2015-2016学年山东省济宁市汶上县康驿二中九年级下学期开学物理试卷
一、选择题
1．（2016九下·汶上开学考）下列说法正确的是（ ）
A．发现有人触电，应立即用手将触电人拉开
B．温度计的玻璃泡应与被测液体充分接触
C．使用测电笔时不能用手接触笔尾金属体
D．家用电风扇额定功率约1.2kW
2．（2016九下·汶上开学考）水无常形，变化万千．如图所示的各种自然现象，在形成过程中需要吸热的是（ ）
A． 冰雪融化
B． 叶面上形成露珠
C． 冬天树叶上形成霜
D． 玻璃上形成“窗花”
3．（2016九下·汶上开学考）关于物体的内能，下列说法不正确的是（ ）
A．温度为0℃的物体具有内能
B．物体内能增加，不一定是通过外界对物体做功
C．正在沸腾的水吸收热量，温度增加，内能不变
D．在相同物态下，同一物体温度降低，它的内能会减少
4．（2016九下·汶上开学考）如图所示的电路，两个中学实验室常用电流表规格相同，电流表有两个量程，闭合开关S，电阻R1与R2均有电流通过，两只电流表的指针偏转角度相同，则电阻R1与R2的阻值之比是（ ）
A．1：4 B．4：1 C．1：5 D．5：1
5．（2016九下·汶上开学考）如图甲的电路中，闭合开关S后，电压表的示数为2V，两个电流表的指针偏转至表盘的同一位置（如图乙），则（ ）
A．L1中的电流为0.2A
B．L1、L2中电流之比为I1：I2=5：1
C．电路的总电阻是10Ω
D．L1和L2消耗的电功率之比P1：P2=4：1
6．（2016九下·汶上开学考）如图所示，小丽家浴室的浴霸由一只照明灯泡L、两只取暖灯L1和L2以及一个排风扇M组成，它们的额定电压均为220V．其中照明灯和排风扇都可以单独工作，两只取暖灯总是同时工作．在下面的四个电路图中，符合上述要求的是（ ）
A． B．
C． D．
7．（2016九下·汶上开学考）如图甲，R1为定值电阻，R2为滑动变阻器（允许通过的最大电流为5A）．图乙反映了开关由断开到闭合，再移动滑片P的过程中，a b两端电压U和通过的电流I之间的关系；图丙反映了滑动变阻器消耗的功率P与电流I之间的关系，则下列说法不正确的是（ ）
A．电源电压为50V
B．R1的阻值为5Ω
C．滑动变阻器连入阻值的范围为4～45Ω
D．当R2的功率为120W时，电路消耗的总功率为200W
8．（2016九下·重庆开学考）如图所示是电阻甲和乙的U﹣I图象，下列说法正确的是（ ）
A．甲的电阻值保持10Ω不变
B．乙的电阻值保持20Ω不变
C．甲、乙并联在电路中，当电源电压为2V时，电路总电流为0.3A
D．甲、乙串联在电路中，当电路电流为0.2A时，甲的功率为0.6W
9．（2017·农安模拟）POS刷卡机的广泛应用给人们的生活带来了便利．POS机的刷卡位置有一个绕有线圈的小铁环制成的检测头（如图所示）．在使用时，将带有磁条的信用卡在POS机指定位置刷一下，检测头的线圈中就会产生变化的电流，POS机便可读出磁条上的信息．下列图中能反映POS刷卡机读出信息原理的是（ ）
A． B．
C． D．
10．（2016九下·汶上开学考）某兴趣小组为了研究电子温控装置，将热敏电阻R1（热敏电阻的阻值随温度的升高而减小）、定值电阻R2以及电压表和电流表连入如图所示电路，电源电压不变．闭合开关S，当温度升高时，下列说法正确的是（ ）
A．电流表和电压表示数均变小
B．电压表V与电流表A示数之比变小
C．电流表示数变小，电压表示数变大
D．电路消耗的总功率变大
二、填空题
11．（2016九下·汶上开学考）白炽灯用久了会发暗，其原因之一是钨丝先升华后又 在灯泡内壁上，影响了玻璃的透光性；原因之二是灯丝变细，电阻变 ，在电压不变时，实际功率变 ．
12．（2016九下·汶上开学考）大型载重汽车下坡时间较长时，为防止刹车片过热造成刹车失灵，要向刹车片和轮胎喷水降温．刹车片过热是通过 方式增加内能的；水喷到刹车片上时，看到热气腾腾，是利用水的 （填一种物态变化名称）过程吸热，来降低刹车片的温度．
13．（2016九下·汶上开学考）热熔胶在室温下为固体，加热变为较强粘性的液体，冷却后，将物体牢牢地粘在一起．如图甲是热熔胶枪的外形，在枪嘴内有电热丝，将胶枪单独接在如图乙所示的电能表上工作10min，电能表上的转盘转过60转．在上述时间内胶枪消耗的电能为 J，胶枪的电功率是 W．
14．（2016九下·汶上开学考）科学家的每次重大发现，都有力地推动了人类文明的进程．丹麦物理学家 首先发现了电流周围存在磁场，第一个揭示了电和磁之间的联系．小郭同学受此启发自制了如图所示的简易压力传感器，弹簧甲连接在A、B两绝缘板之间，B板固定，滑动变阻器R的滑片P与A板相连，并可随A板一起运动．弹簧乙下端挂有一永磁体，永磁体正下方有一电磁铁，E为电源，R0为定值电阻．开关S闭合，电路接通后，电压表示数为U1，弹簧乙的总长度为l1；当用力F向下压弹簧甲后，电压表示数为U2，弹簧乙的总长度为l2，则U1 U2，l1 l2 （以上两空均选填“＞”、“＜”或“=”）．
15．（2016九下·汶上开学考）如图甲所示电路中，R0为定值电阻，R1为滑动变阻器．图乙是该滑动变阻器消耗的电功率与电流关系的图象．则该滑动变阻器的最大值是 Ω，当滑片P移动到b端时，R0消耗的电功率是 W．
三、实验与作图题
16．（2016九下·汶上开学考）按要求作图：
（1）请在如图甲所示的家庭电路中，以笔画线代替导线，将各元件正确接入电路，其中开关只控制灯泡，三孔插座带保险盒．
（2）小磁针静止时如图乙所示，请在括号中标出电源的“+”或“﹣”极．
17．（2016九下·汶上开学考）如图甲是小明和同学做“测定小灯泡额定电功率”实验的电路，电源电压为6V，已知小灯泡正常工作时的电压为2.5V，正常发光时灯丝的电阻约为10Ω．
（1）请你用笔画线代替导线把未连接完的实物电路连接成正确的完整电路（要求：导线不交叉且滑动变阻器滑片向右移动灯泡变亮）．
（2）闭合开关前，滑动变阻器的滑片应置于 端（选填“A”或“B”），若实验室有三种规格的滑动变阻器，分别是甲“10Ω 1A”、乙“20Ω 0.5A”、丙“50Ω 0.2A”，则小明应选用 （选填“甲”、“乙”或“丙”）．
（3）若闭合开关，灯泡不亮，经检查灯丝断了，则电流表指针偏转情况是 ；电压表指针偏转情况是 ．
（4）更换相同规格灯泡后，当滑动变阻器的滑片在某一位置时，电压表的示数如图乙所示，为了使灯泡正常发光，应将滑片向 （选填“左”或“右”）移动；小明进一步测置并推绘出小灯泡的电流随电压变化的曲找如图丙所示，通过图象可知小灯泡正常发光时的电功率为 W．
（5）另一位同学在连接好电路后，闭合开关，在移动滑动变阻器滑片P的过程中发现；灯泡变亮时电压表示数变小；灯泡变暗时，电压表示数变大．经检查所用器材完好，出现这种现象的原因可能 ．
（6）他们继续用如图所示装置来探究“电流与电压的关系”，首先把5Ω的电阻接入原来小灯泡的位置，调节滑动变阻器依次测得数据如表一所示，由表一可归纳出：在电阻不变的情况下，导体中的电流跟它两端的电压成 比．接着他们探究“电流与电阻的关系”．其操作步骤是分别把5Ω、10Ω、15Ω的电阻接入原小灯
泡的位置，立即闭合开关记录读数如表二所示．由表中的实验数据发现，通过导体的电流跟它的电阻不成反比，其原因可能是遗漏了重要的操作步骤，此步骤是：
表一
次数 电阻R=5Ω
电压U/V 电流I/A
1 1.0 0.2
2 1.5 0.3
3 2.0 0.4
表二
次数 电阴R/Ω 电流I/A
1 5 0.24
2 10 0.20
3 15 0.16
18．（2016九下·汶上开学考）物理学中常用磁感线来形象地描述磁场，用磁感应强度（用字母B表示）来描述磁场的强弱，它的国际单位是特斯拉（符号是T），磁感应强度B越大表明磁场越强；B=0表明没有磁场．有一种电阻，它的大小随磁场强弱的变化而变化，这种电阻叫做磁敏电阻，图1所示是某磁敏电阻R的阻值随磁感应强度B变化的图象．为了研究某磁敏电阻R的性质，小刚设计了如图2所示的电路进行实验，请解答下列问题：
（1）当S1断开、S2闭合时，电压表的示数为3V，则此时电流表的示数为 A．电阻R消耗的功率是 ．
（2）只闭合S1，通电螺线管的右端为 极；闭合S1和S2，移动两个滑动变阻器的滑片，当电流表示数为0.04A时，电压表的示数为6V，由图象可得，此时该磁敏电阻所在位置的磁感应强度为 T．
（3）实验中小刚将电路中电源的正负极对调，发现乙电路中电压表和电流表的示数不变，这表明：该磁敏电阻的阻值与磁场的 无关．
（4）实验中小刚通过改变滑动变阻器连入电路中的阻值来改变磁敏电阻所在位置的磁感应强度，请你再提供一种改变磁感应强度的方法 ．
四、计算题
19．（2016九下·汶上开学考）如图所示，电阻为8Ω的小灯泡L和电阻为12Ω的定值电阻R0连接在电源电压为10V的电路中，闭合开关S后灯泡恰好正常发光．（电源电压和灯丝电阻均保持不变）
求：
（1）小灯泡的额定功率．
（2）闭合开关S后连续通电5min内整个电路消耗的电能．
20．（2016九下·汶上开学考）某微电脑电热水壶如图甲所示，它具有温度可控、自动抽水等优点，图乙是该电热水壶的铭牌（电热丝电阻不变），已知水的比热容c水=4.2×103J/（kg ℃）．
求：
（1）为了泡绿茶要将水从25℃加热到85℃，则1kg的水需吸收热量是多少？
（2）电热丝电阻是多少？
（3）若加热题（1）中的水需用时350s，电热水壶的热效率为84%，则它实际功率是多少？
答案解析部分
1．【答案】B
【知识点】安全用电原则
【解析】【解答】解：A、发现有人触电，应先切断电源，或使用干木棒等挑开电线，使人迅速脱离带电体，若用手去拉会造成施救者也触电，故A错误；
B、使用温度计测量液体温度时，必须使温度计的玻璃泡与液体充分接触，但不能接触容器底或容器壁．故B正确；
C、使用测电笔检验电路时，手指要接触测电笔尾部的金属体，不能接触笔尖的金属体，故C错误；
D、家用电风扇的功率在60W左右，故D错误．
故选B．
【分析】（1）发现有人触电，应先切断电源，或使人迅速脱离带电体，切记不能用手去拉．
（2）根据温度计的正确使用方法进行判断；
（3）使用测电笔时，手要接触笔尾的金属体；
（4）家用电风扇的功率在60W左右．
2．【答案】A
【知识点】物质的三态；熔化与熔化吸热特点
【解析】【解答】解：A、河流中冰雪消融是固态的冰雪变成了液态的水，是熔化现象，需要吸收热量，符合题意；
B、露珠是由空气中的水蒸气遇冷凝结而成的，属于液化现象，需要放出热量．不符合题意．
C、固态的白霜是空气中的水蒸气遇冷直接凝华而成的，凝华过程需要放出热量．不符合题意．
D、窗玻璃上的冰花是水蒸气遇冷凝华而成的，物体凝华是放热的．不符合题意．
故选A．
【分析】六种物态变化中，熔化、汽化、升华是吸热的，凝固、液化、凝华是放热的．
3．【答案】C
【知识点】热量的概念
【解析】【解答】解：A、一切物体都有内能，温度为0℃的物体也具有内能，故A正确；
B、物体的内能增加，可能是外界对物体做功，也可能是从外界吸收了热量，故B正确；
C、正在沸腾的水吸收热量，温度不变，内能增加，故C错误；
D、在相同物态下，同一物体温度降低，它的内能会减少，故D正确．
故选C．
【分析】（1）内能是指物体内部所有做无规则运动的分子具有的分子动能和分子势能的总和，一切物体都有内能；
（2）改变物体内能的两种方式：做功和热传递；做功可以改变内能，且对物体做功，物体内能会增加，物体对外做功，物体内能会减小；吸收热量内能增加，放出热量，内能会减小；
（3）物体吸收热量，内能增加，温度不一定升高，例如水的沸腾过程中，吸收热量，内能增加，温度不变；
（4）内能与物体的质量、温度以及状态有关，在相同物态下，同一物体温度降低，它的内能会减少．
4．【答案】B
【知识点】欧姆定律及其应用
【解析】【解答】解：由电路图可知，两电阻并联，电流表A1测R1支路的电流，A2测干路电流；
因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，且两只电流表的指针偏转角度相同，
所以，干路电流I是R1支路电流I1的5倍，即I=5I1，
则 = = = ，
因并联电路中各支路两端的电压相等，
所以，根据欧姆定律可得：
= = = ．
故选B．
【分析】由电路图可知，两电阻并联，电流表A1测R1支路的电流，A2测干路电流；根据并联电路的电流特点和两只电流表的指针偏转角度相同判断两电流表的量程，大量程示数是小量程示数的5倍，再根据并联电路的电流特点求出两支路的电流之比，利用并联电路的电压特点和欧姆定律求出两电阻的阻值之比．
5．【答案】D
【知识点】欧姆定律及其应用；电功率的计算
【解析】【解答】解：A、测量总电流的量程是0～3A，所以电流表的示数为1A；测量灯泡L2电流的量程是0～0.6A，所以电流表示数为0.2A，也就是电灯L2中的电流I2=0.2A，
所以L1的电流为I1=I﹣I2=1A﹣0.2A=0.8A．此选项错误；
B、通过两只灯泡的电流之比为 = = ．此选项错误；
C、测量总电流的量程是0～3A，所以电流表示数为1A，也就是电路总电流I=1A，
两灯并联，电源电压等于灯泡L2两端电压，U=U2=2V，
所以总电阻R= = =2Ω．此选项错误；
D、两灯泡消耗的电功率之比 = = = ．此选项正确．
故选D．
【分析】开关闭合后，两灯泡并联，一电流表测量总电流，一电流表测量灯泡L2电流，电压表测量测量灯泡L2两端电压，两个电流表的指针指在图乙所示的同一位置，说明测量总电流的量程是0～3A，测量灯泡L2电流的量程是0～0.6A．
①已知干路电流和通过灯泡L2的电流，可以得到通过L1的电流；
②已知通过两只灯泡的电流，可以得到电流之比；
③已知总电压和总电流，根据欧姆定律可求总电阻；
④已知通过两只灯泡的电流和两端电压，根据公式P=UI可求两只灯泡消耗的电功率之比．
6．【答案】D
【知识点】串、并联电路的设计
【解析】【解答】解：A、由电路图可知，灯泡L与电动机M以及两个取暖灯都不能正常工作、且不能独立工作，故A不符合题意；
B、由电路图可知，照明灯L的开关不能独立工作，故不符合题意；
C、两取暖灯串联，不能正常工作，故不符合题意；
D、照明灯泡和两只取暖以及排风扇能工作，且照明灯和排风扇都由各自的开关控制、两只取暖灯只有一只位于干路的开关控制，故符合题意．
故选D．
【分析】照明灯泡和两只取暖以及排风扇工作的额定电压均为220V说明它们之间为并联、否则均不能正常工作；照明灯和排风扇都可以单独工作说明各有一个开关控制，两只取暖灯总是同时工作说明只有一只开关控制、且位于两者的干路．
7．【答案】C
【知识点】欧姆定律及其应用；电功率的计算
【解析】【解答】解：A、由图乙所示图象可知：I=1A时U2=45V，I′=5A时U2′=25V，设电源电压是U，
由I= B可知，电阻R1两端电压U1=IR1，由串联电路特点可知，U=U2+IR1，则U=45V+1A×R1； U=25V+5A×R1，解得：U=50V，R1=5Ω，故AB正确；
C由图乙所示图象可知：I=1A时U2=45V，I′=5A时U2′=25V，由I= 可知，滑动变阻器接入电路的阻值R最大= = =45Ω，
R最小= = =5Ω，则滑动变阻器接入电路的阻值范围是5Ω～45Ω，故C错误；
D、由图丙可知，当R2的功率为120W时，电路电流为4A，则电路消耗的总功率P=UI=50V×4A=200W，故D正确；
本题选不正确的，故选C．
【分析】由电路图可知，两电阻串联接入电路，ab两点间电压是滑动变阻器两端电压；由图乙所示图象求出电压与电流的对应值，由串联电路特点及欧姆定律列方程，可以求出电源电压与电阻R1的阻值；由图丙求出R2消耗的功率为120W时的电路电流，由P=UI求出电路消耗的总功率；根据滑动变阻器两端电压，由欧姆定律可以求出滑动变阻器接入电路的阻值范围．
8．【答案】C
【知识点】串联电路的电流规律；并联电路的电压规律；欧姆定律及其应用；电功率的计算
【解析】【解答】解：（1）由图象可知，甲对应的电流与电压成正比，根据欧姆定律可知甲电阻的阻值不变，乙电阻的阻值变化；
且当U甲=2V时，对应的电流为0.1A，故R甲= =20Ω；故AB不正确．（2）甲、乙并联在2V电源时，电阻两端的电压为2V，
由图象可知，I甲=0.1A，I乙=0.2A，故干路电流I=I甲+I乙=0.1A+0.2A=0.3A，故C正确；（3）甲、乙串联在电路中时，通过两电阻的电流相等，由图可知U甲=4V，
故甲的功率为P甲=U甲I=4V×0.2A=0.8W，故D不正确．
故选C．
【分析】（1）根据欧姆定律可知，电阻一定时，通过电阻的电流与两端的电压成正比，据此分析图象甲乙电阻的变化；（2）根据并联电路的电压特点结合图象读出对应的电流，再根据并联电路的电流特点得出干路电流；（3）根据串联电路的电流特点读出图象中对应的电压，根据P=UI求出甲的功率．
9．【答案】C
【知识点】电磁感应
【解析】【解答】解：A、如图反映电流周围存在着磁场．故A错误．
B、如图电路中有电源，是通电导体在磁场中受力运动．故B错误．
C、如图电路中没有电源，当闭合开关，闭合电路的一部分导体在磁场中进行切割磁感线运动时，导体中有感应电流产生，这是电磁感应选项．故C正确．
D、如图电路中有电源，是影响电流磁性因素的实验．故D错误．
故选C．
【分析】闭合电路的一部分导体在磁场中进行切割磁感线运动时，导体中有感应电流产生，这种现象是电磁感应现象，POS刷卡机就是利用电磁感应原理制成的，在选项中找出探究电磁感应的对应图即可．
10．【答案】D
【知识点】电路的动态分析
【解析】【解答】解：由电路图可知，热敏电阻R1与定值电阻R2串联，电压表测R2两端的电压，电流表测电路中的电流，
因热敏电阻的阻值随温度的升高而减小，
所以，当温度升高时，热敏电阻R1的阻值变小，电路中的总电阻变小，
由I= 可知，电路中的电流变大，即电流表的示数变大，
由U=IR可知，R2两端的电压变大，即电压表的示数变大，故AC不正确；
由P=UI可知，电路消耗的总功率变大，故D正确；
因电压表V与电流表A示数之比等于定值电阻R2的阻值，
所以，电压表V与电流表A示数之比不变，故B不正确．
故选D．
【分析】由电路图可知，热敏电阻R1与定值电阻R2串联，电压表测R2两端的电压，电流表测电路中的电流，根据热敏电阻与温度的关系判断温度升高时阻值的变化，根据欧姆定律可知电路中电流的变化和电压表示数的变化，根据P=UI可知电路消耗总功率的变化，根据欧姆定律结合定值电阻R2的阻值可知电压表V与电流表A示数之比的变化．
11．【答案】凝华；大；小
【知识点】凝华及凝华放热
【解析】【解答】解：白炽灯使用时，灯泡内温度升高，少部分钨丝会升华由固体变为气态，当熄灯时，灯泡内温度下降，升华后的气态的钨会放出热量凝华为固态的钨附着在灯泡内壁上，影响了玻璃的透光性；又因钨丝升华变细，横截面积变小，导致灯丝电阻变大，根据公式P= 可知，电阻越大，实际功率越小．
故答案为：凝华；大；小．
【分析】（1）物质由气态直接变成固态叫做凝华；（2）导体电阻与导体的材料、导体材料、导体横截面积有关；在材料、长度、相同的条件下，导体横截面积越小，导体电阻越大；（3）根据公式P= 可知，电压不变时，电阻与实际功率的关系．
12．【答案】做功；汽化
【知识点】汽化及汽化吸热的特点；做功改变物体内能
【解析】【解答】解：刹车片过热是通过做功方式增加内能的；水喷到刹车片上时，看到热气腾腾，是利用水的汽化过程吸热，来降低刹车片的温度．
故答案为：做功；汽化．
【分析】（1）改变物体的内能有做功和热传递两种方式，做功是能量的转化过程，热传递是能量的转移过程，二者改变内能是等效的．（2）物体由液态变成气态的过程，叫汽化．
13．【答案】3.6×105；600
【知识点】电功的计算；电功率的计算
【解析】【解答】解：电能表的转盘转动60转消耗的电能：
W= kW h=0.1kW h=3.6×105J，
胶枪的电功率：
P= = =0.6kW=600W．
故答案为：3.6×105；600．
【分析】从电能表的铭牌上可以看出每消耗1kW h的电能，电能表的表盘转动600转，可求转动60转消耗的电能，根据公式P= 可求胶枪的电功率．
14．【答案】奥斯特；＜；＜
【知识点】欧姆定律及其应用
【解析】【解答】解：（1）丹麦物理学家奥斯特首先发现了电流周围存在磁场，第一个揭示了电和磁之间的联系；（2）开关S闭合，定值电阻与滑动变阻器串联，电压表测量滑动变阻器两端电压，此时滑动变阻器接入电路的阻值最小，因此电路中电流最大，电压表示数最小；
根据右手螺旋定则可知，螺线管的下方为N极，上方为S极；
当用力F向下压弹簧甲后，滑动变阻器接入电路的电阻变大，因此电压表示数变大，故U1＜U2，电路中电流变小，因此螺线管的磁性减弱，永磁体S极与螺线管的S极相互排斥的力减小，弹簧乙伸长的长度变长，即l1＜l2．
故答案为：奥斯特；＜；＜．
【分析】（1）奥斯特发现了电能生磁．即通电导线周围有磁场，且通电导体周围的磁场取决于电流的方向，这就是电流的磁效应；（2）开关S闭合，定值电阻与滑动变阻器串联，电压表测量滑动变阻器两端电压，此时滑动变阻器接入电路的阻值最小，因此电路中电流最大，电压表示数最小；
先根据右手螺旋定则确定螺线管的N、S极；当用力F向下压弹簧甲后，滑动变阻器接入电路的电阻变大，根据串联电路起分压作用和磁体间的相互作用判断弹簧乙的长度．
15．【答案】100；7.2
【知识点】欧姆定律及其应用；电功率的计算
【解析】【解答】解：由电路图可知，R0与R1串联，电压表测R1两端的电压，电流表测电路中的电流．（1）由图象可知，当电路中的最小电流I′=0.1A时，R1的电功率P1′=1W，此时由P=I2R得：R1接入电路的电阻R1′= = =100Ω，当电路中的电流I″=0.2A时，R1的电功率P1″=1.6W，此时由P=I2R得：R1接入电路的电阻R1″= = =40Ω；（2）当电路中的电流I′=0.1A时，R0与R1′串联，根据串联电路中总电阻等于各分电阻之和可知：R串1=R0+R1′，
由I= 可得，电源的电压：
U=I′（R0+R1′）=0.1A×（R0+100Ω）﹣﹣﹣﹣﹣①
当电路中的电流I″=0.2A时，
R串2=R0+R1，
由I= 可得，电源的电压：
U=I″（R0+R1″）=0.2A×（R0+40Ω）﹣﹣﹣﹣﹣②
由①②解得：R0=20Ω，
电源的电压U=I（R0+R1）=0.2A×（20Ω+40Ω）=12V．当滑片P移动到b端时，只有R0连入，则R0消耗的电功率P0= = =7.2W．
是故答案为：100；7.2．
【分析】由电路图可知，R0与R1串联，电压表测R1两端的电压，电流表测电路中的电流．（1）由图象读出电路中的最小电流为0.1A时R1的电功率，根据P=I2R求出R1接入电路的最大电阻；，根据P=I2R求出电流为0.1A时R1接入电路的电阻；（2）根据电阻的串联和欧姆定律表示出电源的电压，利用电源的电压不变得出等式求出R0的阻值，利用P= 求出R0消耗的功率．
16．【答案】（1）解：如图所示：
（2）解：如图所示：
【知识点】家庭电路的连接；通电螺线管的极性和电流方向的判断
【解析】【解答】解：（1）火线首先过开关，然后进入灯泡顶端的金属块，零线直接进入螺旋套；三孔插座的上孔接地线、左孔接零线、右孔接火线，将保险盒接在火线和插座之间．如图所示：
（2.）小磁针左侧为N极，因同名磁极相互排斥、异名磁极相互吸引，则可知螺线管右侧为N极，则由右手螺旋定则可得，电流由右侧流入，故电源右侧为正极、左侧为正极，如图所示：
【分析】（1）电灯的连接方法：火线首先过开关，然后进入灯泡顶端的金属块，零线直接进入螺旋套；三孔插座的接法：上孔接地线；左孔接零线；右孔接火线，带保险盒的插座，将保险盒接在火线上．（2）由磁极间的相互作用可知螺线管的磁极，利用右手螺旋定则可得出电源的正负极．
17．【答案】（1）解：如图所示：
（2）A；乙
（3）无偏转；超满偏
（4）右；0.75
（5）电压表与滑动变阻器并联
（6）正；调节滑动变阻器的滑片，使定值电阻两端的电压相等
【知识点】电功率的测量
【解析】【解答】解：（1）将电流表与灯泡串联，电压表与灯泡并联，将变阻器与灯泡串联，滑片向右移动，灯泡变亮，则电阻应变小，所以变阻器上面应连接左边的C接线柱，如图所示：
；（2）连接电路中，开关应断开，滑动变阻器连入电路的阻值应最大，此时滑片P应位于最左端即A端；
滑动变阻器的下面接了右边的接线柱，所以应将滑片移至最左端即A端，使其阻值最大；
当灯泡正常发光时，变阻器两端的电压U滑=6V﹣2.5V=3.5V；
额定电流大约为I= = =0.25A；
此时滑动变阻器的电阻应为：R滑= = =14Ω；甲的电阻太小，丙的电阻太大，乙比较适合；（3）闭合开关，灯泡不亮，故障原因是灯丝断了，此时电路中没有电流，电压表与滑动变阻器串联了，故电流表没示数指针不偏转，而电压表的示数接近电源电压，其指针满偏；（4）灯泡的电压小于额定电压，根据U=IR可知，要增大灯泡两端的电压，应增大电路中的电流，减小电路中的电阻，即减小滑动变阻器接入电路的电阻，所以滑片应向B端）移动使灯泡正常发光时的电压为2.5V；由图象可知当灯泡两端电压u=2.5v时，灯泡的额定电流I=0.3A；
灯泡的额定功率P=UI=2.5V×0.3A=0.75W；（5）在调节滑动变阻器时，灯泡逐渐变亮（电路中电流变大），而电压表的示数变小，说明电压表不是接在小灯泡的两端，而是电压表与滑动变阻器并联了；（6）由表一得： =定值，所以在电阻一定时，电流跟电压成正比；
探究电流跟电阻关系时，要保持电压不变；
实验时，分别把5Ω、10Ω、15Ω电阻接入原灯泡位置，立即闭合开关，原灯泡位置接入的电阻越大，分担的电压越大，没有保持电阻两端的电压不变，所以得到电流跟电阻不成反比；
实验时，应该把5Ω、10Ω、15Ω电阻接入原灯泡位置时，调节滑动变阻器滑片，使定值电阻两端电压相等．
故答案为：（1）见上图；（2）A；乙；（3）无偏转；超满偏；（4）右；0.75；（5）电压表与滑动变阻器并联了；（6）正；调节滑动变阻器的滑片，使定值电阻两端的电压相等
【分析】（1）根据滑片向右灯泡变亮确定下面所接接线柱；（2）为保护电路，闭合开关前，应将滑片移至最大阻值处；计算出灯泡正常发光时，滑动变阻器的电阻，分析得出结论；（3）若电路断路，则电路中没有电流，断开电路两端的电压约等于电源电压；（4）根据图乙读出电压表的示数，要使灯泡两端的电压增大，应减小滑动变阻器的阻值；根据图示确定电压为2.5V时的电流，由P=UI计算出电功率的值；（5）根据串分压的知识和及欧姆定律进行分析，滑动变阻器的电阻变大，其两端的电压会变大，灯泡两端的电压会变小；（6）在电阻不变时， 的比值是定值，电流跟电压成正比，否则不成正比；由欧姆定律知，电压一定时，电流跟电阻成反比，实验发现，电流跟电阻不成反比，没有控制好前提条件不变；
18．【答案】（1）0.03；0.09W
（2）N；0.3
（3）方向
（4）改变通电螺线管的线圈匝数
【知识点】欧姆定律及其应用；通电螺线管的磁场
【解析】【解答】解：（1）当S1断开、S2闭合时，螺线管无磁性，B=0，由图1可知，磁敏电阻的阻值R=100Ω，
根据欧姆定律得，电流表的示数为I= = =0.03A；
功率P=UI=3V×0.03A=0.09W；（2）闭合开关S1时，螺线管产生磁性，由安培定则知：右端为N极，左端为S极；
当电流表示数为0.04A时，电压表的示数为6V，
磁敏电阻的阻值为R′= = =150Ω，
由图象知，此时的磁感应强度为0.3T；（3）小刚将电源的正负极对调，螺线管的磁极发生变化；发现乙电路中电压表和电流表的示数不变，也就是磁敏电阻的阻值不变．这表明：该磁敏电阻的阻值与磁场的方向无关；（4）已知磁敏电阻的大小随磁场强弱的变化而变化，所以可以通过改变通电螺线管中线圈匝数、取出或放入铁芯 改变螺线管的磁性强弱，间接改变磁敏电阻的阻值．
故答案为：（1）0.03；0.09W；（2）N；0.3；（3）方向；（4）改变通电螺线管的线圈匝数（或螺线管中取出或放入铁芯）．
【分析】（1）由图象得出R周围没有磁性时R的阻值，已知此时R两端电压，利用欧姆定律得到电流表的示数；利用P=UI求功率；（2）利用安培定则判断通电螺线管的磁极；已知磁敏电阻两端电压和通过的电流，可以得到电阻；由磁敏电阻的阻值，利用图象可以得到磁感应强度；（3）电源正负极对调，电路电流方向发生改变，磁感应强度说法变化，可以通过磁敏电阻的阻值是否发生变化判断；（4）通电螺线管磁性的强弱与电流大小和线圈匝数、铁芯的有无有关．
19．【答案】（1）解：由电路图可知，灯泡L与定值电阻R0串联，
因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，
所以，电路中的电流：
I= = =0.5A，
因灯泡正常发光，
所以，灯泡的额定功率：
PL=I2RL=（0.5A）2×8Ω=2W
（2）解：连续通电5min内整个电路消耗的电能：
W=UIt=10V×0.5A×5×60s=1500J
【知识点】欧姆定律及其应用；电功的计算；电功率的计算
【解析】【分析】（1）由电路图可知，灯泡L与定值电阻R0串联，根据电阻的串联和欧姆定律求出电路中的电流，根据P=I2R求出灯泡的实际功率即为额定功率；（2）根据W=UIt求出连续通电5min内整个电路消耗的电能．
20．【答案】（1）解：水吸收的热量：
Q吸=cm（t﹣t0）=4.2×103J/（kg ℃）×1kg×（85℃﹣25℃）=2.52×105J
（2）解：由电热水壶的铭牌可知：电热水壶的额定电压为220V，额定功率为1210W，
由P= 可得：电热丝的电阻为R= = =40Ω
（3）解：电热水壶做的功：
W= = =3×105J；
电热水壶的实际功率：
P实= = ≈857W
【知识点】电功与热量的综合计算
【解析】【分析】（1）已知水的质量，应用热量公式可以求出水吸收的热量．（2）由图可知电热水壶的额定电压和额定功率，利用P= 即可求出电热丝的电阻值；（3）求出电热水壶消耗的电能，然后利用P= 求出其实际功率．
1 / 12015-2016学年山东省济宁市汶上县康驿二中九年级下学期开学物理试卷
一、选择题
1．（2016九下·汶上开学考）下列说法正确的是（ ）
A．发现有人触电，应立即用手将触电人拉开
B．温度计的玻璃泡应与被测液体充分接触
C．使用测电笔时不能用手接触笔尾金属体
D．家用电风扇额定功率约1.2kW
【答案】B
【知识点】安全用电原则
【解析】【解答】解：A、发现有人触电，应先切断电源，或使用干木棒等挑开电线，使人迅速脱离带电体，若用手去拉会造成施救者也触电，故A错误；
B、使用温度计测量液体温度时，必须使温度计的玻璃泡与液体充分接触，但不能接触容器底或容器壁．故B正确；
C、使用测电笔检验电路时，手指要接触测电笔尾部的金属体，不能接触笔尖的金属体，故C错误；
D、家用电风扇的功率在60W左右，故D错误．
故选B．
【分析】（1）发现有人触电，应先切断电源，或使人迅速脱离带电体，切记不能用手去拉．
（2）根据温度计的正确使用方法进行判断；
（3）使用测电笔时，手要接触笔尾的金属体；
（4）家用电风扇的功率在60W左右．
2．（2016九下·汶上开学考）水无常形，变化万千．如图所示的各种自然现象，在形成过程中需要吸热的是（ ）
A． 冰雪融化
B． 叶面上形成露珠
C． 冬天树叶上形成霜
D． 玻璃上形成“窗花”
【答案】A
【知识点】物质的三态；熔化与熔化吸热特点
【解析】【解答】解：A、河流中冰雪消融是固态的冰雪变成了液态的水，是熔化现象，需要吸收热量，符合题意；
B、露珠是由空气中的水蒸气遇冷凝结而成的，属于液化现象，需要放出热量．不符合题意．
C、固态的白霜是空气中的水蒸气遇冷直接凝华而成的，凝华过程需要放出热量．不符合题意．
D、窗玻璃上的冰花是水蒸气遇冷凝华而成的，物体凝华是放热的．不符合题意．
故选A．
【分析】六种物态变化中，熔化、汽化、升华是吸热的，凝固、液化、凝华是放热的．
3．（2016九下·汶上开学考）关于物体的内能，下列说法不正确的是（ ）
A．温度为0℃的物体具有内能
B．物体内能增加，不一定是通过外界对物体做功
C．正在沸腾的水吸收热量，温度增加，内能不变
D．在相同物态下，同一物体温度降低，它的内能会减少
【答案】C
【知识点】热量的概念
【解析】【解答】解：A、一切物体都有内能，温度为0℃的物体也具有内能，故A正确；
B、物体的内能增加，可能是外界对物体做功，也可能是从外界吸收了热量，故B正确；
C、正在沸腾的水吸收热量，温度不变，内能增加，故C错误；
D、在相同物态下，同一物体温度降低，它的内能会减少，故D正确．
故选C．
【分析】（1）内能是指物体内部所有做无规则运动的分子具有的分子动能和分子势能的总和，一切物体都有内能；
（2）改变物体内能的两种方式：做功和热传递；做功可以改变内能，且对物体做功，物体内能会增加，物体对外做功，物体内能会减小；吸收热量内能增加，放出热量，内能会减小；
（3）物体吸收热量，内能增加，温度不一定升高，例如水的沸腾过程中，吸收热量，内能增加，温度不变；
（4）内能与物体的质量、温度以及状态有关，在相同物态下，同一物体温度降低，它的内能会减少．
4．（2016九下·汶上开学考）如图所示的电路，两个中学实验室常用电流表规格相同，电流表有两个量程，闭合开关S，电阻R1与R2均有电流通过，两只电流表的指针偏转角度相同，则电阻R1与R2的阻值之比是（ ）
A．1：4 B．4：1 C．1：5 D．5：1
【答案】B
【知识点】欧姆定律及其应用
【解析】【解答】解：由电路图可知，两电阻并联，电流表A1测R1支路的电流，A2测干路电流；
因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，且两只电流表的指针偏转角度相同，
所以，干路电流I是R1支路电流I1的5倍，即I=5I1，
则 = = = ，
因并联电路中各支路两端的电压相等，
所以，根据欧姆定律可得：
= = = ．
故选B．
【分析】由电路图可知，两电阻并联，电流表A1测R1支路的电流，A2测干路电流；根据并联电路的电流特点和两只电流表的指针偏转角度相同判断两电流表的量程，大量程示数是小量程示数的5倍，再根据并联电路的电流特点求出两支路的电流之比，利用并联电路的电压特点和欧姆定律求出两电阻的阻值之比．
5．（2016九下·汶上开学考）如图甲的电路中，闭合开关S后，电压表的示数为2V，两个电流表的指针偏转至表盘的同一位置（如图乙），则（ ）
A．L1中的电流为0.2A
B．L1、L2中电流之比为I1：I2=5：1
C．电路的总电阻是10Ω
D．L1和L2消耗的电功率之比P1：P2=4：1
【答案】D
【知识点】欧姆定律及其应用；电功率的计算
【解析】【解答】解：A、测量总电流的量程是0～3A，所以电流表的示数为1A；测量灯泡L2电流的量程是0～0.6A，所以电流表示数为0.2A，也就是电灯L2中的电流I2=0.2A，
所以L1的电流为I1=I﹣I2=1A﹣0.2A=0.8A．此选项错误；
B、通过两只灯泡的电流之比为 = = ．此选项错误；
C、测量总电流的量程是0～3A，所以电流表示数为1A，也就是电路总电流I=1A，
两灯并联，电源电压等于灯泡L2两端电压，U=U2=2V，
所以总电阻R= = =2Ω．此选项错误；
D、两灯泡消耗的电功率之比 = = = ．此选项正确．
故选D．
【分析】开关闭合后，两灯泡并联，一电流表测量总电流，一电流表测量灯泡L2电流，电压表测量测量灯泡L2两端电压，两个电流表的指针指在图乙所示的同一位置，说明测量总电流的量程是0～3A，测量灯泡L2电流的量程是0～0.6A．
①已知干路电流和通过灯泡L2的电流，可以得到通过L1的电流；
②已知通过两只灯泡的电流，可以得到电流之比；
③已知总电压和总电流，根据欧姆定律可求总电阻；
④已知通过两只灯泡的电流和两端电压，根据公式P=UI可求两只灯泡消耗的电功率之比．
6．（2016九下·汶上开学考）如图所示，小丽家浴室的浴霸由一只照明灯泡L、两只取暖灯L1和L2以及一个排风扇M组成，它们的额定电压均为220V．其中照明灯和排风扇都可以单独工作，两只取暖灯总是同时工作．在下面的四个电路图中，符合上述要求的是（ ）
A． B．
C． D．
【答案】D
【知识点】串、并联电路的设计
【解析】【解答】解：A、由电路图可知，灯泡L与电动机M以及两个取暖灯都不能正常工作、且不能独立工作，故A不符合题意；
B、由电路图可知，照明灯L的开关不能独立工作，故不符合题意；
C、两取暖灯串联，不能正常工作，故不符合题意；
D、照明灯泡和两只取暖以及排风扇能工作，且照明灯和排风扇都由各自的开关控制、两只取暖灯只有一只位于干路的开关控制，故符合题意．
故选D．
【分析】照明灯泡和两只取暖以及排风扇工作的额定电压均为220V说明它们之间为并联、否则均不能正常工作；照明灯和排风扇都可以单独工作说明各有一个开关控制，两只取暖灯总是同时工作说明只有一只开关控制、且位于两者的干路．
7．（2016九下·汶上开学考）如图甲，R1为定值电阻，R2为滑动变阻器（允许通过的最大电流为5A）．图乙反映了开关由断开到闭合，再移动滑片P的过程中，a b两端电压U和通过的电流I之间的关系；图丙反映了滑动变阻器消耗的功率P与电流I之间的关系，则下列说法不正确的是（ ）
A．电源电压为50V
B．R1的阻值为5Ω
C．滑动变阻器连入阻值的范围为4～45Ω
D．当R2的功率为120W时，电路消耗的总功率为200W
【答案】C
【知识点】欧姆定律及其应用；电功率的计算
【解析】【解答】解：A、由图乙所示图象可知：I=1A时U2=45V，I′=5A时U2′=25V，设电源电压是U，
由I= B可知，电阻R1两端电压U1=IR1，由串联电路特点可知，U=U2+IR1，则U=45V+1A×R1； U=25V+5A×R1，解得：U=50V，R1=5Ω，故AB正确；
C由图乙所示图象可知：I=1A时U2=45V，I′=5A时U2′=25V，由I= 可知，滑动变阻器接入电路的阻值R最大= = =45Ω，
R最小= = =5Ω，则滑动变阻器接入电路的阻值范围是5Ω～45Ω，故C错误；
D、由图丙可知，当R2的功率为120W时，电路电流为4A，则电路消耗的总功率P=UI=50V×4A=200W，故D正确；
本题选不正确的，故选C．
【分析】由电路图可知，两电阻串联接入电路，ab两点间电压是滑动变阻器两端电压；由图乙所示图象求出电压与电流的对应值，由串联电路特点及欧姆定律列方程，可以求出电源电压与电阻R1的阻值；由图丙求出R2消耗的功率为120W时的电路电流，由P=UI求出电路消耗的总功率；根据滑动变阻器两端电压，由欧姆定律可以求出滑动变阻器接入电路的阻值范围．
8．（2016九下·重庆开学考）如图所示是电阻甲和乙的U﹣I图象，下列说法正确的是（ ）
A．甲的电阻值保持10Ω不变
B．乙的电阻值保持20Ω不变
C．甲、乙并联在电路中，当电源电压为2V时，电路总电流为0.3A
D．甲、乙串联在电路中，当电路电流为0.2A时，甲的功率为0.6W
【答案】C
【知识点】串联电路的电流规律；并联电路的电压规律；欧姆定律及其应用；电功率的计算
【解析】【解答】解：（1）由图象可知，甲对应的电流与电压成正比，根据欧姆定律可知甲电阻的阻值不变，乙电阻的阻值变化；
且当U甲=2V时，对应的电流为0.1A，故R甲= =20Ω；故AB不正确．（2）甲、乙并联在2V电源时，电阻两端的电压为2V，
由图象可知，I甲=0.1A，I乙=0.2A，故干路电流I=I甲+I乙=0.1A+0.2A=0.3A，故C正确；（3）甲、乙串联在电路中时，通过两电阻的电流相等，由图可知U甲=4V，
故甲的功率为P甲=U甲I=4V×0.2A=0.8W，故D不正确．
故选C．
【分析】（1）根据欧姆定律可知，电阻一定时，通过电阻的电流与两端的电压成正比，据此分析图象甲乙电阻的变化；（2）根据并联电路的电压特点结合图象读出对应的电流，再根据并联电路的电流特点得出干路电流；（3）根据串联电路的电流特点读出图象中对应的电压，根据P=UI求出甲的功率．
9．（2017·农安模拟）POS刷卡机的广泛应用给人们的生活带来了便利．POS机的刷卡位置有一个绕有线圈的小铁环制成的检测头（如图所示）．在使用时，将带有磁条的信用卡在POS机指定位置刷一下，检测头的线圈中就会产生变化的电流，POS机便可读出磁条上的信息．下列图中能反映POS刷卡机读出信息原理的是（ ）
A． B．
C． D．
【答案】C
【知识点】电磁感应
【解析】【解答】解：A、如图反映电流周围存在着磁场．故A错误．
B、如图电路中有电源，是通电导体在磁场中受力运动．故B错误．
C、如图电路中没有电源，当闭合开关，闭合电路的一部分导体在磁场中进行切割磁感线运动时，导体中有感应电流产生，这是电磁感应选项．故C正确．
D、如图电路中有电源，是影响电流磁性因素的实验．故D错误．
故选C．
【分析】闭合电路的一部分导体在磁场中进行切割磁感线运动时，导体中有感应电流产生，这种现象是电磁感应现象，POS刷卡机就是利用电磁感应原理制成的，在选项中找出探究电磁感应的对应图即可．
10．（2016九下·汶上开学考）某兴趣小组为了研究电子温控装置，将热敏电阻R1（热敏电阻的阻值随温度的升高而减小）、定值电阻R2以及电压表和电流表连入如图所示电路，电源电压不变．闭合开关S，当温度升高时，下列说法正确的是（ ）
A．电流表和电压表示数均变小
B．电压表V与电流表A示数之比变小
C．电流表示数变小，电压表示数变大
D．电路消耗的总功率变大
【答案】D
【知识点】电路的动态分析
【解析】【解答】解：由电路图可知，热敏电阻R1与定值电阻R2串联，电压表测R2两端的电压，电流表测电路中的电流，
因热敏电阻的阻值随温度的升高而减小，
所以，当温度升高时，热敏电阻R1的阻值变小，电路中的总电阻变小，
由I= 可知，电路中的电流变大，即电流表的示数变大，
由U=IR可知，R2两端的电压变大，即电压表的示数变大，故AC不正确；
由P=UI可知，电路消耗的总功率变大，故D正确；
因电压表V与电流表A示数之比等于定值电阻R2的阻值，
所以，电压表V与电流表A示数之比不变，故B不正确．
故选D．
【分析】由电路图可知，热敏电阻R1与定值电阻R2串联，电压表测R2两端的电压，电流表测电路中的电流，根据热敏电阻与温度的关系判断温度升高时阻值的变化，根据欧姆定律可知电路中电流的变化和电压表示数的变化，根据P=UI可知电路消耗总功率的变化，根据欧姆定律结合定值电阻R2的阻值可知电压表V与电流表A示数之比的变化．
二、填空题
11．（2016九下·汶上开学考）白炽灯用久了会发暗，其原因之一是钨丝先升华后又 在灯泡内壁上，影响了玻璃的透光性；原因之二是灯丝变细，电阻变 ，在电压不变时，实际功率变 ．
【答案】凝华；大；小
【知识点】凝华及凝华放热
【解析】【解答】解：白炽灯使用时，灯泡内温度升高，少部分钨丝会升华由固体变为气态，当熄灯时，灯泡内温度下降，升华后的气态的钨会放出热量凝华为固态的钨附着在灯泡内壁上，影响了玻璃的透光性；又因钨丝升华变细，横截面积变小，导致灯丝电阻变大，根据公式P= 可知，电阻越大，实际功率越小．
故答案为：凝华；大；小．
【分析】（1）物质由气态直接变成固态叫做凝华；（2）导体电阻与导体的材料、导体材料、导体横截面积有关；在材料、长度、相同的条件下，导体横截面积越小，导体电阻越大；（3）根据公式P= 可知，电压不变时，电阻与实际功率的关系．
12．（2016九下·汶上开学考）大型载重汽车下坡时间较长时，为防止刹车片过热造成刹车失灵，要向刹车片和轮胎喷水降温．刹车片过热是通过 方式增加内能的；水喷到刹车片上时，看到热气腾腾，是利用水的 （填一种物态变化名称）过程吸热，来降低刹车片的温度．
【答案】做功；汽化
【知识点】汽化及汽化吸热的特点；做功改变物体内能
【解析】【解答】解：刹车片过热是通过做功方式增加内能的；水喷到刹车片上时，看到热气腾腾，是利用水的汽化过程吸热，来降低刹车片的温度．
故答案为：做功；汽化．
【分析】（1）改变物体的内能有做功和热传递两种方式，做功是能量的转化过程，热传递是能量的转移过程，二者改变内能是等效的．（2）物体由液态变成气态的过程，叫汽化．
13．（2016九下·汶上开学考）热熔胶在室温下为固体，加热变为较强粘性的液体，冷却后，将物体牢牢地粘在一起．如图甲是热熔胶枪的外形，在枪嘴内有电热丝，将胶枪单独接在如图乙所示的电能表上工作10min，电能表上的转盘转过60转．在上述时间内胶枪消耗的电能为 J，胶枪的电功率是 W．
【答案】3.6×105；600
【知识点】电功的计算；电功率的计算
【解析】【解答】解：电能表的转盘转动60转消耗的电能：
W= kW h=0.1kW h=3.6×105J，
胶枪的电功率：
P= = =0.6kW=600W．
故答案为：3.6×105；600．
【分析】从电能表的铭牌上可以看出每消耗1kW h的电能，电能表的表盘转动600转，可求转动60转消耗的电能，根据公式P= 可求胶枪的电功率．
14．（2016九下·汶上开学考）科学家的每次重大发现，都有力地推动了人类文明的进程．丹麦物理学家 首先发现了电流周围存在磁场，第一个揭示了电和磁之间的联系．小郭同学受此启发自制了如图所示的简易压力传感器，弹簧甲连接在A、B两绝缘板之间，B板固定，滑动变阻器R的滑片P与A板相连，并可随A板一起运动．弹簧乙下端挂有一永磁体，永磁体正下方有一电磁铁，E为电源，R0为定值电阻．开关S闭合，电路接通后，电压表示数为U1，弹簧乙的总长度为l1；当用力F向下压弹簧甲后，电压表示数为U2，弹簧乙的总长度为l2，则U1 U2，l1 l2 （以上两空均选填“＞”、“＜”或“=”）．
【答案】奥斯特；＜；＜
【知识点】欧姆定律及其应用
【解析】【解答】解：（1）丹麦物理学家奥斯特首先发现了电流周围存在磁场，第一个揭示了电和磁之间的联系；（2）开关S闭合，定值电阻与滑动变阻器串联，电压表测量滑动变阻器两端电压，此时滑动变阻器接入电路的阻值最小，因此电路中电流最大，电压表示数最小；
根据右手螺旋定则可知，螺线管的下方为N极，上方为S极；
当用力F向下压弹簧甲后，滑动变阻器接入电路的电阻变大，因此电压表示数变大，故U1＜U2，电路中电流变小，因此螺线管的磁性减弱，永磁体S极与螺线管的S极相互排斥的力减小，弹簧乙伸长的长度变长，即l1＜l2．
故答案为：奥斯特；＜；＜．
【分析】（1）奥斯特发现了电能生磁．即通电导线周围有磁场，且通电导体周围的磁场取决于电流的方向，这就是电流的磁效应；（2）开关S闭合，定值电阻与滑动变阻器串联，电压表测量滑动变阻器两端电压，此时滑动变阻器接入电路的阻值最小，因此电路中电流最大，电压表示数最小；
先根据右手螺旋定则确定螺线管的N、S极；当用力F向下压弹簧甲后，滑动变阻器接入电路的电阻变大，根据串联电路起分压作用和磁体间的相互作用判断弹簧乙的长度．
15．（2016九下·汶上开学考）如图甲所示电路中，R0为定值电阻，R1为滑动变阻器．图乙是该滑动变阻器消耗的电功率与电流关系的图象．则该滑动变阻器的最大值是 Ω，当滑片P移动到b端时，R0消耗的电功率是 W．
【答案】100；7.2
【知识点】欧姆定律及其应用；电功率的计算
【解析】【解答】解：由电路图可知，R0与R1串联，电压表测R1两端的电压，电流表测电路中的电流．（1）由图象可知，当电路中的最小电流I′=0.1A时，R1的电功率P1′=1W，此时由P=I2R得：R1接入电路的电阻R1′= = =100Ω，当电路中的电流I″=0.2A时，R1的电功率P1″=1.6W，此时由P=I2R得：R1接入电路的电阻R1″= = =40Ω；（2）当电路中的电流I′=0.1A时，R0与R1′串联，根据串联电路中总电阻等于各分电阻之和可知：R串1=R0+R1′，
由I= 可得，电源的电压：
U=I′（R0+R1′）=0.1A×（R0+100Ω）﹣﹣﹣﹣﹣①
当电路中的电流I″=0.2A时，
R串2=R0+R1，
由I= 可得，电源的电压：
U=I″（R0+R1″）=0.2A×（R0+40Ω）﹣﹣﹣﹣﹣②
由①②解得：R0=20Ω，
电源的电压U=I（R0+R1）=0.2A×（20Ω+40Ω）=12V．当滑片P移动到b端时，只有R0连入，则R0消耗的电功率P0= = =7.2W．
是故答案为：100；7.2．
【分析】由电路图可知，R0与R1串联，电压表测R1两端的电压，电流表测电路中的电流．（1）由图象读出电路中的最小电流为0.1A时R1的电功率，根据P=I2R求出R1接入电路的最大电阻；，根据P=I2R求出电流为0.1A时R1接入电路的电阻；（2）根据电阻的串联和欧姆定律表示出电源的电压，利用电源的电压不变得出等式求出R0的阻值，利用P= 求出R0消耗的功率．
三、实验与作图题
16．（2016九下·汶上开学考）按要求作图：
（1）请在如图甲所示的家庭电路中，以笔画线代替导线，将各元件正确接入电路，其中开关只控制灯泡，三孔插座带保险盒．
（2）小磁针静止时如图乙所示，请在括号中标出电源的“+”或“﹣”极．
【答案】（1）解：如图所示：
（2）解：如图所示：
【知识点】家庭电路的连接；通电螺线管的极性和电流方向的判断
【解析】【解答】解：（1）火线首先过开关，然后进入灯泡顶端的金属块，零线直接进入螺旋套；三孔插座的上孔接地线、左孔接零线、右孔接火线，将保险盒接在火线和插座之间．如图所示：
（2.）小磁针左侧为N极，因同名磁极相互排斥、异名磁极相互吸引，则可知螺线管右侧为N极，则由右手螺旋定则可得，电流由右侧流入，故电源右侧为正极、左侧为正极，如图所示：
【分析】（1）电灯的连接方法：火线首先过开关，然后进入灯泡顶端的金属块，零线直接进入螺旋套；三孔插座的接法：上孔接地线；左孔接零线；右孔接火线，带保险盒的插座，将保险盒接在火线上．（2）由磁极间的相互作用可知螺线管的磁极，利用右手螺旋定则可得出电源的正负极．
17．（2016九下·汶上开学考）如图甲是小明和同学做“测定小灯泡额定电功率”实验的电路，电源电压为6V，已知小灯泡正常工作时的电压为2.5V，正常发光时灯丝的电阻约为10Ω．
（1）请你用笔画线代替导线把未连接完的实物电路连接成正确的完整电路（要求：导线不交叉且滑动变阻器滑片向右移动灯泡变亮）．
（2）闭合开关前，滑动变阻器的滑片应置于 端（选填“A”或“B”），若实验室有三种规格的滑动变阻器，分别是甲“10Ω 1A”、乙“20Ω 0.5A”、丙“50Ω 0.2A”，则小明应选用 （选填“甲”、“乙”或“丙”）．
（3）若闭合开关，灯泡不亮，经检查灯丝断了，则电流表指针偏转情况是 ；电压表指针偏转情况是 ．
（4）更换相同规格灯泡后，当滑动变阻器的滑片在某一位置时，电压表的示数如图乙所示，为了使灯泡正常发光，应将滑片向 （选填“左”或“右”）移动；小明进一步测置并推绘出小灯泡的电流随电压变化的曲找如图丙所示，通过图象可知小灯泡正常发光时的电功率为 W．
（5）另一位同学在连接好电路后，闭合开关，在移动滑动变阻器滑片P的过程中发现；灯泡变亮时电压表示数变小；灯泡变暗时，电压表示数变大．经检查所用器材完好，出现这种现象的原因可能 ．
（6）他们继续用如图所示装置来探究“电流与电压的关系”，首先把5Ω的电阻接入原来小灯泡的位置，调节滑动变阻器依次测得数据如表一所示，由表一可归纳出：在电阻不变的情况下，导体中的电流跟它两端的电压成 比．接着他们探究“电流与电阻的关系”．其操作步骤是分别把5Ω、10Ω、15Ω的电阻接入原小灯
泡的位置，立即闭合开关记录读数如表二所示．由表中的实验数据发现，通过导体的电流跟它的电阻不成反比，其原因可能是遗漏了重要的操作步骤，此步骤是：
表一
次数 电阻R=5Ω
电压U/V 电流I/A
1 1.0 0.2
2 1.5 0.3
3 2.0 0.4
表二
次数 电阴R/Ω 电流I/A
1 5 0.24
2 10 0.20
3 15 0.16
【答案】（1）解：如图所示：
（2）A；乙
（3）无偏转；超满偏
（4）右；0.75
（5）电压表与滑动变阻器并联
（6）正；调节滑动变阻器的滑片，使定值电阻两端的电压相等
【知识点】电功率的测量
【解析】【解答】解：（1）将电流表与灯泡串联，电压表与灯泡并联，将变阻器与灯泡串联，滑片向右移动，灯泡变亮，则电阻应变小，所以变阻器上面应连接左边的C接线柱，如图所示：
；（2）连接电路中，开关应断开，滑动变阻器连入电路的阻值应最大，此时滑片P应位于最左端即A端；
滑动变阻器的下面接了右边的接线柱，所以应将滑片移至最左端即A端，使其阻值最大；
当灯泡正常发光时，变阻器两端的电压U滑=6V﹣2.5V=3.5V；
额定电流大约为I= = =0.25A；
此时滑动变阻器的电阻应为：R滑= = =14Ω；甲的电阻太小，丙的电阻太大，乙比较适合；（3）闭合开关，灯泡不亮，故障原因是灯丝断了，此时电路中没有电流，电压表与滑动变阻器串联了，故电流表没示数指针不偏转，而电压表的示数接近电源电压，其指针满偏；（4）灯泡的电压小于额定电压，根据U=IR可知，要增大灯泡两端的电压，应增大电路中的电流，减小电路中的电阻，即减小滑动变阻器接入电路的电阻，所以滑片应向B端）移动使灯泡正常发光时的电压为2.5V；由图象可知当灯泡两端电压u=2.5v时，灯泡的额定电流I=0.3A；
灯泡的额定功率P=UI=2.5V×0.3A=0.75W；（5）在调节滑动变阻器时，灯泡逐渐变亮（电路中电流变大），而电压表的示数变小，说明电压表不是接在小灯泡的两端，而是电压表与滑动变阻器并联了；（6）由表一得： =定值，所以在电阻一定时，电流跟电压成正比；
探究电流跟电阻关系时，要保持电压不变；
实验时，分别把5Ω、10Ω、15Ω电阻接入原灯泡位置，立即闭合开关，原灯泡位置接入的电阻越大，分担的电压越大，没有保持电阻两端的电压不变，所以得到电流跟电阻不成反比；
实验时，应该把5Ω、10Ω、15Ω电阻接入原灯泡位置时，调节滑动变阻器滑片，使定值电阻两端电压相等．
故答案为：（1）见上图；（2）A；乙；（3）无偏转；超满偏；（4）右；0.75；（5）电压表与滑动变阻器并联了；（6）正；调节滑动变阻器的滑片，使定值电阻两端的电压相等
【分析】（1）根据滑片向右灯泡变亮确定下面所接接线柱；（2）为保护电路，闭合开关前，应将滑片移至最大阻值处；计算出灯泡正常发光时，滑动变阻器的电阻，分析得出结论；（3）若电路断路，则电路中没有电流，断开电路两端的电压约等于电源电压；（4）根据图乙读出电压表的示数，要使灯泡两端的电压增大，应减小滑动变阻器的阻值；根据图示确定电压为2.5V时的电流，由P=UI计算出电功率的值；（5）根据串分压的知识和及欧姆定律进行分析，滑动变阻器的电阻变大，其两端的电压会变大，灯泡两端的电压会变小；（6）在电阻不变时， 的比值是定值，电流跟电压成正比，否则不成正比；由欧姆定律知，电压一定时，电流跟电阻成反比，实验发现，电流跟电阻不成反比，没有控制好前提条件不变；
18．（2016九下·汶上开学考）物理学中常用磁感线来形象地描述磁场，用磁感应强度（用字母B表示）来描述磁场的强弱，它的国际单位是特斯拉（符号是T），磁感应强度B越大表明磁场越强；B=0表明没有磁场．有一种电阻，它的大小随磁场强弱的变化而变化，这种电阻叫做磁敏电阻，图1所示是某磁敏电阻R的阻值随磁感应强度B变化的图象．为了研究某磁敏电阻R的性质，小刚设计了如图2所示的电路进行实验，请解答下列问题：
（1）当S1断开、S2闭合时，电压表的示数为3V，则此时电流表的示数为 A．电阻R消耗的功率是 ．
（2）只闭合S1，通电螺线管的右端为 极；闭合S1和S2，移动两个滑动变阻器的滑片，当电流表示数为0.04A时，电压表的示数为6V，由图象可得，此时该磁敏电阻所在位置的磁感应强度为 T．
（3）实验中小刚将电路中电源的正负极对调，发现乙电路中电压表和电流表的示数不变，这表明：该磁敏电阻的阻值与磁场的 无关．
（4）实验中小刚通过改变滑动变阻器连入电路中的阻值来改变磁敏电阻所在位置的磁感应强度，请你再提供一种改变磁感应强度的方法 ．
【答案】（1）0.03；0.09W
（2）N；0.3
（3）方向
（4）改变通电螺线管的线圈匝数
【知识点】欧姆定律及其应用；通电螺线管的磁场
【解析】【解答】解：（1）当S1断开、S2闭合时，螺线管无磁性，B=0，由图1可知，磁敏电阻的阻值R=100Ω，
根据欧姆定律得，电流表的示数为I= = =0.03A；
功率P=UI=3V×0.03A=0.09W；（2）闭合开关S1时，螺线管产生磁性，由安培定则知：右端为N极，左端为S极；
当电流表示数为0.04A时，电压表的示数为6V，
磁敏电阻的阻值为R′= = =150Ω，
由图象知，此时的磁感应强度为0.3T；（3）小刚将电源的正负极对调，螺线管的磁极发生变化；发现乙电路中电压表和电流表的示数不变，也就是磁敏电阻的阻值不变．这表明：该磁敏电阻的阻值与磁场的方向无关；（4）已知磁敏电阻的大小随磁场强弱的变化而变化，所以可以通过改变通电螺线管中线圈匝数、取出或放入铁芯 改变螺线管的磁性强弱，间接改变磁敏电阻的阻值．
故答案为：（1）0.03；0.09W；（2）N；0.3；（3）方向；（4）改变通电螺线管的线圈匝数（或螺线管中取出或放入铁芯）．
【分析】（1）由图象得出R周围没有磁性时R的阻值，已知此时R两端电压，利用欧姆定律得到电流表的示数；利用P=UI求功率；（2）利用安培定则判断通电螺线管的磁极；已知磁敏电阻两端电压和通过的电流，可以得到电阻；由磁敏电阻的阻值，利用图象可以得到磁感应强度；（3）电源正负极对调，电路电流方向发生改变，磁感应强度说法变化，可以通过磁敏电阻的阻值是否发生变化判断；（4）通电螺线管磁性的强弱与电流大小和线圈匝数、铁芯的有无有关．
四、计算题
19．（2016九下·汶上开学考）如图所示，电阻为8Ω的小灯泡L和电阻为12Ω的定值电阻R0连接在电源电压为10V的电路中，闭合开关S后灯泡恰好正常发光．（电源电压和灯丝电阻均保持不变）
求：
（1）小灯泡的额定功率．
（2）闭合开关S后连续通电5min内整个电路消耗的电能．
【答案】（1）解：由电路图可知，灯泡L与定值电阻R0串联，
因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，
所以，电路中的电流：
I= = =0.5A，
因灯泡正常发光，
所以，灯泡的额定功率：
PL=I2RL=（0.5A）2×8Ω=2W
（2）解：连续通电5min内整个电路消耗的电能：
W=UIt=10V×0.5A×5×60s=1500J
【知识点】欧姆定律及其应用；电功的计算；电功率的计算
【解析】【分析】（1）由电路图可知，灯泡L与定值电阻R0串联，根据电阻的串联和欧姆定律求出电路中的电流，根据P=I2R求出灯泡的实际功率即为额定功率；（2）根据W=UIt求出连续通电5min内整个电路消耗的电能．
20．（2016九下·汶上开学考）某微电脑电热水壶如图甲所示，它具有温度可控、自动抽水等优点，图乙是该电热水壶的铭牌（电热丝电阻不变），已知水的比热容c水=4.2×103J/（kg ℃）．
求：
（1）为了泡绿茶要将水从25℃加热到85℃，则1kg的水需吸收热量是多少？
（2）电热丝电阻是多少？
（3）若加热题（1）中的水需用时350s，电热水壶的热效率为84%，则它实际功率是多少？
【答案】（1）解：水吸收的热量：
Q吸=cm（t﹣t0）=4.2×103J/（kg ℃）×1kg×（85℃﹣25℃）=2.52×105J
（2）解：由电热水壶的铭牌可知：电热水壶的额定电压为220V，额定功率为1210W，
由P= 可得：电热丝的电阻为R= = =40Ω
（3）解：电热水壶做的功：
W= = =3×105J；
电热水壶的实际功率：
P实= = ≈857W
【知识点】电功与热量的综合计算
【解析】【分析】（1）已知水的质量，应用热量公式可以求出水吸收的热量．（2）由图可知电热水壶的额定电压和额定功率，利用P= 即可求出电热丝的电阻值；（3）求出电热水壶消耗的电能，然后利用P= 求出其实际功率．
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