第1章 遗传的基本规律 基础夯实单元测试2022-2023学年高一下学期生物浙科版必修2（含解析）

第1章 遗传的基本规律 基础夯实——2022-2023学年高一生物浙科版（2019）必修二单元测试
1.孟德尔利用豌豆的一对相对性状的杂交实验得出了分离定律。下列关于孟德尔的遗传学实验的叙述，错误的是( )
A.孟德尔在豌豆开花时进行去雄和授粉，实现亲本的杂交
B.杂交实验过程涉及了正反交实验，即高茎(♀)×矮茎(♂)和矮茎(♀)×高茎(♂)
C.实验中F2出现3︰1性状分离比的结果否定了融合遗传
D.孟德尔做的测交实验属于假说—演绎法步骤中的实验验证阶段
2.某雌雄同花植物花色有红色和白色两种,受一对等位基因控制。研究小组随机取红花和白 花植株各60株均分为三组进行杂交实验,结果如表所示,相关推断不正确的是( )
组别 杂交方案 杂交结果
甲组 红花×红花 红花∶白花=14∶1
乙组 红花×白花 红花∶白花=7∶1
丙组 白花×白花 全为白花
A.根据甲组结果,可以判断红花为显性性状
B.甲组结果没有出现3∶1性状分离比的原因可能为红花亲本中并非都是杂合子
C.乙组亲本的红花植株中,纯合子与杂合子的比例为3∶1
D.甲组和乙组的杂交结果中红花植株都为杂合子
3.已知牛的有角与无角为一对相对性状，由常染色体上的等位基因A与a控制，在自由放养多年的一牛群中，两基因比例为1︰1，每头母牛一次只生产1头小牛，以下关于性状遗传的研究方法及推断不正确的是( )
A.选择多对有角牛和无角牛杂交，若后代有角牛明显多于无角牛，则有角为显性性状
B.自由放养的牛群自由交配，若后代有角牛明显多于无角牛，则说明有角为显性性状
C.选择多对有角牛和固定的一头有角牛杂交，若后代出现无角牛，则说明无角为隐性性状
D.随机选出1头有角公牛和3头无角母牛分别交配，若所产3头牛全部是无角，则无角为显性性状
4.下列与遗传有关的叙述正确的是( )
A.水稻的糯性与非糯性、果蝇正常翅与残翅是相对性状
B.基因分离定律和自由组合定律可以解释一切生物的遗传现象
C.纯合子的自交后代中不会发生性状分离，杂合子的自交后代中不会出现纯合子
D.表型相同的生物，基因型一定相同
5.下列关于孟德尔豌豆杂交实验及遗传基本规律的叙述，正确的是( )
A.假说能解释F1自交出现3︰1分离比的原因，所以假说成立
B.孟德尔通过一对相对性状的杂交实验发现了等位基因
C.形成配子时控制不同性状的基因先分离后组合，分离和组合是互不干扰的
D.基因型为AaBb个体自交，后代出现分离比约为9︰6︰1的条件之一是两对基因独立遗传
6.在孟德尔之前，也有不少学者做过动物或植物的杂交实验，也观察到了生物性状遗传中的性状分离现象，但是都未能总结出遗传规律。孟德尔用了多年的时间才发现了两大遗传定律。下列关于孟德尔研究遗传规律获得成功的原因的叙述，正确的是( )
A.选用豌豆作为实验材料，在豌豆开花时去雄和授粉，实现亲本的杂交
B.在观察和统计分析的基础上，结合前人融合遗传的观点，提出一系列假说
C.科学地设计实验程序，巧妙地运用测交实验对他的假说进行验证
D.运用统计学方法分析实验结果，先分析多对相对性状，后分析一对相对性状
7.下列有关基因分离定律和基因自由组合定律的说法，正确的是( )
A.若符合自由组合定律，双杂合子自交后代不一定出现9：3：3：1的性状分离比
B.一对相对性状的遗传一定遵循基因的分离定律而不遵循自由组合定律
C.分离定律发生在配子产生过程中，自由组合定律发生在配子随机结合过程中
D.多对等位基因遗传时，在等位基因分离的同时，非等位基因自由组合
8.孟德尔在研究了一对相对性状的遗传规律后，进一步研究了两对和多对相对性状的遗传。下列对n对等位基因控制的性状（完全显性）的遗传分析错误的是( )
A.F1形成的配子种类数与F2的表现型数相等
B.F2的表现型数与基因型数不相等
C.F2的性状分离比为9:3:3:1
D.F1雌雄配子可能的组合数是4
9.基因型为AaBb的个体自交，子代性状分离比情况分析有误的是( )
A.若子代出现4︰2︰2︰1的性状分离比，则基因型为AaBb的个体能存活
B.若子代出现15︰1的性状分离比，则显性个体中纯合子占1/5
C.若子代出现9︰3︰4的性状分离比，则测交后代的性状比为1︰1︰1︰1
D.若子代出现9︰7的性状分离比，则存在杂合子能稳定遗传的现象
10.在孟德尔两对相对性状杂交实验中，F1黄色圆粒豌豆（YyRr）自交产生F2。下列表述正确的是( )
A.F1产生4个配子，比例为1︰1︰1︰1
B.F1产生基因型YR的卵细胞和基因型YR的精子数量之比为1︰1
C.基因自由组合定律是指F1产生的4种类型的精子和卵细胞可以自由组合
D.F1产生的精子中，基因型为YR和基因型为yr的比例为1︰1
11.豌豆的粒色黄色(Y)对绿色(y)为显性，粒形圆粒(R)对皱粒(r)为显性，两对基因独立遗传，现有黄色圆粒(甲)、绿色圆粒(乙)、黄色皱粒(丙)三个纯合豌豆品种。下列分析错误的是( )
A.甲与丙或乙与丙的杂交组合可验证基因的分离定律
B.甲和乙不能作为亲本验证自由组合定律的实验
C.乙与丙杂交组合的子二代中重组类型所占的比例为3/8
D.鉴定绿色圆粒植株基因型的最简便的方案为让此植株自交
12.研究人员选择果皮黄绿色、果肉白色、果皮有覆纹的纯合甜瓜植株（甲）与果皮黄色、果肉橘红色、果皮无覆纹的纯合甜瓜植株（乙）杂交，F1表现为果皮黄绿色、果肉橘红色、果皮有覆纹。F1自交得F2，分别统计F2各对性状的表现型及株数，结果如表所示。假设控制覆纹性状的基因与控制果皮颜色、果肉颜色的基因位于非同源染色体上，下列叙述正确的是( )
甜瓜性状 果皮颜色（A、a） 果肉颜色（B、b） 果皮覆纹
F2的表现型及株数 黄绿色482 黄色158 橘红色478 白色162 有覆纹361 无覆纹279
A.若让F2中果肉橘红色植株随机交配，则F3中果肉白色植株占1/6
B.若让F1与植株乙杂交，则子代中果皮有覆纹︰无覆纹=3︰1
C.若果皮颜色、覆纹由3对独立遗传的等位基因控制，则理论上F2中果皮黄色无覆纹的甜瓜植株约有70株
D.由表中F2果皮颜色、果肉颜色的统计数据，可判断A/a、B/b这两对基因遵循自由组合定律
13.某单子叶植物的非糯性(A)对糯性(a)为显性，抗病(T)对易感病(t)为显性，花粉粒长形(D)对圆形(d)为显性，三对等位基因独立遗传。已知非糯性花粉遇碘液变为蓝色，糯性花粉遇碘液变为棕色。现有四种纯合子，基因型分別为：①AATTdd、②AAttDD、③AAttdd、④aattdd。则下列说法正确的是( )
A.若采用花粉鉴定法验证基因的分离定律，则应该观察①和③杂交所得F1的花粉
B.若采用花粉鉴定法验证基因的自由组合定律，则可以观察①和②杂交所得F1的花粉
C.若培育糯性抗病优良品种，则应选用①和④为亲本杂交
D.将②和④杂交后所得的F1的花粉涂在载玻片上，加碘液染色后，均变为蓝色
14.孟德尔用具有两对相对性状的豌豆做亲本杂交获得F1，F1自交得F2，F2得到的种子中黄色圆粒、黄色皱粒、绿色圆粒、绿色皱粒的数量比接近于9︰3︰3︰1。与F2出现这种比例无直接关系的是( )
A.亲本必须是纯种的黄色圆粒豌豆与绿色皱粒豌豆
B.F1产生的雌、雄配子各有4种，比例为1︰1︰1︰1
C.F1自交时，4种类型的雌、雄配子的结合是随机的
D.F1的雌、雄配子结合成的合子都能发育成新个体
15.牡丹的花色多种多样，白色的不含花青素，深红色的含花青素最多，花青素含量的多少决定着花颜色的深浅。花青素含量由两对独立遗传的基因（A和a，B和b）所控制；显性基因A和B可以使花青素含量增加，两者增加的量相等，并且可以累加。深红色牡丹同白色牡丹杂交，就能得到中等红色的个体，若这些个体自交，其子代将出现花色的种类和比例分别是( )
A.3种；9︰6︰1 B.4种；9︰3︰3︰1
C.5种；1︰4︰6︰4︰1 D.6种；1︰4︰3︰3︰4︰1
16.某生物小组在一块较为封闭的地里发现了一些野生植株，花色有红色和白色，茎干有绿茎和紫茎，同学们对该植物的花色、茎色进行遗传方式研究。请根据实验结果进行分析。
第一组:取90对亲本进行实验 第二组:取绿茎和紫茎的植株各1株
亲本 杂交组合 F1表现型 交配组合 F1表现型
A:30对亲本 红花×红花 36红花︰1白花 D:绿茎×紫茎 绿茎︰紫茎=1︰1
B:30对亲本 红花×白花 5红花︰1白花 E:紫茎自交 全为紫茎
C:30对亲本 白花×白花 全为白花 F:绿茎自交 由于虫害，植株死亡
(1)从第一组花色遗传的结果来看，花色隐性性状为__________，最可靠的判断依据是__________组。
(2)若任取B组的一株亲本红花植株使其自交，其子一代表现型的情况是__________。
(3)从第二组茎色遗传的结果来看，隐性性状为__________，判断依据是__________组。
(4)如果F组正常生长繁殖，其子一代表现型的情况是__________。
(5)A、B两组杂交后代没有出现3︰1或1︰1的分离比，其原因是：__________。
17.植物的性状有的由1对基因控制，有的由多对基因控制。一种二倍体甜瓜的叶形有缺刻叶和全缘叶，果皮有齿皮和网皮。为了研究叶形和果皮这两个性状的遗传特点，某小组用基因型不同的甲乙丙丁4种甜瓜种子进行实验，其中甲和丙种植后均表现为缺刻叶网皮。杂交实验及结果见下表（实验②中F1自交得F2）。
实验 亲本 F1 F2
① 甲×乙 1/4缺刻叶齿皮，1/4缺刻叶网皮 1/4全缘叶齿皮，1/4全缘叶网皮 /
② 丙×丁 缺刻叶齿皮 9/16缺刻叶齿皮，3/16缺刻叶网皮 3/16全缘叶齿皮，1/16全缘叶网皮
回答下列问题：
（1）根据实验①可判断这2对相对性状的遗传均符合分离定律，判断的依据是_______。根据实验②，可判断这2对相对性状中的显性性状是__________。
（2）甲乙丙丁中属于杂合体的是___________。
（3）实验②的F2中纯合体所占的比例为__________。
（4）假如实验②的F2中缺刻叶齿皮︰缺刻叶网皮︰全缘叶齿皮︰全缘叶网皮不是9︰3︰3︰1，而是45︰15︰3︰1，则叶形和果皮这两个性状中由1对等位基因控制的是__________，判断的依据是____________。
18.科研人员利用a、b、c三个不同的纯种小麦抗病品系（由三个不同的基因突变导致）和纯种感病品系进行杂交实验，结果如下表。回答下列相关问题：
组别 杂交组合 F1 F2
① a×感病 抗病 抗病︰感病=3︰1
② b×感病 抗病 抗病︰感病=3︰1
③ c×感病 抗病 抗病︰感病=3︰1
④ a×b 抗病 抗病
⑤ b×c 抗病 抗病︰感病=15︰1
（1）由①②③组可知，三种抗病性状相对于感病性状均为__________，其遗传均符合__________定律。
（2）由④组可知，a品系和b品系的抗病基因位于__________对同源染色体上。F1中a品系和b品系的抗病基因位于__________条染色体上且这两个基因所在染色体不发生__________，F2全抗病。
（3）若用①组和②组得到的F1杂交，后代抗病植株与感病植株的比例为__________。
（4）由⑤组可知，b品系和c品系的抗病基因位于__________对同源染色体上，F2抗病植株中纯合子占__________。
答案以及解析
1.答案：A
解析：豌豆为自花传粉、闭花受粉的植物，对母本去雄应该在花蕾期进行，A错误；杂交实验过程涉及了正反交实验，即高茎（♀）×矮茎(♂)和矮茎（♀）×高茎(♂)，B正确；融合遗传方式产生的后代不会出现性状分离，故实验中F2出现3︰1性状分离比的结果否定了融合遗传，C正确；孟德尔所做的测交实验是为了验证他的假说，属于假说—演绎法步骤中的实验验证阶段，D正确。
2.答案：D
解析：根据甲组实验分析，红花与红花杂交，后代出现了白花，说明红花是显性性状，A正确；甲组结果没有出现3∶1性状分离比的原因可能为红花亲本中并非都是杂合子,也有纯合子，B正确；乙组中的白花个体为隐性纯合子，因此中7红花∶1白花就代表了亲代中的所有红花亲本所含显隐性基因的比为显性基因∶隐性基因=7∶1，如果设显性基因为A,则AA∶Aa =3∶1，C正确；甲组实验后代的红花植株有纯合子，也有杂合子，D错误。
3.答案：D
解析：自由放养多年的一牛群中，A、a两基因比例为1︰1，说明不用考虑致死等情况，多对有角牛和无角牛杂交，若后代有角牛明显多于无角牛，则有角为显性性状，A正确；自由放养的牛群自由交配，显性性状在后代中的比例明显偏大，故若后代有角牛明显多于无角牛，则有角为显性性状，B正确；选择多对有角牛和固定的一头有角牛杂交，若后代出现无角牛，说明无角为隐性性状，C正确；D选项由于选择的亲本数量少，后代数量也少，结果有多种可能，不能用来判断显隐性，D错误。
4.答案：A
解析：相对性状指的是同一种生物同一种性状的不同表现类型，如水稻的糯性与非糯性、果蝇正常翅与残翅，A正确；基因分离定律和自由组合定律均只适用于真核生物有性生殖过程中细胞核中基因的遗传，B错误；杂合子自交后代会出现纯合子和杂合子，C错误；表型相同的生物，基因型不一定相同，如DD与Dd的表型相同，D错误。
5.答案：D
解析：假说能解释F1自交出现3︰1分离比的原因，但不能由此说明假说成立，还需要通过测交实验验证，A错误；孟德尔通过一对相对性状的杂交实验发现了分离定律，但没有发现等位基因，B错误；形成配子时，等位基因的分离和位于非同源染色体上的非等位基因的组合是互不干扰的，并且是同时进行的，C错误；基因型为AaBb个体自交，后代出现9︰6︰1的分离比，是9︰3︰3︰1比例的变式，说明两对基因遵循自由组合定律，即出现该比例的条件是两对基因独立遗传，D正确。
6.答案：C
解析：孟德尔获得成功的原因之一是正确地选用豌豆作为实验材料，由于豌豆属于自花传粉、闭花受粉的植物，因此应在豌豆未开花时去雄，然后套袋处理，待花粉成熟时进行人工授粉，实现亲本的杂交，A错误；孟德尔在观察和统计分析的基础上，果断摒弃了前人融合遗传的观点，通过严谨的推理和大胆的想象，提出了一系列假说，B错误；孟德尔科学地设计实验程序，巧妙地运用测交实验对他的假说进行验证，C正确；孟德尔采用了由单因子到多因子的科学思路，先分析一对相对性状，后分析多对相对性状，运用统计学方法分析实验结果，使实验结果准确可靠，D错误。
7.答案：A
解析：基因分离定律和自由组合定律的实质：进行有性生殖的生物在进行减数分裂产生配子的过程中，位于同源染色体上的等位基因随同源染色体分离而分离，分别进入不同的配子中，随配子独立遗传给后代，同时位于非同源染色体上的非等位基因进行自由组合。
8.答案：C
解析：
9.答案：C
解析：若子代出现4︰2︰2︰1的性状分离比，则存在AA、BB均可致死现象，基因型为AaBb的个体能存活，A正确；若子代出现15︰1的性状分离比，说明具有A或B基因的个体表现为显性性状，则显性个体中纯合子（AABB、aaBB、AAbb）占1/15+1/15+1/15=1/5，B正确；若子代出现9︰3︰4的性状分离比，说明某一隐性基因成对存在时表现为双隐性状，则测交后代的性状比为1︰1︰2，C错误；若子代出现9︰7的性状分离比，表明只有同时存在A基因和B基因时才会表现出显性性状，则存在杂合子（如Aabb）能稳定遗传的现象，D正确。
10.答案：D
解析：F1产生4种配子，比例为1︰1︰1︰1。F1产生的精子数远多于卵细胞数。基因的自由组合定律是指个体通过减数分裂产生配子过程中，同源染色体上的等位基因彼此分离的同时，非同源染色体上的非等位基因自由组合。
11.答案：C
解析：甲与丙或乙与丙杂交，子代自交或测交可验证基因的分离定律，A正确；甲和乙杂交所得子代只具有一对等位基因，因此不能作为亲本验证自由组合定律，B正确；乙与丙杂交组合的子二代中重组类型所占的比例为5/8，C错误；豌豆为自花传粉、闭花受粉植物，要鉴定显性性状的个体的基因型，最简单的方案是自交，看其是否发生性状分离，D正确。
12.答案：C
解析：本题主要考查基因自由组合定律的实质和应用。F2中果肉橘红色植株基因型为BB的比例为1/3，Bb的比例为2/3，若让果肉橘红色植株随机交配，则F3中果肉白色植株（bb）的比例为2/3×2/3×1/4=1/9，A错误；对于果皮覆纹这一性状，F1基因型可表示为CcDd，与乙ccdd杂交，子代基因型是CcDd︰Ccdd︰ccDd︰ccdd=1︰1︰1︰1，子代中果皮有覆纹︰无覆纹=1︰3，B错误；如果果皮颜色、覆纹由3对独立的等位基因控制，则遵循自由组合定律，则F1基因型是AaCcDd，F2果皮黄色无覆纹的甜瓜植株的基因型是aaC_dd、aaccD_、aaccdd，比例是1/4×7/16=7/64，后代植株共有640株，因此F2中果皮黄色无覆纹的甜瓜植株大约有640×7/64=70株，C正确；果皮颜色、果肉颜色两对相对性状都遵循分离定律，但是两对等位基因不一定遵循自由组合定律，D错误。
13.答案：C
解析：采用花粉鉴定法验证基因的分离定律，必须是可以在显微镜下表现出来的性状，即非糯性(A)和糯性(a)，花粉粒长形(D)和圆形(d)，①和③杂交所得F1的花粉只有抗病(T)和易感病(t)不同，显微镜下观察不到，A错误；若采用花粉鉴定法验证基因的自由组合定律，则应该选择②④组合，观察F1的花粉，B错误；将②和④杂交后所得的F1(Aa)的花粉涂在载玻片上，加碘液染色后，一半花粉变为蓝色，一半花粉变为棕色，D错误。
14.答案：A
解析：亲本既可以选择纯种的黄色圆粒豌豆与绿色皱粒豌豆，也可以选择纯种的黄色皱粒豌豆与绿色圆粒豌豆，两种情况对实验结果没有影响。
15.答案：C
解析：由题意可知，显性基因A和B可以使花青素含量增加，两者增加的量相等，并且可以累加，因此深红色牡丹的基因型为AABB，白色牡丹的基因型为aabb，它们杂交所得子一代均为中等红色个体（基因型为AaBb），这些个体自交得到子二代，共有5种表型，子二代的表型及比例为深红色（1/16AABB）︰偏深红色（2/16AABb、2/16AaBB）︰中等红色（1/16AAbb、1/16aaBB、4/16AaBb）︰偏白色（2/16Aabb、2/16aaBb）︰白色（1/16aabb）=1︰4︰6︰4︰1。故选C。
16.答案：(1)白色；A；
(2)全为红花或红花︰白花=3︰1 ；
(3)紫茎；D和E组；
(4)绿茎︰紫茎=3︰1；
(5)红花个体中既有纯合子又有杂合子
解析：(1) 分析第一组的A、B两组，由于各组亲本选择的数目较多，两组F1中都是红花较多，说明红花是显性性状，白花为隐性性状，最可靠的依据是A组，该组亲本的表现型均为红花，子一代出现了白花，根据“无中生有为隐性”可知，白花为隐性性状。
(2)B组亲本中的任一株红花植株，可能是纯合子也可能是杂合子，因此自交后代出现的情况是全为红花或红花︰白花=3︰1。
(3)根据表格中D组合（绿茎×紫茎的后代绿茎︰紫茎=1︰1）和E组合（紫茎自交的后代全为紫茎），可判断茎色遗传中，隐性性状为紫茎，显性性状为绿茎。
(4)根据（3）的分析可知，绿茎为杂合体，所以F组绿茎自交，其子一代表现型为绿茎︰紫茎
=3︰1。
(5)A、B两组杂交后代没有出现3︰1或1︰1的分离比的原因是红花个体中既有纯合子又有杂合子。
17.答案：（1）F1中缺刻叶︰全缘叶=1︰1，齿皮︰网皮=1︰1；缺刻叶、齿皮
（2）甲、乙
（3）1/4
（4）果皮；F2中缺刻叶︰全缘叶=15︰1、齿皮︰网皮=3︰1
解析：本题考查基因的分离定律和自由组合定律的相关知识。情况一：若植物的性状由1对基因控制，假设一种二倍体甜瓜的叶形有缺刻叶和全缘叶（由一对基因A、a控制），果皮有齿皮和网皮（由一对基因B、b控制）。由实验②的F1为缺刻叶齿皮，F2中性状分离比为9︰3︰3︰1，推测缺刻叶、齿皮为显性性状，F1的基因型为AaBb，亲本丙和丁为纯合子。由题意可知，甲和丙种植后均表现为缺刻叶网皮，推测丙的基因型为AAbb，丁的基因型为aaBB。由于甲和丙的基因型不同，故甲的基因型为Aabb。结合实验①的F1性状分离比为1︰1︰1︰1，推测乙基因型为aaBb。情况二：若植物的性状由多对基因控制，假如实验②的F2中缺刻叶齿皮︰缺刻叶网皮︰全缘叶齿皮︰全缘叶网皮是45︰15︰3︰1，则叶形性状中缺刻叶︰全缘叶=（45+15）︰（3+1）=15︰1，为9︰3︰3︰1的变形，符合双杂合体自交比例；果皮性状中齿皮︰网皮=（45+3）︰（15+1）=3︰1，符合单基因杂合体自交比例，故推测叶形由2对基因控制，果皮由1对基因控制。
（1）实验①的F1中缺刻叶︰全缘叶=1︰1，齿皮︰网皮=1︰1，符合分离定律。根据实验②，可判断这2对相对性状中的显性性状是缺刻叶、齿皮。
（2）甲、乙、丙、丁中属于杂合体的是甲（Aabb）、乙（aaBb）。
（3）实验②的F2中16份中AABB、AAbb、aaBB、aabb各1份，共4份，纯合体所占比例为1/4。
（4）假如实验②的F2中缺刻叶齿皮︰缺刻叶网皮︰全缘叶齿皮︰全缘叶网皮是45︰15︰3︰1，则叶形和果皮这两个性状中由1对等位基因控制的是果皮，判断的依据是F2中缺刻叶︰全缘叶=15︰1，齿皮︰网皮=3︰1。
18.答案：（1）显性；基因的分离
（2）一；两；交叉互换
（3）3︰1
（4）两；1/5
解析：本题考查遗传的基本规律。
（1）据①②③组可知，纯合的抗病和感病植株杂交，F1均为抗病个体，可判断出三种抗病性状相对于感病性状均为显性，且根据F2的抗病︰感病=3︰1可知，三个抗病品系均与感病品系一样存在一对等位基因，符合基因的分离定律。
（2）抗病是显性性状，故三个抗病品系均为显性突变，则三个抗病品系中任意两个杂交，都会出现两对等位基因，如果任意两对等位基因位于不同的同源染色体上，则F2出现15︰1，但是据④组可知，F2均为抗病，因此F1中a品系和b品系的抗病基因位于一对同源染色体上，二者的抗病基因位于两条染色体上且这两个基因所在染色体不发生交叉互换，F1产生的配子中均含有抗病基因，F2全抗病。
（3）a、b品系的抗病基因是不同的基因突变，相关基因如果用A和a、B和b表示，①组的F1为Aabb，②组的F1为aaBb，两组的F1杂交，其后代抗病植株与感病植株的比例为3︰1。
（4）由⑤组的F2可知，b品系和c品系的抗病基因位于两对同源染色体上，F2抗病植株占15/16，其中纯合子包括双显纯合子和单显纯合子，分别占一份和两份，所以F2抗病植株中纯合子占3/15，即1/5。