2019年高考理综生物真题试卷（北京卷）
一、选择题
1．（2019·北京）玉米根尖纵切片经碱性染料染色，用普通光学显微镜观察到的分生区图像如下，
对此图像的观察与分析，错误的是（ ）
A．先用低倍镜再换高倍镜观察符合操作规范
B．可观察到箭头所指细胞的细胞核和细胞壁
C．在图像中可观察到处于分裂期前期的细胞
D．细胞不同结构成分与该染料结合能力不同
2．（2019·北京）为探究运动对海马脑区发育和学习记忆能力的影响，研究者将实验动物分为运动组和对照组，运动组每天进行适量的有氧运动(跑步/游泳)。数周后，研究人员发现运动组海马脑区发育水平比对照组提高了1. 5倍，靠学习记忆找到特定目标的时间缩短了约40%。根据该研究结果可得出（ ）
A．有氧运动不利于海马脑区的发育
B．规律且适量的运动促进学习记忆
C．有氧运动会减少神经元间的联系
D．不运动利于海马脑区神经元兴奋
3．（2019·北京） 筛选淀粉分解菌需使用以淀粉为唯一碳源的培养基。接种培养后，若细菌能分解淀粉，培养平板经稀碘液处理，会出现以菌落为中心的透明圈(如图)，实验结果见下表。（ ）
有关本实验的叙述，错误的是
A．培养基除淀粉外还含有氮源等其他营养物质
B．筛选分解淀粉的细菌时，菌液应稀释后涂布
C．以上两种细菌均不能将淀粉酶分泌至细胞外
D．H/C 值反映了两种细菌分解淀粉能力的差异
4．（2019·北京） 甲、乙是严重危害某二倍体观赏植物的病害。研究者先分别获得抗甲、乙的转基因植株，再将二者杂交后得到F1，结合单倍体育种技术，培育出同时抗甲、乙的植物新品种。以下对相关操作及结果的叙述，错误的是（ ）
A．将含有目的基因和标记基因的载体导入受体细胞
B．通过接种病原体对转基因的植株进行抗病性鉴定
C．调整培养基中植物激素比例获得F1花粉再生植株
D．经花粉离体培养获得的若干再生植株均为二倍体
5．（2019·北京） 为减少某自然水体中N、P含量过高给水生生态系统带来的不良影响，环保工作者拟利用当地原有水生植物净化水体。选择其中3种植物分别置于试验池中，90天后测定它们吸收N、P的量，结果见下表。
结合表中数据，为达到降低该自然水体中N、P的最佳效果，推断应投放的两种植物及对该水体的生态影响是（ ）
A．植物a和b，群落的水平结构将保持不变
B．植物a和b，导致该水体中的食物链缩短
C．植物a和c，这两种植物种群密度会增加
D．植物a和c，群落中能量流动方向将改变
二、非选择题
6．（2019·北京） 流行性感冒(流感)由流感病毒引起，传播速度快、波及范围广，严重时可致人死亡
（1）流感病毒必须在 内增殖，当侵染人呼吸道上皮细胞时，会经过 、穿入、脱壳、生物合成和成熟释放等几个阶段。
（2）流感病毒的抗原刺激人体免疫系统，使B细胞增殖分化为 细胞，后者能产生特异性抗体。
（3）HA和NA是流感病毒表面的两种糖蛋白，甲型流感病毒的HA、NA氨基酸序列的变异频率非常高，导致每年流行的病毒毒株可能不同。每年要根据流行预测进行预防接种的免疫学原理是 。
（4）研究者通过实验观察NA抗体对病毒侵染细胞的抑制作用。主要实验材料包括:感染流感病毒后63天、21天的两位康复者的NA抗体(分别为D63、D21)、对照抗体、流感病毒和易感细胞。
①实验的主要步骤依次是:培养易感细胞、 (选择并排序)等。
a. 将抗体分别与流感病毒混合
b. 将各混合物加入同一细胞培养瓶
c. 将各混合物分别加入不同细胞培养瓶
d. 检测NA抗体与易感细胞的结合率
e. 检测培养物中病毒的增殖量
f. 检测细胞对病毒的损伤程度
②图中实验结果表明，这两位康复者均产生了抗NA的抗体，其中对流感病毒抑制效果较好的抗体是 。选用的对照抗体应不能与 特异性结合。
③依据本实验结果提出疫苗研制的思路。
（5）若你已被确诊为流感患者，请例举具体的应对措施。
7．（2019·北京） 油菜是我国重要的油菜作物，培育高产优质新品种意义重大。油菜的杂种一代会出现杂种优势（产量等性状优于双亲），但这种优势无法在自交后代中保持。杂种优势的利用可显著提高油菜籽的产量。
（1）油菜具有两性花，去雄是杂交的关键步骤，但人工去雄耗时费力，在生产上不具备可操作性。我国学者发现了油菜雄性不育突变株（雄蕊异常，肉眼可辨），利用该突变株进行的杂交实验如下：
①由杂交一结果推测，育性正常与雄性不育性状受 对等位基因控制。在杂交二中，雄性不育为 性性状。
②杂交一与杂交二的F1表现型不同的原因是育性性状由位于同源染色体相同位置上的3个基因（A1、A2、A3）决定。品系1、雄性不育株、品系3的基因型分别为A1A1、A2A2、A3A3。根据
杂交一、二的结果，判断A1、A2、A3之间的显隐性关系是 。
（2）利用上述基因间的关系，可大量制备兼具品系1、3优良性状的油菜杂交种子（YF1），供农业生产使用，主要过程如下：
①经过图中虚线框内的杂交后，可将品系3的优良性状与 性状整合在同一植株上，该植株所结种子的基因型及比例为 。
②将上述种子种成母本行，将基因型为 的品系种成父本行，用于制备YF1。
③为制备YF1，油菜刚开花时应拔除母本行中具有某一育性性状的植株。否则，得到的种子给
农户种植后，会导致油菜籽减产，其原因是 。
（3）上述辨别并拔除特定植株的操作只能在油菜刚开花时（散粉前）完成，供操作的时间短，还有因辨别失误而漏拔的可能。有人设想：“利用某一直观的相对性状在油菜开花前推断植株的育性”，请用控制该性状的等位基因（E、e）及其与A基因在染色体上的位置关系展示这一设想。
8．（2019·北京）光合作用是地球上最重要的化学反应，发生在高等植物、藻类和光合细菌中。
（1）地球上生命活动所需的能量主要来源于光反应吸收的 。在碳（暗）反应中，RuBP羧化酶（R酶）催化CO2与RuBP（C5）结合，生成2分子C3。影响该反应的外部因素，除光照条件外还包括 （写出两个）；内部因素包括 （写出两个）。
（2）R酶由8个大亚基蛋白（L）和8个小亚基蛋白（S）。高等植物细胞中L由叶绿体基因编码并在叶绿体中合成，S由细胞核基因编码并 中由核糖体合成后进入叶绿体，在叶绿体的 中与L组装成有功能的酶。
（3）研究发现，原核生物蓝藻（蓝细菌）R酶的活性高于高等植物。有人设想通过基因工程技术将蓝藻R酶的S、L基因转入高等植物，以提高后者的光合作用效率。研究人员将蓝藻S、L与基因转入高等植物（甲）的叶绿体DNA中，同时去除甲的L基因。转基因植株能够存活并生长。检测结果表明，转基因植株中的R酶活性高于未转基因的正常植株。
①由上述实验能否得出“转基因植株中有活性的R酶是由蓝藻的S、L组装而成”的推测？请说明理由。
②基于上述实验，下列叙述中能够体现生物统一性的选项包括 。
a.蓝藻与甲都以DNA作为遗传物质
b.蓝藻与甲都以R酶催化CO2的固定
c.蓝藻R酶大亚基蛋白可在甲的叶绿体中合成
d.在蓝藻与甲的叶肉细胞中R酶组装的位置不同
答案解析部分
1．【答案】B
【知识点】观察细胞的有丝分裂
【解析】【解答】A、观察玉米根尖纵切片经碱性染料染色的结构，应先在低倍镜下找到分生区细胞，再用高倍镜观察，符合操作规范，A不符合题意；
B、箭头所指的细胞染色体移向两极，处于有丝分裂后期，此时细胞内没有细胞核，B符合题意；
C、分裂前期的细胞染色质螺旋化变为染色体，染色体散乱的分布于纺锤体的中央，核膜、核仁消失，在图中可见，C不符合题意；
D、细胞核内的染色体易被碱性染料染色，其他结构不易被碱性染料染色，所以细胞不同结构成分与碱性染料的结合能力不同，D不符合题意。
故答案为：B
【分析】观察植物细胞有丝分裂实验操作步骤：
“观察根尖分生组织细胞的有丝分裂”实验的4点提醒
①根尖中只有分生区细胞才可以进行分裂，伸长区和成熟区不能分裂。
②不能观察一个细胞的连续分裂过程，因为解离时细胞已死亡，可以寻找处于不同时期的细胞，连起来体会出细胞分裂的连续过程。
③细胞板是个真实结构，而赤道板是人为定义的面，看不到此“结构”。
④“解离→漂洗→染色→制片”的步骤顺序不能颠倒、不能缺失，否则不易观察到预期现象。
2．【答案】B
【知识点】脑的高级功能
【解析】【解答】A、根据实验结果运动组海马脑区发育水平比对照组提高了1.5倍可知有氧运动有利于海马区的发育，A不符合题意；
B、根据实验结果运动组靠学习记忆找到特定目标的时间比对照组缩短了越40%，说明规律且适量的运动促进学习记忆，B符合题意；
C、根据实验结果运动组海马脑区发育水平提高，学习记忆能力提升，应该是增加了神经元间的联系，C不符合题意；
D、运动有利于海马脑区神经元兴奋，D不符合题意。
故答案为：B
【分析】学习和记忆
1.学习和记忆涉及脑内神经递质的作用以及某些种类蛋白质的合成。
2.短期记忆主要与神经元的活动及神经元之间的联系有关，尤其是与大脑皮层中的一个形状像海马的脑区有关。
3.长期记忆可能与新突触的建立有关。
3．【答案】C
【知识点】微生物的分离和培养；培养基概述及其分类
【解析】【解答】A、培养基的化学成分都应该含有水、无机盐、碳源、氮源，有些含有生长因子，所以题中培养基除淀粉外还含有氮源等其他营养物质，A不符合题意；
B、筛选分解淀粉的细菌时，菌液应稀释后涂布，B不符合题意；
C、以上两种细菌周围经稀碘液处理均有透明圈说明两种细菌都能将淀粉酶分泌到细胞外分解淀粉，C符合题意；
D、H/C值反映了两种细菌分解淀粉能力的差异，H/C值越大分解淀粉能力越强，D不符合题意。
故答案为：C
【分析】1.平板划线法和稀释涂布平板法作用不完全相同：平板划线法和稀释涂布平板法都能纯化细菌，但平板划线法不易分离出单个菌落，不能计数；稀释涂布平板法能使单菌落分离，便于计数。
2. 培养基的化学成分都应该含有水、无机盐、碳源、氮源，有些含有生长因子。
3.碘液遇淀粉变蓝，淀粉酶可以催化淀粉水解。
4．【答案】D
【知识点】植物组织培养的过程；基因工程的操作程序（详细）
【解析】【解答】A、要获得抗甲、乙的转基因植株应将含有目的基因和标记基因的载体导入受体细胞，A不符合题意；
B、对转基因植株进行个体水平检测的方法是接种病原体对转基因的植株进行抗病性鉴定，B不符合题意；
C、花药培养基配方、诱导丛芽或胚状体的培养基配方和诱导生根的培养基配方个植物激素的种类，浓度比例不同，要想获得F1花粉再生植株需要调整培养基中植物激素比例，C不符合题意；
D、经花粉离体培养获得的再生植株为单倍体植株，需再经过人工诱导使染色体数目加倍，才能获得二倍体植株，D符合题意。
故答案为：D
【分析】1.目的基因的检测与测定
2.花药离体培养
5．【答案】C
【知识点】种群的特征；群落的结构；生态系统的结构；生态系统的能量流动
【解析】【解答】根据表格数据可知浮水植物a对N的吸收能力最好，沉水植物c对P的吸收能力最好，所以应投放的两种植物是a和c。又需净化水体中含有较多的N、P，有利于植物a和c的生长，所以两种植物种群密度会增加。但不会改变能量流动方向，因为能量流动方向总是从低营养级流向高营养级，C符合题意。
故答案为：C
【分析】能量流动的特点及原因分析
1.单向流动：能量流动是沿食物链进行的，食物链中各营养级之间的捕食关系是长期自然选择的结果，是不可逆的。各营养级通过呼吸作用所产生的热能不能被生物群落重复利用，因此能量流动无法循环。
2.逐级递减：各营养级生物都会因呼吸作用消耗大部分能量。各营养级的能量都会有一部分未被下一营养级生物所利用。
6．【答案】（1）活细胞（宿主细胞）；吸附（附着）
（2）记忆细胞和浆
（3）根据预测出的甲流病毒的NA、HA结构，将其制备成抗原，引起机体产生特异性免疫（记忆细胞和抗体）
（4）a、c、e；D63；流感病毒；从感染流感病毒较长时间（如63天）康复者血清中提取并纯化NA抗体，对其进行结构分析，利用蛋白质工程，制备疫苗进行治疗
（5）①做好隔离防护措施（如戴口罩），防治传染他人；
②及时去医院治疗，避免病情加重；
③多喝水，多休息
【知识点】生命系统的结构层次；免疫学的应用
【解析】【解答】（1）流感病毒没有细胞结构必须在活细胞内生长、繁殖。病毒侵染呼吸道上皮细胞时，会经过吸附、穿入、脱壳、生物合成和成熟释放等几个阶段。
（2）流感病毒细胞的抗原刺激人体免疫系统，使B细胞增殖分化为记忆细胞和浆细胞，浆细胞能产生特异性抗体。
（3）根据流行预测进行预防接种的免疫学原理是根据预测出的甲流病毒的NA、HA结构，将其制备抗原，引起机体产生特异性免疫。
（4）①要比较D63、D21抗体对病毒侵染细胞的抑制作用应将抗体分别与流感病毒混合，抗体不能与易感细胞结合。然后将抗体与病毒的混合物分别加入不同细胞培养瓶，而不能将混合物加入同一细胞培养瓶，否则无法进行比较。最后检测培养物中病毒的增殖量，细胞对病毒不具有损伤作用不能检测细胞对病毒的损伤程度。
②由图可知D63对流感病毒侵染细胞的抑制率最高，所以对流感病毒的抑制效果最好。图中对照抗体对流感的抑制率非常低，可见对照抗体不能与流感病毒特异性结合。
③由实验结果可知D63对流感的抑制效果最好，所以研制疫苗应从感染流感病毒较长时间（如63天）康复者血清中提取并纯化NA抗体，对其进行结构分析，利用蛋白质工程，制备疫苗进行治疗。
（5）若你已被确诊为流感患者，应采取的应对措施有：①及时去医院治疗，避免病情加重；②做好隔离防护措施（如戴口罩），防止传染他人；
③多喝水，多休息。
故答案为：（1）活细胞（宿主细胞） 吸附（附着）（2）记忆细胞和浆 （3）根据流行预测进行预防接种的免疫学原理是根据预测出的甲流病毒的NA、HA结构，将其制备抗原，引起机体产生特异性免疫。（4）①a、c、e ②D63 流感病毒 ③从感染流感病毒较长时间（如63天）康复者血清中提取并纯化NA抗体，对其进行结构分析，利用蛋白质工程，制备疫苗进行治疗。 （5）①及时去医院治疗，避免病情加重；②做好隔离防护措施（如戴口罩），防止传染他人；③多喝水，多休息。
【分析】1.病毒侵染细胞的过程
2.体液免疫和细胞免疫
7．【答案】（1）一；显；A1对A2为显性，A2对A3为显性
（2）雄性不育；A2A3：A3A3=1:1；A1A1；母本中育性正常个体自交后代为纯合子，产量低于杂合种子，故去除育性正常个体
（3）将E基因插入A2基因所在染色体，使其紧密连锁，则表现E基因性状个体为不育，未表现E基因性状个体为可育。
【知识点】基因的分离规律的实质及应用
【解析】【解答】（1）①杂交一F2代性状分离比为3：1，由此推测育性正常与雄性不育性状受一对等位基因控制。在杂交二中，两亲本具有相对性状，F1均为雄性不育，所以雄性不育为显性性状。②根据杂交一亲本雄性不育（A2A2）植株与品系1（A1A1）植株杂交，F1（A1A2）均育性正常，说明A1对A2为显性；根据杂交二亲本雄性不育（A2A2）植株与品系3（A3A3）植株杂交，F1（A2A3）均雄性不育，说明A2对A3为显性。
（2）①图中虚线框内是雄性不育植株（A2A3）与品系3（A3A3）植株杂交，杂交结果是将品系3的优良性状与雄性不育性状整合在同一植株上该植株与品系3杂交所结种子的基因型及比例为A2A3：A3A3=1：1.②YF1兼具品系1、3优良性状，若上述种子（A2A3和A3A3）做母本，则父本应含A1，所以将基因型为A1A1的品系种成父本行。③母本行中有基因型为A3A3的植株，此种植株育性正常能自交产生纯合子，产量低于杂合种子，所以需除去育性正常个体。（3）要想利用某一直观的相对性状在油菜开花前推断植株的育性，需要控制这一相对性状的基因与A2基因产生连锁关系，方法是将E基因插入A2基因所在染色体，使其紧密连锁，则表现E基因性状个体为不育，未表现E基因性状个体为可育。
故答案为：（1）①一 显 ②A1对A2为显性，A2对A3为显性 （2）①雄性不育 ②A1A1③母本中育性正常个体自交后代为纯合子，产量低于杂合种子，所以需除去育性正常个体。 （3）将E基因插入A2基因所在染色体，使其紧密连锁，则表现E基因性状个体为不育，未表现E基因性状个体为可育。
【分析】1.比较分离定律和自由组合定律
2.显、隐性性状：具有相对性状的纯合亲本杂交，子一代表现出来的性状为显性性状，未表现出来的为隐性性状。
8．【答案】（1）光能；温度、CO2浓度；色素含量及种类、酶的含量及活性
（2）细胞质基质；基质
（3）不能，因为转基因植株仍包含甲植株的S基因，不能排出转基因植株中R酶由蓝藻L蛋白和甲的S蛋白共同组成；a、b、c
【知识点】光合作用的过程和意义；影响光合作用的环境因素；生命系统的结构层次
【解析】【解答】（1）地球上生命活动所需的能量主要来源于光反应吸收的光能。在碳（暗）反应中，RuBP羧化酶（R酶）催化CO2与RuBP（C5）结合，生成2分子C3影响反应的外部因素，除光照外还有温度和CO2浓度，温度主要影响RuBP羧化酶（R酶）的活性，CO2的浓度影响CO2与RuBP（C5）结合；内部因素包括色素含量及种类、酶的含量及活性。
（2）R酶由8个大亚基蛋白（L）和8个小亚基蛋白（S）。高等植物细胞中L由叶绿体基因编码并在叶绿体中合成，S由细胞核基因编码，但由于S不是外分泌蛋白所以在细胞质基质中的游离核糖体上合成后进入叶绿体，在叶绿体的基质中与L组装成有功能的酶。
（3）①上述实验中研究人员只去除了甲的的L基因，没有去除甲的S基因，所以不能推测出转基因植株中有活性的R酶是由蓝藻的S、L组装而成，也可能是蓝藻的L与甲的S组装而成。②蓝藻与甲都以DNA作为遗传物质、蓝藻与甲都以R酶催化CO2的固定、蓝藻R酶大亚基蛋白可在甲的叶绿体中合成都可以体现生物统一性，在蓝藻与甲的叶肉细胞中R酶组装的位置不同体现了生物的差异性。
故答案为：（1）光能 温度、CO2浓度 色素含量及种类、酶的含量及活性 （2）细胞质基质 基质 （3）①不能，因为转基因植株仍包含甲植株的S基因，不能排除转基因植株中R酶由蓝藻L蛋白和甲S蛋白共同组成。②a、b、c
【分析】1.核糖体分为附着核糖体和游离核糖体。附着核糖体与分泌蛋白的合成有关，游离核糖体与胞内蛋白合成有关。
2.光合作用与细胞呼吸的的关系：
1 / 12019年高考理综生物真题试卷（北京卷）
一、选择题
1．（2019·北京）玉米根尖纵切片经碱性染料染色，用普通光学显微镜观察到的分生区图像如下，
对此图像的观察与分析，错误的是（ ）
A．先用低倍镜再换高倍镜观察符合操作规范
B．可观察到箭头所指细胞的细胞核和细胞壁
C．在图像中可观察到处于分裂期前期的细胞
D．细胞不同结构成分与该染料结合能力不同
【答案】B
【知识点】观察细胞的有丝分裂
【解析】【解答】A、观察玉米根尖纵切片经碱性染料染色的结构，应先在低倍镜下找到分生区细胞，再用高倍镜观察，符合操作规范，A不符合题意；
B、箭头所指的细胞染色体移向两极，处于有丝分裂后期，此时细胞内没有细胞核，B符合题意；
C、分裂前期的细胞染色质螺旋化变为染色体，染色体散乱的分布于纺锤体的中央，核膜、核仁消失，在图中可见，C不符合题意；
D、细胞核内的染色体易被碱性染料染色，其他结构不易被碱性染料染色，所以细胞不同结构成分与碱性染料的结合能力不同，D不符合题意。
故答案为：B
【分析】观察植物细胞有丝分裂实验操作步骤：
“观察根尖分生组织细胞的有丝分裂”实验的4点提醒
①根尖中只有分生区细胞才可以进行分裂，伸长区和成熟区不能分裂。
②不能观察一个细胞的连续分裂过程，因为解离时细胞已死亡，可以寻找处于不同时期的细胞，连起来体会出细胞分裂的连续过程。
③细胞板是个真实结构，而赤道板是人为定义的面，看不到此“结构”。
④“解离→漂洗→染色→制片”的步骤顺序不能颠倒、不能缺失，否则不易观察到预期现象。
2．（2019·北京）为探究运动对海马脑区发育和学习记忆能力的影响，研究者将实验动物分为运动组和对照组，运动组每天进行适量的有氧运动(跑步/游泳)。数周后，研究人员发现运动组海马脑区发育水平比对照组提高了1. 5倍，靠学习记忆找到特定目标的时间缩短了约40%。根据该研究结果可得出（ ）
A．有氧运动不利于海马脑区的发育
B．规律且适量的运动促进学习记忆
C．有氧运动会减少神经元间的联系
D．不运动利于海马脑区神经元兴奋
【答案】B
【知识点】脑的高级功能
【解析】【解答】A、根据实验结果运动组海马脑区发育水平比对照组提高了1.5倍可知有氧运动有利于海马区的发育，A不符合题意；
B、根据实验结果运动组靠学习记忆找到特定目标的时间比对照组缩短了越40%，说明规律且适量的运动促进学习记忆，B符合题意；
C、根据实验结果运动组海马脑区发育水平提高，学习记忆能力提升，应该是增加了神经元间的联系，C不符合题意；
D、运动有利于海马脑区神经元兴奋，D不符合题意。
故答案为：B
【分析】学习和记忆
1.学习和记忆涉及脑内神经递质的作用以及某些种类蛋白质的合成。
2.短期记忆主要与神经元的活动及神经元之间的联系有关，尤其是与大脑皮层中的一个形状像海马的脑区有关。
3.长期记忆可能与新突触的建立有关。
3．（2019·北京） 筛选淀粉分解菌需使用以淀粉为唯一碳源的培养基。接种培养后，若细菌能分解淀粉，培养平板经稀碘液处理，会出现以菌落为中心的透明圈(如图)，实验结果见下表。（ ）
有关本实验的叙述，错误的是
A．培养基除淀粉外还含有氮源等其他营养物质
B．筛选分解淀粉的细菌时，菌液应稀释后涂布
C．以上两种细菌均不能将淀粉酶分泌至细胞外
D．H/C 值反映了两种细菌分解淀粉能力的差异
【答案】C
【知识点】微生物的分离和培养；培养基概述及其分类
【解析】【解答】A、培养基的化学成分都应该含有水、无机盐、碳源、氮源，有些含有生长因子，所以题中培养基除淀粉外还含有氮源等其他营养物质，A不符合题意；
B、筛选分解淀粉的细菌时，菌液应稀释后涂布，B不符合题意；
C、以上两种细菌周围经稀碘液处理均有透明圈说明两种细菌都能将淀粉酶分泌到细胞外分解淀粉，C符合题意；
D、H/C值反映了两种细菌分解淀粉能力的差异，H/C值越大分解淀粉能力越强，D不符合题意。
故答案为：C
【分析】1.平板划线法和稀释涂布平板法作用不完全相同：平板划线法和稀释涂布平板法都能纯化细菌，但平板划线法不易分离出单个菌落，不能计数；稀释涂布平板法能使单菌落分离，便于计数。
2. 培养基的化学成分都应该含有水、无机盐、碳源、氮源，有些含有生长因子。
3.碘液遇淀粉变蓝，淀粉酶可以催化淀粉水解。
4．（2019·北京） 甲、乙是严重危害某二倍体观赏植物的病害。研究者先分别获得抗甲、乙的转基因植株，再将二者杂交后得到F1，结合单倍体育种技术，培育出同时抗甲、乙的植物新品种。以下对相关操作及结果的叙述，错误的是（ ）
A．将含有目的基因和标记基因的载体导入受体细胞
B．通过接种病原体对转基因的植株进行抗病性鉴定
C．调整培养基中植物激素比例获得F1花粉再生植株
D．经花粉离体培养获得的若干再生植株均为二倍体
【答案】D
【知识点】植物组织培养的过程；基因工程的操作程序（详细）
【解析】【解答】A、要获得抗甲、乙的转基因植株应将含有目的基因和标记基因的载体导入受体细胞，A不符合题意；
B、对转基因植株进行个体水平检测的方法是接种病原体对转基因的植株进行抗病性鉴定，B不符合题意；
C、花药培养基配方、诱导丛芽或胚状体的培养基配方和诱导生根的培养基配方个植物激素的种类，浓度比例不同，要想获得F1花粉再生植株需要调整培养基中植物激素比例，C不符合题意；
D、经花粉离体培养获得的再生植株为单倍体植株，需再经过人工诱导使染色体数目加倍，才能获得二倍体植株，D符合题意。
故答案为：D
【分析】1.目的基因的检测与测定
2.花药离体培养
5．（2019·北京） 为减少某自然水体中N、P含量过高给水生生态系统带来的不良影响，环保工作者拟利用当地原有水生植物净化水体。选择其中3种植物分别置于试验池中，90天后测定它们吸收N、P的量，结果见下表。
结合表中数据，为达到降低该自然水体中N、P的最佳效果，推断应投放的两种植物及对该水体的生态影响是（ ）
A．植物a和b，群落的水平结构将保持不变
B．植物a和b，导致该水体中的食物链缩短
C．植物a和c，这两种植物种群密度会增加
D．植物a和c，群落中能量流动方向将改变
【答案】C
【知识点】种群的特征；群落的结构；生态系统的结构；生态系统的能量流动
【解析】【解答】根据表格数据可知浮水植物a对N的吸收能力最好，沉水植物c对P的吸收能力最好，所以应投放的两种植物是a和c。又需净化水体中含有较多的N、P，有利于植物a和c的生长，所以两种植物种群密度会增加。但不会改变能量流动方向，因为能量流动方向总是从低营养级流向高营养级，C符合题意。
故答案为：C
【分析】能量流动的特点及原因分析
1.单向流动：能量流动是沿食物链进行的，食物链中各营养级之间的捕食关系是长期自然选择的结果，是不可逆的。各营养级通过呼吸作用所产生的热能不能被生物群落重复利用，因此能量流动无法循环。
2.逐级递减：各营养级生物都会因呼吸作用消耗大部分能量。各营养级的能量都会有一部分未被下一营养级生物所利用。
二、非选择题
6．（2019·北京） 流行性感冒(流感)由流感病毒引起，传播速度快、波及范围广，严重时可致人死亡
（1）流感病毒必须在 内增殖，当侵染人呼吸道上皮细胞时，会经过 、穿入、脱壳、生物合成和成熟释放等几个阶段。
（2）流感病毒的抗原刺激人体免疫系统，使B细胞增殖分化为 细胞，后者能产生特异性抗体。
（3）HA和NA是流感病毒表面的两种糖蛋白，甲型流感病毒的HA、NA氨基酸序列的变异频率非常高，导致每年流行的病毒毒株可能不同。每年要根据流行预测进行预防接种的免疫学原理是 。
（4）研究者通过实验观察NA抗体对病毒侵染细胞的抑制作用。主要实验材料包括:感染流感病毒后63天、21天的两位康复者的NA抗体(分别为D63、D21)、对照抗体、流感病毒和易感细胞。
①实验的主要步骤依次是:培养易感细胞、 (选择并排序)等。
a. 将抗体分别与流感病毒混合
b. 将各混合物加入同一细胞培养瓶
c. 将各混合物分别加入不同细胞培养瓶
d. 检测NA抗体与易感细胞的结合率
e. 检测培养物中病毒的增殖量
f. 检测细胞对病毒的损伤程度
②图中实验结果表明，这两位康复者均产生了抗NA的抗体，其中对流感病毒抑制效果较好的抗体是 。选用的对照抗体应不能与 特异性结合。
③依据本实验结果提出疫苗研制的思路。
（5）若你已被确诊为流感患者，请例举具体的应对措施。
【答案】（1）活细胞（宿主细胞）；吸附（附着）
（2）记忆细胞和浆
（3）根据预测出的甲流病毒的NA、HA结构，将其制备成抗原，引起机体产生特异性免疫（记忆细胞和抗体）
（4）a、c、e；D63；流感病毒；从感染流感病毒较长时间（如63天）康复者血清中提取并纯化NA抗体，对其进行结构分析，利用蛋白质工程，制备疫苗进行治疗
（5）①做好隔离防护措施（如戴口罩），防治传染他人；
②及时去医院治疗，避免病情加重；
③多喝水，多休息
【知识点】生命系统的结构层次；免疫学的应用
【解析】【解答】（1）流感病毒没有细胞结构必须在活细胞内生长、繁殖。病毒侵染呼吸道上皮细胞时，会经过吸附、穿入、脱壳、生物合成和成熟释放等几个阶段。
（2）流感病毒细胞的抗原刺激人体免疫系统，使B细胞增殖分化为记忆细胞和浆细胞，浆细胞能产生特异性抗体。
（3）根据流行预测进行预防接种的免疫学原理是根据预测出的甲流病毒的NA、HA结构，将其制备抗原，引起机体产生特异性免疫。
（4）①要比较D63、D21抗体对病毒侵染细胞的抑制作用应将抗体分别与流感病毒混合，抗体不能与易感细胞结合。然后将抗体与病毒的混合物分别加入不同细胞培养瓶，而不能将混合物加入同一细胞培养瓶，否则无法进行比较。最后检测培养物中病毒的增殖量，细胞对病毒不具有损伤作用不能检测细胞对病毒的损伤程度。
②由图可知D63对流感病毒侵染细胞的抑制率最高，所以对流感病毒的抑制效果最好。图中对照抗体对流感的抑制率非常低，可见对照抗体不能与流感病毒特异性结合。
③由实验结果可知D63对流感的抑制效果最好，所以研制疫苗应从感染流感病毒较长时间（如63天）康复者血清中提取并纯化NA抗体，对其进行结构分析，利用蛋白质工程，制备疫苗进行治疗。
（5）若你已被确诊为流感患者，应采取的应对措施有：①及时去医院治疗，避免病情加重；②做好隔离防护措施（如戴口罩），防止传染他人；
③多喝水，多休息。
故答案为：（1）活细胞（宿主细胞） 吸附（附着）（2）记忆细胞和浆 （3）根据流行预测进行预防接种的免疫学原理是根据预测出的甲流病毒的NA、HA结构，将其制备抗原，引起机体产生特异性免疫。（4）①a、c、e ②D63 流感病毒 ③从感染流感病毒较长时间（如63天）康复者血清中提取并纯化NA抗体，对其进行结构分析，利用蛋白质工程，制备疫苗进行治疗。 （5）①及时去医院治疗，避免病情加重；②做好隔离防护措施（如戴口罩），防止传染他人；③多喝水，多休息。
【分析】1.病毒侵染细胞的过程
2.体液免疫和细胞免疫
7．（2019·北京） 油菜是我国重要的油菜作物，培育高产优质新品种意义重大。油菜的杂种一代会出现杂种优势（产量等性状优于双亲），但这种优势无法在自交后代中保持。杂种优势的利用可显著提高油菜籽的产量。
（1）油菜具有两性花，去雄是杂交的关键步骤，但人工去雄耗时费力，在生产上不具备可操作性。我国学者发现了油菜雄性不育突变株（雄蕊异常，肉眼可辨），利用该突变株进行的杂交实验如下：
①由杂交一结果推测，育性正常与雄性不育性状受 对等位基因控制。在杂交二中，雄性不育为 性性状。
②杂交一与杂交二的F1表现型不同的原因是育性性状由位于同源染色体相同位置上的3个基因（A1、A2、A3）决定。品系1、雄性不育株、品系3的基因型分别为A1A1、A2A2、A3A3。根据
杂交一、二的结果，判断A1、A2、A3之间的显隐性关系是 。
（2）利用上述基因间的关系，可大量制备兼具品系1、3优良性状的油菜杂交种子（YF1），供农业生产使用，主要过程如下：
①经过图中虚线框内的杂交后，可将品系3的优良性状与 性状整合在同一植株上，该植株所结种子的基因型及比例为 。
②将上述种子种成母本行，将基因型为 的品系种成父本行，用于制备YF1。
③为制备YF1，油菜刚开花时应拔除母本行中具有某一育性性状的植株。否则，得到的种子给
农户种植后，会导致油菜籽减产，其原因是 。
（3）上述辨别并拔除特定植株的操作只能在油菜刚开花时（散粉前）完成，供操作的时间短，还有因辨别失误而漏拔的可能。有人设想：“利用某一直观的相对性状在油菜开花前推断植株的育性”，请用控制该性状的等位基因（E、e）及其与A基因在染色体上的位置关系展示这一设想。
【答案】（1）一；显；A1对A2为显性，A2对A3为显性
（2）雄性不育；A2A3：A3A3=1:1；A1A1；母本中育性正常个体自交后代为纯合子，产量低于杂合种子，故去除育性正常个体
（3）将E基因插入A2基因所在染色体，使其紧密连锁，则表现E基因性状个体为不育，未表现E基因性状个体为可育。
【知识点】基因的分离规律的实质及应用
【解析】【解答】（1）①杂交一F2代性状分离比为3：1，由此推测育性正常与雄性不育性状受一对等位基因控制。在杂交二中，两亲本具有相对性状，F1均为雄性不育，所以雄性不育为显性性状。②根据杂交一亲本雄性不育（A2A2）植株与品系1（A1A1）植株杂交，F1（A1A2）均育性正常，说明A1对A2为显性；根据杂交二亲本雄性不育（A2A2）植株与品系3（A3A3）植株杂交，F1（A2A3）均雄性不育，说明A2对A3为显性。
（2）①图中虚线框内是雄性不育植株（A2A3）与品系3（A3A3）植株杂交，杂交结果是将品系3的优良性状与雄性不育性状整合在同一植株上该植株与品系3杂交所结种子的基因型及比例为A2A3：A3A3=1：1.②YF1兼具品系1、3优良性状，若上述种子（A2A3和A3A3）做母本，则父本应含A1，所以将基因型为A1A1的品系种成父本行。③母本行中有基因型为A3A3的植株，此种植株育性正常能自交产生纯合子，产量低于杂合种子，所以需除去育性正常个体。（3）要想利用某一直观的相对性状在油菜开花前推断植株的育性，需要控制这一相对性状的基因与A2基因产生连锁关系，方法是将E基因插入A2基因所在染色体，使其紧密连锁，则表现E基因性状个体为不育，未表现E基因性状个体为可育。
故答案为：（1）①一 显 ②A1对A2为显性，A2对A3为显性 （2）①雄性不育 ②A1A1③母本中育性正常个体自交后代为纯合子，产量低于杂合种子，所以需除去育性正常个体。 （3）将E基因插入A2基因所在染色体，使其紧密连锁，则表现E基因性状个体为不育，未表现E基因性状个体为可育。
【分析】1.比较分离定律和自由组合定律
2.显、隐性性状：具有相对性状的纯合亲本杂交，子一代表现出来的性状为显性性状，未表现出来的为隐性性状。
8．（2019·北京）光合作用是地球上最重要的化学反应，发生在高等植物、藻类和光合细菌中。
（1）地球上生命活动所需的能量主要来源于光反应吸收的 。在碳（暗）反应中，RuBP羧化酶（R酶）催化CO2与RuBP（C5）结合，生成2分子C3。影响该反应的外部因素，除光照条件外还包括 （写出两个）；内部因素包括 （写出两个）。
（2）R酶由8个大亚基蛋白（L）和8个小亚基蛋白（S）。高等植物细胞中L由叶绿体基因编码并在叶绿体中合成，S由细胞核基因编码并 中由核糖体合成后进入叶绿体，在叶绿体的 中与L组装成有功能的酶。
（3）研究发现，原核生物蓝藻（蓝细菌）R酶的活性高于高等植物。有人设想通过基因工程技术将蓝藻R酶的S、L基因转入高等植物，以提高后者的光合作用效率。研究人员将蓝藻S、L与基因转入高等植物（甲）的叶绿体DNA中，同时去除甲的L基因。转基因植株能够存活并生长。检测结果表明，转基因植株中的R酶活性高于未转基因的正常植株。
①由上述实验能否得出“转基因植株中有活性的R酶是由蓝藻的S、L组装而成”的推测？请说明理由。
②基于上述实验，下列叙述中能够体现生物统一性的选项包括 。
a.蓝藻与甲都以DNA作为遗传物质
b.蓝藻与甲都以R酶催化CO2的固定
c.蓝藻R酶大亚基蛋白可在甲的叶绿体中合成
d.在蓝藻与甲的叶肉细胞中R酶组装的位置不同
【答案】（1）光能；温度、CO2浓度；色素含量及种类、酶的含量及活性
（2）细胞质基质；基质
（3）不能，因为转基因植株仍包含甲植株的S基因，不能排出转基因植株中R酶由蓝藻L蛋白和甲的S蛋白共同组成；a、b、c
【知识点】光合作用的过程和意义；影响光合作用的环境因素；生命系统的结构层次
【解析】【解答】（1）地球上生命活动所需的能量主要来源于光反应吸收的光能。在碳（暗）反应中，RuBP羧化酶（R酶）催化CO2与RuBP（C5）结合，生成2分子C3影响反应的外部因素，除光照外还有温度和CO2浓度，温度主要影响RuBP羧化酶（R酶）的活性，CO2的浓度影响CO2与RuBP（C5）结合；内部因素包括色素含量及种类、酶的含量及活性。
（2）R酶由8个大亚基蛋白（L）和8个小亚基蛋白（S）。高等植物细胞中L由叶绿体基因编码并在叶绿体中合成，S由细胞核基因编码，但由于S不是外分泌蛋白所以在细胞质基质中的游离核糖体上合成后进入叶绿体，在叶绿体的基质中与L组装成有功能的酶。
（3）①上述实验中研究人员只去除了甲的的L基因，没有去除甲的S基因，所以不能推测出转基因植株中有活性的R酶是由蓝藻的S、L组装而成，也可能是蓝藻的L与甲的S组装而成。②蓝藻与甲都以DNA作为遗传物质、蓝藻与甲都以R酶催化CO2的固定、蓝藻R酶大亚基蛋白可在甲的叶绿体中合成都可以体现生物统一性，在蓝藻与甲的叶肉细胞中R酶组装的位置不同体现了生物的差异性。
故答案为：（1）光能 温度、CO2浓度 色素含量及种类、酶的含量及活性 （2）细胞质基质 基质 （3）①不能，因为转基因植株仍包含甲植株的S基因，不能排除转基因植株中R酶由蓝藻L蛋白和甲S蛋白共同组成。②a、b、c
【分析】1.核糖体分为附着核糖体和游离核糖体。附着核糖体与分泌蛋白的合成有关，游离核糖体与胞内蛋白合成有关。
2.光合作用与细胞呼吸的的关系：
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