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班级 姓名 准考证号 考场号 座位号
此卷只装订不密封
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2020-2021学年度高中数学单元双基精品试卷
必修4第三章三角恒等变换 (B)
注意事项:
1.答题前,先将自己的姓名、准考证号填写在试题卷和答题卡上,并将准考证号条形码粘贴在答题卡上的指定位置。
2.选择题的作答:每小题选出答案后,用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑,写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非答题区域均无效。
3.非选择题的作答:用签字笔直接答在答题卡上对应的答题区域内。写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非答题区域均无效。
4.考试结束后,请将本试题卷和答题卡一并上交。
一、选择题:本题共12小题,每小题5分,共60分.在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的.
1.的值为( )
A.0 B.1 C. D.2
2.已知,,则( )
A.8 B.4 C.2 D.6
3.函数的最小正周期是( )
A. B. C. D.
4.化简的结果为( )
A. B. C. D.
5.已知,,,,
则( )
A. B. C. D.
6.若在中,,则的形状一定是( )
A.等腰直角三角形 B.直角三角形
C.等腰三角形 D.等边三角形
7.被誉为“中国现代数学之父”的著名数学家华罗庚先生倡导的“优选法”在生产和科研实践中得到了非常广泛的应用.就是黄金分割比的近似值,黄金分割比还可以表示成,则( )
A.4 B. C.2 D.
8.若,则的值为( )
A. B. C. D.
9.下列式子结果为的是( )
①;
②;③;④.
A.①② B.③ C.①②③ D.②③④
10.,,则( )
A.1 B. C. D.
11.已知函数,的最小值为,则实数的取值范围是( )
A. B. C. D.
12.的值为( )
A. B. C. D.
二、填空题:本大题共4小题,每小题5分.
13.若函数的最小值为1,则实数__________.
14.已知,且,则______.
15.已知是关于的方程的两个根,则________.
16.已知,,则_________.
三、解答题:本大题共6个大题,共70分,解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤.
17.(10分)已知函数,直线是函数的图象的一条对称轴.
(1)求函数的单调递增区间;
(2)已知函数的图象是由的图象上各点的横坐标伸长到原来的2倍,然后再向左平移个单位长度得到的,若,,求的值.
18.(12分)已知函数.
(1)求函数的最小正周期和单调递增区间;
(2)若函数所在匀上有两个不同的零点x1,x2,求实数m的取值范围,并计算的值.
19.(12分)已知.
(1)求的值;
(2)已知,,且,求的值.
20.(12分)已知函数,.
(1)求函数的周期和值域;
(2)设,若对任意的及任意的,都有不等式恒成立,求实数的取值范围.
21.(12分)已知△ABC中,函数的最大值为.
(1)求∠A的大小;
(2)若,方程在内有两个不同的解,求实数m取值范围.
22.(12分)已知函数.
(1)设,将函数表示为关于t的函数,求的解析式;
(2)对任意,不等式恒成立,求a的取值范围.
三角恒等变换(B)答 案
一、选择题:本题共12小题,每小题5分,共60分.在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的.
1.【答案】B
【解析】原式,故选B.
2.【答案】B
【解析】,解得,
所以,故选B.
3.【答案】B
【解析】,
所以最小正周期,故选B.
4.【答案】D
【解析】原式
,
故选D.
5.【答案】D
【解析】因为,所以,
故,
因为,所以,所以,
所以
,
故选D.
6.【答案】C
【解析】∵在中,,
∴,
∴,∴,
∴,
,∴,即,
∴为等腰三角形,故选C.
7.【答案】D
【解析】把代入
,故选D.
8.【答案】A
【解析】∵,∴,
∴,,
∴
,
故选A.
9.【答案】C
【解析】对于①,由于,
所以
;
对于②,由于,
所以
;
对于③,因为,;
对于④,因为,,
故选C.
10.【答案】D
【解析】∵,,
∴,,
∴,①
,②
由①②,得,
∴,故选D.
11.【答案】C
【解析】且,
由题意可知,对任意的,,
即,
即,
,则,,,可得.
当时,成立;
当时,函数在区间上单调递增,
则,此时,
综上所述,实数的取值范围是,故选C.
12.【答案】A
【解析】因为,
所以,
所以
,
同理:
,
所以,
,
故选A.
二、填空题:本大题共4小题,每小题5分.
13.【答案】5
【解析】,
其中,且终边过点,
所以,解得,故答案为5.
14.【答案】
【解析】,,
,
,.
15.【答案】
【解析】原式
.
由一元二次方程根与系数的关系得,
根据同角三角函数基本关系式可得,
即,解得,
又因为,所以,
所以,故答案为.
16.【答案】
【解析】由,可得,①
由,可得,②
由可得,
所以.
三、解答题:本大题共6个大题,共70分,解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤.
17.【答案】(1);(2).
【解析】(1),
当时,,得,
,,即,
令,解得,
函数的单调递增区间是.
(2),
,得,
,,,
.
18.【答案】(1)最小正周期为,单调递增区间为,;(2),.
【解析】函数,
化简可得
.
(1)函数的最小正周期,
由时单调递增,解得,
∴函数的单调递增区间为,.
(2)函数所在匀上有两个不同的零点x1′,x2′,
转化为函数与函数有两个交点,
令,∵,∴,
可得的图象(如图).
从图可知:m在,函数与函数有两个交点,
其横坐标分别为x1′,x2′.
故得实数m的取值范围是,
由题意可知x1′,x2′是关于对称轴是对称的,那么函数在的对称轴,
∴,那么.
19.【答案】(1);(2).
【解析】(1)由已知得,所以,
.
(2)由,可得,
则.
因为,所以,
又,则,
因为,,
则,则,所以.
20.【答案】(1),;(2).
【解析】(1),
周期,
由,则,
所以当,即时,有最小值;
当,即时,有最大值,
所以,所以,
即的值域为.
(2)对任意的及任意的,都有不等式恒成立,
只需当,
由(1)知,.
当,为上增函数,值域为R,不满足题意;
当,为上增函数,值域为,不满足题意;
当,为对勾函数,
所以,即,
当且仅当,即时取等号.
由题意,即可,所以.
21.【答案】(1);(2).
【解析】(1)
,
故,故,
因为,故.
(2),
故,令,,
则的图象如图所示:
又,考虑在上的解,
若,则或.
当时,方程的解为,此时有两解或,
故方程在内有两个不同的解,符合;
当时,方程的解为,此时仅有一解,
故方程在内有一个解,舍去,
若,则或,
此时在有两个不同的实数根(),
当时,则,,
要使得方程在内有两个不同的解,
则,.
令,则,解得;
当时,则且,故,,
要使得方程在内有两个不同的解,
则,,故,此时,符合,
综上,的取值范围为.
22.【答案】(1),;(2).
【解析】(1)
,
因为,所以,其中,
即,.
(2)由(1)知,当时,,
又在区间上单调递增,
所以,从而,
要使不等式在区间上恒成立,只要,
解得.