期末综合练习（二）-2020~2021学年高二下学期物理人教版（2019）选择性必修二（Word含答案）

期末综合练习（二）2020~2021学年高二下学期物理人教版（2019）选择性必修二
一、单选题
1．如图所示，两个相同的灯泡a、b和电阻不计的线圈L (有铁芯)与电源E连接，下列说法正确的是
A．S闭合瞬间，a灯发光b灯不发光
B．S闭合，a灯立即发光，后逐渐变暗并熄灭
C．S断开，b灯“闪”一下后熄灭
D．S断开瞬间，a灯左端的电势高于右端电势
2．如图所示，竖直平面内放置相距为L的两条足够长的光滑平行金属导轨，上端接有阻值为R的定值电阻，磁感应强度为B的匀强磁场垂直于导轨平面。将质量为m的导体棒AC由静止释放，导体棒始终与导轨垂直且接触良好，不计导轨和导体棒的电阻，重力加速度为g，则在导体棒运动到稳定的过程中（ ）
A．导体棒先做加速运动，然后做减速运动
B．导体棒中的电流方向为由A指向C
C．导体棒运动的最大速度false
D．电阻产生的焦耳热等于导体棒重力势能的减少量
3．如图所示，电源的内阻不计，电动势为12 V，R1＝8 Ω，R2＝4 Ω，电容C＝40 μF，则下列说法正确的是（ ）
A．开关断开时，电容器不带电
B．将开关闭合，电容器充电
C．将开关闭合后，稳定时电容器的电荷量为4.8×10－4 C
D．若开关处于闭合状态,将开关S断开,到再次稳定后,通过R1的总电荷量为3.2×10－4 C
4．两圆环A、B置于同一水平面上，其中A为均匀带正电的绝缘环，B为导体环，当A以如图所示的方向绕中心转动的角速度发生变化时，B中产生如图所示方向的感应电流。则（　　）
A．A的转速减小，B有扩张的趋势 B．A的转速增大，B有扩张的趋势
C．A的转速增大，B有收缩的趋势 D．A的转速减小，B有收缩的趋势
5．如图所示，AOC是光滑的金属导轨，AO沿竖直方向，OC沿水平方向，ab是一根金属棒，立在导轨上，它从静止开始在重力作用下运动，运动过程中b端始终在OC上，a端始终在OA上，直到完全落在OC上，空间存在着匀强磁场，磁场方向垂直于纸面向里，则ab棒在上述过程中( )
A．感应电流方向是b→a
B．感应电流方向是a→b
C．感应电流方向先是b→a，后是a→b
D．感应电流方向先是a→b，后是b→a
6．如图所示，边长为L的菱形由两个等边三角形abd和bcd构成，在三角形abd内存在垂直纸面向外的磁感应强度为B的匀强磁场，在三角形bcd内存在垂直纸面向里的磁感应强度也为B的匀强磁场．一个边长为L的等边三角形导线框efg在纸面内向右匀速穿过磁场，顶点e始终在直线ab上，底边gf始终与直线dc重合．规定逆时针方向为电流的正方向，在导线框通过磁场的过程中，感应电流随位移变化的图象是（　　）
A． B．
C． D．
7．如图所示的电路中，当开关断开后，灯A还可以延长发光时间，甚至还会闪亮一下，关于灯A延长发光的能量从何而来，下列的说法正确的是( )
A．电路中移动电荷由于有惯性，把动能转化为电能
B．线圈的磁场能转化为电能
C．导线发热产生的内能转化为电能
D．以上说法都不对
二、多选题
8．有一水平的转盘在水平面内匀速转动，在转盘上放一质量为m的物块恰能随转盘一起匀速转动，则下列关于物块的运动正确的是（　　）
A．如果将转盘的角速度增大，则物块可能沿切线方向飞出
B．如果将转盘的角速度增大，物块将沿曲线逐渐远离圆心
C．如果将转盘的角速度减小，物块将沿曲线逐渐靠近圆心
D．如果将转盘的角速度减小，物块仍做匀速圆周运动
9．光滑绝缘曲面与竖直平面的交线是抛物线，如图所示，抛物线的方程是y=x2，下半部处在一个水平方向的匀强磁场中，磁场的上边界是y=a的直线（图中的虚线所示），一个质量为m的小金属球从抛物线上y=b（b＞a）处沿抛物线自由下滑，忽略空气阻力，重力加速度值为g．则（　　）
A．小金属球沿抛物线下滑后最终停在O点
B．小金属球沿抛物线下滑后对O点压力一定大于mg
C．小金属球沿抛物线下滑后每次过O点速度一直在减小
D．小金属球沿抛物线下滑后最终产生的焦耳热总量是mg（b﹣a）
10．如图所示，磁感应强度为B的匀强磁场中，垂直磁场方向固定一边长为L的正方形线框abcd，线框每边电阻均为R。将线框的顶点a、b接在电动势为E、内阻为R的电源上，开关S闭合电路稳定后（　　）
A．线框的ad边和bc边受到的安培力方向相反
B．线框的ab边与dc边受到的安培力方向相反
C．整个线受到的安培力大小为0
D．整个线框受到的安培力大小为false
三、解答题
11．如图所示，空间存在竖直向下的有界匀强磁场，磁感应强度大小为B．一边长为L，质量为m、电阻为R的正方形单匝导线框abcd放在水平桌面上．在水平拉力作用下，线框从左边界以速度v匀速进入磁场，当cd边刚进入磁场时撤去拉力，ab边恰好能到达磁场的右边界．已知线框与桌面间动摩擦因数为μ，磁场宽度大于L，重力加速度为g.求：
(1) ab边刚进入磁场时，其两端的电压U；
(2) 水平拉力的大小F和磁场的宽度d；
(3) 整个过程中产生的总热量Q.
12．如图所示，MN、PQ为足够长的光滑平行金属导轨，两导轨的间距L=0.50m，导轨平面与水平面间夹角θ=37°，N、Q间连接一阻值R=0.40Ω的定值电阻，在导轨所在空间内有垂直于导轨平面向上的匀强磁场，磁感应强度B=0.20T。将一根金属棒垂直于MN、PQ方向置于导轨的ab位置，金属棒与导轨接触的两点间的电阻r=0.10Ω，导轨的电阻可忽略不计。现由静止释放金属棒，金属棒沿导轨向下运动过程中始终与导轨垂直，且与导轨接触良好。当金属棒滑行至cd处时，其速度大小v=4.0m/s，已知重力加速度g=10m/s2，sin37°=0.60，cos37°=0.80。求：
(1)金属棒沿导轨开始下滑时的加速度大小a；
(2)金属棒滑至cd处时电阻R两端的电压大小U；
(3)金属棒滑至cd处时电阻R的电功率大小P。
13．如图所示，水平面上有两根相距0.5m的足够长的平行金属导轨MN和PQ，它们的电阻可忽略不计，在M和P之间接有阻值为R=3Ω的定值电阻，导体棒ab长L=0.5m，其电阻为r=1.0Ω，质量m=1kg，导体棒与导轨接触良好，其间的摩擦因数为0.5。整个装置处于方向竖直向上的匀强磁场中，磁感应强度B=0.4T。在水平外力的作用下，导体棒v=10m/s的速度向右做匀速运动。求：
（1）导体棒产生的感应电动势多大？
（2）水平外力的大小？
14．如图所示，光滑固定斜面倾角θ=30°，一轻质弹簧底端固定，上端与M=3 kg的物体B相连，初始时B静止，A物体质量m=1 kg，在斜面上距B物体s1=10 cm处由静止释放，A物体下滑过程中与B发生碰撞，碰撞时间极短，碰撞后粘在一起，已知碰后AB经t=0.2 s下滑s2=5 cm至最低点，弹簧始终处于弹性限度内，A、B可视为质点，g取10 m/s2，求：从碰后至返回到碰撞点的过程中，弹簧对物体B冲量的大小。
15．如图所示，在竖直平面内有一质量为M的Π形线框abcd，水平边bc长为L，电阻为r，竖直边ab与cd的电阻不计；线框的上部处于与线框平面垂直的匀强磁场Ⅰ区域中，磁感应强度为B1，磁场Ⅰ区域的水平下边界（图中虚线）与bc边的距离为H．质量为m、电阻为3r的金属棒PQ用可承受最大拉力为3mg的细线悬挂着，静止于水平位置，其两端与线框的两条竖直边接触良好，并可沿着竖直边无摩擦滑动．金属棒PQ处在磁感应强度为B2的匀强磁场Ⅱ区域中，B2的方向与B1相同．现将Π形线框由静止释放，当bc边到达磁场Ⅰ区域的下边界时，细线刚好断裂，重力加速度为g．则从释放Π形线框至细线断裂前的整个过程中：
（1）感应电流的最大值是多少？
（2）Π形线框下落的最大速度是多少？
（3）金属棒PQ产生的热量是多少？
（4）请分析说明：Π形线框速度和加速度的变化情况，求出加速度的最大值和最小值．
16．如图所示，两根完全相同的“V”字形导轨OPQ与KMN倒放在绝缘水平面上，两导轨都在竖直平面内且正对、平行放置，其间距为L，电阻不计．两条导轨足够长，所形成的两个斜面与水平面的夹角都是α．两个金属棒ab和false的质量都是m，电阻都是R，与导轨垂直放置且接触良好．空间有竖直向下的匀强磁场，磁感应强度为B．
（1）如果两条导轨皆光滑，让false固定不动，将ab释放，则ab达到的最大速度是多少?
（2）如果将ab与false同时释放，它们所能达到的最大速度分别是多少?
17．如图1所示，一质量为m=0.5 kg 的物体放在粗糙的水平桌面上，用轻绳通过定滑轮与一根导体棒AB相连。导体棒AB的质量为M=0.1 kg，电阻为零。整个金属框架固定，且导体棒与金属框架接触良好，无摩擦。金属框架只有CD部分有电阻R=0.05 Ω，框架的宽度如图d=0.2 m。整个装置部分处于匀强磁场内，磁感应强度B0=1.0T，方向垂直金属框架平面向里，导体框架内通有电流I，方向ACDB。（水平面动摩擦因数为μ=0.5，重力加速度取g=10m/s2）
（1）当金属框架中通的电流I=5 A时，物体静止，求此时物体受到桌面的摩擦力大小？
（2）进一步探究电磁感应现象，如图2所示，保持B0不变，在金属框架上部另加垂直金属框架向外的匀强磁场，磁场区域宽度h=0.5 m，且磁感应强度B随时间均匀变大，若此时磁感应强度的变化率false=5 T/s，则回路中的电流大小？
（3）为了保持整个装置静止，需要在甲物体上放一个物体乙，求乙物体的质量至少多大？
18．如图所示，电动机通过其转轴上的绝缘细绳牵引一根原来静止的长L=lm、质量m=0.1kg的导体棒ab，导体棒紧贴在竖直放置、电阻不计的金属框架上，导体棒的电阻R=1Ω，磁感应强度B=1T的匀强磁场垂直于导体框架所在平面。当导体棒在电动机牵引下上升h=3.8m时，获得稳定速度，此过程中导体棒产生的热量0.2J，电动机工作时，电压表、电流表的读数分别为7V和1A，电动机的内阻r=1Ω。不计一切摩擦，g取10m/s2，求：
（1）在导体棒上升过程中，通过导体棒的电流方向和受到的磁场力的方向；
（2）导体棒所能达到的稳定速度是多少；
（3）导体棒从静止到稳定速度的时间是多少?
四、填空题
19．如图所示，平行于纸面向右的匀强磁场的磁感应强度false，长false的直导线中通有false的恒定电流，导线平行于纸面与B成60°夹角时，发现其受到的安培力为零；而将导线垂直于纸面放置时，可测得其受到的安培力大小为2N，则该区域同时存在的另一匀强磁场的磁感应强度false可能等于________或________．
20．如图所示，电阻false的导体false沿光滑导线框向右做匀速运动，线框中接有电阻false，线框放在磁感应强度false的匀强磁场中，磁场方向垂直于线框平面，导体false的长度false，运动速度false．线框的电阻不计．
（1）电路false中相当于电源的部分是__________，相当于电源的正极是_________端．
（2）导体切割磁感线所产生的感应电动势false__________false，流过电阻false的电流false_________false．
（3）导体false向右匀速运动所需的外力false__________false．
（4）电阻false上消耗的功率false__________false．
（5）外力的功率false__________false．
参考答案
1．B
【详解】
A．闭合开关瞬间，两小灯泡均有电流流过，同时发光，A错误；
B．闭合开关瞬间，a灯立即发光，根据楞次定律可知线圈中产生的阻碍原电流变大的感应电流逐渐减小至0，因为a灯和线圈并联，所以通过线圈的电流逐渐增大，通过a灯的电流逐渐减小，亮度逐渐减小，因为线圈电阻不计，所以稳定时a灯被短路，最后熄灭，B正确；
C．断开开关瞬间，b灯断路无电流流过，立即熄灭，C错误；
D．断开开关瞬间，根据楞次定律可知，通过线圈的电流水平向右，所以线圈作为感应电动势右端电势高于左端，所以a灯右端的电势高于左端，D错误。
故选B。
2．C
【详解】
AC．据牛顿第二定律可得金属棒下滑过程中的加速度为
false
由此可知，速度增大，加速度减小，所以导体棒达到稳定状态前做加速度减少的加速运动．
当加速度为0时，导体棒运动的速度最大，所以导体棒运动的最大速度为
false
故C正确，A错误；
B．根据右手定则可知，导体棒中的电流方向为由C指向A，故B错误；
D．根据能量守恒定律可知，导体棒重力势能的减少量等于电阻产生的焦耳热和导体棒的动能之和，故D错误；
故选C。
3．D
【解析】开关断开时，电容器直接与电源相连，故电容器带电；故A错误；开关闭合时，电容器并联在R2两端，则电压会减小，故电容器将放电；故B错误； 开关闭合，稳定后R2两端的电压U=R2R1+R2E=4V，则电荷量Q=UC=1.6×10?4C，故C错误； 根据以上分析可知，开关断开或闭合状态时，电容器两端的电压的变化量为△U=12-4=8V；则电量的变化为ΔQ=ΔUC=3.2×10?4C，减小的电量均通过R1，故D正确；
【点睛】本题为包含电容的闭合电路欧姆定律的动态分析问题，要注意明确电路结构，知道电容的电压计算方法；并能正确应用Q=UC计算电量的变化情况．
4．C
【详解】
AD．根据右手螺旋定则，A的转速减小，则在B环内产生垂直纸面向里的减小的磁场，根据楞次定律有，在B中会感应出顺时针方向的电流，且有扩张的趋势。故A错误；D错误；
BC．同理，根据右手螺旋定则，A的转速增大，则在B环内产生垂直纸面向里的增加的磁场，根据楞次定律有，在B中会感应出逆时针方向的电流，且有收缩的趋势。故B错误；C正确。
故选C。
5．C
【详解】
在ab杆滑动的过程中，△aob的面积先增大，后减小，穿过△aob磁通量先增大，后减小，根据楞次定律可知：感应电流的方向先是由b→a，后是由a→b．故ABD错误，C正确．故选C．
【点睛】
本题是楞次定律的应用，难点是分析△aob的面积变化．尤其要注意到面积在变化的过程中存在最大值，即在ab杆滑动的过程中，△aob的面积先增大，后减小，穿过△aob磁通量先增大，后减小，根据楞次定律来判断电流的方向．
6．A
【详解】
感应电动势false，电流false，三角形egf向右运动，根据右手定则，开始时ef切割磁感线，产生顺时针电流，大小设为false，false过程，en切割磁感线产生向下的电流，nf产生向上的电流，em产生向下电流，切割磁感线的有效长度为false，随着三角形的运动false在减小，感应电流减小，当运动false时，false，电流为零，false过程，继续移动根据等边三角形的几何关系，nf+em大于en，false，逐渐变大，电流变大，当efg与bcd重合时，eg边和ef切割磁感线，产生电流方向均为逆时针，大小变为false，L-2L过程中，继续移动gm切割磁感线，产生感应电动势，L有=gm，逐渐减小，直至全部出磁场电流为零，A正确．
7．B
【详解】
开关由闭合到断开瞬间，线圈中电流减小，线圈中产生感应电动势阻碍电流减小；而灯A与线圈L是串联，所以二者的电流是相等的.若L的电阻值小于灯泡的电阻值，则开始时流过L的电流值大于流过灯泡的电流值，断开开关S，可以看到灯泡先是“闪亮”（比开关断开前更亮）一下.该过程中产生的现象是由于线圈的自感产生的，是线圈中储存的磁能转化为电能的过程.
A.电路中移动电荷由于有惯性，把动能转化为电能与分析结果不相符；故A项错误.
B.线圈的磁场能转化为电能与分析结果相符；故B项正确.
C.导线发热产生的内能转化为电能与分析结果不相符；故C项错误.
D.以上说法都不对与分析结果不相符；故D项错误.
8．BD
【详解】
AB．物块恰能随转盘一起转动，说明此时充当向心力的摩擦力恰好能够保证物块做圆周运动。如果增大角速度ω，则需要的向心力要增大，而摩擦力不能再增大了，因此物块就会沿曲线逐渐远离圆心，A错误，B正确；
CD．若减小角速度ω，则需要的向心力减小，而摩擦力也可以减小，因此物块仍做匀速圆周运动，C错误，D正确。
故选BD。
9．BD
【详解】
A．圆环在磁场中运动的过程中，没有感应电流，机械能不再减小，所以圆环最终在直线y=a以下来回摆动，故A错误；
B．小金属球沿抛物线下滑后在最低点O只受到重力和支持力的作用，合力提供向心力，加速度的方向向上，所以对轨道的压力一定大于mg，故B正确；
C．圆环机械能不再减小时，最终在直线y=a以下来回摆动，之后每次过O点速度不再减小，故C错误；
D．圆环在磁场中运动的过程中，没有感应电流，机械能不再减小，所以圆环最终在直线y=a以下来回摆动，小金属球沿抛物线下滑后最终产生的焦耳热总量等于减少的机械能，即
false
故D正确。
故选BD。
10．AD
【详解】
A．线框ad、bc边中的电流方向相反，受到的安培力方向相反，选项A正确；
B．线框ab边与dc边中的电流方向相同，所受的安培力方向相同，选项B错误；
CD．设a、b间电阻为r，则
false
所以
false
根据闭合电路欧姆定律干路电流
false
所以安培力
false
选项D正确、C错误。
故选AD。
11．(1) false （2）false (3) false
【详解】
ab边相当于电源，根据切割公式求解感应电动势，根据闭合电路欧姆定律求解ab两端的电压Uab；根据安培力公式求解安培力，根据平衡条件求解拉力；根据运动学公式求解磁场的宽度d；匀速进入磁场过程是恒定电流，根据焦耳定律求解焦耳热；根据功能关系求解摩擦产生的热量；
解：(1) ab边相当于电源，根据切割公式，有 false
false
false
(2) false
撤去拉力后，线框匀减速运动，false
所false
(3) 进入磁场过程中产生焦耳热
false
由于摩擦产生的热量
false
所以整个过程产生的热量为
false
12．(1)6.0m/s2；(2)0.32V；(3)0.256W
【详解】
(1)金属棒沿导轨开始下滑时受重力和轨道对其的支持力，设其质量为m，根据牛顿第二定律，沿轨道斜面方向有
mgsinθ=ma
解得
a=gsinθ=6.0m/s2
(2)金属棒达到cd处时的感应电动势
E=BLv=0.40V
根据闭合电路欧姆定律可知，电阻R两端的电压
U=false=0.32V
(3)电阻R上的电功率
false
13．（1）2V；（2）5.1N
【详解】
(1)由法拉第电磁感应定律得
E=Blv=0.4×0.5×10V=2V
由右手定则判断ab中电流的方向为从b向a
(2)由闭合电路欧姆定律得：
I=false=0.5A
安培力大小为
F=BIL=0.4×0.5×0.5=0.1N
摩擦力为
f=μmg=0.5×10=5N
根据平衡条件可知
F'=f+F=5+0.1=5.1N
14．10N.S
【解析】A下滑false时的速度由动能定理： false， false
设初速度方向为正方向，AB相碰时由动量守恒定律： false
解得： false；
从碰后至返回到碰撞点的过程中，由动量定理得：
false
解得： false
点睛：本题考查动量守恒定律及功能关系和动量定理，在求解时要注意正确分析物理过程，确定物理规律再进行求解，注意规定正方向。
15．（1）false（2）false（3）false（4）false；false
【详解】
（1）Π形线框abcd与金属棒PQ构成闭合回路．在Π形线框下落过程中，bc边在磁场Ⅰ区域内切割磁感线，回路中产生感应电流，金属棒PQ在磁场Ⅱ区域中，受到向下的安培力，金属棒在拉力、重力和安培力的作用下处于平衡状态．随着线框下落速度的增大，感应电动势、感应电流、安培力都增大，bc边到达磁场下边界时，以上各量都达到最大．由细线断裂的临界条件：则有：
mg+F安=3mg，
即F安=2mg，
再由F安=B2ImL ，
联立各式得：
false．
（2）细线断裂瞬间，线框的速度最大，设为vm，此时感应电动势：
E=B1Lvm ，
由闭合电路的欧姆定律：
E=Im（r+R）=Im（r+3r），
联立得：
false．
（3）根据能量守恒定律，整个过程产生的热量等于减少的机械能，即
false ，
再由P=I2R可知，
false，
所以：
false ．
（4）Π形线框下落过程中，做加速度减小的变加速运动．刚释放瞬间，加速度最大为
false，
bc边到达磁场Ⅰ的下边界时加速度最小，设为amin，由牛顿第二定律解得：
false，
【点睛】
本题属于力电综合问题，考查了法拉第电磁感应定律、闭合电路欧姆定律与牛顿第二定律的内容，掌握能量守恒定律的应用，及功率表达式的运用，注意棒产生热量与整个电路的热量关系．
16．（1）false ； （2）false
【详解】
（1）ab运动后切割磁感线，产生感应电流，而后受到安培力，当受力平衡时，加速度为0，速度达到最大，受力情况如图所示

根据平衡条件false
又false ,
感应电流为false ,
电动势为false
联立上式解得false
（2）若将ab、a′b′同时释放，因两边情况相同，所以达到的最大速度大小相等，设为vm′．这时ab、a′b′都产生感应电动势而且是串联．
根据平衡条件false
false
感应电流为false
解得false
17．(1)f=2N (2)I=10A (3)m'≥0.1Kg
【详解】
（1）由左手定则可知导体棒所受的安培力向下，则对导体棒AB，由平衡条件可知：
false
其中
F安=B0I1d
解得
T=2N
对物体甲，由平衡知识可得：
f=T=2N
（2）根据法拉第电磁感应定律可得
false
根据楞次定律可知，感应电流为顺时针方向；
回路中的电流
false
（3）此时导体棒所受的安培力
false
对导体棒B:
false
对物块甲：
false
联立解得：
m'≥0.1Kg
18．（1）电流方向：b流向a；磁场力方向：垂直于金属棒竖直向下；（2）v=2m/s；（3）t=0.7s
【详解】
（1）金属棒上电流方向：b流向a；磁场力方向：垂直于金属棒竖直向下
（2）受力分析
根据感应电动势公式
false
根据欧姆定律
false
根据安培力公式
false
根据平衡条件
false
根据能量守恒
false
代入数据解得v=2m/s
（3）根据能量守恒
false
代入数据解得t=0.7s
19．false false
【详解】
根据题意“导线平行于纸面与B1成60°的夹角时，发现其不受安培力”说明合磁场一定与电流方向平行，即合磁场可能跟电流方向相同，或相反。
根据左手定则，将导线垂直于纸面放置时，所受的安培力的合力一定跟导线垂直。
垂直放置时，不妨设电流方向垂直纸面向内，则两种情况分别如下图
B1产生的安培力为F1，方向垂直B1向下，大小为F1=B1IL＝1N
[1]．第一种情况，合磁场跟电流方向相同
根据平行四边形定则，以F1为邻边、F合为对角线作另一个邻边F2，如上图所示，根据几何关系可知α=30°，F合＝2N、F1＝1N，所以F2＝falseN
因为F2＝B2IL，所以
false
如图B2的方向在纸面内垂直B1向上.
[2]．第二种情况，合磁场跟电流方向相反
根据平行四边形定则，以F1为邻边、F′合为对角线作另一个邻边F′2，如下图所示，如图θ=30°，所以根据余弦定理，有
false
因为false
所以
false
20．（1）ab， a， （2）0.4， 0.8， （3）0.032 （4）0.256 （5）0.32
【解析】
（1）电路abcd中相当于电源的部分是ab，由右手定则判断a是电源正极．
（2）导体切割磁感线所产生的感应电动势false
false
（3）导体false向右匀速运动所需的外力false
（4）电阻false上消耗的功率false
（5）外力的功率等于电功率：false
点睛：解答本题的关键要掌握右手定则、法拉第电磁感应定律、欧姆定律、左手定则等电磁感应中常用的规律；知道导体棒运动过程中的能量转化关系：外力的功率等于安培力的功率，等于转化成的电功率．