1，所以AAa×Aa得到的F2中红花∶白花＝7∶1，AAa×AAa得到的F2中红花∶白花＝15∶1，Aa×Aa得到的F2中红花∶白花＝3∶1。
综上分析，若后代红花∶白花＝7∶1或15∶1，则能确定属于第二种情况。若后代红花∶白花＝3∶1，则不能确定属于第一种情况，因为图1与图2杂交以及图1、图2、图3的自交结果均为3∶1。
答案：(1)4　DNA复制(染色体复制)　(2)7∶1或15∶1　不能
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生物（四省市）（鲁津京琼）\\718.tif"
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多出的A基因在同源染色体上时，F1为图1和图2；多出的A基因位于非同源染色体上时，F1为图3和图4。其中图1与图2杂交以及图1、图2、图3自交结果均为3∶1，所以不能确定属于第一种情况。