鲁科版必修2高考题同步试卷：3.3
饮食中的有机化合物（01）
一．选择题（共27小题）
1．根据官能团分类，下列物质中与属于同一类物质的是（ ）
A．
B．
C．
D．
2．化学是你，化学是我，化学深入我们生活．下列说法正确的是（ ）
A．食用花生油和鸡蛋清都能发生水解反应
B．木材纤维和土豆淀粉遇碘水均显蓝色
C．包装用材料聚乙烯和聚氯乙烯都属于烃
D．PX项目的主要产品对二甲苯属于饱和烃
3．化学在生产和生活中有着广泛的应用，下列说法中错误的是（ ）
A．食品加工中禁止使用食品添加剂
B．家庭中可用尿糖试纸检测尿液中的葡萄糖含量
C．煤的气化和液化过程都有化学变化
D．用浸泡过高锰酸钾溶液的硅藻土吸收水果产生的乙烯以达到保鲜的目的
4．下列说法中错误的是（ ）
A．无论是乙烯与Br2的加成反应，还是乙烯使酸性KMnO4溶液褪色，都与乙烯分子内含有碳碳双键有关
B．用溴的CCl4溶液或酸性KMnO4溶液都可以鉴别乙烯和乙烷
C．相同质量的乙烯和甲烷完全燃烧后产生的水的质量相同
D．利用燃烧的方法可以鉴别乙烯和甲烷
5．下列说法正确的是（ ）
A．植物油的主要成分是高级脂肪酸
B．甲烷和乙烯都能与氯气发生反应，但发生反应的类型不同
C．蔗糖及其水解产物均可发生银镜反应
D．乙醇在一定条件下变为乙醛的反应属于消去反应
6．肽键是蛋白质哪级结构中的主键（ ）
A．一级结构
B．二级结构
C．三级结构
D．四级结构
7．如图表示4﹣溴环己烯所发生的4个不同反应．其中，产物还含有二种官能团的反应是（ ）
已知：CH3CH＝CHCH3
CH3COOH．
A．①④
B．③④
C．②③
D．①②
8．下列有机物在适量的浓度时，不能用于杀菌、消毒的是（ ）
A．苯酚溶液
B．乙醇溶液
C．乙酸溶液
D．乙酸乙酯溶液
9．甲烷是最简单的烷烃，乙烯是最简单的烯烃，下列物质中，不能用来鉴别二者的是（ ）
A．紫色石蕊溶液
B．溴的四氯化碳溶液
C．酸性高锰酸钾溶液
D．溴水
10．下列与有机物的结构、性质有关的叙述正确的是（ ）
A．聚氯乙烯、油脂均能使酸性KMnO4溶液褪色
B．石油的主要成分是烃，煤经过分馏可制得焦炭、煤焦油等产品
C．淀粉、纤维素的组成都可以用（C6H10O5）n表示，二者互为同分异构体
D．乙酸和乙醇可以生酯化反应，又都可以与钠发生置换反应
11．下列化合物中既可以发生消去反应生成烯烃，又可以发生水解反应的是（ ）
A．CH3Cl
B．
C．
D．
12．对于如图所示有机物，要引入羟基（﹣OH），可能的方法有哪些（ ）
①加成②溴原子的水解③还原④酯基的水解
A．①②
B．②③
C．①③
D．①②③④
13．下列含溴化合物中的溴原子，在适当条件下都能被羟基（﹣OH）取代（均可称之为水解反应），所得产物能跟Na2CO3溶液反应的是（ ）
A．
B．
C．
D．
14．由乙烯推测丙烯（CH3CH═CH2）的结构或性质正确的是（ ）
A．分子中三个碳原子在同一条直线上
B．能发生加聚反应
C．与HCl加成只生成一种产物
D．分子中所有原子都在同一平面上
15．下列各类烃中，碳氢两元素的质量比为定值的是（ ）
A．烷烃
B．环烷烃
C．二烯烃
D．苯的同系物
16．某有机化合物，只含碳、氢二种元素，相对分子质量为56，完全燃烧时产生等物质的量的CO2和H2O．它可能的结构共有（需考虑顺反异构）（ ）
A．3种
B．4种
C．5种
D．6种
17．过量的下列溶液与水杨酸（）反应能得到化学式为C7H5O3Na的是（ ）
A．NaHCO3溶液
B．Na2CO3溶液
C．NaOH溶液
D．NaCl溶液
18．下列说法正确的是（ ）
A．油脂在酸性或碱性条件下均能发生水解反应，且产物相同
B．用核磁共振氢谱不能区分HCOOCH3和HCOOCH2CH3
C．用Na2CO3溶液不能区分CH3COOH和CH3COOCH2CH3
D．室温下，在水中的溶解度：丙三醇＞苯酚＞1﹣氯丁烷
19．我国自主研发对二甲苯的绿色合成路线如图所示，有关说法正确的是（ ）
A．过程①发生了取代反应
B．M的结构简式为
C．利用相同的原料和原理，也能合成邻二甲苯
D．该合成路线原子利用率为100%
20．泰雅紫是古代地中海沿岸出产的一种贵重染料，罗马帝王用法律规定，只有皇族与教主可穿用这种染料染的紫色衣袍．当时人们是从小的紫蜗牛中提取泰雅紫的，制备1.5g泰雅紫需要多达12000只紫蜗牛，现知其结构为如下图所示的含溴有机化合物，下列说法不正确的是
（ ）
A．泰雅紫分子的分子式为：C16H8N2Br2O2
B．1mol泰雅紫与H2加成最多需9molH2
C．泰雅紫属于烃的衍生物
D．检验泰雅紫中溴元素可直接加入硝酸银溶液，观察是否有浅黄色沉淀生成
21．草莓酸的结构简式为CH3CH2CH＝C（CH3）COOH，以下叙述正确的是（ ）
A．草莓酸的分子式为C6H12O2
B．草莓酸能使酸性高锰酸钾溶液褪色
C．一定条件下1mol草莓酸能和2mol
H2发生反应
D．一定条件下草莓酸只能发生加成、加聚，不能发生取代反应
22．NM﹣3和D﹣58是正处于临床试验阶段的小分子抗癌药物，结构如下：
关于NM﹣3和D﹣58的叙述，错误的是（ ）
A．都能与NaOH溶液反应，原因不完全相同
B．都能与溴水反应，原因不完全相同
C．都不能发生消去反应，原因相同
D．遇FeCl3溶液都显色，原因相同
23．下列说法正确的是（ ）
A．实验室从海带提取单质碘的方法是：取样
灼烧
溶解
过滤
萃取
B．氯离子存在时，铝表面的氧化膜易被破坏，因此含盐腌制品不宜直接放在铝制容器中
C．用乙醇和浓H2SO4制备乙烯时，可用水浴加热控制反应的温度
D．将（NH4）2SO4、CuSO4溶液分别加入蛋白质溶液，都出现沉淀，表明二者均可使蛋白质变性
24．当前，在食品生产经营中违法添加非食用物质和滥用食品添加剂已成为影响食品安全的突出问题．莱克多巴胺是一种可使猪“长出瘦肉”的饲料添加剂，在生猪饲养中被禁止使用．其结构如右，有关它的叙述正确的是（ ）
A．属于芳香烃
B．化学式C17H23NO3
C．能发生酯化反应
D．不能发生消去反应
25．中国是中草药的发源地，目前中国大约有12000种药用植物。从某中草药中提取的某有机物的结构如图所示，下列有关该有机物的说法中不正确的是（ ）
A．分子式为C14H18O6
B．环上的一氯代物（取代氢原子）有5种
C．1mol该有机物与足量的金属钠反应可产生4mol
H2
D．能发生酯化反应、加成反应
26．咖啡鞣酸具有较广泛的抗菌作用，其结构简式如图所示，下列叙述不正确的是（ ）
A．咖啡鞣酸与浓溴水既能发生取代反应又能发生加成反应
B．咖啡鞣酸分子中与苯环直接相连的原子都在同一平面上
C．1
mol咖啡鞣酸在碱性条件下水解时，可消耗8
mol
NaOH
D．咖啡鞣酸的分子式为C16H18O9
27．确定有机化合物组成和结构的方法很多，下列说法错误的是（ ）
A．质谱仪可用于有机物相对分子质量的测定
B．异丁烷的核磁共振氢谱中有2组峰
C．核酸是生物体遗传信息的载体，通过红外光谱可检测其结构中存在多种单键、双键、氢键等化学键
D．X﹣射线衍射法测得环异戊二烯的结构为，其所有原子不可能共平面
二．解答题（共3小题）
28．可看作醇类的是
（填序号）；可看作酚类的是
（填序号）．
A．
B．
C．
D．
29．功能高分子W的合成路线如图。
（1）A的化学名称为
。
（2）试剂a是浓硝酸和浓硫酸，B的结构简式是
。
（3）反应③的化学方程式
。
（4）F中含有的官能团名称为
。
（5）反应⑤的反应类型是
。
（6）E与氢气发生加成反应可以生成化合物H，写出2种符合下列条件的化合物H的同分异构体的结构简式：
。
①与化合物H具有相同官能团②核磁共振氢谱为两组峰，峰面积之比为1：3
（7）已知①，②易被氧化，③氨基酸在一定条件下可发生缩聚反应。结合题目信息，设计以甲苯为起始原料制备的合成路线
。（其他无机试剂任选）
30．按要求填空
（1）写出
中官能团的名称：
．
（2）在光照条件下，甲苯与等物质的量Cl2反应的化学方程式为：
．
（3）键线式所表示物质的名称是：
．
（4）主链上有6个碳原子，有一个甲基和一个乙基作为支链的烷烃有
种．
鲁科版必修2高考题同步试卷：3.3
饮食中的有机化合物（01）
参考答案与试题解析
一．选择题（共27小题）
1．根据官能团分类，下列物质中与属于同一类物质的是（ ）
A．
B．
C．
D．
【分析】为苯酚，﹣OH与苯环直接相连的为酚，﹣OH与脂肪烃基相连的为醇，以此来解答。
【解答】解：A．为间甲基苯酚，与苯酚为同类物质，故A选；
B．为苯甲醇，为醇类物质，故B不选；
C．为乙酸，属于羧酸类物质，故C不选；
D．为环己醇，属于醇类物质，故D不选；
故选：A。
【点评】本题考查有机物的官能团及类别，为高频考点，把握有机物的组成、官能团为解答的关键，侧重分析与应用能力的考查，注意有机物的分类，题目难度不大。
2．化学是你，化学是我，化学深入我们生活．下列说法正确的是（ ）
A．食用花生油和鸡蛋清都能发生水解反应
B．木材纤维和土豆淀粉遇碘水均显蓝色
C．包装用材料聚乙烯和聚氯乙烯都属于烃
D．PX项目的主要产品对二甲苯属于饱和烃
【分析】A．油属于油脂含﹣COOC﹣，鸡蛋清为蛋白质含﹣CONH﹣；
B．淀粉遇碘变蓝；
C．聚氯乙烯含Cl元素；
D．对二甲苯含苯环．
【解答】解：A．油属于油脂含﹣COOC﹣，鸡蛋清为蛋白质含﹣CONH﹣，则均可发生水解反应，故A正确；
B．淀粉遇碘变蓝，则土豆淀粉遇碘水显蓝色，而木材纤维不能，故B错误；
C．聚氯乙烯含Cl元素，不属于烃，而聚乙烯属于烃，故C错误；
D．对二甲苯含苯环，为不饱和烃，故D错误；
故选：A。
【点评】本题考查有机物的结构与性质，为高频考点，把握官能团与性质的关系为解答的关键，侧重分析与应用能力的考查，注意常见有机物的性质及应用，题目难度不大．
3．化学在生产和生活中有着广泛的应用，下列说法中错误的是（ ）
A．食品加工中禁止使用食品添加剂
B．家庭中可用尿糖试纸检测尿液中的葡萄糖含量
C．煤的气化和液化过程都有化学变化
D．用浸泡过高锰酸钾溶液的硅藻土吸收水果产生的乙烯以达到保鲜的目的
【分析】A．食品添加剂可以改善食物的色、香、味并防止变质，但要按标准使用；
B．尿糖试纸与尿液相遇时，很快会因为尿液中葡萄糖的含量的少到多而不同颜色确；
C．煤的气化和液化过程都伴随着物理、化学变化；
D．乙烯能与酸性高锰酸钾反应，除掉乙烯能达到保鲜要求．
【解答】解：A．食品添加剂可以改善食物的色、香、味并防止变质，但要按标准使用，故A错误；
B．这种酶试纸与尿液相遇时，很快会因为尿液中葡萄糖的含量的少到多而依次呈现
浅蓝、浅绿、棕或深棕色，家庭中可用尿糖试纸检测尿液中的糖含量，故B正确；
C．煤的气化和液化过程都伴随着物理、化学变化，故C正确；
D．乙烯能与酸性高锰酸钾反应，除掉乙烯能达到保鲜要求，故D正确。
故选：A。
【点评】本题考查食品添加剂的使用、煤的气化和液化、乙烯的性质等，难度不大，注意家庭中用尿糖试纸检测尿液中的葡萄糖含量的原理．
4．下列说法中错误的是（ ）
A．无论是乙烯与Br2的加成反应，还是乙烯使酸性KMnO4溶液褪色，都与乙烯分子内含有碳碳双键有关
B．用溴的CCl4溶液或酸性KMnO4溶液都可以鉴别乙烯和乙烷
C．相同质量的乙烯和甲烷完全燃烧后产生的水的质量相同
D．利用燃烧的方法可以鉴别乙烯和甲烷
【分析】A．乙烯中含C＝C，能发生加成和氧化反应；
B．乙烯能与溴水或高锰酸钾溶液反应，而乙烷不能；
C．乙烯和甲烷中氢的质量分数不同；
D．乙烯比甲烷中的含碳量高．
【解答】解：A．乙烯中含C＝C，能发生加成和氧化反应，双键断裂，都与乙烯分子内含有碳碳双键有关，故A正确；
B．乙烯能与溴水或高锰酸钾溶液反应，使溶液褪色，而乙烷不能，现象不同，能鉴别，故B正确；
C．乙烯和甲烷中氢的质量分数不同，所以相同质量的乙烯和甲烷完全燃烧生成的水的质量不同，故C错误；
D．乙烯比甲烷中的含碳量高，燃烧时甲烷产生淡蓝色火焰，乙烯燃烧时火焰明亮并伴有黑烟，现象不同，能鉴别，故D正确；
故选：C。
【点评】本题考查有机物的鉴别，明确有机物的性质是解答本题的关键，熟悉烯烃、烷烃的性质即可解答，题目难度不大．
5．下列说法正确的是（ ）
A．植物油的主要成分是高级脂肪酸
B．甲烷和乙烯都能与氯气发生反应，但发生反应的类型不同
C．蔗糖及其水解产物均可发生银镜反应
D．乙醇在一定条件下变为乙醛的反应属于消去反应
【分析】A、植物油属于酯类；
B、甲烷属于烷烃，乙烯属于烯烃；
C、蔗糖结构中不含醛基；
D、乙醇生成乙醛的反应属于氧化反应。
【解答】解：A、植物油属于酯类，是不饱和高级脂肪酸的甘油酯，故A错误；
B、甲烷属于烷烃，和氯气发生取代反应，而乙烯属于烯烃，和氯气发生加成反应，故B正确；
C、蔗糖结构中不含醛基，故不能发生银镜反应，而其水解产物是葡萄糖，可以发生银镜反应，故C错误；
D、乙醇生成乙醛的反应属于氧化反应，不是消去反应，故D错误。
故选：B。
【点评】本题考查了糖类、油脂和蛋白质的性质，难度不大，应注意的是葡萄糖和麦芽糖属于还原性糖，而蔗糖不是。
6．肽键是蛋白质哪级结构中的主键（ ）
A．一级结构
B．二级结构
C．三级结构
D．四级结构
【分析】蛋白质分子中各种氨基酸的连接方式形成肽键和排列顺序是蛋白质的一级结构，据此解题．
【解答】解：蛋白质分子中各种氨基酸的连接方式形成肽键和排列顺序是蛋白质的一级结构；多肽链卷曲盘旋和折叠的空间结构、称为蛋白质的二级结构；蛋白质在二级结构基础上进一步盘曲折叠形成的三维结构称为蛋白质的三级结构，每一个具有三级结构的多肽称为亚基，而亚基的立体排布、亚基相互作用与布局称为蛋白质的四级结构。
故选：A。
【点评】本题考查蛋白质的结构，难度较小，旨在考查学生对基础知识的识记，注意基础知识的积累掌握．
7．如图表示4﹣溴环己烯所发生的4个不同反应．其中，产物还含有二种官能团的反应是（ ）
已知：CH3CH＝CHCH3
CH3COOH．
A．①④
B．③④
C．②③
D．①②
【分析】由结构可知，有机物中含C＝C和﹣Br，①为氧化反应，②为水解反应，③为消去反应，④为加成反应，以此来解答．
【解答】解：由结构可知，有机物中含C＝C和﹣Br，
①为氧化反应，氧化后得到羧基、﹣Br两种官能团；
②为水解反应，得到C＝C和﹣OH两种官能团；
③为消去反应，产物中只有C＝C；
④为加成反应，产物中只有﹣Br，
则产物还含有二种官能团的反应为①②，
故选：D。
【点评】本题考查有机物的官能团与性质的关系，注意反应条件和反应类型的关系是解答的关键，明确烯烃、卤代烃的性质即可解答，题目难度不大．
8．下列有机物在适量的浓度时，不能用于杀菌、消毒的是（ ）
A．苯酚溶液
B．乙醇溶液
C．乙酸溶液
D．乙酸乙酯溶液
【分析】细菌病毒的成分是蛋白质，杀菌消毒即能使蛋白质发生变性．
【解答】解：A．苯酚溶液能杀菌消毒，故A错误；
B．75%乙醇溶液能杀菌消毒，故B错误；
C．乙酸溶液能杀菌消毒，故C错误；
D．乙酸乙酯溶液不能杀菌消毒，故D正确。
故选：D。
【点评】本题考查常见的消毒剂，题目难度不大，注意记住常见的消毒剂即可．
9．甲烷是最简单的烷烃，乙烯是最简单的烯烃，下列物质中，不能用来鉴别二者的是（ ）
A．紫色石蕊溶液
B．溴的四氯化碳溶液
C．酸性高锰酸钾溶液
D．溴水
【分析】甲烷属于饱和烃，性质较稳定，乙烯中含有C＝C官能团，能与溴发生加成反应，与酸性高锰酸钾溶液发生氧化还原反应．
【解答】解：A．甲烷和乙烯都不能溶于水，水无法鉴别二者，故A选；
B．乙烯与溴发生加成反应而使溴的四氯化碳溶液褪色，故B不选；
C．乙烯中含有C＝C官能团，与酸性高锰酸钾溶液发生氧化还原反应，酸性高锰酸钾溶液褪色，可鉴别，故C不选；
D．乙烯与溴发生加成反应而使溴水褪色，故D不选。
故选：A。
【点评】本题考查有机物的鉴别，侧重有机物性质的考查，明确乙烯、甲烷的性质是解答的关键，题目难度不大．
10．下列与有机物的结构、性质有关的叙述正确的是（ ）
A．聚氯乙烯、油脂均能使酸性KMnO4溶液褪色
B．石油的主要成分是烃，煤经过分馏可制得焦炭、煤焦油等产品
C．淀粉、纤维素的组成都可以用（C6H10O5）n表示，二者互为同分异构体
D．乙酸和乙醇可以生酯化反应，又都可以与钠发生置换反应
【分析】A．油脂中含有不饱和烃基，可与高锰酸钾发生反应；
B．煤的加工常采用干馏；
C．淀粉和纤维素虽具有相同的表示式，但n不同，则分子式不同；
D．钠能与羟基和羧基反应．
【解答】解：A．聚氯乙烯不能使酸性高锰酸钾褪色，但油脂中含有C＝C官能团，可与酸性高锰酸钾发生氧化还原反应而使高锰酸钾褪色，故A错误；
B．煤经过干馏可制得焦炭、煤焦油等产品，故B错误；
C．同分异构体是分子式相同，结构式不同的化合物，淀粉和纤维素虽具有相同的表示式，但n不同，则分子式不同，故不是同分异构体，故C错误；
D．钠能与羟基和羧基反应生成氢气，故D正确。
故选：D。
【点评】本题考查同分异构体、煤的加工和有机物的性质，难度不大，明确有机物的官能团和性质是解题的关键．
11．下列化合物中既可以发生消去反应生成烯烃，又可以发生水解反应的是（ ）
A．CH3Cl
B．
C．
D．
【分析】卤代烃发生消去反应的结构特点是：与﹣X相连碳的相邻碳原子上有氢原子的才能发生消去反应，形成不饱和键；
所有卤代烃均能发生水解反应，反应实质为﹣X被﹣OH取代．
【解答】解：A．CH3Cl只含有1个碳原子，不能发生消去反应，故A错误；
B．与Cl相连碳的邻位碳上有H，能发生消去反应生成对应的烯，Cl能发生水解反应生成醇，故B正确；
C．与Brl原子相连的碳原子的相邻碳原子上没有氢原子，所以不能发生消去反应，故C错误；
D．与Br原子相连的碳原子的相邻碳原子上没有氢原子，所以不能发生消去反应，故D正确；
故选：BD。
【点评】本题主要考查有机物的结构和性质，侧重于卤代烃的消去反应和水解反应，难度不大，注意卤代烃、醇发生消去反应的结构特点是：只有﹣X（﹣OH）相连碳原子的相邻碳上有氢原子的才能发生消去反应．
12．对于如图所示有机物，要引入羟基（﹣OH），可能的方法有哪些（ ）
①加成②溴原子的水解③还原④酯基的水解
A．①②
B．②③
C．①③
D．①②③④
【分析】有机物发生化学反应过程中能生成羟基的反应有卤原子的水解、醛基的还原、碳碳双键与水的加成以及酯基的水解等。
【解答】解：①所给有机物分子中含有碳碳双键，可以和水发生加成反应引入羟基，故①正确；
②所给有机物分子中含有溴原子，可以发生水解反应引入羟基，故②正确；
③所给有机物分子中含有醛基，可被氢气还原引入羟基，故③正确；
④所给有机物分子中含有酯基，可发生水解反应引入羟基，故④正确；
故选：D。
【点评】本题考查了有关有机物合成知识，主要涉及羟基的引入，题目难度不大，注意把握官能团的性质和转化即可解答该题。
13．下列含溴化合物中的溴原子，在适当条件下都能被羟基（﹣OH）取代（均可称之为水解反应），所得产物能跟Na2CO3溶液反应的是（ ）
A．
B．
C．
D．
【分析】含溴化合物中的溴原子，在适当条件下都能被羟基（﹣OH）取代生成苯酚结构时，能与Na2CO3溶液反应，以此解答．
【解答】解：A．水解后得到硝基苯甲醇，不能与Na2CO3溶液反应，故A不选；
B．水解后生成硝基苯酚，具有酸性，能跟Na2CO3溶液反应，故B选；
C．水解后生成甲基环己醇，不具有酸性，不能能跟Na2CO3溶液反应，故C不选；
D．水解后得到硝基苯甲酸，具有酸性，能跟Na2CO3溶液反应，故D选；
故选：BD。
【点评】本题考查有机物的结构与性质，注意水解后酚羟基、羧基具有酸性，能与能跟Na2CO3溶液反应是解答本题的关键，题目难度不大．
14．由乙烯推测丙烯（CH3CH═CH2）的结构或性质正确的是（ ）
A．分子中三个碳原子在同一条直线上
B．能发生加聚反应
C．与HCl加成只生成一种产物
D．分子中所有原子都在同一平面上
【分析】A、根据乙烯的平面结构以及甲烷的四面体结构．
B、根据分子中含有碳碳双键或三键能发生加聚反应．
C、根据加成时氯原子连接的碳原子位置判断．
D、根据乙烯的平面结构以及甲烷的四面体结构．
【解答】解：A、乙烯分子中C﹣H键与C═C键夹角为120°，丙烯相当于甲基取代乙烯氢原子，所以碳原子不可能处于同一直线，故A错误；
B、CH2＝CHCH3中存在碳碳双键，能发生加聚反应，故B正确；
C、丙烯与氯化氢发生加成反应，其产物有和两种，故C错误；
D、CH2＝CHCH3中存在甲基，具有甲烷的结构，所以原子不可能处于同一平面内，故D错误；
故选：B。
【点评】本题主要考查烯烃的结构与性质、同分异构体等，难度不大，注意不对称烯烃与氯化氢加成产物的判断．
15．下列各类烃中，碳氢两元素的质量比为定值的是（ ）
A．烷烃
B．环烷烃
C．二烯烃
D．苯的同系物
【分析】碳氢两元素的质量比为定值，说明通式中碳氢元素原子最简式相同，据此分析判断．
【解答】解：A、烷烃通式为CnH2n+2，碳氢两元素的质量比不为定值，故A错误；
B、环烷烃通式为CnH2n，最简式为CH2，碳氢两元素的质量比为定值，故B正确；
C、二烯烃通式为CnH2n﹣2，碳氢两元素的质量比不为定值，故C错误；
D、苯的同系物为CnH2n﹣6，碳氢两元素的质量比不为定值，故D错误；
故选：B。
【点评】本题考查了各类烃类同系物的通式分析，明确不同烃的通式书写是解题关键，题目较简单．
16．某有机化合物，只含碳、氢二种元素，相对分子质量为56，完全燃烧时产生等物质的量的CO2和H2O．它可能的结构共有（需考虑顺反异构）（ ）
A．3种
B．4种
C．5种
D．6种
【分析】完全燃烧时产生等物质的量的CO2和H2O，则该烃中C、H原子个数之比为1：2，设该有机物分子式为CnH2n，则14n＝56，解得n＝4，再根据分子式为C4H8的碳链异构及顺反异构确定同分异构体的种类。
【解答】解：该有机物完全燃烧生成的二氧化碳和水的物质的量相等，则满足CnH2n，根据相对分子量为56可得：14n＝56，n＝4，该有机物分子式为C4H8，可能为丁烯或环丁烷、甲基环丙烷，
若为丁烯，则丁烯的碳链异构的同分异构体为：①CH3CH2CH＝CH2、②CH3CH＝CHCH3、③（CH3）2C＝CH2，其中①和③不存在顺反异构，②存在顺反异构，所以属于烯烃的同分异构体总共有4种；
还有可能为环丁烷或者甲基环丙烷，所以分子式为C4H8的同分异构体总共有6种，
故选：D。
【点评】本题考查了有机物分子式、结构简式的确定，题目难度中等，注意明确计算有机物分子式、结构简式的方法，明确求算同分异构体的方法，注意分子式为C4H8的可能为环烷烃。
17．过量的下列溶液与水杨酸（）反应能得到化学式为C7H5O3Na的是（ ）
A．NaHCO3溶液
B．Na2CO3溶液
C．NaOH溶液
D．NaCl溶液
【分析】根据酸性＞碳酸氢钠判断，反应能得到化学式为C7H5O3Na，只能是羧基参加反应，以此解答．
【解答】解：A．水杨酸与NaHCO3溶液反应时只是﹣COOH作用转化为﹣COONa，产物的分子式为C7H5O3Na，故A正确；
B．水杨酸与Na2CO3溶液反应时﹣COOH、﹣OH均反应，生成产物的分子式为C7H4O3Na2，故B错误；
C．水杨酸与NaOH溶液反应时﹣COOH、﹣OH均反应，生成产物的分子式为C7H4O3Na2，故C错误；
D．与NaCl溶液不反应，故D错误；
故选：A。
【点评】本题考查有机物的结构和性质，为高频考点，侧重于学生的分析能力的考查，题目难度不大，注意酚羟基、羧基与碳酸酸性的强弱比较，为解答该题的关键．
18．下列说法正确的是（ ）
A．油脂在酸性或碱性条件下均能发生水解反应，且产物相同
B．用核磁共振氢谱不能区分HCOOCH3和HCOOCH2CH3
C．用Na2CO3溶液不能区分CH3COOH和CH3COOCH2CH3
D．室温下，在水中的溶解度：丙三醇＞苯酚＞1﹣氯丁烷
【分析】A．油脂在酸性条件下水解产物为高级脂肪酸和甘油，碱性条件下水解产物为高级脂肪酸盐和甘油；
B．HCOOCH3中两种H，HCOOCH2CH3中有三种H；
C．CH3COOH与碳酸钠反应，而酯不能；
D．﹣OH越多，在水中溶解性越大．
【解答】解：A．油脂在酸性条件下水解产物为高级脂肪酸和甘油，碱性条件下水解产物为高级脂肪酸盐和甘油，水解产物不相同，故A错误；
B．HCOOCH3中两种H，HCOOCH2CH3中有三种H，则用核磁共振氢谱能区分HCOOCH3和HCOOCH2CH3，故B错误；
C．CH3COOH与Na2CO3溶液反应有气泡产生，而Na2CO3溶液与CH3COOCH2CH3会分为上下层，现象不同，可以鉴别，故C错误；
D．分子中含﹣OH越多，在水中的溶解性越大，而卤代烃不溶于水，则室温下，在水中的溶解度：丙三醇＞苯酚＞1﹣氯丁烷，故D正确；
故选：D。
【点评】本题考查有机物的鉴别，为高频考点，把握常见有机物的性质及鉴别方法为解答的关键，注意溶解性与﹣OH的关系、油脂不同条件下水解产物等，题目难度不大．
19．我国自主研发对二甲苯的绿色合成路线如图所示，有关说法正确的是（ ）
A．过程①发生了取代反应
B．M的结构简式为
C．利用相同的原料和原理，也能合成邻二甲苯
D．该合成路线原子利用率为100%
【分析】A．反应中C＝C键生成C﹣C键；
B．由球棍模型可知M含有C＝C键，且含有醛基；
C．由相同原料、相同原理不能合成邻二甲苯；
D．过程②中有副产物生成。
【解答】解：A．反应中C＝C键生成C﹣C键，则为加成反应，故A错误；
B．由球棍模型可知M含有C＝C键，且含有醛基，结构简式为，故B正确；
C．异戊二烯与丙烯醛发生加成反应也能生成，经过程②得到间二甲苯，但由相同原料、相同原理不能合成邻二甲苯，故C错误；
D．过程①的原子利用率为100%，但过程②除生成对二甲苯外，还生成了水，原子利用率小于100%，故D错误；
故选：B。
【点评】本题考查有机物的结构与性质，为高频考点，把握官能团与性质、有机反应为解答的关键，侧重分析与应用能力的考查，注意选项C为解答的难点，题目难度不大。
20．泰雅紫是古代地中海沿岸出产的一种贵重染料，罗马帝王用法律规定，只有皇族与教主可穿用这种染料染的紫色衣袍．当时人们是从小的紫蜗牛中提取泰雅紫的，制备1.5g泰雅紫需要多达12000只紫蜗牛，现知其结构为如下图所示的含溴有机化合物，下列说法不正确的是
（ ）
A．泰雅紫分子的分子式为：C16H8N2Br2O2
B．1mol泰雅紫与H2加成最多需9molH2
C．泰雅紫属于烃的衍生物
D．检验泰雅紫中溴元素可直接加入硝酸银溶液，观察是否有浅黄色沉淀生成
【分析】A、根据键线式的特点和碳原子的四价键知识来书写分子式；
B、根据双键可以被氢气加成的性质特点来分析；
C、根据烃的衍生物的概念来回答；
D、根据有机物中的溴元素和溴离子中的溴元素的区别来判断．
【解答】解：A、根据键线式的特点和碳原子的四价键知识，可知泰雅紫分子的分子式为：C16H8N2Br2O2，故A正确；
B、1mol泰雅紫含有2mol苯环，可以被氢气加成，消耗6molH2，此外还有3mol双键，消耗3molH2，故1mol泰雅紫与H2加成最多需9molH2，故B正确；
C、烃的衍生物是指在烃分子中的氢原子被其他的原子所代替的一种有机物，泰雅紫属于烃的衍生物，故C正确；
D、泰雅紫中溴元素的检验方法：先用强碱氢氧化钠溶液将溴原子转化为溴离子，再加入硝酸酸化的硝酸银溶液，观察是否有浅黄色沉淀生成，泰雅紫中的溴元素不和硝酸银直接反应，故D错误。
故选：D。
【点评】本题考查了物质的结构决定性质这一知识点，官能团决定物质的性质是有机化学的重点，同时要求学生熟练掌握基本概念．
21．草莓酸的结构简式为CH3CH2CH＝C（CH3）COOH，以下叙述正确的是（ ）
A．草莓酸的分子式为C6H12O2
B．草莓酸能使酸性高锰酸钾溶液褪色
C．一定条件下1mol草莓酸能和2mol
H2发生反应
D．一定条件下草莓酸只能发生加成、加聚，不能发生取代反应
【分析】A．由结构简式可知，草莓酸分子含有6个碳原子、10个H原子、2个O原子；
B．碳碳双键可以被酸性高锰酸钾溶液氧化；
C．碳碳双键能与氢气发生加成反应；
D．含有羧基，可以发生取代反应。
【解答】解：A．由结构简式可知，草莓酸分子含有6个碳原子、10个H原子、2个O原子，故其分子式为C6H10O2，故A错误；
B．含有碳碳双键，可以使酸性高锰酸钾溶液褪色，故B正确；
C．碳碳双键能与氢气发生加成反应，而羧基不能，1mol草莓酸含有1mol碳碳双键，能与1mol氢气发生加成反应，故C错误；
D．含有碳碳双键，可以发生加成反应、加聚反应，含有羧基，可以发生取代反应，故D错误。
故选：B。
【点评】本题考查有机物的结构与性质，题目难度不大，熟练掌握官能团的性质，旨在考查学生对基础知识的掌握情况。
22．NM﹣3和D﹣58是正处于临床试验阶段的小分子抗癌药物，结构如下：
关于NM﹣3和D﹣58的叙述，错误的是（ ）
A．都能与NaOH溶液反应，原因不完全相同
B．都能与溴水反应，原因不完全相同
C．都不能发生消去反应，原因相同
D．遇FeCl3溶液都显色，原因相同
【分析】A．由结构可知，都含有酚羟基，具有酸性；
B．由苯酚能与溴水发生取代反应，双键与溴水发生加成反应分析NM﹣3中含酚羟基和碳碳双键，D﹣58中含酚羟基；
C．酚羟基和羧基上的﹣OH都不能发生消去反应，D﹣58中含醇﹣OH；
D．苯酚遇FeCl3溶液显紫色．
【解答】解：A．由结构可知，都含有酚羟基，具有酸性，所以都能与NaOH溶液反应，但NM﹣3中含羧基、酯基，也与NaOH溶液反应，则原因不完全相同，故A正确；
B．由苯酚能与溴水发生取代反应，双键与溴水发生加成反应可知，NM﹣3中含酚羟基和碳碳双键，D﹣58中含酚羟基，则都能与溴水反应，原因不完全相同，故B正确；
C．酚羟基和羧基上的﹣OH都不能发生消去反应，D﹣58中含醇﹣OH，且与﹣OH相连的碳原子的邻位碳原子上没有H原子，所以不能发生消去反应，原因不完全相同，故C错误；
D．因苯酚遇FeCl3溶液显紫色，二者均含有酚羟基，则遇FeCl3溶液都显色，原因相同，故D正确；
故选：C。
【点评】本题考查有机物的结构和性质，熟悉有机物的官能团与物质性质的关系来解答，把握苯酚、烯烃、醇的性质是解答的关键，题目难度不大．
23．下列说法正确的是（ ）
A．实验室从海带提取单质碘的方法是：取样
灼烧
溶解
过滤
萃取
B．氯离子存在时，铝表面的氧化膜易被破坏，因此含盐腌制品不宜直接放在铝制容器中
C．用乙醇和浓H2SO4制备乙烯时，可用水浴加热控制反应的温度
D．将（NH4）2SO4、CuSO4溶液分别加入蛋白质溶液，都出现沉淀，表明二者均可使蛋白质变性
【分析】A、海带提取单质碘的方法是①粉碎海带，用酒精浸润后灼烧灰化；②用水浸泡海带灰，过滤；③用稀硫酸酸化加入氧化剂氧化溶液中的碘离子（I﹣），生成碘单质；④用四氯化碳溶液萃取水溶液中的碘；
B、铝制品不宜长时间盛放腌制食品，铝制品表面虽然有一层致密的氧化膜保，氯化钠也会破坏氧化膜的结构，加速铝制品的腐蚀；
C、水浴温度最高为100度；
D、硫酸铵使蛋白质发生盐析不能使蛋白质变性，硫酸铜是重金属盐使蛋白质发生变性；
【解答】解：A、海带提取单质碘的方法是①粉碎海带，用酒精浸润后灼烧灰化；②用水浸泡海带灰，过滤；③用稀硫酸酸化加入氧化剂氧化溶液中的碘离子（I﹣），生成碘单质；④用四氯化碳溶液萃取水溶液中的碘，实验室从海带提取单质碘的方法是：取样、灼烧、溶解、过滤、氧化、萃取，故A错误；
B、铝制品不宜长时间盛放腌制食品，铝制品表面虽然有一层致密的氧化膜保，氯化钠也会破坏氧化膜的结构，加速铝制品的腐蚀，因此含盐腌制品不宜直接放在铝制容器中，故B正确；
C、水浴温度最高为100度，应把温度计插入反应液中迅速加热到170°C，故C错误；
D、硫酸铵使蛋白质发生盐析不能使蛋白质变性，硫酸铜是重金属盐使蛋白质发生变性，故D错误；
故选：B。
【点评】本题考查了物质性质分析判断，注意蛋白质盐析和变性的理解应用，掌握基础是关键，题目较简单．
24．当前，在食品生产经营中违法添加非食用物质和滥用食品添加剂已成为影响食品安全的突出问题．莱克多巴胺是一种可使猪“长出瘦肉”的饲料添加剂，在生猪饲养中被禁止使用．其结构如右，有关它的叙述正确的是（ ）
A．属于芳香烃
B．化学式C17H23NO3
C．能发生酯化反应
D．不能发生消去反应
【分析】A．由图可知，该物质含有苯环，属于芳香族化合物，烃中只有C、H元素；
B．由图可知，该物质含有18个C原子，23个H原子，1个N原子，3个O原子；
C．该物质中含有﹣OH，具有醇的性质、苯酚的性质；
D．与﹣OH相连的碳的邻位碳上含有H原子．
【解答】解：A．由图可知，该物质含有苯环，属于芳香族化合物，烃中只有C、H元素，该物质含有N元素，则不属于芳香烃，故A错误；
B．由图可知，该物质含有18个C原子，23个H原子，1个N原子，3个O原子，则化学式为C18H23NO3，故B错误；
C．该物质中含有﹣OH，具有醇的性质、苯酚的性质，能发生酯化反应，故C正确；
D．与﹣OH相连的碳的邻位碳上含有H原子，则能发生消去反应，故D错误；
故选：C。
【点评】本题考查有机物的结构和性质，熟悉常见的物质的结构、醇的性质、苯酚的性质即可解答，注意结构决定物质的性质，较简单．
25．中国是中草药的发源地，目前中国大约有12000种药用植物。从某中草药中提取的某有机物的结构如图所示，下列有关该有机物的说法中不正确的是（ ）
A．分子式为C14H18O6
B．环上的一氯代物（取代氢原子）有5种
C．1mol该有机物与足量的金属钠反应可产生4mol
H2
D．能发生酯化反应、加成反应
【分析】A．根据结构简式知该分子中含有14个C原子、18个H原子、6个O原子；
B．环上有几种氢原子，环上就有几种一氯代物；
C．羧基和醇羟基都能和Na反应生成氢气；
D．含有羧基和醇羟基、碳碳双键，具有羧酸和醇、烯烃的性质。
【解答】解：A．根据结构简式知该分子中含有14个C原子、18个H原子、6个O原子，其分子式为C14H18O6，故A正确；
B．环上有几种氢原子，环上就有几种一氯代物，环上有5种氢原子，所以环上有5种一氯代物，故B正确；
C．羧基和醇羟基都能和Na反应生成氢气，该分子中含有2个醇羟基、2个羧基，所以1mol该有机物与足量Na反应生成2mol氢气，故C错误；
D．醇羟基和羧基能发生酯化反应、碳碳双键能发生加成反应，故D正确；
故选：C。
【点评】本题考查有机物结构和性质，侧重考查烯烃、醇和羧酸性质，明确官能团及其性质关系是解本题关键，会根据H原子种类判断一氯代物种类，题目难度不大。
26．咖啡鞣酸具有较广泛的抗菌作用，其结构简式如图所示，下列叙述不正确的是（ ）
A．咖啡鞣酸与浓溴水既能发生取代反应又能发生加成反应
B．咖啡鞣酸分子中与苯环直接相连的原子都在同一平面上
C．1
mol咖啡鞣酸在碱性条件下水解时，可消耗8
mol
NaOH
D．咖啡鞣酸的分子式为C16H18O9
【分析】A．该物质含有苯酚结构和碳碳双键；
B．苯环为平面结构，与苯环直接相连时在同一平面内；
C．羧酸与苯酚能与碱反应；
D．由结构简式判断分子中的原子个数．
【解答】解：A．该物质含有苯酚结构，能与浓溴水发生取代反应，含有碳碳双键，能与浓溴水发生加成反应，故A正确；
B．苯环为平面结构，所以与苯环直接相连的碳原子在同一平面内，故B正确；
C．羧酸与苯酚能与碱反应，苯酚的邻对位能发生取代反应，所以1mol咖啡鞣酸在碱性条件下水解时，可消耗4molNaOH，故C错误；
D．由结构简式可知1个分子中含16个C、18个H、9个O原子，则分子式为C16H18O9，故D正确；
故选：C。
【点评】本题考查有机物的结构和性质，题目难度中等，易错点为C，注意把握有机物官能团的性质及分子中只含有一个苯环．
27．确定有机化合物组成和结构的方法很多，下列说法错误的是（ ）
A．质谱仪可用于有机物相对分子质量的测定
B．异丁烷的核磁共振氢谱中有2组峰
C．核酸是生物体遗传信息的载体，通过红外光谱可检测其结构中存在多种单键、双键、氢键等化学键
D．X﹣射线衍射法测得环异戊二烯的结构为，其所有原子不可能共平面
【分析】A．用质谱仪测定的有机物的最大质合比就是该物质的相对分子质量；
B．异丁烷结构简式是；
C．氢键属于分子间作用力；
D．环异戊二烯分子中含有饱和C原子，具有甲烷的四面体结构。
【解答】解：A．用质谱仪测定的有机物的最大质合比，质谱法中的最大值为该物质的相对分子质量，故A正确；
B．异丁烷结构简式是，3个甲基上的H原子位置相同，属于同1种H原子，甲基连接的C原子上的H原子属于另一种H原子，故异丁烷的核磁共振氢谱中有2组峰，故B正确；
C．氢键属于分子间作用力，不属于化学键，故C错误；
D．环异戊二烯分子中含有饱和C原子，具有甲烷的四面体结构，因此不可能分子中所有原子共平面，故D正确；
故选：C。
【点评】本题考查有机物结构式确定的谱学方法，难度不大，熟悉鉴定有机物结构的常用方法是解答的关键。
二．解答题（共3小题）
28．可看作醇类的是 B、C、D （填序号）；可看作酚类的是 A、B、C （填序号）．
A．
B．
C．
D．
【分析】苯环与﹣OH直接相连的为酚，﹣OH与脂肪烃基相连的为醇，以此来解答．
【解答】解：B、C、D中均含﹣CH2OH，﹣OH与苯环不直接相连，属于醇，而A、B、C中含﹣OH与苯环直接相连，属于酚，
故答案为：B、C、D；A、B、C．
【点评】本题考查有机物的官能团及分类，为高频考点，把握有机物的结构、官能团为解答的关键，侧重分析与应用能力的考查，注意酚与醇的区别，题目难度不大．
29．功能高分子W的合成路线如图。
（1）A的化学名称为 甲苯 。
（2）试剂a是浓硝酸和浓硫酸，B的结构简式是 。
（3）反应③的化学方程式 。
（4）F中含有的官能团名称为 酯基 。
（5）反应⑤的反应类型是 水解反应或取代反应 。
（6）E与氢气发生加成反应可以生成化合物H，写出2种符合下列条件的化合物H的同分异构体的结构简式： ， 。
①与化合物H具有相同官能团②核磁共振氢谱为两组峰，峰面积之比为1：3
（7）已知①，②易被氧化，③氨基酸在一定条件下可发生缩聚反应。结合题目信息，设计以甲苯为起始原料制备的合成路线 。（其他无机试剂任选）
【分析】A（C7H8）为甲苯，其结构简式是，结合W的结构简式：，可知A与浓硝酸在浓硫酸、加热条件下发生取代反应生成B为，B与氯气在光照条件下发生取代反应生成C（），C在试剂b氢氧化钠水溶液、加热条件下发生水解反应生成D为；结合W的结构简式：，可知G的结构简式为，则F为，又由E（C6H10O2）分子式可知，碳链为直链的，不存在环状结构，则E为CH3CH＝CHCOOCH2CH3，以此解答（1）～（5）；
（6）H为：CH3CH2CH2COOCH2CH3，与化合物H具有相同官能团，核磁共振氢谱为两组峰，峰面积之比为1：3；说明甲基的对称性强；
（7）由目标产物（）可知，其为含有氨基和羧基的官能团发生脱水缩合而生成的，首先利用引入氨基和羧基，再脱水缩合成目标产物。
【解答】解：（1）A（C7H8）与浓硝酸在浓硫酸、加热条件下发生取代反应，其结构简式为：，名称为甲苯，
故答案为：甲苯；
（2）因试剂a是浓硫酸和浓硝酸，反应①是A（）与浓硝酸在浓硫酸、加热条件下发生取代反应生成B（），
故答案为：；
（3）反应③为C（）在试剂b氢氧化钠水溶液、加热条件下发生卤代烃的水解反应生成D，D为，所以③的化学方程式为：，
故答案为：；
（4）由以上分析：F为，含有的官能团名称为：酯基，
故答案为：酯基；
（5）反应⑤的反应为：由F（）的酯基发生水解反应生成G（）和乙醇（CH3CH2OH），则反应类型是水解反应或取代反应，
故答案为：水解反应或取代反应；
（6）E为CH3CH＝CHCOOCH2CH3，E与氢气发生加成反应可以生成化合物H，则H为：CH3CH2CH2COOCH2CH3，分子式为：C6H10O2；与化合物H具有相同官能团，即含有酯基；核磁共振氢谱为两组峰，峰面积之比为1：3；说明甲基的对称性很强，得出化合物H的同分异构体的结构简式为：，，
故答案为：，；
（7）根据分析得出：甲苯生成，又因易被氧化，所以先氧化甲基成羧基，即在酸性高锰酸钾的作用下生成羧基，即，进而利用生成氨基；氨基酸在一定条件下可发生缩聚反应生成目标产物，所以合成路线流程图为：，
故答案为：。
【点评】本题考查有机物的推断与合成，为高考常见题型，充分根据反应条件及给予的信息进行推断，熟练掌握官能团的性质与转化；侧重考查学生分析推理能力、知识迁移运用能力，是有机化学常考题型，难度中等。
30．按要求填空
（1）写出
中官能团的名称： 碳碳双键、氯原子 ．
（2）在光照条件下，甲苯与等物质的量Cl2反应的化学方程式为： ．
（3）键线式所表示物质的名称是： 2﹣甲基戊烷 ．
（4）主链上有6个碳原子，有一个甲基和一个乙基作为支链的烷烃有 4 种．
【分析】（1）有机物中常见的官能团为碳碳双键、﹣X、醛基、羧基、羟基、酯基、羧基等；
（2）在光照条件下下，甲苯和等物质的量的氯气发生甲基上的取代反应；
（3）键线式中，端点和拐点代表C原子；
（4）主链6个C，则乙基只能在3号C上，甲基可以在中间所有的C上，据此解题．
【解答】解：（1）有机物中常见的官能团为碳碳双键、﹣X、醛基、羧基、羟基、酯基、羧基等，中含有的官能团为碳碳双键和氯原子，故答案为：碳酸双键、氯原子；
（2）在光照条件下下，甲苯和等物质的量的氯气发生甲基上的取代反应，方程式为：，故答案为：：
（3）键线式中，端点和拐点代表C原子，故主链上有5个碳原子，从离支链近的一端给主链上的碳原子编号，故在2号碳原子上有一个甲基，故名称为：2﹣甲基戊烷，故答案为：2﹣甲基戊烷；
（4）主链6个C，则乙基只能在3号C上，甲基可以在中间所有的C上，该分子不对称，甲基分别在中间四个碳原子上，共有4种，故答案为：4．
【点评】本题考查了官能团的名称、化学方程式的书写和同分异构体的书写，注意1号碳不能接甲基，2号碳不能接乙基，题目难度不大．鲁科版必修2高考题同步试卷：3.3
饮食中的有机化合物（02）
一．选择题（共27小题）
1．下列各原子或原子团，不属于官能团的是（ ）
A．﹣CH3
B．﹣Br
C．﹣NO2
D．＞C＝C＜
2．生活中常常碰到涉及化学知识的某些问题，下列叙述正确的是（ ）
①人的皮肤在强紫外线的照射下将会失去生理活性
②用甲醛溶液浸泡海产品保鲜
③变质的油脂有难闻的特殊气味，是由于油脂发生了水解反应
④棉花和木材的主要成分都是纤维素，蚕丝和蜘蛛丝的主要成分都是蛋白质
⑤蜂蚁叮咬人的皮肤时将分泌物甲酸注入人体，此时可在患处涂抹小苏打或稀氨水．
A．①④⑤
B．②③④
C．①②④⑤
D．全部
3．化学与生产、生活密切相关．下列说法不正确的是（ ）
A．食盐可作调味剂，也可作食品防腐剂
B．小苏打是一种膨松剂，可用于制作馒头和面包
C．煤经过气化和液化等物理变化可以转化为清洁燃料
D．次氯酸钠溶液可用于环境的消毒杀菌
4．下列试剂中，能鉴别乙醇、乙醛和乙酸的是（ ）
A．氢氧化钠溶液
B．石蕊试液
C．新制氢氧化铜
D．碳酸钠溶液
5．下列叙述中正确的是（ ）
A．牛油是纯净物，它不属于高分子
B．牛油是高级脂肪酸的高级醇酯
C．牛油可以在碱性条件下加热水解
D．工业上将牛油加氢制造硬化油
6．一种二肽的结构简式为：，合成这种二肽的氨基酸（ ）
A．
和
B．
C．
D．
和
7．甲烷分子中4个氢原子被苯基取代，可得如图所示分子，对该分子的描述正确的是（ ）
A．此物质属于芳香烃，是苯的同系物
B．所有碳原子可能在同一平面上
C．此分子的一氯取代产物有12种
D．此物质分子式为C25H20
8．化学与材料、生活和环境密切相关．下列有关说法中错误的是（ ）
A．煤炭经气化、液化和干馏等过程，可获得清洁能源和重要的化工原料
B．利用CO2合成聚碳酸酯类可降解塑料，实现“碳”的循环利用
C．日常生活中人们大量使用铝制品，是因为常温下铝不能与氧气反应
D．神舟10号飞船所用太阳能电池板可将光能转换为电能，所用转换材料是单晶硅
9．二甲醚和乙醇是同分异构体，其鉴别可采用化学方法及物理方法，下列鉴别方法中不能对二者进行鉴别的是（ ）
A．利用金属钠或金属钾
B．利用燃烧法
C．利用红外光谱法
D．利用核磁共振氢谱
10．下列说法正确的是（ ）
A．可食用植物油含有的高级脂肪酸甘油酯是人体的营养物质
B．分馏、干馏都是物理变化，裂化、裂解都是化学变化
C．淀粉、蛋白质、葡萄糖都是高分子化合物
D．汽油、生物柴油、酒精都是碳氢化合物，都可作燃料
11．下列卤代烃一定能发生消去反应的是（ ）
A．
B．CH3CH2CH2Br
C．
D．
12．某烃的结构简式为，它可能具有的性质是（ ）
A．易溶于水，也易溶于有机溶剂
B．分子里所有的原子都处在同一平面上
C．该烃和苯互为同系物
D．能发生加聚反应，其加聚产物可用表示
13．萤火虫发光原理如下：
关于荧光素及氧化荧光素的叙述，正确的是（ ）
A．互为同系物
B．均可发生硝化反应
C．均最多有7个碳原子共平面
D．均可使FeCl3溶液变紫色
14．下列关于有机物的说法正确的是（ ）
A．乙烯使溴水、酸性高锰酸钾溶液褪色的本质是不同的
B．淀粉、蛋白质、油脂都属于天然高分子化合物
C．聚氯乙烯塑料最适合用来做蔬菜、水果及熟食等的保鲜膜
D．等物质的量的CH4与Cl2恰好反应时，生成CH3Cl与HCl
15．甲苯和甘油组成的混合物中，若碳元素的质量分数为60%，那么可推断氢元素的质量分数是（ ）
A．0.05
B．0.087
C．0.174
D．无法计算
16．某化合物6.4g在氧气中完全燃烧，只生成8.8g
CO2和7.2g
H2O．下列说法正确的是（ ）
A．该化合物仅含碳、氢两种元素
B．该化合物中碳、氢原子个数比为1：4
C．无法确定该化合物是否含有氧元素
D．该化合物一定是C2H8O2
17．有机物M的结构简式为：，下列关于M
的说法错误的是（ ）
A．分子中含有3
种官能团
B．1mol
M
最多可与3mol
NaOH
反应
C．一定条件下可发生取代、加成、聚合反应
D．能使溴的四氯化碳溶液和酸性高锰酸钾溶液褪色
18．下列说法正确的是（ ）
A．室温下，在水中的溶解度：丙三醇＞苯酚＞1﹣氯丁烷
B．用核磁共振氢谱不能区分HCOOCH3和HCOOCH2CH3
C．用Na2CO3溶液不能区分CH3COOH和CH3COOCH2CH3
D．油脂在酸性或碱性条件下均可发生水解反应，且产物相同
19．化合物（a）与（b）的结构简式如图所示。下列叙述正确的是（ ）
A．（a）与（b）互为同分异构体
B．（a）分子中所有碳原子均共面
C．（b）的一氯取代物共有3种
D．（a）与（b）均能使Br2/CCl4褪色
20．下列说法正确的是（ ）
A．C8H10含苯环的烃同分异构体有3种
B．结构为…﹣CH＝CH﹣CH＝CH﹣CH＝CH﹣CH＝CH﹣…的高分子化合物，其单体是乙烯
C．苯中含有杂质苯酚，可用浓溴水来除杂
D．丙烯酸（CH2＝CHCOOH）和山梨酸（CH3CH＝CHCH＝CHCOOH）不是同系物，它们与氢气充分反应后的产物是同系物
21．有机物CH3﹣CH═CH﹣Cl不能发生的反应有（ ）
①取代反应 ②加成反应 ③消去反应 ④使溴水褪色 ⑤使酸性KMnO4溶液褪色 ⑥与AgNO3溶液生成白色沉淀 ⑦聚合反应．
A．①②③④⑤⑥⑦
B．⑦
C．⑥
D．②
22．迷迭香酸是从蜂花属植物中提取得到的酸性物质，其结构如图．下列叙述正确的是（ ）
A．迷迭香酸属于芳香烃
B．迷迭香酸可以发生水解反应、取代反应和酯化反应
C．1mol迷迭香酸最多能和9mol氢气发生加成反应
D．1mol迷迭香酸最多能和含5molNaOH的水溶液完全反应
23．下列说法正确的是（ ）
A．实验室从海带提取单质碘的方法是：取样→灼烧→溶解→过滤→萃取
B．用乙醇和浓硫酸制备乙烯时，可用水浴加热控制反应的温度
C．Cl﹣存在时，铝表面的氧化膜易被破坏，因此含盐腌制食品不宜直接存放在铝制容器中
D．将（NH4）2SO4、CuSO4溶液分别加入蛋白质溶液，都出现沉淀，表明二者均可使蛋白质变性
24．下列三种有机物是某些药物中的有效成分。
下列说法正确的是（ ）
A．三种有机物都能发生水解反应
B．三种有机物苯环上的氢原子若被氯原子取代，其一氯代物都只有2种
C．将等物质的量的三种物质加入氢氧化钠溶液中，对羟基桂皮酸消耗氢氧化钠最多
D．使用FeCl3溶液和稀硫酸可以鉴别这三种有机物
25．b是一种重要的有机合成中间体，可由a经两步反应制得，下列说法正确的是（ ）
A．b易溶于水及甲苯
B．一定条件下，b可发生取代反应和加成反应
C．b苯环上的一氯代物与二氯代物之比为3：2
D．可用酸性高锰酸钾溶液鉴别a和b
26．橙花醇具玫瑰及苹果香气，可作香料，其结构简式如下：
下列关于橙花醇的叙述，错误的是（ ）
A．既能发生取代反应，也能发生加成反应
B．在浓硫酸催化下加热脱水，可以生成不止一种四烯烃
C．1mo1橙花醇在氧气中充分燃烧，需消耗470.4L氧气（标准状况）
D．1mo1橙花醇在室温下与溴四氯化碳溶液反应，最多消耗240g溴
27．下列说法中正确的是（ ）
A．红外光谱图可以确定有机物分子中不同类型氢原子的种类和数目
B．质谱图最右边的分子离子峰表示待测物质的相对分子质量
C．苯、乙烷、乙烯、乙炔分子中碳碳键的键长分别为a、b、c、d，则b＞c＞a＞d
D．等质量的烃完全燃烧，耗氧量最少的是甲烷
二．解答题（共3小题）
28．按要求填空
（1）写出
中官能团的名称：
。
（2）主链上有6个碳原子，有一个甲基和一个乙基作为支链的烷烃有
种。
（3）键线式所表示物质的名称是：
。
（4）某烷烃A，其蒸气密度是相同状况下氢气密度的64倍，经测定得知A分子中共含有6个甲基。
①若A不是加后成的产物，则A的结构简式为：
。
②若A是炔烃与氢气加成后的产物，则A的名称为：
。
29．一种重要的降血糖药物M（）的合成路线如图（略去部分反应条件）。
已知：
回答下列问题：
（1）B的名称为
，F
的结构简式为
。
（2）反应②的反应类型为
。
（3）下列关于上述涉及的有机物的说法正确的是
。（填标号）
a．化合物E能使酸性高锰酸钾溶液褪色
b．化合物F既能与盐酸反应，又能与NaOH溶液反应
c．M中含氧官能团的名称为酯基、酮基
（4）写出F+H→M的化学方程式：
。
（5）由G可制得物质I（），写出满足下列条件的I的同分异构体的结构简式：
。
①能与FeCl3溶液发生显色反应
②除苯环外不含其他环
③1H﹣NMR谱中峰面积之比为6：2：1：1：1
（6）请设计以G为原料合成H的合理路线流程图
。（无机试剂任选）
30．苏丹红一号（sudanⅠ）是一种偶氮染料，不能作为食品添加剂使用．它是由苯胺和2﹣萘酚为主要原料制备的，它们的结构简式如下所示：
（1）苏丹红﹣号的化学式（分子式）为
（2）在下面化合物（A）﹣（D）中，与2﹣萘酚互为同分异构体的有（填字母代号）
（3）上述化合物（C）含有的官能团是
（4）在适当的条件下，2﹣萘酚经反应可得到芳香化合物E（C8H6O4），1mol
E与适量的碳酸氢钠溶液反应可放出二氧化碳44.8L（标准状况），E与溴在有催化剂存在时反应只能生成两种﹣溴取代物，两种一溴取代物的结构简式分别是
，E与碳酸氢钠反应的化学方程式是
（5）若将E与足量乙醇在浓硫酸作用下加热，可以生成一个化学式（分子式）为C12H14O4的新化合物，该反应的化学方程式是
反应类型是
．
鲁科版必修2高考题同步试卷：3.3
饮食中的有机化合物（02）
参考答案与试题解析
一．选择题（共27小题）
1．下列各原子或原子团，不属于官能团的是（ ）
A．﹣CH3
B．﹣Br
C．﹣NO2
D．＞C＝C＜
【分析】官能团为决定有机物化学性质的原子或原子团，以此解答．
【解答】解：甲基属于烃基，不是原子团，﹣Br、﹣NO2、＞C＝C＜在有机物中可发生取代、还原、加成等反应，为决定有机物性质的主要因素，属于官能团，
故选：A。
【点评】本题考查官能团知识，题目较为基础，注意常见官能团有烯烃、醇、酚、醚、醛、酮等．有机化学反应主要发生在官能团上，官能团对有机物的性质起决定作用，﹣X、﹣OH、﹣CHO、﹣COOH、﹣NO2、﹣SO3H、﹣NH2、RCO﹣，这些官能团就决定了有机物中的卤代烃、醇或酚、醛、羧酸、硝基化合物、亚硝酸酯、磺酸类有机物、胺类、酰胺类的化学性质．
2．生活中常常碰到涉及化学知识的某些问题，下列叙述正确的是（ ）
①人的皮肤在强紫外线的照射下将会失去生理活性
②用甲醛溶液浸泡海产品保鲜
③变质的油脂有难闻的特殊气味，是由于油脂发生了水解反应
④棉花和木材的主要成分都是纤维素，蚕丝和蜘蛛丝的主要成分都是蛋白质
⑤蜂蚁叮咬人的皮肤时将分泌物甲酸注入人体，此时可在患处涂抹小苏打或稀氨水．
A．①④⑤
B．②③④
C．①②④⑤
D．全部
【分析】①蛋白质在强紫外线的照射下会变性；
②甲醛有毒，对人体有害；
③油脂发生氧化反应而产生异味，这是变质的主要原因；
④棉花和木材的主要成分都是纤维素，蚕丝的主要成分都是蛋白质；
⑤小苏打或稀氨水可以和甲酸发生反应．
【解答】解：①人的皮肤是蛋白质，蛋白质在强紫外线的照射下会变性，失去生理活性，故①正确；
②甲醛有毒，用甲醛溶液浸泡海产品保鲜会对人体有害，故②错误；
③油脂的不饱和成分受空气中氧、水分或霉菌的作用发生自动氧化，生成过氧化物进而降解为挥发性醛、酮、羧酸的复杂混合物，并产生难闻的气味，即油脂是因为发生氧化反应而产生异味，故③错误；
④棉花和木材的主要成分都是纤维素，蚕丝和蜘蛛丝的主要成分都是蛋白质，故④正确；
⑤小苏打或稀氨水可以和甲酸发生反应，可以用涂抹小苏打或稀氨水来缓解蜂蚁叮咬，故⑤正确。
故选：A。
【点评】本题考查生活中的有机化合物以及应用知识，可以根据教材知识来回答，难度不大．
3．化学与生产、生活密切相关．下列说法不正确的是（ ）
A．食盐可作调味剂，也可作食品防腐剂
B．小苏打是一种膨松剂，可用于制作馒头和面包
C．煤经过气化和液化等物理变化可以转化为清洁燃料
D．次氯酸钠溶液可用于环境的消毒杀菌
【分析】A．食盐具有咸味，食盐能够使细菌脱水死亡，达到抑制细菌繁殖的目的；
B．碳酸氢钠俗称小苏打，遇酸放出气体二氧化碳；
C．煤的气化、液化都是化学变化；
D．次氯酸根离子具有强的氧化性．
【解答】解：A．食盐具有咸味，可做调味剂，食盐能够使细菌脱水死亡，达到抑制细菌繁殖的目的，可作防腐剂，故A正确；
B．制做馒头时面粉先经过发酵，产生大量的酸，加入小苏打与酸反应，既去除发酵过程产生的酸，放出的气体二氧化碳又能使馒头膨胀而松软，故B正确；
C．煤的气化是煤在氧气不足的条件下进行部分氧化形成H2、CO等气体的过程，煤的液化是将煤与H2在催化剂作用下转化为液体燃料或利用煤产生的H2和CO通过化学合成产生液体燃料或其他液体化工产品的过程，所以煤经过气化和液化等变化是化学变化，故C错误；
D．次氯酸根离子具有强的氧化性，所以能够杀菌消毒，故D正确；
故选：C。
【点评】本题主要考查了生活的化学相关的知识，掌握氯化钠的性质、煤的气化和液化、碳酸氢钠的性质、次氯酸的强氧化性等知识是解答的关键，题目难度不大．
4．下列试剂中，能鉴别乙醇、乙醛和乙酸的是（ ）
A．氢氧化钠溶液
B．石蕊试液
C．新制氢氧化铜
D．碳酸钠溶液
【分析】只有新制Cu（OH）2与乙醇、乙酸、乙醛溶液分别混合时，现象有明显区别。乙醇不与新制Cu（OH）2反应，乙酸与新制Cu（OH）2反应使Cu（OH）2溶解，溶液变为蓝色，沉淀消失，乙醛溶液与新制Cu（OH）2悬浊液加热有红色沉淀生成；
【解答】解：A．乙醇、乙醛和NaOH溶液不反应，无现象，乙酸和NaOH溶液能反应，但无明显现象，不能鉴别，故A错误；
B．乙醇、乙醛均不与石蕊反应，现象相同，不能鉴别，故B错误；
C．乙醇、乙醛、乙酸三种溶液分别与新制Cu（OH）2悬浊液混合的现象为：无现象、砖红色沉淀、蓝色溶液，现象不同，可鉴别，故C正确；
D．乙醇、乙醛均不与碳酸钠溶液反应，现象相同，不能鉴别，故D错误；
故选：C。
【点评】本题考查有机物的鉴别，为高频考点，把握常见有机物的性质及官能团与性质的关系为解答的关键，侧重醇、醛、羧酸性质的考查，题目难度不大。
5．下列叙述中正确的是（ ）
A．牛油是纯净物，它不属于高分子
B．牛油是高级脂肪酸的高级醇酯
C．牛油可以在碱性条件下加热水解
D．工业上将牛油加氢制造硬化油
【分析】A、牛油属于油脂类，油脂是由高级脂肪酸与甘油形成的酯类化合物，属于混合物；
B、牛油属于油脂类，油脂是由高级脂肪酸与甘油形成的酯类化合物；
C、牛油属于油脂类，在碱性条件下加热完全水解，次反应又叫皂化反应；
D、动物油是饱和脂肪酸的甘油酯，不能加氢，制硬化油是用植物油（不饱和脂肪酸甘油酯）加氢制得．
【解答】解：A、牛油属于油脂类，油脂是由高级脂肪酸与甘油形成的酯类化合物，属于混合物，故A错误；
B、牛油属于油脂类，油脂是由高级脂肪酸与甘油形成的酯类化合物，故B错误；
C、牛油属于油脂类，在碱性条件下加热完全水解，次反应又叫皂化反应，故C正确；
D、动物油是饱和脂肪酸的甘油酯，不能加氢，制硬化油是用植物油（不饱和脂肪酸甘油酯）加氢制得，故D错误。
故选：C。
【点评】本题以牛油为例考查了油脂的一些性质，注意植物油为油，为液体；动物油为脂，为固体．
6．一种二肽的结构简式为：，合成这种二肽的氨基酸（ ）
A．
和
B．
C．
D．
和
【分析】二肽是通过一分子氨基酸中的氨基和另一分子氨基酸中的羧基间脱去一分子水缩合形成含有肽键的化合物，根据二肽确定氨基酸的方法是：断裂肽键，氨基上增加一个氢原子，羰基上增加一个羟基，就可得到原来的氨基酸．
【解答】解：二肽的结构简式为：，所以断裂肽键，氨基上增加一个氢原子，羰基上增加一个羟基，得到：H2N﹣CH2﹣COOH和H2N﹣CH（CH3）﹣COOH，
故选：D。
【点评】本题考查了肽和物的结构和性质，题目难度不大，理解肽键的形成和肽和物的水解原理是解题的关键所在．
7．甲烷分子中4个氢原子被苯基取代，可得如图所示分子，对该分子的描述正确的是（ ）
A．此物质属于芳香烃，是苯的同系物
B．所有碳原子可能在同一平面上
C．此分子的一氯取代产物有12种
D．此物质分子式为C25H20
【分析】A．含4个苯环，而苯的同系物中只有1个苯环；
B．中间的C为四面体构型；
C．由结构对称性可知，苯环上含3种H；
D．含1个C和4个苯基．
【解答】解：A．含4个苯环，而苯的同系物中只有1个苯环，则不是苯的同系物，故A错误；
B．中间的C为四面体构型，则所有C原子不可能共面，故B错误；
C．由结构对称性可知，苯环上含3种H，则此分子的一氯取代产物有3种，故C错误；
D．含1个C和4个苯基，则此物质分子式为C25H20，故D正确；
故选：D。
【点评】本题考查有机物的结构与性质，为高频考点，把握官能团与性质的关系为解答的关键，侧重甲烷正四面体结构及一氯取代产物的考查，题目难度不大．
8．化学与材料、生活和环境密切相关．下列有关说法中错误的是（ ）
A．煤炭经气化、液化和干馏等过程，可获得清洁能源和重要的化工原料
B．利用CO2合成聚碳酸酯类可降解塑料，实现“碳”的循环利用
C．日常生活中人们大量使用铝制品，是因为常温下铝不能与氧气反应
D．神舟10号飞船所用太阳能电池板可将光能转换为电能，所用转换材料是单晶硅
【分析】A．煤炭经气化、液化和干馏等过程，可分别获得水煤气、甲醇、苯、二甲苯等物质；
B．可降解塑料可减小白色污染；
C．常温下铝与氧气反应生成氧化铝；
D．硅为半导体材料．
【解答】解：A．煤的干馏可得到煤焦油、焦炉气、粗苯等，而煤焦油经蒸馏又可得到苯、二甲苯等重要的化工原料；煤经气化、液化可得到甲醇等清洁能源，故A正确；
B．利用CO2合成聚碳酸酯类可降解塑料，这样将CO2转化为可降解塑料，实现了“碳”的循环利用，故B正确；
C．日常生活中人们大量使用铝制品，是因为常温下铝能与氧气反应生成致密的氧化铝保护膜，阻止了铝的进一步被氧化，故C错误；
D．太阳能电池的材料是硅，故D正确。
故选：C。
【点评】本题考查较为综合，涉及化学与材料、生活和环境等知识，有利于培养学生良好的科学素养，提高学习的积极性，注意相关基础知识的积累，难度不大．
9．二甲醚和乙醇是同分异构体，其鉴别可采用化学方法及物理方法，下列鉴别方法中不能对二者进行鉴别的是（ ）
A．利用金属钠或金属钾
B．利用燃烧法
C．利用红外光谱法
D．利用核磁共振氢谱
【分析】二甲醚和乙醇中分别含有﹣O﹣和﹣OH，二者性质不同，﹣OH可与Na反应，二者含有的H原子的种类和性质不同，由于分子式相同，燃烧产物相同．
【解答】解：A．乙醇中含有﹣OH，可与金属钠或金属钾反应生成氢气，可鉴别，故A正确；
B．由于分子式相同，燃烧产物相同，不能鉴别，故B错误；
C．二甲醚和乙醇中分别含有﹣O﹣和﹣OH，官能团不同，可用红外光谱法鉴别，故C正确；
D．二者含有的H原子的种类和性质不同，可用核磁共振氢谱鉴别，故D正确。
故选：B。
【点评】本题考查有机物的鉴别，题目难度不大，本题注意有机物官能团的异同以及有机物的结构，注意把握鉴别方法．
10．下列说法正确的是（ ）
A．可食用植物油含有的高级脂肪酸甘油酯是人体的营养物质
B．分馏、干馏都是物理变化，裂化、裂解都是化学变化
C．淀粉、蛋白质、葡萄糖都是高分子化合物
D．汽油、生物柴油、酒精都是碳氢化合物，都可作燃料
【分析】A．植物油属于油脂；
B．干馏为煤在隔绝空气条件下发生复杂的物理、化学变化；
C．葡萄糖的相对分子质量较小，在10000以下；
D．汽油、生物柴油均为烃的混合物，酒精中含C、H、O元素．
【解答】解：A．植物油属于油脂，为高级脂肪酸甘油酯，是人体必需的营养物质，故A正确；
B．干馏为煤在隔绝空气条件下发生复杂的物理、化学变化，裂化、裂解都是石油产品获得小分子的化学变化，只有分馏为物理变化，故B错误；
C．葡萄糖的相对分子质量较小，在10000以下，不是高分子化合物，但淀粉、蛋白质都是高分子化合物，故C错误；
D．汽油、生物柴油均为烃的混合物，酒精中含C、H、O元素，酒精不是碳氢化合物，但都可作燃料，故D错误；
故选：A。
【点评】本题考查有机物的结构与性质，为高频考点，把握有机物的组成、结构、性质及物质分类为解答的关键，注意煤和石油的综合利用，题目难度不大．
11．下列卤代烃一定能发生消去反应的是（ ）
A．
B．CH3CH2CH2Br
C．
D．
【分析】卤代烃发生消去反应结构特点：与﹣X相连碳相邻碳上有氢原子才能发生反应，形成不饱和键，否则不会发生消去反应，据此进行判断即可．
【解答】解：A、苯环上连接侧链的碳原子上没有氢原子，无法发生消去反应，故A错误；
B、CH3CH2CH2Br能发生消去反应生成丙烯，故B正确；
C、，此分子中的两个Cl均能发生消去反应，故C正确；
D、与氯原子相连的碳原子的邻位的C原子上不含有氢原子，所以不能发生消去反应，故D错误；
故选：BC。
【点评】本题考查卤代烃发生消去反应结构特点，难度不大，注意掌握卤代烃能发生消去反应结构特点：与﹣X相连的碳原子的邻位碳原子上必须有氢原子．
12．某烃的结构简式为，它可能具有的性质是（ ）
A．易溶于水，也易溶于有机溶剂
B．分子里所有的原子都处在同一平面上
C．该烃和苯互为同系物
D．能发生加聚反应，其加聚产物可用表示
【分析】A．根据相似相溶原理判断，有机物溶质易溶于有机溶剂；
B．该分子中含有甲基，根据甲烷的结构判断该分子中所有原子是否共面；
C．同系物中结构相似，且在分子组成上相差一个或若干个CH2﹣基团
D．该分子中含有碳碳双键，所以具有烯烃的性质；
【解答】解：A．该物质属于有机物，根据相似相溶原理判断，易溶于有机溶剂，不易溶于水，故A错误；
B．该分子可以看作是甲烷分子中的一个氢原子被苯乙烯基取代，甲烷是正四面体结构，所以该分子中所有原子不在同一平面上，故B错误；
C．该分子中含有碳碳双键，苯中不含碳碳双键，所以结构不相似，不是同系物，故C错误；
D．该分子中含有碳碳双键，所以能发生加聚反应，故D正确；
故选：D。
【点评】本题考查有机物的结构和性质，易错选项是B，利用知识迁移的方法来分析解答即可，难度不大。
13．萤火虫发光原理如下：
关于荧光素及氧化荧光素的叙述，正确的是（ ）
A．互为同系物
B．均可发生硝化反应
C．均最多有7个碳原子共平面
D．均可使FeCl3溶液变紫色
【分析】两种有机物都含有酚羟基，荧光素含有﹣COOH，均含有苯环，可发生硝化反应，结合苯环的结构特征判断有机物的空间结构．
【解答】解：A．荧光素与氧化荧光素分子所含的官能团不同，二者不是同系物，故A错误；
B．二者均可与浓硝酸发生苯环上的硝化反应，故B正确；
C．凡直接与苯环相连的原子，一定在同一平面内，故荧光素、氧化荧光素分子中均最少有7个碳原子共平面，故C错误；
D．二者均含酚﹣OH，则均可使FeCl3溶液变紫色，故D正确。
故选：BD。
【点评】本题考查有机物的结构和性质，为高频考点，注意把握有机物官能团的性质以及有机物的结构特征，为解答该题的关键，本题注意酚羟基的性质，题目难度不大．
14．下列关于有机物的说法正确的是（ ）
A．乙烯使溴水、酸性高锰酸钾溶液褪色的本质是不同的
B．淀粉、蛋白质、油脂都属于天然高分子化合物
C．聚氯乙烯塑料最适合用来做蔬菜、水果及熟食等的保鲜膜
D．等物质的量的CH4与Cl2恰好反应时，生成CH3Cl与HCl
【分析】A．乙烯含有碳碳双键，可发生加成、氧化反应；
B．油脂不是高分子化合物；
C．聚氯乙烯不能用于保鲜膜；
D．甲烷与氯气发生取代反应生成多种氯代烃。
【解答】解：A．乙烯含有碳碳双键，可溴水发生加成、与酸性高锰酸钾发生氧化反应，故A正确；
B．油脂的相对分子质量较小，不是高分子化合物，故B错误；
C．聚氯乙烯在一定条件下释放出有害物质，不能用于保鲜膜，故C错误；
D．甲烷与氯气的取代反应为多步取代同时进行，发生取代反应生成多种氯代烃，故D错误。
故选：A。
【点评】本题考查有机物的结构和性质，为高频考点，侧重于学生的分析能力的考查，有利于培养学生良好的科学素养，提高学习的积极性，难度不大。
15．甲苯和甘油组成的混合物中，若碳元素的质量分数为60%，那么可推断氢元素的质量分数是（ ）
A．0.05
B．0.087
C．0.174
D．无法计算
【分析】甲苯C7H8，甘油C3H8O3，二者相对分子质量都是92，H元素的质量分数相同，混合后H元素的质量分数不变，据此计算判断．
【解答】解：甲苯C7H8，甘油C3H8O3，二者相对分子质量都是92，H元素的质量分数相同为0.087，故二者混合物的中H元素的质量分数为0.087，
故选：B。
【点评】本题考查质量分数的有关计算，难度不大，关键是根据分子式的判断二者氢元素的质量分数相等．
16．某化合物6.4g在氧气中完全燃烧，只生成8.8g
CO2和7.2g
H2O．下列说法正确的是（ ）
A．该化合物仅含碳、氢两种元素
B．该化合物中碳、氢原子个数比为1：4
C．无法确定该化合物是否含有氧元素
D．该化合物一定是C2H8O2
【分析】有机物燃烧生成8.8gCO2和7.2gH2O，则一定含有C、H元素，其中n（CO2）0.2mol，n（H2O）0.4mol，以此计算C、H元素的质量，根据质量守恒，判断是否含有O元素。
【解答】解：A．有机物燃烧生成8.8gCO2和5.4gH2O，则该有机物分子中一定含有C、H元素，当可能含有氧元素，故A错误；
B.8.8g二氧化碳的物质的量为：n（CO2）0.2mol，7.2g水的物质的量为：n（H2O）0.4mol，则n（C）：n（H）＝0.2mol：（0.4mol×2）＝1：4，故B正确；
C．n（C）＝n（CO2）＝0.2mol，m（C）＝0.2mol×12g/mol＝2.4g，n（H）＝2n（H2O）＝0.8mol，m（H）＝0.8g，由于2.4g+0.8g＝3.2g＜6.4g，所以该化合物中一定含有氧元素，故C错误；
D．C2H8O2，2个C最多含有6个H，则该有机物分子式为：CH4O，故D错误；
故选：B。
【点评】本题考查有机物分子的元素组成，题目难度不大，本题注意有机物完全燃烧只生成二氧化碳和水，一定含有C、H元素，可能含有O元素，从质量守恒的角度判断是否含有氧元素。
17．有机物M的结构简式为：，下列关于M
的说法错误的是（ ）
A．分子中含有3
种官能团
B．1mol
M
最多可与3mol
NaOH
反应
C．一定条件下可发生取代、加成、聚合反应
D．能使溴的四氯化碳溶液和酸性高锰酸钾溶液褪色
【分析】有机物含有碳碳双键，可发生加成、加聚和氧化反应，含有羧基，具有酸性，可发生酯化反应，含有羟基，可发生取代、消去和氧化反应，以此解答该题。
【解答】解：A．有机物含有羟基、羧基和碳碳双键，故A正确；
B．能与氢氧化钠反应的官能团只有羧基，则1mol
M
最多可与1mol
NaOH
反应，故B错误；
C．羟基、羧基可发生取代反应，碳碳双键可发生加成、加聚反应，还可发生缩聚反应，故C正确；
D．含有碳碳双键，可与溴水发生加成反应，与酸性高锰酸钾发生氧化反应，故D正确。
故选：B。
【点评】本题考查有机物的结构与性质，为高频考点，侧重考查学生的分析能力，把握官能团与性质的关系为解答的关键，注意把握烯烃、醇的性质，题目难度中等。
18．下列说法正确的是（ ）
A．室温下，在水中的溶解度：丙三醇＞苯酚＞1﹣氯丁烷
B．用核磁共振氢谱不能区分HCOOCH3和HCOOCH2CH3
C．用Na2CO3溶液不能区分CH3COOH和CH3COOCH2CH3
D．油脂在酸性或碱性条件下均可发生水解反应，且产物相同
【分析】A．含﹣OH越多，溶解性越大，卤代烃不溶于水；
B．HCOOCH3中两种H，HCOOCH2CH3中有三种H；
C．CH3COOH与碳酸钠溶液反应，而CH3COOCH2CH3不能；
D．油脂在酸性条件下水解产物为高级脂肪酸和甘油，碱性条件下水解产物为高级脂肪酸盐和甘油．
【解答】解：A．含﹣OH越多，溶解性越大，卤代烃不溶于水，则室温下，在水中的溶解度：丙三醇＞苯酚＞1﹣氯丁烷，故A正确；
B．HCOOCH3中两种H，HCOOCH2CH3中有三种H，则用核磁共振氢谱能区分HCOOCH3和HCOOCH2CH3，故B错误；
C．CH3COOH与碳酸钠溶液反应气泡，而Na2CO3溶液与CH3COOCH2CH3会分层，因此可以用Na2CO3溶液能区分CH3COOH和CH3COOCH2CH3，故C错误；
D．油脂在酸性条件下水解产物为高级脂肪酸和甘油，碱性条件下水解产物为高级脂肪酸盐和甘油，水解产物不相同，故D错误；
故选：A。
【点评】本题考查有机物的鉴别，为高频考点，把握常见有机物的性质及鉴别方法为解答的关键，注意溶解性与﹣OH的关系、油脂不同条件下水解产物等，题目难度不大．
19．化合物（a）与（b）的结构简式如图所示。下列叙述正确的是（ ）
A．（a）与（b）互为同分异构体
B．（a）分子中所有碳原子均共面
C．（b）的一氯取代物共有3种
D．（a）与（b）均能使Br2/CCl4褪色
【分析】A．分子式相同而结构不同的有机物互为同分异构体；
B．（a）分子中两个环共用的碳原子具有甲烷结构特点；
C．（b）中含有几种氢原子，其一氯代物就有几种；
D．碳碳不饱和键能和溴发生加成反应而使溴的四氯化碳溶液褪色。
【解答】解：A．（a）与（b）的分子式都为C7H8，结构不同，所以互为同分异构体，故A正确；
B．（a）分子中两个环共用的碳原子，与周围4个碳原子相连，构成四面体结构，所以碳原子不可能共面，故B错误；
C．（b）中含有4种氢原子，则（b）的一氯取代物共有4种，故C错误；
D．（b）中不含碳碳双键，则（b）不能使Br2/CCl4褪色，故D错误；
故选：A。
【点评】本题考查有机物结构和性质，侧重考查烯烃性质，明确官能团及其性质关系、基本概念、原子共平面判断方法是解本题关键，知道烃一氯代物种类与烃分子中氢原子种类关系，题目难度不大。
20．下列说法正确的是（ ）
A．C8H10含苯环的烃同分异构体有3种
B．结构为…﹣CH＝CH﹣CH＝CH﹣CH＝CH﹣CH＝CH﹣…的高分子化合物，其单体是乙烯
C．苯中含有杂质苯酚，可用浓溴水来除杂
D．丙烯酸（CH2＝CHCOOH）和山梨酸（CH3CH＝CHCH＝CHCOOH）不是同系物，它们与氢气充分反应后的产物是同系物
【分析】A．C8H10含苯环的烃可为乙苯或二甲苯；
B．单体为乙炔；
C．苯酚以及三溴苯酚都溶于苯中；
D．丙烯酸和山梨酸结构不同，与氢气发生加成反应都生成饱和酸．
【解答】解：A．C8H10的芳香烃满足CnH2n﹣6的通式，即有可能为苯的同系物，取代基可以是2个甲基或1个乙基，结构简式：，故A错误；
B．结构为…﹣CH＝CH﹣CH＝CH﹣CH＝CH﹣CH＝CH﹣…的高分子化合物为聚乙炔，单体为乙炔，故B错误；
C．苯酚以及三溴苯酚都溶于苯中，应加入氢氧化钠溶液除杂，故C错误；
D．丙烯酸和山梨酸结构不同，与氢气发生加成反应都生成饱和酸，故D正确。
故选：D。
【点评】本题考查有机物的结构和性质，为高频考点，侧重于学生的分析能力的考查，注意把握有机物的组成、结构和性质以及同分异构体的判断，难度不大，注意相关基础知识的积累．
21．有机物CH3﹣CH═CH﹣Cl不能发生的反应有（ ）
①取代反应 ②加成反应 ③消去反应 ④使溴水褪色 ⑤使酸性KMnO4溶液褪色 ⑥与AgNO3溶液生成白色沉淀 ⑦聚合反应．
A．①②③④⑤⑥⑦
B．⑦
C．⑥
D．②
【分析】CH3﹣CH═CH﹣Cl中，含有碳碳双键，可发生加成、加聚和氧化反应，含有﹣Cl，可发生取代和消去反应，以此解答该题．
【解答】解：含有碳碳双键，可发生加成、加聚和氧化反应，则②④⑤⑦正确；
含有﹣Cl，可发生取代和消去反应，则①③正确；
不能在溶液中电离出氯离子，则不能与AgNO3溶液生成白色沉淀，故⑥错误。
故选：C。
【点评】本题考查有机物的结构和性质，侧重于有机物的结构和性质的综合应用的考查，为高考常见题型，难度不大，注意把握有机物的官能团的性质．
22．迷迭香酸是从蜂花属植物中提取得到的酸性物质，其结构如图．下列叙述正确的是（ ）
A．迷迭香酸属于芳香烃
B．迷迭香酸可以发生水解反应、取代反应和酯化反应
C．1mol迷迭香酸最多能和9mol氢气发生加成反应
D．1mol迷迭香酸最多能和含5molNaOH的水溶液完全反应
【分析】A、组成上只有C、H元素且含有苯环的有机物成为芳香烃；
B、根据有机物中含有的官能团来确定有机物的性质以及所发生的化学反应类型；
C、有机物中的苯环、碳碳双键、三键等可以被氢气加成；
D、酚羟基、酯基、羧基官能团均可以和氢氧化钠发生反应．
【解答】解：A、该有机物质组成上有C、H、O元素，不属于芳香烃，故A错误；
B、有机物中含有的酯基可以水解，羧基可以和醇发生酯化反应，所以、酯基、酚羟基的邻对位氢原子等可以发生取代反应，故B正确；
C、1mol迷迭香酸中的苯环2个、碳碳双键1mol，共可以被7mol氢气加成，酯基不能被氢气加成，故C错误；
D、1mol迷迭香酸的酚羟基、酯基、羧基共6mol，可以和6mol氢氧化钠发生反应，故D错误。
故选：B。
【点评】本题考查有机物的结构和性质，题目难度中等，把握有机物的组成、结构和性质为解答该题的关键，学习中要注意相关基础知识的积累．
23．下列说法正确的是（ ）
A．实验室从海带提取单质碘的方法是：取样→灼烧→溶解→过滤→萃取
B．用乙醇和浓硫酸制备乙烯时，可用水浴加热控制反应的温度
C．Cl﹣存在时，铝表面的氧化膜易被破坏，因此含盐腌制食品不宜直接存放在铝制容器中
D．将（NH4）2SO4、CuSO4溶液分别加入蛋白质溶液，都出现沉淀，表明二者均可使蛋白质变性
【分析】A．碘元素在海水中只有化合态，没有游离态，海带提取单质碘需将碘离子氧化成碘单质；
B．乙醇和浓硫酸在170℃，发生分子内脱水生成乙烯和水，水浴的温度为小于100℃；
C．Cl﹣存在时，铝表面的氧化膜易被破坏，裸露出活泼的金属铝，铝具有两性，因此含盐腌制食品不宜直接存放在铝制容器中；
D．根据浓的无机盐溶液能使蛋白质发生盐析，而重金属盐能使蛋白质发生变性，CuSO4溶液能使蛋白质溶液发生变性，饱和（NH4）2SO4溶液能使蛋白质发生盐析，不能发生变性；
【解答】解：A．海水中只有化合态的碘，实验室从海带提取单质碘的方法是：取样→灼烧→溶解→过滤，然后需将碘离子氧化为碘单质，在提取的过程中用的氧化剂可以是H2O2，然后再萃取，故A错误；
B．乙醇在浓硫酸加热170℃发生消去反应生成乙烯气体，反应的化学方程式为CH3CH2OHCH2＝CH2↑+H2O，水的沸点为100℃，水浴的温度为小于100℃，而该反应的温度为170℃，显然不符，故B错误；
C．铝表面的氧化膜为氧化铝，当有Cl﹣存在时，Cl﹣替换氧化铝中的氧元素形成可溶性的氯化铝，所以铝表面的氧化膜易被破坏，裸露出活泼的金属铝，铝具有两性，因此含盐腌制食品不宜直接存放在铝制容器中，故C正确；
D．当向蛋白质溶液中加入的盐溶液（硫酸铵、硫酸钠、氯化钠等）达到一定浓度时，会使蛋白质的溶解度降低而从溶液中析出，这种作用称为盐析，盐析具有可逆性，所以饱和（NH4）2SO4溶液能使蛋白质发生盐析，不是变性，因加强酸、强碱、重金属盐、甲醛等导致蛋白质性质的改变和生物活性的丧失，是蛋白质的变性，所以CuSO4溶液能使蛋白质溶液发生变性，故D错误；
故选：C。
【点评】本题主要考查了物质的性质，掌握基础知识，掌握物质的性质是解题的关键，题目难度不大．
24．下列三种有机物是某些药物中的有效成分。
下列说法正确的是（ ）
A．三种有机物都能发生水解反应
B．三种有机物苯环上的氢原子若被氯原子取代，其一氯代物都只有2种
C．将等物质的量的三种物质加入氢氧化钠溶液中，对羟基桂皮酸消耗氢氧化钠最多
D．使用FeCl3溶液和稀硫酸可以鉴别这三种有机物
【分析】A、能水解的有机物中含有：酯基、肽键或是卤代烃等；
B、苯环上有几种类型的氢原子，其一氯代物就有几种；
C、酚羟基、酯基、羧基均能和氢氧化钠发生反应；
D、酚类物质与FeCl3溶液发生显色反应，稀硫酸作用下能让酯水解。
【解答】解：A、只有阿司匹林能水解，故A错误；
B、阿司匹林苯环上有4种类型的氢原子，其一氯代物就有4种，其余的两个一氯代物有2种，故B错误；
C、酚羟基、酯基、羧基均能和氢氧化钠发生反应，假设有机物的物质的量均为1mol，对羟基桂皮酸消耗氢氧化钠2mol，布洛芬消耗氢氧化钠1mol，阿司匹林消耗氢氧化钠3mol，故阿司匹林最多，故C错误；
D、与FeCl3溶液发生显色反应，变为紫色的为对羟基桂皮酸，稀硫酸作用下阿司匹林水解会出现和氯化铁发生显色反应的酚类物质，故D正确。
故选：D。
【点评】本题是一道有关有机物基础知识点考查的题目，可以根据所学知识来回答，难度不大。
25．b是一种重要的有机合成中间体，可由a经两步反应制得，下列说法正确的是（ ）
A．b易溶于水及甲苯
B．一定条件下，b可发生取代反应和加成反应
C．b苯环上的一氯代物与二氯代物之比为3：2
D．可用酸性高锰酸钾溶液鉴别a和b
【分析】A．亲水基促进有机物易溶于水、憎水基抑制有机物溶于水；
B．一定条件下，酯基易水解而发生取代反应，苯环和碳碳不饱和键能发生加成反应；
C．b苯环上有几种氢原子，其苯环上就有几种一氯代物；苯环上的二氯代物在原来一氯代物的基础上有几种氢原子，其二氯代物就有几种；
D．连接苯环的碳原子上含有H原子的饱和烃支链能被酸性高锰酸钾溶液氧化而使酸性高锰酸钾溶液褪色。
【解答】解：A．b中不含亲水基而只含憎水基，所以难溶于水而易溶于有机溶剂，故A错误；
B．一定条件下，b中酯基和甲基都能发生取代反应、苯环和碳碳双键都能发生加成反应，故B正确；
C．b苯环上有3种氢原子，其苯环上一氯代物有3种；苯环上的二氯代物有3种，故C错误；
D．a中苯环上的甲基、b中苯环上的甲基和碳碳双键都能被酸性高锰酸钾溶液氧化而使酸性高锰酸钾溶液褪色，所以不能用高锰酸钾溶液鉴别a、b，故D错误；
故选：B。
【点评】本题考查有机物结构和性质，侧重考查苯、酯基和烯烃性质，明确官能团及其性质关系是解本题关键，利用物质性质差异性鉴别物质，C为解答易错点，题目难度不大。
26．橙花醇具玫瑰及苹果香气，可作香料，其结构简式如下：
下列关于橙花醇的叙述，错误的是（ ）
A．既能发生取代反应，也能发生加成反应
B．在浓硫酸催化下加热脱水，可以生成不止一种四烯烃
C．1mo1橙花醇在氧气中充分燃烧，需消耗470.4L氧气（标准状况）
D．1mo1橙花醇在室温下与溴四氯化碳溶液反应，最多消耗240g溴
【分析】A．分子中含有﹣OH、碳碳双键；
B．与﹣OH相连的C原子的三个邻位碳原子上均有H原子；
C．分子式为C15H26O；
D.1mol该物质中含有3mol碳碳双键．
【解答】解：A．因分子中含有﹣OH、碳碳双键，则既能发生取代反应，也能发生加成反应，故A正确；
B．与﹣OH相连的C原子的三个邻位碳原子上均有H原子，均可发生消去反应生成四烯烃，则在浓硫酸催化下加热脱水，可以生成不止一种四烯烃，故B正确；
C．分子式为C15H26O，则1mol该物质消耗氧气为（15）mol×22.4L/mol＝470.4L，故C正确；
D.1mol该物质中含有3mol碳碳双键，则1mo1橙花醇在室温下与溴四氯化碳溶液反应，最多消耗3mol×160g/mol＝480g溴，故D错误；
故选：D。
【点评】本题考查有机物的官能团及性质，明确该物质中含有羟基及双键是解答本题的关键，题目难度不大．
27．下列说法中正确的是（ ）
A．红外光谱图可以确定有机物分子中不同类型氢原子的种类和数目
B．质谱图最右边的分子离子峰表示待测物质的相对分子质量
C．苯、乙烷、乙烯、乙炔分子中碳碳键的键长分别为a、b、c、d，则b＞c＞a＞d
D．等质量的烃完全燃烧，耗氧量最少的是甲烷
【分析】A．红外光谱图常用来测定得分子中含有化学键或官能团的信息；
B．用质谱仪测定的有机物的最大质合比，质谱法中最右边的分子离子峰为最大值；
C．键能越大，键长越短，键能：碳碳三键＞碳碳双键＞碳碳单键；
D．等质量的烃完全燃烧，烃中氢元素的质量分数越大，耗氧量越高。
【解答】解：A．红外光谱图常用来测定得分子中含有化学键或官能团的信息，故A错误；
B．质谱法是用高能电子流轰击样品分子，使分子失去电子变成分子离子或碎片离子；质谱仪测定的有机物的最大质合比，质谱图中最右边的分子离子峰为最大值，为该物质的相对分子质量，故B正确；
C．键能越大，键长越短，键能：碳碳三键＞碳碳双键＞碳碳单键，苯中的化学键键能介于单键与双键之间，所以键长：b＞a＞c＞d，故C错误；
D．等质量的烃完全燃烧，烃中氢元素的质量分数越大，耗氧量越高，所有的烃中H元素的质量分数最大的是甲烷，所以耗氧量最多的是甲烷，故D错误；
故选：B。
【点评】本题考查有机物结构式确定的谱学方法、键长比较、耗氧量的相关知识点，题目难度不大，熟悉鉴定有机物结构及性质是解答的关键。
二．解答题（共3小题）
28．按要求填空
（1）写出
中官能团的名称： 碳碳双键、氯原子 。
（2）主链上有6个碳原子，有一个甲基和一个乙基作为支链的烷烃有 4 种。
（3）键线式所表示物质的名称是： 2﹣甲基戊烷 。
（4）某烷烃A，其蒸气密度是相同状况下氢气密度的64倍，经测定得知A分子中共含有6个甲基。
①若A不是加后成的产物，则A的结构简式为： 。
②若A是炔烃与氢气加成后的产物，则A的名称为： 2，2，3，3一四甲基戊烷 。
【分析】（1）含碳碳双键、Cl原子；
（2）主链上有6个碳原子，有一个甲基和一个乙基作为支链，乙基只能在3号C上，甲基可以在中间所有的C上；
（3）主链含5个C，2号C上有甲基；
（4）气体的密度之比等于摩尔质量之比，烷烃A蒸气的摩尔质量为2g/mol×64＝128g/mol，则12n+2n+2＝128，解得n＝9，所以烷烃A的分子式为C9H20，以此来解答。
【解答】解：（1）中官能团的名称为碳碳双键、氯原子，故答案为：碳碳双键、氯原子；
（2）主链6个C，则乙基只能在3号C上，甲基可以在中间所有的C上，该分子不对称，甲基分别在中间四个碳原子上，共有4种，故答案为：4；
（3）键线式所表示物质的名称是2﹣甲基戊烷，故答案为：2﹣甲基戊烷；
（4）气体的密度之比等于摩尔质量之比，烷烃A蒸气的摩尔质量为2g/mol×64＝128g/mol，则12n+2n+2＝128，解得n＝9，所以烷烃A的分子式为C9H20，
①若A不是加后成的产物，说明A中两个C间不可能形成C＝C键，则A的结构简式为，
故答案为：；
②若A是炔烃与氢气加成后的产物，满足相邻2个C上都至少含2个H，则A的CH3CH2C（CH3）2C（CH3）3，A的名称为2，2，3，3一四甲基戊烷，
故答案为：2，2，3，3一四甲基戊烷。
【点评】本题考查有机物的结构与性质，为高频考点，把握有机物的官能团、有机物分子式的确定为解答的关键，侧重分析与应用能力的考查，注意（4）为解答的难点，题目难度不大。
29．一种重要的降血糖药物M（）的合成路线如图（略去部分反应条件）。
已知：
回答下列问题：
（1）B的名称为 苯甲醛 ，F
的结构简式为 。
（2）反应②的反应类型为 消去反应 。
（3）下列关于上述涉及的有机物的说法正确的是 ab 。（填标号）
a．化合物E能使酸性高锰酸钾溶液褪色
b．化合物F既能与盐酸反应，又能与NaOH溶液反应
c．M中含氧官能团的名称为酯基、酮基
（4）写出F+H→M的化学方程式： ++HCl 。
（5）由G可制得物质I（），写出满足下列条件的I的同分异构体的结构简式： 、 。
①能与FeCl3溶液发生显色反应
②除苯环外不含其他环
③1H﹣NMR谱中峰面积之比为6：2：1：1：1
（6）请设计以G为原料合成H的合理路线流程图 。（无机试剂任选）
【分析】由A（）、C的结构简式（）得出B的化学式为：C7H6O，结构简式为：，A与B发生加成反应生成C，C（）中含有醇羟基，在浓硫酸加热条件下发生消去反应生成D（C10H8N2O2），则D为，D在催化剂作用下与H2加成生成E（）；又因F与H（）发生取代反应生成目标产物M（），利用逆推法推出F为，F中含有氨基和羧基，则E发生+2H2O→+CO2↑+NH3↑，生成F（），以此解答该题的（1）～（4）；
（5）I（），能与FeCl3溶液发生显色反应，说明含有酚羟基；1H﹣NMR谱中峰面积之比为6：2：1：1：1，说明对称性很强；且除苯环外不含其他环；
（6）已知：，得出G（）中的Cl原子可在碱性条件下发生水解反应生成醇，醇氧化成羧酸，再根据已知合成目标产物H。
【解答】解：（1）由上述分析得出，B的结构简式为：，化学名称为苯甲醛；已知M的结构简式：和H逆推得出F为，
故答案为：苯甲醛；；
（2）C（）中含有醇羟基，在浓硫酸加热条件下发生消去反应生成D（C10H8N2O2），D的结构简式为：，反应②的类型为消去反应，
故答案为：消去反应；
（3）A、E（）中与苯环相连的碳可被高锰酸钾氧化为羧基，故a正确；
B、F（）中含有氨基和羧基，既能与盐酸反应，又能与NaOH溶液反应，故b正确；
C、M（）中含氧官能团的名称为羧基、肽键，故c错误；
故选：ab；
（4）F（）与H发生取代反应生成目标产物M（，反应方程式为：++HCl，
故答案为：++HCl；
（5）I（），能与FeCl3溶液发生显色反应，含有酚羟基；1H﹣NMR谱中峰面积之比为6：2：1：1：1，说明对称性很强，即两个甲基对称，且除苯环外不含其他环；写出同分异构体为：，，
故答案为：，；
（6）G（）为原料合成H（），已知：，所以得出G（）中的Cl原子可在碱性条件下发生水解反应生成醇，醇氧化成羧酸，再根据已知，合成目标产物H，所以合成路线为：，
故答案为：。
【点评】本题考查有机物推断和合成，侧重考查分析、推断及知识综合运用、知识迁移能力，正确判断反应前后碳链结构、官能团结构变化是解本题关键，采用知识迁移、逆向思维方法进行合成路线设计，题目难度中等。
30．苏丹红一号（sudanⅠ）是一种偶氮染料，不能作为食品添加剂使用．它是由苯胺和2﹣萘酚为主要原料制备的，它们的结构简式如下所示：
（1）苏丹红﹣号的化学式（分子式）为 C16H12N2O
（2）在下面化合物（A）﹣（D）中，与2﹣萘酚互为同分异构体的有（填字母代号） ABC
（3）上述化合物（C）含有的官能团是 碳碳双键、醛基
（4）在适当的条件下，2﹣萘酚经反应可得到芳香化合物E（C8H6O4），1mol
E与适量的碳酸氢钠溶液反应可放出二氧化碳44.8L（标准状况），E与溴在有催化剂存在时反应只能生成两种﹣溴取代物，两种一溴取代物的结构简式分别是 ，E与碳酸氢钠反应的化学方程式是
（5）若将E与足量乙醇在浓硫酸作用下加热，可以生成一个化学式（分子式）为C12H14O4的新化合物，该反应的化学方程式是 反应类型是 酯化反应 ．
【分析】（1）苏丹红﹣号含有C、H、O、N等元素，可根据结构简式书写分子式；
（2）根据同分异构体分子式相同，结构不同进行判断；
（3）C中含有C＝C和﹣CHO等官能团；
（4）E的结构简式为，根据所含有的官能团判断性质；
（5）E与足量乙醇在浓硫酸作用下加热，可发生酯化反应．
【解答】解：（1）苏丹红﹣号含有C、H、O、N等元素，分子式为C16H12N2O，故答案为：C16H12N2O；
（2）2﹣萘酚的分子式为C10H8O，题中ABC的分子式也为C10H8O，与2﹣萘酚互为同分异构体，D的分子式为C10H10O，与2﹣萘酚的分子式不同，不是同分异构体关系，
故答案为：ABC；
（3）C中含有C＝C和﹣CHO等官能团，为碳碳双键、醛基，故答案为：碳碳双键、醛基；
（4）E的结构简式为，与溴发生取代时，苯环上有两种性质不同的H，所以取代产物有两种，分别为，含有羧基，具有酸性，能与碳酸氢钠反应生成二氧化碳气体，反应的化学方程式为，
故答案为：；；
（5）E与足量乙醇在浓硫酸作用下加热，可发生酯化反应，生成酯，反应的化学方程式为，
故答案为：；酯化反应．
【点评】本题考查有机物的结构和性质，题目难度中等，本题注意同分异构体的判断，为该题的难点，也是易错点．
