八下科学期末第一单元培优卷（含解析）

八下科学期末第一单元培优卷
一、选择题(60分）
1．下列小磁针指向和磁感线作图中，错误的是（　　）
A．B．C． D．
2． 据《武经总要》记载，古人将具有磁性的空心铁鱼放入水中漂浮制成指南鱼，多次将指南鱼轻轻旋转，待静止后，观察到鱼尾总是指向南方。下列说法不正确的是(　　)
A．指南鱼能指方向是由于地磁场的存在
B．指南鱼存在南北两个磁极
C．指南鱼的 “N” 应标注在鱼头
D．指南鱼周围存在看不见的磁感线
3． 根据磁感线的方向和小磁针静止时的指向，判断图中错误的是(　　)
A．B．C． D．
4．有一块柱状磁体，由静止分别从长度一样的铝管和PV管内竖直下落（管子内径一样，忽略管子与磁体之间摩擦），下列说法错误的是（　　）
A．两次实验中，磁体的重力势能都变小B．两次实验中，磁体的机械能都不变
C．磁体在铝管内下落是电磁感应现象D．磁体在铝管内比在PV管内下落速度慢
5．如图为一种温度自动报警器的原理图，图中的水银温度计在制作时，玻璃管中封入了一段金属丝，电源和金属丝相连，当温度达到设定值，电铃报警。下列说法不正确的是（　　）
A．电磁铁的工作原理是电流的磁效应B．温度升高至78 ℃时，电铃报警
C．若将温度计上端的金属丝向下调整，则报警温度会降低D．电铃工作时，电磁铁a端为N极
6．如图所示，电磁铁的左下方有一铁块，在弹簧测力计作用下向右作匀速直线运动．当铁块从电磁铁的左下方运动到正下方过程中，同时滑片逐渐向上滑动，下列判断正确的是（　　）
A．维持铁块作匀速直线运动的拉力逐渐减小B．电磁铁的磁性逐渐减弱
C．铁块对地面的压强先减小后增大D．铁块所受摩擦力不变
7．关于下列四幅图，对应的说法正确的是（　　）
A．通电导线周围存在着磁场，将小磁针移走，该磁场消失
B．闭合开关，通电螺线管右端为N极
C．此实验装置原理与发电机原理相同
D．实验研究的是通电导体在磁场中受到力的作用
8．如图甲所示，用强磁体快速靠近铜线圈，线圈绕O点转动。引起线圈转动的原因，小明提出两个猜想：(1)强磁体运动带动线圈周围空气流动；(2)强磁体快速靠近使线圈中产生感应电流。为了验证猜想，他进行了以下两个实验，实验1：如图乙所示，在线圈前挡一块透明塑料板，将强磁体以相同方式靠近线圈，多次实验，线圈都有明显转动；实验2：如图丙所示，剪断线圈，将强磁体以相同方式靠近线圈，多次实验，线圈都几乎不转动。则(　　)
A．猜想(1)是正确的，猜想(2)是错误的B．猜想(1)是错误的，猜想(2)是正确的
C．猜想(1)和猜想(2)都是正确的D．猜想(1)和猜想(2)都是错误的
9．同学们做实验的装置如图所示，闭合开关，先将导体ab水平向右移动，导体cd也随之运动起来，与该实验装置左侧运动原理相同的装置是（　　）
A．电风扇 B．电磁起重机 C．扬声器 D．动圈式话筒
10．在物理学中，磁场的强弱通常用磁感应强度来表示。如图所示，三根彼此绝缘的无限长直导线的部分ab、cd、 ef构成一个等边三角形，O为角形的中心，M、N分别为O关于导线ab、cd的对称点，当三根导线中通以大小相等，方向如图所示的电流时，M点磁感应强度的大小为B1，O点磁感应强度的大小为B2，若将导线ab中的电流撤去，而保持另两段导线中的电流不变，则N点磁感应强度的大小为（　　）
A．B1+B2 B．B1-B2C．0.5(3B1- B2 ) D．0.5(3B2-B1)
11．现将电池组、滑线变阻器、带铁芯的线圈A、线圈B、电流计及开关如图连接，在开关闭合、线圈A放在线圈B中的情况下，某同学发现当他将滑线变阻器的滑动端P向左加速滑动时，电流计指针向右偏转．由此可以判断（　　）
A．线圈A向上移动或滑动变阻器滑动端P向右加速滑动，都能引起电流计指针向左偏转
B．线圈A中铁芯向上拔出或断开开关，都能引起电流计指针向右偏转
C．滑动变阻器的滑动端P匀速向左或匀速向右滑动，都能使电流计指针静止在中央
D．因为线圈A、线圈B的绕线方向未知，故无法判断电流计指针偏转方向
12．图示为小刚所连的两盏白炽灯和两个插座的电路图，通电后发现不能正常工作。下面几个措施中可能引起危险的是（　　）
A．拆掉灯丙，两条导线连在一起B．拆掉插座甲，两条导线连一起
C．拆掉开关S3，两条导线连在一起D．拆掉开关S2，两条导线连在一起
13．如图所示家庭电路中的某一部分，电工师傅按下面的顺序进行检测：
①闭合S1，灯L1亮；②断开S1，闭合S2，灯L2不亮；③再用测电笔测a、b、c、d四个接线点，发现只有在c点氖管不发光。若电路中只有一处故障，则是（　　）
A．灯L2短路 B．灯L2所在支路开路
C．c、d两点间开路 D．c点左侧的零线开路
14．如图所示，以下操作不会发生触电事故的是 （　　）
A．甲站在绝缘凳上同时接触火线和零线B．乙站在绝缘凳上仅接触火线
C．丙站在地上仅接触火线D．丁站在地上同时接触火线和零线
15．如图示是某同学连接的电铃电路，开关闭合后，电路中始终有电流，但电铃只响一声就不再响了，原因是（　　）
A．电磁铁始终没有磁性B．衔铁一直被电磁铁吸着不能回弹
C．衔铁没有向下运动D．电池正、负极接反了
16．今年“五一”假期、铁路接触网遭异物侵扰的新闻多次上热搜。铁路部门有明确规定：在高铁线路两侧各500米范围内，不得升放风筝。若导电性能好的金属丝风筝线散落在高铁接触网(高压电路)上，会造成短路而使动车组失去动力。下列电路能解释上述现象的是（　　）
A．B．
C．D．
17．小张家所在的住宅区每栋单元的楼梯口都安装了防盗门，其门锁原理图如图所示，图中只画出了其中一家住户的控制开关S。该门锁的工作过程是：楼上的人闭合控制开关S，门锁上的电磁铁通电后吸引卡入右侧门扣中的衔铁，门可打开。关于该门锁，下列说法中正确的是（　　）
A．该门锁利用了电生磁的原理来工作的B．电流周围的磁场是假想的物理模型
C．闭合开关S后，电磁铁的右端为N极D．该单元的各住户控制门锁的开关是串联的
18．如图所示为直流电动机工作原理图，下列分析正确的是（　　）
A．电动机通电后不转，一定是电路断路
B．线圈连续转动是靠电磁继电器来实现的
C．改变磁场方向可以改变线圈转动的方向
D．将磁体的磁极对调一下可以使电动机的转速增大
19．汤姆生在研究阴极射线时发现了电子．如图所示，一条向上射出的阴极射线可以看作是许多电子定向运动形成的电子流．则通过这束电子流的运动方向推断电流及周围的磁场方向是（　　）
A． B． C． D．
20．小科同学在医院看到一个自动输液报警器，如图1所示。闭合开关，当输液报警器处输液管中有药液60绿灯亮，无药液流过，喇叭报警。小科运用自己所学知识和查找的资料设计了一个类似的自动输液报警器，如图2所示。如图3是光敏电阻阻值随光照强度变化的关系图。以下说法正确的选项是()
A．电磁铁的上端是S极
B．输液管中没有药液流过时，控制电路线圈中的电流变大
C．当输液管内有药水时，LED灯发出的光将被会聚到光敏电阻上，衔铁吸下
D．调试时，输液管中有无药液流过都会报警，可减小线圈匝数改进
二、填空题（32分）
21．如图所示，重为G的小铁块在水平方向力F的作用下，沿条形磁铁的表面从N极滑到S极，在此过程中小铁块对磁铁的压力大小变化情况是　 　。
人工心脏泵可短时间代替心脏工作，如图是该装置的示意图磁体固定在左侧，线圈AB固定在用软铁制成的活塞柄上（相当于一个电磁铁），活塞筒通过阀门与血管相通，阀门S1只能向外开启，S2只能向内开启，线圈中的电流从A流向B时，电磁铁左端是　 　极，活塞向　 　运动，血液会　 　（选填“流入”或“流出”）活塞筒。该装置工作时，是通过改变　 　来改变活塞的运动方向的。
23．科学家们已经发现了巨磁电阻(GMR)效应，它是指某些材料的电阻在磁场中急剧减小，且磁场越强、电阻越小的现象。利用这一现象，可以用来探究磁体周围的磁场强弱。如图所示，将GMR放在螺线管的右端。闭合开关S1、S2电流表示数为I。保持GMR位置不变，将电源的正负极对调，则此时电流表的示数将　 　I；将GMR移至螺线管上方的中间位置， 电流表的示数将 　 　I。(均选填“大于”“等于”或“小于”)
24．如图所示为我们做过的课本上的实验，其中用来探究电流能否产生磁场的是图　 　。电风扇、洗衣机中的电动机的工作原理与图 　 　的原理相同，要改变电动机的转向可以改变　 　。
25．如图所示，通电螺线管的上方有一个静止的小磁针，轴线上右边的圆圈表示闭合电路中的一部分导体的横截面，由图可知，导线的 a 端应接电源的　 　(选填“正”或“负”)极；闭合电路的这部分导体分别向“1”、“2”、“3”、“4”四个方向运动时，沿　 　方向运动能产生感应电流。
26．如图甲所示是测电笔的结构，图乙和图丙中，正确使用测电笔的是图　 　，当用它插入插座的左孔时氖管不亮，插入右孔时氖管发光，则说明火线在插座的　 　孔。家庭电路插座中左、右两孔之间的电压是　 　伏。
27．如图所示，一个综合实践小组用一段漆包线绕成线圈abcd，用小刀刮两端引线的漆皮，一端全部刮去，另一端只刮上半圈或下半圈。将线圈abcd放在用硬金属丝做成的支架m，n上，并按图示连接电路，则电磁铁的上端是　 　极。闭合开关，用手轻推一下线圈，线圈会持续转动，这就是简易的　 　（选填“发电机"或“电动机”）。
28．按要求作图。
（1）标出图甲磁感应线的方向、磁铁的N极和S极。
（2）通电螺线管磁感线方向如图乙所示，在图中标出小磁针的N极和电源的“+”、“﹣”极。
（3）在图丙中，将带开关S的电灯、接冰箱用的三孔插座，正确地接入电路。
29．小明利用电磁铁、小磁铁、指针和刻度盘制成多量程电流表，结示意图如图所示，其中A、B、C为接线柱，当电流通过电磁铁时，指针绕O点顺时针偏转；电路断开时，指针指O刻度线。
（1）若选择A、C为该电流表的接线柱，则应选择　 　为“+”接线柱，才能使电流表正常工作。
（2）若将电磁铁适当靠近小磁铁，则该电流表（　　）
A．零刻度将向右移动B．指针将发生反偏C．精确度将提高 D．量程将增大
（3）分析该电流表的结构示意图，判断该电流表量程最大时所选的接线柱是　 　。
三、实验探究题（38分）
30．丹麦科学家奥斯特发现电流的周围存在磁场（图 1），法国科学家安培发现两根平行导线通电后有如图2所示的现象（图中实线、虚线分别表示通电前、后的情况）。
（1）如图1，通电前静止的小磁针南北指向。现要在小磁针上方拉一根直导线，使通电时小磁针会发生明显的偏转，直导线所指的方向应为　 　（选填“东西方向”、“南北方向”或“任意方向”）。
（2）图2的实验表明平行通电导线之间有力的作用，若此时改变其中一根导线的电流方向，会产生的实验现象是　 　。
（3）安培发现平行通电导线之间相互作用力F 的大小可能跟两根导线中的电流I1，I2， 导线之间的距离r有关，有关实验数据如下：
实验次数 I1/A I2/A r/m F/N
1 0.2 0.2 0.1 1.0×10-7
2 0.1 0.2 0.1 0.5×10-7
3 0.2 0.2 0.05 2.0×10-7
4 0.2 0.4 0.1 2.0×10-7
分析表格实验数据，可获得的结论是　 　。
31． 1820年，奥斯特用铂丝连接伏打堆（相当于电源）的两端，铂丝水平沿南北方向放置，下方放置一个被玻璃罩封闭的小磁针。闭合电路后，小磁针发生了轻微的偏转，如图甲所示。他做出以下猜想：
猜想一：可能是因为电流使导线产生了热，加热玻璃罩内的空气，引起了对流，从而导致小磁针的偏转。
猜想二：可能是因为________________________，从而导致小磁针的偏转。
奥斯特通过实验很快就否定了猜想一，又做了乙、丙两组实验。
（1）请把猜想二补充完整：　 　；
（2）奥斯特通过在玻璃罩和上方的导线之间加入金箔、玻璃等介质，排除空气对流的影响，他仍观察到　 　的现象，从而否定猜想一。
（3）结合实验与所学知识，丙组中小磁针将 （选填字母）。
A．顺时针偏转，偏转角度比甲组更大B．顺时针偏转，偏转角度比甲组更小
C．逆时针偏转，偏转角度比甲组更大D．逆时针偏转，偏转角度比甲组更小
32．发光二极管 (LED )具有单向导电性，如图甲，当电流从“+”极流入时，LED 灯会发光，当电流从“-”极流入时，LED 灯则不发光。小科想用 LED 灯来研究“感应电流的方向与哪些因素有关”，于是将两个相同的 LED 灯反向并联后接到线路中，与线圈构成闭合电路，并进行了如下实验操作：
①条形强磁铁的 N 极朝下放置，将条形强磁铁快速向下插入线圈中(如图乙)，发现 A 灯发光，B 灯不发光；
②再将插入线圈中的条形强磁铁快速向上拔出，发现 B 灯发光，A灯不发光。
（1）实验中，将两个相同的 LED 灯反向并联的目的是　 　.
（2）通过上述实验可以获得的结论是　 　
（3）在图乙中，若要想证明“感应电流的方向与磁场方向有关”在做了上述步骤①后，还应该补做的实验是　 　
33．为探究影响电磁感应产生的感应电流太小的因素，小科设计实验步骤如下：
a.用铜夹将塑料管竖直固定在铁架台上，管的上下两端各固定 100匝的线圈，线圈与发光二极管相连，在塑料管的正下方放置一个塑料盒，用来承接下落的强磁铁，如图所示（其中固定装置已省去）。
b.让强磁铁从管的上端自由下落到其下端的塑料盒中。
c.观察现象，两个二极管均发光，下方二极管更亮。
（1）实验中，发光二极管的作用是　 　。
（2）通过上述实验，可以探究　 　对电磁感应产生的感应电流大小的影响。
（3）为进一步探究线圈匝数对电磁感应产生的感应电流大小的影响，后续进行的操作是　 　。
四、解答题（30分）
34．小徐留意到每个教室的天花板上都安装了火灾报警器，通过查阅资料得知“控制 电路”由光敏电阻R， 电磁铁(线圈阻值) 、 电 源U=3V、开 关 等 组 成 ： “工作电路”由工作电源、导线、Wi-Fi 信号接收和发射器等组成，能发射信号到消防局。已知该光敏电 阻的阻值R 与光强E 之间的 一 组实验数据如表：所示(“光强”表示光照的强度，符号为E，单位为 cd)：
光强E/cd 1.0 2.0 3.0 4.0 5.0 6.0
光敏电阻R/Ω 42.0 21.0 14. 10.5 8.4 7.0
（1）根据表中数据，得出光敏电阻的阻值R 随光强E 的增强而　 　(选填“增 大”、 “不变”或“减小”)；
（2）闭合开关 S， 如果当线圈中的电流大于或等于0.2A时，继电器的磁铁被吸合，则光 敏电阻接收器接受到的光照强度需要在多少 cd 以上
（3）要提高火灾报警器的灵敏度，可采用的一种方法是：改换一个光敏电阻，使其在相 对光强E一样时，阻值R与之前相比更　 　(选填“大”或“小”)。
35．纯电动汽车是一种采用蓄电池作为唯一动力源的汽车，电池的安企性主要体现在对其温度的控制上，当某组电池温度过高时，立即启动制冷系统进行降温。某项目化学小组设计了图甲的模拟控温装置示意图，电磁维电器与热敏电阳Rt，滑动变阳器Rp串联接在电压为6V的电源两端，滑动变阻器的最大阻值为200Ω。当电磁铁线圈(电阻不计)中的电流I大于或等于25maA时，衔铁被吸合。
（1）热敏电阻置于温度监测区域，其阻值Rt与温度t的关系有两种，如图乙和图丙，若要将b与c相接，则需选择　 　所示的热敏电阻(选填”图乙”或”图丙”)。
（2）若设置电池的温度为60℃时启动制冷系统，则滑动变阻器的阻值应为多少？(写出计算过程)
（3）该电路启动制冷系统时可设置的最高温度为　 　℃。
36． 1988年科学家发现，在铁、铬相间的三层复合膜电阻中，微弱的磁场可以导致电阻大小的急剧变化，这种现象被命名为“巨磁电阻效应”。更多的实验发现，并非任意两种不同种金属相间的三层膜都具有“巨磁电阻效应”。组成三层膜的两种金属中，有一种是铁、钴、镍这三种容易被磁化的金属中的一种，另一种是不易被磁化的其他金属，才可能产生“巨磁电阻效应”，进一步研究表明，“巨磁电阻效应”只发生在膜层的厚度为特定值时。用R0表示未加磁场时的电阻，R表示加入磁场后的电阻，科学家测得铁、铬组成的复合膜R与R0之比与膜层厚度d(三层膜厚度均相同)的关系如图所示。根据“巨磁电阻效应”原理，研制出“新型读出磁头”，将磁场对复合膜阻值的影响转换成电流的变化来读取信息。
（1）以下两种金属组成的三层复合膜可能发生“巨磁电阻效应”的是 ；
A．铜、银 B．铁、铜 C．铜、铝 D．铁、镍
（2）对铁、铬组成的复合膜，当膜层的厚度是1.7nm时，这种复合膜的电阻　 　 (选填“具有”或“不具有”)“巨磁电阻效应”；
（3）“新型读出磁头”可将微弱的　 　信息转化为电信息；
（4）铁、铬组成的复合膜，发生“巨磁电阻效应”时，其电阻R比未加磁场时的电阻R0　 　(选填“大”或“小”)得多。
答案解析部分
1．【答案】B
【解析】【分析】A.根据磁极之间的相互作用规律判断；
B.根据安培定则判断电磁铁的极性，再根据磁极之间的相互作用规律判断电磁铁的磁极方向；
CD.根据磁感线的环绕方向判断。
【解答】A.条形磁铁在左端为N极，根据“异名磁极相互吸引”可知，小磁针的上端为S极，故A正确不合题意；
B.闭合开关后，线圈上电流方向向上。右手握住螺线管，弯曲的四指指尖向上，此时大拇指指向左端，则左端为电磁铁的N极。根据“异名磁极相互吸引”可知，小磁针的左端为S极，故B错误符合题意；
CD.在磁体外部，磁感线总是从N极出来，然后回到S极，故C、D正确不合题意。
故选B。
2．【答案】D
【解析】【分析】A.根据磁体指南北的原因判断；
B.所有的磁体都有两个磁极；
C.指南的一端为S极，指北的一端为N极；
D.根据磁感线的定义判断。
【解答】A.指南鱼能指方向是由于地磁场的存在，故A正确不合题意；
B.指南鱼存在南北两个磁极，故B正确不合题意；
C.指南鱼的鱼尾指向南方，而鱼头指向北方，即 “N” 应标注在鱼头，故C正确不合题意；
D.磁感线是人为引入的，本身并不存在，故D错误符合题意。
故选D。
3．【答案】C
【解析】【分析】AB.根据磁感线的环绕方向判断；
CD.首先根据安培定则判断电磁铁的磁极方向，再根据磁极之间的相互作用规律确定小磁针的指向。
【解答】AB.在磁体外部，磁感线总是从N极出来，回到S极，故A、B正确不合题意；
C.线圈上电流方向向下，根据安培定则可知，电磁铁的右端为N极，左端为S极。根据异名磁极相互吸引可知，小磁针的左端为N极，右端为S极，故C错误符合题意；
D.线圈上电流方向向上，根据安培定则可知，左端为N极，右端为S极，内部磁场方向从右向左。小磁针在螺线管内部，而它的N极指向磁场方向，因此左端为小磁针的N极，故D正确不合题意。
故选C。
4．【答案】B
【解析】【分析】（1）重力势能的大小与物体的质量和高度有关；
（2）根据能量转化和转移的知识判断；
（3）闭合电路的部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，会产生感应电流，这就是电磁感应现象；
（4）根据能量转化的知识比较磁体在不同管中的动能大小即可。
【解答】两次实验中，磁体的质量不变，高度减小，因此磁体的重力势能都是变小的，故A正确不合题意；
磁体周围存在磁场，而铝管是金属导体；当磁铁从铝管中下落时，相当于铝管在磁场中做切割磁感线运动，因此铝管两端会产生感应电压，即发生电磁感应现象，故C正确不合题意；
当磁铁从铝管中下落时，将磁体的机械能转化为电能，因此它的机械能逐渐减小；而磁体在PV管中机械能没有损失，即机械能保持不变，故B错误符合题意；
由于磁体在铝管内机械能会减小，所以它在铝管内的动能会小于PV管内的动能，则磁体在铝管内比在PV管内下落速度慢，故D正确不合题意。
故选B。
5．【答案】D
【解析】【分析】（1）根据电磁铁的工作原理判断；
（2）根据图片确定水银柱与上面的金属丝接通的对应温度；
（3）根据（2）中的分析判断；
（4）根据安培定则判断电磁铁的极性。
【解答】A.电磁铁的工作原理是电流的磁效应，故A正确不合题意；
B.根据图片可知，水银柱与上面的金属丝接通的温度为78℃，则温度升高至78 ℃时，电铃报警，故B正确不合题意；
C.若将温度计上端的金属丝向下调整，那么水银柱与上面金属丝接通时的温度会降低，则报警温度会降低，故C正确不合题意；
D.线圈上电流方向下。右手握住螺线管，弯曲的四指指尖向下，此时大拇指指向右端，则右端为螺线管的N极，左端a为S极，故D错误符合题意。
故选D。
6．【答案】A
【解析】【解答】从图中可以分析出：当滑动变阻器的滑片向上滑动时，接入电路的阻值会变小，电路中电流变大，电磁铁磁性增强，故选项B是错误的；
电磁铁磁性增强，当铁块运动到其下方时会受到较大的吸引力，使铁块对桌面的压力减小，在接触面积不变的情况下，压强也减小，故选项C也是错误的；
铁块因被电磁铁吸收而压力减小，在接触面粗糙程度不变的情况下，摩擦力也跟着减小，故选项D是错误的；
当铁块做匀速直线运动时，拉力与摩擦力是一对平衡力，摩擦力减小，拉力就是逐渐减小，故选项A是正确的．
所以选A．
【分析】一.滑动变阻器的移动对电路中电流大小的影响，决定了电磁铁磁性的强弱；二.电磁铁对铁块的吸引会改变铁块对桌面的压力，进而改变压强和摩擦力的大小．
7．【答案】B
【解析】【分析】A.根据磁场的客观存在性判断；
B.根据安培定则判断；
C.发电机的工作原理为电磁感应现象；
D.根据图片分析包含的物理原理。
【解答】A.磁场是客观存在的，小磁针可以反映磁场的方向，但是不能影响磁场的有无，故A错误；
B.闭合开关后，线圈上电流方向向下。右手握住螺线管，弯曲的四指指尖向下，此时大拇指指向右端，则右端为N极，故B正确；
C.闭合开关后，通过电流的导体在磁场中受力运动，为电动机的工作原理，故C错误；
D.闭合开关后，导体在磁场中做切割磁感线运动，此时电流表的指针偏转，这就是电磁感应现象，为发电机的工作原理，故D错误。
故选B。
8．【答案】B
【解析】【分析】 根据题目给出的操作和现象，应用控制变量法的思想去判断相关的影响因素。
【解答】 实验1中，用塑料板挡住线圈是为了排除空气流动的影响，而将强磁铁靠近线圈时，线圈都有明显转动说明猜想（1） 是错误的；
实验2中，剪断线圈，将强磁体以相同方式靠近线圈，线圈中不能产生感应电流，线圈都几乎不转动，说明猜想（2）是正确的。
故选B。
9．【答案】D
【解析】【分析】闭合电路中的一部分导体切割磁感线会产生感应电流，属于电磁感应原理。
【解答】A、电风扇内部有电动机，属于通电线圈在磁场中受力转动的原理，不属于电磁感应原理，A错误。
B、电磁起重机内有电磁铁及电动机，分别属于电流的磁效应，和通电线圈在磁场中受力转动的原理，不属于电磁感应原理，B错误。
C、扬声器是因为内部有通电线圈，应为电流的不同，而在磁场中受到的力不同从而带动发生装置震动，不属于电磁感应原理，C错误。
D、动圈式话筒内有闭合线圈，当声音传导至话筒内的可以震动的装置带动线圈震动时，会切割内部的磁场，从而产生感应电流，属于电磁感应原理，D正确。
故答D。
10．【答案】D
【解析】【分析】通电导线周围存在磁场，且离导线越远场强越弱．磁场不但有大小而且方向，方向相同则相加，方向相反则相减．
【解答】无限长直导线ab、cd、ef，构成一个等边三角形，且三根导线中通以大小相等、方向如图所示的电流，O为三角形的中心，O点磁感应强度大小为B2，因为直导线ab、cd关于O点对称，所以这两导线在O点的磁场为零，则磁感应强度大小B2是由直导线ef产生的，而直导线ab、ef关于N点对称，所以这两根直导线的磁场为零，因此N点的磁感应强度大小为B2。
因为M点的磁感应强度为B1=Bef+Bcd+Bab，又因为Bab=B2，Bef与Bcd大小相等，
故 。
当撤去导线ab，其余两根导线在N点的磁感应强度大小为：
故选D。
11．【答案】B
【解析】【分析】由题意可知线圈B中产生使电流表指针向右偏转的条件，然后分析各选项即可。【解答】由题意可知当P向左滑动时，电阻变大，故线圈B中的电流变小，故线圈A中的磁通量变小，且电流计指针向右偏转，故可知；
A.线圈A向上移动，导致穿过线圈B的磁通量减小，能引起电流计指针向右左偏转，故A错误；
B.当铁芯拔出或断开开关时，A中磁场减小，故B中磁通量减小，指针向右偏转，故B正确；
C.滑片匀速运动时，A中也会产生变化的磁场，故B中同样会产生感应电流，故指针不会静止，故C错误；
D.由以上分析可知，D错误。
故选B。
12．【答案】A
【解析】【解答】设在上图中，电路与电源相接的两个接头中，上端接头与火线相接，下端接头与零线相接，则图中电灯丙的连接是正确的，插座甲直接接在火线上，不对．应将插座甲取去并将其左、右两条线直接连在一起．作此改正后，则插座丁的连接是正确的，而对于灯泡乙来说，则应将开关S移至乙灯的上端，才是正确的接法。在上图的电路中，若拆掉灯丙将两条导线连在一起．此后，若将开关S1闭合，则会造成电路中火线与零线短路，这是有危险的．若拆掉插座甲，将两条导线连在一起，这正是把电路中的错误接法改为正确接法，不会产生危险．若拆掉开关S3，将两条导线连在一起，则灯乙将没有开关控制而一直处于工作状态，但并不会发生危．若拆掉开关S2，将两条导线连在一起，则使插座丁没有另外的开关控制而此插座仍能正常起作用并不会发生危险．
【分析】电路故障的分析，要求对家庭电路的连接方式非常熟悉。
13．【答案】C
【解析】【分析】电器短路，电器就相当于变成了一根导线，电阻会变得很小
【解答】A.如果等L2短路，则会导致电流中的电流很大，保险丝会被烧断，与题意不符，A错误
B.如果L2所在支路开路，则测电笔在d点就不发光了，与题意不符，B错误
C.c、d两点间开路，使得L2中没有电流通过，灯泡L2不亮，由于b到d之间的元件都与火线相连，用测电笔测会发光，与题意相符，C正确
D. c点左侧的零线的干路，干路断了的话会导致所有支路都没有电流通过了，因此L1和L2都不会亮，D与题意不符，D错误
故答案为：C
14．【答案】B
【解析】【分析】触电的两个条件：① 接触火线或与火线连通的位置；②形成通路。
【解答】A.甲站在绝缘凳上同时接触火线和零线时，此时火线通过人体与零线构成通路，会发生触电，故A不合题意；
B.乙站在绝缘凳上仅接触火线，但是不能与大地构成通路，不会发生触电，故B符合题意；
C.丙站在地上仅接触火线，火线通过人体和大地构成通路，会发生触电事故，故C不合题意；
D.丁站在地上同时接触火线和零线，此时火线通过人体与零线构成通路，会发生触电，故不合题意。
故选B。
15．【答案】B
【解析】【解答】当开关闭合后，电路中有电流，电磁铁有磁性，吸引衔铁，衔铁被吸下的同时，打击铃碗，发出声音。此时电路始终接通，电磁铁始终吸引衔铁，衔铁不会回弹，所以钉锤不能再重复打击铃碗。故选B
【分析】电铃发出声音是受到钉锤的敲击而产生的．不能连续发声，是钉锤不会连续敲击造成的，从此入手分析即可解决此题。
16．【答案】D
【解析】【分析】根据短路的知识分析判断。
【解答】在正常情况下，动车组接在火线和零线之间，因为有电流通过，所以动车组可以正常运行。如果风筝线搭在火线上，由于风筝线几乎没有电阻，所以电流全部从风筝线流入大地，从而将动车组短路，导致列车停止运行，如下图所示，故D正确，而A、B、C错误。
故选D。
17．【答案】A
【解析】【分析】A.根据电磁铁的工作原理判断；
B.磁场是客观存在的；
C.根据安培定则判断电磁铁的磁极方向；
D.用电器相互影响为串联，不相互影响为并联。
【解答】A.该门锁的主要结构为电磁铁，应用了电生磁的原理，故A正确；
B.电流周围的磁场是客观存在的，故B错误；
C.闭合开关后，线圈上电流方向向上。右手握住螺线管，弯曲的四指指尖向上，此时大拇指指向左端，则左端为N极，故C错误；
D.各门各户的门锁不能相互影响，应该为并联，故D错误。
故选A。
18．【答案】C
【解析】【分析】根据对直流电动机的结构、工作过程的认识判断。
【解答】A.电动机通电后不转，可能是电路断路，也可能是线圈阻力太大，或者线圈处于平衡位置，故A错误；
B.线圈连续转动是靠换向器改变线圈里电流方向来实现的，故B错误；
C.改变磁场方向或改变电流方向，都可以改变线圈转动的方向，故C正确；
D.将磁体的磁极对调一下，只能改变磁场的方向，从而改变线圈转动方向，而不能改变线圈的转速，故D错误。
故选C。
19．【答案】A
【解析】【分析】安培定则，也叫右手螺旋定则，是表示电流和电流激发磁场的磁感线方向间关系的定则。通电直导线中的安培定则（安培定则一）：用右手握住通电直导线，让大拇指指向电流的方向，那么四指指向就是磁感线的环绕方向；通电螺线管中的安培定则（安培定则二）：用右手握住通电螺线管，让四指指向电流的方向，那么大拇指所指的那一端是通电螺线管的N极。
【解答】由图可知，电子流竖直向上移动，则形成的电流方向，竖直向下；根据安培定则的应用可知，拇指指向电流方向，则四指弯向磁场方向：自右向左；故A符合；
故答案为：A
20．【答案】C
【解析】【分析】A.运用安培定则判断电磁铁上端的磁极；
B.当控制电路线圈中的电流变小时，电磁铁的磁性减弱，衔铁与上端的静触点接触，喇叭报警，警示输液管中没有药液流过；
C.根据图乙中光敏电阻的阻值与光照强度的关系，结合电磁继电器的工作原理分析；
D.在线圈匝数不变时，通过电磁铁的电流越大，电磁铁的磁性越强。
【解答】由图2知，控制电路是由定值电阻R和光敏电阻组成的串联电路，当控制电路中电流减小，电磁铁磁性减弱，衔铁在弹簧的作用下向上弹起，使动触点与上端的静触点接触，喇叭报警；
A.运用安培定则可知，电磁铁的上端是 N极，故A错误；
B.输液管中没有药液流过时，喇叭报警，说明衔铁与上端的静触点接触，电磁铁的磁性减弱，控制电路线圈中的电流应该是变小的，故B错误；
C.当输液管内有药水时，LED灯发出的光将被会聚到光敏电阻上，由图乙知光照强度增大，光敏电阻的阻值减小，控制电路电流增大，电磁铁磁性增强，衔铁会被吸下，故C正确；
D.调试时，输液管中有无药液流过都会报警，说明电磁铁的磁性较弱，换用电阻更小的R0，可以增大线圈中的电流从而增强电磁铁的磁性，故D错误。
故答案为：C。
21．【答案】先变小后变大
【解析】【分析】磁体的两端磁性最强，中间磁性最弱；对小铁块进行受力分析后判断压力的变化即可。
【解答】铁块对磁铁的压力等于自身重力和磁铁的引力的和，即；
小铁块无论在N极，还是在磁铁的S极，铁块都会受到磁铁的引力；因为磁铁的两端磁性最强，所以铁块受到的引力最大；磁铁的中间磁性最弱，所以铁块在磁铁中间时受到的磁力最小。
那么小铁块对磁铁的压力变化为：先变小后变大。
故答案为：先变小后变大
22．【答案】S；左；流入；线圈中的电流方向
【解析】【分析】 电磁铁原理是：磁铁能吸引铁、钴、镍等物质，其原理在于电流产生的磁场会磁化别的物体，磁化后的物体会产生电场，电场之间的互相作用产生力的作用。电磁铁磁场方向随着电流方向的改变而改变；
【解答】 活塞筒通过阀门与血管相通，阀门S1只能向外开启，S2只能向内开启，线圈中的电流从A流向B时，根据右手定则，四指指的是电流方向，大拇指指的是N极的指向，所以电磁铁左端是S ，两个磁体属于异名磁极相互吸引，所以活塞向左运动，血液流入活塞筒； 该装置工作时，是通过改变电流方向来改变通电螺线管的磁极方向，从而改变活塞的运动方向的。
故答案为：S，左，流入，线圈中的电流方向
23．【答案】等于；小于
【解析】【分析】（1）巨磁电阻的阻值只会受到磁场强度的影响，不会受到磁场方向的影响，据此判断电流表示数的变化；
（2）螺线管的磁场与条形磁铁相似，两端磁性最强，中间磁性最弱，据此判断巨磁电阻的阻值变化，进而得到电流表的示数变化。
【解答】（1）保持GMR位置不变，将电源的正负极对调，只会改变磁场的方向，不会改变磁场的强弱，因此巨磁电阻的阻值不变，则此时电流表的示数将等于I；
（2）将GMR移至螺线管上方的中间位置，这个位置的磁场最弱，因此巨磁电阻的阻值增大，那么电流表的示数将小于I。
24．【答案】C；B；电流方向或磁场方向
【解析】【分析】奥斯特实验证明：电流周围存在磁场。电动机的原理：通电导体在磁场中受到力的作用。电动机的转动方向跟磁场方向和电流方向有关。
【解答】A图研究的是电磁感应现象，是发电机的原理；B图研究的是通电导体在磁场中受到力的作用，是电动机的原理；C图研究的是奥斯特实验，证明电流周围存在磁场。电动机的转动方向跟磁场方向和电流方向有关，因此要改变电动机的转动方向可以改变电动机电流方向或磁场方向。
故答案为：C；B；电动机电流方向或磁场方向。
25．【答案】负；“1”或“3”
【解析】【分析】（1）首先根据“异名磁极相互吸引”判断电磁铁的磁极，然后根据安培定则判断线圈上的电流方向，进而确定a端接电源的正极还是负极；
（2）首先确定电磁铁右端磁感线的方向，然后判断哪个方向的运动切割磁感线即可。
【解答】（1）小磁针的右端是N极，左端是S极，根据“异名磁极相互吸引”可知，电磁铁的左端是N极。右手握住螺线管，大拇指指向左边，四指指向上面，因此线圈上电流向上，那么b端接电源正极，a端接电源负极；
（2）电磁铁右端的磁感线方向是水平向右的，只有沿1和3两个方向运动时才切割磁感线，才能产生感应电流。
故答案为：（1）负；（2）1或3
26．【答案】丙；右；220
【解析】【分析】（1）家庭电路中有火线和零线，火线带电零线不带电，两者间的电压为220V；（2）测电笔的使用方法：正确方法：手触笔尾金属体；笔尖金属体触火线时氖管发光，触零线时氖管不发光。不正确方法：手没触笔尾金属体；笔尖金属体触火线时氖管仍不发光。
【解答】由分析可知，如图甲所示是测电笔的结构，图乙和图丙中，正确使用测电笔的是图丙，当用它插入插座的左孔时氖管不亮，插入右孔时氖管发光，则说明火线在插座的右孔。家庭电路插座中左、右两孔之间的电压是220伏。
故答案为：丙；右；220
27．【答案】N；电动机
【解析】【分析】（1）根据安培定则判断电磁铁的磁极方向；
（2）电动机将电能转化为机械能，发电机将机械能转化为内能。
【解答】（1）根据图片可知，线圈上电流方向向左。右手握住螺线管，弯曲的四指指尖向左，此时大拇指指向上端，则上端为电磁铁的N极。
（2） 闭合开关，用手轻推一下线圈，线圈会持续转动，将电能转化为机械能，为电动机。
28．【答案】（1）解：如图所示：
（2）解：如图所示：
（3）解：如图所示：
【解析】【分析】（1）根据磁极之间的相互作用规律判断条形磁铁的磁极；在磁体外部，磁感线总是从磁体的N极出来，回到S极；
（2）首先根据磁感线的方向确定螺线管的磁极方向，然后根据安培定则判断线圈上的电流方向，从而确定电源的正负极。最后根据磁极之间的相互作用规律判断小磁针的磁极方向。
（3）根据家庭电路连接的知识分析解答。
【解答】（1）小磁针的左端为N极，根据“异名磁极相互吸引”可知，条形磁体的左端为S极，右端为N极。根据磁感线的环绕方向可知，磁感线上的箭头应该都是向左的，如下图所示：
（2）①在磁体外部，磁感线总是从N极出来，则螺线管的右端为N极。右手握住螺线管，大拇指指向右端，此时弯曲的四指指尖向下，即线圈上电流方向向下，因此电源的右端为“+”极，左端为“-”极；
②根据“异名磁极相互吸引”可知，小磁针的右端为S极，左端为N极。
（3）①控制灯泡的开关S与灯泡串联，且开关与火线连接，灯泡与零线连接；
②三孔插座的左孔接零线，右孔接火线，中间孔接地线，如下图所示：
29．【答案】（1）C
（2）C
（3）BC
【解析】【分析】（1）指针要向右正常偏转，那么电磁铁就要对条形磁体产生吸引，据此确定电磁铁的极性，然后根据安培定则判断电流方向即可；
（2）电磁力与距离成反比，即靠近后，小磁铁受到的吸引力增大，据此分析判断；
（3）量程变大，即偏转相同的刻度时示数变大，也就是测量相同的电流时指针偏转角度变小，受到的电磁力最小，据此分析判断。
【解答】（1）当电流通过电磁铁时，指针绕O点顺时针偏转，说明小磁铁的和电磁铁相互吸引，所以可以判断电磁铁的右端是S极，左端是N极。用右手握住螺线管，大拇指指向左端，此时弯曲的四指指尖向上，即线圈上电流方向向上，因此电流从右端进入，左端流出，可以判断C为“+”接线柱。
（2）A.电路断开时，电路里没有电流，即电流为零，因此，电磁铁靠近小磁铁不会改变零刻度位置，故A错误；
B.电磁铁适当靠近小磁铁后，电磁铁的极性方向并没有发生改变，因此指针偏转方向不变，故B错误；
C.若将电磁铁适当靠近小磁铁，电磁铁对小磁铁的吸引增强，在相同电流时，指针偏转角度更大，其中的小格数更多，因此电流表的分度值会更小，即电流表的精确度会提高，故C正确；
D.若将电磁铁适当靠近小磁铁，电磁铁对小磁铁的吸引增强，即相同的电流时，指针的偏转角度更大，
那么最大刻度表示的电流值会减小，即量程减小，故D错误。
故选C。
（3）根据图片可知，当选择接线柱BC时，线圈的匝数最小，此时小磁铁受到的电磁力最小，偏转角度最小，因此在相同的偏转角度下可以表示更大的电流，即量程最大。
30．【答案】（1）南北
（2）两根导线会相互排斥
（3）平行通电导线之间相互作用力F的大小与I1、I2成正比， 与r成反比
【解析】【分析】 (1) 由于小磁针静止时要指南北方向，在验证电流周围有磁场时，一般也把直 导线南北放置，这样在直导线下方的磁场向是东西方向的：
(2)电磁场的方向与电流的方向有关据此进行分析：
(3)由表中数据可知，研究平行通电导线之间力的作用与导线长度，电流大小、导线之间的距离的关系，研究与其中-个因素的关系时，要控制另外的因素不变根据表中数据得出结论。
【解答】（1）由于小磁针受到地磁场的作用，要指南北方向，为了观察到明显的偏转现象，应使电流产生的磁场方向为东西方向，故应使把直导线南北方向放置。
（2）电流产生的磁场方向是由电流的方向决定的，当一个通电导体中电流的方向改变时，它产生的磁场方向也会发生改变；而磁场对通电导体的作用力的方向与电流的方向和磁场的方向有关，另一个通电导体中电流的方向不变，但磁场的方向变化了，它受到的磁场力的方向就会改变，所以改变其中一根导线的电流方向，产生的实验现象是两根导线将会相互排斥。
（3）①分析1、2实验可知：在两个导线中电流大小和导线之间的距离r相同时，导线越长，平行通电导线之间相互作用力F越大，说明其他条件不变时，平行通电导线之间作用力的大小F与电流成正比；②分析1、3实验可知：在两个导线的长度和导线之间的距离r相同时，电流越大，平行通电导线之间相互作用力F越大，说明其他条件不变时，平行通电导线之间作用力的大小F与导线的长度成正比；③分析1、4实验可知：在导线长度和两个导线中电流大小相同时，导线之间的距离r越小，平行通电导线之间相互作用力F越大，说明其他条件不变时，平行通电导线之间作用力的大小F与导线之间的距离r成反比。
31．【答案】（1）电流产生了磁场
（2）小磁针保持原来的偏转角度几乎不变
（3）A
【解析】【分析】（1）根据自己的知识储备和生活经验对其进行猜想；
（2）如果猜想一正确，那么小磁针的偏转与产生的热量有关，那么在导线和玻璃罩之间放入玻璃等阻挡物后，小磁针将不会受到温度变化引起的空气对流影响，即小磁针的指向会发生改变。
（3）根据安培定则判断磁场方向的改变，根据电流大小变化判断磁场强弱的改变。
【解答】（1）将小磁针放在条形磁铁附近时，小磁针的指向会发生变化，因此猜想二为：可能是因为电流产生了磁场，从而导致小磁针的偏转。
（2）奥斯特通过在玻璃罩和上方的导线之间加入金箔、玻璃等介质，排除空气对流的影响，他仍观察到小磁针保持原来的偏转角度几乎不变的现象，从而否定猜想一。
（3）比较甲和丙图可知，二者电源的正负极方向相反，则通过导线的电流方向相反，那么电流产生磁场的方向相反，则小磁针受到磁力的作用方向相反，即丙中小磁针沿顺时针方向偏转。
相同长度的粗铂丝比细铂丝电阻更小，则电流更大，那么丙中电流产生的磁场更强，小磁针偏转角度更大。
故选A。
32．【答案】（1）观察感应电流方向
（2）感应电流方向与导体切割磁感线运动方向有关
（3）条形强磁铁的 S极朝下放置，将条形强磁铁快速向下插入线圈中，观察LED灯的发光情况
【解析】【分析】 （1）根据LED灯的工作特点进行分析解答。
（2）分析实验现象得出结论。
（3）探究感应电流的方向跟磁场方向之间的关系，需要保证导体运动方向不变，只改变磁场的方向。
【解答】 （1）LED灯具有单向导电性，实验中选用LED灯是为了便于判断电流的方向。
（2）条形强磁铁的N极朝下放置，将条形强磁铁快速向下插入线圈中，发现A灯发光，B灯不发光；再将插入线圈中的条形强磁铁快速向上拔出，发现B灯发光，A灯不发光，这说明导体切割磁感线的运动方向不同，电流方向不同，故结论为：感应电流的方向与导体切割磁感线的运动方向有关。
（3）若要想证明“感应电流的方向与磁场方向有关”，应改变磁场的方向，而其他条件不变，即条形强磁铁的S极朝下放置，将条形强磁铁快速向下插入线圈中，观察两灯泡的发光情况。
故答案为：（1）判断电流的方向；（2）感应电流方向与导体切割磁感线运动方向有关；（3）条形强磁铁的S极朝下放置，将条形强磁铁快速向下插入线圈中，观察两灯泡的发光情况 。
33．【答案】（1）反映感应电流的产生和大小
（2）导体做切割磁感线运动的速度
（3）将下面线圈换成匝数更多的电磁铁，让强磁铁从上面落下，观察上下两个灯泡的亮度变化即可
【解析】【分析】（1）当有电流经过时，二极管会发光，且经过的感应电流越大，二极管的亮度越大；
（2）根据描述分析哪个因素发生改变即可；
（3）根据控制变量法的要求可知，探究感应电流大小与线圈匝数的关系时，要控制磁场强弱相同，只改变线圈匝数，据此分析解答。
【解答】（1） 实验中，发光二极管的作用是反映感应电流的产生和大小。
（2）当强磁铁从上面下落时，速度越来越快，即通过下面线圈的速度大于通过上面线圈的速度，那么可以探究导体做切割磁感线运动的速度对产生感应电流大小的影响。
（3） 为进一步探究线圈匝数对电磁感应产生的感应电流大小的影响，后续进行的操作是 ：将下面线圈换成匝数更多的电磁铁，让强磁铁从上面落下，观察上下两个灯泡的亮度变化即可。
34．【答案】（1）减小
（2）3.0
（3）小
【解析】【分析】根据已知条件，由欧姆定律，求出控制电路的总电阻至少为多少；若要提高该烟雾报警器的灵敏度，改换一个光敏电阻，使其在相对光强E一样时，阻值R与之前相比更小，线圈中的电流更容易到达设定电流。
【解答】（1） 根据表中数据，得出光敏电阻的阻值R 随光强E的增强而减小；
（2）)如果当线圈中的电流大于或等于 0. 2A 时，继电器的衔 铁被吸合，由欧姆定律得，控制电路的总电阻最大为： ，则光敏电阻的最大值为 ，由表中数据，光敏电阻接收到的光照强度需要在 3.0cd 以上。
(3)若要提高该烟雾报警器的灵敏度，改换一个光敏电阻，使其在相对光强E一样时，阻值R与之前相比更小，线圈中的电流更容易到达设定电流。
35．【答案】（1）图乙
（2）若设置电池温度为60℃启动制冷系统，由图乙可知，当温度为60℃时， Rt的阻值为70Ω，
由欧姆定律可得此时控制电路的总电阻，
滑动变阻器接入的电阻为Rp=R-Rt=240Ω-70Ω=170Ω；
（3）85-90
【解析】【分析】由图甲可得：ab连接时，衔铁向上，电磁铁磁性需变弱，电阻变大导致电流变小，所以温度越高电阻越大，符合图丙，bc连接时，衔铁向下，电磁铁磁性需变强，电阻变小导致电流变大，所以温度越高电阻越小，符合图乙。控制电路中Rp与Rt串联，串联电路，电流处处相等，电压之和等于总电压，电阻之和等于总电阻，再根据欧姆定律进行求解。
【解答】(1)将b与c相接，电池温度过高时，立即启动制冷系统进行降温，电磁铁的线圈中电流应变大，磁性增大以吸合衔铁，则热敏电阻Rt应变小，即其电阻随温度升高而减小，由图乙知，热敏电阻R的电阻随温度升高而减小，由图丙知，热敏电阻Rt的电阻随温度升高而增大，故选择图乙的热敏电阻；
(3)当滑动变阻器接入电路最大阻值200Ω时，
热敏电阻的阻值最小为Rt=R-Rp=240Ω-200Ω=40Ω
此时该电路启动制冷系统时可设置的最高温度 为90℃
36．【答案】（1）B
（2）具有
（3）磁
（4）小
【解析】【分析】（1）根据‘’组成三层膜的两种金属中，有一种是铁、钴、镍这三种容易被磁化的金属中的一种，另一种是不易被磁化的其他金属，才可能产生“巨磁电阻效应‘’分析判断；
（2）根据图像判断此时两个电阻的比值是否发生明显变化即可；
（3）根据“根据“巨磁电阻效应”原理，研制出“新型读出磁头”，将磁场对复合膜阻值的影响转换成电流的变化来读取信息”分析解答；
（4）根据图像分析解答。
【解答】（1）组成三层复合膜的材料中，一种是铁磁性材料，另外一种不是铁磁性材料。
A.铜和银都不是铁磁性材料，故A错误；
B.铁是铁磁性材料，铜不是铁磁性材料，故B正确；
C.铜和铝都不是铁磁性材料，故C错误；
D.铁和镍都是铁磁性材料，故D错误。
故选B。
（2）根据图像可知，当膜层的厚度是1.7nm时，R与R0的比值很小，即电阻产生了巨大变化，则这种复合膜具有巨磁电阻效应。
（3）”新型读出磁头”可将微弱的磁信息转化为电信息；
（4）根据图片可知，铁、铬组成的复合膜，发生“巨磁电阻效应”时，其电阻R比未加磁场时的电阻R0小得多。
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