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绝密★启用前
第一章 电与磁
考试时间：100分钟；命题人：马鹏炎
题号 一 二 三 四 五 总分
得分
注意事项：
1．答题前填写好自己的姓名、班级、考号等信息2．请将答案正确填写在答题卡上
一．选择题（共20小题，共40分）
1．（2021秋 崂山区期末）下列作图中，错误的是（ ）
A．B．C．D．
2．（2022春 临澧县期末）小珠梳理归纳了磁的知识，其中正确的是（ ）
①条形磁体两端的磁性最强，中间磁性最弱
②磁场看不见摸不着，但是可以借助小磁针感知它的存在
③磁体间只有相互接触时才有力的作用
④地球周围存在地磁场，地磁场两极与地理两极完全重合
A．①② B．②③ C．③④ D．①④
3．（2021秋 百色期末）1820年，丹麦物理学家奥斯特第一个发现了电与磁之间的联系，他证实电流周围存在着磁场的实验是图中的（ ）【来源：21·世纪·教育·网】
ABCD
4．（2021秋 西峡县期末）如图所示，将一根直导线放在静止小磁针的正上方，并与小磁针平行，接通电路后，观察到小磁针偏转。下列说法中错误的是（ ）
A．导线若沿东西方向放置，磁针最容易发生偏转
B．改变直导线中的电流方向，小磁针偏转方向也发生改变
C．实验中小磁针的作用是检测电流的磁场
D．实验中用到的一种重要科学研究方法是转换法
5．（2021秋 仓山区校级期末）如图是智能扶手电梯工作原理图，电梯上无乘客时运行慢，有乘客时运行快，两种情况下衔铁接触的触点不同，电路中压敏电阻的阻值随压力增大而减小，下列说法正确的是（ ）21·世纪*教育网
A．R是压敏电阻，电梯无乘客时，衔铁与触点1接触
B．R1是压敏电阻，电梯无乘客时，衔铁与触点1接触
C．R是压敏电阻，电梯无乘客时，衔铁与触点2接触
D．R1是压敏电阻，电梯无乘客时，衔铁与触点2接触
6．（2021秋 古冶区期末）如图所示为一种温度自动报警器的原理图，图中的水银温度计在制作时，玻璃管中封入一段金属丝，电源的两极分别和金属丝相连，当温度达到设定值，电铃报警。下列说法中正确的是（ ）【来源：21cnj*y.co*m】
A．若将温度计上端的金属丝向下调整，则报警温度将升高
B．电铃工作时，电磁铁a端为N极
C．电磁铁的工作原理是电磁感应
D．温度升高到78℃时，电铃报警
7．（2021秋 通州区期末）新能源汽车的核心部件是电动机，如图中能说明电动机工作原理的是（ ）
A． B．
C． D．
8．（2021秋 任城区期末）关于直流电动机，下列叙述正确的是（ ）
A．直流电动机正常工作时，是将电能转化为内能
B．直流电动机的工作原理是电磁感应
C．电源的正、负极和磁场的方向同时改变，直流电动机的转动方向也改变
D．直流电动机的换向器是由两个彼此绝缘的铜制半环组成的
9．（2021秋 埇桥区期末）如图所示的是闭合电路的一部分导体在两磁极间的运动情形。图中小圆圈代表导体的横截面，a、b、c、d表示运动中四个不同位置。图中箭头表示导体在相应位置上的运动方向。导体中会产生感应电流的位置是（21·cn·jy·com
）
A．a、b B．c、d C．a、c D．b、d
10．（2021秋 广饶县期末）如图所示的儿童鞋，在走路时，能利用脚跟起落驱动磁性转子旋转，线圈中就会产生电流，从而使鞋底彩灯发光。如图中与其工作原理相同的是（ ）
A B C D
11．（2021秋 兴化市期末）小明在爸爸帮助下，尝试连接如图所示的部分家庭照明电路，为判断电路中是否有故障，他在保险丝处接入一只“220V 40W”的灯泡L0。闭合总开关后，小明将开关S1、S2均闭合，下列关于电路故障判断说法正确的是（ ）
A．灯L1不亮，灯L0、L2发出暗红色光，则灯L1一定短路
B．灯L1、L2均不亮，灯L0正常发光，则灯L1一定短路
C．灯L1不亮，灯L0、L2发出暗红色光，则灯L1一定断路
D．灯L0、L1、L2均发出暗红色光，则说明电路中一定存在接触不良
12．（2021秋 东台市期末）如图所示是某家庭电路，闭合开关S1、S2，灯泡L1正常发光、L2不亮。断开S1、保持S2闭合，用测电笔插入插座上孔氖管发光，插入插座下孔氖管发光。则故障可能是（ ）21*cnjy*com
A．ac间断路 B．bd间断路
C．灯泡L2断路 D．b点到零线之间断路
13．（2021秋 海珠区期末）关于安全用电，以下观点正确的是（ ）
A．一旦人发生触电，应先马上切断电源再进行抢救
B．对于高压设备，人只要不接触就不会触电
C．空气开关跳闸后，应立即还原恢复供电
D．可以用湿手将插头插在插座上
14．（2021 苏州模拟）如图所示，在电磁铁正上方用弹簧挂着一条形磁铁，开关闭合后，当滑片P从a端向b端滑动过程中，会出现的现象是（ ）【出处：21教育名师】
A．电流表示数变小，弹簧长度变短
B．电流表示数变小，弹簧长度变长
C．电流表示数变大，弹簧长度变长
D．电流表示数变大，弹簧长度变短
15．家用漏电保护器是在用电器发生漏电故障或人体触电时实施保护的设备，家庭电路漏电时，通过火线与零线的电流不相等，漏电保护器中有一特殊装置（在图中虚线框内，未画出）检测到这一差异后，便切断电源，起到保护作用。漏电保护器中还有实验电路，由一只开关S与电阻R组成，闭合开关S就能模拟漏电情形，试验电路的连接符合要求的是（ ）【版权所有：21教育】
AB CD
16．在如图所示的电路中，有四个电磁继电器，相关参数标注在图上，其中电源电压1.5V且和一个1Ω的电阻串在一起（图中把它们画在一起），灯泡电阻8Ω，刚闭合开关后，下列说法错误的是（ ）
A．若滑片位于最左边，三个灯泡从左往右依次点亮
B．若滑片位于最左边，当最后一个继电器闭合后，三个灯泡从左往右依次熄灭
C．若滑片位于最右边，三个灯泡从左往右依次点亮
D．若滑片位于最右边，当最后一个继电器闭合后，三个灯泡从左往右依次熄灭
17．下列是判断一根钢棒是否有磁性的几种方法，其中错误的是（ ）
A．将钢棒的一端靠近大头针，若大头针被吸引，则钢棒有磁性
B．将钢棒的一端靠近小磁针的S极，小磁针的S极被排斥，则钢棒有磁性
C．用细线系在钢棒的中间并将钢棒悬挂起来，钢棒静止后总是指向南北，则钢棒有磁性
D．将钢棒的一端靠近小磁针的N极，小磁针的N极被吸引，则钢棒有磁性
18．电吉它的发音是通过电磁拾音装置连接扬声器而实现的。拾音装置的基本结构如图所示，拨动金属弦相当于线圈在切割磁感线产生感应电流，则有（ ）
A．磁铁产生磁场使吉他金属弦磁化，a、b两侧均为S极
B．拨动金属弦就一定切割了磁感线
C．拨动金属弦的方向不同，线圈产生的感应电流方向不变
D．增加线圈匝数可以让用相同的力拨动金属弦产生的感应电流增大
19．如图是某饮水器的原理图。饮水器的容器内有密封绝缘的电热丝R1和热敏电阻Rx，只要水面到达如图所示的位置，接触开关S1就会导通。继电器开关S2的作用是当饮水器内的水加热至沸腾后能自动切断加热电路。则下列说法中错误的是（ ）
A．其中电磁铁的右端为N极
B．Rx必须选用阻值随温度升高而增大的热敏电阻
C．R2两端的电压与电流的比值不是一个定值
D．降低饮水器加热的最高温度要将滑动变阻器R2的滑片向左调节
20．假如在北半球的地磁场竖直分量均向下，在南半球的地磁场竖直分量都向上，飞机在我国上空巡航，机翼保持水平，飞行高度不变，由于地磁场的作用，金属机翼两端有电压，机翼相当于电源，向北飞行时右机翼为负极；那它在南半球同样飞行时，下列有关说法中不正确的是（ ）21世纪教育网版权所有
A．若飞机向东飞，左机翼是正极
B．若飞机向西飞，右机翼是正极
C．若飞机向北飞，右机翼是正极
D．若飞机向南飞，右机翼是正极
二．填空题（共7小题,共20分）
21．（2021秋 武侯区期末）如图是我国早期的指南针——司南。东汉学者王充在《论衡》中记载：“司南之杓，投之于地，其柢指南”，其“柢”是因为受到 的作用而指向地理的南极附近，其“柢”应该为磁体的 极。www.21-cn-jy.com
22．（2021秋 新余期末）1820年，丹麦物理学家 通过实验，首先发现了通电直导线周围存在磁场。自然界中存在着两种电荷，用橡胶棒摩擦过的毛皮带 。
23．（2021秋 福清市期末）如图是研究人员设计的车库积水自动报警器电路，A、B位置安装电铃和LED灯，车库没有积水时，LED灯亮；车库积水到一定深度时，控制电路接通，电磁铁通电具有 性，把衔铁吸下，电铃发出声音。电铃应该安装在图中的 （选填“A”或“B”）位置。2-1-c-n-j-y
24．（2021 南海区模拟）电动机是利用 （选填“电流的磁效应”、“磁场对电流的作用”或“电磁感应现象”）工作的。如图所示，如果要改变电动机的转动方向，则需要改变 的方向。当线圈转至平衡位置时，线圈不受力的作用，但线圈由于 会继续转动，从而越过平衡位置。
25．李梓源带了一个神奇的手电筒来学校，如图所示，此电筒不用化学电池作为电源。使用时只要将它来回摇晃，就能发光，并且来回摇晃得越快，手电筒发光越亮。这种手电筒所产生的电能是根据 原理获得的，其能量转化是 能转化为 能。
26．如图是小明家里的照明电路示意图：
（1）小明想再安装上一盏灯，都由开关S控制这两盏灯一起亮和一起灭，请你在图里画出示意图。
（2）安装完后，当开关S闭合时，通过保险丝的电流要比原来 ，原因是电源的电压 ，再接上一盏灯，电路的总电阻 ，根据欧姆定律公式 可知，电路的总电流会 。21教育网
（3）小明在灯下学习，突然两盏灯都烧坏了，为了不影响学习，爸爸找出一只电阻为80欧、额定电压为24伏的车床灯，接在电路上，为了保证车床灯正常工作，他应如何设计电路？请你计算完后，把这一设计电路连接在图中。21cnjy.com
（4）小明发现在晚上用电高峰时，灯泡两端的电压明显低于220V，因而造成白炽灯昏暗，有些日光灯无法正常启动。这是为什么？21*cnjy*com
27．站在裸露导线上的两只小鸟，当开关闭合后会发生触电事故的是 （选填“甲”或“乙”）。教室里的电风扇与电灯是 联的。
三．实验探究题（共3小题，共15份）
28．（2021秋 湾里区校级期末）在探究“影响电磁铁磁性强弱的因素”实验中，小明用铁钉制成简易电磁铁甲、乙，并设计了如图1所示的电路。而小华同学学习了电磁方面的知识后，做了以下两个实验（如图2所示）。
（1）由图1可知，电磁铁甲的磁性 电磁铁乙的磁性（选填“大于”、“小于”或“等于”），这是通过观察 来判断的。
（2）图1中把电磁铁甲和乙串联起来是为了控制 不变，在此条件下可得出的结论是，线圈的匝数 （选填“越多”或“越少”），电磁铁的磁性越强。
（3）小华用图2的甲装置进行了如下的操作：①让导体AB静止在磁场中；②让导体AB在磁场中左右运动；③让导体AB沿竖直方向上下缓慢运动。其中能使电流表指针发生偏转的是 。（填序号）
（4）如果小华在图2的乙装置的实验中，当开关闭合时，发现导体ab向左运动，若要使导体ab向右运动，下列措施不可行的是 。
A.调换电源正、负极
B.调换磁体N、S极
C.同时调换电源正负极和磁体N、S极
（5）根据图2中的乙装置的原理，人们发明了 。（选填“发电机”或“电动机”）
29．小明利用实验室的电磁继电器、热敏电阻R1、可变电阻器R2等器件设计了一个恒温箱控制电路，如图甲所示。如图乙是小明通过实验测得的R1的阻值随温度变化的关系曲线。
（1）电磁继电器中电磁铁上端是 极（N/S）。
（2）当温度较低时，电磁铁的磁性较 ，触点开关 （接通/断开）。
（3）电磁继电器的电源两端电压U＝6V，电磁继电器线圈的电阻可不计，通过实验测得当电流为30mA时，电磁继电器的衔铁被吸合。若可变电阻器R2的电阻值设定为150Ω时，恒温箱温度可达到 ℃．当可变电阻器R2的电阻变大时，恒温箱设定的温度将变 （高/低）。www-2-1-cnjy-com
（4）如果要使恒温箱内预设的温度可调节范围是90℃～150℃，可供选择的可变电阻器R2的电阻值有如下的几种，你选择 。21教育名师原创作品
A．0～100Ω B．0～200Ω C．0～1000Ω D．0～1500Ω
30．老师利用如图所示装置演示当磁铁靠近或远离线圈时，灵敏电流计发生偏转，小明根据所学知识了解到是线圈切割磁感线导致感应电流产生，但他想进一步了解问题的本质于是查阅相关资料学习到了关于磁通量的概念，磁通量φ＝BS，其中B表示磁场强度大小，S为与磁场方向垂直的平面面积，对于装置中静止的线圈可以认为S不变，结合实验现象小明得出感应电流的有无与线圈中磁通量的变化 （填“有关”或“无关”）；小明回忆起当老师用更快的速度让磁铁靠近或远离线圈时，产生的感应电流也会增大，根据这个现象请你从磁通量的角度提出一个科学问题：
四．解答题（共3小题，共25分，31、32题各8分，33题9分）
31．冬冬将漆包线（表面涂有绝缘漆的铜线）绕在两个完全相同的铁钉上，制成了简易电磁铁甲和乙，按如图连接好电路，探究“影响电磁铁磁性强弱的因素”，请你结合该实验中的具体情况，完成下面的内容：
（1）实验中他是通过电磁铁 来判定其磁性强弱的；
（2）滑片P向B端移动时，甲的磁性将 （填“变强”、“变弱”或“不变”）；
（3）流过电磁铁甲的电流 电磁铁乙的电流（填“大于”、“小于”或“等于”），电磁铁甲、乙磁性强弱不同的原因是 。2·1·c·n·j·y
32．材料一：1820年，丹麦物理学家发现了通电导体周围存在磁场。
材料二：1825年，瑞士物理学家科拉顿做了如下实验：他将一个能反映微小变化的电流表，通过导线与螺旋线圈串联成闭合电路，并将螺旋线圈和电流表分别放置在两个相连的房间，如图1．他将一个条形磁铁插入螺旋线圈内，同时跑到另一个房间里，观察电流表的指针是否偏转。进行多次实验，他都没有发现电流表指针发生偏转。
材料三：1831年，英国物理学家法拉第用闭合电路的一部分导体，在磁场里切割磁感线的时候，发现导体中产生电流，从而实现了利用磁场获得电流的愿望。
（1）在静止的小磁针上方，分别用图2甲和乙两种方式放置一根导线。当导线通电时，小磁针发生明显偏转的是 （选填“甲”或“乙”）。
（2）科拉顿、法拉第等物理学家相继进行如材料所说的实验研究，是基于 的科学猜想。
（3）科拉顿的实验中， （选填“已经”或“没有”）满足产生感应电流的条件。要使他能观察到电流表指针偏转，你提出的一种改进方法是 。
33．小明查阅资料，了解到出于安全考虑，电梯都设置超载自动报警系统，其工作原理如图甲所示，电路由工作电路和控制电路组成：在工作电路中，当电梯没有超载时，触点K与触点A接触，闭合开关S，电动机正常工作；当电梯超载时，触点K与触点B接触，电铃发出报警铃声，闭合开关S，电动机不工作。在控制电路中，已知电源电压U＝6V，保护电阻R1＝100Ω，电阻式压力传感器（压敏电阻）R2的阻值随压力F大小变化如图乙所示，电梯底架自重和电磁铁线圈的阻值都忽略不计。
（1）在控制电路中，当压敏电阻R2受到的压力F增大时，其阻值减小，从而使电磁铁的磁性 （填“增强”、“减弱”或“不变”）。
（2）若电磁铁线圈电流达到20mA时，衔铁刚好被吸住，电铃发出警报声。当该电梯厢内站立总质量为1000kg的乘客时，试通过计算说明电梯是否超载？（g取10N/kg）
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第一章 电与磁
考试时间：100分钟；命题人：马鹏炎
题号 一 二 三 四 五 总分
得分
注意事项：
1．答题前填写好自己的姓名、班级、考号等信息2．请将答案正确填写在答题卡上
一．选择题（共20小题，共40分）
1．（2021秋 崂山区期末）下列作图中，错误的是（ ）
A．B．C．D．
【解答】解：
A、图中小磁针的S极与条形磁体的N极互相吸引，故A正确；
B、图中小磁针的N极与条形磁体的N极互相吸引，小磁针的S极与条形磁体的S极互相吸引，故B错误；
C、图中磁体周围的磁感线从磁体的N极出来，回到磁体的S极，故C正确；
D、图中磁体周围的磁感线从磁体的N极出来，同名磁极相互排斥，故D正确。
故选：B。
2．（2022春 临澧县期末）小珠梳理归纳了磁的知识，其中正确的是（ ）
①条形磁体两端的磁性最强，中间磁性最弱
②磁场看不见摸不着，但是可以借助小磁针感知它的存在
③磁体间只有相互接触时才有力的作用
④地球周围存在地磁场，地磁场两极与地理两极完全重合
A．①② B．②③ C．③④ D．①④
【解答】解：
①磁体两端的磁性最强，中间磁性最弱，故①正确；
②磁场看不见摸不着，但可以借助小磁针感知它的存在，故②正确；
③磁体间不接触也有力的作用，故③错误；
④地球的地理两极与地磁场两极不是完全重合的，是存在一个磁偏角的，故④错误；
故正确的是①②。
故选：A。
3．（2021秋 百色期末）1820年，丹麦物理学家奥斯特第一个发现了电与磁之间的联系，他证实电流周围存在着磁场的实验是图中的（ ）21教育网
ABCD
【解答】解：A、图是奥斯特实验装置图，说明了电流周围存在磁场，故A正确；
B、图是磁场对电流的作用，由此制成了电动机，故B错误；
C、图中是电磁感应装置图，说明了磁能生电，由此制成了发电机，故C错误；
D、图是探究影响电磁铁磁性大小因素的实验装置，故D错误。
故选：A。
4．（2021秋 西峡县期末）如图所示，将一根直导线放在静止小磁针的正上方，并与小磁针平行，接通电路后，观察到小磁针偏转。下列说法中错误的是（ ）
A．导线若沿东西方向放置，磁针最容易发生偏转
B．改变直导线中的电流方向，小磁针偏转方向也发生改变
C．实验中小磁针的作用是检测电流的磁场
D．实验中用到的一种重要科学研究方法是转换法
【解答】解：
A、在该实验中为了避免地磁场对实验的影响，导线应沿南北方向放置（电流产生的磁场沿东西方向），小磁针才会偏转，故A错误；www.21-cn-jy.com
B、改变电流方向，小磁针的偏转方向也发生改变，这说明直导线周围的磁场方向与电流方向有关，故B正确；
C、小磁针受到磁力的作用能够发生偏转，则实验中小磁针的作用是检测电流的磁场，故C正确；
D、磁场看不见摸不着，但小磁针放入磁场后会受到磁力的作用而发生偏转，所以实验中借助小磁针感知磁场的存在，则采用的是转换法，故D正确；2·1·c·n·j·y
故选：A。
5．（2021秋 仓山区校级期末）如图是智能扶手电梯工作原理图，电梯上无乘客时运行慢，有乘客时运行快，两种情况下衔铁接触的触点不同，电路中压敏电阻的阻值随压力增大而减小，下列说法正确的是（ ）21·世纪*教育网
A．R是压敏电阻，电梯无乘客时，衔铁与触点1接触
B．R1是压敏电阻，电梯无乘客时，衔铁与触点1接触
C．R是压敏电阻，电梯无乘客时，衔铁与触点2接触
D．R1是压敏电阻，电梯无乘客时，衔铁与触点2接触
【解答】解：读图可知，当人未站在电梯上，电磁铁的磁性较弱，衔铁与触点1 接触，电动机与定值电阻R1串联，转速较慢；当人站上电梯，阻值减小时，电路中电流变大，电磁铁磁性增强，吸引衔铁，使触点与1断开，与2连接，电动机两端的电压增大，转速就会变快；由以上分析可知，电阻R为压敏电阻。【版权所有：21教育】
故选：A。
6．（2021秋 古冶区期末）如图所示为一种温度自动报警器的原理图，图中的水银温度计在制作时，玻璃管中封入一段金属丝，电源的两极分别和金属丝相连，当温度达到设定值，电铃报警。下列说法中正确的是（ ）21教育名师原创作品
A．若将温度计上端的金属丝向下调整，则报警温度将升高
B．电铃工作时，电磁铁a端为N极
C．电磁铁的工作原理是电磁感应
D．温度升高到78℃时，电铃报警
【解答】解：
A、若将温度计上端的金属丝向下调整，金属丝所处的温度值会变小，则报警温度将降低，故A错误；
B、当电铃工作时，电流从电磁铁的左端流入，右端流出，由安培定则可知，电磁铁的a端为S极，故B错误；
C、电磁铁的工作原理是电流的磁效应，故C错误；
D、温度升高到78℃时，水银柱与上方金属丝连通，使左侧形成通路，电磁铁中有电流通过，电磁铁吸引衔铁，使触点接触，右侧电路接通，电铃发出报警信号，故D正确。
故选：D。
7．（2021秋 通州区期末）新能源汽车的核心部件是电动机，如图中能说明电动机工作原理的是（ ）
A． B．
C． D．
【解答】解：电动机是利用通电线圈在磁场中受力转动的原理制成的；
A、图中没有电源，当导体在磁场中做切割磁感线运动时，电流表的指针会发生偏转，说明会产生感应电流，这是电磁感应现象，是发电机的原理，故A不符合题意；
B、图中是电磁铁的原理图，是根据电流的磁效应制成的，故B不符合题意；
C、图中是奥斯特实验的装置图，说明了通电导体周围存在磁场，故C不符合题意；
D、当闭合开关后，通电线圈在磁场中受力转动，是电动机的原理，故D符合题意。
故选：D。
8．（2021秋 任城区期末）关于直流电动机，下列叙述正确的是（ ）
A．直流电动机正常工作时，是将电能转化为内能
B．直流电动机的工作原理是电磁感应
C．电源的正、负极和磁场的方向同时改变，直流电动机的转动方向也改变
D．直流电动机的换向器是由两个彼此绝缘的铜制半环组成的
【解答】解：A、直流电动机正常工作时，消耗电能，得到机械能，是将电能转化为机械能，故A错误；
B、直流电动机的原理是通电线圈在磁场中受力而转动，故B错误；
C、电源的正负极和磁场的方向同时改变，直流电动机的转动方向不变，故C错误；
D、直流电动机的换向器是由两个彼此绝缘的铜制半环组成的，故D正确。
故选：D。
9．（2021秋 埇桥区期末）如图所示的是闭合电路的一部分导体在两磁极间的运动情形。图中小圆圈代表导体的横截面，a、b、c、d表示运动中四个不同位置。图中箭头表示导体在相应位置上的运动方向。导体中会产生感应电流的位置是（21世纪教育网版权所有
）
A．a、b B．c、d C．a、c D．b、d
【解答】解：磁感线方向是从N到S，导体运动到a、c位置时，做切割磁感线运动，能产生感应电流；运动到b、d位置时，没有切割磁感线，所以不产生感应电流；
故选：C。
10．（2021秋 广饶县期末）如图所示的儿童鞋，在走路时，能利用脚跟起落驱动磁性转子旋转，线圈中就会产生电流，从而使鞋底彩灯发光。如图中与其工作原理相同的是（ ）
A B C D
【解答】解：儿童鞋是利用电磁感应现象制成的，磁性转子旋转，切割磁感线，给鞋面上的充电电池充电；
A、图中是奥斯特实验，是电流的磁效应，利用电来获得磁，与儿童鞋原理无关，故A错误；
B、闭合开关，磁场中的导体做切割磁感线运动，电路中会产生感应电流，电流表指针发生偏转，与儿童鞋原理相同，故B正确；
C、此图探究的是电磁铁磁性强弱的影响因素，研究电磁铁磁性强弱与线圈匝数的关系，与儿童鞋的制成原理无关，故C错误；
D、闭合开关，通电导体在磁场中受到力的作用而运动，与儿童鞋原理无关，故D错误。
故选：B。
11．（2021秋 兴化市期末）小明在爸爸帮助下，尝试连接如图所示的部分家庭照明电路，为判断电路中是否有故障，他在保险丝处接入一只“220V 40W”的灯泡L0。闭合总开关后，小明将开关S1、S2均闭合，下列关于电路故障判断说法正确的是（ ）
A．灯L1不亮，灯L0、L2发出暗红色光，则灯L1一定短路
B．灯L1、L2均不亮，灯L0正常发光，则灯L1一定短路
C．灯L1不亮，灯L0、L2发出暗红色光，则灯L1一定断路
D．灯L0、L1、L2均发出暗红色光，则说明电路中一定存在接触不良
【解答】解：
A、灯L1不亮，灯L0、L2发出暗红色光，由于家庭电路是并联电路，则故障是灯L1断路，故A错误；
B、灯L1、L2均不亮，灯L0正常发光，这说明L0两端的电压为电源电压，则故障灯L1、L2中的一个短路，一个断路，或两个都短路，故B错误；21*cnjy*com
C、灯L1不亮，通过灯泡L1无电流，灯L0、L2发出暗红色光，灯泡L2有电流，所以故障是灯L1一定断路，故C正确；
D、灯L0、L1、L2均发出暗红色光，则说明电路是通路，不能存在接触不良，故D错误。
故选：C。
12．（2021秋 东台市期末）如图所示是某家庭电路，闭合开关S1、S2，灯泡L1正常发光、L2不亮。断开S1、保持S2闭合，用测电笔插入插座上孔氖管发光，插入插座下孔氖管发光。则故障可能是（ ）
A．ac间断路 B．bd间断路
C．灯泡L2断路 D．b点到零线之间断路
【解答】解：闭合开关S1、S2，灯泡L1正常发光、L2不亮，则灯泡L1所在电路正常，即b点到零线之间不会断路；
若灯泡L2断路，因并联电路各支路互不影响，所以不会影响插座（即用测电笔测试插座的上下两孔时，只有上孔能使氖管发光），故不可能是灯泡L2断路；
断开S1、保持S2闭合，用测电笔插入插座上孔时氖管发光，说明火线是完好的，故ac间没有断路；
而用测电笔插入插座下孔时氖管也发光，这说明插座的下孔与火线之间也是接通的，由于L2是完好的，则插座的下孔通过L2与火线相连，所以故障是bd间断路；
综上所述，B正确。
故选：B。
13．（2021秋 海珠区期末）关于安全用电，以下观点正确的是（ ）
A．一旦人发生触电，应先马上切断电源再进行抢救
B．对于高压设备，人只要不接触就不会触电
C．空气开关跳闸后，应立即还原恢复供电
D．可以用湿手将插头插在插座上
【解答】解：
A、发现有人触电后首先切断电源，把触电者拉离电源，因人体是导体，可避免救助者间接触电事故，故A正确；
B、安全用电的原则：不接触低压带电体，不靠近高压带电体，人靠近高压设备也会触电，故B错误；
C、家庭中的空气开关跳闸，是由于短路或总功率多大等原因导致的，所以应该先检查电路，排除故障后，在将空气开关复位，故C错误；
D、生活用水是导体，用湿手将插头插在插座上，会使人触电，故D错误。
故选：A。
14．（2021 苏州模拟）如图所示，在电磁铁正上方用弹簧挂着一条形磁铁，开关闭合后，当滑片P从a端向b端滑动过程中，会出现的现象是（ ）
A．电流表示数变小，弹簧长度变短
B．电流表示数变小，弹簧长度变长
C．电流表示数变大，弹簧长度变长
D．电流表示数变大，弹簧长度变短
【解答】解：电流由下方流入，则由右手螺旋定则可知，螺线管上端为N极；
因同名磁极相互排斥，异名磁极相互吸引，两磁铁同名相对，故相互排斥；
当滑片P从a端向b端滑动过程中，滑动变阻器接入电阻减小，由欧姆定律可得，电路中电流变大，则条形磁铁受向上的力增强；
条形磁铁受重力、拉力及向上的磁场力，向下的重力与向上的弹簧的弹力及磁场力之和相等，因重力不变，磁场力增强，故弹簧的弹力减小，故弹簧长度变短。
故选：D。
15．家用漏电保护器是在用电器发生漏电故障或人体触电时实施保护的设备，家庭电路漏电时，通过火线与零线的电流不相等，漏电保护器中有一特殊装置（在图中虚线框内，未画出）检测到这一差异后，便切断电源，起到保护作用。漏电保护器中还有实验电路，由一只开关S与电阻R组成，闭合开关S就能模拟漏电情形，试验电路的连接符合要求的是（ ）
AB CD
【解答】解：AB、闭合开关S时，通过虚线框内火线和零线的电流相等，此时无法模拟漏电情形，故AB不正确；
C、闭合开关时，通过虚线框内火线的电流小于通过该装置零线的电流，可以模拟漏电情形，故C正确；
D、闭合开关时，虚线框内火线电流仍然等于零线电流，因为导线将电阻R短路，所以闭合开关不影响电路，故D不正确。
故选：C。
16．在如图所示的电路中，有四个电磁继电器，相关参数标注在图上，其中电源电压1.5V且和一个1Ω的电阻串在一起（图中把它们画在一起），灯泡电阻8Ω，刚闭合开关后，下列说法错误的是（ ）
A．若滑片位于最左边，三个灯泡从左往右依次点亮
B．若滑片位于最左边，当最后一个继电器闭合后，三个灯泡从左往右依次熄灭
C．若滑片位于最右边，三个灯泡从左往右依次点亮
D．若滑片位于最右边，当最后一个继电器闭合后，三个灯泡从左往右依次熄灭
【解答】解：如图，当开关K闭合时，甲的控制电路电压是1.5V，电池电阻是1Ω，甲线圈的电阻是1Ω，所以总电阻为R甲＝1Ω+1Ω＝2Ω，所以甲控制电路电流：I甲＝＝＝0.75A，0.75A＞0.1A，所以甲的工作电路即乙的控制电路接通，乙电路中有电流，左边第一个灯发光。
在乙控制电路中，乙控制电路电压是1.5V，电池电阻是1Ω，乙线圈的电阻是1Ω，左端第一个灯的电阻是8Ω，所以总电阻为R乙＝1Ω+1Ω+8Ω＝10Ω，所以乙控制电路电流：I乙＝＝＝0.15A，0.15A＞0.1A，所以乙的工作电路即丙的控制电路接通，丙电路中有电流，中间灯发光。
在丙控制电路中，丙控制电路电压是1.5V，电池电阻是1Ω，丙线圈的电阻是1Ω，中间灯的电阻是8Ω，所以总电阻为R丙＝1Ω+1Ω+8Ω＝10Ω，所以丙控制电路电流：I丙＝＝＝0.15A，0.15A＞0.1A，所以丙的工作电路即丁的控制电路接通，丁电路中有电流，最右面灯发光。
在丁控制电路中，丁控制电路电压是1.5V，电池电阻是1Ω，丁线圈的电阻是1Ω，最右面灯的电阻是8Ω，所以总电阻为R丁＝1Ω+1Ω+8Ω＝10Ω，所以丁控制电路电流：I丁＝＝＝0.15A，0.15A＞0.1A，所以丁的工作电路即戊电路接通，戊电路中有电流，戊电路和甲电路是并联的，当滑动变阻器的滑片在最右端时，滑动变阻器的电阻是1Ω，戊电路和甲电路并联，此时整个电路三个灯都能工作。当滑动变阻器的滑片在最左端时，滑动变阻器的电阻是0Ω，戊电路和甲电路并联，此时把甲电路短路，甲电路中无电流，灯泡从左到右依次熄灭。
综合分析后，当滑动变阻器无论滑片在什么位置，灯泡都是从左到右依次点亮的，但是当滑动变阻器在最左端时，当最后一个继电器闭合时，点亮的灯又从左到右依次熄灭，当滑动变阻器在最右端时，当最后一个继电器闭合时，所有的灯依然发光。故选项D是错误的。
故选：D。
17．下列是判断一根钢棒是否有磁性的几种方法，其中错误的是（ ）
A．将钢棒的一端靠近大头针，若大头针被吸引，则钢棒有磁性
B．将钢棒的一端靠近小磁针的S极，小磁针的S极被排斥，则钢棒有磁性
C．用细线系在钢棒的中间并将钢棒悬挂起来，钢棒静止后总是指向南北，则钢棒有磁性
D．将钢棒的一端靠近小磁针的N极，小磁针的N极被吸引，则钢棒有磁性
【解答】解：A、钢棒能够吸引铁屑，说明了钢棒具有磁体才具有的性质：能够吸引铁钴镍等物质，即钢棒有磁性。故A正确。
B、小磁针具有磁性，而相斥说明了钢棒也具有磁性，因为只有同名磁极才会相斥。故B能达到目的，故B正确；
C、具有磁体由于受到地磁场的作用，当其自由静止时，要指向南北方向，即磁体的指向性。故C能达到目的，故C正确。
D、小磁针靠近钢棒，即使钢棒没有磁性，小磁针也会吸引钢棒。所以不能确定钢棒是否具有磁性。故D错误。
故选：D。
18．电吉它的发音是通过电磁拾音装置连接扬声器而实现的。拾音装置的基本结构如图所示，拨动金属弦相当于线圈在切割磁感线产生感应电流，则有（ ）
A．磁铁产生磁场使吉他金属弦磁化，a、b两侧均为S极
B．拨动金属弦就一定切割了磁感线
C．拨动金属弦的方向不同，线圈产生的感应电流方向不变
D．增加线圈匝数可以让用相同的力拨动金属弦产生的感应电流增大
【解答】解：
A、磁铁产生磁场使吉他金属弦磁化，被磁化的金属弦有两个极，a、b中一侧为N极，另一侧为S极，故A错误；
B、拨动金属弦，弦在上下运动时，不会切割磁感线，故B错误；
C、拨动金属弦的方向不同，线圈产生的感应电流方向也会不同，弦切割磁感线方向不同，故C错误；
D、感应电流的大小与运动速度、线圈匝数和磁场强度有关，增加线圈匝数可以让用相同的力拨动金属弦产生的感应电流增大，故D正确。
故选：D。
19．如图是某饮水器的原理图。饮水器的容器内有密封绝缘的电热丝R1和热敏电阻Rx，只要水面到达如图所示的位置，接触开关S1就会导通。继电器开关S2的作用是当饮水器内的水加热至沸腾后能自动切断加热电路。则下列说法中错误的是（ ）
A．其中电磁铁的右端为N极
B．Rx必须选用阻值随温度升高而增大的热敏电阻
C．R2两端的电压与电流的比值不是一个定值
D．降低饮水器加热的最高温度要将滑动变阻器R2的滑片向左调节
【解答】解：A、由安培定则可知，热水在加热过程中，继电器开关中电磁铁的右端为N极，故A正确；
B、继电器开关S2的作用是当饮水器内的水加热至沸腾后能自动切断加热电路，此时电磁铁的磁性应该减小，衔铁会向右移动，磁性减小，则继电器线圈中的电流减小，Rx必须选用阻值随温度升高而增大的热敏电阻，故B正确；
C、R2是滑动变阻器，阻值随着滑片的移动而变化，故R2两端的电压与电流的比值不是一个定值，故C正确；
D、想降低饮水器的最高温度，应增大R2的电阻，减小电路中的电流，故滑片应向右移动，故D错误。
故选：D。
20．假如在北半球的地磁场竖直分量均向下，在南半球的地磁场竖直分量都向上，飞机在我国上空巡航，机翼保持水平，飞行高度不变，由于地磁场的作用，金属机翼两端有电压，机翼相当于电源，向北飞行时右机翼为负极；那它在南半球同样飞行时，下列有关说法中不正确的是（ ）
A．若飞机向东飞，左机翼是正极
B．若飞机向西飞，右机翼是正极
C．若飞机向北飞，右机翼是正极
D．若飞机向南飞，右机翼是正极
【解答】解：飞机在我国（北半球）上空巡航时，地磁场竖直分量向下，向北飞行时右机翼为负极，如下面甲图；
当飞机在南半球飞行时，地磁场竖直分量向上（假设能满足闭合电路这一条件，则飞机飞行时金属机翼切割磁感线，能产生感应电流）；
C、若飞机向北飞（如乙图），与甲图相比，切割磁感线的方向不变，但磁场方向相反，所以产生感应电流的方向相反，则此时右机翼是正极，故C项说法正确；
D、若飞机向南飞（如丙图），与甲图相比，磁场方向和切割磁感线的方向都是相反的，所以产生感应电流的方向不变，则丙图中右边（实际为左机翼）仍然为负极，此时右机翼是正极，故D项说法正确；
A、若飞机向东飞（如丁图），与乙图相比，相当于运动方向顺时针旋转了90°，则可知此时右机翼仍然是正极，左机翼就是负极，故A项说法错误；
B、若飞机向西飞（如戊图），与乙图相比，相当于运动方向逆时针旋转了90°，则可知此时右机翼仍然是正极，故B项说法正确；
故选：A。
二．填空题（共7小题,共20分）
21．（2021秋 武侯区期末）如图是我国早期的指南针——司南。东汉学者王充在《论衡》中记载：“司南之杓，投之于地，其柢指南”，其“柢”是因为受到 的作用而指向地理的南极附近，其“柢”应该为磁体的 极。
【解答】解：司南是用天然磁石磨制成的勺子，其本质就是一块磁铁，在地磁场中受到磁力的作用；
根据题干：“司南之杓，投之于地，其柢指南”可知司南的长柄指的是地理的南极，即地磁的N极，所以其“柢”应该为磁体的 S极。
故答案为：地磁场；S。
22．（2021秋 新余期末）1820年，丹麦物理学家 通过实验，首先发现了通电直导线周围存在磁场。自然界中存在着两种电荷，用橡胶棒摩擦过的毛皮带 。
【解答】解：由物理学史可知，1820年，丹麦物理学家奥斯特通过实验，首先发现了通电直导线周围存在磁场；
由电荷的规定可知，橡胶棒与毛皮摩擦后带负电，这是因为它得到了电子，因此，用橡胶棒摩擦过的毛皮因失去电子而带正电。
故答案为：奥斯特；正电。
23．（2021秋 福清市期末）如图是研究人员设计的车库积水自动报警器电路，A、B位置安装电铃和LED灯，车库没有积水时，LED灯亮；车库积水到一定深度时，控制电路接通，电磁铁通电具有 性，把衔铁吸下，电铃发出声音。电铃应该安装在图中的 （选填“A”或“B”）位置。
【解答】解：车库没有积水时，电磁铁不具有磁性，不会吸引衔铁，LED灯亮，说明A为LED灯；车库有积水时，左侧控制电路接通，电磁铁通电，电磁铁会具有磁性，能吸引衔铁，使得B的电路接通，电铃发出声音，所以电铃应安装在图中的B位置。
故答案为：磁；B。
24．（2021 南海区模拟）电动机是利用 （选填“电流的磁效应”、“磁场对电流的作用”或“电磁感应现象”）工作的。如图所示，如果要改变电动机的转动方向，则需要改变 的方向。当线圈转至平衡位置时，线圈不受力的作用，但线圈由于 会继续转动，从而越过平衡位置。21·cn·jy·com
【解答】解：（1）电动机里是线圈，工作特点是当给电动机通电时，电动机就会转动，电动机是利用通电导线在磁场中受力的作用的原理制成的。
（2）电动机线圈的转动方向与磁场方向和电流方向有关，故如果要改变电动机的转动方向时，可采用的方法有：改变电流的方向或改变磁场的方向。
（3）当线圈转至平衡位置时，线圈不受力的作用，但线圈由于惯性会继续转动，从而越过平衡位置。
故答案为：磁场对电流的作用；电流或磁场；惯性。
25．李梓源带了一个神奇的手电筒来学校，如图所示，此电筒不用化学电池作为电源。使用时只要将它来回摇晃，就能发光，并且来回摇晃得越快，手电筒发光越亮。这种手电筒所产生的电能是根据 原理获得的，其能量转化是 能转化为 能。
【解答】解：由题干中图可知该手电筒有磁体和线圈，使用时将它来回摇晃，线圈在磁场中就做切割磁感线运动，故线圈中有感应电流产生。所以手电灯发光。
当摇动速度越快，线圈运动越快，产生的感应电流越强，在这个过程中能量转化是机械能转化为电能。
故答案为：电磁感应；机械；电。
26．如图是小明家里的照明电路示意图：
（1）小明想再安装上一盏灯，都由开关S控制这两盏灯一起亮和一起灭，请你在图里画出示意图。
（2）安装完后，当开关S闭合时，通过保险丝的电流要比原来 ，原因是电源的电压 ，再接上一盏灯，电路的总电阻 ，根据欧姆定律公式 可知，电路的总电流会 。
（3）小明在灯下学习，突然两盏灯都烧坏了，为了不影响学习，爸爸找出一只电阻为80欧、额定电压为24伏的车床灯，接在电路上，为了保证车床灯正常工作，他应如何设计电路？请你计算完后，把这一设计电路连接在图中。
（4）小明发现在晚上用电高峰时，灯泡两端的电压明显低于220V，因而造成白炽灯昏暗，有些日光灯无法正常启动。这是为什么？
【解答】解：（1）家庭电路中，一个开关同时控制两盏灯，两盏灯是并联的，开关接在干路上。如图。
（2）开关闭合后，两个灯泡并联在电路中，电路总电阻变小，电源电压不变，根据I＝，电路总电流变大。
故答案为：大；不变；变小；I＝；变大；
（3）R2＝＝＝＝Ω＝653.3Ω，
所以，应串联一个653.3欧的电阻。连接如上图。
（4）答：实际生活中输电线的电阻是要考虑的，如图，输电线的电阻为R线，它与用户的用电器总电阻串联。当在晚上用电高峰时即用户用电器增多，总功率增大，根据I＝，总电压不变，干路电流增大，这样在输电线上的分压U线＝IR线将会增大，用电器两端的电压明显低于220V了。
27．站在裸露导线上的两只小鸟，当开关闭合后会发生触电事故的是 （选填“甲”或“乙”）。教室里的电风扇与电灯是 联的。
【解答】解：甲小鸟的两脚在同一根电线上，两爪子之间几乎没有电压，故甲小鸟的身体上几乎没有电流流过，甲鸟不会触电；乙小鸟的两脚分别接触了电灯的两端（并联），有一定的电压，有电流流过小鸟身上，则会触电。
因为家庭电路中，用电器之间，插座之间，用电器和插座之间是并联的，因此教室里的电风扇与电灯是并联的；
故答案为：乙；并。
三．实验探究题（共3小题，共15份）
28．（2021秋 湾里区校级期末）在探究“影响电磁铁磁性强弱的因素”实验中，小明用铁钉制成简易电磁铁甲、乙，并设计了如图1所示的电路。而小华同学学习了电磁方面的知识后，做了以下两个实验（如图2所示）。
（1）由图1可知，电磁铁甲的磁性 电磁铁乙的磁性（选填“大于”、“小于”或“等于”），这是通过观察 来判断的。
（2）图1中把电磁铁甲和乙串联起来是为了控制 不变，在此条件下可得出的结论是，线圈的匝数 （选填“越多”或“越少”），电磁铁的磁性越强。
（3）小华用图2的甲装置进行了如下的操作：①让导体AB静止在磁场中；②让导体AB在磁场中左右运动；③让导体AB沿竖直方向上下缓慢运动。其中能使电流表指针发生偏转的是 。（填序号）
（4）如果小华在图2的乙装置的实验中，当开关闭合时，发现导体ab向左运动，若要使导体ab向右运动，下列措施不可行的是 。
A.调换电源正、负极
B.调换磁体N、S极
C.同时调换电源正负极和磁体N、S极
（5）根据图2中的乙装置的原理，人们发明了 。（选填“发电机”或“电动机”）
【解答】解：（1）通过观察电磁铁吸引大头针数目的多少，可以判断电磁铁磁性的强弱，由图可知电磁铁甲吸引的大头针比电磁铁乙的少，所以电磁铁甲的磁性小于电磁铁乙的磁性；2-1-c-n-j-y
（2）根据串联电路的电流规律可知，串联电路中电流处处相同，图中把电磁铁甲和乙串联是为了控制电流相同，乙线圈匝数多，乙吸引的大头针个数多，则乙的磁性强，这说明：在电流一定时，线圈匝数越多，电磁铁磁性越强；
（3）闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动，会产生感应电流；甲图中磁感线方向是从上到下，导线ab在磁场中静止时不会切割磁感线，上下运动时也不会切割磁感线，不会产生感应电流，不会使电流表指针发生偏转；让导线ab在磁场中左右运动时，会切割磁感线，会产生感应电流，会使电流表指针发生偏转，故②符合题意；
（4）要改变导线的受力方向，可改变磁场方向或线圈中电流方向；乙图中改变磁场方向的方法，可以调换磁极，或改变电流方向的方法，可以调换电源正负极，同时调换电源正、负极和磁体N、S极导体ab运动方向不变，故选C；
（5）图乙中有电源，这是磁场对电流的作用实验，结论是通电导体在磁场中受力的作用，是电动机原理。
故答案为：（1）小于；电磁铁吸引大头针数目的多少；（2）电流；越多；（3）②；（4）C；（5）电动机。
29．小明利用实验室的电磁继电器、热敏电阻R1、可变电阻器R2等器件设计了一个恒温箱控制电路，如图甲所示。如图乙是小明通过实验测得的R1的阻值随温度变化的关系曲线。
（1）电磁继电器中电磁铁上端是 极（N/S）。
（2）当温度较低时，电磁铁的磁性较 ，触点开关 （接通/断开）。
（3）电磁继电器的电源两端电压U＝6V，电磁继电器线圈的电阻可不计，通过实验测得当电流为30mA时，电磁继电器的衔铁被吸合。若可变电阻器R2的电阻值设定为150Ω时，恒温箱温度可达到 ℃．当可变电阻器R2的电阻变大时，恒温箱设定的温度将变 （高/低）。
（4）如果要使恒温箱内预设的温度可调节范围是90℃～150℃，可供选择的可变电阻器R2的电阻值有如下的几种，你选择 。
A．0～100Ω B．0～200Ω C．0～1000Ω D．0～1500Ω
【解答】解：（1）电流从电磁铁的上端流入下端流出，结合图示的线圈绕向利用安培定则可以确定电磁铁的上端为S极，下端为N极。
（2）温度较低时，由R1的阻值随温度变化的关系曲线可知，热敏电阻的阻值较大，控制电路中的电流较小，电磁铁的磁性较弱，此时的衔铁不会被吸下来，根据图示的工作电路可知，加热丝所在的电路接通。
（3）U源＝6V I＝30mA＝0.03A，
电路的总电阻：R总＝＝＝200Ω，
此时R1＝热敏电阻的阻值：R1＝R总﹣R2＝200Ω﹣150Ω＝50Ω，
由图像知，热敏电阻的阻值为50Ω时，对应的温度为90℃。
当可变电阻器R2的电阻变大时，在热敏电阻阻值不变的情况下，电路中的电流会减小，此时电磁铁的磁性会减弱，所以衔铁不会被吸下来，工作电路继续工作，恒温箱内的温度持续升高，热敏电阻的阻值会继续降低，控制电路中的电流会增大，直到电流到达临界值时，电磁铁切断工作电路。
（4）由第三问的分析可知：当设定温度最低为90℃，根据热敏电阻R1的阻值随温度变化的关系曲线可知，此时热敏电阻的阻值最大为50Ω，因为控制电路的U源＝6V不变，I＝0.03A不变，极控制电路的总电阻200Ω保持不变，所以此时要求R2的阻值为150Ω，且此时为最小值；
当设定温度为150℃时，根据热敏电阻R1的阻值随温度变化的关系曲线可知，此时热敏电阻的阻值最小为30Ω，因为控制电路的总电阻为200Ω不变，所以此时要求R2的阻值为170Ω，且为最大值。
综上分析，当恒温箱内预设的温度可调节范围是90℃～150℃时，滑动变阻器的阻值变化范围为150Ω～170Ω，故选B。
故答案为：（1）S；（2）弱；接通；（3）90；高；（4）B。
30．老师利用如图所示装置演示当磁铁靠近或远离线圈时，灵敏电流计发生偏转，小明根据所学知识了解到是线圈切割磁感线导致感应电流产生，但他想进一步了解问题的本质于是查阅相关资料学习到了关于磁通量的概念，磁通量φ＝BS，其中B表示磁场强度大小，S为与磁场方向垂直的平面面积，对于装置中静止的线圈可以认为S不变，结合实验现象小明得出感应电流的有无与线圈中磁通量的变化 （填“有关”或“无关”）；小明回忆起当老师用更快的速度让磁铁靠近或远离线圈时，产生的感应电流也会增大，根据这个现象请你从磁通量的角度提出一个科学问题：
【解答】解：
（1）据题意可知，当磁铁靠近或远离线圈时，发现产生了感应电流；因磁铁靠近或远离线圈时，线圈所在位置的磁场强度发生变化，即磁通量发生变化，线圈中的感应电流也发生了改变，所以感应电流的有无与线圈中磁通量的变化有关；21cnjy.com
（2）据“小明回忆起当老师用更快的速度让磁铁靠近或远离线圈时，产生的感应电流也会增大”可知，通过线圈的磁通量越大，此时产生的感应电流就越大，所以提出的猜想是：通过线圈的磁通量越大时，产生的感应电流是不是就越大？【来源：21·世纪·教育·网】
故答案为：有关；通过线圈的磁通量越大时，产生的感应电流是不是就越大？
四．解答题（共3小题，共25分，31、32题各8分，33题9分）
31．冬冬将漆包线（表面涂有绝缘漆的铜线）绕在两个完全相同的铁钉上，制成了简易电磁铁甲和乙，按如图连接好电路，探究“影响电磁铁磁性强弱的因素”，请你结合该实验中的具体情况，完成下面的内容：www-2-1-cnjy-com
（1）实验中他是通过电磁铁 来判定其磁性强弱的；
（2）滑片P向B端移动时，甲的磁性将 （填“变强”、“变弱”或“不变”）；
（3）流过电磁铁甲的电流 电磁铁乙的电流（填“大于”、“小于”或“等于”），电磁铁甲、乙磁性强弱不同的原因是 。【来源：21cnj*y.co*m】
【解答】解：（1）读图可知，实验时是通过观察吸引大头针的数量来判断电磁铁的磁性强弱的；
（2）滑片P向B端移动滑动变阻器连入电路的电阻变大，电路中的电流变小，电磁铁磁性变弱，吸引大头针的数量变少；
（3）图中电磁铁甲、乙串联，电流相同；铁芯相同，线圈匝数不同、磁性强弱不同，因此可得出结论：电磁铁磁性的强弱与线圈的匝数有关，在其他条件相同时，线圈匝数越多，磁性越强。
故答案为：（1）吸引大头针的数量；（2）变弱；（3）等于；线圈匝数不同。
32．材料一：1820年，丹麦物理学家发现了通电导体周围存在磁场。
材料二：1825年，瑞士物理学家科拉顿做了如下实验：他将一个能反映微小变化的电流表，通过导线与螺旋线圈串联成闭合电路，并将螺旋线圈和电流表分别放置在两个相连的房间，如图1．他将一个条形磁铁插入螺旋线圈内，同时跑到另一个房间里，观察电流表的指针是否偏转。进行多次实验，他都没有发现电流表指针发生偏转。
材料三：1831年，英国物理学家法拉第用闭合电路的一部分导体，在磁场里切割磁感线的时候，发现导体中产生电流，从而实现了利用磁场获得电流的愿望。
（1）在静止的小磁针上方，分别用图2甲和乙两种方式放置一根导线。当导线通电时，小磁针发生明显偏转的是 （选填“甲”或“乙”）。【出处：21教育名师】
（2）科拉顿、法拉第等物理学家相继进行如材料所说的实验研究，是基于 的科学猜想。
（3）科拉顿的实验中， （选填“已经”或“没有”）满足产生感应电流的条件。要使他能观察到电流表指针偏转，你提出的一种改进方法是 。
【解答】解：（1）当通电导线与小磁针平行时，小磁针发生明显偏转；
（2）科拉顿、法拉第等物理学家相继进行如材料所说的实验研究，是基于磁能产生电的科学猜想；
（3）由所给材料可知在科拉顿的实验中已经满足产生感应电流的条件。要使他能观察到电流表指针偏转可以将电流表等器材置于同一房间。21*cnjy*com
故答案为：（1）甲；（2）磁能产生电；（3）已经；将电流表等器材置于同一房间（其他合理答案均可）。
33．小明查阅资料，了解到出于安全考虑，电梯都设置超载自动报警系统，其工作原理如图甲所示，电路由工作电路和控制电路组成：在工作电路中，当电梯没有超载时，触点K与触点A接触，闭合开关S，电动机正常工作；当电梯超载时，触点K与触点B接触，电铃发出报警铃声，闭合开关S，电动机不工作。在控制电路中，已知电源电压U＝6V，保护电阻R1＝100Ω，电阻式压力传感器（压敏电阻）R2的阻值随压力F大小变化如图乙所示，电梯底架自重和电磁铁线圈的阻值都忽略不计。
（1）在控制电路中，当压敏电阻R2受到的压力F增大时，其阻值减小，从而使电磁铁的磁性 （填“增强”、“减弱”或“不变”）。
（2）若电磁铁线圈电流达到20mA时，衔铁刚好被吸住，电铃发出警报声。当该电梯厢内站立总质量为1000kg的乘客时，试通过计算说明电梯是否超载？（g取10N/kg）
【解答】解：（1）在控制电路中，当压敏电阻R2受到的压力F增大时，其阻值减小，电路中的总电阻减小，
根据欧姆定律可知，电路中的电流变大，电流增大时电磁铁的磁性增强；
（2）电梯厢内站立总质量为1000kg的乘客时，电梯受到的压力等于乘客的重力，即
F＝G＝mg＝1000kg×10N/kg＝10000N，
由图乙，当压力F＝10000N，对应的压敏电阻阻值R2＝100Ω
因为串联电路中总电阻等于各分电阻之和，
所以控制电路中的电流：
I＝＝＝0.03A＝30mA，
因为30mA＞20mA，
所以此时电梯超载。
故答案为：（1）增强；（2）据上面的计算可知，此时电梯超载。
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第一章 电与磁 答题卡
试卷类型：A
姓名：______________班级：______________
准考证号
一．选择题（共20小题）（请用2B铅笔填涂）
1.[A][B][C][D] 2.[A][B][C][D] 3.[A][B][C][D] 4.[A][B][C][D] 5.[A][B][C][D] 6.[A][B][C][D] 7.[A][B][C][D] 8.[A][B][C][D] 9.[A][B][C][D] 10.[A][B][C][D] 11.[A][B][C][D] 12.[A][B][C][D] 13.[A][B][C][D] 14.[A][B][C][D] 15.[A][B][C][D] 16.[A][B][C][D] 17.[A][B][C][D] 18.[A][B][C][D] 19.[A][B][C][D] 20.[A][B][C][D]
二．填空题（共7小题，共15分）（请在各试题的答题区内作答）
21. 22. 23. 24. 25. 26. 27.
三．实验探究题（共3小题，共15分）（请在各试题的答题区内作答）
28.答：
29.答：
30.答：
四．解答题（共3小题，,共25分，31、32题各8分，33题9分））（请在各试题的答题区内作答）
31.答：
32.答：
33.答：
条 码 粘 贴 处
（正面朝上贴在此虚线框内）
缺考标记
考生禁止填涂缺考标记 ！只能由监考老师负责用黑色字迹的签字笔填涂。
注意事项
1、答题前，考生先将自己的姓名、准考证号码填写清楚。
2、请将准考证条码粘贴在右侧的[条码粘贴处]的方框内
3、选择题必须使用2B铅笔填涂；非选择题必须用0.5毫米黑色字迹的签字笔填写，字体工整
4、请按题号顺序在各题的答题区内作答，超出范围的答案无效，在草纸、试卷上作答无效。
5、保持卡面清洁，不要折叠、不要弄破、弄皱，不准使用涂改液、刮纸刀。
6、填涂样例 正确 [■] 错误 [--][√] [×]
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