第7章 本章复习提升-【新教材】2020-2021学年人教A版（2019）高中数学必修第二册练习 Word含解析

本章复习提升
易混易错练
易错点1　应用纯虚数的概念时,因忽略虚部不能为0致错　　　　　　
　　　　　
　　　　　
1.(2019上海华东师范大学第二附属中学高二月考,)设m∈R,若m2+m-2+(m2-1)i是纯虚数,则m=　　　　.?
2.()已知复数z=lg(m2+2m+1)+(m2+3m+2)i(i为虚数单位),当实数m取什么值时,z分别为下列数?
(1)实数;(2)虚数;(3)纯虚数.
易错点2　对复数相等的充要条件理解出错
3.()已知(2+i)y=x+yi,x,y∈R,且y≠0,则=(　　)
A.
B.
C.2
D.
4.()已知i是虚数单位,m,n∈R,且m+i=1+ni,则=(　　)
A.i
B.1
C.-i
D.-1
5.(2019安徽合肥高二月考,)已知m∈R,i为虚数单位,若(m+i)(2-3i)=5-i,则m的值为(　　)
A.1
B.-1
C.2
D.-2
易错点3　应用复数的几何意义时,因考虑不全面致错
6.()在复平面内,已知复数z对应的向量为(O为坐标原点),与实轴正方向的夹角为120°,且复数z的模为2,则复数z为(　　)
A.1+i
B.-1+i
C.-1-i
D.-1±i
7.()已知复数z满足|z|2-2|z|-3=0,则在复平面内,复数z对应的点的轨迹是(　　)
A.1个圆
B.线段
C.2个点
D.2个圆
易错点4　混淆实数的绝对值与复数的模致错
8.()对任意复数z=x+yi(x,y∈R),i为虚数单位,下列结论正确的是　　　　.(填序号)
?
①|z-|=2y;②z2=x2+y2;③|z-|≥2x;④|z|≤|x|+|y|.
9.()在复数范围内求方程x2-5|x|+6=0的解.
易错点5　复数的除法运算过程中分母易错
10.()复数=(　　)
A.--i
B.-+i
C.-i
D.+i
11.(2019江西赣州寻乌中学高二期末,)若复数=2-i(其中a,b是实数,i是虚数单位),则复数a+bi在复平面内所对应的点位于(　　)
A.第一象限
B.第二象限
C.第三象限
D.第四象限
12.()满足z+是实数,且z+3的实部与虚部是相反数的虚数z是否存在?若存在,求出虚数z;若不存在,请说明理由.
思想方法练
　　　　　　
　　　　　
　　　　　
一、方程思想在解决复数问题中的运用
1.(2020辽宁沈阳铁路实验中学高二月考,)已知z∈C,zi=2-bi(b∈R),z的实部与虚部相等,则b=(　　)
A.-2
B.
C.2
D.-
2.(2020安徽六安一中高二模考,)设复数z=1+bi(b∈R)且z2=-3+4i,则z的共轭复数的虚部为(　　)
A.-2
B.-2i
C.2
D.2i
3.(2020上海大同中学高一月考,)若z1=a+2i,z2=1-4i,且为纯虚数,则实数a=　　　　.?
4.(2020天津耀华中学高一月考,)已知a,b∈R,复数z=a-i且=1+bi(i为虚数单位),则ab=　　　　.?
5.()若关于x的方程3x2-x-1=(10-x-2x2)i有实数根,则实数a的值等于　　　　.
?
6.(2019河南南阳一中高二月考,)已知f(z)=|1+z|-,且f(-z)=10+3i,求复数z.
二、数形结合思想在解决复数问题中的运用
7.()在复平面内,复数z1,z2对应的向量分别是,,则复数z1-z2=(　　)
A.-1+2i
B.-2-2i
C.1+2i
D.1-2i
8.()在平行四边形ABCD中,对角线AC与BD相交于点O,若向量,对应的复数分别是3+i,-1+3i,则对应的复数是(　　)
A.2+4i
B.-2+4i
C.-4+2i
D.4-2i
9.(2019上海向明中学高二期中,)若z∈C,且|z|=4,则|z+1-i|的取值范围是　　　　　　.?
三、转化与化归思想在解决复数问题中的运用
10.()复数z1=-2mi,z2=-m+m2i,若z1+z2>0,则实数m=　　　　;在复平面内,对应的点位于第　　　　象限.
?
11.()设虚数z满足|2z+3|=|+2|.
(1)求证:|z|为定值;
(2)是否存在实数k,使+为实数?若存在,求出k的值;若不存在,说明理由.
四、整体思想在解决复数问题中的运用
12.()设复数z满足关系式z+||=2+i,那么z等于(　　)
A.-+i
B.-i
C.--i
D.+i
13.()如果虚数z满足z3=8,求z3+z2+2z+2的值.
答案全解全析
易混易错练
1.答案　-2
解析　因为m2+m-2+(m2-1)i是纯虚数,
所以
解得m=-2.
2.解析　(1)由题意得
解得m=-2,
∴当m=-2时,z是实数.
(2)由题意得解得m≠-1且m≠-2,
∴当m∈(-∞,-2)∪(-2,-1)∪(-1,+∞)时,z是虚数.
(3)由题意得
即解得m=0.
∴当m=0时,z是纯虚数.
3.D　因为x∈R,y∈R且y≠0,(2+i)y=x+yi,所以2y=x,所以=|2+i|=,故选D.
4.A　因为m+i=1+ni,所以m=n=1,则===i.故选A.
5.A　由(m+i)(2-3i)=(2m+3)+(2-3m)i=5-i,得解得m=1.
6.D　设复数z在复平面内对应的点的坐标为Z(a,b).
根据题意可画图形如图所示,
∵|z|=2,且与x轴正方向的夹角为120°,
∴a=-1,b=±,
即点Z的坐标为(-1,)或(-1,-).
∴z=-1+i或z=-1-i.
7.A　由题意可知(|z|-3)(|z|+1)=0,即|z|=3或|z|=-1,∵|z|≥0,∴|z|=3,故复数z对应的点的轨迹是以原点为圆心,3为半径的圆.
8.答案　④
解析　对于①,=x-yi(x,y∈R),∴|z-|=|x+yi-x+yi|=|2yi|=|2y|,故不正确;对于②,z2=x2-y2+2xyi,故不正确;对于③,|z-|=|2y|≥2x不一定成立,故不正确;对于④,|z|=≤|x|+|y|,故正确.
9.解析　因为x∈C,所以设x=a+bi(a,b∈R),代入方程得(a+bi)2-5+6=0,即a2-b2-5+6+2abi=0,
所以
解得或或
所以原方程有6个解,分别为i,-i,2,-2,3,-3.
10.C　因为i2=-1,i3=-i,i4=1,所以===-i.
11.C　由=2-i,可得a+i=(b-i)(2-i),即a+i=2b-1-(2+b)i,
所以解得
所以复数a+bi在复平面内所对应的点的坐标为(-7,-3),位于第三象限,故选C.
12.解析　存在.理由如下:设虚数z=x+yi(x,y∈R,且y≠0),
则z+3=x+3+yi,z+=x+yi+=x++i.
由题意得∵y≠0,
∴解得或
∴存在虚数z=-1-2i或z=-2-i满足题意.
思想方法练
1.C　设z=a+ai(a∈R),则(a+ai)i=2-bi,
即-a+ai=2-bi,
∴∴
2.A　因为z2=(1+bi)2=1-b2+2bi=-3+4i,
所以解得b=2,所以z=1+2i,所以=1-2i.所以的虚部为-2.
3.答案　8
解析　因为====+i为纯虚数,
所以解得a=8.
4.答案　-6
解析　∵z=a-i,∴==1+bi,
即a-i=(1+i)(1+bi)=1+bi+i-b=1-b+(b+1)i,
根据复数相等的充要条件,得
解得∴ab=-6.
5.答案　11或-
解析　设方程的实数根为x=m,则3m2-m-1=(10-m-2m2)i,
所以
解得或
所以a的值为11或-.
6.解析　∵f(z)=|1+z|-,∴f(-z)=|1-z|+.
设z=a+bi(a,b∈R),则=a-bi.
由f(-z)=10+3i,得|1-(a+bi)|+a-bi=10+3i,
所以解得
所以复数z=5-3i.
7.B　由题图,知z1=-2-i,z2=i,所以z1-z2=-2-2i,故选B.
8.D　如图,==-,∵对应的复数为3+i,对应的复数为-1+3i,
∴对应的复数为(3+i)-(-1+3i)=4-2i.
9.答案　[4-,4+]
解析　设z=x+yi(x,y∈R).因为|z|=4,所以复数z在复平面内对应的点的集合是以原点为圆心,4为半径的圆.|z+1-i|的几何意义是圆上任意一点(x,y)到(-1,1)的距离,圆心到(-1,1)的距离为.由图可知,圆上任意一点(x,y)到(-1,1)的距离的最大值为4+,最小值为4-,
因此|z+1-i|的取值范围是[4-,4+].
10.答案　2;三
解析　易得z1+z2=(-2mi)+(-m+m2i)=(-m)+(m2-2m)i.
∵z1+z2>0,∴z1+z2为实数,且大于0.
∴解得m=2.
∴z2=-2+4i,∴=-2-4i,其对应的点为(-2,-4),位于第三象限.
11.解析　设z=x+yi(x,y∈R,y≠0).
(1)证明:将z=x+yi(x,y∈R,y≠0)代入|2z+3|=|+2|,
得|(2x+3)+2yi|=|(x+2)-yi|,即=·,整理得x2+y2=3,即|z|=,所以|z|为定值.
(2)假设存在实数k,使得+为实数,
即+=+=+=+=+i为实数,
∴-=0,
∵y≠0,∴k=±,故存在实数k,使+为实数,此时k=±.
12.D　原方程可化为z=2-||+i,
两边取模,得|z|=.
又|z|=||,解得||=,
代入原方程,得z=+i.
13.解析　由z3=8,得(z-2)(z2+2z+4)=0.
又z为虚数,所以z2+2z+4=0.
∴z3+z2+2z+2=z3+(z2+2z+4)-2=8+0-2=6.