2014年海南省高考化学试卷
一、选择题
1．（2014·海南）化学与日常生活密切相关，下列说法错误的是（ ）
A．碘酒是指单质碘的乙醇溶液
B．84消毒液的有效成分是NaClO
C．浓硫酸可刻蚀石英制艺术品
D．装饰材料释放的甲醛会造成污染
2．（2014·海南）下列有关物质性质的说法错误的是（ ）
A．热稳定性：HCl＞HI B．原子半径：Na＞Mg
C．酸性：H2SO3＞H2SO4 D．结合质子能力：S2﹣＞Cl﹣
3．（2014·海南）以石墨为电极，电解KI溶液（其中含有少量酚酞和淀粉）．下列说法错误的是（ ）
A．阴极附近溶液呈红色 B．阴极逸出气体
C．阳极附近溶液呈蓝色 D．溶液的pH变小
4．（2014·海南）标准状态下，气态分子断开1mol化学键的焓变为键焓．已知H﹣H，H﹣O和O=O键的键焓△H分别为436kJ mol﹣1、463kJ mol﹣1和495kJ mol﹣1．下列热化学方程式正确的是（ ）
A．H2O（g）═H2（g）+ O2（g）△H=﹣485kJ mol﹣1
B．H2O（g）═H2（g）+ O2（g）△H=+485kJ mol﹣1
C．2H2（g）+O2（g）═2H2O（g）△H=+485kJ mol﹣1
D．2H2（g）+O2（g）═2H2O（g）△H=﹣485kJ mol﹣1
5．（2014·海南）下列除杂操作可行的是（ ）
A．通过浓硫酸除去HCl中的H2O B．通过灼热的CuO除去H2中的CO
C．通过灼热的镁粉除去N2中的O2 D．通过水除去CO中的CO2
6．（2014·海南）NaOH溶液滴定盐酸实验中，不必用到的是（ ）
A．酚酞 B．圆底烧杯 C．锥形瓶 D．碱式滴定管
二、选择题
7．（2014·海南）下列有关物质水解的说法正确的是（ ）
A．蛋白质水解的最终产物是多肽 B．淀粉水解的最终产物是葡萄糖
C．纤维素不能水解成葡萄糖 D．油脂水解产物之一是甘油
8．（2014·海南）某反应过程能量变化如图所示，下列说法正确的是（ ）
A．反应过程a有催化剂参与
B．该反应为放热反应，热效应等于△H
C．改变催化剂，不能改变该反应的活化能
D．有催化剂条件下，反应的活化能等于E1+E2
9．（2014·海南）下列关于物质应用的说法错误的是（ ）
A．玻璃容器可长期盛放各种酸 B．纯碱可用于清洗油污
C．浓氨水可检验氯气管道漏气 D．Na2S可除去污水中的Cu2+
10．（2014·海南）下列关于物质应用和组成的说法正确的是（ ）
A．P2O5可用于干燥Cl2和NH3
B．“可燃冰”主要成分是甲烷和水
C．CCl4可用于鉴别溴水和碘水
D．Si和SiO2都用于制造光导纤维
11．（2014·海南）室温下，用0.100mol L﹣1 NaOH溶液分别滴定20.00mL 0.100mol L﹣1的盐酸和醋酸，滴定曲线如图所示．下列说法正确的是（ ）
A．Ⅱ表示的是滴定醋酸的曲线
B．pH=7时，滴定醋酸消耗的V（NaOH）小于20mL
C．V（NaOH）=20.00mL时，两份溶液中c（Cl﹣）=c（CH3COO﹣）
D．V（NaOH）=10.00mL时，醋酸溶液中c（Na+）＞c（CH3COO﹣）＞c（H+）＞c（OH﹣）
12．（2014·海南）将BaO2放入密闭的真空容器中，反应2BaO2（s） 2BaO（s）+O2（g）达到平衡．保持温度不变，缩小容器体积，体系重新达到平衡，下列说法正确的是（ ）
A．平衡常数减小 B．BaO量不变
C．氧气压强不变 D．BaO2量增加
三、解答题
13．（2014·海南）4种相邻主族短周期元素的相对位置如表，元素x的原子核外电子数是m的2倍，y的氧化物具有两性，回答下列问题：
（1）元素x在周期表中的位置是第 周期，第 族，其单质可采用电解熔融 的方法制备．
（2）m、n、y三种元素最高价氧化物的水化物中，酸性最强的是 ，碱性最强的是 ．（填化学式）
（3）气体分子（mn）2的电子式为 ．（mn）2成为拟卤素，性质与卤素类似，其与氢氧化钠溶液反应的化学方程式为 ．
14．（2014·海南）硝基苯甲酸乙酯在OH﹣存在下发生水解反应：
O2NC6H4COOC2H5+OH﹣ O2NC6H4COO﹣+C2H5OH
两种反应物的初始浓度均为0.050mol L﹣1，15℃时测得O2NC6H4COOC2H5的转化率α随时间变化的数据如表所示．回答下列问题：
t/s 0 120 180 240 330 530 600 700 800
α/% 0 33.0 41.8 48.8 58.0 69.0 70.4 71.0 71.0
（1）列示计算该反应在120～180s与180～240s区间的平均反应速率 、 ；比较两者大小可得出的结论是 ．
（2）列式计算15℃时该反应的平衡常数 ．
（3）为提高O2NC6H4COOC2H5的平衡转化率，除可适当控制反应温度外，还可采取的措施有 （要求写出两条）．
15．（2014·海南）卤代烃在生产生活中具有广泛的应用，回答下列问题：
（1）多卤代甲烷常作为有机溶剂，其中分子结构为正四面体的是 ．工业上分离这些多氯代甲烷的方法是 ．
（2）三氟氯溴乙烷（CF3CHClBr）是一种麻醉剂，写出其所有同分异构体的结构简式 （不考虑立体异构）．
（3）聚氯乙烯是生活中常用的塑料．工业生产聚氯乙烯的一种工艺路线如下：
反应①的化学方程式为 ，反应类型为 ；反应②的反应类型为 ．
16．（2014·海南）锰锂电池的体积小、性能优良，是常用的一次电池．该电池反应原理如图所示，其中电解质LiClO4溶于混合有机溶剂中，Li+通过电解质迁移入MnO2晶格中，生成LiMnO2．回答下列问题：
（1）外电路的电流方向是由 极流向 极（填字母）．
（2）电池正极反应式 ．
（3）是否可用水代替电池中的混合有机溶剂？ （填“是”或“否”），原因是 ．
（4）MnO2可与KOH和KClO3在高温下反应，生成K2MnO4，反应的化学方程式为 ．K2MnO4在酸性溶液中歧化，生成KMnO4和MnO2的物质的量之比为 ．
17．（2014·海南）硫代硫酸钠（Na2S2O3）可用做分析试剂及鞣革还原剂．它受热、遇酸易分解．工业上可用反应：2Na2S+Na2CO3+4SO2═3Na2S2O3+CO2制得．实验室模拟该工业过程的装置如图所示．回答下列问题：
（1）b中反应的离子方程式为 ，c中的试剂为 ．
（2）反应开始后，c中先有浑浊产生，后又变澄清．此浑浊物是 ．
（3）d中的试剂为 ．
（4）试验中要控制SO2生成速率，可以采取的措施有 （写出两条）．
（5）为了保证硫代硫酸钠的产量，实验中通入的SO2不能过量，原因是 ．
四、选做题，请考生在选修5、选修3、选修2三题中任选一题作答，多做则按所做的第一题计分选修5-有机化学基础
18．（2014·海南）图示为一种天然产物，具有一定的除草功效．下列有关该化合物的说法错误的是（ ）
A．分子含有三种含氧官能团
B．1mol该化合物最多能与6mol NaOH反应
C．既可以发生取代反应，又能够发生加成反应
D．既能与FeCl3发生显色反应，也能与NaHCO3反应放出CO2
19．（2014·海南）1，6﹣已二酸（G）是合成尼龙的主要原料之一，可用含六个碳原子的有机化合物氧化制备．如图为A通过氧化反应制备G的反应过程（可能的反应中间物质为B、C、D、E和F）：
回答下列问题：
（1）化合物A中含碳87.8%，其余为氢，A的化学名称为 ．
（2）B到C的反应类型为 ．
（3）F的结构简式为 ．
（4）在上述中间物质中，核磁共振氢谱出峰最多的是 ，最少的是 ．（填化合物代号）
（5）由G合成尼龙的化学方程式为 ．
（6）由A通过两步反应制备1，3﹣环已二烯的合成路线为 ．
五、选修3-物质的结构与性质
20．（2014·海南）对于钠的卤化物（NaX）和硅的卤化物（SiX4），下列叙述正确的是（ ）
A．SiX4难水解 B．SiX4是共价化合物
C．NaX易水解 D．NaX的熔点一般高于SiX4
21．（2014·海南）碳元素的单质有多种形式，如图依次是C60、石墨和金刚石的结构图：
回答下列问题：
（1）金刚石、石墨、C60、碳纳米管都是碳元素的单质形式，它们互为 ．
（2）金刚石、石墨烯（指单层石墨）中碳原子的杂化形式分别为 、 ．
（3）C60属于 晶体，石墨属于 晶体．
（4）石墨晶体中，层内C﹣C键的键长为142pm，而金刚石中C﹣C键的键长为154pm．其原因是金刚石中只存在C﹣C间的 共价键，而石墨层内的C﹣C间不仅存在 共价键，还有 键．
（5）金刚石晶胞含有 个碳原子．若碳原子半径为r，金刚石晶胞的边长为a，根据硬球接触模型，则r= a，列式表示碳原子在晶胞中的空间占有率 （不要求计算结果）．
六、选修2-化学
22．（2014·海南）下列有关叙述正确的是（ ）
A．碱性锌锰电池中，MnO2是催化剂
B．银锌纽扣电池工作时，Ag2O被还原为Ag
C．放电时，铅酸蓄电池中硫酸浓度不断增大
D．电镀时，待镀的金属制品表面发生还原反应
23．（2014·海南）锌是一种应用广泛的金属，目前工业上主要采用“湿法”工艺冶炼锌．某含锌矿的主要成分是ZnS（还含有少量FeS等其它成分），以其为原料炼锌的工艺流程如图所示：
回答下列问题：
（1）硫化锌精矿的焙烧在氧气气氛的沸腾炉中进行，所产生焙砂的主要成分的化学式为 ．
（2）焙烧过程中产生的含尘烟气可净化制酸，该酸可用于后续的 操作．
（3）浸出液“净化”过程中加入的主要物质为 ，其作用是 ．
（4）电解沉积过程中的阴极采用铝板，阳极采用Pb﹣Ag合金惰性电极，阳极逸出的气体是 ．
（5）改进的锌冶炼工艺，采用了“氧压酸浸”的全湿法流程，既省略了易导致空气污染的焙烧过程，又可获得一种由工业价值的非金属单质，“氧压酸浸”中发生主要反应的离子方程式为 ．
（6）我国古代曾采用“火法”工艺冶炼锌．明代宋应星著《天工开物》中有关“升炼倭铅”的记载：“炉甘石十斤，装载入一尼罐内，…，然后逐层用煤炭饼垫盛，其底铺薪，发火锻红，…，冷淀，毁罐取出，…即倭铅也．”该炼锌工艺主要反应的化学方程式为 ．（注：炉甘石的主要成分为碳酸锌，倭铅是指金属锌）．
答案解析部分
1．【答案】C
【知识点】氯、溴、碘及其化合物的综合应用；常见的生活环境的污染及治理；浓硫酸的性质
【解析】【解答】解：A．碘易溶于乙醇，可形成碘酒，常用于杀菌消毒，故A正确；
B．氯气与氢氧化钠反应可得84消毒液，有效成分为NaClO，故B正确；
C．浓硫酸与二氧化硅不反应，应用氢氟酸，故C错误；
D．甲醛对人体有害，可导致皮肤癌等，可污染环境，故D正确．
故选：C．
【分析】A．碘溶于乙醇可形成碘酒；
B．氯气与氢氧化钠反应可得84消毒液；
C．浓硫酸与二氧化硅不反应；
D．甲醛可污染环境．
2．【答案】C
【知识点】元素周期表中原子结构与元素性质的递变规律；微粒半径大小的比较
【解析】【解答】解：A．非金属性：Cl＞I，元素的非金属性越强，对应的氢化物越稳定，故A正确；
B．同周期元素从左到右原子半径逐渐减小，则原子半径：Na＞Mg，故B正确；
C．元素的化合价越高，对应的含氧酸的酸性越强，故C错误；
D．酸性HCl＞H2S，酸越弱，对应的阴离子越易结合质子，故D正确．
故选C．
【分析】A．元素的非金属性越强，对应的氢化物越稳定；
B．同周期元素从左到右原子半径逐渐减小；
C．元素的化合价越高，对应的含氧酸的酸性越强；
D．酸越弱，对应的阴离子越易结合质子．
3．【答案】D
【知识点】电极反应和电池反应方程式；电解池工作原理及应用
【解析】【解答】解：A、以石墨为电极，电解KI溶液时，在阴极上是氢离子得电子发生还原反应，该极区碱性增强，遇到酚酞溶液呈红色，故A正确；
B、以石墨为电极，电解KI溶液时，在阴极上是氢离子得电子发生还原反应逸出气体氢气，故B正确；
C、以石墨为电极，电解KI溶液时，阳极上是碘离子失电子发生氧化反应生成碘单质，遇到淀粉变蓝色，故C正确；
D、以石墨为电极，电解KI溶液时，生成氢氧化钾溶液，溶液的pH变大，故D错误．
故选D．
【分析】以石墨为电极，电解KI溶液时，在阴极上是氢离子得电子发生还原反应，阳极上是碘离子失电子发生氧化反应，据此回答判断．
4．【答案】D
【知识点】热化学方程式；有关反应热的计算
【解析】【解答】解：A、水分解是吸热反应，应该△H＞0，故A错误；
B、△H=2×463kJ/mol﹣436kJ/mol﹣ ×495kJ/mol=242.5kJ/mol，故B错误；
C、氢气燃烧放热，应该△H＜0，故C错误；
D、△H=2×436kJ/mol+495kJ/mol﹣4×463kJ/mol=﹣485kJ/mol，故D正确．
故选：D．
【分析】旧键断裂需要吸收能量，新键的生成会放出能量，△H=反应物的键能和﹣生成物的键能和，据此进行解答．
5．【答案】A
【知识点】物质的分离与提纯；除杂
【解析】【解答】解：A．浓硫酸具有吸水性，与HCl不反应，则通过浓硫酸除去HCl中的H2O，操作可行，故A正确；
B．二者均可还原CuO，将原物质反应掉，不符合除杂的原则，则不能通过灼热的CuO除去H2中的CO，故B错误；
C．二者均与Mg反应，将原物质反应掉，不符合除杂的原则，则应通过通过灼热的铜网除去N2中的O2，故C错误；
D．二氧化碳在水中的溶解度不大，应利用NaOH溶液除去CO中的CO2，故D错误；
故选A．
【分析】A．浓硫酸具有吸水性，与HCl不反应；
B．二者均可还原CuO；
C．二者均与Mg反应；
D．二氧化碳在水中的溶解度不大．
6．【答案】B
【知识点】中和滴定
【解析】【解答】解：中和滴定时，用酚酞为酸碱指示剂，氢氧化钠溶液可放在碱式滴定管中，在锥形瓶中进行滴定，不用圆底烧瓶，故A、C、D正确，B错误．
故选B．
【分析】中和滴定用到酸式滴定管、简式滴定管、锥形瓶等仪器以及酚酞等试剂，以此解答．
7．【答案】B,D
【知识点】食物中淀粉、蛋白质、葡萄糖的检验；油脂的性质、组成与结构
【解析】【解答】解：A．蛋白质水解的最终产物是氨基酸，故A错误；
B．水解生成麦芽糖，麦芽糖水解生成葡萄糖，所以淀粉水解的最终产物是葡萄糖，故B正确；
C．纤维素属于多糖，水解生成葡萄糖，故C错误；
D．油脂是高级脂肪酸和甘油形成的酯，水解后得到共同产物是甘油，故D正确；
故选：BD．
【分析】A．蛋白质先水解成多肽，多肽再水解成最终产物氨基酸，故蛋白质水解的最终产物是各种氨基酸；
B．淀粉在酸的催化作用下，水解生成麦芽糖，麦芽糖水解生成葡萄糖；
C．纤维素属于多糖，水解生成葡萄糖；
D．油脂是高级脂肪酸和甘油形成的酯，水解后的共同产物为甘油．
8．【答案】B
【知识点】活化能及其对化学反应速率的影响
【解析】【解答】解：A、b中使用了催化剂，故A错误；
B、反应物能量高于生成物，反应为放热反应，△H=生成物能量﹣反应物能量，热效应等于△H，故B正确；
C、不同的催化剂，反应的活化能不同，改变催化剂，能改变该反应的活化能，故C错误；
D、E1、E2分别代表反应过程中各步反应的活化能，整个反应的活化能为能量较高的E1，故D错误．
故选B．
【分析】A、催化剂能降低反应的活化能；
B、反应物能量高于生成物，据此判断反应的吸放热，根据热效应的判断来回答；
C、不同的催化剂对反应的催化效果不同；
D、催化剂改变了反应历程，E1、E2分别代表各步反应的活化能．
9．【答案】A
【知识点】氨的性质及用途；硅和二氧化硅；化学试剂的存放
【解析】【解答】解：A、玻璃中的二氧化硅和氢氟酸反应，不能用玻璃容器盛放氢氟酸，故A错误；
B、纯碱为碳酸钠，溶液中碳酸根离子水解先碱性，油脂在碱溶液中水解生成溶于水的物质，纯碱可用于清洗油污，故B正确；
C、浓氨水挥发出的氨气和氯气发生氧化还原反应生成氮气和氯化铵，3Cl2+8NH3=N2+6NH4Cl，反应过程中现象是冒白烟，浓氨水可检验氯气管道漏气，故C正确；
D、铜离子和硫离子交换生成难溶于酸的硫化铜，Cu2++S2﹣=CuS↓，Na2S可除去污水中的Cu2+，故D正确；
故选A．
【分析】A、玻璃中的二氧化硅和氢氟酸反应；
B、纯碱为碳酸钠，溶液中碳酸根离子水解先碱性，油脂在碱溶液中水解生成溶于水的物质；
C、浓氨水挥发出的氨气和氯气发生氧化还原反应生成氮气和氯化铵，反应现象冒白烟；
D、铜离子和硫离子交换生成难溶于酸的硫化铜；
10．【答案】B,C
【知识点】碳族元素简介；有机物的鉴别；化石燃料与基本化工原料；洗气
【解析】【解答】解：A．五氧化二磷为酸性干燥剂，可以干燥氯气，不能干燥碱性气体氨气，故A错误；
B．可燃冰为甲烷和水的化合物，所以可燃冰的主要成分为甲烷和水，故B正确；
C．碘的四氯化碳的颜色为紫色，溴的四氯化碳颜色为红棕色，可以用四氯化碳鉴别溴水和碘水，故C正确；
D．SiO2用于制造光导纤维的材料，而Si为半导体材料，故D错误；
故选BC．
【分析】A．五氧化二磷为酸性干燥剂，能够干燥氯气，不能干燥碱性气体氨气；
B．可燃冰为甲烷和水形成的化合物，主要成分为甲烷和水；
C．溴、碘单质在四氯化碳中的颜色不同；
D．二氧化硅可以制造光导纤维，硅可用于制作半导体材料．
11．【答案】B
【知识点】离子浓度大小的比较；中和滴定
【解析】【解答】解：A．醋酸是弱电解质，HCl是强电解质，相同浓度的醋酸和HCl溶液，醋酸的pH＞盐酸，所以I是滴定醋酸的曲线，故A错误；
B．pH=7时，溶液呈中性，醋酸钠溶液呈碱性，要使溶液呈中性，则醋酸的体积稍微大于NaOH，所以滴定醋酸消耗的V（NaOH）小于20mL，故B正确；
C．V（NaOH）=20.00mL时，两种溶液中的溶质分别是醋酸钠和NaCl，醋酸根离子水解、氯离子不水解，所以c（Cl﹣）＞c（CH3COO﹣），故C错误；
D．V（NaOH）=10.00mL时，醋酸溶液中的溶质为等物质的量浓度的CH3COOH、CH3COONa，醋酸电离程度大于醋酸根离子水解程度，溶液呈酸性，则c（H+）＞c（OH﹣），再结合电荷守恒得c（Na+）＜c（CH3COO﹣），故D错误；
故选B．
【分析】A．醋酸是弱电解质，HCl是强电解质，相同浓度的醋酸和HCl溶液，醋酸的pH＞盐酸；
B．pH=7时，溶液呈中性，醋酸钠溶液呈碱性，要使溶液呈中性，则醋酸的体积稍微大于NaOH；
C．V（NaOH）=20.00mL时，两种溶液中的溶质分别是醋酸钠和NaCl，醋酸根离子水解、氯离子不水解；
D．V（NaOH）=10.00mL时，醋酸溶液中的溶质为等物质的量浓度的CH3COOH、CH3COONa，醋酸电离程度大于醋酸根离子水解程度，溶液呈酸性，再结合电荷守恒判断．
12．【答案】C,D
【知识点】化学平衡的影响因素
【解析】【解答】解：A．化学平衡常数只与温度有关，温度不变，平衡常数不变，故A错误；
B．缩小容器体积，增大压强，平衡向逆反应方向移动，则BaO的量减小，故B错误；
C．平衡向逆反应方向移动，但温度不变，平衡常数不变，氧气浓度不变，其压强不变，故C正确；
D．平衡向逆反应方向移动，则BaO2量增加，故D正确；
故选CD．
【分析】保持温度不变，缩小容器体积，增大压强，可逆反应向逆反应方向移动，化学平衡常数只与温度有关，据此分析解答．
13．【答案】（1）三；IIA；氯化镁
（2）HNO3；Al（OH）3
（3）；2NaOH+（CN）2=NaCN+NaCNO+H2O
【知识点】电子式、化学式或化学符号及名称的综合；元素周期表中原子结构与元素性质的递变规律
【解析】【解答】解：这几种元素都是短周期元素，且为相邻主族，根据元素在周期表中的位置知，m和n位于第二周期、x和y位于第三周期，x原子核外电子数是m的2倍，y的氧化物具有两性，则y是Al元素，根据元素位置知，x是Mg元素、m是C元素、n元素N元素，（1）元素x是Mg元素，在周期表中的位置是第三周期第IIA族，其单质可以采用电解熔融氯化镁的方法制备，
故答案为：三；IIA；氯化镁；（2）m、n、y分别是C、N、Al，元素的金属性越强，其最高价氧化物的水化物碱性越强，元素的非金属性越强，其最高价氧化物的水化物酸性越强，这三种元素金属性最强的是Al元素、非金属性最强的是N元素，所以酸性最强的是HNO3，碱性最强的是Al（OH）3，故答案为：HNO3；Al（OH）3；（3）气体分子（mn）2为（CN）2，电子式为 ，根据氯气和氢氧化钠溶液反应知，（CN）2和NaOH反应生成NaCN、NaCNO、H2O，反应方程式为2NaOH+（CN）2=NaCN+NaCNO+H2O，故答案为： ；2NaOH+（CN）2=NaCN+NaCNO+H2O．
【分析】这几种元素都是短周期元素，且为相邻主族，根据元素在周期表中的位置知，m和n位于第二周期、x和y位于第三周期，x原子核外电子数是m的2倍，y的氧化物具有两性，则y是Al元素，根据元素位置知，x是Mg元素、m是C元素、n元素N元素，再结合题目分析解答．
14．【答案】（1）7.3×10﹣5mol/（L s）；5.8×10﹣5mol/（L s）；随着反应进行，反应物浓度降低，反应速率减慢
（2）6.0
（3）增加OH﹣的浓度、移去产物
【知识点】化学反应速率；化学平衡常数；化学平衡的影响因素
【解析】【解答】解：（1）120～180s内的平均速率为v= =7.3×10﹣5mol/（L s），
180～240s区间的平均反应速率为v= =5.8×10﹣5mol/（L s），反应速率逐渐减小，原因是随着反应进行，反应物浓度降低，反应速率减慢，故答案为：7.3×10﹣5mol/（L s）；5.8×10﹣5mol/（L s）；随着反应进行，反应物浓度降低，反应速率减慢；（2）700s时，转化率不再发生改变，可说明达到平衡状态，此时得O2NC6H4COOC2H5的转化率为71.0%，则c（O2NC6H4COO﹣）=c（C2H5OH）=0.05mol/L×71.0%，c（O2NC6H4COOC2H5）=c（OH﹣）=0.05mol/L×（1﹣71.0%），所以K= =6.0，故答案为：6.0；（3）为提高O2NC6H4COOC2H5的平衡转化率，可使平衡向正向移动，可增加OH﹣的浓度、移去产物，
故答案为：增加OH﹣的浓度、移去产物．
【分析】（1）根据转化率计算浓度的变化，结合c= 计算反应速率；（2）700s时，转化率不再发生改变，可说明达到平衡状态，以此可计算平衡常数；（3）为提高O2NC6H4COOC2H5的平衡转化率，可使平衡向正向移动，除温度外，还可增加另一种反应物浓度或减小生成物的浓度．
15．【答案】（1）四氯化碳；分馏
（2）CHFClCF2Br、CHFBrCF2Cl、CFClBrCHF2
（3）H2C=CH2+Cl2→CH2ClCH2Cl；加成反应；消去反应
【知识点】有机物的合成；物质的分离与提纯；加成反应；消去反应
【解析】【解答】解：（1）分子结构为正四面体的为四氯化碳，工业上分离这些多氯代甲烷，根据物质的沸点不同，常用分馏的方法分离，故答案为：四氯化碳；分馏；（2）CF3CHClBr对应的同分异构体中，可根据卤素原子的位置不同判断，如F不在同一个C原子上，存在的同分异构体有CHFClCF2Br、CHFBrCF2Cl、CFClBrCHF2三种，故答案为：CHFClCF2Br、CHFBrCF2Cl、CFClBrCHF2；（3）乙烯与氯气发生加成反应生成1，2﹣二氯乙烷，反应的方程式为H2C=CH2+Cl2→CH2ClCH2Cl，加热480～530℃生成氯乙烯，发生消去反应，故答案为：H2C=CH2+Cl2→CH2ClCH2Cl；加成反应；消去反应．
【分析】（1）分子结构为正四面体的为四氯化碳；常用分馏的方法分离；（2）CF3CHClBr对应的同分异构体中，可根据卤素原子的位置不同判断；（3）乙烯与氯气发生加成反应生成1，2﹣二氯乙烷，加热480～530℃生成氯乙烯，然后发生加聚反应可生成聚氯乙烯．
16．【答案】（1）b；a
（2）MnO2+e﹣+Li+=LiMnO2
（3）否；电极Li是活泼金属，能与水反应
（4）3MnO2+KClO3+6KOH 3K2MnO4+KCl+3H2O；2：1
【知识点】电极反应和电池反应方程式；原电池工作原理及应用
【解析】【解答】解：（1）Li为负极，MnO2为正极，原电池工作时，外电路的电流方向从正极到负极，即从b极流向a极，故答案为：b；a；（2）MnO2为正极，被还原，电极方程式为MnO2+e﹣+Li+=LiMnO2，故答案为：MnO2+e﹣+Li+=LiMnO2；（3）因负极材料为Li，可与水反应，则不能用水代替电池中的混合有机溶剂，故答案为：否；电极Li是活泼金属，能与水反应；（4）MnO2可与KOH和KClO3在高温下反应，生成K2MnO4，反应的方程式为3MnO2+KClO3+6KOH 3K2MnO4+KCl+3H2O，K2MnO4在酸性溶液中歧化，生成KMnO4和MnO2，反应中Mn元素化合价分别由+6价升高到7价、降低到+4价，由氧化还原反应氧化剂和还原剂之间得失电子数目相等可知，生成KMnO4和MnO2的物质的量之比为2：1，故答案为：3MnO2+KClO3+6KOH 3K2MnO4+KCl+3H2O；2：1．
【分析】形成原电池反应时，Li为负极，被氧化，电极方程式为Li﹣e﹣=Li+，MnO2为正极，被还原，电极方程式为MnO2+e﹣+Li+=LiMnO2，结合电极方程式以及元素化合价的变化解答该题．
17．【答案】（1）SO32﹣+2H+=SO2↑+H2O；硫化钠和碳酸钠的混合溶液
（2）S
（3）氢氧化钠溶液
（4）控制反应的温度或硫酸的滴加速度
（5）若通入的SO2过量，则溶液显酸性，硫代硫酸钠会分解
【知识点】二氧化硫的性质
【解析】【解答】解：（1）第一个装置为二氧化硫的制取装置，制取二氧化硫的原料为：亚硫酸钠和70%的浓硫酸，反应的离子方程式为：SO32﹣+2H+=SO2↑+H2O，c装置为Na2S2O3的生成装置，根据反应原理可知c中的试剂为：硫化钠和碳酸钠的混合溶液，故答案为：SO32﹣+2H+=SO2↑+H2O，硫化钠和碳酸钠的混合溶液；（2）反应开始时发生的反应为：Na2S+SO2+H2O=H2S+Na2SO3，SO2+2H2S=3S↓+2H2O，故该浑浊物是S，故答案为：S；（3）d装置为尾气吸收装置，吸收二氧化硫和硫化氢等酸性气体，应选用氢氧化钠溶液，故答案为：氢氧化钠溶液；（4）通过控制反应的温度或硫酸的滴加速度可以控制SO2生成速率，
故答案为：控制反应的温度或硫酸的滴加速度；（5）硫代硫酸钠遇酸易分解，若通入的SO2过量，则溶液显酸性，硫代硫酸钠会分解，故答案为：若通入的SO2过量，则溶液显酸性，硫代硫酸钠会分解．
【分析】①第一个装置为二氧化硫的制取装置，制取二氧化硫的原料为：亚硫酸钠和70%的浓硫酸；c装置为Na2S2O3的生成装置；d装置为尾气吸收装置，吸收二氧化硫和硫化氢等酸性气体；②反应开始时发生的反应为：Na2S+4SO2+H2O=2H2S+Na2SO3，SO2+2H2S=3S↓+2H2O；④通过控制反应的温度或硫酸的滴加速度可以控制SO2生成速率；⑤硫代硫酸钠遇酸易分解，若通入的SO2过量，则溶液显酸性，硫代硫酸钠会分解．
18．【答案】B,D
【知识点】有机物的结构和性质
【解析】【解答】解：A．由结构简式可知，分子中含有羟基、酯基和醚基三种含氧官能团，故A正确；
B．分子中含有3个酚羟基，1个酯基，故1mol该化合物最多能与4molNaOH反应，故B错误；
C．分子中含有苯环，既可以发生取代反应，又能够发生加成反应，故C正确；
D．含有酚羟基，能与FeCl3发生显色反应；不含有羧基，故不能与NaHCO3反应放出CO2，故D错误；
故选BD．
【分析】A．由结构简式可知，分子中含有羟基、酯基和醚基三种含氧官能团；
B．分子中含有3个酚羟基，1个酯基，故1mol该化合物最多能与4molNaOH反应；
C．分子中含有苯环，既可以发生取代反应，又能够发生加成反应；
D．不含有羧基，故不能与NaHCO3反应．
19．【答案】（1）环己烯
（2）加成反应
（3）
（4）DE；F
（5）
（6）
【知识点】有机化合物的命名；有机物的推断；有机物的合成；有机物的结构和性质
【解析】【解答】解：（1）化合物A中含碳87.8%，其余为氢，则碳氢原子个数比为： ： =6：10，又知A含有六个碳原子，故A的化学式为：C6H10，故A的化学名称为：环己烯；故答案为：环己烯；（2） 与水发生加成反应生成 ，故答案为：加成反应；（3） 发生氧化反应生成F，F为 ，故答案为： ；（4）B的核磁共振氢谱出峰为3，C的核磁共振氢谱出峰为4，D的核磁共振氢谱出峰为6，E的核磁共振氢谱出峰为6，F的核磁共振氢谱出峰为2，故答案为：DE，F；（5） 与 发生缩聚反应生成 ，方程式为： ，
故答案为： ；（6） ，故答案为： ．
【分析】化合物A中含碳87.8%，其余为氢，则碳氢原子个数比为： ： =6：10，又知A含有六个碳原子，故A的化学名称为：C6H10，与双氧水反应生成 ， 与水发生加成反应生成 ， 发生氧化反应生成 ， 再发生氧化反应生成 ， 再发生氧化反应生成F，F为： ， 再发生氧化反应生成 ， 与 发生缩聚反应生成尼龙，化学式为： ．
20．【答案】B,D
【知识点】不同晶体的结构微粒及微粒间作用力的区别
【解析】【解答】解：A、硅的卤化物（SiX4）易水解生成硅酸和HCl，故A错误；
B、硅的卤化物（SiX4）是由非金属元素原子间通过共用电子对形成的化合物，是共价化合物，故B正确；
C、钠的强酸盐不水解，NaX（NaF除外）不易水解，故C错误；
D、钠的卤化物（NaX）为离子化合物属于离子晶体，硅的卤化物（SiX4）为共价化合物属于分子晶体，离子晶体的熔点大于分子晶体的熔点，即NaX的熔点一般高于SiX4，故D正确；
故选：BD．
【分析】钠的卤化物（NaX）为离子化合物，硅的卤化物（SiX4）为共价化合物，结合离子化合物及共价化合物的性质分析．
21．【答案】（1）同素异形体
（2）sp3；sp2
（3）分子；混合
（4）σ；σ；π
（5）8；；
【知识点】共价键的形成及共价键的主要类型；晶胞的计算；原子轨道杂化方式及杂化类型判断；同素异形体
【解析】【解答】解：（1）都是含有碳元素的不同单质，互为同素异形体，故答案为：同素异形体；（2）金刚石中碳原子形成四条共价键，为sp3杂化；石墨烯为片层结构，杂化类型为sp2杂化，故答案为：sp3；sp2；（3）C60晶体组成微粒为60个碳原子组成的C60分子，属于分子晶体；石墨片层内以共价键结合，片层之间以分子间作用力结合，为混合晶体，故答案为：分子；混合；（4）金刚石中碳原子以sp3杂化，形成四条杂化轨道，全部形成σ键；石墨中碳原子以sp2杂化，形成三条杂化轨道，还有一条为杂化的p轨道，三条杂化轨道形成σ键，而未杂化p轨道形成π键，故答案为：σ；σ；π；（5）晶胞中顶点微粒数为： =1，面心微粒数为： =3，体内微粒数为4，共含有8个碳原子；晶胞内含有四个碳原子，则晶胞体对角线长度与四个碳原子直径相同，即 =8r，r= a；碳原子的体积为： ，晶胞体积为：a3，碳原子的空间利用率为： = = ，故答案为：8； ； ．
【分析】（1）都是含有碳元素的不同单质；（2）金刚石中碳原子形成四条共价键，为sp3杂化；石墨烯为片层结构，杂化类型为sp2杂化；（3）根据组成的微粒类型和微粒间作用力类型判断晶体类型；（4）根据两种物质的杂化类型分析共价键类型；（5）利用均摊法计算．
22．【答案】B,D
【知识点】常见化学电源的种类及其工作原理
【解析】【解答】解：A．碱性锌锰电池中，MnO2中Mn元素化合价降低，发生还原反应，作氧化剂，故A错误；
B．银锌纽扣电池工作时，Ag2O发生还原反应生成Ag，故B正确；
C．铅酸蓄电池总电池反应为：PbO2+2H2SO4+Pb 2PbSO4+2H2O，可知放电时铅酸蓄电池硫酸浓度不断减小，故C错误；
D．电镀时，镀层阳离子在镀件放电形成镀层，化合价降低，发生还原反应，故D正确；
故选BD．
【分析】A．根据碱性锌锰电池的电极反应判断；
B．根据银锌纽扣电池工作原理判断；
C．根据放电时铅酸蓄电池反应判断硫酸浓度变化；
D．电镀时，镀层金属阳离子放电．
23．【答案】（1）ZnO
（2）浸出
（3）锌粉；置换出Fe等
（4）O2
（5）2ZnS+4H++O2=2Zn2++2S↓+2H2O
（6）ZnCO3+2C Zn+3CO↑
【知识点】物质的分离与提纯
【解析】【解答】解：（1）含锌矿的主要成分是ZnS，与空气中氧气发生氧化还原反应，则焙砂的主要成分为ZnO，故答案为：ZnO；（2）焙烧生成的含硫氧化物可转换为硫酸，用于后续的浸出操作，故答案为：浸出；（3）该含锌矿中还含有FeS等杂质，浸出操作后转化为亚铁离子，可加入锌粉除去亚铁离子，从而出去Fe，故答案为：Zn粉；置换出Fe等；（4）电解沉积过程中，是电解ZnSO4，阳极发生氧化反应，产物为O2，故答案为：O2；（5）“氧压酸浸”法顾名思义，可知反应物中含有H+和O2，可以获得非金属单质S，写出化学方程式为：2ZnS+4H++O2=2Zn2++2S↓+2H2O，故答案为：2ZnS+4H++O2=2Zn2++2S↓+2H2O；（6）根据题目描述可知反应物为ZnCO3和C，产物含有Zn，则化学方程式为：ZnCO3+2C Zn+3CO↑，故答案为：ZnCO3+2C Zn+3CO↑．
【分析】（1）含锌矿的主要成分是ZnS，与空气中氧气发生氧化还原反应，判断焙砂的主要成分；（2）焙烧生成的含硫氧化物可转换为硫酸；（3）该含锌矿中还含有FeS等杂质，浸出操作后转化为亚铁离子，可加入锌粉出去亚铁离子，从而出去Fe；（4）电解沉积过程中，是电解ZnSO4，阳极发生氧化反应，以此判断阳极产物；（5）根据反应物和生成物写出化学方程式；（6）根据反应物和生成物写出化学方程式．
1 / 12014年海南省高考化学试卷
一、选择题
1．（2014·海南）化学与日常生活密切相关，下列说法错误的是（ ）
A．碘酒是指单质碘的乙醇溶液
B．84消毒液的有效成分是NaClO
C．浓硫酸可刻蚀石英制艺术品
D．装饰材料释放的甲醛会造成污染
【答案】C
【知识点】氯、溴、碘及其化合物的综合应用；常见的生活环境的污染及治理；浓硫酸的性质
【解析】【解答】解：A．碘易溶于乙醇，可形成碘酒，常用于杀菌消毒，故A正确；
B．氯气与氢氧化钠反应可得84消毒液，有效成分为NaClO，故B正确；
C．浓硫酸与二氧化硅不反应，应用氢氟酸，故C错误；
D．甲醛对人体有害，可导致皮肤癌等，可污染环境，故D正确．
故选：C．
【分析】A．碘溶于乙醇可形成碘酒；
B．氯气与氢氧化钠反应可得84消毒液；
C．浓硫酸与二氧化硅不反应；
D．甲醛可污染环境．
2．（2014·海南）下列有关物质性质的说法错误的是（ ）
A．热稳定性：HCl＞HI B．原子半径：Na＞Mg
C．酸性：H2SO3＞H2SO4 D．结合质子能力：S2﹣＞Cl﹣
【答案】C
【知识点】元素周期表中原子结构与元素性质的递变规律；微粒半径大小的比较
【解析】【解答】解：A．非金属性：Cl＞I，元素的非金属性越强，对应的氢化物越稳定，故A正确；
B．同周期元素从左到右原子半径逐渐减小，则原子半径：Na＞Mg，故B正确；
C．元素的化合价越高，对应的含氧酸的酸性越强，故C错误；
D．酸性HCl＞H2S，酸越弱，对应的阴离子越易结合质子，故D正确．
故选C．
【分析】A．元素的非金属性越强，对应的氢化物越稳定；
B．同周期元素从左到右原子半径逐渐减小；
C．元素的化合价越高，对应的含氧酸的酸性越强；
D．酸越弱，对应的阴离子越易结合质子．
3．（2014·海南）以石墨为电极，电解KI溶液（其中含有少量酚酞和淀粉）．下列说法错误的是（ ）
A．阴极附近溶液呈红色 B．阴极逸出气体
C．阳极附近溶液呈蓝色 D．溶液的pH变小
【答案】D
【知识点】电极反应和电池反应方程式；电解池工作原理及应用
【解析】【解答】解：A、以石墨为电极，电解KI溶液时，在阴极上是氢离子得电子发生还原反应，该极区碱性增强，遇到酚酞溶液呈红色，故A正确；
B、以石墨为电极，电解KI溶液时，在阴极上是氢离子得电子发生还原反应逸出气体氢气，故B正确；
C、以石墨为电极，电解KI溶液时，阳极上是碘离子失电子发生氧化反应生成碘单质，遇到淀粉变蓝色，故C正确；
D、以石墨为电极，电解KI溶液时，生成氢氧化钾溶液，溶液的pH变大，故D错误．
故选D．
【分析】以石墨为电极，电解KI溶液时，在阴极上是氢离子得电子发生还原反应，阳极上是碘离子失电子发生氧化反应，据此回答判断．
4．（2014·海南）标准状态下，气态分子断开1mol化学键的焓变为键焓．已知H﹣H，H﹣O和O=O键的键焓△H分别为436kJ mol﹣1、463kJ mol﹣1和495kJ mol﹣1．下列热化学方程式正确的是（ ）
A．H2O（g）═H2（g）+ O2（g）△H=﹣485kJ mol﹣1
B．H2O（g）═H2（g）+ O2（g）△H=+485kJ mol﹣1
C．2H2（g）+O2（g）═2H2O（g）△H=+485kJ mol﹣1
D．2H2（g）+O2（g）═2H2O（g）△H=﹣485kJ mol﹣1
【答案】D
【知识点】热化学方程式；有关反应热的计算
【解析】【解答】解：A、水分解是吸热反应，应该△H＞0，故A错误；
B、△H=2×463kJ/mol﹣436kJ/mol﹣ ×495kJ/mol=242.5kJ/mol，故B错误；
C、氢气燃烧放热，应该△H＜0，故C错误；
D、△H=2×436kJ/mol+495kJ/mol﹣4×463kJ/mol=﹣485kJ/mol，故D正确．
故选：D．
【分析】旧键断裂需要吸收能量，新键的生成会放出能量，△H=反应物的键能和﹣生成物的键能和，据此进行解答．
5．（2014·海南）下列除杂操作可行的是（ ）
A．通过浓硫酸除去HCl中的H2O B．通过灼热的CuO除去H2中的CO
C．通过灼热的镁粉除去N2中的O2 D．通过水除去CO中的CO2
【答案】A
【知识点】物质的分离与提纯；除杂
【解析】【解答】解：A．浓硫酸具有吸水性，与HCl不反应，则通过浓硫酸除去HCl中的H2O，操作可行，故A正确；
B．二者均可还原CuO，将原物质反应掉，不符合除杂的原则，则不能通过灼热的CuO除去H2中的CO，故B错误；
C．二者均与Mg反应，将原物质反应掉，不符合除杂的原则，则应通过通过灼热的铜网除去N2中的O2，故C错误；
D．二氧化碳在水中的溶解度不大，应利用NaOH溶液除去CO中的CO2，故D错误；
故选A．
【分析】A．浓硫酸具有吸水性，与HCl不反应；
B．二者均可还原CuO；
C．二者均与Mg反应；
D．二氧化碳在水中的溶解度不大．
6．（2014·海南）NaOH溶液滴定盐酸实验中，不必用到的是（ ）
A．酚酞 B．圆底烧杯 C．锥形瓶 D．碱式滴定管
【答案】B
【知识点】中和滴定
【解析】【解答】解：中和滴定时，用酚酞为酸碱指示剂，氢氧化钠溶液可放在碱式滴定管中，在锥形瓶中进行滴定，不用圆底烧瓶，故A、C、D正确，B错误．
故选B．
【分析】中和滴定用到酸式滴定管、简式滴定管、锥形瓶等仪器以及酚酞等试剂，以此解答．
二、选择题
7．（2014·海南）下列有关物质水解的说法正确的是（ ）
A．蛋白质水解的最终产物是多肽 B．淀粉水解的最终产物是葡萄糖
C．纤维素不能水解成葡萄糖 D．油脂水解产物之一是甘油
【答案】B,D
【知识点】食物中淀粉、蛋白质、葡萄糖的检验；油脂的性质、组成与结构
【解析】【解答】解：A．蛋白质水解的最终产物是氨基酸，故A错误；
B．水解生成麦芽糖，麦芽糖水解生成葡萄糖，所以淀粉水解的最终产物是葡萄糖，故B正确；
C．纤维素属于多糖，水解生成葡萄糖，故C错误；
D．油脂是高级脂肪酸和甘油形成的酯，水解后得到共同产物是甘油，故D正确；
故选：BD．
【分析】A．蛋白质先水解成多肽，多肽再水解成最终产物氨基酸，故蛋白质水解的最终产物是各种氨基酸；
B．淀粉在酸的催化作用下，水解生成麦芽糖，麦芽糖水解生成葡萄糖；
C．纤维素属于多糖，水解生成葡萄糖；
D．油脂是高级脂肪酸和甘油形成的酯，水解后的共同产物为甘油．
8．（2014·海南）某反应过程能量变化如图所示，下列说法正确的是（ ）
A．反应过程a有催化剂参与
B．该反应为放热反应，热效应等于△H
C．改变催化剂，不能改变该反应的活化能
D．有催化剂条件下，反应的活化能等于E1+E2
【答案】B
【知识点】活化能及其对化学反应速率的影响
【解析】【解答】解：A、b中使用了催化剂，故A错误；
B、反应物能量高于生成物，反应为放热反应，△H=生成物能量﹣反应物能量，热效应等于△H，故B正确；
C、不同的催化剂，反应的活化能不同，改变催化剂，能改变该反应的活化能，故C错误；
D、E1、E2分别代表反应过程中各步反应的活化能，整个反应的活化能为能量较高的E1，故D错误．
故选B．
【分析】A、催化剂能降低反应的活化能；
B、反应物能量高于生成物，据此判断反应的吸放热，根据热效应的判断来回答；
C、不同的催化剂对反应的催化效果不同；
D、催化剂改变了反应历程，E1、E2分别代表各步反应的活化能．
9．（2014·海南）下列关于物质应用的说法错误的是（ ）
A．玻璃容器可长期盛放各种酸 B．纯碱可用于清洗油污
C．浓氨水可检验氯气管道漏气 D．Na2S可除去污水中的Cu2+
【答案】A
【知识点】氨的性质及用途；硅和二氧化硅；化学试剂的存放
【解析】【解答】解：A、玻璃中的二氧化硅和氢氟酸反应，不能用玻璃容器盛放氢氟酸，故A错误；
B、纯碱为碳酸钠，溶液中碳酸根离子水解先碱性，油脂在碱溶液中水解生成溶于水的物质，纯碱可用于清洗油污，故B正确；
C、浓氨水挥发出的氨气和氯气发生氧化还原反应生成氮气和氯化铵，3Cl2+8NH3=N2+6NH4Cl，反应过程中现象是冒白烟，浓氨水可检验氯气管道漏气，故C正确；
D、铜离子和硫离子交换生成难溶于酸的硫化铜，Cu2++S2﹣=CuS↓，Na2S可除去污水中的Cu2+，故D正确；
故选A．
【分析】A、玻璃中的二氧化硅和氢氟酸反应；
B、纯碱为碳酸钠，溶液中碳酸根离子水解先碱性，油脂在碱溶液中水解生成溶于水的物质；
C、浓氨水挥发出的氨气和氯气发生氧化还原反应生成氮气和氯化铵，反应现象冒白烟；
D、铜离子和硫离子交换生成难溶于酸的硫化铜；
10．（2014·海南）下列关于物质应用和组成的说法正确的是（ ）
A．P2O5可用于干燥Cl2和NH3
B．“可燃冰”主要成分是甲烷和水
C．CCl4可用于鉴别溴水和碘水
D．Si和SiO2都用于制造光导纤维
【答案】B,C
【知识点】碳族元素简介；有机物的鉴别；化石燃料与基本化工原料；洗气
【解析】【解答】解：A．五氧化二磷为酸性干燥剂，可以干燥氯气，不能干燥碱性气体氨气，故A错误；
B．可燃冰为甲烷和水的化合物，所以可燃冰的主要成分为甲烷和水，故B正确；
C．碘的四氯化碳的颜色为紫色，溴的四氯化碳颜色为红棕色，可以用四氯化碳鉴别溴水和碘水，故C正确；
D．SiO2用于制造光导纤维的材料，而Si为半导体材料，故D错误；
故选BC．
【分析】A．五氧化二磷为酸性干燥剂，能够干燥氯气，不能干燥碱性气体氨气；
B．可燃冰为甲烷和水形成的化合物，主要成分为甲烷和水；
C．溴、碘单质在四氯化碳中的颜色不同；
D．二氧化硅可以制造光导纤维，硅可用于制作半导体材料．
11．（2014·海南）室温下，用0.100mol L﹣1 NaOH溶液分别滴定20.00mL 0.100mol L﹣1的盐酸和醋酸，滴定曲线如图所示．下列说法正确的是（ ）
A．Ⅱ表示的是滴定醋酸的曲线
B．pH=7时，滴定醋酸消耗的V（NaOH）小于20mL
C．V（NaOH）=20.00mL时，两份溶液中c（Cl﹣）=c（CH3COO﹣）
D．V（NaOH）=10.00mL时，醋酸溶液中c（Na+）＞c（CH3COO﹣）＞c（H+）＞c（OH﹣）
【答案】B
【知识点】离子浓度大小的比较；中和滴定
【解析】【解答】解：A．醋酸是弱电解质，HCl是强电解质，相同浓度的醋酸和HCl溶液，醋酸的pH＞盐酸，所以I是滴定醋酸的曲线，故A错误；
B．pH=7时，溶液呈中性，醋酸钠溶液呈碱性，要使溶液呈中性，则醋酸的体积稍微大于NaOH，所以滴定醋酸消耗的V（NaOH）小于20mL，故B正确；
C．V（NaOH）=20.00mL时，两种溶液中的溶质分别是醋酸钠和NaCl，醋酸根离子水解、氯离子不水解，所以c（Cl﹣）＞c（CH3COO﹣），故C错误；
D．V（NaOH）=10.00mL时，醋酸溶液中的溶质为等物质的量浓度的CH3COOH、CH3COONa，醋酸电离程度大于醋酸根离子水解程度，溶液呈酸性，则c（H+）＞c（OH﹣），再结合电荷守恒得c（Na+）＜c（CH3COO﹣），故D错误；
故选B．
【分析】A．醋酸是弱电解质，HCl是强电解质，相同浓度的醋酸和HCl溶液，醋酸的pH＞盐酸；
B．pH=7时，溶液呈中性，醋酸钠溶液呈碱性，要使溶液呈中性，则醋酸的体积稍微大于NaOH；
C．V（NaOH）=20.00mL时，两种溶液中的溶质分别是醋酸钠和NaCl，醋酸根离子水解、氯离子不水解；
D．V（NaOH）=10.00mL时，醋酸溶液中的溶质为等物质的量浓度的CH3COOH、CH3COONa，醋酸电离程度大于醋酸根离子水解程度，溶液呈酸性，再结合电荷守恒判断．
12．（2014·海南）将BaO2放入密闭的真空容器中，反应2BaO2（s） 2BaO（s）+O2（g）达到平衡．保持温度不变，缩小容器体积，体系重新达到平衡，下列说法正确的是（ ）
A．平衡常数减小 B．BaO量不变
C．氧气压强不变 D．BaO2量增加
【答案】C,D
【知识点】化学平衡的影响因素
【解析】【解答】解：A．化学平衡常数只与温度有关，温度不变，平衡常数不变，故A错误；
B．缩小容器体积，增大压强，平衡向逆反应方向移动，则BaO的量减小，故B错误；
C．平衡向逆反应方向移动，但温度不变，平衡常数不变，氧气浓度不变，其压强不变，故C正确；
D．平衡向逆反应方向移动，则BaO2量增加，故D正确；
故选CD．
【分析】保持温度不变，缩小容器体积，增大压强，可逆反应向逆反应方向移动，化学平衡常数只与温度有关，据此分析解答．
三、解答题
13．（2014·海南）4种相邻主族短周期元素的相对位置如表，元素x的原子核外电子数是m的2倍，y的氧化物具有两性，回答下列问题：
（1）元素x在周期表中的位置是第 周期，第 族，其单质可采用电解熔融 的方法制备．
（2）m、n、y三种元素最高价氧化物的水化物中，酸性最强的是 ，碱性最强的是 ．（填化学式）
（3）气体分子（mn）2的电子式为 ．（mn）2成为拟卤素，性质与卤素类似，其与氢氧化钠溶液反应的化学方程式为 ．
【答案】（1）三；IIA；氯化镁
（2）HNO3；Al（OH）3
（3）；2NaOH+（CN）2=NaCN+NaCNO+H2O
【知识点】电子式、化学式或化学符号及名称的综合；元素周期表中原子结构与元素性质的递变规律
【解析】【解答】解：这几种元素都是短周期元素，且为相邻主族，根据元素在周期表中的位置知，m和n位于第二周期、x和y位于第三周期，x原子核外电子数是m的2倍，y的氧化物具有两性，则y是Al元素，根据元素位置知，x是Mg元素、m是C元素、n元素N元素，（1）元素x是Mg元素，在周期表中的位置是第三周期第IIA族，其单质可以采用电解熔融氯化镁的方法制备，
故答案为：三；IIA；氯化镁；（2）m、n、y分别是C、N、Al，元素的金属性越强，其最高价氧化物的水化物碱性越强，元素的非金属性越强，其最高价氧化物的水化物酸性越强，这三种元素金属性最强的是Al元素、非金属性最强的是N元素，所以酸性最强的是HNO3，碱性最强的是Al（OH）3，故答案为：HNO3；Al（OH）3；（3）气体分子（mn）2为（CN）2，电子式为 ，根据氯气和氢氧化钠溶液反应知，（CN）2和NaOH反应生成NaCN、NaCNO、H2O，反应方程式为2NaOH+（CN）2=NaCN+NaCNO+H2O，故答案为： ；2NaOH+（CN）2=NaCN+NaCNO+H2O．
【分析】这几种元素都是短周期元素，且为相邻主族，根据元素在周期表中的位置知，m和n位于第二周期、x和y位于第三周期，x原子核外电子数是m的2倍，y的氧化物具有两性，则y是Al元素，根据元素位置知，x是Mg元素、m是C元素、n元素N元素，再结合题目分析解答．
14．（2014·海南）硝基苯甲酸乙酯在OH﹣存在下发生水解反应：
O2NC6H4COOC2H5+OH﹣ O2NC6H4COO﹣+C2H5OH
两种反应物的初始浓度均为0.050mol L﹣1，15℃时测得O2NC6H4COOC2H5的转化率α随时间变化的数据如表所示．回答下列问题：
t/s 0 120 180 240 330 530 600 700 800
α/% 0 33.0 41.8 48.8 58.0 69.0 70.4 71.0 71.0
（1）列示计算该反应在120～180s与180～240s区间的平均反应速率 、 ；比较两者大小可得出的结论是 ．
（2）列式计算15℃时该反应的平衡常数 ．
（3）为提高O2NC6H4COOC2H5的平衡转化率，除可适当控制反应温度外，还可采取的措施有 （要求写出两条）．
【答案】（1）7.3×10﹣5mol/（L s）；5.8×10﹣5mol/（L s）；随着反应进行，反应物浓度降低，反应速率减慢
（2）6.0
（3）增加OH﹣的浓度、移去产物
【知识点】化学反应速率；化学平衡常数；化学平衡的影响因素
【解析】【解答】解：（1）120～180s内的平均速率为v= =7.3×10﹣5mol/（L s），
180～240s区间的平均反应速率为v= =5.8×10﹣5mol/（L s），反应速率逐渐减小，原因是随着反应进行，反应物浓度降低，反应速率减慢，故答案为：7.3×10﹣5mol/（L s）；5.8×10﹣5mol/（L s）；随着反应进行，反应物浓度降低，反应速率减慢；（2）700s时，转化率不再发生改变，可说明达到平衡状态，此时得O2NC6H4COOC2H5的转化率为71.0%，则c（O2NC6H4COO﹣）=c（C2H5OH）=0.05mol/L×71.0%，c（O2NC6H4COOC2H5）=c（OH﹣）=0.05mol/L×（1﹣71.0%），所以K= =6.0，故答案为：6.0；（3）为提高O2NC6H4COOC2H5的平衡转化率，可使平衡向正向移动，可增加OH﹣的浓度、移去产物，
故答案为：增加OH﹣的浓度、移去产物．
【分析】（1）根据转化率计算浓度的变化，结合c= 计算反应速率；（2）700s时，转化率不再发生改变，可说明达到平衡状态，以此可计算平衡常数；（3）为提高O2NC6H4COOC2H5的平衡转化率，可使平衡向正向移动，除温度外，还可增加另一种反应物浓度或减小生成物的浓度．
15．（2014·海南）卤代烃在生产生活中具有广泛的应用，回答下列问题：
（1）多卤代甲烷常作为有机溶剂，其中分子结构为正四面体的是 ．工业上分离这些多氯代甲烷的方法是 ．
（2）三氟氯溴乙烷（CF3CHClBr）是一种麻醉剂，写出其所有同分异构体的结构简式 （不考虑立体异构）．
（3）聚氯乙烯是生活中常用的塑料．工业生产聚氯乙烯的一种工艺路线如下：
反应①的化学方程式为 ，反应类型为 ；反应②的反应类型为 ．
【答案】（1）四氯化碳；分馏
（2）CHFClCF2Br、CHFBrCF2Cl、CFClBrCHF2
（3）H2C=CH2+Cl2→CH2ClCH2Cl；加成反应；消去反应
【知识点】有机物的合成；物质的分离与提纯；加成反应；消去反应
【解析】【解答】解：（1）分子结构为正四面体的为四氯化碳，工业上分离这些多氯代甲烷，根据物质的沸点不同，常用分馏的方法分离，故答案为：四氯化碳；分馏；（2）CF3CHClBr对应的同分异构体中，可根据卤素原子的位置不同判断，如F不在同一个C原子上，存在的同分异构体有CHFClCF2Br、CHFBrCF2Cl、CFClBrCHF2三种，故答案为：CHFClCF2Br、CHFBrCF2Cl、CFClBrCHF2；（3）乙烯与氯气发生加成反应生成1，2﹣二氯乙烷，反应的方程式为H2C=CH2+Cl2→CH2ClCH2Cl，加热480～530℃生成氯乙烯，发生消去反应，故答案为：H2C=CH2+Cl2→CH2ClCH2Cl；加成反应；消去反应．
【分析】（1）分子结构为正四面体的为四氯化碳；常用分馏的方法分离；（2）CF3CHClBr对应的同分异构体中，可根据卤素原子的位置不同判断；（3）乙烯与氯气发生加成反应生成1，2﹣二氯乙烷，加热480～530℃生成氯乙烯，然后发生加聚反应可生成聚氯乙烯．
16．（2014·海南）锰锂电池的体积小、性能优良，是常用的一次电池．该电池反应原理如图所示，其中电解质LiClO4溶于混合有机溶剂中，Li+通过电解质迁移入MnO2晶格中，生成LiMnO2．回答下列问题：
（1）外电路的电流方向是由 极流向 极（填字母）．
（2）电池正极反应式 ．
（3）是否可用水代替电池中的混合有机溶剂？ （填“是”或“否”），原因是 ．
（4）MnO2可与KOH和KClO3在高温下反应，生成K2MnO4，反应的化学方程式为 ．K2MnO4在酸性溶液中歧化，生成KMnO4和MnO2的物质的量之比为 ．
【答案】（1）b；a
（2）MnO2+e﹣+Li+=LiMnO2
（3）否；电极Li是活泼金属，能与水反应
（4）3MnO2+KClO3+6KOH 3K2MnO4+KCl+3H2O；2：1
【知识点】电极反应和电池反应方程式；原电池工作原理及应用
【解析】【解答】解：（1）Li为负极，MnO2为正极，原电池工作时，外电路的电流方向从正极到负极，即从b极流向a极，故答案为：b；a；（2）MnO2为正极，被还原，电极方程式为MnO2+e﹣+Li+=LiMnO2，故答案为：MnO2+e﹣+Li+=LiMnO2；（3）因负极材料为Li，可与水反应，则不能用水代替电池中的混合有机溶剂，故答案为：否；电极Li是活泼金属，能与水反应；（4）MnO2可与KOH和KClO3在高温下反应，生成K2MnO4，反应的方程式为3MnO2+KClO3+6KOH 3K2MnO4+KCl+3H2O，K2MnO4在酸性溶液中歧化，生成KMnO4和MnO2，反应中Mn元素化合价分别由+6价升高到7价、降低到+4价，由氧化还原反应氧化剂和还原剂之间得失电子数目相等可知，生成KMnO4和MnO2的物质的量之比为2：1，故答案为：3MnO2+KClO3+6KOH 3K2MnO4+KCl+3H2O；2：1．
【分析】形成原电池反应时，Li为负极，被氧化，电极方程式为Li﹣e﹣=Li+，MnO2为正极，被还原，电极方程式为MnO2+e﹣+Li+=LiMnO2，结合电极方程式以及元素化合价的变化解答该题．
17．（2014·海南）硫代硫酸钠（Na2S2O3）可用做分析试剂及鞣革还原剂．它受热、遇酸易分解．工业上可用反应：2Na2S+Na2CO3+4SO2═3Na2S2O3+CO2制得．实验室模拟该工业过程的装置如图所示．回答下列问题：
（1）b中反应的离子方程式为 ，c中的试剂为 ．
（2）反应开始后，c中先有浑浊产生，后又变澄清．此浑浊物是 ．
（3）d中的试剂为 ．
（4）试验中要控制SO2生成速率，可以采取的措施有 （写出两条）．
（5）为了保证硫代硫酸钠的产量，实验中通入的SO2不能过量，原因是 ．
【答案】（1）SO32﹣+2H+=SO2↑+H2O；硫化钠和碳酸钠的混合溶液
（2）S
（3）氢氧化钠溶液
（4）控制反应的温度或硫酸的滴加速度
（5）若通入的SO2过量，则溶液显酸性，硫代硫酸钠会分解
【知识点】二氧化硫的性质
【解析】【解答】解：（1）第一个装置为二氧化硫的制取装置，制取二氧化硫的原料为：亚硫酸钠和70%的浓硫酸，反应的离子方程式为：SO32﹣+2H+=SO2↑+H2O，c装置为Na2S2O3的生成装置，根据反应原理可知c中的试剂为：硫化钠和碳酸钠的混合溶液，故答案为：SO32﹣+2H+=SO2↑+H2O，硫化钠和碳酸钠的混合溶液；（2）反应开始时发生的反应为：Na2S+SO2+H2O=H2S+Na2SO3，SO2+2H2S=3S↓+2H2O，故该浑浊物是S，故答案为：S；（3）d装置为尾气吸收装置，吸收二氧化硫和硫化氢等酸性气体，应选用氢氧化钠溶液，故答案为：氢氧化钠溶液；（4）通过控制反应的温度或硫酸的滴加速度可以控制SO2生成速率，
故答案为：控制反应的温度或硫酸的滴加速度；（5）硫代硫酸钠遇酸易分解，若通入的SO2过量，则溶液显酸性，硫代硫酸钠会分解，故答案为：若通入的SO2过量，则溶液显酸性，硫代硫酸钠会分解．
【分析】①第一个装置为二氧化硫的制取装置，制取二氧化硫的原料为：亚硫酸钠和70%的浓硫酸；c装置为Na2S2O3的生成装置；d装置为尾气吸收装置，吸收二氧化硫和硫化氢等酸性气体；②反应开始时发生的反应为：Na2S+4SO2+H2O=2H2S+Na2SO3，SO2+2H2S=3S↓+2H2O；④通过控制反应的温度或硫酸的滴加速度可以控制SO2生成速率；⑤硫代硫酸钠遇酸易分解，若通入的SO2过量，则溶液显酸性，硫代硫酸钠会分解．
四、选做题，请考生在选修5、选修3、选修2三题中任选一题作答，多做则按所做的第一题计分选修5-有机化学基础
18．（2014·海南）图示为一种天然产物，具有一定的除草功效．下列有关该化合物的说法错误的是（ ）
A．分子含有三种含氧官能团
B．1mol该化合物最多能与6mol NaOH反应
C．既可以发生取代反应，又能够发生加成反应
D．既能与FeCl3发生显色反应，也能与NaHCO3反应放出CO2
【答案】B,D
【知识点】有机物的结构和性质
【解析】【解答】解：A．由结构简式可知，分子中含有羟基、酯基和醚基三种含氧官能团，故A正确；
B．分子中含有3个酚羟基，1个酯基，故1mol该化合物最多能与4molNaOH反应，故B错误；
C．分子中含有苯环，既可以发生取代反应，又能够发生加成反应，故C正确；
D．含有酚羟基，能与FeCl3发生显色反应；不含有羧基，故不能与NaHCO3反应放出CO2，故D错误；
故选BD．
【分析】A．由结构简式可知，分子中含有羟基、酯基和醚基三种含氧官能团；
B．分子中含有3个酚羟基，1个酯基，故1mol该化合物最多能与4molNaOH反应；
C．分子中含有苯环，既可以发生取代反应，又能够发生加成反应；
D．不含有羧基，故不能与NaHCO3反应．
19．（2014·海南）1，6﹣已二酸（G）是合成尼龙的主要原料之一，可用含六个碳原子的有机化合物氧化制备．如图为A通过氧化反应制备G的反应过程（可能的反应中间物质为B、C、D、E和F）：
回答下列问题：
（1）化合物A中含碳87.8%，其余为氢，A的化学名称为 ．
（2）B到C的反应类型为 ．
（3）F的结构简式为 ．
（4）在上述中间物质中，核磁共振氢谱出峰最多的是 ，最少的是 ．（填化合物代号）
（5）由G合成尼龙的化学方程式为 ．
（6）由A通过两步反应制备1，3﹣环已二烯的合成路线为 ．
【答案】（1）环己烯
（2）加成反应
（3）
（4）DE；F
（5）
（6）
【知识点】有机化合物的命名；有机物的推断；有机物的合成；有机物的结构和性质
【解析】【解答】解：（1）化合物A中含碳87.8%，其余为氢，则碳氢原子个数比为： ： =6：10，又知A含有六个碳原子，故A的化学式为：C6H10，故A的化学名称为：环己烯；故答案为：环己烯；（2） 与水发生加成反应生成 ，故答案为：加成反应；（3） 发生氧化反应生成F，F为 ，故答案为： ；（4）B的核磁共振氢谱出峰为3，C的核磁共振氢谱出峰为4，D的核磁共振氢谱出峰为6，E的核磁共振氢谱出峰为6，F的核磁共振氢谱出峰为2，故答案为：DE，F；（5） 与 发生缩聚反应生成 ，方程式为： ，
故答案为： ；（6） ，故答案为： ．
【分析】化合物A中含碳87.8%，其余为氢，则碳氢原子个数比为： ： =6：10，又知A含有六个碳原子，故A的化学名称为：C6H10，与双氧水反应生成 ， 与水发生加成反应生成 ， 发生氧化反应生成 ， 再发生氧化反应生成 ， 再发生氧化反应生成F，F为： ， 再发生氧化反应生成 ， 与 发生缩聚反应生成尼龙，化学式为： ．
五、选修3-物质的结构与性质
20．（2014·海南）对于钠的卤化物（NaX）和硅的卤化物（SiX4），下列叙述正确的是（ ）
A．SiX4难水解 B．SiX4是共价化合物
C．NaX易水解 D．NaX的熔点一般高于SiX4
【答案】B,D
【知识点】不同晶体的结构微粒及微粒间作用力的区别
【解析】【解答】解：A、硅的卤化物（SiX4）易水解生成硅酸和HCl，故A错误；
B、硅的卤化物（SiX4）是由非金属元素原子间通过共用电子对形成的化合物，是共价化合物，故B正确；
C、钠的强酸盐不水解，NaX（NaF除外）不易水解，故C错误；
D、钠的卤化物（NaX）为离子化合物属于离子晶体，硅的卤化物（SiX4）为共价化合物属于分子晶体，离子晶体的熔点大于分子晶体的熔点，即NaX的熔点一般高于SiX4，故D正确；
故选：BD．
【分析】钠的卤化物（NaX）为离子化合物，硅的卤化物（SiX4）为共价化合物，结合离子化合物及共价化合物的性质分析．
21．（2014·海南）碳元素的单质有多种形式，如图依次是C60、石墨和金刚石的结构图：
回答下列问题：
（1）金刚石、石墨、C60、碳纳米管都是碳元素的单质形式，它们互为 ．
（2）金刚石、石墨烯（指单层石墨）中碳原子的杂化形式分别为 、 ．
（3）C60属于 晶体，石墨属于 晶体．
（4）石墨晶体中，层内C﹣C键的键长为142pm，而金刚石中C﹣C键的键长为154pm．其原因是金刚石中只存在C﹣C间的 共价键，而石墨层内的C﹣C间不仅存在 共价键，还有 键．
（5）金刚石晶胞含有 个碳原子．若碳原子半径为r，金刚石晶胞的边长为a，根据硬球接触模型，则r= a，列式表示碳原子在晶胞中的空间占有率 （不要求计算结果）．
【答案】（1）同素异形体
（2）sp3；sp2
（3）分子；混合
（4）σ；σ；π
（5）8；；
【知识点】共价键的形成及共价键的主要类型；晶胞的计算；原子轨道杂化方式及杂化类型判断；同素异形体
【解析】【解答】解：（1）都是含有碳元素的不同单质，互为同素异形体，故答案为：同素异形体；（2）金刚石中碳原子形成四条共价键，为sp3杂化；石墨烯为片层结构，杂化类型为sp2杂化，故答案为：sp3；sp2；（3）C60晶体组成微粒为60个碳原子组成的C60分子，属于分子晶体；石墨片层内以共价键结合，片层之间以分子间作用力结合，为混合晶体，故答案为：分子；混合；（4）金刚石中碳原子以sp3杂化，形成四条杂化轨道，全部形成σ键；石墨中碳原子以sp2杂化，形成三条杂化轨道，还有一条为杂化的p轨道，三条杂化轨道形成σ键，而未杂化p轨道形成π键，故答案为：σ；σ；π；（5）晶胞中顶点微粒数为： =1，面心微粒数为： =3，体内微粒数为4，共含有8个碳原子；晶胞内含有四个碳原子，则晶胞体对角线长度与四个碳原子直径相同，即 =8r，r= a；碳原子的体积为： ，晶胞体积为：a3，碳原子的空间利用率为： = = ，故答案为：8； ； ．
【分析】（1）都是含有碳元素的不同单质；（2）金刚石中碳原子形成四条共价键，为sp3杂化；石墨烯为片层结构，杂化类型为sp2杂化；（3）根据组成的微粒类型和微粒间作用力类型判断晶体类型；（4）根据两种物质的杂化类型分析共价键类型；（5）利用均摊法计算．
六、选修2-化学
22．（2014·海南）下列有关叙述正确的是（ ）
A．碱性锌锰电池中，MnO2是催化剂
B．银锌纽扣电池工作时，Ag2O被还原为Ag
C．放电时，铅酸蓄电池中硫酸浓度不断增大
D．电镀时，待镀的金属制品表面发生还原反应
【答案】B,D
【知识点】常见化学电源的种类及其工作原理
【解析】【解答】解：A．碱性锌锰电池中，MnO2中Mn元素化合价降低，发生还原反应，作氧化剂，故A错误；
B．银锌纽扣电池工作时，Ag2O发生还原反应生成Ag，故B正确；
C．铅酸蓄电池总电池反应为：PbO2+2H2SO4+Pb 2PbSO4+2H2O，可知放电时铅酸蓄电池硫酸浓度不断减小，故C错误；
D．电镀时，镀层阳离子在镀件放电形成镀层，化合价降低，发生还原反应，故D正确；
故选BD．
【分析】A．根据碱性锌锰电池的电极反应判断；
B．根据银锌纽扣电池工作原理判断；
C．根据放电时铅酸蓄电池反应判断硫酸浓度变化；
D．电镀时，镀层金属阳离子放电．
23．（2014·海南）锌是一种应用广泛的金属，目前工业上主要采用“湿法”工艺冶炼锌．某含锌矿的主要成分是ZnS（还含有少量FeS等其它成分），以其为原料炼锌的工艺流程如图所示：
回答下列问题：
（1）硫化锌精矿的焙烧在氧气气氛的沸腾炉中进行，所产生焙砂的主要成分的化学式为 ．
（2）焙烧过程中产生的含尘烟气可净化制酸，该酸可用于后续的 操作．
（3）浸出液“净化”过程中加入的主要物质为 ，其作用是 ．
（4）电解沉积过程中的阴极采用铝板，阳极采用Pb﹣Ag合金惰性电极，阳极逸出的气体是 ．
（5）改进的锌冶炼工艺，采用了“氧压酸浸”的全湿法流程，既省略了易导致空气污染的焙烧过程，又可获得一种由工业价值的非金属单质，“氧压酸浸”中发生主要反应的离子方程式为 ．
（6）我国古代曾采用“火法”工艺冶炼锌．明代宋应星著《天工开物》中有关“升炼倭铅”的记载：“炉甘石十斤，装载入一尼罐内，…，然后逐层用煤炭饼垫盛，其底铺薪，发火锻红，…，冷淀，毁罐取出，…即倭铅也．”该炼锌工艺主要反应的化学方程式为 ．（注：炉甘石的主要成分为碳酸锌，倭铅是指金属锌）．
【答案】（1）ZnO
（2）浸出
（3）锌粉；置换出Fe等
（4）O2
（5）2ZnS+4H++O2=2Zn2++2S↓+2H2O
（6）ZnCO3+2C Zn+3CO↑
【知识点】物质的分离与提纯
【解析】【解答】解：（1）含锌矿的主要成分是ZnS，与空气中氧气发生氧化还原反应，则焙砂的主要成分为ZnO，故答案为：ZnO；（2）焙烧生成的含硫氧化物可转换为硫酸，用于后续的浸出操作，故答案为：浸出；（3）该含锌矿中还含有FeS等杂质，浸出操作后转化为亚铁离子，可加入锌粉除去亚铁离子，从而出去Fe，故答案为：Zn粉；置换出Fe等；（4）电解沉积过程中，是电解ZnSO4，阳极发生氧化反应，产物为O2，故答案为：O2；（5）“氧压酸浸”法顾名思义，可知反应物中含有H+和O2，可以获得非金属单质S，写出化学方程式为：2ZnS+4H++O2=2Zn2++2S↓+2H2O，故答案为：2ZnS+4H++O2=2Zn2++2S↓+2H2O；（6）根据题目描述可知反应物为ZnCO3和C，产物含有Zn，则化学方程式为：ZnCO3+2C Zn+3CO↑，故答案为：ZnCO3+2C Zn+3CO↑．
【分析】（1）含锌矿的主要成分是ZnS，与空气中氧气发生氧化还原反应，判断焙砂的主要成分；（2）焙烧生成的含硫氧化物可转换为硫酸；（3）该含锌矿中还含有FeS等杂质，浸出操作后转化为亚铁离子，可加入锌粉出去亚铁离子，从而出去Fe；（4）电解沉积过程中，是电解ZnSO4，阳极发生氧化反应，以此判断阳极产物；（5）根据反应物和生成物写出化学方程式；（6）根据反应物和生成物写出化学方程式．
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