四川省乐山市十校2020-2021学年高二下学期生物期中联考试卷

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四川省乐山市十校2020-2021学年高二下学期生物期中联考试卷
一、单选题
1.（2021高二下·乐山期中）在家庭中用鲜葡萄制作果酒时，正确的操作是（ ）
A. 让发酵装置接受光照 B. 向发酵装置通入空气
C. 给发酵装置适时排气 D. 将发酵装置放在50℃处
2.（2021高二下·乐山期中）下列有关果酒、果醋和腐乳制作的叙述正确的是（ ）
A. 家庭制作腐乳的菌种一般来自空气中的毛霉孢子
B. 参与果酒发酵和果醋发酵的微生物都含有线粒体
C. 在腐乳装瓶时自下而上随层数的增加逐渐减少盐量
D. 果酒制成后只需将装置转移至温度较高的环境中即可制作果醋
3.（2021高二下·乐山期中）在果酒、果醋和腐乳制作中，都要防止微生物污染，下列有关叙述正确的是（ ）
A. 果醋发酵阶段应封闭充气口，防止杂菌进入
B. 腌制腐乳的卤汤中应含有52%左右的酒精以抑制细菌的增殖
C. 利用自然菌种发酵果酒时，将封有葡萄汁的发酵瓶进行高压灭菌
D. 适当加大酵母菌的接种量可以提高果酒发酵速率、抑制杂菌生长繁殖
4.（2021高二下·乐山期中）下列有关泡菜制作过程的叙述错误的是（ ）
A. 测定亚硝酸盐的含量采用比色法
B. 在坛盖边沿的水槽中注满水，以保证坛内的无氧环境
C. 制备泡菜样品处理液时，氢氧化铝乳液对滤液起到净化作用
D. 温度过高、食盐用量过高，容易造成细菌大量繁殖，亚硝酸盐含量降低
5.（2021高二下·乐山期中）下列关于病毒、醋酸菌、毛霉的叙述错误的是（ ）
A. 病毒与后两者比较，没有细胞结构，遗传物质可能是DNA或是RNA
B. 三者在培养过程中，只要培养基中有水、碳源、氮源和无机盐就能正常繁殖
C. 醋酸菌是好氧菌，可以将葡萄糖分解成醋酸，其细胞结构中没有核膜和核仁
D. 在腐乳制作过程中，毛霉能产生蛋白酶，分解豆腐中的蛋白质为肽和氨基酸
6.（2021高二下·乐山期中）某同学在制作腐乳的过程中，发现豆腐腐败变质，下列不属于其原因的是
A. 用盐腌制时，加盐量太少 B. 用来腌制腐乳的玻璃瓶，没有用沸水消毒
C. 制作卤汤时，料酒加的量较多 D. 装瓶后，没有将瓶口密封
7.（2021高二下·乐山期中）下列有关分解纤维素的微生物的分离的叙述错误的是（ ）
A. C1酶、CX酶将纤维二糖分解成葡萄糖
B. 纤维素酶是一种复合酶，一般认为至少包括三种组分
C. 纤维素酶的测定方法，一般是对所产生的葡萄糖进行定量测定
D. 对分解纤维素的微生物进行了初步筛选后得到的不一定是纤维素分解菌
8.（2021高二下·乐山期中）判断选择培养基是否起到了选择作用，需要设置的对照是（ ）
A. 不接种的选择培养基 B. 接种的选择培养基
C. 接种的牛肉膏蛋白胨培养基 D. 不接种的牛肉膏蛋白胨培养基
9.（2021高二下·乐山期中）下列有关培养基和菌种鉴定的叙述错误的是（ ）
A. 利用伊红美蓝培养基上菌落出现黑色来鉴别大肠杆菌
B. 在无氮培养基中加入酚红指示剂能够鉴定尿素分解菌
C. 可利用固体培养基上菌落的特征来初步判断和鉴别细菌的类型
D. 利用刚果红培养基上是否形成透明圈来初步筛选纤维素分解菌
10.（2021高二下·乐山期中）下列有关微生物培养的叙述错误的是（ ）
A. 培养基灭菌常用的方法是高压蒸汽灭菌
B. 硝化细菌的碳源、氮源依次是二氧化碳、氨
C. 各种微生物培养基的配方中必须包含碳源、氮源、水、无机盐
D. 纯化培养微生物常用的接种方法有平板划线法和稀释涂布平板法
11.将搅拌好的混合液离心来分离血红蛋白溶液时，第2层是（ ）
A. 甲苯 B. 血红蛋白水溶液 C. 脂溶性物质的沉淀层 D. 其他杂质的沉淀
12.（2021高二下·乐山期中）以下关于血红蛋白提取和分离的过程及原理叙述正确的是（ ）
A. 电泳是指带电粒子在电场的作用下发生迁移的过程
B. 蛋白质通过凝胶时，相对分子质量较大的移动速度慢
C. 红细胞洗涤过程中要加入 5倍体积的蒸馏水，重复洗涤3次
D. 将血红蛋白溶液放在质量分数为0.9%的氯化钠溶液中透析12小时
13.（2021高二下·乐山期中）下列有关血红蛋白提取和分离的叙述错误的是（ ）
A. 分离带电荷相同的蛋白质，相对分子质量越大，电泳速度越快
B. 将血红蛋白溶液进行透析，其目的是去除相对分子质量较小的杂质
C. 凝胶色谱柱中红色区带歪曲、散乱、变宽，与其有关的主要是色谱柱的装填
D. 处理的血液样品离心后如果分层不明显，可能是洗涤次数少、未能除去血浆蛋白
14.（2021高二下·乐山期中）果胶酶在果汁生产中发挥重要作用，下列说法错误的是（ ）
A. 果胶酶是分解果胶的一类酶的总称 B. 果胶酶能分解植物细胞壁及胞间层
C. 果胶酶只存在于植物等真核细胞中 D. 酶活性指酶催化一定化学反应的能力
15.（2021高二下·乐山期中）下列关于加酶洗衣粉的叙述，正确的是（ ）
A. 高温易使酶失活，因此冷水洗涤去污效果应该比温水好
B. 在pH略低于7.0的自来水中，碱性蛋白酶依然能起作用
C. 洗衣粉中表面活性剂对碱性蛋白酶活性有一定的促进作用
D. 洗衣粉中酶主要是通过快速分解溶解在水里的污渍发挥作用
16.（2021高二下·乐山期中）固定化单宁酶应用于茶饮料加工，可消除其中的苦涩味。下列有关叙述正确的是（ ）
A. 在单宁酶纯化时可采用透析法去除杂蛋白
B. 固定化单宁酶能与反应物接触，可以反复利用
C. 化学结合法比物理吸附法对单宁酶活性影响更小
D. 酶的高效性决定固定化单宁酶不会降解茶饮料中的有益成分
17.（2021高二下·乐山期中）下列关于“酵母细胞的固定化技术”实验的叙述正确的是（ ）
A. 活化酵母时，将适量干酵母与自来水混合并搅拌成糊状
B. 配制CaCl2溶液时，需要小火或间断加热，反复几次
C. 将海藻酸钠凝胶珠用无菌水冲洗，目的是洗去CaCl2和杂菌
D. 尿糖试纸含有固定化的葡萄糖酶和过氧化氢酶，可以反复使用
18.（2021高二下·乐山期中）在植物有效成分的提取过程中，常用蒸馏法，压榨法和萃取法，下列关于这三种方法的叙述，错误的是（ ）
A. 蒸馏法适用于提取玫瑰油、薄荷油等挥发性强的芳香油
B. 压榨法的实验原理是通过机械加压，压榨出植物的芳香油
C. 萃取法的实验原理是使芳香油溶解在有机溶解中，蒸发掉有机溶剂后就可以获得芳香油
D. 蒸馏法的实验原理是利用水将芳香油溶解下来，再把水蒸发掉，剩余的就是芳香油
19.（2021高二下·乐山期中）“甲型H1N1流感病毒”的H和N分别指的是病毒表面的两大类蛋白质——血细胞凝集素和神经氨酸酶，下列叙述正确的是（ ）
A. 病毒表面的两类蛋白质是在病毒体内合成的
B. 甲型H1N1流感病毒的变异能力比T2噬菌体强
C. 在人工配制的富含有机物的培养基上就可以培养
D. 虽然能引发传染病，但是其没有细胞结构，因此它不是生物
20.（2021高二下·乐山期中）下列关于原核生物和真核生物的叙述正确的是（ ）
A. T2噬菌体的复制过程发生在真核细胞中
B. 原核生物细胞无线粒体，不能进行有氧呼吸
C. 真核生物以DNA为遗传物质，部分原核生物以RNA为遗传物质
D. 发菜细胞中DNA周围分布着大量核糖体，通过RNA传递遗传信息合成多肽
21.（2021高二下·乐山期中）下列关于“NDM-1超级细菌”的叙述错误的是（ ）
A. “NDM-1超级细菌”具有与真核细胞相似的细胞膜、核糖体
B. 为获得大量的“NDM-1超级细菌”，可在体外用培养基培养
C. 与人体细胞相比，“NDM-1超级细菌”在结构上的最主要区别是有细胞壁
D. 从生命系统的结构层次来看，“NDM-1超级细菌”既是细胞层次也是个体层次
22.（2021高二下·乐山期中）下列关于高倍物镜的叙述正确的是（ ）
A. 在高倍镜下观察时，用粗准焦螺旋调整焦距
B. 高倍镜下无法观察到花生子叶中被染色的脂肪颗粒
C. 由低倍镜转到高倍镜前，将待观察目标移至视野中央
D. 因为藓类叶片大，在高倍镜下容易找到，所以可以直接使用高倍物镜观察
23.（2021高二下·乐山期中）下列关于黑藻、颤藻、烟草花叶病毒的有关描述正确的是（ ）
A. 都含核糖体，构成生命系统的结构层次
B. 都具有细胞壁，细胞壁的成分不尽相同
C. 都含有核酸，其核酸都由5种碱基和8种核苷酸组成
D. 烟草花叶病毒的遗传物质是RNA，其它两种生物的遗传物质是DNA
24.（2021高二下·乐山期中）下列关于组成生物体的化学元素的叙述正确的是（ ）
A. 脂肪与胡萝卜素的组成元素有差异
B. 非生物界与生物界的元素种类相同
C. 组成核糖、磷脂分子的元素种类相同
D. 组成生物体的化学元素多以离子形式存在
25.（2021高二下·乐山期中）下列有关生物体内水和无机盐的叙述，不正确的是（ ）
A. 水是生物体内物质运输的主要介质 B. 合成脂肪时，需要磷酸盐作原料
C. 无机盐离子可维持血浆的酸碱平衡 D. 水是进行光合作用和有氧呼吸的原料
26.（2021高二下·乐山期中）蜂毒素是由26个氨基酸组成的一条链状多肽，下列关于蜂毒素分子叙述正确的是（ ）
A. 至少含有一个游离的氨基和一个游离的羧基 B. 氮元素主要存在于氨基中
C. 蜂毒素水解成氨基酸需要26个水分子 D. 能与双缩脲试剂产生蓝色反应
27.（2021高二下·乐山期中）蛋白质是决定生物体结构和功能的重要物质。下列相关叙述错误的是（ ）
A. 蛋白质的基本性质不仅与碳骨架有关，也与R基有关
B. 细胞内蛋白质发生水解时，通常需要另一种蛋白质的参与
C. 细胞膜、细胞质基质中负责转运氨基酸的载体都是蛋白质
D. 高温处理后的蛋白质可与双缩脲试剂发生颜色反应
28.（2021高二下·乐山期中）用高浓度的尿素溶液处理从细胞中分离纯化的蛋白质，可使其失去天然构象变为松散肽链（称为“变性”）；除去尿素后，蛋白质又可以自发地恢复原来的空间结构（称为“复性”），且蛋白质分子越小复性效果越好。这说明（ ）
A. 尿素与肽酶的作用效果相似 B. 双缩脲试剂可以鉴定该反应是否完成
C. 蛋白质在尿素溶液中的溶解度低 D. 氨基酸数量会影响蛋白质的空间结构
29.（2021高二下·乐山期中）下列关于核酸的叙述错误的是（ ）
A. RNA具有传递信息、催化反应、转运物质等功能
B. A，T，C，G，U5种碱基最多可以组成8种脱氧核苷酸
C. 核酸分子的多样性取决于核酸中核苷酸的数量和排列顺序
D. 念珠藻细胞内的DNA每个脱氧核糖上均连着2个磷酸和一个碱基
30.（2021高二下·乐山期中）下列关于生物体内化合物的叙述错误的是（ ）
A. 细胞内的化合物都是以碳链为骨架 B. 蔗糖和乳糖水解的产物都有葡萄糖
C. ATP和RNA分子都含有腺嘌呤和核糖 D. 纤维素和糖原的基本单位是葡萄糖
二、综合题
31.（2021高二下·乐山期中）固氮微生物A能将大气中的氮气转化为氨，需通过彻底氧化分解土壤中的有机质获取固定大气中的氮气所需的能量。某研究小组对土壤中的固氮微生物A进行分离计数。结合上述材料，回答下列相关问题：
（1）选择的表层土土壤进行取样。将上述土样接种到________(填“固体”或“液体”)培养基中进行选择培养，选择培养时需不断通入空气，其目的是为固氮微生物A提供________；选择培养的目的________。
（2）研究者将菌液进行接种培养的方法是________，该方法统计的菌落数往往比活菌的实际数目低的理由________。若实验组每个平板中的菌落数都超过了300，应对样本菌液进行________处理。
（3）研究者在固氮微生物A菌落旁发现了少量其他形状的菌落，这些不能利用空气中氮气的菌体能在无氮培养基上生长，最可能的原因是________。
（4）在培养过程中将未接种菌种的空白培养基与正常接种菌种的培养基同时培养，这样做的目的是________。
32.（2021高二下·乐山期中）漆树种子中的油脂（不溶于水，易溶于脂溶性溶剂）可开发为食用油或转化为生物柴油。目前常用溶剂法萃取漆树种子油脂，其过程为：漆树种子→粉碎→加溶剂→水浴加热→溶剂不断回流提取→蒸发溶剂→收集油脂。回答下列问题：
（1）在提取油脂时，最好应选用的一种原料是________（填“自然晾干”或“新鲜”）的漆树种子，不宜选用另一种的原因是________ 。
（2）粉碎漆树种子的目的是________。在蒸发溶剂之前，还要对萃取液进行过滤的原因是________。
（3）利用不同溶剂进行萃取时，对油脂的萃取得率和某些重要理化性质的影响不同，实验结果如下表。
萃取得率 酸值 过氧化值
丙酮 23.72% 8.26 9.82
石油醚 26.35% 7.96 5.73
乙醚 25.30% 8.12 5.83
注：萃取得率（%）=（M样品-M残渣）/M样品×100%；酸值高，说明油脂品质差；过氧化物是油脂变质过程中的中间产物，其含量常用过氧化值 来表示。
实验结果表明，________作为萃取溶剂较为合理，理由是________。
（4）萃取过程中，影响萃取的因素除漆树种子和溶剂外，还有________（写出两点即可）。萃取液的浓缩可直接使用________装置。
33.（2021高二下·乐山期中）花生种子的储藏物质以脂肪为主，种子萌发时部分物质转化如图所示。
（1）花生种子以贮藏脂肪为主，原因之一是相同质量的脂肪彻底氧化分解释放出的能量比糖类________（多、少）。
（2）为了观察花生种子中的脂肪，常用苏丹Ⅳ染液对种子切片染色，染色后用吸水纸吸去染液，再滴加体积分数为50%的酒精，作用是________，然后在显微镜下观察，可见________的脂肪微粒。
（3）花生种子萌发初期(不进行光合作用)，干重先增加、后减少。干重先增加原因________。
（4）在缺锰环境中生长的花生的叶绿体中缺乏锰稳定蛋白，叶肉细胞放氧量远低于正常植株的叶肉细胞。
① 上述实例体现了无机盐的功能有________ (答出一点即可)。
②研究发现锰离子借助离子通道进入细胞，而离子通道只有在对特定刺激发生反应时才瞬时打开。该实例体现了蛋白质的功能有________ (答出一点即可)。
③ 探究锰是小麦生长发育必需的矿质元素实验中，实验组所用培养液为适宜浓度、pH的________（完全培养液、只缺锰的完全培养液）。若适宜光照、温度下培养一段时间后，观察到实验组和对照组均出现缺素症状，最可能的原因是________。
答案解析部分
一、单选题
1.【答案】 C
【考点】果酒果醋的制作
【解析】【解答】A、酵母菌是异养型生物，不能直接利用光能，所以其发酵装置不需要光照，A错误；
B、发酵过程中酵母菌需要进行无氧呼吸，所以不能通入空气，B错误；
C、果酒制作过程中产生CO2 ， 所以每隔一段时间需拧松，放出CO2 ， 以免造成瓶子爆裂，C正确；
D、酵母菌的最适生长温度是18～25℃，D错误。
故答案为：C。
【分析】果酒制作菌种是酵母菌，来源于葡萄皮上野生型酵母菌或者菌种保藏中心，条件是无氧、温度是18～25℃，pH值呈酸性。家庭制作果酒应使用密闭的容器，酵母菌进行无氧呼吸产生酒精和二氧化碳，表达式为：C6H12O6酶C2H5OH+CO2+能量，果酒制作过程中产生CO2 ， 所以每隔一段时间需拧松，放出CO2 ， 以免造成瓶子爆裂。
2.【答案】 A
【考点】果酒果醋的制作，腐乳的制作
【解析】【解答】A、家庭制作的腐乳的菌种一般来自空气中的毛霉孢子，毛霉可以产生蛋白酶、脂肪酶等，可以将蛋白质、脂肪等分解成小分子物质，A正确；
B、参与果醋发酵的微生物为原核生物，无线粒体，B错误；
C、在腐乳装瓶时自下而上随层数的增加逐渐增加盐量，C错误；
D、果酒制成后需要改变温度，还要补充氧气，D错误。
故答案为：A。
【分析】腐乳制作的方法步骤：
(1)晾制豆腐块：将豆腐切成约2_cm×2_cm×1_cm的小块，均匀竖放在灭菌的笼屉内，块与块之间间隔2cm。摊晾5～6h，以表面干、里面湿为适度。
(2)接种：将制备好的毛霉孢子悬液用喷壶均匀地喷洒在豆腐块上。
(3)前期发酵：将笼屉置于20_℃左右培养44～48h，使豆腐块表面长满菌丝。
(4)装瓶：用手指轻轻地在每块豆腐表面揩涂一遍，使豆腐块表面形成一层菌膜，沿瓶壁呈同心圆方式一层一层向内侧摆放。
(5)腌渍：装瓶时，每摆一层轻轻用手压平，撒一层食盐(下层食盐用量少，向上食盐增多)，腌渍3～4d。然后加一定浓度的盐水淹没表面。整个腌渍周期冬季13d。夏季8d。
(6)后期发酵(后熟期)
青方：将腌渍好的豆腐块沥干，稍有收缩后，一层层摆入洁净的玻璃瓶中，在底层、中层和上层分别撒少量食盐，加清水淹没豆腐块，加盖密封，在常温下贮藏2～4个月。
白方：将腌渍好的豆腐块沥干，稍有收缩后，一层层摆入洁净的玻璃瓶中，按每升加米酒0.5_kg、黄酒1_kg、白酒0.75_kg、盐0.25_kg的配方配制汤料注入瓶内，淹没豆腐块，加盖密封，在常温下贮藏2～4个月，成熟。
3.【答案】 D
【考点】果酒果醋的制作，腐乳的制作
【解析】【解答】A、果醋发酵用到的是醋酸菌，醋酸菌是严格的需氧菌，封闭充气口，会抑制醋酸菌的生长，A错误；
B、腌制腐乳的卤汤中应含有12%左右的酒以调味和抑制细菌的增殖，B错误；
C、利用自然菌种发酵果酒时，不能将封有葡萄汁的发酵瓶进行高温高压灭菌，否则会杀死葡萄汁中的野生酵母菌，C错误；
D、适当加大酵母菌的接种量可以提高种群的初始数量，从而提高果酒发酵速率、抑制杂菌生长繁殖，D正确。
故答案为：D。
【分析】1、参与果醋制作的微生物是醋酸菌，其新陈代谢类型是异养需氧型，果醋制作的原理：当氧气、糖源都充足时，醋酸菌将葡萄汁中的果糖分解成醋酸；当缺少糖源时，醋酸菌将乙醇变为乙醛，再将乙醛变为醋酸。2、参与腐乳制作的微生物主要是毛霉，其新陈代谢类型是异养需氧型。
4.【答案】 D
【考点】泡菜的制作
【解析】【解答】A、测定亚硝酸盐的含量采用比色法，A正确；
B、泡菜装坛后，坛盖边沿的水槽中应注满水以制造无氧环境，有利于乳酸菌的发酵，B正确；
C、测定亚硝酸盐含量，制备样品处理液时，加入氢氧化铝乳液的目的是吸附色素等杂质，使泡菜液变澄清，即对滤液起到净化作用，C正确；
D、泡菜制作过程中，温度过高、食盐用量过低，容易造成细菌大量繁殖，亚硝酸盐含量升高，D错误。
故答案为：D。
【分析】1、测定亚硝酸盐含量的方法是比色法，原理：在盐酸酸化条件下，亚硝酸盐与对氨基苯磺酸发生重氮化反应后，与N-1-萘基乙二胺盐酸盐结合形成玫瑰红色染料，与已知浓度的标准显色液目测比较，估算泡菜中亚硝酸盐含量。2、泡菜制作的原理是利用乳酸菌在无氧条件下将葡萄糖分解为乳酸，使泡菜变酸。
5.【答案】 B
【考点】果酒果醋的制作，腐乳的制作
【解析】【解答】A、病毒没有细胞结构，病毒只有一种核酸，其遗传物质是DNA或RNA，醋酸菌和毛霉都属于细胞生物，其遗传物质都是DNA，因此病毒与后两者比较，没有细胞结构，遗传物质可能是DNA或是RNA，A正确；
B、病毒没有细胞结构，病毒必须依靠活细胞才能存活，不能用普通的培养基培养，而醋酸菌和毛霉能用普通的培养基培养，B错误；
C、醋酸菌是原核生物，没有核膜和核仁，可以将葡萄糖分解成醋酸，C正确；
D、在腐乳制作过程中，主要用到的是毛霉，毛霉能分泌蛋白酶，蛋白酶能将豆腐中的蛋白质分解成肽和氨基酸，D正确。
故答案为：B。
【分析】病毒无细胞结构，需要寄生于活细胞才能存活；醋酸菌是原核生物，无成形的细胞核，代谢类型为异养需氧型；毛霉是真核生物，有成形的细胞核。
6.【答案】 C
【考点】腐乳的制作
【解析】【解答】用盐腌制，能使得豆腐块变硬，同时能抑制杂菌生长，如加盐量太少，豆腐腐败变质；故A错误；用来腌制腐乳的玻璃瓶，没有用沸水消毒，杂菌滋生，豆腐块腐败变质；故B错误；制作卤汤时，料酒加的量较多，腐乳成熟期延后，但能抑制杂菌生长，不会变质；故C正确；密封时，将瓶口通过酒精灯的火焰，再用胶条密封瓶口，能防止杂菌污染；故D错误。
【分析】豆腐腐败变质是杂菌繁殖造成的，用来腌制腐乳的玻璃瓶，没有用沸水消毒，装瓶后，没有将瓶口密封，用盐腌制时，加盐量太少或制作卤汤时加料酒量太少都会致使杂菌大量繁殖．相反，如果料酒加入过多，不会致使杂菌大量繁殖。
7.【答案】 A
【考点】纤维素分解菌的分离
【解析】【解答】A、C1酶、Cx酶使纤维素分解成纤维二糖，葡萄糖苷酶将纤维二糖分解成葡萄糖，A错误；
B、纤维素酶是一种复合酶，一般认为它至少含有三种组分，即C1酶、Cx酶、葡萄糖苷酶，B正确；
C、纤维素酶的测定方法一般是采用对纤维素酶分解滤纸等纤维素后所产生的葡萄糖进行定量的测定，C正确；
D、如果在鉴别培养基观察到产生透明圈的菌落，说明可能获得了纤维素分解菌，为了确定是纤维素分解菌，还需要进行发酵产纤维素酶的实验，D正确。
故答案为：A。
【分析】纤维素酶是一种复合酶，一般认为它至少含有三种组分，即C1酶、Cx酶、葡萄糖苷酶。前两种酶使纤维素分解成纤维二糖，第三种酶将它分解成葡萄糖。
分解纤维素的微生物的分离的实验原理：①土壤中存在着大量纤维素分解酶，包括真菌、细菌和放线菌等，它们可以产生纤维素酶。纤维素酶是一种复合酶，可以把纤维素分解为纤维二糖，进一步分解为葡萄糖使微生物加以利用，故在用纤维素作为唯一碳源的培养基中，纤维素分解菌能够很好地生长，其他微生物则不能生长。②在培养基中加入刚果红，可与培养基中的纤维素形成红色复合物，当纤维素被分解后，红色复合物不能形成，培养基中会出现以纤维素分解菌为中心的透明圈，从而可筛选纤维素分解菌。
8.【答案】 C
【考点】培养基对微生物的选择作用
【解析】【解答】将菌液稀释相同的倍数，在完全培养基上生长的菌落数目应明显多于选择培养基上的数目，完全培养基属于正常情况不作选择处理的组别，故属于对照组，即接种了的选择培养基是实验组，而接种了的牛肉育蛋白胨培养基属于对照组，C正确。
故答案为：C。
【分析】对照实验是指除所控因素外其它条件与被对照实验完全对等的实验。判断选择培养基是否起到了选择作用，则接种了的选择培养基是实验组，而接种了的牛肉育蛋白胨培养基属于对照组。
9.【答案】 B
【考点】微生物的分离和培养，培养基对微生物的选择作用
【解析】【解答】A、大肠杆菌的代谢产物能与伊红-美蓝发生特定的颜色反应，使菌落呈黑色，A正确；
B、在以尿素为唯一氮源的培养基中加入酚红指示剂鉴定尿素分解菌，原理是细菌合成的脲酶将尿素分解成氨，氨会使培养基的碱性增强，酚红指示剂变红，从而可以筛选尿素分解菌，B错误；
C、不同的细菌在固体培养基上形成的菌落特征不同，因此可根据菌落特征判断和鉴别细菌的类型，C正确；
D、在含有纤维素的培养基中加入刚果红，刚果红就会与纤维素结合形成红色复合物，当培养基中的纤维素被分解后，刚果红-纤维素复合物就无法形成，培养基中会出现以纤维素降解菌为中心的透明圈，从而可以筛选纤维素分解菌，D正确；
故答案为：B。
【分析】选择培养基的制作方法
（1）在培养基全部营养成分具备的前提下，加入物质：依据某些微生物对某些物质的抗性，在培养基中加入某些物质，以抑制不需要的微生物生长，促进所需要的微生物生长，如培养基中加入高浓度食盐时可抑制多种细菌的生长，但不影响金黄色葡萄球菌的生长，从而可将该菌分离出来；而在培养基中加入青霉素时可抑制细菌、放线菌的生长，从而分离得到酵母菌和霉菌。
（2）通过改变培养基的营养成分达到分离微生物的目的：培养基中缺乏氮源时，可分离自生固氮微生物，非自生固氮微生物因缺乏氮源而无法生存；培养基中若缺乏有机碳源则异养微生物无法生存，而自养微生物可利用空气中的CO2制造有机物生存。
（3）利用培养基的特定化学成分分离特定微生物：如当石油是唯一碳源时，可抑制不能利用石油的微生物生长，使能够利用石油的微生物生长，从而分离出能消除石油污染的微生物。
（4）通过某些特殊环境分离微生物：如在高盐环境中可分离耐盐菌，其他菌在盐浓度高时易失水而不能生存；在高温环境中可分离得到耐高温的微生物，其他微生物在高温环境中因酶失活而无法生存。
10.【答案】 C
【考点】微生物的分离和培养，测定某种微生物的数量，培养基概述及其分类
【解析】【解答】A、培养基灭菌常用的方法是高压蒸汽灭菌，A正确；
B、硝化细菌是自养生物，可作为硝化细菌碳源、氮源的物质依次是二氧化碳、氨，B正确；
C、各种培养基一般都含有水、碳源、氮源、无机盐，但也不是必须都有这几种成分，如培养固氮菌不需要氮源，C错误；
D、纯化培养微生物常用的接种方法有平板划线法和稀释涂布平板法，D正确
故答案为：C。
【分析】微生物培养基的主要营养物质有碳源、氮源、水和无机盐等，有的还需要生长因子等特殊的营养。微生物培养的关键是无菌操作。筛选和分离微生物常用的接种方法有稀释涂布平板法和平板划线法。
11.【答案】 C
【考点】蛋白质的提取和分离
【解析】【解答】血红蛋白液离心后分四层，其中第二层是脂溶性物质的沉淀层，A、B、D三项均错误，C项正确。
【分析】本题考查血红蛋白的提取和分离的相关知识，意在考查学生能理解所学知识的要点，把握知识间的内在联系的能力。
12.【答案】 A
【考点】蛋白质的提取和分离
【解析】【解答】A、电泳是指带电粒子在电场的作用下发生迁移的过程，A正确；
B、相对分子质量不同的蛋白质通过凝胶时，相对分子质量较小的蛋白质容易进入凝胶内部的通道，路程较长，移动速度较慢，而相对分子质量较大的蛋白质无法进入凝胶内部的通道，只能在凝胶外部移动，路程较短，移动速度较快，B错误；
C、红细胞洗涤过程中要加入 5倍体积的生理盐水，重复洗涤3次，C错误；
D、将血红蛋白溶液放在盛有300mL的物质的量浓度为20mmol/L的磷酸缓冲液中，透析12小时，D错误。
故答案为：A。
【分析】血红蛋白的提取和分离常常使用凝胶色谱法，其是根据相对分子质量的大小分离蛋白质的有效方法，所用的凝胶实际上是一些微小的多孔球体，这些小球体大多数是由多糖类化合物构成的，如葡聚糖或琼脂糖。
13.【答案】 A
【考点】蛋白质的提取和分离
【解析】【解答】A、电泳法纯化蛋白质时，若分离带电荷相同的蛋白质，则其分子量越大，电泳速度就越慢，A错误；
B、将血红蛋白溶液进行透析，其目的是去除相对分子质量较小的杂质，B正确；
C、在血红蛋白分离过程中如果红色带区歪曲、散乱、变宽，说明色谱柱制作不成功，主要是凝胶装填不紧密、不均匀，还可能是存在气泡，打乱了洗脱次序所致，C正确；
D、处理的血液样品离心后如果分层不明显，可能是洗涤次数少、未能除去血浆蛋白，D正确。
故答案为：A。
【分析】血红蛋白的提取与分离的实验步骤主要有：（1）样品处理：①红细胞的洗涤（低速短时间离心），②血红蛋白的释放（需要加入蒸馏水和甲苯），③分离血红蛋白（中速长时间离心）。（2）粗分离：①分离血红蛋白溶液，②透析。（3）纯化：调节缓冲液面→加入蛋白质样品→调节缓冲液面→洗脱→收集分装蛋白质。（4）纯度鉴定--SDS聚丙烯酰胺凝胶电泳。
14.【答案】 C
【考点】果胶酶的活性测定
【解析】【解答】A、果胶酶包括多聚半乳糖醛酸酶、果胶分解酶和果胶酯酶等，是分解果胶的一类酶的总称，A正确；
B、果胶酶能催化果胶的分解，瓦解植物细胞壁，B正确；
C、果胶酶可由黑曲霉经发酵精制而得，C错误；
D、酶的活性是指酶催化一定化学反应的能力，可用在一定条件下其催化某一化学反应的速度表示，D正确。
故答案为：C。
【分析】1、果胶酶的作用：能够分解果胶，瓦解植物的细胞壁及胞间层，使榨取果汁变得容易，也是果汁变得澄清。 2、果胶成分：由半乳糖醛酸聚合而成的一种高分子化合物。3、特点：不溶于水。
15.【答案】 B
【考点】酶活力测定的一般原理和方法
【解析】【解答】A、酶需要适宜的温度，温水洗涤效果比冷水好，A错误；
B、在pH略低于7.0的自来水中，酶未失活，故碱性蛋白酶依然能起作用，B正确；
C、普通洗衣粉中表面活性剂对碱性蛋白酶活性有抑制作用，C错误；
D、洗衣粉中的酶主要通过将衣物上的蛋白质等污渍分解成小分子物质，使污渍容易从衣物上脱落，D错误。
故答案为：B。
【分析】加酶洗衣粉指含有酶制剂的洗衣粉，常用的酶制剂有蛋白酶、脂肪酶、淀粉酶和纤维素酶。
16.【答案】 B
【考点】固定化酶及其应用
【解析】【解答】A、透析法是利用膜的选择透过性去除混合物中的小分子物质，不能去除杂蛋白，A错误；
B、固定化酶具有反复利用，所以固定化单宁酶能与反应物接触，可以反复利用，B正确；
C、物理吸附法比化学结合法对单宁酶活性影响更小，C错误；
D、酶的专一性决定固定化单宁酶不会降解茶饮料中的有益成分，D错误。
故答案为：B。
【分析】1、固定化酶，酶的种类一种，主要制作方法，物理吸附法、化学结合法，不需要营养物质，缺点：不利于催化一系列的酶促反应，优点①既能与反应物接触，又能与产物分离②可以反复利用；2、固定化细胞，固定一系列酶，主要制作方法：包埋法，需要营养物质，缺点：反应物不宜与酶接近，尤其是大分子物质，反应效率下降，优点：成本低，操作容易。
17.【答案】 C
【考点】固定化细胞及其应用
【解析】【解答】A、活化酵母时，将适量干酵母与蒸馏水混合并搅拌成糊状，防止自来水中各种离子影响实验结果，A错误；
B、配制海藻酸钠溶液时，需要边小火加热边搅拌，B错误；
C、固定化酵母细胞时，将海藻酸钠凝胶珠用无菌水冲洗，目的是洗去CaCl2和表面的杂菌，C正确；
D、尿糖试纸由于使用后不能将反应物和酶分开，而不能再次使用，D错误。
故答案为：C。
【分析】1、固定化技术包括包埋法、物理吸附法和化学结合法（交联法）；由于细胞相对于酶来说更大，难以被吸附或结合，因此多采用包埋法；固定化细胞在多步酶促反应中发挥连续催化作用，但如果反应底物是大分子物质，则难以自由通过细胞膜，从而限制固定化细胞的催化反应；由于酶小，容易从包埋的材料中漏出，采用物理吸附法和化学结合法，固定化酶的优点既能与反应物接触，又能与产物分离；可以反复利用。2、固定化细胞制作过程中的注意事项：
（1）配制海藻酸钠溶液：小火、间断加热、定容，如果加热太快，海藻酸钠会发生焦糊。
（2）海藻酸钠溶液与酶母细胞混合：冷却后再混合，注意混合均匀，不要进入气泡。
（3）制备固定化酵母细胞：高度适宜，并匀速滴入。
（4）刚溶化的海藻酸钠应冷却后再与酵母菌混合，否则温度过高会导致酵母菌死亡。
18.【答案】 D
【考点】芳香油的提取
【解析】【解答】A、蒸馏法适用于提取玫瑰油、薄荷油等挥发性强的芳香油，A正确；
B、压榨法的实验原理是通过机械加压，将原料中的芳香油压榨出来，B正确；
C、萃取法是将粉碎、干燥的植物原料用有机溶剂浸泡溶解，之后再通过蒸馏装置蒸发出有机溶剂，剩下的就是要提取的物质，C正确；
D、蒸馏法是利用水蒸气将挥发性较强的芳香油携带出来，形成油水混合物质，冷却后可以分层，将芳香油分离出来，D错误。
故答案为：D。
【分析】植物芳香油的提取方法有蒸馏法、压榨法和萃取等。具体采用那种方法要根据植物原料的特点来决定。水蒸气蒸馏法是植物芳香油提取的常用方法，它的原理是利用水蒸气将挥发性较强的植物芳香油携带出来，形成油水混合物，冷却后，混合物又会重新分出油层和水层。压榨法的实验原理是通过机械加压，将原料中的芳香油压榨出来。萃取法的实验原理是使芳香油溶解在有机溶剂中，蒸发掉有机溶剂后就可以获得芳香油。
19.【答案】 B
【考点】病毒
【解析】【解答】A、病毒是严格的寄生生活的生物，自身不能独立进行各项生命活动，其蛋白质是在宿主细胞内合成的，A错误；
B、甲型H1N1流感病毒是RNA型病毒，T2噬菌体是DNA型病毒，单链RNA容易发生变异，B正确；
C、病毒必须在活细胞培养基上才能生存，C错误；
D、病毒虽然没有细胞结构，但因其能繁殖，所以是生物，D错误。
故答案为：B。
【分析】病毒病毒是严格的寄生生活的生物，其没有细胞结构，但他的各项生命活动李避开细胞。病毒侵染宿主细胞后，在自身遗传物质的作用下，利用宿主细胞内的原料、场所、酶系统来合成自身的组成成分，进行大量增值，当增值到一定数量后，宿主细胞裂解，释放出大量子代病毒。
20.【答案】 D
【考点】原核细胞和真核细胞的形态和结构的异同
【解析】【解答】A、T2噬菌体属于病毒，生活方式为寄生，宿主细胞为大肠杆菌，大肠杆菌属于原核生物，A错误；B、原核生物细胞无线粒体，有些原核细胞也能进行有氧呼吸，B错误；
C、真核生物和原核生物的遗传物质都是DNA，C错误；
D、发菜细胞为原核生物，DNA是裸露的，周围分布着大量核糖体，通过RNA传递遗传信息合成多肽，即翻译过程，D正确。
故答案为：D。
【分析】原核细胞和真核细胞的比较：（相似的基本结构：细胞膜、细胞质、遗传物质——体现了细胞的统一性）
比较项目 原核细胞 真核细胞
本质区别 无以核膜为界限的细胞核 有以核膜为界限的细胞核
细胞壁 主要成分为肽聚糖 植物细胞细胞壁的主要成分是纤维素和果胶
细胞质 有核糖体，无其他细胞器 有核糖体和其他细胞器
细胞核 拟核，无核膜和核仁 有核膜和核仁
转录和翻译 转录、翻译可同时进行 转录在核内，翻译在细胞质（核糖体）内
是否遵循遗传定律 不遵循孟德尔遗传定律 核基因遵循，质基因不遵循
变异类型 基因突变 基因突变、基因重组和染色体变异
21.【答案】 C
【考点】原核细胞和真核细胞的形态和结构的异同
【解析】【解答】A、超级细菌属于原核生物，原核细胞和真核细胞都具有细胞膜、细胞质、核糖体和遗传物质DNA，A正确；
B、为获得大量的“NDM1超级细菌”，可在体外用培养基培养，B正确；
C、与人体细胞相比，“NDM1超级细菌”在结构上的最主要区别是没有核膜包被的成形的细胞核，C错误；
D、从生命系统的结构层次来看，“NDM1超级细菌”既是细胞层次也是个体层次，D正确。
故答案为：C。
【分析】超级细菌可归类为原核生物中的细菌。原核生物没有核膜包被的典型的细胞核，但是具有细胞壁、细胞膜、细胞质、核糖体以及遗传物质DNA等。
22.【答案】 C
【考点】显微镜
【解析】【解答】A、在高倍镜下观察时，用细准焦螺旋调整焦距，用粗准焦螺旋调整焦距可能会压坏玻片，A错误；
B、高倍镜下可以清晰的观察到花生子叶中被染色的脂肪颗粒，B错误；
C、由低倍镜转到高倍镜前，将待观察目标移至视野中央，C正确；
D、显微镜的使用，都要先用低倍镜找到要观察的物像，然后移动玻片标本使要观察的某一物像到达视野中央，再转动转换器换用高倍镜，不能先用高倍物镜观察，D错误。
故答案为：C。
【分析】显微镜的呈像原理和基本操作：（1）显微镜成像的特点：显微镜成像是倒立的虚像，即上下相反，左右相反，物像的移动方向与标本的移动方向相反，故显微镜下所成的像是倒立放大的虚像，若在视野中看到细胞质顺时针流动，则实际上细胞质就是顺时针流动。（2）显微镜观察细胞，放大倍数与观察的细胞数呈反比例关系，放大倍数越大，观察的细胞数越少，视野越暗，反之亦然。（3）显微镜的放大倍数=物镜的放大倍数×目镜的放大倍数。目镜的镜头越长，其放大倍数越小；物镜的镜头越长，其放大倍数越大，与玻片的距离也越近，反之则越远。显微镜的放大倍数越大，视野中看的细胞数目越少，细胞越大。（4）反光镜和光圈都是用于调节视野亮度的；粗准焦螺旋和细准焦螺旋都是用于调节清晰度的，且高倍镜下只能通过细准焦螺旋进行微调。（5）由低倍镜换用高倍镜进行观察的步骤是：移动玻片标本使要观察的某一物像到达视野中央→转动转换器选择高倍镜对准通光孔→调节光圈，换用较大光圈使视野较为明亮→转动细准焦螺旋使物像更加清晰。
23.【答案】 D
【考点】核酸的基本组成单位，原核细胞和真核细胞的形态和结构的异同，病毒
【解析】【解答】A、烟草花叶病毒属于病毒没有细胞结构，不含核糖体，不属于构成生命系统的结构层次，A错误；
B、烟草花叶病毒不具有细胞壁，B错误；
C、都含有核酸，但烟草花叶病毒体内只有一种核酸，其核酸都由4种碱基和4种核苷酸组成，C错误；
D、烟草花叶病毒的遗传物质是RNA，其它两种生物的遗传物质是DNA，D正确。
故答案为：D。
【分析】黑藻属于真核生物，颤藻属于原核生物， 烟草花叶病毒属于病毒没有细胞结构。
24.【答案】 A
【考点】组成细胞的元素和化合物
【解析】【解答】A、脂肪的组成元素是C、H、O，而胡萝卜素的组成元素只有C和H，A正确；
B、非生物界与生物界的元素种类基本相同，但是非生物界中一些元素在生物界中没有，B错误；
C、核糖的组成元素是C、H、O，磷脂的元素含有C、H、O、N、P，C错误；
D、组成生物体的无机盐多以离子形式存在，而化学元素主要以化合物的形式存在，D错误。
故答案为：A。
【分析】1、生物界与非生物界的统一性与差异性：
统一性：构成生物体的元素在无机自然界都可以找到，没有一种是生物所特有的；
差异性：组成生物体的元素在生物体体内和无机自然界中的含量相差很大．2、组成细胞的大量元素有：C、H、O、N、P、S、K、Ca、Mg，组成细胞的微量元素有：Mn、Mo、Fe等，微量元素的含量虽然很少，但其作用必不可少．
25.【答案】 B
【考点】水在细胞中的存在形式和作用，无机盐的主要存在形式和作用
【解析】【解答】A、细胞中的水有自由水和结合水，自由水可以参与物质的运输，是生物体内物质运输的主要介质，A正确；
B、脂肪不含P，合成脂肪时，不需要磷酸盐作原料，B错误；
C、血浆中有无机盐构成的缓冲物质，可以维持血浆的酸碱平衡，C正确；
D、光合作用的光反应阶段需要消耗水，有氧呼吸的第二阶段需要消耗水，D正确。
故答案为：B。
【分析】无机盐主要以离子的形式存在，其生理作用有： 1、细胞中某些复杂化合物的重要组成成分；如Fe2+是血红蛋白的主要成分；Mg2+是叶绿素的必要成分。 2、维持细胞的生命活动，如Ca可调节肌肉收缩和血液凝固，血钙过高会造成肌无力，血钙过低会引起抽搐。 3、维持细胞的酸碱平衡和细胞的形态。
26.【答案】 A
【考点】氨基酸的分子结构特点和通式，蛋白质的合成——氨基酸脱水缩合，检测蛋白质的实验
【解析】【解答】A、蜂毒素是由26个氨基酸组成的一条多肽，所以至少含有一个游离的氨基和一个游离的羧基，A正确；
B、蜂毒素是由26个氨基酸组成的一条多肽，氮元素主要存在于肽键中，B错误；
C、蜂毒素是由26个氨基酸脱水缩合而成，该过程需要脱去25个水分子，故蜂毒素水解成氨基酸需要25个水分子，C错误；
D、蜂毒素中含有肽键，能与双缩脲试剂产生紫色反应，D错误。
故答案为：A。
【分析】1、氨基酸在核糖体中通过脱水缩合形成多肽链，而脱水缩合是指一个氨基酸分子的羧基（-COOH）和另一个氨基酸分子的氨基（-NH2）相连接，同时脱出一分子水的过程。2、蛋白质或多肽中含有肽键，可与双缩脲试剂作用产生紫色反应。
27.【答案】 C
【考点】蛋白质分子的化学结构和空间结构，蛋白质的合成——氨基酸脱水缩合，蛋白质变性的主要因素
【解析】【解答】A、蛋白质的基本性质不仅与碳骨架有关，而且也与R基团相关，A正确；
B、细胞内蛋白质水解过程需要酶的催化，催化蛋白质水解的酶的本质是蛋白质，B正确；
C、细胞质基质中负责运输氨基酸的工具是tRNA，不是蛋白质，C错误；
D、高温处理后的蛋白质变性，变性蛋白质中的肽键没有断裂，因此仍能与双缩脲试剂发生反应，D错误。
故答案为：C。
【分析】1、脱水缩合是指一个氨基酸分子的羧基和另一个氨基酸分子的氨基相连接，同时脱出一分子水，所以脱去的水分子中的氢原子来自氨基和羧基，氧原子来自羧基。2、蛋白质的功能-生命活动的主要承担者：①构成细胞和生物体的重要物质，即结构蛋白，如羽毛、头发、蛛丝、肌动蛋白；②催化作用：如绝大多数酶；③传递信息，即调节作用：如胰岛素、生长激素；④免疫作用：如免疫球蛋白（抗体）；⑤运输作用：如红细胞中的血红蛋白。
28.【答案】 D
【考点】蛋白质变性的主要因素，检测蛋白质的实验
【解析】【解答】A、尿素只是改变蛋白质的空间结构，不会使蛋白质的肽键水解，与肽酶的作用不同，A错误；
B、双缩脲试剂只能检测肽键结构，不能检测蛋白质的空间结构，B错误；
C、由题意可知，蛋白质在尿素中的空间结构改变，溶解性较高，C错误；
D、由题意可知，除去尿素后，蛋白质分子越小复性效果越好，这说明氨基酸的数目可以影响蛋白质分子的空间结构而影响复性效果，D正确。
故答案为：D。
【分析】由题意可知，尿素可以使蛋白质分子的空间结构发生改变，除去尿素后，蛋白质能恢复空间结构，且蛋白质分子越小复性效果越好，这说明氨基酸的数目可以影响蛋白质分子的空间结构而影响复性效果。
29.【答案】 B
【考点】核酸的基本组成单位，核酸的种类及主要存在的部位，核酸在生命活动中的作用
【解析】【解答】A、RNA具有传递信息（如mRNA传递遗传信息）、催化反应（某些酶是RNA）、转运物质（如tRNA转运氨基酸）等功能，A正确；
B、由碱基A组成的核苷酸有2种（腺嘌呤脱氧核苷酸和腺嘌呤核糖核苷酸）、由碱基G组成的核苷酸有2种（鸟嘌呤脱氧核苷酸和鸟嘌呤核糖核苷酸）、由碱基T组成的核苷酸有1种（胸腺嘧啶脱氧核苷酸）、由碱基U组成的核苷酸有1种（尿嘧啶脱氧核苷酸）、由碱基C组成的核苷酸有2种（胞嘧啶脱氧核苷酸和胞嘧啶核糖核苷酸），所以由碱基A、T、C、G、U组成的核苷酸种类共有2+2+1+1+2=8种，B错误；
C、核酸分子多样性取决于核酸中核苷酸的数量和排列顺序，C正确；
D、双链DNA分子的绝大多数脱氧核糖上连着两个磷酸和一个碱基，只有末端的脱氧核糖上连接一个磷酸和一个碱基，D错误。
故答案为：B。
【分析】1、细胞中的核酸根据所含五碳糖的不同分为DNA（脱氧核糖核酸）和RNA（核糖核酸）两种，构成DNA与RNA的基本单位分别是脱氧核苷酸和核糖核苷酸，每个脱氧核苷酸分子是由一分子磷酸、一分子五碳糖和一分子含氮碱基形成，每个核糖核苷酸分子是由一分子磷酸、一分子核糖和一分子含氮碱基形成。2、脱氧核苷酸和核糖核苷酸在组成上的差异有：（1）五碳糖不同，脱氧核苷酸中的中的五碳糖是脱氧核糖，核糖核苷酸中的五碳糖是核糖；（2）碱基不完全相同，脱氧核苷酸中的碱基是A、T、G、C，核糖核苷酸中的碱基是A、U、G、C。3、细胞生物（包括原核生物和真核生物）的细胞中含有DNA和RNA两种核酸、其中DNA是遗传物质，非细胞生物（病毒）中含有DNA或RNA一种核酸、其遗传物质是DNA或RNA。
30.【答案】 A
【考点】核酸的基本组成单位，糖类的种类及其分布和功能，生物大分子以碳链为骨架
【解析】【解答】A、细胞内的有机大分子都是以碳链为骨架，但并不是细胞内的化合物都是以碳链为骨架，例如水分子，A错误；
B、蔗糖水解的产物是葡萄糖和果糖，乳糖水解的产物是葡萄糖和半乳糖，二者水解的产物都有葡萄糖，B正确；
C、ATP中的A代表腺苷，由腺嘌呤和核糖组成，RNA是核糖核酸，含有腺嘌呤和核糖，C正确；
D、纤维素和糖原都是多糖，基本单位都是葡萄糖，D正确。
故答案为：A。
【分析】1、细胞内的多糖、蛋白质、核酸等的基本组成单位分别是葡萄糖、氨基酸、核苷酸，葡萄糖、氨基酸、核苷酸以碳链为骨架，因此生物大分子是以碳链为骨架。2、蔗糖是由葡萄糖和果糖形成的二糖，乳糖是由葡萄糖和半乳糖形成的二糖。淀粉、糖原和纤维素的基本单位是葡萄糖。
二、综合题
31.【答案】 （1）富含有机质/富含有机物/富含腐殖质液体；氧气、氮气；增加固氮微生物A的浓度，以确保能筛选到目的菌/扩大培养并筛选固氮微生物A
（2）稀释涂布平板法；当两个或多个细胞连在一起时，平板上观察到只是一个菌落/菌落重叠；稀释处理
（3）固氮微生物A固定的氮素（氨气）被其它微生物利用/固氮微生物A代谢产生的含氮物质被其它微生物利用
（4）判断培养基制备是否合格/培养基是否被污染/培养基灭菌是否彻底
【考点】微生物的分离和培养，测定某种微生物的数量，培养基对微生物的选择作用，培养基概述及其分类
【解析】【解答】（1）固氮菌需通过彻底氧化分解土壤中的有机质获取固定大气中的氮所需的能量，液体培养基能增加目的菌株的浓度，因此需要将上述土样接种到富含有机质（富含有机物/富含腐殖质）的液体培养基中进行选择培养。固氮菌为需氧型生物，需要空气中的氮气作为氮源，故培养固氮菌时需不断通入空气，其目的是为固氮微生物A提供氧气、氮气。液体培养基能增加目的菌株的浓度，用液体培养基选择培养是为了增加固氮微生物A的浓度，以确保能筛选到目的菌（扩大培养并筛选固氮微生物A）。
（2）对微生物进行分离计数进行接种培养的方法是稀释涂布平板法，用这种方法对微生物进行计数时，当两个或多个细胞连在一起时，平板上观察到只是一个菌落，因此该方法统计的菌落数往往比活菌的实际数目低。计数时应选择菌落数为30--300个的平板进行计数，若实验组每个平板中的菌落数都超过了300，应对样本菌液进行稀释处理。
（3）固氮菌能利用空气中的氮气作为氮源，在没有氮源的培养基中，正常情况下不能利用空气中氮气的微生物不能生长，若在无氮培养基上发现了其他菌体，可能原因是固氮菌固定的氮素被其他菌利用。
（4）为了检测培养基是否灭菌合格，通常在培养过程中将未接种菌种的空白平板与正常接种菌种的平板同时培养。
【分析】1、自生固氮菌是指在土壤中能够独立进行固氮的细菌，可以利用氮气作为氮源，所以培养基中不需要加氮源。2、微生物常见的接种的方法：①平板划线法：将已经熔化的培养基倒入培养皿制成平板，接种，划线，在恒温箱里培养。在划线的开始部分，微生物往往连在一起生长，随着线的延伸，菌数逐渐减少，最后可能形成单个菌落。②稀释涂布平板法：将待分离的菌液经过大量稀释后，均匀涂布在培养皿表面，经培养后可形成单个菌落。

32.【答案】 （1）自然晾干；新鲜的种子含水量高，用于提取的极性有机溶剂会被水稀释，进而降低对油脂的提取效果
（2）便于原料和溶剂充分接触，提高萃取效率；除去萃取液中的不溶物
（3）石油醚；萃取得率较高，可得到较多的油脂，酸值和过氧化值最小，说明油脂品质较高
（4）萃取温度、萃取时间等；蒸馏
【考点】芳香油的提取
【解析】【解答】（1）依题意，提取漆树种子中的油脂使用的是萃取法，由于油脂不溶于水，新鲜种子中含水量高，用于提取的有机溶剂会被水稀释，从而降低对油脂的提取效果，所以应选择自然晾干的漆树种子；

（2）粉碎漆树种子利于其和溶剂的充分接触，提高萃取的效率，萃取完后对萃取液过滤，去除萃取液中的不溶物；
（3）根据表格数据分析，石油醚作为萃取溶剂较为合理，因为其萃取率较高，可得到较多的油脂，酸值和过氧化值最小，说明油脂品质较高；
（4）萃取过程中，影响萃取的因素有：漆树种子、溶剂、萃取温度、萃取时间等，萃取液的浓缩可直接使用蒸馏装置。
【分析】植物有效成分提取过程中几个关键点分析
①用于萃取的有机溶剂必须事先精制，除去杂质，否则会影响芳香油的质量。
②萃取温度高有利于植物有效成分溶于有机溶剂，但是温度过高会影响植物有效成分的品质，因此萃取时应严格控制温度，适当延长萃取时间。
33.【答案】 （1）多
（2）洗去浮色；红色
（3）大量脂肪水解后转变为蔗糖，蔗糖的氧元素含量高于脂肪，导致干重增加/大量脂肪水解并转化为糖类等有机物/脂肪水解成甘油和脂肪酸，需要水参加反应，甘油和脂肪酸转化为糖类有机物重量增加
（4）组成化合物/维持细胞正常生命活动；物质运输/信息传递；只缺锰的完全培养液；培养过程中没有通入空气，有氧呼吸受阻，能量供应不足影响了无机盐的吸收
【考点】糖类的种类及其分布和功能，无机盐的主要存在形式和作用，脂质的种类及其功能，检测脂肪的实验
【解析】【解答】（1）与糖类相比，相同质量的脂肪体积小，碳氢比例高，氧化分解时消耗的氧气多，释放的能量多，因此脂肪是更好的储能物质。
（2）观察植物种子中的脂肪，常用苏丹Ⅳ染液对种子切片染色，然后用50%的酒精（乙醇）洗去浮色并制片，显微镜下观察，可见红色的脂肪颗粒。
（3）花生种子萌发初期(不进行光合作用)，干重先增加、后减少。干重先增加原因是：由于花生种子脂肪含量高，大量脂肪水解后转变为蔗糖，蔗糖的氧元素含量高于脂肪，导致干重增加。（或大量脂肪水解并转化为糖类等有机物，导致干重增加。或脂肪水解成甘油和脂肪酸，需要水参加反应，甘油和脂肪酸转化为糖类，有机物重量增加，导致干重增加）。
（4）在缺锰环境中生长的花生的叶绿体中缺乏锰稳定蛋白，叶肉细胞放氧量远低于正常植株的叶肉细胞。① 上述实例中锰稳定蛋白的存在体现了无机盐具有组成化合物的作用；缺乏锰稳定蛋白，叶肉细胞放氧量远低于正常植株的叶肉细胞，体现了无机盐具有维持细胞正常生命活动的作用。②研究发现锰离子借助离子通道进入细胞，体现了蛋白质具有物质运输功能；而离子通道只有在对特定刺激发生反应时才瞬时打开，体现了蛋白质具有信息传递功能。③探究锰是小麦生长发育必需的矿质元素实验中，自变量是锰元素的有无，实验组所用培养液为适宜浓度、pH的只缺锰的完全培养液，对照组所用培养液为适宜浓度、pH的完全培养液，在相同适宜的环境中，培养相同生理状况的同种植物，比较两组植物的生长状况。正常情况下，对照组植物应正常生长。若适宜光照、温度下培养一段时间后，观察到实验组和对照组均出现缺素症状，最可能的原因是培养过程中没有通入空气，有氧呼吸受阻，能量供应不足影响了无机盐的吸收。
【分析】1、脂肪和糖类都只含C、H、O三种元素，但脂肪中C和H的比例比同等质量的糖类高，相同质量的脂肪彻底氧化分解释放出的能量比糖类多，因此脂肪是更好的储能物质。2、脂肪可被苏丹Ⅲ染液（苏丹Ⅳ染液）染色成橘黄色（红色）。3、无机盐的作用：①组成细胞中某些复杂化合物；②维持生物体和细胞的生命活动；③维持渗透压和酸碱平衡。
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四川省乐山市十校2020-2021学年高二下学期生物期中联考试卷
一、单选题
1.（2021高二下·乐山期中）在家庭中用鲜葡萄制作果酒时，正确的操作是（ ）
A. 让发酵装置接受光照 B. 向发酵装置通入空气
C. 给发酵装置适时排气 D. 将发酵装置放在50℃处
【答案】 C
【考点】果酒果醋的制作
【解析】【解答】A、酵母菌是异养型生物，不能直接利用光能，所以其发酵装置不需要光照，A错误；
B、发酵过程中酵母菌需要进行无氧呼吸，所以不能通入空气，B错误；
C、果酒制作过程中产生CO2 ， 所以每隔一段时间需拧松，放出CO2 ， 以免造成瓶子爆裂，C正确；
D、酵母菌的最适生长温度是18～25℃，D错误。
故答案为：C。
【分析】果酒制作菌种是酵母菌，来源于葡萄皮上野生型酵母菌或者菌种保藏中心，条件是无氧、温度是18～25℃，pH值呈酸性。家庭制作果酒应使用密闭的容器，酵母菌进行无氧呼吸产生酒精和二氧化碳，表达式为：C6H12O6酶C2H5OH+CO2+能量，果酒制作过程中产生CO2 ， 所以每隔一段时间需拧松，放出CO2 ， 以免造成瓶子爆裂。
2.（2021高二下·乐山期中）下列有关果酒、果醋和腐乳制作的叙述正确的是（ ）
A. 家庭制作腐乳的菌种一般来自空气中的毛霉孢子
B. 参与果酒发酵和果醋发酵的微生物都含有线粒体
C. 在腐乳装瓶时自下而上随层数的增加逐渐减少盐量
D. 果酒制成后只需将装置转移至温度较高的环境中即可制作果醋
【答案】 A
【考点】果酒果醋的制作，腐乳的制作
【解析】【解答】A、家庭制作的腐乳的菌种一般来自空气中的毛霉孢子，毛霉可以产生蛋白酶、脂肪酶等，可以将蛋白质、脂肪等分解成小分子物质，A正确；
B、参与果醋发酵的微生物为原核生物，无线粒体，B错误；
C、在腐乳装瓶时自下而上随层数的增加逐渐增加盐量，C错误；
D、果酒制成后需要改变温度，还要补充氧气，D错误。
故答案为：A。
【分析】腐乳制作的方法步骤：
(1)晾制豆腐块：将豆腐切成约2_cm×2_cm×1_cm的小块，均匀竖放在灭菌的笼屉内，块与块之间间隔2cm。摊晾5～6h，以表面干、里面湿为适度。
(2)接种：将制备好的毛霉孢子悬液用喷壶均匀地喷洒在豆腐块上。
(3)前期发酵：将笼屉置于20_℃左右培养44～48h，使豆腐块表面长满菌丝。
(4)装瓶：用手指轻轻地在每块豆腐表面揩涂一遍，使豆腐块表面形成一层菌膜，沿瓶壁呈同心圆方式一层一层向内侧摆放。
(5)腌渍：装瓶时，每摆一层轻轻用手压平，撒一层食盐(下层食盐用量少，向上食盐增多)，腌渍3～4d。然后加一定浓度的盐水淹没表面。整个腌渍周期冬季13d。夏季8d。
(6)后期发酵(后熟期)
青方：将腌渍好的豆腐块沥干，稍有收缩后，一层层摆入洁净的玻璃瓶中，在底层、中层和上层分别撒少量食盐，加清水淹没豆腐块，加盖密封，在常温下贮藏2～4个月。
白方：将腌渍好的豆腐块沥干，稍有收缩后，一层层摆入洁净的玻璃瓶中，按每升加米酒0.5_kg、黄酒1_kg、白酒0.75_kg、盐0.25_kg的配方配制汤料注入瓶内，淹没豆腐块，加盖密封，在常温下贮藏2～4个月，成熟。
3.（2021高二下·乐山期中）在果酒、果醋和腐乳制作中，都要防止微生物污染，下列有关叙述正确的是（ ）
A. 果醋发酵阶段应封闭充气口，防止杂菌进入
B. 腌制腐乳的卤汤中应含有52%左右的酒精以抑制细菌的增殖
C. 利用自然菌种发酵果酒时，将封有葡萄汁的发酵瓶进行高压灭菌
D. 适当加大酵母菌的接种量可以提高果酒发酵速率、抑制杂菌生长繁殖
【答案】 D
【考点】果酒果醋的制作，腐乳的制作
【解析】【解答】A、果醋发酵用到的是醋酸菌，醋酸菌是严格的需氧菌，封闭充气口，会抑制醋酸菌的生长，A错误；
B、腌制腐乳的卤汤中应含有12%左右的酒以调味和抑制细菌的增殖，B错误；
C、利用自然菌种发酵果酒时，不能将封有葡萄汁的发酵瓶进行高温高压灭菌，否则会杀死葡萄汁中的野生酵母菌，C错误；
D、适当加大酵母菌的接种量可以提高种群的初始数量，从而提高果酒发酵速率、抑制杂菌生长繁殖，D正确。
故答案为：D。
【分析】1、参与果醋制作的微生物是醋酸菌，其新陈代谢类型是异养需氧型，果醋制作的原理：当氧气、糖源都充足时，醋酸菌将葡萄汁中的果糖分解成醋酸；当缺少糖源时，醋酸菌将乙醇变为乙醛，再将乙醛变为醋酸。2、参与腐乳制作的微生物主要是毛霉，其新陈代谢类型是异养需氧型。
4.（2021高二下·乐山期中）下列有关泡菜制作过程的叙述错误的是（ ）
A. 测定亚硝酸盐的含量采用比色法
B. 在坛盖边沿的水槽中注满水，以保证坛内的无氧环境
C. 制备泡菜样品处理液时，氢氧化铝乳液对滤液起到净化作用
D. 温度过高、食盐用量过高，容易造成细菌大量繁殖，亚硝酸盐含量降低
【答案】 D
【考点】泡菜的制作
【解析】【解答】A、测定亚硝酸盐的含量采用比色法，A正确；
B、泡菜装坛后，坛盖边沿的水槽中应注满水以制造无氧环境，有利于乳酸菌的发酵，B正确；
C、测定亚硝酸盐含量，制备样品处理液时，加入氢氧化铝乳液的目的是吸附色素等杂质，使泡菜液变澄清，即对滤液起到净化作用，C正确；
D、泡菜制作过程中，温度过高、食盐用量过低，容易造成细菌大量繁殖，亚硝酸盐含量升高，D错误。
故答案为：D。
【分析】1、测定亚硝酸盐含量的方法是比色法，原理：在盐酸酸化条件下，亚硝酸盐与对氨基苯磺酸发生重氮化反应后，与N-1-萘基乙二胺盐酸盐结合形成玫瑰红色染料，与已知浓度的标准显色液目测比较，估算泡菜中亚硝酸盐含量。2、泡菜制作的原理是利用乳酸菌在无氧条件下将葡萄糖分解为乳酸，使泡菜变酸。
5.（2021高二下·乐山期中）下列关于病毒、醋酸菌、毛霉的叙述错误的是（ ）
A. 病毒与后两者比较，没有细胞结构，遗传物质可能是DNA或是RNA
B. 三者在培养过程中，只要培养基中有水、碳源、氮源和无机盐就能正常繁殖
C. 醋酸菌是好氧菌，可以将葡萄糖分解成醋酸，其细胞结构中没有核膜和核仁
D. 在腐乳制作过程中，毛霉能产生蛋白酶，分解豆腐中的蛋白质为肽和氨基酸
【答案】 B
【考点】果酒果醋的制作，腐乳的制作
【解析】【解答】A、病毒没有细胞结构，病毒只有一种核酸，其遗传物质是DNA或RNA，醋酸菌和毛霉都属于细胞生物，其遗传物质都是DNA，因此病毒与后两者比较，没有细胞结构，遗传物质可能是DNA或是RNA，A正确；
B、病毒没有细胞结构，病毒必须依靠活细胞才能存活，不能用普通的培养基培养，而醋酸菌和毛霉能用普通的培养基培养，B错误；
C、醋酸菌是原核生物，没有核膜和核仁，可以将葡萄糖分解成醋酸，C正确；
D、在腐乳制作过程中，主要用到的是毛霉，毛霉能分泌蛋白酶，蛋白酶能将豆腐中的蛋白质分解成肽和氨基酸，D正确。
故答案为：B。
【分析】病毒无细胞结构，需要寄生于活细胞才能存活；醋酸菌是原核生物，无成形的细胞核，代谢类型为异养需氧型；毛霉是真核生物，有成形的细胞核。
6.（2021高二下·乐山期中）某同学在制作腐乳的过程中，发现豆腐腐败变质，下列不属于其原因的是
A. 用盐腌制时，加盐量太少 B. 用来腌制腐乳的玻璃瓶，没有用沸水消毒
C. 制作卤汤时，料酒加的量较多 D. 装瓶后，没有将瓶口密封
【答案】 C
【考点】腐乳的制作
【解析】【解答】用盐腌制，能使得豆腐块变硬，同时能抑制杂菌生长，如加盐量太少，豆腐腐败变质；故A错误；用来腌制腐乳的玻璃瓶，没有用沸水消毒，杂菌滋生，豆腐块腐败变质；故B错误；制作卤汤时，料酒加的量较多，腐乳成熟期延后，但能抑制杂菌生长，不会变质；故C正确；密封时，将瓶口通过酒精灯的火焰，再用胶条密封瓶口，能防止杂菌污染；故D错误。
【分析】豆腐腐败变质是杂菌繁殖造成的，用来腌制腐乳的玻璃瓶，没有用沸水消毒，装瓶后，没有将瓶口密封，用盐腌制时，加盐量太少或制作卤汤时加料酒量太少都会致使杂菌大量繁殖．相反，如果料酒加入过多，不会致使杂菌大量繁殖。
7.（2021高二下·乐山期中）下列有关分解纤维素的微生物的分离的叙述错误的是（ ）
A. C1酶、CX酶将纤维二糖分解成葡萄糖
B. 纤维素酶是一种复合酶，一般认为至少包括三种组分
C. 纤维素酶的测定方法，一般是对所产生的葡萄糖进行定量测定
D. 对分解纤维素的微生物进行了初步筛选后得到的不一定是纤维素分解菌
【答案】 A
【考点】纤维素分解菌的分离
【解析】【解答】A、C1酶、Cx酶使纤维素分解成纤维二糖，葡萄糖苷酶将纤维二糖分解成葡萄糖，A错误；
B、纤维素酶是一种复合酶，一般认为它至少含有三种组分，即C1酶、Cx酶、葡萄糖苷酶，B正确；
C、纤维素酶的测定方法一般是采用对纤维素酶分解滤纸等纤维素后所产生的葡萄糖进行定量的测定，C正确；
D、如果在鉴别培养基观察到产生透明圈的菌落，说明可能获得了纤维素分解菌，为了确定是纤维素分解菌，还需要进行发酵产纤维素酶的实验，D正确。
故答案为：A。
【分析】纤维素酶是一种复合酶，一般认为它至少含有三种组分，即C1酶、Cx酶、葡萄糖苷酶。前两种酶使纤维素分解成纤维二糖，第三种酶将它分解成葡萄糖。
分解纤维素的微生物的分离的实验原理：①土壤中存在着大量纤维素分解酶，包括真菌、细菌和放线菌等，它们可以产生纤维素酶。纤维素酶是一种复合酶，可以把纤维素分解为纤维二糖，进一步分解为葡萄糖使微生物加以利用，故在用纤维素作为唯一碳源的培养基中，纤维素分解菌能够很好地生长，其他微生物则不能生长。②在培养基中加入刚果红，可与培养基中的纤维素形成红色复合物，当纤维素被分解后，红色复合物不能形成，培养基中会出现以纤维素分解菌为中心的透明圈，从而可筛选纤维素分解菌。
8.（2021高二下·乐山期中）判断选择培养基是否起到了选择作用，需要设置的对照是（ ）
A. 不接种的选择培养基 B. 接种的选择培养基
C. 接种的牛肉膏蛋白胨培养基 D. 不接种的牛肉膏蛋白胨培养基
【答案】 C
【考点】培养基对微生物的选择作用
【解析】【解答】将菌液稀释相同的倍数，在完全培养基上生长的菌落数目应明显多于选择培养基上的数目，完全培养基属于正常情况不作选择处理的组别，故属于对照组，即接种了的选择培养基是实验组，而接种了的牛肉育蛋白胨培养基属于对照组，C正确。
故答案为：C。
【分析】对照实验是指除所控因素外其它条件与被对照实验完全对等的实验。判断选择培养基是否起到了选择作用，则接种了的选择培养基是实验组，而接种了的牛肉育蛋白胨培养基属于对照组。
9.（2021高二下·乐山期中）下列有关培养基和菌种鉴定的叙述错误的是（ ）
A. 利用伊红美蓝培养基上菌落出现黑色来鉴别大肠杆菌
B. 在无氮培养基中加入酚红指示剂能够鉴定尿素分解菌
C. 可利用固体培养基上菌落的特征来初步判断和鉴别细菌的类型
D. 利用刚果红培养基上是否形成透明圈来初步筛选纤维素分解菌
【答案】 B
【考点】微生物的分离和培养，培养基对微生物的选择作用
【解析】【解答】A、大肠杆菌的代谢产物能与伊红-美蓝发生特定的颜色反应，使菌落呈黑色，A正确；
B、在以尿素为唯一氮源的培养基中加入酚红指示剂鉴定尿素分解菌，原理是细菌合成的脲酶将尿素分解成氨，氨会使培养基的碱性增强，酚红指示剂变红，从而可以筛选尿素分解菌，B错误；
C、不同的细菌在固体培养基上形成的菌落特征不同，因此可根据菌落特征判断和鉴别细菌的类型，C正确；
D、在含有纤维素的培养基中加入刚果红，刚果红就会与纤维素结合形成红色复合物，当培养基中的纤维素被分解后，刚果红-纤维素复合物就无法形成，培养基中会出现以纤维素降解菌为中心的透明圈，从而可以筛选纤维素分解菌，D正确；
故答案为：B。
【分析】选择培养基的制作方法
（1）在培养基全部营养成分具备的前提下，加入物质：依据某些微生物对某些物质的抗性，在培养基中加入某些物质，以抑制不需要的微生物生长，促进所需要的微生物生长，如培养基中加入高浓度食盐时可抑制多种细菌的生长，但不影响金黄色葡萄球菌的生长，从而可将该菌分离出来；而在培养基中加入青霉素时可抑制细菌、放线菌的生长，从而分离得到酵母菌和霉菌。
（2）通过改变培养基的营养成分达到分离微生物的目的：培养基中缺乏氮源时，可分离自生固氮微生物，非自生固氮微生物因缺乏氮源而无法生存；培养基中若缺乏有机碳源则异养微生物无法生存，而自养微生物可利用空气中的CO2制造有机物生存。
（3）利用培养基的特定化学成分分离特定微生物：如当石油是唯一碳源时，可抑制不能利用石油的微生物生长，使能够利用石油的微生物生长，从而分离出能消除石油污染的微生物。
（4）通过某些特殊环境分离微生物：如在高盐环境中可分离耐盐菌，其他菌在盐浓度高时易失水而不能生存；在高温环境中可分离得到耐高温的微生物，其他微生物在高温环境中因酶失活而无法生存。
10.（2021高二下·乐山期中）下列有关微生物培养的叙述错误的是（ ）
A. 培养基灭菌常用的方法是高压蒸汽灭菌
B. 硝化细菌的碳源、氮源依次是二氧化碳、氨
C. 各种微生物培养基的配方中必须包含碳源、氮源、水、无机盐
D. 纯化培养微生物常用的接种方法有平板划线法和稀释涂布平板法
【答案】 C
【考点】微生物的分离和培养，测定某种微生物的数量，培养基概述及其分类
【解析】【解答】A、培养基灭菌常用的方法是高压蒸汽灭菌，A正确；
B、硝化细菌是自养生物，可作为硝化细菌碳源、氮源的物质依次是二氧化碳、氨，B正确；
C、各种培养基一般都含有水、碳源、氮源、无机盐，但也不是必须都有这几种成分，如培养固氮菌不需要氮源，C错误；
D、纯化培养微生物常用的接种方法有平板划线法和稀释涂布平板法，D正确
故答案为：C。
【分析】微生物培养基的主要营养物质有碳源、氮源、水和无机盐等，有的还需要生长因子等特殊的营养。微生物培养的关键是无菌操作。筛选和分离微生物常用的接种方法有稀释涂布平板法和平板划线法。
11.将搅拌好的混合液离心来分离血红蛋白溶液时，第2层是（ ）
A. 甲苯 B. 血红蛋白水溶液 C. 脂溶性物质的沉淀层 D. 其他杂质的沉淀
【答案】 C
【考点】蛋白质的提取和分离
【解析】【解答】血红蛋白液离心后分四层，其中第二层是脂溶性物质的沉淀层，A、B、D三项均错误，C项正确。
【分析】本题考查血红蛋白的提取和分离的相关知识，意在考查学生能理解所学知识的要点，把握知识间的内在联系的能力。
12.（2021高二下·乐山期中）以下关于血红蛋白提取和分离的过程及原理叙述正确的是（ ）
A. 电泳是指带电粒子在电场的作用下发生迁移的过程
B. 蛋白质通过凝胶时，相对分子质量较大的移动速度慢
C. 红细胞洗涤过程中要加入 5倍体积的蒸馏水，重复洗涤3次
D. 将血红蛋白溶液放在质量分数为0.9%的氯化钠溶液中透析12小时
【答案】 A
【考点】蛋白质的提取和分离
【解析】【解答】A、电泳是指带电粒子在电场的作用下发生迁移的过程，A正确；
B、相对分子质量不同的蛋白质通过凝胶时，相对分子质量较小的蛋白质容易进入凝胶内部的通道，路程较长，移动速度较慢，而相对分子质量较大的蛋白质无法进入凝胶内部的通道，只能在凝胶外部移动，路程较短，移动速度较快，B错误；
C、红细胞洗涤过程中要加入 5倍体积的生理盐水，重复洗涤3次，C错误；
D、将血红蛋白溶液放在盛有300mL的物质的量浓度为20mmol/L的磷酸缓冲液中，透析12小时，D错误。
故答案为：A。
【分析】血红蛋白的提取和分离常常使用凝胶色谱法，其是根据相对分子质量的大小分离蛋白质的有效方法，所用的凝胶实际上是一些微小的多孔球体，这些小球体大多数是由多糖类化合物构成的，如葡聚糖或琼脂糖。
13.（2021高二下·乐山期中）下列有关血红蛋白提取和分离的叙述错误的是（ ）
A. 分离带电荷相同的蛋白质，相对分子质量越大，电泳速度越快
B. 将血红蛋白溶液进行透析，其目的是去除相对分子质量较小的杂质
C. 凝胶色谱柱中红色区带歪曲、散乱、变宽，与其有关的主要是色谱柱的装填
D. 处理的血液样品离心后如果分层不明显，可能是洗涤次数少、未能除去血浆蛋白
【答案】 A
【考点】蛋白质的提取和分离
【解析】【解答】A、电泳法纯化蛋白质时，若分离带电荷相同的蛋白质，则其分子量越大，电泳速度就越慢，A错误；
B、将血红蛋白溶液进行透析，其目的是去除相对分子质量较小的杂质，B正确；
C、在血红蛋白分离过程中如果红色带区歪曲、散乱、变宽，说明色谱柱制作不成功，主要是凝胶装填不紧密、不均匀，还可能是存在气泡，打乱了洗脱次序所致，C正确；
D、处理的血液样品离心后如果分层不明显，可能是洗涤次数少、未能除去血浆蛋白，D正确。
故答案为：A。
【分析】血红蛋白的提取与分离的实验步骤主要有：（1）样品处理：①红细胞的洗涤（低速短时间离心），②血红蛋白的释放（需要加入蒸馏水和甲苯），③分离血红蛋白（中速长时间离心）。（2）粗分离：①分离血红蛋白溶液，②透析。（3）纯化：调节缓冲液面→加入蛋白质样品→调节缓冲液面→洗脱→收集分装蛋白质。（4）纯度鉴定--SDS聚丙烯酰胺凝胶电泳。
14.（2021高二下·乐山期中）果胶酶在果汁生产中发挥重要作用，下列说法错误的是（ ）
A. 果胶酶是分解果胶的一类酶的总称 B. 果胶酶能分解植物细胞壁及胞间层
C. 果胶酶只存在于植物等真核细胞中 D. 酶活性指酶催化一定化学反应的能力
【答案】 C
【考点】果胶酶的活性测定
【解析】【解答】A、果胶酶包括多聚半乳糖醛酸酶、果胶分解酶和果胶酯酶等，是分解果胶的一类酶的总称，A正确；
B、果胶酶能催化果胶的分解，瓦解植物细胞壁，B正确；
C、果胶酶可由黑曲霉经发酵精制而得，C错误；
D、酶的活性是指酶催化一定化学反应的能力，可用在一定条件下其催化某一化学反应的速度表示，D正确。
故答案为：C。
【分析】1、果胶酶的作用：能够分解果胶，瓦解植物的细胞壁及胞间层，使榨取果汁变得容易，也是果汁变得澄清。 2、果胶成分：由半乳糖醛酸聚合而成的一种高分子化合物。3、特点：不溶于水。
15.（2021高二下·乐山期中）下列关于加酶洗衣粉的叙述，正确的是（ ）
A. 高温易使酶失活，因此冷水洗涤去污效果应该比温水好
B. 在pH略低于7.0的自来水中，碱性蛋白酶依然能起作用
C. 洗衣粉中表面活性剂对碱性蛋白酶活性有一定的促进作用
D. 洗衣粉中酶主要是通过快速分解溶解在水里的污渍发挥作用
【答案】 B
【考点】酶活力测定的一般原理和方法
【解析】【解答】A、酶需要适宜的温度，温水洗涤效果比冷水好，A错误；
B、在pH略低于7.0的自来水中，酶未失活，故碱性蛋白酶依然能起作用，B正确；
C、普通洗衣粉中表面活性剂对碱性蛋白酶活性有抑制作用，C错误；
D、洗衣粉中的酶主要通过将衣物上的蛋白质等污渍分解成小分子物质，使污渍容易从衣物上脱落，D错误。
故答案为：B。
【分析】加酶洗衣粉指含有酶制剂的洗衣粉，常用的酶制剂有蛋白酶、脂肪酶、淀粉酶和纤维素酶。
16.（2021高二下·乐山期中）固定化单宁酶应用于茶饮料加工，可消除其中的苦涩味。下列有关叙述正确的是（ ）
A. 在单宁酶纯化时可采用透析法去除杂蛋白
B. 固定化单宁酶能与反应物接触，可以反复利用
C. 化学结合法比物理吸附法对单宁酶活性影响更小
D. 酶的高效性决定固定化单宁酶不会降解茶饮料中的有益成分
【答案】 B
【考点】固定化酶及其应用
【解析】【解答】A、透析法是利用膜的选择透过性去除混合物中的小分子物质，不能去除杂蛋白，A错误；
B、固定化酶具有反复利用，所以固定化单宁酶能与反应物接触，可以反复利用，B正确；
C、物理吸附法比化学结合法对单宁酶活性影响更小，C错误；
D、酶的专一性决定固定化单宁酶不会降解茶饮料中的有益成分，D错误。
故答案为：B。
【分析】1、固定化酶，酶的种类一种，主要制作方法，物理吸附法、化学结合法，不需要营养物质，缺点：不利于催化一系列的酶促反应，优点①既能与反应物接触，又能与产物分离②可以反复利用；2、固定化细胞，固定一系列酶，主要制作方法：包埋法，需要营养物质，缺点：反应物不宜与酶接近，尤其是大分子物质，反应效率下降，优点：成本低，操作容易。
17.（2021高二下·乐山期中）下列关于“酵母细胞的固定化技术”实验的叙述正确的是（ ）
A. 活化酵母时，将适量干酵母与自来水混合并搅拌成糊状
B. 配制CaCl2溶液时，需要小火或间断加热，反复几次
C. 将海藻酸钠凝胶珠用无菌水冲洗，目的是洗去CaCl2和杂菌
D. 尿糖试纸含有固定化的葡萄糖酶和过氧化氢酶，可以反复使用
【答案】 C
【考点】固定化细胞及其应用
【解析】【解答】A、活化酵母时，将适量干酵母与蒸馏水混合并搅拌成糊状，防止自来水中各种离子影响实验结果，A错误；
B、配制海藻酸钠溶液时，需要边小火加热边搅拌，B错误；
C、固定化酵母细胞时，将海藻酸钠凝胶珠用无菌水冲洗，目的是洗去CaCl2和表面的杂菌，C正确；
D、尿糖试纸由于使用后不能将反应物和酶分开，而不能再次使用，D错误。
故答案为：C。
【分析】1、固定化技术包括包埋法、物理吸附法和化学结合法（交联法）；由于细胞相对于酶来说更大，难以被吸附或结合，因此多采用包埋法；固定化细胞在多步酶促反应中发挥连续催化作用，但如果反应底物是大分子物质，则难以自由通过细胞膜，从而限制固定化细胞的催化反应；由于酶小，容易从包埋的材料中漏出，采用物理吸附法和化学结合法，固定化酶的优点既能与反应物接触，又能与产物分离；可以反复利用。2、固定化细胞制作过程中的注意事项：
（1）配制海藻酸钠溶液：小火、间断加热、定容，如果加热太快，海藻酸钠会发生焦糊。
（2）海藻酸钠溶液与酶母细胞混合：冷却后再混合，注意混合均匀，不要进入气泡。
（3）制备固定化酵母细胞：高度适宜，并匀速滴入。
（4）刚溶化的海藻酸钠应冷却后再与酵母菌混合，否则温度过高会导致酵母菌死亡。
18.（2021高二下·乐山期中）在植物有效成分的提取过程中，常用蒸馏法，压榨法和萃取法，下列关于这三种方法的叙述，错误的是（ ）
A. 蒸馏法适用于提取玫瑰油、薄荷油等挥发性强的芳香油
B. 压榨法的实验原理是通过机械加压，压榨出植物的芳香油
C. 萃取法的实验原理是使芳香油溶解在有机溶解中，蒸发掉有机溶剂后就可以获得芳香油
D. 蒸馏法的实验原理是利用水将芳香油溶解下来，再把水蒸发掉，剩余的就是芳香油
【答案】 D
【考点】芳香油的提取
【解析】【解答】A、蒸馏法适用于提取玫瑰油、薄荷油等挥发性强的芳香油，A正确；
B、压榨法的实验原理是通过机械加压，将原料中的芳香油压榨出来，B正确；
C、萃取法是将粉碎、干燥的植物原料用有机溶剂浸泡溶解，之后再通过蒸馏装置蒸发出有机溶剂，剩下的就是要提取的物质，C正确；
D、蒸馏法是利用水蒸气将挥发性较强的芳香油携带出来，形成油水混合物质，冷却后可以分层，将芳香油分离出来，D错误。
故答案为：D。
【分析】植物芳香油的提取方法有蒸馏法、压榨法和萃取等。具体采用那种方法要根据植物原料的特点来决定。水蒸气蒸馏法是植物芳香油提取的常用方法，它的原理是利用水蒸气将挥发性较强的植物芳香油携带出来，形成油水混合物，冷却后，混合物又会重新分出油层和水层。压榨法的实验原理是通过机械加压，将原料中的芳香油压榨出来。萃取法的实验原理是使芳香油溶解在有机溶剂中，蒸发掉有机溶剂后就可以获得芳香油。
19.（2021高二下·乐山期中）“甲型H1N1流感病毒”的H和N分别指的是病毒表面的两大类蛋白质——血细胞凝集素和神经氨酸酶，下列叙述正确的是（ ）
A. 病毒表面的两类蛋白质是在病毒体内合成的
B. 甲型H1N1流感病毒的变异能力比T2噬菌体强
C. 在人工配制的富含有机物的培养基上就可以培养
D. 虽然能引发传染病，但是其没有细胞结构，因此它不是生物
【答案】 B
【考点】病毒
【解析】【解答】A、病毒是严格的寄生生活的生物，自身不能独立进行各项生命活动，其蛋白质是在宿主细胞内合成的，A错误；
B、甲型H1N1流感病毒是RNA型病毒，T2噬菌体是DNA型病毒，单链RNA容易发生变异，B正确；
C、病毒必须在活细胞培养基上才能生存，C错误；
D、病毒虽然没有细胞结构，但因其能繁殖，所以是生物，D错误。
故答案为：B。
【分析】病毒病毒是严格的寄生生活的生物，其没有细胞结构，但他的各项生命活动李避开细胞。病毒侵染宿主细胞后，在自身遗传物质的作用下，利用宿主细胞内的原料、场所、酶系统来合成自身的组成成分，进行大量增值，当增值到一定数量后，宿主细胞裂解，释放出大量子代病毒。
20.（2021高二下·乐山期中）下列关于原核生物和真核生物的叙述正确的是（ ）
A. T2噬菌体的复制过程发生在真核细胞中
B. 原核生物细胞无线粒体，不能进行有氧呼吸
C. 真核生物以DNA为遗传物质，部分原核生物以RNA为遗传物质
D. 发菜细胞中DNA周围分布着大量核糖体，通过RNA传递遗传信息合成多肽
【答案】 D
【考点】原核细胞和真核细胞的形态和结构的异同
【解析】【解答】A、T2噬菌体属于病毒，生活方式为寄生，宿主细胞为大肠杆菌，大肠杆菌属于原核生物，A错误；B、原核生物细胞无线粒体，有些原核细胞也能进行有氧呼吸，B错误；
C、真核生物和原核生物的遗传物质都是DNA，C错误；
D、发菜细胞为原核生物，DNA是裸露的，周围分布着大量核糖体，通过RNA传递遗传信息合成多肽，即翻译过程，D正确。
故答案为：D。
【分析】原核细胞和真核细胞的比较：（相似的基本结构：细胞膜、细胞质、遗传物质——体现了细胞的统一性）
比较项目 原核细胞 真核细胞
本质区别 无以核膜为界限的细胞核 有以核膜为界限的细胞核
细胞壁 主要成分为肽聚糖 植物细胞细胞壁的主要成分是纤维素和果胶
细胞质 有核糖体，无其他细胞器 有核糖体和其他细胞器
细胞核 拟核，无核膜和核仁 有核膜和核仁
转录和翻译 转录、翻译可同时进行 转录在核内，翻译在细胞质（核糖体）内
是否遵循遗传定律 不遵循孟德尔遗传定律 核基因遵循，质基因不遵循
变异类型 基因突变 基因突变、基因重组和染色体变异
21.（2021高二下·乐山期中）下列关于“NDM-1超级细菌”的叙述错误的是（ ）
A. “NDM-1超级细菌”具有与真核细胞相似的细胞膜、核糖体
B. 为获得大量的“NDM-1超级细菌”，可在体外用培养基培养
C. 与人体细胞相比，“NDM-1超级细菌”在结构上的最主要区别是有细胞壁
D. 从生命系统的结构层次来看，“NDM-1超级细菌”既是细胞层次也是个体层次
【答案】 C
【考点】原核细胞和真核细胞的形态和结构的异同
【解析】【解答】A、超级细菌属于原核生物，原核细胞和真核细胞都具有细胞膜、细胞质、核糖体和遗传物质DNA，A正确；
B、为获得大量的“NDM1超级细菌”，可在体外用培养基培养，B正确；
C、与人体细胞相比，“NDM1超级细菌”在结构上的最主要区别是没有核膜包被的成形的细胞核，C错误；
D、从生命系统的结构层次来看，“NDM1超级细菌”既是细胞层次也是个体层次，D正确。
故答案为：C。
【分析】超级细菌可归类为原核生物中的细菌。原核生物没有核膜包被的典型的细胞核，但是具有细胞壁、细胞膜、细胞质、核糖体以及遗传物质DNA等。
22.（2021高二下·乐山期中）下列关于高倍物镜的叙述正确的是（ ）
A. 在高倍镜下观察时，用粗准焦螺旋调整焦距
B. 高倍镜下无法观察到花生子叶中被染色的脂肪颗粒
C. 由低倍镜转到高倍镜前，将待观察目标移至视野中央
D. 因为藓类叶片大，在高倍镜下容易找到，所以可以直接使用高倍物镜观察
【答案】 C
【考点】显微镜
【解析】【解答】A、在高倍镜下观察时，用细准焦螺旋调整焦距，用粗准焦螺旋调整焦距可能会压坏玻片，A错误；
B、高倍镜下可以清晰的观察到花生子叶中被染色的脂肪颗粒，B错误；
C、由低倍镜转到高倍镜前，将待观察目标移至视野中央，C正确；
D、显微镜的使用，都要先用低倍镜找到要观察的物像，然后移动玻片标本使要观察的某一物像到达视野中央，再转动转换器换用高倍镜，不能先用高倍物镜观察，D错误。
故答案为：C。
【分析】显微镜的呈像原理和基本操作：（1）显微镜成像的特点：显微镜成像是倒立的虚像，即上下相反，左右相反，物像的移动方向与标本的移动方向相反，故显微镜下所成的像是倒立放大的虚像，若在视野中看到细胞质顺时针流动，则实际上细胞质就是顺时针流动。（2）显微镜观察细胞，放大倍数与观察的细胞数呈反比例关系，放大倍数越大，观察的细胞数越少，视野越暗，反之亦然。（3）显微镜的放大倍数=物镜的放大倍数×目镜的放大倍数。目镜的镜头越长，其放大倍数越小；物镜的镜头越长，其放大倍数越大，与玻片的距离也越近，反之则越远。显微镜的放大倍数越大，视野中看的细胞数目越少，细胞越大。（4）反光镜和光圈都是用于调节视野亮度的；粗准焦螺旋和细准焦螺旋都是用于调节清晰度的，且高倍镜下只能通过细准焦螺旋进行微调。（5）由低倍镜换用高倍镜进行观察的步骤是：移动玻片标本使要观察的某一物像到达视野中央→转动转换器选择高倍镜对准通光孔→调节光圈，换用较大光圈使视野较为明亮→转动细准焦螺旋使物像更加清晰。
23.（2021高二下·乐山期中）下列关于黑藻、颤藻、烟草花叶病毒的有关描述正确的是（ ）
A. 都含核糖体，构成生命系统的结构层次
B. 都具有细胞壁，细胞壁的成分不尽相同
C. 都含有核酸，其核酸都由5种碱基和8种核苷酸组成
D. 烟草花叶病毒的遗传物质是RNA，其它两种生物的遗传物质是DNA
【答案】 D
【考点】核酸的基本组成单位，原核细胞和真核细胞的形态和结构的异同，病毒
【解析】【解答】A、烟草花叶病毒属于病毒没有细胞结构，不含核糖体，不属于构成生命系统的结构层次，A错误；
B、烟草花叶病毒不具有细胞壁，B错误；
C、都含有核酸，但烟草花叶病毒体内只有一种核酸，其核酸都由4种碱基和4种核苷酸组成，C错误；
D、烟草花叶病毒的遗传物质是RNA，其它两种生物的遗传物质是DNA，D正确。
故答案为：D。
【分析】黑藻属于真核生物，颤藻属于原核生物， 烟草花叶病毒属于病毒没有细胞结构。
24.（2021高二下·乐山期中）下列关于组成生物体的化学元素的叙述正确的是（ ）
A. 脂肪与胡萝卜素的组成元素有差异
B. 非生物界与生物界的元素种类相同
C. 组成核糖、磷脂分子的元素种类相同
D. 组成生物体的化学元素多以离子形式存在
【答案】 A
【考点】组成细胞的元素和化合物
【解析】【解答】A、脂肪的组成元素是C、H、O，而胡萝卜素的组成元素只有C和H，A正确；
B、非生物界与生物界的元素种类基本相同，但是非生物界中一些元素在生物界中没有，B错误；
C、核糖的组成元素是C、H、O，磷脂的元素含有C、H、O、N、P，C错误；
D、组成生物体的无机盐多以离子形式存在，而化学元素主要以化合物的形式存在，D错误。
故答案为：A。
【分析】1、生物界与非生物界的统一性与差异性：
统一性：构成生物体的元素在无机自然界都可以找到，没有一种是生物所特有的；
差异性：组成生物体的元素在生物体体内和无机自然界中的含量相差很大．2、组成细胞的大量元素有：C、H、O、N、P、S、K、Ca、Mg，组成细胞的微量元素有：Mn、Mo、Fe等，微量元素的含量虽然很少，但其作用必不可少．
25.（2021高二下·乐山期中）下列有关生物体内水和无机盐的叙述，不正确的是（ ）
A. 水是生物体内物质运输的主要介质 B. 合成脂肪时，需要磷酸盐作原料
C. 无机盐离子可维持血浆的酸碱平衡 D. 水是进行光合作用和有氧呼吸的原料
【答案】 B
【考点】水在细胞中的存在形式和作用，无机盐的主要存在形式和作用
【解析】【解答】A、细胞中的水有自由水和结合水，自由水可以参与物质的运输，是生物体内物质运输的主要介质，A正确；
B、脂肪不含P，合成脂肪时，不需要磷酸盐作原料，B错误；
C、血浆中有无机盐构成的缓冲物质，可以维持血浆的酸碱平衡，C正确；
D、光合作用的光反应阶段需要消耗水，有氧呼吸的第二阶段需要消耗水，D正确。
故答案为：B。
【分析】无机盐主要以离子的形式存在，其生理作用有： 1、细胞中某些复杂化合物的重要组成成分；如Fe2+是血红蛋白的主要成分；Mg2+是叶绿素的必要成分。 2、维持细胞的生命活动，如Ca可调节肌肉收缩和血液凝固，血钙过高会造成肌无力，血钙过低会引起抽搐。 3、维持细胞的酸碱平衡和细胞的形态。
26.（2021高二下·乐山期中）蜂毒素是由26个氨基酸组成的一条链状多肽，下列关于蜂毒素分子叙述正确的是（ ）
A. 至少含有一个游离的氨基和一个游离的羧基 B. 氮元素主要存在于氨基中
C. 蜂毒素水解成氨基酸需要26个水分子 D. 能与双缩脲试剂产生蓝色反应
【答案】 A
【考点】氨基酸的分子结构特点和通式，蛋白质的合成——氨基酸脱水缩合，检测蛋白质的实验
【解析】【解答】A、蜂毒素是由26个氨基酸组成的一条多肽，所以至少含有一个游离的氨基和一个游离的羧基，A正确；
B、蜂毒素是由26个氨基酸组成的一条多肽，氮元素主要存在于肽键中，B错误；
C、蜂毒素是由26个氨基酸脱水缩合而成，该过程需要脱去25个水分子，故蜂毒素水解成氨基酸需要25个水分子，C错误；
D、蜂毒素中含有肽键，能与双缩脲试剂产生紫色反应，D错误。
故答案为：A。
【分析】1、氨基酸在核糖体中通过脱水缩合形成多肽链，而脱水缩合是指一个氨基酸分子的羧基（-COOH）和另一个氨基酸分子的氨基（-NH2）相连接，同时脱出一分子水的过程。2、蛋白质或多肽中含有肽键，可与双缩脲试剂作用产生紫色反应。
27.（2021高二下·乐山期中）蛋白质是决定生物体结构和功能的重要物质。下列相关叙述错误的是（ ）
A. 蛋白质的基本性质不仅与碳骨架有关，也与R基有关
B. 细胞内蛋白质发生水解时，通常需要另一种蛋白质的参与
C. 细胞膜、细胞质基质中负责转运氨基酸的载体都是蛋白质
D. 高温处理后的蛋白质可与双缩脲试剂发生颜色反应
【答案】 C
【考点】蛋白质分子的化学结构和空间结构，蛋白质的合成——氨基酸脱水缩合，蛋白质变性的主要因素
【解析】【解答】A、蛋白质的基本性质不仅与碳骨架有关，而且也与R基团相关，A正确；
B、细胞内蛋白质水解过程需要酶的催化，催化蛋白质水解的酶的本质是蛋白质，B正确；
C、细胞质基质中负责运输氨基酸的工具是tRNA，不是蛋白质，C错误；
D、高温处理后的蛋白质变性，变性蛋白质中的肽键没有断裂，因此仍能与双缩脲试剂发生反应，D错误。
故答案为：C。
【分析】1、脱水缩合是指一个氨基酸分子的羧基和另一个氨基酸分子的氨基相连接，同时脱出一分子水，所以脱去的水分子中的氢原子来自氨基和羧基，氧原子来自羧基。2、蛋白质的功能-生命活动的主要承担者：①构成细胞和生物体的重要物质，即结构蛋白，如羽毛、头发、蛛丝、肌动蛋白；②催化作用：如绝大多数酶；③传递信息，即调节作用：如胰岛素、生长激素；④免疫作用：如免疫球蛋白（抗体）；⑤运输作用：如红细胞中的血红蛋白。
28.（2021高二下·乐山期中）用高浓度的尿素溶液处理从细胞中分离纯化的蛋白质，可使其失去天然构象变为松散肽链（称为“变性”）；除去尿素后，蛋白质又可以自发地恢复原来的空间结构（称为“复性”），且蛋白质分子越小复性效果越好。这说明（ ）
A. 尿素与肽酶的作用效果相似 B. 双缩脲试剂可以鉴定该反应是否完成
C. 蛋白质在尿素溶液中的溶解度低 D. 氨基酸数量会影响蛋白质的空间结构
【答案】 D
【考点】蛋白质变性的主要因素，检测蛋白质的实验
【解析】【解答】A、尿素只是改变蛋白质的空间结构，不会使蛋白质的肽键水解，与肽酶的作用不同，A错误；
B、双缩脲试剂只能检测肽键结构，不能检测蛋白质的空间结构，B错误；
C、由题意可知，蛋白质在尿素中的空间结构改变，溶解性较高，C错误；
D、由题意可知，除去尿素后，蛋白质分子越小复性效果越好，这说明氨基酸的数目可以影响蛋白质分子的空间结构而影响复性效果，D正确。
故答案为：D。
【分析】由题意可知，尿素可以使蛋白质分子的空间结构发生改变，除去尿素后，蛋白质能恢复空间结构，且蛋白质分子越小复性效果越好，这说明氨基酸的数目可以影响蛋白质分子的空间结构而影响复性效果。
29.（2021高二下·乐山期中）下列关于核酸的叙述错误的是（ ）
A. RNA具有传递信息、催化反应、转运物质等功能
B. A，T，C，G，U5种碱基最多可以组成8种脱氧核苷酸
C. 核酸分子的多样性取决于核酸中核苷酸的数量和排列顺序
D. 念珠藻细胞内的DNA每个脱氧核糖上均连着2个磷酸和一个碱基
【答案】 B
【考点】核酸的基本组成单位，核酸的种类及主要存在的部位，核酸在生命活动中的作用
【解析】【解答】A、RNA具有传递信息（如mRNA传递遗传信息）、催化反应（某些酶是RNA）、转运物质（如tRNA转运氨基酸）等功能，A正确；
B、由碱基A组成的核苷酸有2种（腺嘌呤脱氧核苷酸和腺嘌呤核糖核苷酸）、由碱基G组成的核苷酸有2种（鸟嘌呤脱氧核苷酸和鸟嘌呤核糖核苷酸）、由碱基T组成的核苷酸有1种（胸腺嘧啶脱氧核苷酸）、由碱基U组成的核苷酸有1种（尿嘧啶脱氧核苷酸）、由碱基C组成的核苷酸有2种（胞嘧啶脱氧核苷酸和胞嘧啶核糖核苷酸），所以由碱基A、T、C、G、U组成的核苷酸种类共有2+2+1+1+2=8种，B错误；
C、核酸分子多样性取决于核酸中核苷酸的数量和排列顺序，C正确；
D、双链DNA分子的绝大多数脱氧核糖上连着两个磷酸和一个碱基，只有末端的脱氧核糖上连接一个磷酸和一个碱基，D错误。
故答案为：B。
【分析】1、细胞中的核酸根据所含五碳糖的不同分为DNA（脱氧核糖核酸）和RNA（核糖核酸）两种，构成DNA与RNA的基本单位分别是脱氧核苷酸和核糖核苷酸，每个脱氧核苷酸分子是由一分子磷酸、一分子五碳糖和一分子含氮碱基形成，每个核糖核苷酸分子是由一分子磷酸、一分子核糖和一分子含氮碱基形成。2、脱氧核苷酸和核糖核苷酸在组成上的差异有：（1）五碳糖不同，脱氧核苷酸中的中的五碳糖是脱氧核糖，核糖核苷酸中的五碳糖是核糖；（2）碱基不完全相同，脱氧核苷酸中的碱基是A、T、G、C，核糖核苷酸中的碱基是A、U、G、C。3、细胞生物（包括原核生物和真核生物）的细胞中含有DNA和RNA两种核酸、其中DNA是遗传物质，非细胞生物（病毒）中含有DNA或RNA一种核酸、其遗传物质是DNA或RNA。
30.（2021高二下·乐山期中）下列关于生物体内化合物的叙述错误的是（ ）
A. 细胞内的化合物都是以碳链为骨架 B. 蔗糖和乳糖水解的产物都有葡萄糖
C. ATP和RNA分子都含有腺嘌呤和核糖 D. 纤维素和糖原的基本单位是葡萄糖
【答案】 A
【考点】核酸的基本组成单位，糖类的种类及其分布和功能，生物大分子以碳链为骨架
【解析】【解答】A、细胞内的有机大分子都是以碳链为骨架，但并不是细胞内的化合物都是以碳链为骨架，例如水分子，A错误；
B、蔗糖水解的产物是葡萄糖和果糖，乳糖水解的产物是葡萄糖和半乳糖，二者水解的产物都有葡萄糖，B正确；
C、ATP中的A代表腺苷，由腺嘌呤和核糖组成，RNA是核糖核酸，含有腺嘌呤和核糖，C正确；
D、纤维素和糖原都是多糖，基本单位都是葡萄糖，D正确。
故答案为：A。
【分析】1、细胞内的多糖、蛋白质、核酸等的基本组成单位分别是葡萄糖、氨基酸、核苷酸，葡萄糖、氨基酸、核苷酸以碳链为骨架，因此生物大分子是以碳链为骨架。2、蔗糖是由葡萄糖和果糖形成的二糖，乳糖是由葡萄糖和半乳糖形成的二糖。淀粉、糖原和纤维素的基本单位是葡萄糖。
二、综合题
31.（2021高二下·乐山期中）固氮微生物A能将大气中的氮气转化为氨，需通过彻底氧化分解土壤中的有机质获取固定大气中的氮气所需的能量。某研究小组对土壤中的固氮微生物A进行分离计数。结合上述材料，回答下列相关问题：
（1）选择的表层土土壤进行取样。将上述土样接种到________(填“固体”或“液体”)培养基中进行选择培养，选择培养时需不断通入空气，其目的是为固氮微生物A提供________；选择培养的目的________。
（2）研究者将菌液进行接种培养的方法是________，该方法统计的菌落数往往比活菌的实际数目低的理由________。若实验组每个平板中的菌落数都超过了300，应对样本菌液进行________处理。
（3）研究者在固氮微生物A菌落旁发现了少量其他形状的菌落，这些不能利用空气中氮气的菌体能在无氮培养基上生长，最可能的原因是________。
（4）在培养过程中将未接种菌种的空白培养基与正常接种菌种的培养基同时培养，这样做的目的是________。
【答案】 （1）富含有机质/富含有机物/富含腐殖质液体；氧气、氮气；增加固氮微生物A的浓度，以确保能筛选到目的菌/扩大培养并筛选固氮微生物A
（2）稀释涂布平板法；当两个或多个细胞连在一起时，平板上观察到只是一个菌落/菌落重叠；稀释处理
（3）固氮微生物A固定的氮素（氨气）被其它微生物利用/固氮微生物A代谢产生的含氮物质被其它微生物利用
（4）判断培养基制备是否合格/培养基是否被污染/培养基灭菌是否彻底
【考点】微生物的分离和培养，测定某种微生物的数量，培养基对微生物的选择作用，培养基概述及其分类
【解析】【解答】（1）固氮菌需通过彻底氧化分解土壤中的有机质获取固定大气中的氮所需的能量，液体培养基能增加目的菌株的浓度，因此需要将上述土样接种到富含有机质（富含有机物/富含腐殖质）的液体培养基中进行选择培养。固氮菌为需氧型生物，需要空气中的氮气作为氮源，故培养固氮菌时需不断通入空气，其目的是为固氮微生物A提供氧气、氮气。液体培养基能增加目的菌株的浓度，用液体培养基选择培养是为了增加固氮微生物A的浓度，以确保能筛选到目的菌（扩大培养并筛选固氮微生物A）。
（2）对微生物进行分离计数进行接种培养的方法是稀释涂布平板法，用这种方法对微生物进行计数时，当两个或多个细胞连在一起时，平板上观察到只是一个菌落，因此该方法统计的菌落数往往比活菌的实际数目低。计数时应选择菌落数为30--300个的平板进行计数，若实验组每个平板中的菌落数都超过了300，应对样本菌液进行稀释处理。
（3）固氮菌能利用空气中的氮气作为氮源，在没有氮源的培养基中，正常情况下不能利用空气中氮气的微生物不能生长，若在无氮培养基上发现了其他菌体，可能原因是固氮菌固定的氮素被其他菌利用。
（4）为了检测培养基是否灭菌合格，通常在培养过程中将未接种菌种的空白平板与正常接种菌种的平板同时培养。
【分析】1、自生固氮菌是指在土壤中能够独立进行固氮的细菌，可以利用氮气作为氮源，所以培养基中不需要加氮源。2、微生物常见的接种的方法：①平板划线法：将已经熔化的培养基倒入培养皿制成平板，接种，划线，在恒温箱里培养。在划线的开始部分，微生物往往连在一起生长，随着线的延伸，菌数逐渐减少，最后可能形成单个菌落。②稀释涂布平板法：将待分离的菌液经过大量稀释后，均匀涂布在培养皿表面，经培养后可形成单个菌落。

32.（2021高二下·乐山期中）漆树种子中的油脂（不溶于水，易溶于脂溶性溶剂）可开发为食用油或转化为生物柴油。目前常用溶剂法萃取漆树种子油脂，其过程为：漆树种子→粉碎→加溶剂→水浴加热→溶剂不断回流提取→蒸发溶剂→收集油脂。回答下列问题：
（1）在提取油脂时，最好应选用的一种原料是________（填“自然晾干”或“新鲜”）的漆树种子，不宜选用另一种的原因是________ 。
（2）粉碎漆树种子的目的是________。在蒸发溶剂之前，还要对萃取液进行过滤的原因是________。
（3）利用不同溶剂进行萃取时，对油脂的萃取得率和某些重要理化性质的影响不同，实验结果如下表。
萃取得率 酸值 过氧化值
丙酮 23.72% 8.26 9.82
石油醚 26.35% 7.96 5.73
乙醚 25.30% 8.12 5.83
注：萃取得率（%）=（M样品-M残渣）/M样品×100%；酸值高，说明油脂品质差；过氧化物是油脂变质过程中的中间产物，其含量常用过氧化值 来表示。
实验结果表明，________作为萃取溶剂较为合理，理由是________。
（4）萃取过程中，影响萃取的因素除漆树种子和溶剂外，还有________（写出两点即可）。萃取液的浓缩可直接使用________装置。
【答案】 （1）自然晾干；新鲜的种子含水量高，用于提取的极性有机溶剂会被水稀释，进而降低对油脂的提取效果
（2）便于原料和溶剂充分接触，提高萃取效率；除去萃取液中的不溶物
（3）石油醚；萃取得率较高，可得到较多的油脂，酸值和过氧化值最小，说明油脂品质较高
（4）萃取温度、萃取时间等；蒸馏
【考点】芳香油的提取
【解析】【解答】（1）依题意，提取漆树种子中的油脂使用的是萃取法，由于油脂不溶于水，新鲜种子中含水量高，用于提取的有机溶剂会被水稀释，从而降低对油脂的提取效果，所以应选择自然晾干的漆树种子；

（2）粉碎漆树种子利于其和溶剂的充分接触，提高萃取的效率，萃取完后对萃取液过滤，去除萃取液中的不溶物；
（3）根据表格数据分析，石油醚作为萃取溶剂较为合理，因为其萃取率较高，可得到较多的油脂，酸值和过氧化值最小，说明油脂品质较高；
（4）萃取过程中，影响萃取的因素有：漆树种子、溶剂、萃取温度、萃取时间等，萃取液的浓缩可直接使用蒸馏装置。
【分析】植物有效成分提取过程中几个关键点分析
①用于萃取的有机溶剂必须事先精制，除去杂质，否则会影响芳香油的质量。
②萃取温度高有利于植物有效成分溶于有机溶剂，但是温度过高会影响植物有效成分的品质，因此萃取时应严格控制温度，适当延长萃取时间。
33.（2021高二下·乐山期中）花生种子的储藏物质以脂肪为主，种子萌发时部分物质转化如图所示。
（1）花生种子以贮藏脂肪为主，原因之一是相同质量的脂肪彻底氧化分解释放出的能量比糖类________（多、少）。
（2）为了观察花生种子中的脂肪，常用苏丹Ⅳ染液对种子切片染色，染色后用吸水纸吸去染液，再滴加体积分数为50%的酒精，作用是________，然后在显微镜下观察，可见________的脂肪微粒。
（3）花生种子萌发初期(不进行光合作用)，干重先增加、后减少。干重先增加原因________。
（4）在缺锰环境中生长的花生的叶绿体中缺乏锰稳定蛋白，叶肉细胞放氧量远低于正常植株的叶肉细胞。
① 上述实例体现了无机盐的功能有________ (答出一点即可)。
②研究发现锰离子借助离子通道进入细胞，而离子通道只有在对特定刺激发生反应时才瞬时打开。该实例体现了蛋白质的功能有________ (答出一点即可)。
③ 探究锰是小麦生长发育必需的矿质元素实验中，实验组所用培养液为适宜浓度、pH的________（完全培养液、只缺锰的完全培养液）。若适宜光照、温度下培养一段时间后，观察到实验组和对照组均出现缺素症状，最可能的原因是________。
【答案】 （1）多
（2）洗去浮色；红色
（3）大量脂肪水解后转变为蔗糖，蔗糖的氧元素含量高于脂肪，导致干重增加/大量脂肪水解并转化为糖类等有机物/脂肪水解成甘油和脂肪酸，需要水参加反应，甘油和脂肪酸转化为糖类有机物重量增加
（4）组成化合物/维持细胞正常生命活动；物质运输/信息传递；只缺锰的完全培养液；培养过程中没有通入空气，有氧呼吸受阻，能量供应不足影响了无机盐的吸收
【考点】糖类的种类及其分布和功能，无机盐的主要存在形式和作用，脂质的种类及其功能，检测脂肪的实验
【解析】【解答】（1）与糖类相比，相同质量的脂肪体积小，碳氢比例高，氧化分解时消耗的氧气多，释放的能量多，因此脂肪是更好的储能物质。
（2）观察植物种子中的脂肪，常用苏丹Ⅳ染液对种子切片染色，然后用50%的酒精（乙醇）洗去浮色并制片，显微镜下观察，可见红色的脂肪颗粒。
（3）花生种子萌发初期(不进行光合作用)，干重先增加、后减少。干重先增加原因是：由于花生种子脂肪含量高，大量脂肪水解后转变为蔗糖，蔗糖的氧元素含量高于脂肪，导致干重增加。（或大量脂肪水解并转化为糖类等有机物，导致干重增加。或脂肪水解成甘油和脂肪酸，需要水参加反应，甘油和脂肪酸转化为糖类，有机物重量增加，导致干重增加）。
（4）在缺锰环境中生长的花生的叶绿体中缺乏锰稳定蛋白，叶肉细胞放氧量远低于正常植株的叶肉细胞。① 上述实例中锰稳定蛋白的存在体现了无机盐具有组成化合物的作用；缺乏锰稳定蛋白，叶肉细胞放氧量远低于正常植株的叶肉细胞，体现了无机盐具有维持细胞正常生命活动的作用。②研究发现锰离子借助离子通道进入细胞，体现了蛋白质具有物质运输功能；而离子通道只有在对特定刺激发生反应时才瞬时打开，体现了蛋白质具有信息传递功能。③探究锰是小麦生长发育必需的矿质元素实验中，自变量是锰元素的有无，实验组所用培养液为适宜浓度、pH的只缺锰的完全培养液，对照组所用培养液为适宜浓度、pH的完全培养液，在相同适宜的环境中，培养相同生理状况的同种植物，比较两组植物的生长状况。正常情况下，对照组植物应正常生长。若适宜光照、温度下培养一段时间后，观察到实验组和对照组均出现缺素症状，最可能的原因是培养过程中没有通入空气，有氧呼吸受阻，能量供应不足影响了无机盐的吸收。
【分析】1、脂肪和糖类都只含C、H、O三种元素，但脂肪中C和H的比例比同等质量的糖类高，相同质量的脂肪彻底氧化分解释放出的能量比糖类多，因此脂肪是更好的储能物质。2、脂肪可被苏丹Ⅲ染液（苏丹Ⅳ染液）染色成橘黄色（红色）。3、无机盐的作用：①组成细胞中某些复杂化合物；②维持生物体和细胞的生命活动；③维持渗透压和酸碱平衡。
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