第一部分 专题四
第2讲
A组 基础能力练
1．(2019·新课标全国Ⅲ卷)楞次定律是下列哪个定律在电磁感应现象中的具体体现( D )
A．电阻定律
B．库仑定律
C．欧姆定律
D．能量守恒定律
【解析】 楞次定律指感应电流的磁场阻碍引起感应电流的原磁场的磁通量的变化，这种阻碍作用做功将其他形式的能转变为感应电流的电能，所以楞次定律的阻碍过程实质上就是能量转化的过程．
2．(2020·山东青岛质检)物理课上，老师做了一个奇妙的“跳环实验”．如图，她把一个带铁芯的线圈L、开关S和电源用导线连接起来后．将一金属套环置于线圈L上，且使铁芯穿过套环．闭合开关S的瞬间，套环立刻跳起．某同学另找来器材再探究此实验．他连接好电路，经重复试验，线圈上的套环均未动．对比老师演示的实验，下列四个选项中，导致套环未动的原因可能是( D )
A．线圈接在了直流电源上
B．电源电压过高
C．所选线圈的匝数过多
D．所用套环的材料与老师的不同
【解析】 金属套环跳起来的原因是开关S闭合时，套环上产生的感应电流与通电螺线管上的电流相互作用而引起的，线圈接在直流电源上时，金属套环也会跳起．电压越高线圈匝数越多，S闭合时，金属套环跳起越剧烈．若套环是非导体材料，则套环不会跳起，故A、B、C选项错误，D选项正确．
3.(2020·浙江嘉兴5月测试)如图所示是一个趣味实验中的“电磁小火车”，“小火车”本体是两端都吸有强磁铁的电池，“轨道”是用裸铜线绕成的螺线管．将干电池与强磁铁组成的“小火车”放入螺线管内，就会沿螺线管运动，则( B )
A．“小火车”通过两端磁铁之间的排斥力而运动
B．干电池正负极对调后“小火车”运动方向将改变
C．“小火车”放入绝缘铜线绕成的螺线管后会沿螺线管运动
D．“小火车”放入表面无绝缘层的裸露铜管后会沿铜管运动
【解析】 “小火车”通过两端磁铁与螺线管之间的作用力而运动，故A错误；只将干电池的“＋”“－”极左右对调，则螺线管产生的磁场的方向反向，“小火车”运动方向将改变，故B正确；绝缘铜线不导电，螺线管中无电流，不会产生磁场，故C错误；“小火车”放入表面无绝缘层的裸露铜管后不会沿铜管运动，因为铜管可看成很多闭合小线圈，磁铁运动则磁通量变化，根据楞次定律可知，感应电流会阻碍磁铁运动，故D错误．
4．(2018·新课标卷Ⅰ)如图，导体轨道OPQS固定，其中PQS是半圆弧，Q为半圆弧的中心，O为圆心．轨道的电阻忽略不计．OM是有一定电阻．可绕O转动的金属杆．M端位于PQS上，OM与轨道接触良好．空间存在与半圆所在平面垂直的匀强磁场，磁感应强度的大小为B，现使OQ位于以恒定的角速度逆时针转到OS位置并固定(过程Ⅰ)；再使磁感应强度的大小以一定的变化率从B增加到B′(过程Ⅱ)．在过程Ⅰ、Ⅱ中，流过OM的电荷量相等，则等于( B )
A．
B．
C．
D．2
【解析】 过程Ⅰ回路中磁通量变化ΔΦ1＝BπR2，设OM的电阻为R，流过OM的电荷量Q1＝ΔΦ1/R.过程Ⅱ回路中磁通量变化ΔΦ2＝(B′－B)πR2，流过OM的电荷量Q2＝ΔΦ2/R.Q2＝Q1，联立解得：B′/B＝3/2，选项B正确．
5.(2020·江门调研)如图所示为游乐场中过山车的“磁力刹车装置”．在过山车两侧安装铜片，停车区的轨道两侧安装强力磁铁，当过山车进入停车区时，铜片与强力磁铁的相互作用使过山车能很快地停下，下列说法中错误的是( C )
A．过山车进入停车区时其动能转化成电能
B．过山车进入停车区的过程中两侧的铜片中会产生感应电流
C．把铜片换成有机玻璃片，也能达到相同的刹车效果
D．过山车进入停车区的过程中铜片受到的安培力使过山车减速
【解析】 磁力刹车制动器是由一个或两个磁力很强的磁铁长条组成，当金属片(通常是铜或铜铝合金)切割磁感线时，会在金属内部产生涡流，这将生成一个安培力来反抗运动．由此产生的制动力是与速度成正比的．金属片在磁铁内移动，动能转化为电能并最终转化为内能．选项C中玻璃片不是金属，达不到同样的刹车效果，故选项C错误．
6．(多选)(2020·新疆克拉玛依三模)如图所示，在水平面上固定两条足够长的平行光滑金属导轨，导轨间连接电阻为R(其余电阻不计)，导轨间距为L，匀强磁场垂直于导轨所在的平面向下，磁感应强度大小为B；已知金属杆MN质量为m，与导轨接触良好．当金属杆以初速度v0向右滑动，在运动过程中( BC )
A．金属杆MN将做匀减速运动
B．金属杆MN的最大加速度为
C．电阻R总共产生的电热为mv
D．感应电流通过金属杆的方向由M流向N
【解析】 金属杆MN向右运动时切割磁感线产生感应电流，受到向左安培力而做减速运动，由a＝＝可知，随速度的减小，加速度减小，则金属杆将做加速度减小的变减速运动，且开始运动时加速度最大，最大值为am＝，选项A错误，B正确；整个过程中金属棒的动能转化为电热，即电阻R总共产生的电热为mv，选项C正确；根据右手定则可知，感应电流通过金属杆的方向由N流向M，选项D错误；故选B、C．
7．(多选)(2020·陕西渭南质检)匀强磁场方向垂直纸面，规定垂直纸面向里的方向为正，磁感应强度B随时间t变化规律如图甲所示．在磁场中有一细金属矩形回路，回路平面位于纸面内，如图乙所示．令I1、I2、I3分别表示Oa、ab、bc段的感应电流，F1、F2、F3分别表示Oa、ab、bc段回路右侧PQ边受到的安培力．则( AC )
A．I1沿逆时针方向，I2沿顺时针方向
B．I2沿逆时针方向，I3沿顺时针方向
C．F1方向向左，F2方向向右
D．F2方向向右，F3方向向右
【解析】 由楞次定律可知，Oa段感应电流为逆时针方向，ab、bc段感应电流为顺时针方向，故A正确B错误；Oa段感应电流为逆时针方向，磁感应强度方向垂直纸面向里，由左手定则可知，PQ边受到的安培力方向向左；ab段感应电流为顺时针方向，磁感应强度方向垂直纸面向里，由左手定则可知，PQ边受到的安培力方向向右；bc段感应电流为顺时针方向，磁感应强度方向垂直纸面向外，由左手定则可知，PQ边受到的安培力方向向左；故C正确D错误．
8．(多选)(2020·苏锡常镇四市二模)如图甲所示，水平放置平行金属导轨左端连接一个平行板电容器C和一个定值电阻R，导体棒MN放在导轨上且接触良好．装置放于垂直导轨平面的磁场中，磁感应强度B的变化情况如图乙所示(垂直纸面向上为正)，MN始终保持静止．不计电容器充电时间，则在0～t2时间内，下列说法正确的是( AD )
A．电阻R两端的电压大小始终不变
B．电容C的a板先带正电后带负电
C．MN棒所受安培力的大小始终不变
D．MN棒所受安培力的方向先向右后向左
【解析】 由乙图知，磁感应强度均匀变化，根据法拉第电磁感应定律可以知道，回路中产生恒定电动势，电路中电流恒定，电阻R两端的电压恒定，故A正确；根据楞次定律判断可以知道，通过R的电流一直向下，电容器a板电势较高，一直带正电，故B错误；由右手定则判断得知，MN中感应电流方向一直向上，由左手定则判断可以知道，MN所受安培力的方向先向右后向左，故C正确；根据安培力公式F＝BIL，I、L不变，因为磁感应强度变化，MN所受安培力的大小变化，故D错误；故选AD．
B组 素养提升练
9．(2018·全国卷Ⅱ)如图，在同一平面内有两根平行长导轨，导轨间存在依次相邻的矩形匀强磁场区域，区域宽度均为l，磁感应强度大小相等、方向交替向上向下．一边长为l的正方形金属线框在导轨上向左匀速运动，线框中感应电流i随时间t变化的图线可能是( D )
【解析】 找到线框在移动过程中谁切割磁感线，并根据右手定则判断电流的方向，从而判断整个回路中总电流的方向．要分过程处理本题．
第一过程从①移动②的过程中
左边导体棒切割产生的电流方向是顺时针，右边切割磁感线产生的电流方向也是顺时针，两根棒切割产生电动势方向相同所以E＝2Blv，则电流为i＝＝，电流恒定且方向为顺时针，再从②移动到③的过程中左右两根棒切割磁感线产生的电流大小相等，方向相反，所以回路中电流表现为零，
然后从③到④的过程中，左边切割产生的电流方向逆时针，而右边切割产生的电流方向也是逆时针，所以电流的大小为i＝＝，方向是逆时针
当线框再向左运动时，左边切割产生的电流方向顺时针，右边切割产生的电流方向是逆时针，此时回路中电流表现为零，故线圈在运动过程中电流是周期性变化，故D正确．
10．(2020·陕西省西安中学高三下学期第四次模拟)如图所示，在倾角为θ的光滑斜面上，有三条水平虚线l1、l2、l3，它们之间的区域Ⅰ、Ⅱ宽度均为d，两区域分别存在垂直斜面向下和垂直斜面向上的匀强磁场，磁感应强度大小均为B，一个质量为m、边长为d、总电阻为R的正方形导线框，从l1上方一定高度处由静止开始沿斜面下滑，当ab边刚越过l1进入磁场Ⅰ时，恰好以速度v1做匀速直线运动；当ab边在越过l2运动到l3之前的某个时刻，线框又开始以速度v2做匀速直线运动，重力加速度为g.在线框从释放到穿出磁场的过程中，下列说法正确的是( CD )
A．线框中感应电流的方向不变
B．线框ab边从l1运动到l2所用时间大于从l2运动到l3所用时间
C．线框以速度v2做匀速直线运动时，发热功率为sin2θ
D．线框从ab边进入磁场到速度变为v2的过程中，减少的机械能ΔE机与重力做功WG的关系式是ΔE机＝WG＋mv－mv
【解析】 线圈的ab边进入磁场Ⅰ过程，由右手定则判断可知，电流方向为逆时针；线框从磁场Ⅰ出来并进入磁场Ⅱ过程中，电流方向为顺时针；线框从磁场Ⅱ出来过程中，电流方向为逆时针，则线框中感应电流的方向会改变，A错误；当线框ab边恰好达到l2时，ab边与cd边共同切割磁感线，感应电动势为之前的2倍，瞬时电流也为之前时刻的2倍，所以ab与cd边受到的沿斜面向上的安培力合力为重力沿斜面向下的分量的4倍，线圈将做加速度逐渐减小的减速运动，直到以速度v2匀速直线运动，则有v1>v2，ab边从l1运动到l2的平均速度大于从l2运动到l3的平均速度，则线框ab边从l1运动到l2所用时间小于从l2运动到l3的时间，B错误；线圈以速度v2匀速运动时mgsin
θ＝2BId＝2Bd·＝得v＝，电功率P＝Fv＝sin2θ，C正确；机械能的减小等于线框产生的电能，则由能量守恒得知：线框从ab边进入磁场到速度变为v2的过程中，减少的机械能ΔE机与线框产生的焦耳热Q电的关系式是ΔE机＝Q电，即ΔE机＝WG＋mv－mv，D正确．
11．(2020·江苏省扬州中学高三下学期5月月考)如图所示，在光滑水平面上，有一个粗细均匀的单匝正方形闭合线框abcd.t＝0时刻，线框在水平外力的作用下，从静止开始向右做匀加速直线运动，bc边刚进入磁场的时刻为t1，ad边刚进入磁场的时刻为t2，设线框中产生的感应电流的大小为i，ad边两端电压大小为U，水平拉力大小为F，则下列i、U、F随运动时间t变化关系图像正确的是( C )
【解析】 根据物理规律得到物理量表达式，再选择图像是研究图像问题常用的思路，采用数学上数形结合的思维方法．金属杆的速度与时间的关系式为v＝at，a是加速度．由E＝BLv和I＝得，感应电流与时间的关系式为I＝t，B、L、a均不变，当0－t1时间内，感应电流为零，t1－t2时间内，电流I与t成正比，t2时间后无感应电流，故A、B错误；由E＝BLv和I＝得，感应电流与时间的关系式为I＝t，当0－t1时间内，感应电流为零，ad的电压为零，t1－t2时间内，电流I与t成正比，Uad＝IRad＝×R＝，电压随时间均匀增加，t2时间后无感应电流，但有感应电动势，Uad＝E＝BLat，电压随时间均匀增加，故C正确；根据推论得知：金属杆所受的安培力为FA＝，由牛顿第二定律得F－FA＝ma，得F＝t＋ma，当0－t1时间内，感应电流为零，F＝ma为定值，t1－t2时间内，F与t成正比，F与t是线性关系，但不过原点，t2时间后无感应电流，F＝ma为定值，故D错误．
12．(2020·福建福州5月模拟)如图(甲)所示，MN、PQ为水平放置的足够长平行光滑导轨，导轨间距为L＝0.5
m，导轨左端连接的定值电阻R＝1.5
Ω，整个装置处于竖直向下的匀强磁场中，磁感应强度为B＝2
T．将电阻为r＝0.5
Ω的金属棒ab垂直放置在导轨上，且与导轨接触良好，导轨电阻不计．规定水平向右为x轴正方向，在x＝0处给棒一个向右的初速度，同时对棒施加水平向右的拉力F作用，棒在运动过程中受的安培力FA随位移x的关系图像如图(乙)所示．求：
(1)金属棒速度v1＝1
m/s时，金属棒受到安培力大小FA1；
(2)金属棒运动到x＝2
m时，速度大小v2；
(3)估算金属棒运动到x＝2
m过程克服安培力做功值WA．
【答案】 (1)0.5
N (2)1.6
m/s (3)1.2
J
【解析】 (1)由法拉第电磁感应定律得感应电动势E1＝BLv1①
由闭合电路欧姆定律得回路中感应电流I1＝②
由安培力公式有FA1＝BLI1③
由①②③式得
FA1＝＝0.5
N④
(2)由图乙可得，金属棒运动到x＝2
m处，受到的安培力
FA2＝0.8
N⑤
由①②③式得
v2＝＝1.6
m/s⑥
(3)由FA－x图像中图线与x轴围成面积值就等于此过程安培力做的功，由图可得在0～2
m区域内大约有60个小方格，每个小方格面积值
0．1×0.2
J＝0.02
J⑦
所以此过程克服安培力做功
WA≈0.02×60
J＝1.2
J⑧
13．(2020·辽宁部分重点中学协作体模拟)如图所示，空间存在竖直向下的匀强磁场，磁感应强度B＝0.5
T．在匀强磁场区域内，有一对光滑平行金属导轨，处于同一水平面内，导轨足够长，导轨间距L＝1
m，电阻可忽略不计．质量均为m＝1
kg，电阻均为R＝2.5
Ω的金属导体棒MN和PQ垂直放置于导轨上，且与导轨接触良好．先将PQ暂时锁定，金属棒MN在垂直于棒的拉力F作用下，由静止开始以加速度a＝0.4
m/s2向右做匀加速直线运动，5
s后保持拉力F的功率不变，直到棒以最大速度vm做匀速直线运动．
(1)求棒MN的最大速度vm；
(2)当棒MN达到最大速度vm时，解除PQ锁定，同时撤去拉力F，两棒最终均匀速运动．求解除PQ棒锁定后，到两棒最终匀速运动的过程中，电路中产生的总焦耳热．
(3)若PQ始终不解除锁定，当棒MN达到最大速度vm时，撤去拉力F，棒MN继续运动多远后停下来？(运算结果可用根式表示)
【答案】 (1)2
m/s (2)5
J (3)40
m
【解析】 (1)棒MN做匀加速运动，由牛顿第二定律得：F－BIL＝ma
棒MN做切割磁感线运动，产生的感应电动势为：E＝BLv
棒MN做匀加速直线运动，5
s时的速度为：v＝at1＝2
m/s
在两棒组成的回路中，由闭合电路欧姆定律得：I＝
联立上述式子，有：F＝ma＋
代入数据解得：F＝0.5
N
5
s时拉力F的功率为：P＝Fv
代入数据解得：P＝1
W
棒MN最终做匀速运动，设棒最大速度为vm，棒受力平衡，则有：－BImL＝0
Im＝
代入数据解得：vm＝2
m/s
(2)解除棒PQ后，两棒运动过程中动量守恒，最终两棒以相同的速度做匀速运动，设速度大小为v′，则有：mvm＝2mv′
设从PQ棒解除锁定，到两棒达到相同速度，这个过程中，两棒共产生的焦耳热为Q，由能量守恒定律可得：Q＝mv－×2mv′2
代入数据解得：Q＝5
J；
(3)棒以MN为研究对象，设某时刻棒中电流为i，在极短时间△t内，由动量定理得：－BiL△t＝m△v
对式子两边求和有：∑(－BiLΔt)＝∑(mΔvm)
而△q＝i△t
对式子两边求和，有：∑Δq＝∑(iΔt)
联立各式解得：BLq＝mvm，
又对于电路有：q＝t＝t
由法拉第电磁感应定律得：＝
又q＝
代入数据解得：x＝40
m(共82张PPT)
第一部分
专题突破方略
专题四 电路与电磁感应
第2讲 电磁感应规律及综合应用
1
考情速览
·
明规律
2
核心知识
·
提素养
3
命题热点
·
巧突破
4
专题演练
·
速提升
01
考情速览
·
明规律
02
核心知识
·
提素养
一、求电荷量的三种方法
1．q＝It(式中I为回路中的恒定电流，t为时间)
(1)由于导体棒匀速切割磁感线产生感应电动势而使得闭合回路中的电流恒定，根据电流定义式可知q＝It.
(2)闭合线圈中磁通量均匀增大或减小且回路中电阻保持不变，则电路中的电流I恒定，t时间内通过线圈横截面的电荷量q＝It.
“物理观念”构建
二、求解焦耳热Q的三种方法
思想方法
一、电磁感应中电路综合问题
1．等效电源的分析
(1)用法拉第电磁感应定律算出E的大小．等效电源两端的电压等于路端电压，一般不等于电源电动势，除非切割磁感线的导体(或线圈)电阻为零．
“科学思维”展示
(2)用楞次定律或右手定则确定感应电动势的方向，从而确定电源正负极．感应电流方向是电源内部电流的方向，要特别注意在等效电源内部，电流由负极流向正极．
(3)明确电源内阻r.
2．电路结构的分析
(1)分析内、外电路，以及外电路的串并联关系，画出等效的电路图．
(2)应用闭合电路欧姆定律、串并联电路知识和电功率、焦耳定律等关系式联立求解．
模型建构
二、分析线框在磁场中运动问题的两大关键
1．分析电磁感应情况：弄清线框在运动过程中是否有磁通量不变的阶段，线框进入和穿出磁场的过程中，才有感应电流产生，结合闭合电路欧姆定律列方程解答．
2．分析导线框的受力以及运动情况，选择合适的力学规律处理问题：在题目中涉及电荷量、时间以及安培力为变力时应选用动量定理处理问题；如果题目中涉及加速度的问题时选用牛顿运动定律解决问题比较方便．
03
命题热点
·
巧突破
1．(2020·新课标卷Ⅱ)管道高频焊机可以对由钢板卷成的圆管的接缝实施焊接．焊机的原理如图所示，圆管通过一个接有高频交流电源的线圈，线圈所产生的交变磁场使圆管中产生交变电流，电流产生的热量使接缝处的材料熔化将其焊接．焊接过程中所利用的电磁学规律的发现者为
( )
A．库仑
B．霍尔
C．洛伦兹
D．法拉第
考点一 楞次定律和法拉第电磁感应定律的应用
考向1
电磁感应现象
D
【解析】 由题意可知，圆管为金属导体，导体内部自成闭合回路，且有电阻，当周围的线圈中产生出交变磁场时，就会在导体内部感应出涡电流，电流通过电阻要发热．该过程利用的原理是电磁感应现象，其发现者为法拉第．故选D．
2．(2020·新课标卷Ⅲ)如图，水平放置的圆柱形光滑玻璃棒左边绕有一线圈，右边套有一金属圆环．圆环初始时静止．将图中开关S由断开状态拨至连接状态，电路接通的瞬间，可观察到
( )
A．拨至M端或N端，圆环都向左运动
B．拨至M端或N端，圆环都向右运动
C．拨至M端时圆环向左运动，拨至N端时向右运动
D．拨至M端时圆环向右运动，拨至N端时向左运动
考向2
楞次定律的应用
B
【解析】 无论开关S拨至哪一端，当把电路接通一瞬间，左边线圈中的电流从无到有，电流在线圈轴线上的磁场从无到有，从而引起穿过圆环的磁通量突然增大，根据楞次定律(增反减同)，右边圆环中产生了与左边线圈中方向相反的电流，异向电流相互排斥，故选B．
3．(2020·江苏高考真题)如图所示，两匀强磁场的磁感应强度B1和B2大小相等、方向相反．金属圆环的直径与两磁场的边界重合．下列变化会在环中产生顺时针方向感应电流的是
( )
A．同时增大B1减小B2
B．同时减小B1增大B2
C．同时以相同的变化率增大B1和B2
D．同时以相同的变化率减小B1和B2
B
【解析】 产生顺时针方向的感应电流则感应电流的磁场的方向垂直纸面向里．由楞次定律可知，圆环中的净磁通量变化为向里磁通量减少或者向外的磁通量增多，A错误，B正确；同时以相同的变化率增大B1和B2，或同时以相同的变化率减小B1和B2，两个磁场的磁通量总保持大小相同，所以总磁通量为0，不会产生感应电流，C、D错误．故选B．
4．(2020·北京通州区一模)如图1所示，把一铜线圈水平固定在铁架台上，其两端连接在电流传感器上，能得到该铜线圈中的电流随时间变化的图线．利用该装置可探究条形磁铁在穿过铜线圈的过程中，产生的电磁感应现象．
两次实验中分别得到了如图2、3所示的电流—时间图线(两次用同一条形磁铁，在距铜线圈上端不同高度处，由静止沿铜线圈轴线竖直下落，始终保持直立姿态，且所受空气阻力可忽略不计)，下列说法正确的是
( )
A．条形磁铁的磁性越强，产生的感应电流峰值越大
B．条形磁铁距铜线圈上端的高度越小，产生的感应电流峰值越大
C．条形磁铁穿过铜线圈的过程中损失的机械能越大，产生的感应电流峰值越大
D．两次实验条形磁铁穿过铜线圈的过程中所受的磁场力都是先向上后向下
C
【解析】 如果在相同的高度处下落，则条形磁铁的磁性越强，产生的感应电动势的最大值也就越大，即感应的电流峰值越大，而现在没有说明是在相同的高度下落的，故选项A错误；条形磁铁距铜线圈上端的高度越小，落到下端时的速度就越小，产生的感应电动势也就越小，即产生的感应电流峰值越小，选项B也错误；根据能量守恒，条形磁铁穿过铜线圈的过程中损失的机械能都转化成了焦耳热，而焦耳热越大，需要的电流就会越大，则产生的感应电流峰值也会越大，选项C正确；根据楞次定律中的“来拒去留”的思路，两次实验条形磁铁穿过铜线圈的过程中所受的磁场力都是向上的，故选项D错误．
5．(多选)(2020·潍坊二模)如图，螺线管内有平行于轴线的外加磁场，以图中箭头所示方向为其正方向．螺线管与导线框abcd相连，导线框内有一闭合小金属圆环，圆环与导线框在同一平面内．当螺线管内的磁感应强度B随时间按图所示规律变化时
( )
A．在0～t1时间内，环有收缩趋势
B．在t1～t2时间内，环有扩张趋势
C．在t1～t2时间内，环内有逆时针方向的感应电流
D．在t2～t3时间内，环内有逆时针方向的感应电流
【答案】 BC
【解析】 在0～t1时间内，B均匀增加，则在线圈中产生恒定不变的感应电动势，则在导线框dcba中形成稳定的电流，则此时环中无感应电流产生，环也没有收缩趋势，选项A错误；
在t1～t2时间内，B的变化率逐渐减小，则螺线管中的感应电流方向为从下到上且逐渐减小，在导线框abcd中的磁通量为向外减小，穿过环的磁通量向外减小，根据楞次定律可知(增缩减扩)，环内有逆时针方向的感应电流，且有扩张趋势，选项B、C正确；在t2～t3时间内，B的方向向下，且B的变化率逐渐减小，则螺线管中的感应电流方向为从上到下且逐渐减小，在导线框abcd中的磁通量为向里减小，穿过环的磁通量向里减小，根据楞次定律可知(增反减同)，环内有顺时针方向的感应电流，选项D错误．
二次感应问题的处理技巧
(1)依据磁场所在的线圈(原线圈)中磁通量变化，利用楞次定律判断感应电流的方向．
(2)判断产生的感应电流大小是否变化，若变化，则存在二次感应问题．
(3)根据感应电流的方向及大小变化，结合安培定则判断无磁场线圈(二次要感应的线圈)中磁通量的变化情况．
(4)利用楞次定律或推论，判断无磁场线圈中的感应方向或线圈运动变化情况．
6，(多选)(2020·天津高考真题)手机无线充电是比较新颖的充电方式．如图所示，电磁感应式无线充电的原理与变压器类似，通过分别安装在充电基座和接收能量装置上的线圈，利用产生的磁场传递能量．当充电基座上的送电线圈通入正弦式交变电流后，就会在邻近的受电线圈中感应出电流，最终实现为手机电池充电．在充电过程中
( )
考向3
涡流、电磁阻尼和电磁振荡
A．送电线圈中电流产生的磁场呈周期性变化
B．受电线圈中感应电流产生的磁场恒定不变
C．送电线圈和受电线圈通过互感现象实现能量传递
D．手机和基座无需导线连接，这样传递能量没有损失
【答案】 AC
【解析】 由于送电线圈输入的是正弦式交变电流，是周期性变化的，因此产生的磁场也是周期性变化的，A正确，B错误；根据变压器原理，原、副线圈是通过互感现象实现能量传递，因此送电线圈和受电线圈也是通过互感现象实现能量传递，C正确；手机与机座无需导线连接就能实现充电，但磁场能有一部分以电磁波辐射的形式损失掉，因此这样传递能量是有能量损失的，D错误．故选A、C．
7．(多选)1824年，法国科学家阿拉果完成了著名的“圆盘实验”，实验中将一铜圆盘水平放置，在其中心正上方用柔软细线悬挂一枚可以自由旋转的磁针，如图所示，实验中发现，当圆盘在磁针的磁场中绕过圆盘中心的竖直轴旋转时，磁针也随着一起转动起来，但略有滞后，下列说法正确的是
( )
A．圆盘上产生了感应电动势
B．圆盘内的感应电流产生的磁场导致磁针转动
C．在圆盘转动的过程中，磁针的磁场穿过整个圆盘的磁通量发生了变化
D．圆盘中的自由电子随圆盘一起运动形成了电流，此电流产生的磁场导致磁针转动
【答案】 AB
【解析】 因为当磁体和导体之间的相对运动在导体内产生了感应电流，而感应电流产生的磁场又会与磁体的磁场相互作用，从而使磁体一起转动起来，具体是当铜圆盘在小磁针的磁场中转动时，半径方向的金属条在切割磁感线，发生电磁感应现象，在铜圆盘的圆心和边缘之间产生感应电动势，A项正确；圆盘在径向的辐条切割磁感线过程中，内部距离圆心远近不同的点电势不等而形成感应电流即涡流(根据圆盘转向的不同以及磁极的不同，
感应电流从轴心流向边缘或从边缘流向轴心)，而感应电流产生的磁场又会与小磁针的磁场相互作用，从而使小磁针一起转动起来，故B项正确，圆盘转动过程中，圆盘位置，圆盘面积和磁场都没有发生变化，故磁场穿过整个圆盘的磁场通量没有变化，C项错误；圆盘本身呈中性，不会产生环形电流，D项错误．
考向4
法拉第电磁感应定律的应用
8．(2020·海南5月调研)如图所示，用电阻为0.1
Ω的金属丝围成一个半径为0.3
m的扇形闭合线框，该线框绕垂直于纸面的O轴以100
rad/s的角速度匀速转动，O轴位于方向垂直纸面向里、磁感应强度大小为0.2
T的匀强磁场边界上．则线框进入磁场的过程中的电功率为
( )
A．8.1
W
B．9
W
C．30
W
D．90
W
A
t＝0.22
s时闭合开关S，细框瞬间跳起(细框跳起瞬间安培力远大于重力)，跳起的最大高度h＝0.20
m，不计空气阻力，重力加速度g＝10
m/s2，下列说法正确的是
( )
A．0～0.10
s内线圈中的感应电动势大小为3
V
B．开关S闭合瞬间，CD中的电流方向由C到D
C．磁感应强度B2的方向竖直向下
D．开关S闭合瞬间，通过细杆CD的电荷量为0.03
C
BD
考向5
电磁感应中的等效电路问题
10．(2020·安徽马鞍山质检)如图所示，虚线边界MN右侧充满垂直纸面向外的匀强磁场，磁感应强度大小为B，纸面内有一个边长为L，粗细均匀的正方形导线框abcd，cd边与MN平行．导线框在外力作用下，先后以v和2v的速度垂直MN两次匀速进入磁场．运动过程中线框平面始终与磁场垂直，则
( )
A．进入磁场过程中，导线框中感应电流方向为逆时针方向
B．导线框以速度v进入磁场时，cd两点间电势差为BLv
C．导线框两次进入磁场过程中产生的热量之比1∶2
D．导线框两次进入磁场过程中，外力做功的功率之比1∶2
【答案】 C
11．(2020·浙江选考7月)如图所示，固定在水平面上的半径为r的金属圆环内存在方向竖直向上、磁感应强度大小为B的匀强磁场．长为l的金属棒，一端与圆环接触良好，另一端固定在竖直导电转轴OO′上，随轴以角速度ω匀速转动．在圆环的A点和电刷间接有阻值为R的电阻和电容为C、板间距为d的平行板电容器，有一带电微粒在电容器极板间处于静止状态．已知重力加速度为g，不计其它电阻和摩擦，下列说法正确的是
( )
〔考向预测〕
1．(多选)(2019·新课标全国卷Ⅰ)空间存在一方向与纸面垂直、大小随时间变化的匀强磁场，其边界如图(a)中虚线MN所示，一硬质细导线的电阻率为ρ、横截面积为S，将该导线做成半径为r的圆环固定在纸面内，圆心O在MN上．t＝0时磁感应强度的方向如图(a)所示．磁感应强度B随时间t的变化关系如图(b)所示，则在t＝0到t＝t1的时间间隔内
( )
考点二 电磁感应中的图像问题
D
3．(多选)(2019·新课标全国卷Ⅱ)如图，两条光滑平行金属导轨固定，所在平面与水平面夹角为θ，导轨电阻忽略不计．虚线ab、cd均与导轨垂直，在ab与cd之间的区域存在垂直于导轨所在平面的匀强磁场．将两根相同的导体棒PQ、MN先后自导轨上同一位置由静止释放，两者始终与导轨垂直且接触良好．已知PQ进入磁场时加速度变小恰好为零，从PQ进入磁场开始计时，到MN离开磁场区域为止，流过PQ的电流随时间变化的图像可能正确的是
( )
AD
【解析】 PQ进入磁场时加速度为零，若PQ出磁场时MN仍然没有进入磁场，则PQ出磁场后至MN进入磁场的这段时间，由于磁通量Φ不变，无感应电流．由于PQ、MN同一位置释放，故MN进入磁场时与PQ进入磁场时的速度相同，所以电流大小也应该相同，A正确B错误；若PQ出磁场前MN已经进入磁场，由于磁通量Φ不变，PQ、MN均加速运动，PQ出磁场后，MN由于加速故电流比PQ进入磁场时电流大，故C正确D错误．
解决电磁感应图像问题的“三点关注”
(1)关注初始时刻：看感应电流是否为零，电流方向是正方向还是负方向．
(2)关注变化过程：看电磁感应发生的过程分为几个阶段，这几个阶段是否和图像变化相对应．
(3)关注变化趋势：看图线斜率的大小、图线的曲直是否和物理过程对应，分析大小和方向的变化趋势．
巧用流程解决电磁感应中力、电综合问题
考点三 电磁感应的综合应用
考向1
以“导体框”为载体的电磁感应问题
S2中存在竖直向上的匀强磁场，大小为B2＝2
T．将金属框ABCD及绝缘板均由静止释放，重力加速度g取10
m/s2，设最大静摩擦力等于滑动摩擦力，求释放时：
(1)金属框ABCD所受安培力的大小与方向；
(2)金属框ABCD的加速度大小．
2．(多选)(2020·新课标卷Ⅱ)如图，U形光滑金属框abcd置于水平绝缘平台上，ab和dc边平行，和bc边垂直．ab、dc足够长，整个金属框电阻可忽略．一根具有一定电阻的导体棒MN置于金属框上，用水平恒力F向右拉动金属框，运动过程中，装置始终处于竖直向下的匀强磁场中，MN与金属框保持良好接触，且与bc边保持平行．经过一段时间后
( )
A．金属框的速度大小趋于恒定值
B．金属框的加速度大小趋于恒定值
C．导体棒所受安培力的大小趋于恒定值
D．导体棒到金属框bc边的距离趋于恒定值
考向2
以“单棒＋导轨”模型为载体的电磁感应问题
BC
综上可得，金属框的加速度趋于恒定值，安培力也趋于恒定值，BC选项正确；
金属框的速度会一直增大，导体棒到金属框bc边的距离也会一直增大，A、D选项错误．故选B、C．
3.(2020·新课标卷Ⅲ)如图，一边长为l0的正方形金属框abcd固定在水平面内，空间存在方向垂直于水平面、磁感应强度大小为B的匀强磁场．一长度大于l0的均匀导体棒以速率v自左向右在金属框上匀速滑过，滑动过程中导体棒始终与ac垂直且中点位于ac上，导体棒与金属框接触良好．已知导体棒单位长度的电阻为r，金属框电阻可忽略．将导体棒与a点之间的距离记为x，求导体棒所受安培力的大小随x(0≤x≤l0)变化的关系式．
4．(多选)(2019·全国卷Ⅲ，19)如图所示，方向竖直向下的匀强磁场中有两根位于同一水平面内的足够长的平行金属导轨，两相同的光滑导体棒ab、cd静止在导轨上．t＝0时，棒ab以初速度v0向右滑动．运动过程中，ab、cd始终与导轨垂直并接触良好，两者速度分别用v1、v2表示，回路中的电流用I表示．下列图像中可能正确的是
( )
考向3
以“双棒＋导轨”模型为载体的电磁感应问题
【答案】 AC
【解析】 导体棒ab运动，切割磁感线，产生感应电流(逆时针)，导体棒ab受安培力F作用，速度减小，导体棒cd受安培力F′作用，速度增大，最终两棒速度相等，如下图所示．
04
专题演练
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