浙江省温州市乐清中学2016年保送生学科素养测试科学试题卷
一、选择题
1．（2016·温州）今年我国粮食喜获丰收，使粮食增产的物质主要来自( )
A．土壤中的有机物
B．空气中的二氧化碳和土壤中的无机盐
C．土壤中的无机盐
D．空气中的氧气和土壤中的有机物
【答案】B
【知识点】光合作用的原理
【解析】【分析】绿色植物利用光提供的能量，存叶绿体中把二氧化碳和水合成了淀粉等有机物，并且把光能转化成化学能，储存在有机物中，这个过程就叫光合作用。
【解答】粮食增产是体现在粮食中有机物的增加。而有机物是植物通过光合作用制造的。光合作用的原料是二氧化碳和水，植物体吸收的水主要来自于土壤中，吸收水分的器官主要根毛，通过导管运输给植物体的各个器官，二氧化碳通过叶片的气孔进入，从而为植物进行光合作用提供了原料，当然无机盐也是粮食生长发育需要的营养物质，但是含量较少，选项B符合题意。
2．（2016·温州）如图所示为人体肺泡与血液的气体交换示意图。下列判断正确的是 ( )
A．甲处血液鲜红，乙处血液暗红
B．乙处血液将汇集到肺静脉
C．乙处血液首先进入心脏的部位是右心房
D．进入肺泡的氧分子需要穿过三层细胞膜才能与血红蛋白结合
【答案】B
【知识点】血液循环
【解析】【分析】根据血液流动方向可知，甲为肺动脉，其内流静脉血；乙为肺静脉，其内流动脉血；甲肺动脉内血液来自心脏的右心室；乙肺静脉内血液将流回心脏的左心房．
【解答】A、根据血液流动方向可知，甲为肺动脉，其内流静脉血，血液暗红，乙处为肺静脉，其内流动脉血，血液鲜红，A错误；
B、乙处血液将汇集到肺静脉 ，其内流动脉血，B正确；
C、乙肺静脉内血液将流回心脏的左心房，C错误；
D、进入肺泡的氧分子需要穿过五层细胞膜才能与血红蛋白结合，D错误．
故选：B
3．（2016·温州）用“王水”（浓盐酸与浓硝酸的混合物）溶解某金属M后得到一种酸性物质：HMCl4，则下列物质所含M元素的化合价与HMCl4不同的是（ ）
A．M2O3 B．M(NO3)3 C．M2ClO D．MPO4
【答案】C
【知识点】化学式的书写及意义；元素化合价的规则与计算
【解析】【分析】根据元素化合价代数和为零来解答.
【解答】设HMCl4中M元素的化合价为x．由氢元素为+1价，氯元素为-1价，根据在化合物中正负化合价代数和为零，可得 （+1）+x+（-1）×4=0，解答x=+3；A.设M2O3中M元素的化合价为a,由氧元素为-2价,根据在化合物中正负化合价代数和为零，可得a2+(-2)3=0,解答a=+3,故选项不符合题意;B.设M(NO3)3中M元素的化合价为b,由硝酸根化合价为-1价,根据在化合物中正负化合价代数和为零，可得b+(-2)3=0,解答b=+3，故选项不符合题意;C.设M2ClO中M元素的化合价为c,由氧元素为-2价,氯元素化合价为-1价，根据在化合物中正负化合价代数和为零，可得c2+(-1)+(-2)=0,解答x=+，故选项符合题意；D.设MPO4中M元素的化合价为d,由磷酸跟化合价为-3价,根据在化合物中正负化合价代数和为零，可得d+(-3)=0,解答d=+3,故选项不符合题意;故答案选C.
4．（2016·温州）中国科学家以二氧化碳和金属钠为原料，在一定条件下制得了金刚石，化学方程式为：
3CO2 + 4Na xR + C（金刚石），则x 、R为（ ）
A．1、Na2CO3 B．2、Na2O2 C．4、Na2CO3 D．2、Na2CO3
【答案】D
【知识点】质量守恒定律及其应用
【解析】【分析】根据质量守恒定律，反应前后原子种类数目相等来解题。
【解答】由反应的化学方程式，可得知：反应前3CO2和4Na中所含原子种类与个数及反应后C中原子种类与个数，它们的关系如下，
反应前 反应后
C原子 3 1
O原子 6 0
Na原子 4 0
根据化学变化前后原子的种类、数目不变，则生成物R的X个分子中含有2个C原子、6个O原子、4个Na原子，则X=2，物质R的化学式为Na2CO3；
故选D。
5．（2016·温州）提纯下列物质，所选用试剂及操作方法均正确的是（ ）
选项 物质（括号内为杂质） 选用试剂 操作方法
A KCl（MnO2） 足量蒸馏水 溶解、过滤、洗涤、烘干
B CO2（CO） 通入氧气 点燃
C MgSO4溶液（CuSO4） 适量NaOH溶液 过滤
D N2（O2） 铜粉 灼热
A．A B．B C．C D．D
【答案】D
【知识点】物质除杂或净化
【解析】【分析】根据除杂的原理来解题，除杂的原理就是除掉杂质但不能除掉物质本身，同时还不能引入新的杂质。
【解答】A、经过一系列操作后得到的是杂质二氧化锰，故选项A不符合题意；B、二氧化碳中含有一氧化碳，二氧化碳不支持一般可燃物燃烧本身也不具有可燃性，虽然一氧化碳具有可燃性，但二氧化碳量比一氧化碳多，通入氧气点燃，一氧化碳也燃烧不了，故选项B不符合题意；C、氢氧化钠不仅可以与杂质反应也可以与物质反应，故选项不符合题意；D、铜粉在灼热的条件下遇氧气反应，除掉了杂质氧气，故选项D符合题意。故答案选D。
6．（2016·温州）如图所示，其中甲、乙、丙、丁、戊分别是铁、氢氧化钙、碳酸钠、氯化钡、盐酸中的一种。图中相连的两圆表示相应物质能发生反应，已知乙是铁。下列说法正确的是（ ）
A．五种物质以及各反应的生成物中，只有铁是单质
B．甲是碳酸钠
C．戊是氯化钡
D．图中发生复分解反应个数为3
【答案】C
【知识点】复分解反应及其应用；物质的鉴别、推断
【解析】【分析】乙是铁，五中物质种能与铁反应的只有盐酸，故丙是盐酸，盐酸可以与碳酸钠、氢氧化钙反应，所以戊是氯化钡，因为戊能与丁反应，所以丁是碳酸钠，剩下的甲是氢氧化钙。据此来解答此题。
【解答】A、盐酸与铁反应生成的氢气也是单质，故选项A不符合题意；B、甲是氢氧化钙，故选项B不符合题意；C、戊是氯化钡，故选项C符合题意；D、发生复分解反应的个数为4，故选项D不符合题意。故选C。
7．（2016·温州）根据事物的某些相似性类推其他的相似性，并预测类似的可能性，是我们经常使用的一种思维方法。以下类推结果与实际相符的是（ ）
①氧化物中都含有氧元素 含有氧元素的化合物都是氧化物
②某饱和溶液不能继续溶解某相应溶质 饱和溶液也不能继续溶解其它溶质
③氢氧化钠溶液中有OH—，能与酸反应 氢氧化钾溶液中也有OH—，也能与酸反应
④盐中含有金属离子和酸根离子 NH4NO3没有金属离子，不属于盐类
A．只有③ B．①③ C．①③④ D．②③④
【答案】A
【知识点】饱和溶液与不饱和溶液；常见物质的分类
【解析】【分析】根据氧化物的概念，饱和溶液的定义，碱的化学性质，盐的定义来解题。
【解答】氧化物中都含有氧元素是正确的，含氧元素且只有两种元素组成的化合物才是氧化物，故“含有氧元素的化合物都是氧化物”是错误的；某饱和溶液不能继续溶解某相应溶质是正确的， 饱和溶液能继续溶解其它溶质，故 “饱和溶液也不能继续溶解其它溶质”是错误的；氢氧化钠溶液中有OH-，能与酸反应 氢氧化钾溶液中也有OH-，也能与酸反应，这两句都是正确的；盐中含有金属离子和酸根离子， NH4NO3没有金属离子，但属于盐类，故“NH4NO3没有金属离子，不属于盐类”不正确，故选A。
8．（2016·温州）如图是甲、乙、丙三种物质的溶解度曲线，下列说法错误的是（ ）
A．t3℃时，甲、乙的饱和溶液降温到t2℃，析出晶体较多的是甲
B．t1℃时，三种物质的饱和溶液升温到t2℃，溶液中溶质质量分数的大小关系是乙＞甲＞丙
C．若乙中含有少量甲，可用海水晒盐的原理提纯乙
D．t3℃时，等质量的甲、乙分别配成该温度下的饱和溶液，所得溶液质量甲＜乙
【答案】A
【知识点】固体溶解度的概念；溶解度的影响因素
【解析】【分析】根据溶解度曲线的横、纵坐标表示的意义，曲线的变化趋势、陡度及其含义，及其曲线上的点和其交点所表示的意义可知，物质的溶解度随温度的变化情况，交点表示在该温度下两种物质的溶解度相同，锻炼了创新思维和整合知识的能力。
【解答】A、没有指明溶液的质量，所以无法比较析出晶体的质量，故选项A正确；B、饱和溶液的溶质质量分数与溶解度有关，通过比较几种物质溶解度的大小得出，选项B正确；乙的溶解度随温度的变化不大，提取乙用蒸发结晶的方法，故选项C正确；D、t3℃时甲的溶解度比乙大，相同质量的甲和乙配成饱和溶液需要的水的质量甲比乙少，故选项D正确；故选A。
9．（2016·温州）某无色气体X可能含有氢气、一氧化碳、二氧化碳和甲烷四种气体中的一种或两种。为确认其组成，某同学取一定量该气体按如图所示装置进行实验(假设每步都充分反应或吸收)，结果装置①中无明显变化，装置③增重1.8 g，装置④增重2.2 g。
下列关于气体X成分的分析中，错误的是（ ）
A．一定没有二氧化碳 B．可能含有甲烷和氢气
C．可能只有甲烷 D．可能含有氢气和一氧化碳
【答案】B
【知识点】物质的鉴别、推断
【解析】【分析】根据各装置的作用进行分析，①装置可以检验是否含有二氧化碳，碱石灰能吸收水分和酸性气体，浓硫酸是用来吸收水分的，氢氧化钠溶液用来吸收二氧化碳．装置①中无明显变化，排除了CO2；装置③增重1.8 g，说明生成了1.8g水；装置④增重2.2 g，说明生成了2.2g二氧化碳；根据水和二氧化碳的质量可计算出碳、氢元素的质量比，进而可以确定气体X的组成．
【解答】A、气体X通过澄清石灰石时无明显变化，说明一定不含二氧化碳，分析正确；B、该气体燃烧后生成水和二氧化碳，装置③增重1.8 g，说明生成了1.8g水，1.8g水中氢元素的质量为：1.8g×1× ×100%=0.2g；装置④增重2.2 g，说明生成了2.2g二氧化碳，碳元素的质量为2.2g× ×100%=0.6g，气体X中C：H=0.6g：0.2g=3：1；CH4中C：H=12：4=3：1；故X的组成可能是①只有甲烷，②可能含有氢气和一氧化碳，③可能同时含有甲烷、氢气和一氧化碳．通过以上分析，此项错误，符合题意；
C、通过以上分析，此项分析正确，不合题意；
D、通过以上分析，此项分析正确，不合题意．
故选B。
10．（2016·温州）在天平两边的托盘上各放一个质量相等的烧杯，并分别加入等质量、等质量分数的足量的稀盐酸，天平平衡。若向左盘烧杯中加入100 g碳酸钙，充分反应后，要想使天平重新平衡，应向右盘烧杯中加入的物质可能是（ ）
①56 g Zn和Fe2O3的混合物 ②100 g MgCO3和Al的混合物 ③84g Mg和Fe的混合物 ④100 g BaCO3和Cu的混合物
A．①③ B．② C．②④ D．③④
【答案】B
【知识点】根据化学反应方程式的计算；酸的化学性质
【解析】【分析】此题是一道天平平衡问题考查题，解题的关键是利用计算确定天平两端是否增重相等这一关键点．
【解答】设左边烧杯中产生的二氧化碳的质量为x
CaCO3+2HCl═CaCl2+H2O+CO2↑
100 44
100g x
=
x=44g
左边烧杯的质量增加量为：100g-44g=56g，也就是说右边烧杯的质量增加量也为56g天平才能保持平衡．
①Zn会放出气体Zn～H2，Fe2O3不会，所以增重54g～56g之间，不包括54g和56g，不能使天平平衡．
②都能放出气体，若全是MgCO3的话只增重47.6g，若全是Al的话增重88.9g，所以混合物可能达到增重56g，天平保持平衡．
③中若都是Mg的话Mg～H2，100g的镁生成氢气的质量是 ，所以增重100g-=91.7g ；若全是Fe的话Fe～H2 ，100g-=99.5g，
所以不可能达到56g的平衡点．
④中BaCO3会放出气体，Cu不会，所以都是BaCO3的话 100g-=77.6g，增重的量是大于56g的，最后算出来也达不到56g．
故选B。
二、选择题
11．（2016·温州）如图所示为一倾斜的平面镜，当你走向平面镜时，下列描述符合事实是( )
A．镜中的像变大 B．通过平面镜观察到的视野变大
C．镜中的像始终竖直 D．像与你的连线与镜面不垂直
【答案】B
【知识点】平面镜成像特点、原理和现象
【解析】【分析】平面镜所成的像是正立的、等大的虚像，物像关于镜面对称；观察物体时，从物体两端（上、下或左、右）引出的光线在人眼光心处所成的夹角为视角，物体的尺寸越大，离观察者越近，则视角越大，观察到的视野变大。
【解答】解：A、人在平面镜中的像的大小与人等大，当人走近镜子时，镜中的像的大小不变，A错误；
B、你走向平面镜时，人的视角近大远小，通过平面镜观察到的视野变大，人看到的像更清晰，B正确；
C、物像关于镜面对称，平面镜是倾斜的，像不是竖直的，C错误；
D、当你走向平面镜时，像与你的连线与镜面仍然垂直，D错误。
故选B。
12．（2016·温州）在下列数据中，最接近生活实际的是（ ）
A．对人体而言，安全电压不超过220V
B．冰的内能为0J
C．家用台灯工作时电流大约为2A
D．一个中学生从一楼走到二楼需要做功约为1500J
【答案】D
【知识点】电流和电流的单位换算；电压；功；内能
【解析】【分析】要对一些常见的物理量（电压、电流、质量、长度等）有一定的估测能力，根据生活常识去判断题目的对错。
【解答】解：对人体而言，安全电压不高于36V，A错；
B、冰的温度可能为0℃，但冰的内能不为0J，B错；
C、家用台灯的功率大约是40W，所以工作的电流I=≈0.18A，C错；
D、一个中学生从一楼走到二楼需要做功W=Gh=mgh=50Kg×10N/Kg×3m=1500J，D正确。
故选D。
13．（2016·温州）中央电视台科教频道的《原来如此》《冰雪危情》中一位体验者准备借用湿围巾从冰窟中自救爬出冰窟的情景，体验者只需将自己脖子上的围巾取下打湿后再抛到坚固的冰面上，几秒钟后便可以用力拽住围巾将自己从冰窟中拉离水面从而实现自救。下列对该情景中的说法或解释不正确的是（ ）
A．体验者用围巾将自己拉离水面说明力可以改变物体的运动状态
B．体验者将自己拉离水面时利用了物体间力的作用是相互的
C．体验者将自身拉离水面时体验者拉围巾的力大于围巾对他的拉力
D．体验者自救时将湿围巾抛在冰面上发生了凝固现象，这个现象要放热
【答案】C
【知识点】凝固与凝固现象；力的作用是相互的
【解析】【分析】力的作用效果：使物体发生形变、改变物体的运动状态；力的作用是相互的，相互的作用的两个力：大小相等、方向相反、在同一条直线上，但作用在不同的物体上；凝固是放热的过程，熔化是吸热的过程。
【解答】解：A、体验者用围巾将自己拉离水面说明体验者由静止变为运动，所以A正确；
B、体验者用力拽住围巾的同时围巾对体验者也施加力的作用，所以B正确；
C、体验者拉围巾的力等于围巾对他的拉力，所以C错；
D、湿围巾抛在冰面上发生了凝固现象，凝固放热，所以D正确。
故选C。
14．（2016·温州）如图所示是使用简单机械匀速提升同一物体的四种方式(不计机械自重和摩擦)，其中所需动力最小的是 （ ）
A． B．
C． D．
【答案】D
【知识点】杠杆的应用；动滑轮及其工作特点；滑轮组及其工作特点；斜面及其工作特点
【解析】【分析】由图示的斜面、滑轮组、动滑轮、杠杆分别求出拉力F1、F2、F3、F4，最后比较各力的大小，确定哪个拉力最小。
【解答】解：A、由图示的斜面知F1×L=G×h，F1×4m=G×2m，F1=G；
B、由图示可知，滑轮组承重绳子的股数为3，拉力F2=；
C、这是动滑轮的特殊使用方法，物体挂在动滑轮一侧的绳子上，拉动滑轮的轮轴，此时拉力F3=2G；
D、由图可知L4∶LG=(1m+3m)∶1m=4∶1，由杠杆平衡条件可得：F4×L4=G×LG，F4=G×；
因此最小拉力是F4。
故选D。
15．（2016·温州）如图所示是一种家庭电路带指示灯的按键开关的电路图。使用时发现，当开关断开时，照明灯甲熄灭，指示灯乙发出微光（便于夜晚找到开关）；当开关闭合时，只有照明灯甲正常发光。据此可以判断（ ）
A．甲灯的额定功率一定小于乙灯的额定功率
B．甲灯的电阻一定远大于乙灯的电阻
C．开关断开时，通过乙灯的电流大于通过甲灯的电流
D．甲灯的电阻一定远小于乙灯的电阻
【答案】D
【知识点】电功率计算公式的应用
【解析】【分析】当开关闭合时，电路为甲灯泡的简单电路且灯甲发光说明甲灯泡无短路现象；
当开关断开时，甲乙两灯泡串联，且明灯甲熄灭，指示灯乙发出微光，
因串联电路各处的电流相等，且灯泡的亮暗取决于实际功率的大小，
所以根据P=I2R可知，甲灯泡的实际功率远小于乙灯泡的实际功率，即甲灯的电阻远小于乙灯的电阻。
【解答】解：A、甲的额定电压为220V,乙的额定电压不知，无法判断两只灯泡的额定电功率的大小，所以A错；
当开关断开时，甲乙两灯泡串联，且明灯甲熄灭，指示灯乙发出微光，
因串联电路各处的电流相等，且灯泡的亮暗取决于实际功率的大小，
所以根据P=I2R可知，甲灯泡的实际功率远小于乙灯泡的实际功率，即甲灯的电阻远小于乙灯的电阻，所以B、C错，D正确。
故选D。
16．（2016·温州）如图所示是我国自主研制的“蛟龙号”载人潜水器，它可达到的最大下潜深度为7km，具有无动力下潜上浮先进技术，具有近底自动航行和悬停定位等多项先进功能。其中“深海潜水器无动力下潜上浮技术”主要是在潜水器两侧配备4块压载铁，重量可以根据不同深度与要求调整。1标准大气压近似取P0=1.0×105Pa，海水密度近似取ρ=1.0×103kg/m3，g取10N/kg，下列说法不正确的是（ ）
A．水下7km处的压强相当于700个大气压
B．若潜水器最快下潜的速度是0.7m/s，则到达7km海底需要4h
C．潜水器在水面下处于悬停时，它在竖直方向上受到的重力与浮力是一对平衡力
D．深海潜水器采用抛弃压载铁的办法实现上浮，而潜艇使用压缩空气把空气舱中的海水逼出去达到上浮的目的
【答案】B
【知识点】速度公式及其应用；影响液体压强大小的因素；物体的浮沉条件及其应用
【解析】【分析】（1）根据液体压强的计算公式P=ρ液gh就可以计算出水下7km处的压强，再结合1个标准大气压的大小计算出相当于几个大气压；
（2）根据速度的计算公式v=的变形公式t=就可以计算出潜水艇下潜的时间；
（3）潜水器在水下悬浮，受到的重力和浮力大小相等；
（4）潜水器是靠改变自身的重力来改变它在水中的上浮和下潜的．
【解答】解：A、水下7km处的压强是P=ρ液gh=1.0×103Kg/m3×10N/kg×7000m=7×107Pa，
1个标准大气压P0=1.0×105Pa，相当于=700个，故该选项说法正确；
B、潜水器最快下潜的速度是0.7m/s=0.7×3.6Km/h=2.52Km/h，则到达7km海底需要t==≈2.8h故该选项说法不正确；
C、潜水器在水面下处于悬停时，它在竖直方向上受到的重力与浮力大小相等、方向相反、作用在同一直线上，是一对平衡力，故该选项说法正确；
D、深海潜水器采用抛弃压载铁的办法实现上浮，而潜艇使用压缩空气把空气舱中的海水逼出去达到上浮的目的，故该选项说法正确.
故选B.
17．（2016·温州）在水平桌面上放一物体A，桌面不光滑。在A的两边用轻绳通过定滑轮吊着B、C两个物体，已知GB=15 N ，VB=1.0×10-3m3，GC=10 N 。开始时把B物体浸没水中，如图所示，整个装置保持静止。现拔出容器底部的小木塞，缓慢放水直至物体B完全露出水面的过程中，整个装置还是静止不动，在不计定滑轮与轻绳之间的摩擦的情况下，有关物体A在放水过程中的受力情况，以下说法正确的是：（ ） (已知ρ水=1.0×103kg/m3， g取10N/kg)
A．A物体受到摩擦力的方向始终水平向右
B．A物体受到摩擦力的方向开始水平向左后变为水平向右
C．A物体受到摩擦力的大小范围是0N≤ｆ≤5N
D．A物体始终受到5个力的作用
【答案】C
【知识点】二力平衡的条件及其应用；平衡状态的判断；阿基米德原理
【解析】【分析】根据物体所处的状态分析物体在水平方向上的受力情况，（1）物体浸在水中时在水平方向受向左的拉力只有一个，大小等于GC，在水平向右的方向受两个力的作用：拉力F和摩擦力f，其中F=GB-F浮，所以GC=GB-F浮+f；（2）物体B完全露出水面时在水平方向受向左的力有两个：拉力F和摩擦力f，其中F=GC，在水平向右的方向只受一个拉力的作用，大小等于GB，所以GC+f=GB；由GC=GB-F浮+f和GC+f=GB得到f=F浮，再根据F浮的大小即可判断f的大小。
【解答】解：A、开始时物体A受到的摩擦力向右，随着水位的下降，浮力的减小，最后摩擦力的方向变为向左，所以A错；
B、A物体受到摩擦力的方向开始水平向右后变为水平向左，所以B错；
C、由开始时GC=GB-F浮+f，最后GC+f=GB得f= F浮；开始时f= F浮=F浮=ρ水V排g=×1.0×103kg/m3×1.0×10-3m3×10N/kg=5N，最后物体B完全露出水面f=F浮=0N，S所以A物体受到摩擦力的大小范围是0N≤ｆ≤5N；
D、开始和最后时水平方向受向左、右的拉力，摩擦力，竖直方向的重力和支持力，在水位下降的过程中有一个时刻A受到向左、右的拉力的拉力是平衡力时A没有运动的趋势，此时摩擦力f为0N时，A只受4个力的作用，所以D错。
故选C。
18．（2016·温州）如图装置中，物体A重100N，物体B重10N，在物体B的作用下，物体A在水平方向作匀速直线运动，则如果在物体A上加一个水平向左的拉力F，拉力的功率为10W，使物体B匀速上升3m所用的时间为（不计轮与轴之间的摩擦，不计轮重、绳重）（ ）
A．6s B．5s C．4s D．3s
【答案】A
【知识点】二力平衡的条件及其应用；功的计算公式的应用；功率计算公式的应用
【解析】【分析】（1）物体A在物体B的作用下向右做匀速直线运动，A受到的摩擦力和挂钩的拉力是一对平衡力，可求出摩擦力；
（2）拉动A向左运动，A受到水平向左的拉力F和水平向右的摩擦力、挂钩的拉力三力平衡，可求出拉力；
（3）利用滑轮组距离关系，B移动的距离是A移动距离的3倍，求出A移动的距离，则拉力所做的功为W=Fs，再利用P=求出做功时间。
【解答】解：物体A在物体B的作用下向右做匀速直线运动时，f=F拉=3GB=3×10N=30N；
拉动A向左运动时，A受力如图，
F=f+F拉=30N+30N=60N，sB=3m，则sA=sB=×3m=1m，因此拉力F做功为W=FsA=60N×1m=60J，所用时间为t==6s。
故答案为：6s。
19．（2016·温州）如图所示，电源电压保持6 V不变，电流表的量程为0～0.6 A，电压表的量程为0～3 V，定值电阻的规格为“10Ω 0.5A”，滑动变阻器的规格为“20Ω 1A”。闭合开关，为了保证电路安全，在变阻器滑片移动过程中，下列说法正确的是（ ）
A．变阻器R2接入电路的阻值允许变化范围为2 Ω～20 Ω
B．电流表示数允许的变化范围为0.2 A～0.5 A
C．电阻R1消耗功率允许的变化范围为0.4 W～0.9 W
D．电路消耗总功率允许的变化范围为1.2 W～3 W
【答案】C
【知识点】欧姆定律及其应用；电功率计算公式的应用
【解析】【分析】（1）根欧姆定律判断电流和电阻、电压之间的关系；
（2）根据P=UI判断电路消耗的功率。
【解答】解：A、R2的阻值最小时，也就是电流最大时，电压表的示数最大为3V，此时的电流为0.3A，电路的总电阻为20Ω，所以此时滑动变阻器的电阻为10Ω，所以A错；
B、当电压表示数最大时，此时的电流最大为I==0.3A，所以A错；
C、当电压表示数为3V时，电阻R1消耗的电功率最大为0.9W，当电压表示数最小时，也就是滑动变阻器的阻值最大时，此时电流I==0.2A，电压表的示数U=IR=0.2A×10Ω=2V，所以此时的电功率P=IR=2V×0.2A=0.4W，所以C正确；
D、电路消耗的最大功率P=UI=6V×0.3A=1.8W，最小功率P=UI=6V×0.2A=1.2W，所以D错。
故选C。
20．（2016·温州）将一只装满水的溢水杯放在水平桌面上，如图甲所示，此时水对杯底的压强为p1，杯底对桌面的压强为p甲；若将一石块用细线系着缓慢放入杯底，有一部分水溢出，稳定后如图乙所示，此时水对杯底的压强为p2，杯底对桌面的压强为p乙；如果改用小木块轻轻放在图甲的溢水杯中，也有一部分水溢出，稳定后如图丙所示，此时水对杯底的压强为p3，杯底对桌面的压强为p丙，则下列关系式成立的是（ ）
A．p1= p2 p甲 >p乙 B．p2> p3 p甲 =p丙
C．p1= p3 p乙 >p丙 D．p1< p3 p甲
【答案】C
【知识点】力的作用是相互的；压强的大小及其计算；影响液体压强大小的因素；物体的浮沉条件及其应用
【解析】【分析】（1）若将一石块用细线系着缓慢放入杯底，有一部分水溢出，由阿基米德原理知道石块受到的浮力等于排开的水的重力（溢出水的重力），而因为石块下沉，石块的重力大于浮力，据此可以得出石块的重力和溢出水的重力的大小关系，进而得出放入石块后杯对桌面的压力变化，而受力面积不变，根据压强公式P=得出压强变化；
（2）如果将小木块轻轻放在图（甲）的溢水杯中，有一部分水溢出，由阿基米德原理知道石块受到的浮力等于排开的水的重力（溢出水的重力），而因为木块漂浮，木块的重力等于浮力，据此可以得出木块的重力和溢出水的重力的大小关系，进而得出放入木块后杯对桌面的压力变化，而受力面积不变，根据压强公式P=得出压强变化。
（3）根据P=ρgh判断水对杯底的压强变化。
【解答】解：若将一石块用细线系着缓慢放入杯底，有一部分水溢出：
∵石块下沉，
∴F浮石＜G石，
∵F浮石=G排=G溢，
∴G石＞G溢，
∴放入石块后杯对桌面的压力将变大，而受力面积不变，
∵P=
∴杯对桌面的压强将变大，即p乙＞p甲；
如果将小木块轻轻放在图（甲）的溢水杯中，有一部分水溢出，
∵木块漂浮，
∴F浮木=G木，
∵F浮木=G排′=G溢′，
∴G木=G溢′，
∴放入木块后杯对桌面的压力不变，而受力面积不变，
∵P=
∴杯对桌面的压强不变，即p丙=p甲，所以P乙＞P甲=P丙
石块和木块放入水中，水的深度没变，根据P=ρgh知P1=P2=P3;
故选C.
三、非选择题
21．（2016·温州）小李同学暑期在云南腾冲旅游时，从海拔3780米高的高黎贡山峰带了个拧紧盖子的塑料瓶（如图（a）所示）下山，当晚回到海拔1600米的腾冲县城时，发现随身携带塑料瓶的形状发生了变化（如图（b）所示）。造成这一现象的主要原因是随着海拔高度的降低，空气密度 ，大气压也随之 ；而瓶内气体由于密闭，气压几乎不变，因此是 导致塑料瓶发生如此变化。
【答案】增大（变大）；增大（变大）；大气压（大气压变大）
【知识点】大气压强与高度的关系
【解析】【分析】大气压强是由空气重力产生的，高度大的地方，它上面空气柱的高度小，密度也小，所以距离地面越高，大气压强越小。即大气压强随高度的增大而减小。
【解答】解：造成这一现象的主要原因是随着海拔高度的降低，空气密度增大，大气压也随之增大，而瓶内气体由于密闭，气压几乎不变，因此是大气压的增大导致塑料瓶发生如此变化。
故答案为：（1）增大（变大）；（2）增大（变大）；（3）气压（大气压变大）。
22．（2016·温州）如图，电源电压保持不变，电阻R1 = R2 = R3 = 10Ω。要仅使R2、R3并联，R1没有电流通过，应闭合开关 ，此时电流表的示数为I1；要仅使R1、R2串联，开关S1、S2应 (选填“断开”或“闭合”)，此时电流表的示数为I2；则I1︰I2 = 。
【答案】S1S2；断开；4：1
【知识点】基本电路与电路图；欧姆定律及其应用
【解析】【分析】1）电路的基本连接形式有两种：一种是串联，在串联电路中电流只有一条路径，各用电器之间相互影响；另一种是并联，在并联电路中电流有多条流通路径，各个用电器之间互不影响，独立工作．
（2）电阻的串并联特点：n个相同的电阻串联，总阻值为nR1；n个相同的电阻并联，总阻值为R；
（3）利用欧姆定律计算电流I1、I2的大小，然后相比即可
【解答】解：（1）如图所示，电流从电源的正极流出经过电流表后，要使电阻R2、R3并联，则电流必须分别流入电阻R2、R3中，所以应闭合开关S1、S2，（电阻R1处于短路状态，没有电流通过）；
要使电阻R1、R2串联，电流从电源的正极流出经过电流表后，开关S1、S2断开，就能依次流经R1、R2，R3处于开路状态；
（2）∵电阻R1=R2=R3=10Ω。
∴R2、R3并联时，R并=R2=×10Ω=5Ω，I1=
R3、R2串联时，R串=2R1=2×10Ω=20Ω，电流I2=
因此I1：I2=∶=R串：R并=20Ω：5Ω=4：1。
23．（2016·温州）2015年的寒冬给人民的生活、生产带来很多困难。特别是北方的城市道路都结上冰，给交通安全带来了很大的影响，小王同学在上学的路上看到抢险队员在冰雪覆盖的道路上洒大量的盐，他产生了这样的疑问：含盐的冰熔化时跟纯净的冰熔化特点有何不同？含盐浓度不同的冰，熔化特点有无区别？为此，他进行了下列探究过程：
（1）他用同样多的纯水、淡盐水、浓盐水制得纯冰、淡盐冰、浓盐冰，然后将这些冰弄碎放入试管中，在冰块中插入温度计，记下此时温度计的示数。每隔0.5min记录一次温度计的示数，同时观察试管中冰块 的变化。在选择冰块吸热方式时有如图所示的三种方法，请你为他选择一种最佳的方法。你选择的方法是 （选填： “A”或“B”或“C”）。（当时的室温大约是8℃）在相同条件下测量三者的温度变化，得到三条温度变化曲线（纯冰对应曲线①、淡盐冰对应曲线②、浓盐冰对应曲线③）。
（2）分析曲线图可知：利用盐水制成的冰 （选填： “是”或“不是”）晶体。实验中淡盐冰的熔点是 ℃。
（3）根据分析可以得到：在冰雪覆盖的道路上洒盐，可以 （选填： “提高”或“降低”）冰的熔点，并且含盐浓度越高的冰，能在更 （选填： “高”或“低”）的温度下熔化。
（4）小王发现纯冰完全熔化成纯水后，继续加热，纯水的温度会继续升高，但比纯冰熔化前温度升高更慢，每5min只能升高约4℃。出现以上这种现象的原因是因为 。
【答案】（1）物态（状态）；A
（2）是；-3
（3）降低；低
（4）水的比热容是冰的比热容的2倍（水的比热容更大）
【知识点】熔点和凝固点；熔化和凝固的温度—时间图象；晶体与非晶体；比热容
【解析】【分析】（1）在对固体进行加热时，为使固体能均匀受热，需将固体弄碎然后加入试管，将试管放入水中进行加热；
（2）根据有些固体在熔化过程中尽管不断吸热，温度是否变化即可判断是晶体还是非晶体，若温度不变的是晶体，反之，则是非晶体；
（3）冰中含盐可以降低水的凝固点，使雪更容易融化；稀溶液的凝固点总是比纯溶液的低，这样，撒盐后，温度也许在0℃以下，但是还没有到盐水的凝固点，冰当然就化了．晶体中含有杂质，晶体的熔点由于杂质的存在或外界压强的变化而变化，含有杂质、外加压强变大，都会使晶体的熔点降低。
（4）不同物体吸热本领不同。
【解答】解：（1）由于冰在熔化过程中要不断吸热．A图将试管放入开水中，使冰能不断吸热熔化，又能及时观察冰的熔化状态．B图中用酒精灯加热，由于火焰温度较高，会使冰熔化过程加快，来不及观察．C 图中将试管放入空气中，当时室温保持10℃不变，会使冰的熔化过程加长，因此选择A图加热；
（2）由图象可知：
①纯冰熔化时，当时间为20分钟时，温度为0℃时，冰才开始熔化，温度保持0℃不变，故冰是晶体，熔点为0℃；
②淡盐冰当时间为时间为10分钟时，温度为-3℃时才开始熔化，故淡盐冰的熔点为-3℃；
③浓盐冰当时间为时间为3分钟时，温度为-7℃时才开始熔化，故淡盐冰的熔点为-7℃；
（3）冰雪中撒入盐后，降低了熔点，冰雪就会在较低的温度条件下开始熔化，可以使冰雪尽快地熔化．
（4）三种物质都未熔化前取升高相同的温度，可以看出浓盐冰对应曲线加热时间最短，所以含盐浓度越高的冰熔化前升温越快．
故答案为：（1）物态，A；（2）是、-3；（3）降低、低、；（4）水的比热容是冰的比热容的2倍（水的比热容大）。
24．（2016·温州）在“测定小灯泡的电功率”的实验中，使用用如图甲所示的电路，其中电源电压保持6 V不变，小灯泡额定电压为2.5 V(灯丝电阻约为12 Ω)。
（1）为能顺利完成该实验探究，下列四种规格的滑动变阻器应选用__________。
A．“10Ω 0.2A”的滑动变阻器 B．“10Ω 0.5A”的滑动变阻器
C．“20Ω 0.2A”的滑动变阻器 D．“20Ω 0.5A”的滑动变阻器
（2）电路连接完成后，闭合开关，移动滑动变阻器的滑片，发现小灯泡始终不发光，电压表有示数，电流表无示数，若电路只有一处故障，则故障原因是： 。
（3）排除故障后，闭合开关，移动滑片至某一位置时，发现电压表的示数如图乙所示；此时为了测量小灯泡的额定功率，应将滑动变阻器的滑片向 端移动.(选填： “A”或“B”)。
（4）多次测量，得出通过小灯泡的电流随它两端电压变化的关系如图丙所示。分析图像可知：该小灯泡正常发光时，滑动变阻器的功率为 W。灯丝电阻受温度的影响情况是
【答案】（1）D
（2）小灯泡断路
（3）B
（4）0.7；温度越高，灯丝电阻越大
【知识点】串、并联电路的电流特点；影响电阻大小的因素；滑动变阻器的原理及其使用；电流表、电压表在判断电路故障中的应用；测定小灯泡的功率
【解析】【分析】（1）知道灯泡额定电压和电阻，求出灯泡额定电流．滑动变阻器与灯泡串联．根据测量电路电压特点，求出灯泡正常工作时，滑动变阻器的电压，求出滑动变阻器的电阻；
（2）根据灯泡的明暗情况和电流表的示数检查电路故障，找出故障然所在；
（3）根据串联电路电流及电压的特点和滑动变阻器的使用方法判断；
（4）①P=UI的应用；②影响电阻大小的因素：电阻丝的材料、长度、横截面及温度。
【解答】解：（1）灯泡正常工作时，灯泡的额定电流：IL=≈0.2A,
滑动变阻器的电压及电流分别为3.5A、0.2A，其阻值RP==17.5A,所以应选D；
（2）小灯泡始终不发光，电压表有示数，电流表无示数，说明电流通过开关、滑动变阻器、电压表、电流表，无电流通过灯泡，所以灯泡断了；
（3）由图知L两端的电压为2.2V,要增大它两端电压，必须减小滑动变阻器的电压，即减小滑动变阻器的阻值，所以滑动变阻器的滑片向B端移动；
（4）①由P=UI得滑动变阻器的功率为：P=UI=3.5V×0.2A=0.7W;
②灯丝电阻主要受温度的影响，温度越高，灯丝电阻越大。
故答案为：（1）D；（2）小灯泡断路；（3）B；（4）0.7；温度越高，灯丝电阻越大。
25．（2016·温州）天空有近似等高的浓云层。为了测量云层的高度，在水平地面上与观测者的距离为d=6.0km处进行一次爆炸，观测者听到由空气直接传来的爆炸声和由云层反射来的爆炸声时间上相差Δt＝12.0s。试估算云层下表面的高度。已知空气中的声速v= km/s。
【答案】解：画图，设云层下表面的高度为h，则由云层反射来的爆炸声传播距离为s＝，声音反射传来的时间为t1＝，声音直接传来的时间为t2＝.则t1－t2＝Δt，将数据代入以上各式得：h＝4.0 km。答：云层下表面的高度为4.0 km。
【知识点】速度公式及其应用
【解析】【分析】要求云层的高度需要求出云层反射的声波传播的距离s，t由题意可以得出，而后根据勾股定理即可求出高度h。
26．（2016·温州）如图甲所示，电源的电压U保持不变，R1是一定值电阻，当滑动变阻器滑片移动时，整个电路消耗的总功率P随着电流I的变化如图乙中的直线OAC所示，抛物线OBC为电阻R1消耗的电功率P1随电流I变化的图线，A、B两点对应的横坐标为2A。求：
（1）电源电压U和R1分别是多少？
（2）线段AB表示的电功率为多大？
（3）滑动变阻器的电阻为多大时，滑动变阻器消耗的电功率为最大？最大值为多少？
【答案】（1）解：取图中C点，此时电阻R1的功率与总功率相等，即电压全部分配在R1上，滑动变阻器电阻为0Ω，
R1= ==1Ω；
答：电源电压U和R1分别3V、1Ω；
（2）解：由图像可得：IB=2A，PB=IB2R=（2A）2×1Ω=4W；
答：线段AB表示的电功率为2W；
（3）解：设滑动变阻器电阻为 ，
则 ， ，
得出 ， ，
当且仅当 时，即当 PX最大（或：当Rx=R1=1Ω时，PX最大）
PX =2.25W
答：滑动变阻器的电阻为1Ω，滑动变阻器消耗的电功率为最大；最大值2.25W。
【知识点】欧姆定律及其应用；电功率计算公式的应用
【解析】【分析】（1）根据P-I图像判断电路的连接情况，当I最大时P总等于P1，即P2为0W，说明电压全部加在R1两端，R2的阻值为0Ω，再根据功率的公式进行相关的计算；
（2）由图像OBC知IB的电流和P=I2R计算B的功率，由图像OAC知A点的功率为6W；
（3）用Rx和R1把滑动变阻器的功率表示出来，再根据数学知识把Rx的最大值求出。
27．（2016·温州）利用所学知识完成下面两个小题：
（1）化学中把物质与水发生的复分解反应称为水解反应。例如：Al2S3+6H2O=2Al(OH)3+3H2S↑。 利用上述信息，写出以下反应的化学方程式：
Mg3N2固体与水反应：
Al4C3与稀硫酸反应：
（2）化学上认为反应前后元素化合价有变化的反应叫氧化还原反应，把元素化合价升高的反应物叫还原剂，把元素化合价降低的反应物叫氧化剂，例如反应：CuSO4＋Fe=Cu＋FeSO4，其中Fe作还原剂，CuSO4作氧化剂。过氧化氢俗名双氧水，医疗上利用它有杀菌消毒作用来清洗伤口。现有下列反应：
A．Na2O2+2HCl=2NaCl+H2O2 B．Cl2+H2O2=O2+2HCl
C.2H2O2=2H2O+O2↑ D.3H2O2+Cr2（SO4）3+10KOH=2K2CrO4+3K2SO4+8H2O
上述反应中，H2O2只作氧化剂的反应是（填代号，下同） ， H2O2既作氧化剂又作还原剂的反应是 。
【答案】（1）Mg3N2+6H2O=3Mg(OH)2+2NH3↑(或Mg3N2+8H2O=3Mg(OH)2+2NH3·H2O）；Al4C3+6H2SO4= 2Al2 (SO4)3+3CH4↑
（2）D；C
【知识点】氧化反应；书写化学方程式、文字表达式；复分解反应及其应用
【解析】【分析】1、根据化学方程式的原则来书写化学方程式；2、根据氧化剂与还原剂的概念来解题。
【解答】1、根据复分解反应的概念，结合给出的粒子，得出正确的答案：Mg3N2+6H2O=3Mg(OH)2+2NH3↑(或Mg3N2+8H2O=3Mg(OH)2+2NH3·H2O）；Al4C3+6H2SO4= 2Al2 (SO4)3+3CH4↑；2、元素化合价降低的反应物叫氧化剂，D中双氧水中的氧元素是-1价，而生成物中的氧元素都是-2价，双氧水中氧元素化合价降低，所以D中的H2O2只作氧化剂；C中双氧水中的氧元素是-1价，生成物水中氧元素-2价，氧气中氧元素0价，双氧水中氧元素化合价有升高也有降低，故H2O2既作氧化剂又作还原剂。故答案：1、Mg3N2+6H2O=3Mg(OH)2+2NH3↑(或Mg3N2+8H2O=3Mg(OH)2+2NH3·H2O）、Al4C3+6H2SO4= 2Al2 (SO4)3+3CH4↑；2、D，C。
28．（2016·温州）黑白复印机用的墨粉中常添加磁性氧化铁（Fe3O4）粉末。Fe3O4是由Fe2＋、Fe3＋和O2—按1∶2∶4的个数比构成的。下图是氧化沉淀法生产复印用Fe3O4粉末的流程简图。已知第④步反应中各元素化合价保持不变。
（1）Fe3O4粉末在复印机的电磁场作用下能使墨粉形成字迹或图案，这一用途与Fe3O4的哪两个物理性质相关: 、 。
（2）判断第②步加入试剂X的化学式为 。
（3）在第③步通入O2的同时还需要有水参与反应，试写出此步反应的化学方程式
。在第③步中，只有部分Fe(OH)2转化成Fe(OH)3，为了确保最终生成Fe3O4，最终的产物中，Fe(OH)2和Fe(OH)3的质量比等于 。
【答案】（1）黑色；磁性
（2）NaOH
（3）4Fe(OH)2+ O2+ 2H2O=4Fe(OH)3；45:107
【知识点】质量守恒定律及其应用；书写化学方程式、文字表达式；根据化学反应方程式的计算；物质的鉴别、推断
【解析】【分析】1、根据四氧化三铁的物理性质进行分析；2、根据题中的反应原理找出反应物；3、根据化学方程式书写步骤书写化学方程式，根据Fe3O4是由Fe2+、Fe3+和O2-按1：2：4的个数比构成的，然后依据氢氧化亚铁和氧气反应的方程式进行分析．
【解答】1、四氧化三铁是黑色的固体，而Fe3O4粉末在复印机的电磁场作用下能使墨粉形成黑色的字迹或图案，所以还利用了Fe3O4是黑色有磁性；
2、通过题中的反应原理可以看出，硫酸亚铁和试剂X反应生成了氢氧化亚铁和硫酸钠溶液，结合复分解反应的原理可知，X是氢氧化钠溶液；
3、在第③步通入O2的同时还需要有水参与反应，根据反应物与生成物书写化学方程式为：4Fe(OH)2+ O2+ 2H2O=4Fe(OH)3；Fe3O4是由Fe2+、Fe3+和O2-按1：2：4的个数比构成的，依据质量守恒定律可知，通入氧气后生成的氢氧化亚铁和氢氧化铁的个数比是：1：2，所以生成的Fe（OH）2和Fe（OH）3的质量比等于：（56+17×2）：2×（56+17×3）=45：107；
故答案为：（1）黑色，磁性；
（2）NaOH；
（3）4Fe(OH)2+ O2+ 2H2O=4Fe(OH)3，45：107．
29．（2016·温州）为了将混有硫酸钠、碳酸氢铵(不稳定，受热易分解生成氨气、二氧化碳和水)的氯化钠提纯，制得纯净的氯化钠溶液，某同学设计的实验流程如下，其中②③步所加试剂均过量：
试回答下列问题：
（1）操作②能否改用硝酸钡溶液？说明理由 。
（2）进行操作②后，如何判断SO 已除尽，方法是 。
（3）操作③的目的是 ；为什么不先过滤而后加碳酸钠溶液，其理由是 。
（4）此设计方案尚有不严密之处，请指出，并写出改进措施： 。
【答案】（1）不能，会引入硝酸钠等新的杂质
（2）将溶液静置后取上层清液，加入氯化钡溶液后若没有沉淀，证明 已除尽
（3）除去过量的BaCl2；一次过滤，简化实验步骤（或若先过滤，则在加入Na2CO3溶液后生成的BaCO3还需要过滤
（4）没有除去过量的Na2CO3，在④所得滤液中加过量稀盐酸
【知识点】物质除杂或净化
【解析】【分析】为了将混有硫酸钠、碳酸氢铵的氯化钠的提纯，该同学采取的方法是加热混合物，除去碳酸氢铵，加入过量氯化钡溶液除去硫酸钠，再加入过量碳酸钠溶液除去过量的氯化钡，过滤掉生成的硫酸钡、碳酸钡沉淀，并蒸发滤液得到氯化钠固体。
【解答】1、加入硝酸钡溶液，硝酸钡与硫酸钠反应生成硫酸钡与硝酸钠，除去了硫酸钠，但引入了硝酸钠等新的杂质，故答案为：不能，会引入硝酸钠等新的杂质；2、加入适量氯化钡溶液除去硫酸根离子，检验硫酸根离子已除尽，可静止片刻在上层清液处，滴加氯化钡，不出现浑浊就说明硫酸根离子已经除尽，故答案为：将溶液静置后取上层清液，加入氯化钡溶液后若没有沉淀，证明 已除尽；3、碳酸钠可将钡离子除去，故操作③的目的是除去过量的BaCl2，为什么不先过滤而后加碳酸钠溶液，其理由是一次过滤，简化实验步骤，故答案为：除去过量的BaCl2，一次过滤，简化实验步骤（或若先过滤，则在加入Na2CO3溶液后生成的BaCO3还需要过滤）；4、此方案不严谨，过量的碳酸钠没有除去，得到的溶液中含有氯化钠和过量的碳酸钠两种溶质，致使得到的氯化钠溶液不纯，应加入适量盐酸除去碳酸钠，故答案为：没有除去过量的Na2CO3，在④所得滤液中加过量稀盐酸。
30．（2016·温州）有三份不同质量比的氧化铜与炭粉的混合物样品①、②、③。甲、乙、丙三同学各取一种样品，加强热充分反应，测定各样品中氧化铜的量。
[已知3Cu+8HNO3(稀)=3Cu(NO3)2+2NO↑+4H2O，炭不与稀硝酸反应]
（1）甲取样品①隔绝空气强热，恰好完全反应，生成的气体能被氢氧化钠溶液完全吸收。请写出强热反应的化学方程式 。将所得固体，置于足量的稀硝酸中微热，产生2.4g气体，则样品①中氧化铜的质量为 g。
（2）乙取样品②ag隔绝空气强热，生成的气体不能使澄清的石灰水变浑浊，则这种气体是 。再将反应后的固体与足量的稀硝酸微热，充分反应后，有b g固体剩余，该剩余固体的化学式为 。样品②中氧化铜质量为 g（以含a、b的代数式表示）。
（3）丙称量样品③隔绝空气强热后剩余的固体，质量比原样品减小了c g，若该固体为纯金属铜，求样品③中氧化铜质量（m）的取值范围 。
【答案】（1）2CuO+C2Cu+CO2↑；9.6
（2）CO；C；
（3）
【知识点】书写化学方程式、文字表达式；根据化学反应方程式的计算
【解析】【分析】根据化学方程式进行计算，并通过极值法解决最后一问。
【解答】1、甲取样品①隔绝空气强热，恰好完全反应，生成的气体能被氢氧化钠溶液完全吸收。推断出生成的气体为二氧化碳，根据反应物与生成物写出化学方程式，①中说明CuO完全变成了Cu，Cu与足量的稀HNO3完全反应生成NO气体，经反应推出关系式：3CuO～3Cu～2NO，由此可求出CuO的质量为9.6g。2、②中生成的气体是CO，反应后的固体与足量的稀HNO 3充分反应后有bg固体剩余，说明碳粉过量，所以剩余固体的化学式是C。CuO的质量与参加反应的碳粉的质量之和为（a-b）g。由CuO+C Cu+CO↑求算，设CuO的质量为xg，参加反应的C的质量为yg，则x+y=a-b，结合化学方程式可求出y= ，代入x+y=a-b，可求出x= 。3、③中固体是金属铜，说明碳粉适量，由此可知反应可能是①CuO+C Cu+CO↑或②2CuO+C 2Cu+CO 2↑，也可能是①②反应都发生。由①和②两个化学方程式算出CuO的物质的量的最小值和最大值，从而确定CuO物质的量的取值范围。故答案为
31．（2016·温州）某研究性学习小组用由碱式碳酸铜[Cu2(OH)2CO3]和氢氧化铜组成的样品来制取硫酸铜溶液。称取32 g样品与147 g 质量分数20%的稀硫酸刚好完全反应。计算：（最后计算结果精确到0.1%）
（1）原样品中碱式碳酸铜[Cu2(OH)2CO3]的质量分数： 。
（2）最后所得溶液硫酸铜的质量分数： 。（提示：Cu2(OH)2CO3 +2H2SO4 =2CuSO4 + 3H2O + CO2↑）
【答案】（1）解：设原样品中碱式碳酸铜的质量为x，碱式碳酸铜消耗硫酸的质量为Y， Cu2(OH)2CO3 +2H2SO4 =2CuSO4 + 3H2O + CO2↑ 222 298 2160 x Y Z == Y=Cu(OH)2 + H2SO4 =CuSO4 + 2H2O98 9832-X 32-X+32-X=14720%X=22.2g原样品中碱式碳酸铜[Cu2(OH)2CO3]的质量分数=100%=69.4%。
（2）Cu2(OH)2CO3 +2H2SO4 =2CuSO4 + 3H2O + CO2↑ 222 2160 44 22.2g 32g 4.4gCu(OH)2 + H2SO4 =CuSO4 + 2H2O 98 160 9.8g 16g所得溶液硫酸铜的质量分数=100%=100%=27.5%.
【知识点】根据化学反应方程式的计算
【解析】【分析】根据化学方程式进行简单的计算来解题，根据溶质质量分数=×100%来解第二题。
1 / 1浙江省温州市乐清中学2016年保送生学科素养测试科学试题卷
一、选择题
1．（2016·温州）今年我国粮食喜获丰收，使粮食增产的物质主要来自( )
A．土壤中的有机物
B．空气中的二氧化碳和土壤中的无机盐
C．土壤中的无机盐
D．空气中的氧气和土壤中的有机物
2．（2016·温州）如图所示为人体肺泡与血液的气体交换示意图。下列判断正确的是 ( )
A．甲处血液鲜红，乙处血液暗红
B．乙处血液将汇集到肺静脉
C．乙处血液首先进入心脏的部位是右心房
D．进入肺泡的氧分子需要穿过三层细胞膜才能与血红蛋白结合
3．（2016·温州）用“王水”（浓盐酸与浓硝酸的混合物）溶解某金属M后得到一种酸性物质：HMCl4，则下列物质所含M元素的化合价与HMCl4不同的是（ ）
A．M2O3 B．M(NO3)3 C．M2ClO D．MPO4
4．（2016·温州）中国科学家以二氧化碳和金属钠为原料，在一定条件下制得了金刚石，化学方程式为：
3CO2 + 4Na xR + C（金刚石），则x 、R为（ ）
A．1、Na2CO3 B．2、Na2O2 C．4、Na2CO3 D．2、Na2CO3
5．（2016·温州）提纯下列物质，所选用试剂及操作方法均正确的是（ ）
选项 物质（括号内为杂质） 选用试剂 操作方法
A KCl（MnO2） 足量蒸馏水 溶解、过滤、洗涤、烘干
B CO2（CO） 通入氧气 点燃
C MgSO4溶液（CuSO4） 适量NaOH溶液 过滤
D N2（O2） 铜粉 灼热
A．A B．B C．C D．D
6．（2016·温州）如图所示，其中甲、乙、丙、丁、戊分别是铁、氢氧化钙、碳酸钠、氯化钡、盐酸中的一种。图中相连的两圆表示相应物质能发生反应，已知乙是铁。下列说法正确的是（ ）
A．五种物质以及各反应的生成物中，只有铁是单质
B．甲是碳酸钠
C．戊是氯化钡
D．图中发生复分解反应个数为3
7．（2016·温州）根据事物的某些相似性类推其他的相似性，并预测类似的可能性，是我们经常使用的一种思维方法。以下类推结果与实际相符的是（ ）
①氧化物中都含有氧元素 含有氧元素的化合物都是氧化物
②某饱和溶液不能继续溶解某相应溶质 饱和溶液也不能继续溶解其它溶质
③氢氧化钠溶液中有OH—，能与酸反应 氢氧化钾溶液中也有OH—，也能与酸反应
④盐中含有金属离子和酸根离子 NH4NO3没有金属离子，不属于盐类
A．只有③ B．①③ C．①③④ D．②③④
8．（2016·温州）如图是甲、乙、丙三种物质的溶解度曲线，下列说法错误的是（ ）
A．t3℃时，甲、乙的饱和溶液降温到t2℃，析出晶体较多的是甲
B．t1℃时，三种物质的饱和溶液升温到t2℃，溶液中溶质质量分数的大小关系是乙＞甲＞丙
C．若乙中含有少量甲，可用海水晒盐的原理提纯乙
D．t3℃时，等质量的甲、乙分别配成该温度下的饱和溶液，所得溶液质量甲＜乙
9．（2016·温州）某无色气体X可能含有氢气、一氧化碳、二氧化碳和甲烷四种气体中的一种或两种。为确认其组成，某同学取一定量该气体按如图所示装置进行实验(假设每步都充分反应或吸收)，结果装置①中无明显变化，装置③增重1.8 g，装置④增重2.2 g。
下列关于气体X成分的分析中，错误的是（ ）
A．一定没有二氧化碳 B．可能含有甲烷和氢气
C．可能只有甲烷 D．可能含有氢气和一氧化碳
10．（2016·温州）在天平两边的托盘上各放一个质量相等的烧杯，并分别加入等质量、等质量分数的足量的稀盐酸，天平平衡。若向左盘烧杯中加入100 g碳酸钙，充分反应后，要想使天平重新平衡，应向右盘烧杯中加入的物质可能是（ ）
①56 g Zn和Fe2O3的混合物 ②100 g MgCO3和Al的混合物 ③84g Mg和Fe的混合物 ④100 g BaCO3和Cu的混合物
A．①③ B．② C．②④ D．③④
二、选择题
11．（2016·温州）如图所示为一倾斜的平面镜，当你走向平面镜时，下列描述符合事实是( )
A．镜中的像变大 B．通过平面镜观察到的视野变大
C．镜中的像始终竖直 D．像与你的连线与镜面不垂直
12．（2016·温州）在下列数据中，最接近生活实际的是（ ）
A．对人体而言，安全电压不超过220V
B．冰的内能为0J
C．家用台灯工作时电流大约为2A
D．一个中学生从一楼走到二楼需要做功约为1500J
13．（2016·温州）中央电视台科教频道的《原来如此》《冰雪危情》中一位体验者准备借用湿围巾从冰窟中自救爬出冰窟的情景，体验者只需将自己脖子上的围巾取下打湿后再抛到坚固的冰面上，几秒钟后便可以用力拽住围巾将自己从冰窟中拉离水面从而实现自救。下列对该情景中的说法或解释不正确的是（ ）
A．体验者用围巾将自己拉离水面说明力可以改变物体的运动状态
B．体验者将自己拉离水面时利用了物体间力的作用是相互的
C．体验者将自身拉离水面时体验者拉围巾的力大于围巾对他的拉力
D．体验者自救时将湿围巾抛在冰面上发生了凝固现象，这个现象要放热
14．（2016·温州）如图所示是使用简单机械匀速提升同一物体的四种方式(不计机械自重和摩擦)，其中所需动力最小的是 （ ）
A． B．
C． D．
15．（2016·温州）如图所示是一种家庭电路带指示灯的按键开关的电路图。使用时发现，当开关断开时，照明灯甲熄灭，指示灯乙发出微光（便于夜晚找到开关）；当开关闭合时，只有照明灯甲正常发光。据此可以判断（ ）
A．甲灯的额定功率一定小于乙灯的额定功率
B．甲灯的电阻一定远大于乙灯的电阻
C．开关断开时，通过乙灯的电流大于通过甲灯的电流
D．甲灯的电阻一定远小于乙灯的电阻
16．（2016·温州）如图所示是我国自主研制的“蛟龙号”载人潜水器，它可达到的最大下潜深度为7km，具有无动力下潜上浮先进技术，具有近底自动航行和悬停定位等多项先进功能。其中“深海潜水器无动力下潜上浮技术”主要是在潜水器两侧配备4块压载铁，重量可以根据不同深度与要求调整。1标准大气压近似取P0=1.0×105Pa，海水密度近似取ρ=1.0×103kg/m3，g取10N/kg，下列说法不正确的是（ ）
A．水下7km处的压强相当于700个大气压
B．若潜水器最快下潜的速度是0.7m/s，则到达7km海底需要4h
C．潜水器在水面下处于悬停时，它在竖直方向上受到的重力与浮力是一对平衡力
D．深海潜水器采用抛弃压载铁的办法实现上浮，而潜艇使用压缩空气把空气舱中的海水逼出去达到上浮的目的
17．（2016·温州）在水平桌面上放一物体A，桌面不光滑。在A的两边用轻绳通过定滑轮吊着B、C两个物体，已知GB=15 N ，VB=1.0×10-3m3，GC=10 N 。开始时把B物体浸没水中，如图所示，整个装置保持静止。现拔出容器底部的小木塞，缓慢放水直至物体B完全露出水面的过程中，整个装置还是静止不动，在不计定滑轮与轻绳之间的摩擦的情况下，有关物体A在放水过程中的受力情况，以下说法正确的是：（ ） (已知ρ水=1.0×103kg/m3， g取10N/kg)
A．A物体受到摩擦力的方向始终水平向右
B．A物体受到摩擦力的方向开始水平向左后变为水平向右
C．A物体受到摩擦力的大小范围是0N≤ｆ≤5N
D．A物体始终受到5个力的作用
18．（2016·温州）如图装置中，物体A重100N，物体B重10N，在物体B的作用下，物体A在水平方向作匀速直线运动，则如果在物体A上加一个水平向左的拉力F，拉力的功率为10W，使物体B匀速上升3m所用的时间为（不计轮与轴之间的摩擦，不计轮重、绳重）（ ）
A．6s B．5s C．4s D．3s
19．（2016·温州）如图所示，电源电压保持6 V不变，电流表的量程为0～0.6 A，电压表的量程为0～3 V，定值电阻的规格为“10Ω 0.5A”，滑动变阻器的规格为“20Ω 1A”。闭合开关，为了保证电路安全，在变阻器滑片移动过程中，下列说法正确的是（ ）
A．变阻器R2接入电路的阻值允许变化范围为2 Ω～20 Ω
B．电流表示数允许的变化范围为0.2 A～0.5 A
C．电阻R1消耗功率允许的变化范围为0.4 W～0.9 W
D．电路消耗总功率允许的变化范围为1.2 W～3 W
20．（2016·温州）将一只装满水的溢水杯放在水平桌面上，如图甲所示，此时水对杯底的压强为p1，杯底对桌面的压强为p甲；若将一石块用细线系着缓慢放入杯底，有一部分水溢出，稳定后如图乙所示，此时水对杯底的压强为p2，杯底对桌面的压强为p乙；如果改用小木块轻轻放在图甲的溢水杯中，也有一部分水溢出，稳定后如图丙所示，此时水对杯底的压强为p3，杯底对桌面的压强为p丙，则下列关系式成立的是（ ）
A．p1= p2 p甲 >p乙 B．p2> p3 p甲 =p丙
C．p1= p3 p乙 >p丙 D．p1< p3 p甲 三、非选择题
21．（2016·温州）小李同学暑期在云南腾冲旅游时，从海拔3780米高的高黎贡山峰带了个拧紧盖子的塑料瓶（如图（a）所示）下山，当晚回到海拔1600米的腾冲县城时，发现随身携带塑料瓶的形状发生了变化（如图（b）所示）。造成这一现象的主要原因是随着海拔高度的降低，空气密度 ，大气压也随之 ；而瓶内气体由于密闭，气压几乎不变，因此是 导致塑料瓶发生如此变化。
22．（2016·温州）如图，电源电压保持不变，电阻R1 = R2 = R3 = 10Ω。要仅使R2、R3并联，R1没有电流通过，应闭合开关 ，此时电流表的示数为I1；要仅使R1、R2串联，开关S1、S2应 (选填“断开”或“闭合”)，此时电流表的示数为I2；则I1︰I2 = 。
23．（2016·温州）2015年的寒冬给人民的生活、生产带来很多困难。特别是北方的城市道路都结上冰，给交通安全带来了很大的影响，小王同学在上学的路上看到抢险队员在冰雪覆盖的道路上洒大量的盐，他产生了这样的疑问：含盐的冰熔化时跟纯净的冰熔化特点有何不同？含盐浓度不同的冰，熔化特点有无区别？为此，他进行了下列探究过程：
（1）他用同样多的纯水、淡盐水、浓盐水制得纯冰、淡盐冰、浓盐冰，然后将这些冰弄碎放入试管中，在冰块中插入温度计，记下此时温度计的示数。每隔0.5min记录一次温度计的示数，同时观察试管中冰块 的变化。在选择冰块吸热方式时有如图所示的三种方法，请你为他选择一种最佳的方法。你选择的方法是 （选填： “A”或“B”或“C”）。（当时的室温大约是8℃）在相同条件下测量三者的温度变化，得到三条温度变化曲线（纯冰对应曲线①、淡盐冰对应曲线②、浓盐冰对应曲线③）。
（2）分析曲线图可知：利用盐水制成的冰 （选填： “是”或“不是”）晶体。实验中淡盐冰的熔点是 ℃。
（3）根据分析可以得到：在冰雪覆盖的道路上洒盐，可以 （选填： “提高”或“降低”）冰的熔点，并且含盐浓度越高的冰，能在更 （选填： “高”或“低”）的温度下熔化。
（4）小王发现纯冰完全熔化成纯水后，继续加热，纯水的温度会继续升高，但比纯冰熔化前温度升高更慢，每5min只能升高约4℃。出现以上这种现象的原因是因为 。
24．（2016·温州）在“测定小灯泡的电功率”的实验中，使用用如图甲所示的电路，其中电源电压保持6 V不变，小灯泡额定电压为2.5 V(灯丝电阻约为12 Ω)。
（1）为能顺利完成该实验探究，下列四种规格的滑动变阻器应选用__________。
A．“10Ω 0.2A”的滑动变阻器 B．“10Ω 0.5A”的滑动变阻器
C．“20Ω 0.2A”的滑动变阻器 D．“20Ω 0.5A”的滑动变阻器
（2）电路连接完成后，闭合开关，移动滑动变阻器的滑片，发现小灯泡始终不发光，电压表有示数，电流表无示数，若电路只有一处故障，则故障原因是： 。
（3）排除故障后，闭合开关，移动滑片至某一位置时，发现电压表的示数如图乙所示；此时为了测量小灯泡的额定功率，应将滑动变阻器的滑片向 端移动.(选填： “A”或“B”)。
（4）多次测量，得出通过小灯泡的电流随它两端电压变化的关系如图丙所示。分析图像可知：该小灯泡正常发光时，滑动变阻器的功率为 W。灯丝电阻受温度的影响情况是
25．（2016·温州）天空有近似等高的浓云层。为了测量云层的高度，在水平地面上与观测者的距离为d=6.0km处进行一次爆炸，观测者听到由空气直接传来的爆炸声和由云层反射来的爆炸声时间上相差Δt＝12.0s。试估算云层下表面的高度。已知空气中的声速v= km/s。
26．（2016·温州）如图甲所示，电源的电压U保持不变，R1是一定值电阻，当滑动变阻器滑片移动时，整个电路消耗的总功率P随着电流I的变化如图乙中的直线OAC所示，抛物线OBC为电阻R1消耗的电功率P1随电流I变化的图线，A、B两点对应的横坐标为2A。求：
（1）电源电压U和R1分别是多少？
（2）线段AB表示的电功率为多大？
（3）滑动变阻器的电阻为多大时，滑动变阻器消耗的电功率为最大？最大值为多少？
27．（2016·温州）利用所学知识完成下面两个小题：
（1）化学中把物质与水发生的复分解反应称为水解反应。例如：Al2S3+6H2O=2Al(OH)3+3H2S↑。 利用上述信息，写出以下反应的化学方程式：
Mg3N2固体与水反应：
Al4C3与稀硫酸反应：
（2）化学上认为反应前后元素化合价有变化的反应叫氧化还原反应，把元素化合价升高的反应物叫还原剂，把元素化合价降低的反应物叫氧化剂，例如反应：CuSO4＋Fe=Cu＋FeSO4，其中Fe作还原剂，CuSO4作氧化剂。过氧化氢俗名双氧水，医疗上利用它有杀菌消毒作用来清洗伤口。现有下列反应：
A．Na2O2+2HCl=2NaCl+H2O2 B．Cl2+H2O2=O2+2HCl
C.2H2O2=2H2O+O2↑ D.3H2O2+Cr2（SO4）3+10KOH=2K2CrO4+3K2SO4+8H2O
上述反应中，H2O2只作氧化剂的反应是（填代号，下同） ， H2O2既作氧化剂又作还原剂的反应是 。
28．（2016·温州）黑白复印机用的墨粉中常添加磁性氧化铁（Fe3O4）粉末。Fe3O4是由Fe2＋、Fe3＋和O2—按1∶2∶4的个数比构成的。下图是氧化沉淀法生产复印用Fe3O4粉末的流程简图。已知第④步反应中各元素化合价保持不变。
（1）Fe3O4粉末在复印机的电磁场作用下能使墨粉形成字迹或图案，这一用途与Fe3O4的哪两个物理性质相关: 、 。
（2）判断第②步加入试剂X的化学式为 。
（3）在第③步通入O2的同时还需要有水参与反应，试写出此步反应的化学方程式
。在第③步中，只有部分Fe(OH)2转化成Fe(OH)3，为了确保最终生成Fe3O4，最终的产物中，Fe(OH)2和Fe(OH)3的质量比等于 。
29．（2016·温州）为了将混有硫酸钠、碳酸氢铵(不稳定，受热易分解生成氨气、二氧化碳和水)的氯化钠提纯，制得纯净的氯化钠溶液，某同学设计的实验流程如下，其中②③步所加试剂均过量：
试回答下列问题：
（1）操作②能否改用硝酸钡溶液？说明理由 。
（2）进行操作②后，如何判断SO 已除尽，方法是 。
（3）操作③的目的是 ；为什么不先过滤而后加碳酸钠溶液，其理由是 。
（4）此设计方案尚有不严密之处，请指出，并写出改进措施： 。
30．（2016·温州）有三份不同质量比的氧化铜与炭粉的混合物样品①、②、③。甲、乙、丙三同学各取一种样品，加强热充分反应，测定各样品中氧化铜的量。
[已知3Cu+8HNO3(稀)=3Cu(NO3)2+2NO↑+4H2O，炭不与稀硝酸反应]
（1）甲取样品①隔绝空气强热，恰好完全反应，生成的气体能被氢氧化钠溶液完全吸收。请写出强热反应的化学方程式 。将所得固体，置于足量的稀硝酸中微热，产生2.4g气体，则样品①中氧化铜的质量为 g。
（2）乙取样品②ag隔绝空气强热，生成的气体不能使澄清的石灰水变浑浊，则这种气体是 。再将反应后的固体与足量的稀硝酸微热，充分反应后，有b g固体剩余，该剩余固体的化学式为 。样品②中氧化铜质量为 g（以含a、b的代数式表示）。
（3）丙称量样品③隔绝空气强热后剩余的固体，质量比原样品减小了c g，若该固体为纯金属铜，求样品③中氧化铜质量（m）的取值范围 。
31．（2016·温州）某研究性学习小组用由碱式碳酸铜[Cu2(OH)2CO3]和氢氧化铜组成的样品来制取硫酸铜溶液。称取32 g样品与147 g 质量分数20%的稀硫酸刚好完全反应。计算：（最后计算结果精确到0.1%）
（1）原样品中碱式碳酸铜[Cu2(OH)2CO3]的质量分数： 。
（2）最后所得溶液硫酸铜的质量分数： 。（提示：Cu2(OH)2CO3 +2H2SO4 =2CuSO4 + 3H2O + CO2↑）
答案解析部分
1．【答案】B
【知识点】光合作用的原理
【解析】【分析】绿色植物利用光提供的能量，存叶绿体中把二氧化碳和水合成了淀粉等有机物，并且把光能转化成化学能，储存在有机物中，这个过程就叫光合作用。
【解答】粮食增产是体现在粮食中有机物的增加。而有机物是植物通过光合作用制造的。光合作用的原料是二氧化碳和水，植物体吸收的水主要来自于土壤中，吸收水分的器官主要根毛，通过导管运输给植物体的各个器官，二氧化碳通过叶片的气孔进入，从而为植物进行光合作用提供了原料，当然无机盐也是粮食生长发育需要的营养物质，但是含量较少，选项B符合题意。
2．【答案】B
【知识点】血液循环
【解析】【分析】根据血液流动方向可知，甲为肺动脉，其内流静脉血；乙为肺静脉，其内流动脉血；甲肺动脉内血液来自心脏的右心室；乙肺静脉内血液将流回心脏的左心房．
【解答】A、根据血液流动方向可知，甲为肺动脉，其内流静脉血，血液暗红，乙处为肺静脉，其内流动脉血，血液鲜红，A错误；
B、乙处血液将汇集到肺静脉 ，其内流动脉血，B正确；
C、乙肺静脉内血液将流回心脏的左心房，C错误；
D、进入肺泡的氧分子需要穿过五层细胞膜才能与血红蛋白结合，D错误．
故选：B
3．【答案】C
【知识点】化学式的书写及意义；元素化合价的规则与计算
【解析】【分析】根据元素化合价代数和为零来解答.
【解答】设HMCl4中M元素的化合价为x．由氢元素为+1价，氯元素为-1价，根据在化合物中正负化合价代数和为零，可得 （+1）+x+（-1）×4=0，解答x=+3；A.设M2O3中M元素的化合价为a,由氧元素为-2价,根据在化合物中正负化合价代数和为零，可得a2+(-2)3=0,解答a=+3,故选项不符合题意;B.设M(NO3)3中M元素的化合价为b,由硝酸根化合价为-1价,根据在化合物中正负化合价代数和为零，可得b+(-2)3=0,解答b=+3，故选项不符合题意;C.设M2ClO中M元素的化合价为c,由氧元素为-2价,氯元素化合价为-1价，根据在化合物中正负化合价代数和为零，可得c2+(-1)+(-2)=0,解答x=+，故选项符合题意；D.设MPO4中M元素的化合价为d,由磷酸跟化合价为-3价,根据在化合物中正负化合价代数和为零，可得d+(-3)=0,解答d=+3,故选项不符合题意;故答案选C.
4．【答案】D
【知识点】质量守恒定律及其应用
【解析】【分析】根据质量守恒定律，反应前后原子种类数目相等来解题。
【解答】由反应的化学方程式，可得知：反应前3CO2和4Na中所含原子种类与个数及反应后C中原子种类与个数，它们的关系如下，
反应前 反应后
C原子 3 1
O原子 6 0
Na原子 4 0
根据化学变化前后原子的种类、数目不变，则生成物R的X个分子中含有2个C原子、6个O原子、4个Na原子，则X=2，物质R的化学式为Na2CO3；
故选D。
5．【答案】D
【知识点】物质除杂或净化
【解析】【分析】根据除杂的原理来解题，除杂的原理就是除掉杂质但不能除掉物质本身，同时还不能引入新的杂质。
【解答】A、经过一系列操作后得到的是杂质二氧化锰，故选项A不符合题意；B、二氧化碳中含有一氧化碳，二氧化碳不支持一般可燃物燃烧本身也不具有可燃性，虽然一氧化碳具有可燃性，但二氧化碳量比一氧化碳多，通入氧气点燃，一氧化碳也燃烧不了，故选项B不符合题意；C、氢氧化钠不仅可以与杂质反应也可以与物质反应，故选项不符合题意；D、铜粉在灼热的条件下遇氧气反应，除掉了杂质氧气，故选项D符合题意。故答案选D。
6．【答案】C
【知识点】复分解反应及其应用；物质的鉴别、推断
【解析】【分析】乙是铁，五中物质种能与铁反应的只有盐酸，故丙是盐酸，盐酸可以与碳酸钠、氢氧化钙反应，所以戊是氯化钡，因为戊能与丁反应，所以丁是碳酸钠，剩下的甲是氢氧化钙。据此来解答此题。
【解答】A、盐酸与铁反应生成的氢气也是单质，故选项A不符合题意；B、甲是氢氧化钙，故选项B不符合题意；C、戊是氯化钡，故选项C符合题意；D、发生复分解反应的个数为4，故选项D不符合题意。故选C。
7．【答案】A
【知识点】饱和溶液与不饱和溶液；常见物质的分类
【解析】【分析】根据氧化物的概念，饱和溶液的定义，碱的化学性质，盐的定义来解题。
【解答】氧化物中都含有氧元素是正确的，含氧元素且只有两种元素组成的化合物才是氧化物，故“含有氧元素的化合物都是氧化物”是错误的；某饱和溶液不能继续溶解某相应溶质是正确的， 饱和溶液能继续溶解其它溶质，故 “饱和溶液也不能继续溶解其它溶质”是错误的；氢氧化钠溶液中有OH-，能与酸反应 氢氧化钾溶液中也有OH-，也能与酸反应，这两句都是正确的；盐中含有金属离子和酸根离子， NH4NO3没有金属离子，但属于盐类，故“NH4NO3没有金属离子，不属于盐类”不正确，故选A。
8．【答案】A
【知识点】固体溶解度的概念；溶解度的影响因素
【解析】【分析】根据溶解度曲线的横、纵坐标表示的意义，曲线的变化趋势、陡度及其含义，及其曲线上的点和其交点所表示的意义可知，物质的溶解度随温度的变化情况，交点表示在该温度下两种物质的溶解度相同，锻炼了创新思维和整合知识的能力。
【解答】A、没有指明溶液的质量，所以无法比较析出晶体的质量，故选项A正确；B、饱和溶液的溶质质量分数与溶解度有关，通过比较几种物质溶解度的大小得出，选项B正确；乙的溶解度随温度的变化不大，提取乙用蒸发结晶的方法，故选项C正确；D、t3℃时甲的溶解度比乙大，相同质量的甲和乙配成饱和溶液需要的水的质量甲比乙少，故选项D正确；故选A。
9．【答案】B
【知识点】物质的鉴别、推断
【解析】【分析】根据各装置的作用进行分析，①装置可以检验是否含有二氧化碳，碱石灰能吸收水分和酸性气体，浓硫酸是用来吸收水分的，氢氧化钠溶液用来吸收二氧化碳．装置①中无明显变化，排除了CO2；装置③增重1.8 g，说明生成了1.8g水；装置④增重2.2 g，说明生成了2.2g二氧化碳；根据水和二氧化碳的质量可计算出碳、氢元素的质量比，进而可以确定气体X的组成．
【解答】A、气体X通过澄清石灰石时无明显变化，说明一定不含二氧化碳，分析正确；B、该气体燃烧后生成水和二氧化碳，装置③增重1.8 g，说明生成了1.8g水，1.8g水中氢元素的质量为：1.8g×1× ×100%=0.2g；装置④增重2.2 g，说明生成了2.2g二氧化碳，碳元素的质量为2.2g× ×100%=0.6g，气体X中C：H=0.6g：0.2g=3：1；CH4中C：H=12：4=3：1；故X的组成可能是①只有甲烷，②可能含有氢气和一氧化碳，③可能同时含有甲烷、氢气和一氧化碳．通过以上分析，此项错误，符合题意；
C、通过以上分析，此项分析正确，不合题意；
D、通过以上分析，此项分析正确，不合题意．
故选B。
10．【答案】B
【知识点】根据化学反应方程式的计算；酸的化学性质
【解析】【分析】此题是一道天平平衡问题考查题，解题的关键是利用计算确定天平两端是否增重相等这一关键点．
【解答】设左边烧杯中产生的二氧化碳的质量为x
CaCO3+2HCl═CaCl2+H2O+CO2↑
100 44
100g x
=
x=44g
左边烧杯的质量增加量为：100g-44g=56g，也就是说右边烧杯的质量增加量也为56g天平才能保持平衡．
①Zn会放出气体Zn～H2，Fe2O3不会，所以增重54g～56g之间，不包括54g和56g，不能使天平平衡．
②都能放出气体，若全是MgCO3的话只增重47.6g，若全是Al的话增重88.9g，所以混合物可能达到增重56g，天平保持平衡．
③中若都是Mg的话Mg～H2，100g的镁生成氢气的质量是 ，所以增重100g-=91.7g ；若全是Fe的话Fe～H2 ，100g-=99.5g，
所以不可能达到56g的平衡点．
④中BaCO3会放出气体，Cu不会，所以都是BaCO3的话 100g-=77.6g，增重的量是大于56g的，最后算出来也达不到56g．
故选B。
11．【答案】B
【知识点】平面镜成像特点、原理和现象
【解析】【分析】平面镜所成的像是正立的、等大的虚像，物像关于镜面对称；观察物体时，从物体两端（上、下或左、右）引出的光线在人眼光心处所成的夹角为视角，物体的尺寸越大，离观察者越近，则视角越大，观察到的视野变大。
【解答】解：A、人在平面镜中的像的大小与人等大，当人走近镜子时，镜中的像的大小不变，A错误；
B、你走向平面镜时，人的视角近大远小，通过平面镜观察到的视野变大，人看到的像更清晰，B正确；
C、物像关于镜面对称，平面镜是倾斜的，像不是竖直的，C错误；
D、当你走向平面镜时，像与你的连线与镜面仍然垂直，D错误。
故选B。
12．【答案】D
【知识点】电流和电流的单位换算；电压；功；内能
【解析】【分析】要对一些常见的物理量（电压、电流、质量、长度等）有一定的估测能力，根据生活常识去判断题目的对错。
【解答】解：对人体而言，安全电压不高于36V，A错；
B、冰的温度可能为0℃，但冰的内能不为0J，B错；
C、家用台灯的功率大约是40W，所以工作的电流I=≈0.18A，C错；
D、一个中学生从一楼走到二楼需要做功W=Gh=mgh=50Kg×10N/Kg×3m=1500J，D正确。
故选D。
13．【答案】C
【知识点】凝固与凝固现象；力的作用是相互的
【解析】【分析】力的作用效果：使物体发生形变、改变物体的运动状态；力的作用是相互的，相互的作用的两个力：大小相等、方向相反、在同一条直线上，但作用在不同的物体上；凝固是放热的过程，熔化是吸热的过程。
【解答】解：A、体验者用围巾将自己拉离水面说明体验者由静止变为运动，所以A正确；
B、体验者用力拽住围巾的同时围巾对体验者也施加力的作用，所以B正确；
C、体验者拉围巾的力等于围巾对他的拉力，所以C错；
D、湿围巾抛在冰面上发生了凝固现象，凝固放热，所以D正确。
故选C。
14．【答案】D
【知识点】杠杆的应用；动滑轮及其工作特点；滑轮组及其工作特点；斜面及其工作特点
【解析】【分析】由图示的斜面、滑轮组、动滑轮、杠杆分别求出拉力F1、F2、F3、F4，最后比较各力的大小，确定哪个拉力最小。
【解答】解：A、由图示的斜面知F1×L=G×h，F1×4m=G×2m，F1=G；
B、由图示可知，滑轮组承重绳子的股数为3，拉力F2=；
C、这是动滑轮的特殊使用方法，物体挂在动滑轮一侧的绳子上，拉动滑轮的轮轴，此时拉力F3=2G；
D、由图可知L4∶LG=(1m+3m)∶1m=4∶1，由杠杆平衡条件可得：F4×L4=G×LG，F4=G×；
因此最小拉力是F4。
故选D。
15．【答案】D
【知识点】电功率计算公式的应用
【解析】【分析】当开关闭合时，电路为甲灯泡的简单电路且灯甲发光说明甲灯泡无短路现象；
当开关断开时，甲乙两灯泡串联，且明灯甲熄灭，指示灯乙发出微光，
因串联电路各处的电流相等，且灯泡的亮暗取决于实际功率的大小，
所以根据P=I2R可知，甲灯泡的实际功率远小于乙灯泡的实际功率，即甲灯的电阻远小于乙灯的电阻。
【解答】解：A、甲的额定电压为220V,乙的额定电压不知，无法判断两只灯泡的额定电功率的大小，所以A错；
当开关断开时，甲乙两灯泡串联，且明灯甲熄灭，指示灯乙发出微光，
因串联电路各处的电流相等，且灯泡的亮暗取决于实际功率的大小，
所以根据P=I2R可知，甲灯泡的实际功率远小于乙灯泡的实际功率，即甲灯的电阻远小于乙灯的电阻，所以B、C错，D正确。
故选D。
16．【答案】B
【知识点】速度公式及其应用；影响液体压强大小的因素；物体的浮沉条件及其应用
【解析】【分析】（1）根据液体压强的计算公式P=ρ液gh就可以计算出水下7km处的压强，再结合1个标准大气压的大小计算出相当于几个大气压；
（2）根据速度的计算公式v=的变形公式t=就可以计算出潜水艇下潜的时间；
（3）潜水器在水下悬浮，受到的重力和浮力大小相等；
（4）潜水器是靠改变自身的重力来改变它在水中的上浮和下潜的．
【解答】解：A、水下7km处的压强是P=ρ液gh=1.0×103Kg/m3×10N/kg×7000m=7×107Pa，
1个标准大气压P0=1.0×105Pa，相当于=700个，故该选项说法正确；
B、潜水器最快下潜的速度是0.7m/s=0.7×3.6Km/h=2.52Km/h，则到达7km海底需要t==≈2.8h故该选项说法不正确；
C、潜水器在水面下处于悬停时，它在竖直方向上受到的重力与浮力大小相等、方向相反、作用在同一直线上，是一对平衡力，故该选项说法正确；
D、深海潜水器采用抛弃压载铁的办法实现上浮，而潜艇使用压缩空气把空气舱中的海水逼出去达到上浮的目的，故该选项说法正确.
故选B.
17．【答案】C
【知识点】二力平衡的条件及其应用；平衡状态的判断；阿基米德原理
【解析】【分析】根据物体所处的状态分析物体在水平方向上的受力情况，（1）物体浸在水中时在水平方向受向左的拉力只有一个，大小等于GC，在水平向右的方向受两个力的作用：拉力F和摩擦力f，其中F=GB-F浮，所以GC=GB-F浮+f；（2）物体B完全露出水面时在水平方向受向左的力有两个：拉力F和摩擦力f，其中F=GC，在水平向右的方向只受一个拉力的作用，大小等于GB，所以GC+f=GB；由GC=GB-F浮+f和GC+f=GB得到f=F浮，再根据F浮的大小即可判断f的大小。
【解答】解：A、开始时物体A受到的摩擦力向右，随着水位的下降，浮力的减小，最后摩擦力的方向变为向左，所以A错；
B、A物体受到摩擦力的方向开始水平向右后变为水平向左，所以B错；
C、由开始时GC=GB-F浮+f，最后GC+f=GB得f= F浮；开始时f= F浮=F浮=ρ水V排g=×1.0×103kg/m3×1.0×10-3m3×10N/kg=5N，最后物体B完全露出水面f=F浮=0N，S所以A物体受到摩擦力的大小范围是0N≤ｆ≤5N；
D、开始和最后时水平方向受向左、右的拉力，摩擦力，竖直方向的重力和支持力，在水位下降的过程中有一个时刻A受到向左、右的拉力的拉力是平衡力时A没有运动的趋势，此时摩擦力f为0N时，A只受4个力的作用，所以D错。
故选C。
18．【答案】A
【知识点】二力平衡的条件及其应用；功的计算公式的应用；功率计算公式的应用
【解析】【分析】（1）物体A在物体B的作用下向右做匀速直线运动，A受到的摩擦力和挂钩的拉力是一对平衡力，可求出摩擦力；
（2）拉动A向左运动，A受到水平向左的拉力F和水平向右的摩擦力、挂钩的拉力三力平衡，可求出拉力；
（3）利用滑轮组距离关系，B移动的距离是A移动距离的3倍，求出A移动的距离，则拉力所做的功为W=Fs，再利用P=求出做功时间。
【解答】解：物体A在物体B的作用下向右做匀速直线运动时，f=F拉=3GB=3×10N=30N；
拉动A向左运动时，A受力如图，
F=f+F拉=30N+30N=60N，sB=3m，则sA=sB=×3m=1m，因此拉力F做功为W=FsA=60N×1m=60J，所用时间为t==6s。
故答案为：6s。
19．【答案】C
【知识点】欧姆定律及其应用；电功率计算公式的应用
【解析】【分析】（1）根欧姆定律判断电流和电阻、电压之间的关系；
（2）根据P=UI判断电路消耗的功率。
【解答】解：A、R2的阻值最小时，也就是电流最大时，电压表的示数最大为3V，此时的电流为0.3A，电路的总电阻为20Ω，所以此时滑动变阻器的电阻为10Ω，所以A错；
B、当电压表示数最大时，此时的电流最大为I==0.3A，所以A错；
C、当电压表示数为3V时，电阻R1消耗的电功率最大为0.9W，当电压表示数最小时，也就是滑动变阻器的阻值最大时，此时电流I==0.2A，电压表的示数U=IR=0.2A×10Ω=2V，所以此时的电功率P=IR=2V×0.2A=0.4W，所以C正确；
D、电路消耗的最大功率P=UI=6V×0.3A=1.8W，最小功率P=UI=6V×0.2A=1.2W，所以D错。
故选C。
20．【答案】C
【知识点】力的作用是相互的；压强的大小及其计算；影响液体压强大小的因素；物体的浮沉条件及其应用
【解析】【分析】（1）若将一石块用细线系着缓慢放入杯底，有一部分水溢出，由阿基米德原理知道石块受到的浮力等于排开的水的重力（溢出水的重力），而因为石块下沉，石块的重力大于浮力，据此可以得出石块的重力和溢出水的重力的大小关系，进而得出放入石块后杯对桌面的压力变化，而受力面积不变，根据压强公式P=得出压强变化；
（2）如果将小木块轻轻放在图（甲）的溢水杯中，有一部分水溢出，由阿基米德原理知道石块受到的浮力等于排开的水的重力（溢出水的重力），而因为木块漂浮，木块的重力等于浮力，据此可以得出木块的重力和溢出水的重力的大小关系，进而得出放入木块后杯对桌面的压力变化，而受力面积不变，根据压强公式P=得出压强变化。
（3）根据P=ρgh判断水对杯底的压强变化。
【解答】解：若将一石块用细线系着缓慢放入杯底，有一部分水溢出：
∵石块下沉，
∴F浮石＜G石，
∵F浮石=G排=G溢，
∴G石＞G溢，
∴放入石块后杯对桌面的压力将变大，而受力面积不变，
∵P=
∴杯对桌面的压强将变大，即p乙＞p甲；
如果将小木块轻轻放在图（甲）的溢水杯中，有一部分水溢出，
∵木块漂浮，
∴F浮木=G木，
∵F浮木=G排′=G溢′，
∴G木=G溢′，
∴放入木块后杯对桌面的压力不变，而受力面积不变，
∵P=
∴杯对桌面的压强不变，即p丙=p甲，所以P乙＞P甲=P丙
石块和木块放入水中，水的深度没变，根据P=ρgh知P1=P2=P3;
故选C.
21．【答案】增大（变大）；增大（变大）；大气压（大气压变大）
【知识点】大气压强与高度的关系
【解析】【分析】大气压强是由空气重力产生的，高度大的地方，它上面空气柱的高度小，密度也小，所以距离地面越高，大气压强越小。即大气压强随高度的增大而减小。
【解答】解：造成这一现象的主要原因是随着海拔高度的降低，空气密度增大，大气压也随之增大，而瓶内气体由于密闭，气压几乎不变，因此是大气压的增大导致塑料瓶发生如此变化。
故答案为：（1）增大（变大）；（2）增大（变大）；（3）气压（大气压变大）。
22．【答案】S1S2；断开；4：1
【知识点】基本电路与电路图；欧姆定律及其应用
【解析】【分析】1）电路的基本连接形式有两种：一种是串联，在串联电路中电流只有一条路径，各用电器之间相互影响；另一种是并联，在并联电路中电流有多条流通路径，各个用电器之间互不影响，独立工作．
（2）电阻的串并联特点：n个相同的电阻串联，总阻值为nR1；n个相同的电阻并联，总阻值为R；
（3）利用欧姆定律计算电流I1、I2的大小，然后相比即可
【解答】解：（1）如图所示，电流从电源的正极流出经过电流表后，要使电阻R2、R3并联，则电流必须分别流入电阻R2、R3中，所以应闭合开关S1、S2，（电阻R1处于短路状态，没有电流通过）；
要使电阻R1、R2串联，电流从电源的正极流出经过电流表后，开关S1、S2断开，就能依次流经R1、R2，R3处于开路状态；
（2）∵电阻R1=R2=R3=10Ω。
∴R2、R3并联时，R并=R2=×10Ω=5Ω，I1=
R3、R2串联时，R串=2R1=2×10Ω=20Ω，电流I2=
因此I1：I2=∶=R串：R并=20Ω：5Ω=4：1。
23．【答案】（1）物态（状态）；A
（2）是；-3
（3）降低；低
（4）水的比热容是冰的比热容的2倍（水的比热容更大）
【知识点】熔点和凝固点；熔化和凝固的温度—时间图象；晶体与非晶体；比热容
【解析】【分析】（1）在对固体进行加热时，为使固体能均匀受热，需将固体弄碎然后加入试管，将试管放入水中进行加热；
（2）根据有些固体在熔化过程中尽管不断吸热，温度是否变化即可判断是晶体还是非晶体，若温度不变的是晶体，反之，则是非晶体；
（3）冰中含盐可以降低水的凝固点，使雪更容易融化；稀溶液的凝固点总是比纯溶液的低，这样，撒盐后，温度也许在0℃以下，但是还没有到盐水的凝固点，冰当然就化了．晶体中含有杂质，晶体的熔点由于杂质的存在或外界压强的变化而变化，含有杂质、外加压强变大，都会使晶体的熔点降低。
（4）不同物体吸热本领不同。
【解答】解：（1）由于冰在熔化过程中要不断吸热．A图将试管放入开水中，使冰能不断吸热熔化，又能及时观察冰的熔化状态．B图中用酒精灯加热，由于火焰温度较高，会使冰熔化过程加快，来不及观察．C 图中将试管放入空气中，当时室温保持10℃不变，会使冰的熔化过程加长，因此选择A图加热；
（2）由图象可知：
①纯冰熔化时，当时间为20分钟时，温度为0℃时，冰才开始熔化，温度保持0℃不变，故冰是晶体，熔点为0℃；
②淡盐冰当时间为时间为10分钟时，温度为-3℃时才开始熔化，故淡盐冰的熔点为-3℃；
③浓盐冰当时间为时间为3分钟时，温度为-7℃时才开始熔化，故淡盐冰的熔点为-7℃；
（3）冰雪中撒入盐后，降低了熔点，冰雪就会在较低的温度条件下开始熔化，可以使冰雪尽快地熔化．
（4）三种物质都未熔化前取升高相同的温度，可以看出浓盐冰对应曲线加热时间最短，所以含盐浓度越高的冰熔化前升温越快．
故答案为：（1）物态，A；（2）是、-3；（3）降低、低、；（4）水的比热容是冰的比热容的2倍（水的比热容大）。
24．【答案】（1）D
（2）小灯泡断路
（3）B
（4）0.7；温度越高，灯丝电阻越大
【知识点】串、并联电路的电流特点；影响电阻大小的因素；滑动变阻器的原理及其使用；电流表、电压表在判断电路故障中的应用；测定小灯泡的功率
【解析】【分析】（1）知道灯泡额定电压和电阻，求出灯泡额定电流．滑动变阻器与灯泡串联．根据测量电路电压特点，求出灯泡正常工作时，滑动变阻器的电压，求出滑动变阻器的电阻；
（2）根据灯泡的明暗情况和电流表的示数检查电路故障，找出故障然所在；
（3）根据串联电路电流及电压的特点和滑动变阻器的使用方法判断；
（4）①P=UI的应用；②影响电阻大小的因素：电阻丝的材料、长度、横截面及温度。
【解答】解：（1）灯泡正常工作时，灯泡的额定电流：IL=≈0.2A,
滑动变阻器的电压及电流分别为3.5A、0.2A，其阻值RP==17.5A,所以应选D；
（2）小灯泡始终不发光，电压表有示数，电流表无示数，说明电流通过开关、滑动变阻器、电压表、电流表，无电流通过灯泡，所以灯泡断了；
（3）由图知L两端的电压为2.2V,要增大它两端电压，必须减小滑动变阻器的电压，即减小滑动变阻器的阻值，所以滑动变阻器的滑片向B端移动；
（4）①由P=UI得滑动变阻器的功率为：P=UI=3.5V×0.2A=0.7W;
②灯丝电阻主要受温度的影响，温度越高，灯丝电阻越大。
故答案为：（1）D；（2）小灯泡断路；（3）B；（4）0.7；温度越高，灯丝电阻越大。
25．【答案】解：画图，设云层下表面的高度为h，则由云层反射来的爆炸声传播距离为s＝，声音反射传来的时间为t1＝，声音直接传来的时间为t2＝.则t1－t2＝Δt，将数据代入以上各式得：h＝4.0 km。答：云层下表面的高度为4.0 km。
【知识点】速度公式及其应用
【解析】【分析】要求云层的高度需要求出云层反射的声波传播的距离s，t由题意可以得出，而后根据勾股定理即可求出高度h。
26．【答案】（1）解：取图中C点，此时电阻R1的功率与总功率相等，即电压全部分配在R1上，滑动变阻器电阻为0Ω，
R1= ==1Ω；
答：电源电压U和R1分别3V、1Ω；
（2）解：由图像可得：IB=2A，PB=IB2R=（2A）2×1Ω=4W；
答：线段AB表示的电功率为2W；
（3）解：设滑动变阻器电阻为 ，
则 ， ，
得出 ， ，
当且仅当 时，即当 PX最大（或：当Rx=R1=1Ω时，PX最大）
PX =2.25W
答：滑动变阻器的电阻为1Ω，滑动变阻器消耗的电功率为最大；最大值2.25W。
【知识点】欧姆定律及其应用；电功率计算公式的应用
【解析】【分析】（1）根据P-I图像判断电路的连接情况，当I最大时P总等于P1，即P2为0W，说明电压全部加在R1两端，R2的阻值为0Ω，再根据功率的公式进行相关的计算；
（2）由图像OBC知IB的电流和P=I2R计算B的功率，由图像OAC知A点的功率为6W；
（3）用Rx和R1把滑动变阻器的功率表示出来，再根据数学知识把Rx的最大值求出。
27．【答案】（1）Mg3N2+6H2O=3Mg(OH)2+2NH3↑(或Mg3N2+8H2O=3Mg(OH)2+2NH3·H2O）；Al4C3+6H2SO4= 2Al2 (SO4)3+3CH4↑
（2）D；C
【知识点】氧化反应；书写化学方程式、文字表达式；复分解反应及其应用
【解析】【分析】1、根据化学方程式的原则来书写化学方程式；2、根据氧化剂与还原剂的概念来解题。
【解答】1、根据复分解反应的概念，结合给出的粒子，得出正确的答案：Mg3N2+6H2O=3Mg(OH)2+2NH3↑(或Mg3N2+8H2O=3Mg(OH)2+2NH3·H2O）；Al4C3+6H2SO4= 2Al2 (SO4)3+3CH4↑；2、元素化合价降低的反应物叫氧化剂，D中双氧水中的氧元素是-1价，而生成物中的氧元素都是-2价，双氧水中氧元素化合价降低，所以D中的H2O2只作氧化剂；C中双氧水中的氧元素是-1价，生成物水中氧元素-2价，氧气中氧元素0价，双氧水中氧元素化合价有升高也有降低，故H2O2既作氧化剂又作还原剂。故答案：1、Mg3N2+6H2O=3Mg(OH)2+2NH3↑(或Mg3N2+8H2O=3Mg(OH)2+2NH3·H2O）、Al4C3+6H2SO4= 2Al2 (SO4)3+3CH4↑；2、D，C。
28．【答案】（1）黑色；磁性
（2）NaOH
（3）4Fe(OH)2+ O2+ 2H2O=4Fe(OH)3；45:107
【知识点】质量守恒定律及其应用；书写化学方程式、文字表达式；根据化学反应方程式的计算；物质的鉴别、推断
【解析】【分析】1、根据四氧化三铁的物理性质进行分析；2、根据题中的反应原理找出反应物；3、根据化学方程式书写步骤书写化学方程式，根据Fe3O4是由Fe2+、Fe3+和O2-按1：2：4的个数比构成的，然后依据氢氧化亚铁和氧气反应的方程式进行分析．
【解答】1、四氧化三铁是黑色的固体，而Fe3O4粉末在复印机的电磁场作用下能使墨粉形成黑色的字迹或图案，所以还利用了Fe3O4是黑色有磁性；
2、通过题中的反应原理可以看出，硫酸亚铁和试剂X反应生成了氢氧化亚铁和硫酸钠溶液，结合复分解反应的原理可知，X是氢氧化钠溶液；
3、在第③步通入O2的同时还需要有水参与反应，根据反应物与生成物书写化学方程式为：4Fe(OH)2+ O2+ 2H2O=4Fe(OH)3；Fe3O4是由Fe2+、Fe3+和O2-按1：2：4的个数比构成的，依据质量守恒定律可知，通入氧气后生成的氢氧化亚铁和氢氧化铁的个数比是：1：2，所以生成的Fe（OH）2和Fe（OH）3的质量比等于：（56+17×2）：2×（56+17×3）=45：107；
故答案为：（1）黑色，磁性；
（2）NaOH；
（3）4Fe(OH)2+ O2+ 2H2O=4Fe(OH)3，45：107．
29．【答案】（1）不能，会引入硝酸钠等新的杂质
（2）将溶液静置后取上层清液，加入氯化钡溶液后若没有沉淀，证明 已除尽
（3）除去过量的BaCl2；一次过滤，简化实验步骤（或若先过滤，则在加入Na2CO3溶液后生成的BaCO3还需要过滤
（4）没有除去过量的Na2CO3，在④所得滤液中加过量稀盐酸
【知识点】物质除杂或净化
【解析】【分析】为了将混有硫酸钠、碳酸氢铵的氯化钠的提纯，该同学采取的方法是加热混合物，除去碳酸氢铵，加入过量氯化钡溶液除去硫酸钠，再加入过量碳酸钠溶液除去过量的氯化钡，过滤掉生成的硫酸钡、碳酸钡沉淀，并蒸发滤液得到氯化钠固体。
【解答】1、加入硝酸钡溶液，硝酸钡与硫酸钠反应生成硫酸钡与硝酸钠，除去了硫酸钠，但引入了硝酸钠等新的杂质，故答案为：不能，会引入硝酸钠等新的杂质；2、加入适量氯化钡溶液除去硫酸根离子，检验硫酸根离子已除尽，可静止片刻在上层清液处，滴加氯化钡，不出现浑浊就说明硫酸根离子已经除尽，故答案为：将溶液静置后取上层清液，加入氯化钡溶液后若没有沉淀，证明 已除尽；3、碳酸钠可将钡离子除去，故操作③的目的是除去过量的BaCl2，为什么不先过滤而后加碳酸钠溶液，其理由是一次过滤，简化实验步骤，故答案为：除去过量的BaCl2，一次过滤，简化实验步骤（或若先过滤，则在加入Na2CO3溶液后生成的BaCO3还需要过滤）；4、此方案不严谨，过量的碳酸钠没有除去，得到的溶液中含有氯化钠和过量的碳酸钠两种溶质，致使得到的氯化钠溶液不纯，应加入适量盐酸除去碳酸钠，故答案为：没有除去过量的Na2CO3，在④所得滤液中加过量稀盐酸。
30．【答案】（1）2CuO+C2Cu+CO2↑；9.6
（2）CO；C；
（3）
【知识点】书写化学方程式、文字表达式；根据化学反应方程式的计算
【解析】【分析】根据化学方程式进行计算，并通过极值法解决最后一问。
【解答】1、甲取样品①隔绝空气强热，恰好完全反应，生成的气体能被氢氧化钠溶液完全吸收。推断出生成的气体为二氧化碳，根据反应物与生成物写出化学方程式，①中说明CuO完全变成了Cu，Cu与足量的稀HNO3完全反应生成NO气体，经反应推出关系式：3CuO～3Cu～2NO，由此可求出CuO的质量为9.6g。2、②中生成的气体是CO，反应后的固体与足量的稀HNO 3充分反应后有bg固体剩余，说明碳粉过量，所以剩余固体的化学式是C。CuO的质量与参加反应的碳粉的质量之和为（a-b）g。由CuO+C Cu+CO↑求算，设CuO的质量为xg，参加反应的C的质量为yg，则x+y=a-b，结合化学方程式可求出y= ，代入x+y=a-b，可求出x= 。3、③中固体是金属铜，说明碳粉适量，由此可知反应可能是①CuO+C Cu+CO↑或②2CuO+C 2Cu+CO 2↑，也可能是①②反应都发生。由①和②两个化学方程式算出CuO的物质的量的最小值和最大值，从而确定CuO物质的量的取值范围。故答案为
31．【答案】（1）解：设原样品中碱式碳酸铜的质量为x，碱式碳酸铜消耗硫酸的质量为Y， Cu2(OH)2CO3 +2H2SO4 =2CuSO4 + 3H2O + CO2↑ 222 298 2160 x Y Z == Y=Cu(OH)2 + H2SO4 =CuSO4 + 2H2O98 9832-X 32-X+32-X=14720%X=22.2g原样品中碱式碳酸铜[Cu2(OH)2CO3]的质量分数=100%=69.4%。
（2）Cu2(OH)2CO3 +2H2SO4 =2CuSO4 + 3H2O + CO2↑ 222 2160 44 22.2g 32g 4.4gCu(OH)2 + H2SO4 =CuSO4 + 2H2O 98 160 9.8g 16g所得溶液硫酸铜的质量分数=100%=100%=27.5%.
【知识点】根据化学反应方程式的计算
【解析】【分析】根据化学方程式进行简单的计算来解题，根据溶质质量分数=×100%来解第二题。
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